四川省营山县双河中学2015届高三期中测试物理试卷 (Word版含答案)

绝密★启用前2015年第二次大联考【四川卷】理科综合·物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分110分，考试时间60分钟。

2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。

第一卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．稿纸上作答无效．．．．．．．。

（满分110分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。

每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．光导纤维现已在通讯、医疗技术中大量使用。

光导纤维是由折射率不同的透明材料通过特殊复合技术制成的复合纤维。

光导纤维由芯线和外涂层组成，下列说法正确的是（）A．光纤芯线的折射率要低B．涂层材料折射率要高C．芯料和涂料的折射率相差越大越好D．一束光经光纤传导过程中，光几乎都在外涂层里传播【答案】C该题考查光导纤维的原理【解析】因为要求发生全反射，所以光导纤维的光纤芯线的折射率高，涂层材料的折射率低，而且两者的折射率相差越大越好，故ABD错误，C正确。

2．如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平。

A球、C球与B 球分别用两根轻质细线连接。

当系统保持静止时，B球对碗壁刚好无压力，图中θ=30°，则A球和C球的质量之比为（）A ．1:2 B．2 :1 C ．1:3D．3:1【答案】C该题考查共点力的平衡问题【解析】B球对碗壁刚好无压力，则根据几何知识分析可得B球所在位置两线的夹角为90°，以B球为研究对象，进行受力分析，水平方向所受合力为零，由此可知，故选C点评：本题难度较小，明确B球所在位置夹角为90°是本题求解的关键3．如图甲所示为一列简谐横波在t=0时刻波动图象，图乙为介质中M点的振动图象。

四川省营山县双河中学2015届高三期中检测理科综合生物部分考试时间：50分钟；满分：100分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题：共7题，每题6分，共42分1．关于ES细胞的应用叙述错误的是A.可以用于治疗由于细胞坏死、退化或功能异常引起的疾病B.在体外诱导分化可培育出人造组织器官C.是研究体外细胞分化的理想材料D.不能用于治疗糖尿病、肝衰竭等疾病2．为获得纯合高蔓抗病番茄植株，采用了下图所示的方法，图中两对相对性状独立遗传，据图分析不正确的是A.过程①的自交代数越多，纯合高蔓抗病植株的比例越高B.过程②可以取任一植株的花药作培养材料C.过程③包括脱分化和再分化两个过程D.图中筛选过程不改变抗病基因频率3．科学家在某种农杆菌中找到了抗枯萎的基因，并以质粒为运载体，采用转基因方法培育出了抗枯萎病的金花茶新品种。

下列有关说法正确的是A.质粒是最常用的运载体之一，质粒的存在与否对宿主细胞生存有决定性的作用B.通过该方法获得的抗枯萎病金花茶，将来产生的花粉中不一定含有抗病基因C.该种抗枯萎病基因之所以能在金花茶细胞中表达，是因为两者的DNA结构相同D.为保证金花茶植株抗枯萎病，只能以受精卵细胞作为基因工程的受体细胞4．下图分别为两种细胞器的部分结构示意图，其中分析正确的是A.图a表示线粒体，[H]与氧结合形成水发生在外膜上B.图b表示叶绿体，直接参与光合作用的膜上有色素的分布C.两图所示意的结构与ATP形成有关的酶都在内膜和基质中D.两图代表的细胞器都与能量转换有关不可共存于一个细胞5．不同浓度的生长素影响某植物乙烯生成和成熟叶片脱落的实验结果如下图所示。

下列有关叙述正确的是A.乙烯浓度越高脱落率越高B.脱落率随生长素和乙烯浓度增加而不断提高C.生长素和乙烯对叶片脱落的作用是相互对抗D.生产上可喷施高浓度生长素类似物降低脱落率6．多巴胺是脑内分泌的一种神经递质，主要负责大脑的情欲、感觉、兴奋及开心的信息传递，也与上瘾有关。

2015-2016年第一学期高三物理期中联考试卷（有答案）201－2016学年第一学期八县（市）一中期中联考高三物理科试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共计48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确的是( )A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律2 如图所示，滑轮本身的质量和摩擦可忽略不计，滑轮轴安在一根轻木杆B上，一根轻绳A绕过滑轮，A端固定在墙上，且绳保持水平，端下面挂一个重物，B与竖直方向夹角，系统保持平衡，若保持滑轮的位置不变，改变θ的大小，则滑轮受到滑轮轴的弹力大小变化情况是( )A．只有角θ变小，弹力才变小B．只有角θ变大，弹力才变小．不论角θ变大或变小，弹力都不变D．不论角θ变大或变小，弹力都变大3 近年的冬季，我国南方地区常发生冰雪灾害，持续的雨雪冰冻导致城区大面积停水断电，许多街道大树树枝被冰雪压断，给市民生活带极大不便。

下列说法正确的是( )A．在结冰的路面上，车辆轮胎经常缠上防滑链，目的是增大轮胎与地面间最大静摩擦力B．在结冰的路面上，车辆如果保持原的功率行驶而不打滑，那么其最大运行速度不变．在结冰的路面上，为了安全起见，车辆应减速慢行，以减小行驶车辆的惯性D．据测定，某汽车轮胎与普通路面的动摩擦因数为07，而与冰面间的动摩擦因数为01，那么该汽车以相同的速度在普通路面和冰面上行驶，急刹车后滑行的距离之比为7:14 如图所示，一个质量为的物体（可视为质点），由斜面底端的A点以某一初速度冲上倾角为30 0 的固定斜面做匀减速直线运动，减速的加速度大小为g，物体沿斜面上升的最大高度为h，在此过程中( ) A．物体克服摩擦力做功B．物体的动能损失了gh．物体的重力势能增加了2ghD．系统机械能损失了gh一只小船在静水中的速度为3／s，它要渡过一条宽为30的河，河水流速为4／s，则这只船( )A．能沿垂直于河岸方向过河B．船头正对河岸渡河的位移最小．能渡过这条河，而且所需时间可以小于10sD．能渡过这条河，渡河的位移最小为406．如图所示，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员(可视为质点)．a站在地面上，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态．当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a的质量与演员b的质量之比为( )A．1∶1 B．2∶1．3∶1 D．4∶17在一个光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t＝0时刻起，由坐标原点(0，0)开始运动，其沿x轴和轴方向运动的速度－时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2 s内物体做匀加速曲线运动B．后2 s内物体做匀加速曲线运动，加速度方向与x轴的正方向夹角为．3s末物体坐标为(4，0)D．3s末物体坐标为(3，1)8 如图所示，足够长的传送带以恒定速率顺时针运行。

2015高考四川理综物理部分解析（第Ⅰ卷 选择题 共7题，共42分）每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选和不选的得0分．1．在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计空气阻力，则落在同一水平地面时的速度大小A ．一样大B ．水平抛的最大C ．斜向上抛的最大D ．斜向下抛的最大 A 解析：三个小球被抛出后，均仅在重力作用下运动，三球从同一位置落至同一水平地面时，设其下落高度为h ，并设小球的质量为m ，根据动能定理有2201122mgh m m =-v v ，解得小球的末速度大小为=v A 正确．考点：抛体运动特点、动能定理（或机械能守恒定律）的理解与应用． 2．平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m 的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两个小木块每分钟都上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰．这列水面波A ．频率是30HzB ．波长是3mC ．波速是1m/sD ．周期是0.1sC 解析：木块每秒振动30次，则周期为60s 2s 30T ==，频率为0.5Hz ，A 、D 错误；甲在波谷时乙在波峰，中间还有一个波峰，则甲、乙间距为32d λ=，波长22m 3d λ==，波速1m/s Tλ==v ，B 错C 项正确．考点：对机械波、机械振动特点和规律的理解与应用．3．直线12P P 过均匀玻璃球球心O ，细光束a 、b 平行且关于12P P 对称，由空气射入玻璃球的光路如图．a 、b 光相比A ．玻璃对a 光的折射率较大B ．玻璃对a 光的临界角较小C ．b 光在玻璃中的传播速度较小D ．b 光在玻璃中的传播时间较短C 解析：由于a 、b 光平行且关于12P P 对称，因此它们的入射角i 相等，根据图中几何关系可知，b 光进入玻璃球的折射角大于a 光的折射角，故玻璃球对b 的折射率大于对a 的折射率，A 错；由1sin C n=可知，折射率大则临界角小，B 错；由cn =v可知折射率大则光在其中传播的速率小，C 项正确；而b 光速率小，且在玻璃球中的路径长，因此传播时间长，D 错．考点：对折射率、临界角、光的折射定律的理解与应用．4．小型手摇发电机线圈共N 匝，每匝可简化为矩形线圈abcd ，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO '，线圈绕OO '匀速转动，如图所示．矩形线圈ab 边和cd 边产生的感应电动势的最大值都为0e ，不计线圈电阻，则发电机输出电压A ．峰值是0eB ．峰值是20e C0Ne D0 D 解析：由题意可知，线圈ab 边和cd 边产生的感应电动势的最大值都为0e ，因此对单匝矩形线圈总电动势最大值为20e ，又因为发电机线圈共N 匝，所以发电机线圈中总电动势最大值为02Ne ，根据闭合电路欧姆定律可知，在不计线圈内阻时，输出电压等于感应电动势的大小，即其峰值为02Ne ，故选项A 、B 错误；又由题意可知，若从图示位置开始计时，发电机线圈中产生的感应电流为正弦式交变电流，由其有效值与峰值的关系可知，0U ==，故选项C 错误；选项D 正确．考点：对正弦式交变电流的产生原理的理解，以及其四值运算、闭合电路欧姆定律的应用．5．登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响．根据下表，火星和地球相比A ．火星的公转周期较小B ．火星做圆周运动的加速度较小C ．火星表面的重力加速度较大D ．火星的第一宇宙速度较大B 解析：火星轨道半径比地球轨道半径大，根据开普勒第三定律可知火星公转周期比地球大，A 错；由万有引力等于向心力可知2Ma Gr=向，轨道半径大则加速度小，B 项正确；由2Mm G mg R =可知，星球表面重力加速度之比122g M R =<g M R ⋅火火地地地火，故火星表面重力加速度较小，C 错；由第一宇宙速度v 可知火星的第一宇宙速度较小，D 项错误．考点：万有引力定律的应用和分析数据、估算的能力．6．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O ，最低点是P ，直径MN 水平，a 、b 是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b 固定在M 点，a 从N 点静止释放，沿半圆槽运动经过P 点到达某点Q （图中未画出）时速度为零．则小球aA ．从N 到Q 的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B ．从N 到P 的过程中，速率先增大后减小C ．从N 到Q 的过程中，电势能一直增加D ．从P 到Q 的过程中，动能减少量小于电势能增加量 BC 解析：a 球所受重力恒定，由N 点开始运动后，a 、b 间距离减小，库仑力增大，且库仑力与重力间夹角减小，因此合力增大，A 错；小球a 受力如图所示，当sin sin(902)F mg θθ=︒-时，切线方向合力为零，切向加速度为零，速率最大，因此从N 到P ，小球a 的速率先增大后减小，B 选项正确；从N 到Q 的过程中，由于两电荷距离减小，库仑力一直做负功，故电势能一直增加，C 项正确；系统重力势能、动能和电势能总和不变，从P 到Q ，动能减少，重力势能和电势能增大，即动能的减少量等于重力势能和电势能增加量之和，所以动能减少量大于电势能的增加量，D 错．考点：孤立点电荷等势面特征、库仑定律、平行四边形定则、功能关系、能量守恒定律的应用．7．如图所示，S 处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN 垂直于纸面，在纸面内的长度L ＝9.1cm ，中点O 与S 间的距离d ＝4.55cm ，MN 与SO 直线的夹角为θ，板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B ＝2.0410-⨯T ，电子质量m ＝9.13110-⨯kg ，电量e ＝－1.61910-⨯C ，不计电子重力．电子源发射速度v ＝1.6610⨯m/s 的一个电子，该电子打在板上可能位置的区域的长度为l ，则A ．θ＝90°时，l ＝9.1cmB ．θ＝60°时，l ＝9.1cmC ．θ＝45°时，l ＝4.55cmD ．θ＝30°时，l ＝4.55cmAD 解析：电子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据洛伦兹力大小计算公式和向心力公式有2Be mrv v =，解得电子圆周运动的轨道半径为：3161949.1101.610m 4.55c m 1.6102.010m r eB ---⨯⨯⨯===⨯⨯⨯v ，恰好有2Lr d ==，由于电子源S 可向纸面内任意方向发射电子，因此电子的运动轨迹将是过S 点的一系列半径为r 的等大圆，当θ在30°~90°变化时，都有电子打在N 端，能够打到板MN 上的区域范围从N 端到轨迹与MN 相切的点A ，如下图所示，实线 SN表示电子刚好经过板N 端时的轨迹，实线 SA表示电子轨迹刚好与板相切于A 点时的轨迹，因此电子打在板上可能位置的区域的长度为l NA =．由于MN 与SO 间的夹角θ不确定，要命电子轨迹与MN 板相切，根据几何关系可知，电子的轨迹圆心C 一定都在与MN 距离为r 的平行线上，如图所示．当9.1cm l =时，A 点与板M 端重合，电子轨迹如图中 22S A 所示，此时2S O MN ⊥，90θ=︒，A 项正确B 错误；当 4.55cm l =时，A 点与板O 点重合，电子轨迹如图中实线 11S A ，由几何关系可知，此时1S O 与MN 的夹角30θ=︒，故选项C 错误D 正确．考点：带电粒子在有界磁场中的运动．较难．（第Ⅱ卷 非选择题，共68分）8．（17分） （1）（6分）某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为1l ，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数1l ＝_________cm.．在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是2345l l l l 、、、．已知每个钩码质量是50g ，挂2个钩码时，弹簧弹力2F ＝__________N （当地重力加速度g ＝9.82m/s ）．要得到弹簧伸长量x ，还需要测量的是__________．作出F x -曲线，得到弹力与弹簧伸长量的关系．答案：25.85 0.98 弹簧的原长0l解析：根据图2指针指示可读出125.85cm l =．挂2个钩码时，以2个钩码为研究对象，受重力和弹簧拉力而平衡，因此有322250109.8N 0.98N F mg -==⨯⨯⨯=，弹簧的伸长量0x l l =-，其中l 为弹簧形变后的长度，0l 为弹簧原长，因此要得到弹簧的伸长量，还需测量弹簧的原长． 考点：探究弹力和弹簧伸长的关系实验 （2）（11分）用实验测一电池的内阻r 和一待测电阻的阻值x R ．已知电池的电动势约6V ，电池内阻和待测电阻阻值都为数十欧．可选用的实验器材有：电流表1A （量程0～30mA ）； 电流表2A （量程0～100mA ）； 电压表V （量程0～6V ）； 滑动变阻器1R （阻值0～5Ω）； 滑动变阻器2R （阻值0～300Ω）；开关S 一个，导线若干条． 某同学的实验过程如下：Ⅰ．设计如图3所示的电路图，正确连接电路．Ⅱ．将R 的阻值调到最大，闭合开关，逐次调小R 的阻值，测出多组U 和I 的值，并记录．以U 为纵轴，I 为横轴，得到如图4所示的图线．Ⅲ．断开开关，将x R 改接在B 、C 之间，A 与B 直接相连，其他部分保持不变．重复Ⅱ的步骤，得到另一条U-I 图线，图线与横轴I 的交点坐标为（0I ，0），与纵轴U 的交点坐标为（0，0U ）．回答下列问题：①电流表应选用_______，滑动变阻器应选用_______；②由图4的图线，得电源内阻r ＝_______Ω；③用0I 、0U 和r 表示待测电阻的关系式x R ＝________，代入数值可得x R ；④若电表为理想电表，x R 接在B 、C 之间与接在A 、B 之间，滑动变阻器滑片都从最大阻值位置调到某同一位置，两种情况相比，电流表示数变化范围_________，电压表示数变化范围________．（选填“相同”或“不同”）答案：①2A 2R ②25 ③U r I - ④相同 不同 解析：①电池电动势约6V ，由图4可知，电流测量最大值约80mA ，故电流表选用2A ；为保证电流调节范围尽可能大些，且图4中电流最小值约20mA ，因此回路电阻约300Ω，滑动变阻器选用2R ． ②根据图3电路结构可知，电压表测量了电路的路端电压，电流表测量了电路的总电流，因此图4中，图线斜率绝对值即为电源的内阻，有：35.5 4.025(8020)10r k --==Ω=Ω-⨯．③当改接电路后，将待测电阻与电源视为整体，即为一“等效电源”，此时图线的斜率为等效电源的内阻，因此有：0000x U r r R k I -''=+==-，解得：00x UR r I =-． ④若电表为理想电表，x R 接在B 、C 之间与接在A 、B 之间，电路的总电阻可变范围不变，因此电流表的示数变化范围相同，x R 接在B 、C 之间时，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，而x R 接在A 、B 之间时，电压表测量的是滑动变阻器与x R 两端电压的和，由于对应某一滑动变阻器阻值时，电路的电流相同，因此电压表的读数不同，所以电压表示数变化范围也不同．考点：测定电源电动势和内阻、伏安法测电阻的实验9．（15分）严重的雾霾天气，对国计民生已造成了严重的影响，汽车尾气是形成雾霾的重要污染源，“铁腕治污”已成为国家的工作重点，地铁列车可实现零排放，大力发展地铁，可以大大减少燃油公交车的使用，减少汽车尾气排放．若一地铁列车从甲站由静止启动后做直线运动，先匀加速运动20s 达到最高速度72km/h ，再匀速运动80s ，接着匀减速运动15s 到达乙站停住．设列车在匀加速运动阶段牵引力为1610⨯N ，匀速阶段牵引力的功率为6310⨯kW ，忽略匀减速运动阶段牵引力所做的功． （1）求甲站到乙站的距离；（2）如果燃油公交车运行中做的功与该列车从甲站到乙站牵引力做的功相同，求公交车排放气体污染物的质量．（燃油公交车每做1焦耳功排放气体污染物3610-⨯克） 答案：（1）s ＝1950m ；（2）m ＝2.04kg 解：(15分)⑪设列车匀加速直线运动阶段所用时间为1t ，运动距离为1s ；在匀速直线运动阶段所用时间为2t，运动距离为2s ，速度为v ；在匀减速直线运动阶段所用时间为3t ，运动距离为3s ；甲站到乙站的距离为s ．则1112s t =v① 22s t =v②3312s t =v③123s s s s =++④联立①②③④式并代入数据解得1950m s = ⑤说明：①③式各2分，②④⑤式各1分．⑫设列车在匀加速直线运动阶段的牵引力为F ，所做的功为1W ；在匀速直线运动阶段的牵引力的功率为P ，所做的功为2W ．设燃油公交车做与该列车从甲站到乙站相同的功W ，将排放气态污染物质量为M ．则11W Fs =⑥ 22W Pt = ⑦12W W W =+⑧91(310kg J )M W --=⨯⋅⋅ ⑨ 联立①⑥⑦⑧⑨式并代入数据解得2.04kg M = ⑩说明：⑥⑦⑨各2分，⑧⑩各1分．考点：匀速直线运动与匀变速直线运动规律的应用，以及功大小的计算． 10．（18分）如图所示，粗糙、绝缘的直轨道OB 固定在水平桌面上，B 端与桌面边缘对齐，A 是轨道上一点，过A 点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小E ＝1.5610⨯N/C ，方向水平向右的匀强电场．带负电的小物体P 电荷量是2.0610-⨯C ，质量m ＝0.25kg ，与轨道间动摩擦因数μ＝0.4，P 从O 点由静止开始向右运动，经过0.55s 到达A 点，到达B 点时速度是5m/s ，到达空间D 点时速度与竖直方向的夹角为α，且tanα＝1.2．P 在整个运动过程中始终受到水平向右的某外力F 作用，F 大小与P 的速率v 的关系如表所示．P 视为质点，电荷量保持不变，忽略空气阻力，取g ＝10 2m/s ，求：（1）小物体P 从开始运动至速率为2m/s 所用的时间； （2）小物体P 从A 运动至D 的过程，电场力做的功． 答案：（1）1t ＝0.5s ；（2）W ＝－9.25J ．解：(17分)⑪小物体P 的速率从0至2m/s ，受外力12N F =，设其做匀变速直线运动的加速度为1a ，经过时间1t ∆速度为1v ，则11F mg ma μ-= ①111a t =∆v②由①②式并代入数据解得10.5s t ∆=③说明：①②③式各2分⑫小物体P 从速率为2m/s 运动至A 点，受外力26N F =，设其做匀变速直线运动的加速度为2a ，则22F mg ma μ-=④设小物体P 从速度1v 经过2t ∆时间，在A 点的速度为2v ，则210.55s t t ∆=-∆⑤2122a t =+∆v v⑥P 从A 点至B 点，受外力26N F =、电场力和滑动摩擦力的作用，设其做匀变速直线运动的加速度为3a ，电荷量为q ，在B 点的速度为3v ，从A 点至B 点的位移为1x ，则23F mg qE ma μ--=⑦2232312a x -=v v⑧P 以速度3v 滑出轨道右端B 点，设水平方向受外力为3F ，电场力大小为E F ，有3E F F =⑨3F 和E F 大小相等方向相反，P 水平方向所受合力为零，所以P 从B 点开始做初速度为3v 的平抛运动．设P 从B 点运动至D 点的时间为3t ∆，水平位移为2x ，由题意知33tan g t α=∆v ⑩233x t =∆v设小物体P 从A 点至D 点电场力做功为W ，则12()W qE x x =-+联立④~⑧，⑩~式并代入数据解得9.25J W =-说明：④⑥⑧式各1分，⑦⑩式各2分．考点：物体的受力分析、牛顿第二定律、匀变速直线运动规律、平抛运动规律、功的定义式的应用． 11．（18分） 如图所示，金属导轨MNC 和PQD ，MN 与PQ 平行且间距为L ，所在平面与水平面夹角为α，N 、Q 连线与MN 垂直，M 、P 间接有阻值为R 的电阻；光滑直导轨NC 和QD 在同一水平面内，与NQ 的夹角都为锐角θ．均匀金属棒ab 和ef 质量均为m ，长均为L ，ab 棒初始位置在水平导轨上与NQ 重合；ef 棒垂直放在倾斜导轨上，与导轨间的动摩擦因数为μ（μ较小），由导轨上的小立柱1和2阻挡而静止．空间有方向竖直的匀强磁场（图中未画出）．两金属棒与导轨保持良好接触．不计所有导轨和ab 棒的电阻，ef 棒的阻值为R ，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，忽略感应电流产生的磁场，重力加速度为g ．（1）若磁感应强度大小为B ，给ab 棒一个垂直于NQ 、水平向右的速度1v ，在水平导轨上沿运动方向滑行一段距离后停止，ef 棒始终静止，求此过程ef 棒上产生的热量；（2）在（1）问过程中，ab 棒滑行距离为d ，求通过ab 棒某横截面的电量；（3）若ab 棒以垂直于NQ 的速度2v 在水平导轨上向右匀速运动，并在NQ 位置时取走小立柱1和2，且运动过程中ef 棒始终静止．求此状态下最强磁场的磁感应强度及此磁场下ab 棒运动的最大距离． 答案：（1）2114W m =v ；（2）2(cot )Bd L d q R θ-=；⑬m B =直向下均可，m 2tan (1)sin cos L x μθμααμ=++解：(18分)⑪设ab 棒的初动能为k E ，ef 棒和电阻R 在此过程产生的热量分别为W 和1W ，有21k 112W W E m +==v ①且1W W =② 由题有 2k 112E m =v ③ 得2112W m =v④说明：①②③④式各1分（2）设在题设过程中，ab 棒滑行时间为t ∆，扫过的导轨间的面积为S ∆，通过S ∆的磁通量为Φ∆，ab 棒产生的电动势为E ，ab 棒中电流为I ，通过ab 棒某截面的电量为q ，则ΦE t∆=∆ ⑤ 且 Φ=B S ∆⋅∆⑥q I t =∆ ⑦ 又有2E I R= ⑧ 由图所示(cot )S d L d θ∆=-⑨ 联立⑤~⑨式，解得2(cot )Bd L d q Rθ-=⑩说明：⑤⑥⑦⑧⑨⑩式各1分．⑬ab 棒滑行距离为x 时，ab 棒在导轨间的棒长x x F BI L =为2cot x L L x θ=-此时，ab 棒产生的电动势x E 为 2x x E B L =v流过ef 棒的电流x I 为 xx E I R=ef 棒所受安培力x F 为 x x F BI L =联立~，解得 22(2c o t )x B LF L x Rθ=-v由式可得，xF 在x =0和B为最大值22cos (cos sin )sin F mg F mg αμααα++=时有最大值1F ．由题知，ab 棒所受安培力方向必水平向左，ef 棒所受安培力方向必水平向右，使1F 为最大值的受力分析如图所示，图中m f 为最大静摩擦力，有11cos sin (cos sin )F mg mg F ααμαα=++联立，得m B =式就是题目所示最强磁场的磁感应强度大小，该磁场方向可竖直向上，也可竖直向下． 由式可知，B 为m B 时，x F 随x 增大而增大，x 为最大m x 时，x F 为最小值2F ，如图可知22cos (cos sin )sin F mg F mg αμααα++=联立，得m 2tan (1)sin cos L x μθμααμ=++说明：式各1分，式2分，正确说明磁场方向得1分．考点：功能关系、串并联电路特征、闭合电路欧姆定律、法拉第电磁感应定律、楞次定律共点力平衡条件的应用，和临界状态分析与求解极值的能力．。

绝密★启用前2015年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷）理科综合·物理第I 卷 （选择题 共42分）注意事项：必须使用2B 铅笔在答题卡上将所选答案对应的标号涂黑。

第I 卷共7题，每题6分。

每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计空气阻力，则落在同一水平地面时的速度大小Ａ．一样大B ．水平抛的最大C ．斜向上抛的最大D ．斜向下抛的最大【答案】A 【解析】根据动能定理：2201122mgh mv mv =-得落地速度v =v 0相同，高度h 相同，故落地速度相同。

选项A 正确。

2．平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m 的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两小木块每分钟上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰。

这列水面波A ．频率是30HzB ．波长是3mC ．波速是1m/sD ．周期是0.1s【答案】C【解析】由两小木块每分钟上下30次知甲、乙的周期相同为T =60/30s=2s ，频率f =0.5Hz ，A 、D 错误；甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰得：3λ/3=3m ，即波长λ=2m ，B 错误；波速v =λ/T=1m/s,，D 正确，选项D 正确。

3．直线P 1P 2过均匀玻璃球球心O ，细光束a 、b 平行且关于P 1P 2对称，由空气射入玻璃球的光路如图。

a 、b 光相比 A ．玻璃对a 光的折射率较大 B ．玻璃对a 光的临界角较小 C ．b 光在玻璃中的传播速度较小 D ．b 光在玻璃中的传播时间较短【答案】C【解析】由于细光束a 、b 平行且关于P 1P 2对称，射入玻璃球的入射角相等，由题图几何关系可知光线a的折射角小于b 折射角，根据折射定律：sin sin i n γ=，玻璃对b 光的折射率大，A 错误；由发生全反射的临界角1sin C n =可得：玻璃对b 光的临界角较小，B 错误；根据c v n =知b 光在玻璃中的传播速度较小，C 正确；由于在玻璃中b 的光程d 比a 大，由t =d /v 知b 光在玻璃中的传播时间较长，D 错误，选项C 正确。

四川省营山县双河中学2015届高三期中检测理科综合化学部分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题：共7题每题6分共42分1．下列实验操作正确且能达到目的的是A.用NH4Cl溶液蒸干制备NH4Cl固体B.用重结晶法除去KNO3中混有的NaClC.用BaCl2溶液鉴别AgNO3溶液和K2SO4溶液D.用NaOH溶液和分液漏斗萃取溴水中的溴2．X、Y、Z是中学化学中三种常见元素的单质，甲、乙是两种常见的化合物，相互间有如图转化关系(未注明反应条件)，下列说法不正确的是A.若X、Y均为金属单质，则甲不可能为黑色固体B.若X为金属单质，Y为非金属固体单质，则Z为O2C.若X为金属单质，Y为非金属气体单质，则乙可能为黑色固体D.若X、Y均为非金属固体单质，则Z可能为O23．氨气分子的空间构型为三角锥形，甲烷分子的空间构型为正四面体，这是因为A.氨气分子是极性分子而甲烷是非极性分子B.NH3分子中有一对未成键的孤对电子，它对成键电子的排斥作用较强C.NH3分子中N原子形成三个杂化轨道，CH4分子中C原子形成4个杂化轨道D.两种分子的中心原子杂化轨道类型不同，NH3为sp2型杂化，而CH4是sp3型杂化4．碘单质在水溶液中溶解度很小，但在CCl4中溶解度很大，这是因为l4与I2都是直线型分子，而H2O不是直线型分子l4与I2分子量相差较小，而H2O与I2分子量相差较大l4和I2都不含氢元素，而H2O中含有氢元素l4和I2都是非极性分子，而H2O是极性分子5．甲装置中所含的是物质的量之比为1∶2的CuSO4和NaCl的混合溶液,电解过程中溶液的pH随时间t变化的示意图如乙所示(不考虑电解产物与水的反应)。

试分析下列叙述中正确的是A.该混合溶液中的S导致A点溶液的pH小于B点B.AB段与BC段在阴极上发生的反应是相同的,即:Cu2++2e-CuC.BC段阴极产物和阳极产物的体积之比为2∶1D.在整个电解的过程中会出现少量淡蓝色的Cu(OH)2沉淀6．为研究金属腐蚀的条件和速率,某课外小组学生用金属丝将三根大小相同的铁钉分别固定在如图所示的三个装置中,再放置于玻璃钟罩里保存相同的一段时间,下列对实验结束时现象的描述正确的是A.装置甲左侧的液面一定会上升B.装置乙中的铁钉腐蚀最慢C.装置丙中的铁钉发生析氢腐蚀D.装置甲中的铁钉和装置乙中的铁钉都会被腐蚀7．结合下图判断,下列叙述正确的是A.图Ⅰ是铁的析氢腐蚀B.图Ⅱ是铁的吸氧腐蚀C.图Ⅰ和图Ⅱ中负极反应均是Fe-2e-Fe2+D.图Ⅰ和图Ⅱ中正极反应均是2H++2e-H 2↑第II卷（非选择题）三、填空题：共13分8．连二亚硫酸钠(Na2S2O4)又称保险粉，是印刷工业中重要的还原剂。

2015年四川高考物理学科模拟试题第I卷（选择题共42分）一．选择题（本题共7小题。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分,有选错的得O分）1.在以下各种说法中，正确的是A．一对相互作用的摩擦力所做的总功总是负功B．所有的机械波都能产生偏振现象，而电磁波不能C．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变宽D．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉2．如图所示，一束复色光沿PO射向截面为半圆形玻璃砖的圆心O处后，分成a、b两束单色光射出。

对于a、b两束单色光下列说法正确的是A. 单色光a频率较小B. 单色光a穿过玻璃砖的时间较长C．单色光a的传播速度始终大于单色光b的传播速度D.若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角比b光的小3．如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50 Hz的正弦交流电源相连。

两个阻值均为20 Ω的电阻串联后接在副线圈的两端。

图中的电流表、电压表均为理想交流电表，原、副线圈的匝数分别为200匝和100匝，电压表的示数为5 V。

则A．电流表的读数为0．5 AB．流过电阻的交流电的频率为100 HzC．原线圈电压的最大值为VD．原线圈的输入功率为25 W4．一列简谐横波，某时刻的图像如下图甲所示，从该时刻开始计时，波上A点的振动图像如图乙所示，则以下说法正确的是A．这列波沿x轴正向传播B．这列波的波速是2．5m/sC ．质点P 比质点Q 先回到平衡位置D ．经过△t=0．4 s ，A 质点通过的路程是4 m5．2011年11月1日“神舟八号”飞船发射升空后，先后经历了5次变轨，调整到处于“天宫一号”目标飞行器后方约52公里处，并与“天宫一号”处于同一离地面高343公里的圆形轨道上，与“天宫一号”实施首次交会对接，完成浪漫的“太空之吻”。

在实施对接前“神舟八号”飞船与“天宫一号” 目标飞行器轨道示意图如图所示，忽略它们之间的万有引力，则A ．“神舟八号”飞船与“天宫一号”飞行器受到地球的吸引力大小相等B ．“神舟八号”飞船与“天宫一号” 飞行器的加速度大小相等C ．“神舟八号”飞船比“天宫一号” 飞行器的速度大D ．“神舟八号”飞船与“天宫一号” 飞行器的速度一样大，但比地球同步卫星的速度小6．如图所示，cb 为固定在小车上的水平横杆，物块M 穿在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M 又通过轻细线悬吊着一个小铁球m ，此时小车正以大小为a 的加速度向右做匀加速运动，而M 、m 均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ．小车的加速度逐渐增大，M 始终和小车保持相对静止，当加速度增加到2a 时A ．横杆对M 的摩擦力增加到原来的2倍B ．横杆对M 的弹力不变C ．细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D ．细线的拉力增加到原来的2倍 7．如图所示,空间存在足够大的竖直向下的匀强电场,带正电荷的小球（可视为质点且所受电场力与重力相等）自空间O 点以水平初速度v 0抛出,落在地面上的A 点,其轨迹为一抛物线．现仿此抛物线制作一个光滑绝缘滑道并固定在与OA 完全重合的位置上,将此小球从O 点由静止释放,并沿此滑道滑下,在下滑过程中小球未脱离滑道．P 为滑道上一点,已知小球沿滑道滑至P 点时其速度与水平方向的夹角为45°,下列说法正确的是A ．小球两次由O 点运动到P 点的时间相等B ．小球经过P 点时,水平位移与竖直位移之比为1：2C ．小球经过滑道上P 点时,电势能变化了14m 20vD ．小球经过滑道上P 点时,重力的瞬时功率为mgv 0第Ⅱ卷（非选择题共68分）8.(17 分） (1)(6分) 验证“力的平行四边形法则”实验如图所示，A 为固定橡皮的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB 、A ．理想实验法B ．等效替代法C ．控制变量法D ．建立物理模型法（2）(11分)为了精确测量某待测电阻R x 的阻值（约为30Ω）。

2015年普通高等学校招生全国统一考试(新课标2卷)理科综合能力测试第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第问题只有一个符合题目要求，第问题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，先对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.【题文】如图，两平行的带电金属板水平放置。

若在两板中间a点静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。

现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将A.保持静止状态B.向左上方做匀加速运动C.向正下方做匀加速运动D.向左下方做匀加速运动【答案】D【解析】本题主要考查电场以及力的合成；对微粒受力分析如图，可知其所受合力向左下方，故向左下方做匀加速运动，选项D正确。

【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。

当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c。

已知bc边的长度为l。

下列判断正确的是A.U a>U c，金属框中无电流B.U b>U c，金属框中电流方向沿a-b-c-aC.U bc=−12Bl2ω，金属框中无电流D.U bc=12Bl2ω，金属框中电流方向沿a-c-b-a【答案】C【解析】本题主要考查电磁感应定律；对ab来说，没有切割磁感线，因此Ub=Ua;对于bc来说，由右手定则可判定若有感应电流，则由b向c，c相当于电源正极，电势高于b点，即Ub=Ua<Uc，由U bc=−Blv=−Bl lω2=−12Bl2ω,又因为线圈内磁通量不变，因此没有感应电流，选项C正确。

【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。

当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行。

绝密★启用前2015年第一次大联考【四川卷】物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分110分，考试时间60分钟。

2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息 3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。

第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．无效．．。

第Ⅰ卷（选择题 共42分）本卷共7题，每题6分。

每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.关于科学家的贡献和他们的科学思想方法，下列说法正确的是（ ）A ．根据爱因斯坦提出的狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短变矮B ．伽利略运用“归谬法”否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的论断C ．法拉第在研究电磁感应现象时利用了理想实验法D ．麦克斯韦预言并用实验证实了电磁波的存在 【答案】B【考点】考查物理学史【解析】根据爱因斯坦提出的狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短，但是与运动垂直的方向长度不变，即高度不变，A 错；法拉第在研究电磁感应现象时利用了常规实验法，C 错；麦克斯韦预言了电磁波的存在，但是用实验证实了电磁波的存在的是赫兹，D 错；B 符合事实。

【易错警示】因斯坦提出的狭义相对论中的动尺变短指的是运动方向长度变短，不是任何方向的长度都变短。

2.如图甲所示，质量m =2 kg 的物体在水平面上向右做直线运动。

过a 点时给物体作用一个水平向左的恒力F 并开始计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v －t 图象如图乙所示。

2015-2016学年四川省南充市营山二中高三（下）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共24.0分)1.如图所示，属于交流电的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：交流电是指电流的大小和方向均随时间做周期性变化的电流；由图可知，符合条件的只有C；故选：C．直流电是指电流的方向不会随时间做周期性变化；而交流电的方向一定随时间估周期性变化．本题考查直流电和交流电的区别，要注意明确是否为交流，关键在于方向上；ABD中大小均做周期性变化，但方向不变，故均为直流．2.分析下列物理现象：（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝；（2）“闻其声而不见其人”；（3）围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高．这些物理现象分别属于波的（）A.反射、衍射、干涉、多普勒效应B.折射、衍射、多普勒效应、干涉C.反射、折射、干涉、多普勒效应D.衍射、折射、干涉、多普勒效应【答案】A【解析】解：（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝，是由于声音在云层间来回传播，这是声音的反射；（2）“闻其声而不见其人”，听到声音，却看不见人，这是声音的衍射；（3）围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音，音叉发出两个频率相同的声波相互叠加，从而出现加强区与减弱区．这是声音的干涉；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高．音调变高就是频率变高，因此这是多普勒效应现象；故选：A衍射是绕过阻碍物继续传播，而干涉是两种频率相同的相互叠加出现明暗相间的现象，对于多普勒效应现象频率是在发生变化．无论反射、衍射还是干涉，其频率均不变，而多普勒效应频率即发生变化．3.有两个质量相等的弹簧振子A和B，A的固有频率为f，B的固有频率为4f，若它们均在频率为3f的驱动力作用下受迫振动．不计一切阻力，则（）A.振子A的振幅较大，振动频率为fB.振子B的振幅较大，振动频率为3fC.振子A的振幅较大，振动频率为3fD.振子B的振幅较大，振动频率为4f【答案】B【解析】解：由题，A、B都做受迫振动，它们的频率都等于驱动力频率3f．由于B的固有频率为4f，与驱动力频率3f较接近，振幅较大．故选B物体做受迫振动时，其频率等于驱动力的频率．当驱动力频率等于物体的固有频率时，物体的振幅最大，产生共振现象．驱动力频率与物体固有频率越接近，受迫振动的振幅越大．本题考查两个知识点：一是物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率；二是共振现象产生的条件：驱动力的频率等于物体的固有频率．4.街道旁的路灯、江海里的航标灯都要求夜晚亮、白天熄，利用半导体的电学特性制成了自动点亮、熄灭的装置，实现了自动控制，这是利用半导体的（）A.压敏性B.光敏性C.热敏性D.霍尔效应【答案】B【解析】解：灯要求夜晚亮、白天熄．则白天有光，黑夜没有光，则是由光导致电路的电流变化，所以电路中光传感器导致电阻变化，实现动控制，因此是利用半导体的光敏性．故选：B传感器的作用是将温度、力、光、声音等非电学量转换为电学量．光敏电阻是将光学量转换为电学量．该题考查常见的传感器中的光敏电阻的特性，知道光敏电阻是当有光时，其电阻的阻值发生变化．当它们起作用时，其电阻的阻值都是变小，而金属电阻则是变大．5.在坐标原点的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=200m/s，已知t=0时波刚好传播到x=40m处，如图所示．在x=400m处有一接收器（图中未画出），则下列说法正确的是（）A.波源开始振动时方向沿y轴正方向B.从t=0开始经0.15s，x=40m的质点运动的路程为0.6mC.接收器在t=2s时才能接收到此波D.若波源向x轴正方向运动，接收器收到的波的频率可能为9 H z【答案】B【解析】解：A、波沿x轴正方向传播，运用波形平移法可知，由图中x=40m处质点的起振方向为沿y轴负方向，则波源开始振动时方向沿y轴负方向．故A错误．B、由图读出波长为λ=20m，周期为T=s由于t=0.15s=1.5T，从t=0开始经0.15s时，x=40m的质点运动的路程S=1.5×4A=6×10cm=0.6m．故B正确．C、接收器与x=40m的距离为△x=400m-40m=360m，波传到接收器的时间为s．故C错误．D、该波的频率为H z，若波源向x轴正方向运动，波源与接收器间的距离减小，根据多普勒效应可知，接收器收到波的频率增大，将大于10H z．故D错误．故选：B简谐波传播过程中，介质中各质点的起振方向与波源的起振方向相同，由图中x=40m 处质点的振动方向读出各质点的起振方向，即可判断出波源开始振动时的方向．波在介质中匀速传播，由t=求出波传到接收器的时间．质点在一个周期内通过的路程是四个振幅，根据时间与周期的关系，求出质点运动的路程．若波源向x轴正方向运动，接收器收到波的频率减小．简谐波一个基本特点是介质中各质点的起振方向都与波源的起振方向相同．波源与接收器的距离增大时，接收器接收到的波的频率将变小；波源与接收器的距离减小时，接收器接收到的波的频率将变大．6.如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片P处于图示位置时，灯泡L能发光．要使灯泡变亮，可以采取的方法有（）A.向下滑动PB.减小电容器C的电容C.减小交流电源的频率D.增大交流电源的电压【答案】D【解析】解：A、向下滑动P，副线圈匝数减少，电压减小，A错误；B、减小电容器C的电容，增加了容抗，通过灯泡的电流减小；故灯泡变暗；故B错误；C、减小电源的频率，增加了容抗，电流减小，故灯泡亮度减小；故C错误；D、增大交流电源的电压，副线圈两端电压也增大，D正确；故选：D．要使灯泡变亮，应使副线圈两端电压增大．向下滑动P，副线圈匝数减少，电压减小，增大交流电源的电压，副线圈两端电压也增大，增大交流电源的频率通过电容器的电流更大．本题考查了变压器的变压原理和电容器对交流电的影响，注意电容器通高频阻低频．同时明确容抗的决定因素．二、多选题(本大题共4小题，共24.0分)7.在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是（）A.t=0.01s时穿过线框的磁通量最小B.该交变电动势的有效值为11VC.该交变电动势的瞬时值表达式为e=22sin（100πt）VD.电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°【答案】CD【解析】解：A、由图象知：t=0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，A错误；B、该交变电动势的有效值为E=，B错误；C、当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为，C正确；D、电动势瞬时值为22V时，代入瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角为45°，D正确；故选：CD从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，转速加倍，最大值加倍．本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力，并掌握有效值与最大值的关系．8.如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡，线圈L自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法中正确的是（）A.合上开关S时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮B.断开开关S时，A1和A2都要慢慢变暗直至熄灭C.断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭D.断开开关S时，流过A2的电流方向向右【答案】AB【解析】解：A、当电键K闭合时，灯A2立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A1逐渐亮起来．线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故A正确；B、C、稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡A1、A2和线圈L构成闭合回路放电，两灯都过一会儿熄灭，由于当电流逐渐稳定时，两灯电流相等，所以断开开关S时，A2不会再闪亮一下再熄灭；故B正确，C 错误；D、稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，流过A2的电流方向向左；故D错误；故选：AB．当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析．对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解．9.如图甲所示，光滑导轨水平放置在与水平方向夹角60°斜向下的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示（规定斜向下为正方向），导体棒ab垂直导轨放置，除电阻R的阻值外，其余电阻不计，导体棒ab在水平外力作用下始终处于静止状态．规定a→b的方向为电流的正方向，水平向右的方向为外力的正方向，则在0～t时间内，能正确反映流过导体棒ab的电流i和导体棒ab所受水平外力F随时间t变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】BD【解析】解：A、B、由E==sin60°，由图乙知，B的变化率不变，即保持不变，则感应电动势保持不变，电路中电流I不变；根据楞次定律判断得知ab中感应电流沿b→a，为负值．故A错误，B正确．C、D、由安培力F=BIL可知，电路中安培力随B的变化而变化，当B为负值时，根据楞次定律判断可知ab中感应电流从a到b，安培力的方向垂直于磁感线斜向右下方，如图所示，根据平衡条件可知，水平外力水平向左，为负，大小为F=BI sin60°=（B0-t）IL；同理，B为正值时，水平外力水平向右，为正，大小为F=•（t-t0）IL；故C错误，D正确；故选：BD．由法拉第电磁感应定律可分析电路中的电动势，则可分析电路中的电流，根据楞次定律判断感应电流的方向；由安培力公式可得出安培力的表达式，则可得出正确的图象．对于图象问题，关键要熟练运用法拉第电磁感应定律、安培力、左手定则等规律，得到物理量的表达式，再研究图象的意义．可定性判断与定量、排除法和直判法相结合的方法进行解答．10.一列简谐横波沿直线ab向右传播，a、b之间的距离为2m，a、b两点的振动情况如图所示，下列说法中正确的是（）A.波长可能是mB.波长可能大于mC.波速可能大于m/sD.波速可能是m/s【答案】AD【解析】解：由振动图象得：质点振动周期T=4s，在t=0时刻，a点位于波谷，b点经过平衡位置向上，结合波形得：ab=（n+）λ，得λ==m，当n=0时λ=m，故A正确；因为n≥0，得λ≤m，故B错误；波速v==m/s，n=0，1，2，…因为n≥0，得v≤m/s，故C错误；当n=1时，v=m/s，故D正确；故选：AD．由振动图象读出周期．根据同一时刻a、b两质点的振动状态，得到ab=2m与波长的关系，求出波长的通项，再求解波速的通项．即可进行求解．振动图象反映了两个质点的状态，由同一时刻两个质点的状态，判断距离与波长的关系是基本能力，要做相关训练，能熟练掌握．三、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)11.如图所示，在图（1）中，G为指针在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况．今使它与一线圈串联进行电磁感应实验，则图（2）中的条形磁铁的运动方向是______ ；图（3）中电流计的指针将向______ 偏转；图（4）中的条形磁铁上端为______极．【答案】向下插入；右；N【解析】解：图（1）可知，当电流从电流计的左接线柱流入时，指针向左偏．图（2）中指针向左偏，可知感应电流的方向是顺时针，根据楞次定律知，条形磁铁S 向下插入．图（3）当条形磁铁N极向下插入时，根据楞次定律，可知，感应电流方向逆时针，则指针向右偏；图（4）中可知指针向右偏，则有感应电流的方向逆时针，由楞次定律可知，条形磁铁S极向上拔出，由上端为N极．故答案为：向下插入，右，N．当电流从电流计的左接线柱流入时，指针向左偏，根据楞次定律，结合感应电流的方向判断条形磁铁是向上拔出还是向下插入．解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，基础题，注意电流进入电流表，指针向何处偏转，是解题的关键．12.某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素．（1）他组装单摆是在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图1所示，这样做的目的是______ （多选，填字母代号）A．保证摆动过程中摆长不变B．可使周期测量得更加准确C．需要改变摆长时便于调节D．保证摆球在同一竖直平面内摆动（2）他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬点量到摆球的最低端的长度L=0.9990m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图2所示，则摆球的直径为______ mm，单摆摆长为______ m．（3）下列如图3振动图象真实地描述了对摆长约为1m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动的图象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是______ （填字母代号）（4）某同学用该实验装置测当地重力加速度，若他测得的g值偏大，可能的原因是______ A．测摆线长时摆线拉得过紧B．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时时，秒表过迟按下D．实验中误将50次全振动数为49次．【答案】AC；12.0；0.9930；A；A【解析】解：（1）用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线增加了线与悬挂处的摩擦保证摆长不变；改变摆长时用力拉不会将摆线拉断，方便调节摆长．AC正确；（2）用10分度游标卡尺主尺读数为12mm，游标读数为0，则摆球的直径为12mm+0.1×0=12.0mm；单摆摆长为l=L-=0.9990-=0.9930m；（3）单摆的振动在摆角小于5°才能看作简谐振动，在测量周期时计时起点应该选择在平衡位置（速度大误差小）．根据摆角估算振幅A1=lsin5°=0.993×0.087m=0.086m=8.6cm，AB振幅合理；A2=lsin15°=0.993×0.26m=0.25m=25cm，CD振幅不合理，A中振动图象的计时起点在平衡位置是合理的，B中振动图象的计时起点在正的最大位置是不合理的．故选A；（4）A、根据T=2π得，g=，根据此式知：测摆长时摆线过紧，则测得的摆长偏大，由上可知测出的重力加速度g偏大；故A正确．B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，单摆实际的周期偏大了，而测量的摆长偏小，则测量的重力加速度偏小．故B错误．C、开始计时时，秒表过迟按下，测量的周期偏小，则由公式可得测量的重力加速度偏大．故C正确．D、实验中误将50次全振动数为49次，测量的周期偏大，由g=可知，所测的g偏小．故D错误；故选：AC故答案为：（1）AC；（2）12.0；0.9930；（3）A；（4）AC．（1）明确实验原理，知道实验操作中的方法的优点；（2）根据游标卡尺的读数方法可得出对应的读数，从而求出单摆的摆长；（3）根据单摆的条件进行分析，明确振幅大小，再根据计时位置即可明确合理的图象；（4）根据周期公式进行分析，明确实验中在测量摆长和时间的误差情况，从而明确测量误差．本题关键是明确单摆模型成立的前提条件，以及实验原理和误差来源，并能够运动表达式分析数据，关键是掌握单摆的性质以及周期公式的应用．四、计算题(本大题共4小题，共36.0分)13.如图所示，电阻为R的正方形导线框abcd，边长ab=ad=L，质量为m，从某一高度自由落下，通过一磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场区域的宽度也为L，下落过程中线框平面始终保持在同一竖直面内，且ab边始终水平．导线框的ab边刚进入磁场恰好做匀速运动．（不考虑空气阻力，重力加速度为g）（1）线框进入磁场的过程中ab两点间的电压．（2）在线圈穿越磁场的全过程，线框中产生的焦耳热有多少．【答案】解：（1）线框匀速运动时，有：mg=BIL，解得I=．ab边进入磁场时，ab边相当于电源，则ab两端的电压是外电压，设线框的总电阻为R，根据欧姆定律得，U ab==．（2）对线框穿越磁场的过程运用能量守恒，因为做匀速运动，动能变化为零，则重力势能的减小量全部转化为热量．则Q=2mg L答：（1）线框进入磁场的过程中ab两点间的电压为．（2）在线圈穿越磁场的全过程，线框中产生的焦耳热有2mg L．【解析】（1）根据平衡，抓住重力与安培力相等求出电流的大小，从而根据欧姆定律求出ab两点间的电压．（2）对线框穿越磁场的过程运用能量守恒求出线框中产生的焦耳热．本题考查了电磁感应与力学和能量的综合问题，要注意明确线框进入磁场时做匀速运动，此时切割磁感线部分视为电源，其两端的电压应求路端电压．14.如图所示，一小型发电站通过升压、降压变压器把电能输送给用户，已知发电机的输出功率为P=500k W，输出电压为U1=500V，升压变压器B1原、副线圈的匝数比为n1：n2=1：5，两变压器间输电导线的总电阻为R=1.5Ω．降压变压器B2的输出电压为U4=220V，不计变压器的损耗．求：（1）输电导线上损失的功率P ；（2）降压变压器B2的原、副线圈的匝数比n3：n4．【答案】解：（1）升压变压器原线圈的电流为I1，副线圈的电流为I2则：I1==1000A I2==200AP损=I22r=60K w（2）降压变压器的输入电压为：U3=U2-I2r=2200Vn3：n4=U3：U4=10：1故答案为：（1）输电导线上损失的功率P'=P损=I22r=60K w（2）降压变压器B2的原、副线圈的匝数比n3：n4=10：1【解析】（1）变压器不改变功率，由P=UI求出输电线中电流，由功率公式求解输电线上损耗的电功率；（2）求出降压变压器的中输入电压，再由电压与匝数成正比求解降压变压器原、副线圈的匝数比．对于输电问题，要搞清电路中电压、功率分配关系，注意理想变压器不改变功率．基础题．15.如图所示，质量为m的物体放在弹簧上，在竖直方向上做简谐运动，当振幅为A时，物体对弹簧的最大压力是物重的1.5倍，求：（1）该简谐运动的平衡位置在何处？（2）物体对弹簧的最小压力是多少？（3）要使物体在振动中不离开弹簧，振幅不能超过多大？【答案】解：（1）回复力为零的位置，即为平衡位置，因此当重力与弹力大小相等，方向相反处．（2）因为木块在竖直方向上做简谐运动，依题意木块在最低点时对弹簧的压力最大，在最高点对弹簧的压力最小．在最低点根据牛顿第二定律有F N-mg=ma，代入数据解得a=0.5g．由最高点和最低点相对平衡位置对称，加速度大小等值反向，所以最高点的加速度大小为a=0.5g，在最高点根据牛顿第二定律有mg-F N=ma ，故F N=mg-ma=0.5mg．答：木块对弹簧压力的最小值为0.5mg．（2）要使木块不脱离弹簧，设其振幅不能超过A ，此时木块振到最高点恰在弹簧原长处，此时的最大加速度为g，由a=-x知，当振幅为A时，在最低点有0.5g=-A；当振幅为A 时，在最高点有g=-A ，由此可得A=2A．答：（1）简谐运动的平衡位置在重力和弹力平衡的位置（此时弹簧的压缩量为2A）；（2）物体对弹簧的最小压力是0.5mg；（3）欲使木块不脱离弹簧，其振幅不能超过2A．【解析】（1）根据物体受到的重力与弹力相等处，即为平衡位置；（2）木块在最高点时，对弹簧的压力最小．木块在最高点和最低点的加速度大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律求出最低点的加速度，从而得知最高点的加速度，根据牛顿第二定律求出木块对弹簧的压力．（3）欲使木块不脱离弹簧，知最高点弹簧处于原长，物块的加速度为g，知最低点的加速度也为g，方向竖直向上，根据F=-kx，求出振幅的大小与A的关系．解决本题的关键知道简谐运动的对称性，最高点和最低点加速度大小相等，方向相反．16.甲乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播，波速均为v=25cm/s，两列波在t=0时的波形曲线如图所示．求：（i）t=0时，介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的x坐标；（ii）从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16cm的质点的时间．【答案】（1）t=0时，在x=50cm处两列波的波峰相遇，该处质点偏离平衡位置的位移为16cm，解：两列波的波峰相遇处的质点偏离平衡位置的位移均为16cm从图线可以看出，甲、乙两列波的波长分别为：λ1=50cm，λ2=60cm…①甲、乙两列波的波峰的x坐标分别为：x1=50+k1λ1，，，…②x2=50+k2λ2，，，…③①②③式得，介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的x坐标为：x=（50+300n）cm n=0，，，…④（2）只有两列波的波谷相遇处的质点的位移为-16cm．t=0时，两波波谷间的x坐标之差为：△x=[50+（2m2+1）]-[50+（2m1+1）]…⑤式中．m1和m2均为整数，将①式代入⑤式得：△x=10（6m2+5m1）+5由于m1和m2均为整数，相向传播的波谷间的距离最小为：=5cm从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16cm的质点的时间为：t=代入数值得：t=0.1s答：（1）t=0时，介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的x坐标为（50+300n）cm n=0，，，（2）从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16cm的质点的时间为0.1s．【解析】（1）由图先读出两列波的波长和振幅，通过数学关系得知两波长的最小公倍数，对波峰相遇时的点的坐标进行分别列式，即可求出介质中偏离平衡位置位移为16cm的所有质点的x坐标．（2）先通过图表示出t=0时，两波波谷间的x坐标之差的表达式，从而可计算出相向传播的波谷间的最小距离，也就可以计算出从t=0开始，介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16cm的质点的时间了．该题是一道难度较大的试题，解答过程中要注意数学知识在物理学中的应用，尤其是对于通式的表述．同时要求学生要有较强的计算能力，计算过程中要细心．高中物理试卷第11页，共11页。