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大物知识点总结二篇4：物理光的知识点物理光的知识点一、光的反射1、光源：能够发光的物体叫光源2、光在均匀介质中是沿直线传播的大气层是不均匀的，当光从大气层外射到地面时，光线发了了弯折3、光速光在不同物质中传播的速度一般不同，真空中最快，光在真空中的传播速度：c = 3×108 m/s，在空气中的速度接近于这个速度，水中的速度为3/4c，玻璃中为2/3c4、光直线传播的应用可解释许多光学现象：激光准直，影子的形成，月食、日食的形成、小孔成像等5、光线光线：表示光传播方向的直线，即沿光的传播路线画一直线，并在直线上画上箭头表示光的传播方向(光线是假想的，实际并不存在)6、光的反射光从一种介质射向另一种介质的交界面时，一部分光返回原来介质中，使光的传播方向发生了改变，这种现象称为光的反射7、光的反射定律反射光线与入射光线、法线在同一平面上;反射光线和入射光线分居在法线的两侧;反射角等于入射角可归纳为：“三线一面，两线分居，两角相等”理解：(1) 由入射光线决定反射光线，叙述时要“反”字当头(2) 发生反射的条件：两种介质的交界处;发生处：入射点;结果：返回原介质中(3) 反射角随入射角的增大而增大，减小而减小，当入射角为零时，反射角也变为零度8、两种反射现象(1) 镜面反射：平行光线经界面反射后沿某一方向平行射出，只能在某一方向接收到反射光线(2) 漫反射：平行光经界面反射后向各个不同的方向反射出去，即在各个不同的方向都能接收到反射光线注意：无论是镜面反射，还是漫反射都遵循光的反射定律光的颜色与色散知识点我们平时常见的白色太阳光,实际上是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紧七种单色光组成的，下面是光的颜色与色散知识点，希望对考生报考有帮助。
1.光的色散:太阳光经棱镜折射后，在白色屏幕上有红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫自上而下排列的色带。
这种现象叫做光的色散。
棱镜的色散实验使白光变成红、橙、黄、绿、靛。
实验证明白光不是单一颜色的光，而是多种颜色的混合。
大物2知识点总结大气物理学是研究地球大气现象及其规律的一门科学。
这门学科涉及到大气的结构、运动、热量传递、湿气平衡以及各种气象现象的生成原理和发展规律。
在大气物理学的学习中，我们需要掌握许多基础知识和理论，接下来将对大气物理学的一些重要知识点进行总结。
1. 大气结构大气结构是大气科学的基础。
大气分为对流层、平流层、中间层、热层和外大气层。
对流层是最接近地球表面的一层大气，海拔范围为0-15公里;平流层的海拔范围为15-50公里;中间层为50-80公里;热层为80-500公里;外大气层则超过500公里。
对流层与平流层的隔离位置在对流层顶上的对流层顶温的转折上升压力高度，称为对流层顶，又称对流层隔离位置。
平流层对流层细微隔离位置在平流层上的直接上升压力高度，称为平流层顶。
2. 气压和气压分布气压是大气分布状态的一项基本参数。
气压是指大气对于单位面积的压力。
气压是一个变量参数，一般情况下以帕斯卡（Pa）为单位。
在大气静力学中，我们还需要了解气压的垂直分布规律，即随着海拔的升高，气压是如何变化的。
气压的垂直分布规律不仅与地球的地理位置有关，还与气温、密度、重力加速度等因素有关。
3. 温度和温度分布温度是大气中分子活动强烈程度的一种度量，是表示气体热量的物理量。
在大气物理学中，我们需要了解大气温度的测量单位和方法，以及大气的温度分布规律。
温度分布与地表的纬度、季节、海拔高度等因素密切相关，不同的地区和时间，大气的温度分布规律是不同的。
4. 湿度和湿度分布湿度是大气中水分子含量的一个量度，也是一个重要的气象要素。
了解大气湿度的测量方法，以及大气湿度的分布规律对于预测气象变化、计算气象条件等方面具有重要意义。
湿度在大气中的分布是随着时间和地域的变化而变化的，需要认真研究。
5. 大气稳定性大气稳定性是指大气在受到扰动后能够恢复到平衡状态的能力。
了解大气稳定性对于气象灾害预警、飞行气象等有重要意义。
在大气物理学的学习中，我们需要掌握大气稳定性的测定方法，以及大气稳定性与地表气温、湿度等因素之间的关系。
习题2-1质量为0.25kg 的质点，受力为()F ti SI =r r的作用，式中t 为时间。
0t =时，该质点以102v jm s -=⋅r r的速度通过坐标原点，则该质点任意时刻的位置矢量是_____.解 因为40.25dv F ti ti dt m ===r r r r ,所以()4dv ti dt =r r ，于是有()004v t v dv ti dt =⎰⎰r r ，222v t i j =+r r r ；又因为dr v dt=r r ，所以()222dr t i j dt =+r r r ，于是有()222dr t i j dt =+⎰⎰r r r ，3223r t i tj C =++rr r ，而t=0时质点通过了原点，所以0C =，故该质点在任意时刻的位置矢量为3223r t i tj =+rr r 。
2-2一质量为10kg 的物体在力(12040)()f t i SI =+r r作用下，沿x 轴运动。
0t =时，其速度106v im s -=⋅r r，则3t s =时，其速度为（ ）A. 110im s -⋅rB. 166im s -⋅rC. 172im s -⋅rD. 14im s -⋅r解 本题正确答案为C 在x 方向，动量定理可写为()312040t dt mv mv+=-⎰，即0660mv mv -=所以 ()1066066067210v v m s m -=+=+=•。
2-3一物体质量为10kg 。
受到方向不变的力3040()F t SI =+的作用，在开始的2s 内，此力的冲量大小等于______;若物体的初速度大小为110m s -• ，方向与F同向，则在2s 末物体的速度大小等于_______.解 在开始的2s 内，此力的冲量大小为 ()23040140()I t dt N s =+=•⎰由质点的动量定理得0I mv mv =-当物体的初速度大小为110m s -•，方向与F r同向时，在2s 末物体速度的大小为101401024()10I v v m s m -=+=+=•2-4一长为l 、质量均匀的链条，放在光滑的水平桌面上。
(名师选题)部编版八年级物理下册第十章浮力带答案重点知识点大全单选题1、小球漂浮在酒精中，排开酒精的质量为0.2千克。
若该小球漂浮在水中，则排开水的质量（）A．一定大于0.2千克B．可能小于0.2千克C．一定等于0.2千克D．一定小于0.2千克2、如图所示，将一体积为10cm3的质量分布均匀的正方体木块轻轻放入一盛满某种液体的溢水杯中，溢出液体的体积为8cm3；若将木块从中间锯掉一半，将剩余部分再次轻轻放入装满该液体的溢水杯中，则该液体会溢出（）A．3cm3B．4cm3C．5cm3D．6cm33、请估算，成年人在空气中受到的浮力大小最接近（人的密度约等于水的密度，ρ空气=1.29kg/m3）（）A．0.1NB．1NC．10ND．100N4、小明看到清淤作业人员正在将水塘底部的淤泥搬运到船上。
他想：水面高度会变化吗?于是进行了探究：首先，将石块a和不吸水的木块b置于装有水的烧杯中，如图所示；然后，将石块a从水中拿出并轻轻放在木块b上，它们处于漂浮状态，则水面高度将（）A．下降B．上升C．不变D．无法判断5、两块完全相同的冰分别漂浮在甲、乙两种液体中，这两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙，冰块熔化后，甲液体液面高度不变，乙液体液面高度升高。
下列说法中正确的是（）A．ρ冰＞ρ甲B．ρ乙＜ρ冰C．ρ甲＜ρ乙D．ρ乙＜ρ甲6、测量某种液体密度的实验步骤如图甲、乙、丙所示。
三次测量弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3，水的密度用ρ水表示，待测液体的密度用ρ表示。
则下列关于ρ的表达式中正确的是（）A．ρ=F1−F2F1−F3ρ水B．ρ=F1F1−F3ρ水C．ρ=F1−F3F1−F2ρ水D．ρ=F1−F2F2−F3ρ水7、虎年春晚的歌曲《爱在一起》，歌曲的背景展现了生物在海洋中遨游的情景，其中有在“海面上嬉戏的小海豚”、“深海处游弋的巨大鲸鱼”。
如图所示，则它们在密度相同的海水中所受浮力的大小关系是（）A．浮在海面的小海豚受到的浮力大B．巨大鲸鱼受到的浮力大C．它们受到的浮力大小相等D．无法判断8、在弹簧测力计下挂一一个实心物体，弹簧测力计的示数为F；如果把物体浸没在水中，物体静止时弹簧测力计的示数是1F。
初二物理知识点总结第一章声现象知识归纳1 . 声音的发生：由物体的振动而产生。
振动停止，发声也停止。
2．声音的传播：声音靠介质传播。
真空不能传声。
通常我们听到的声音是靠空气传来的。
3．声速：在空气中传播速度是：340米/秒。
声音在固体传播比液体快，而在液体传播又比空气体快。
4．利用回声可测距离：S=1/2vt5．乐音的三个特征：音调、响度、音色。
(1)音调:是指声音的高低，它与发声体的频率有关系。
(2)响度:是指声音的大小，跟发声体的振幅、声源与听者的距离有关系。
6．减弱噪声的途径：(1)在声源处减弱；(2)在传播过程中减弱；(3)在人耳处减弱。
7．可听声：频率在20Hz～20000Hz之间的声波：超声波：频率高于20000Hz的声波；次声波：频率低于20Hz的声波。
8．超声波特点：方向性好、穿透能力强、声能较集中。
具体应用有：声呐、B超、超声波速度测定器、超声波清洗器、超声波焊接器等。
9．次声波的特点：可以传播很远，很容易绕过障碍物，而且无孔不入。
一定强度的次声波对人体会造成危害，甚至毁坏机械建筑等。
它主要产生于自然界中的火山爆发、海啸地震等，另外人类制造的火箭发射、飞机飞行、火车汽车的奔驰、核爆炸等也能产生次声波。
第二章物态变化知识归纳1. 温度：是指物体的冷热程度。
测量的工具是温度计, 温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的。
2. 摄氏温度(℃):单位是摄氏度。
1摄氏度的规定：把冰水混合物温度规定为0度，把一标准大气压下沸水的温度规定为100度，在0度和100度之间分成100等分，每一等分为1℃。
３．常见的温度计有(1)实验室用温度计；(2)体温计；(3)寒暑表。
体温计：测量范围是35℃至42℃，每一小格是0.1℃。
4. 温度计使用：(1)使用前应观察它的量程和最小刻度值；(2)使用时温度计玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；(3)待温度计示数稳定后再读数；(4)读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中液柱的上表面相平。
第二章 质点动力学2－1一物体从一倾角为30︒的斜面底部以初速v 0=10m·s -1向斜面上方冲去，到最高点后又沿斜面滑下，当滑到底部时速率v =7m·s -1,求该物体与斜面间的摩擦系数。
解：物体与斜面间的摩擦力f ＝uN ＝umgcos30︒物体向斜面上方冲去又回到斜面底部的过程由动能定理得220112(1)22mv mv f s -=-⋅物体向斜面上方冲到最高点的过程由动能定理得2010sin 302mv f s mgh f s mgs -=-⋅-=-⋅-20(2)(31)v s g u ∴=-把式（2）代入式（1）得，()222200.1983v v u v v-==+2－2如本题图，一质量为m 的小球最初位于光滑圆形凹槽的A 点，然后沿圆弧ADCB 下滑，试求小球在C 点时的角速度和对圆弧表面的作用力，圆弧半径为r 。
解：小球在运动的过程中受到重力G 和轨道对它的支持力T .取如图所示的自然坐标系，由牛顿定律得22sin (1)cos (2)t n dv F mg mdt v F T mg mR αα=-==-=由,,1ds rd rd v dt dt dt vαα===得代入式（）， A 并根据小球从点运动到点C 始末条件进行积分有，902n (sin )2cos 2cos /m cos 3cos '3cos ,e v vdv rg d v gr vg rrv mg mg rmg ααααωαααα=-===+==-=-⎰⎰得则小球在点C 的角速度为＝由式（2）得 T 由此可得小球对园轨道得作用力为T T 方向与反向2－3如本题图，一倾角为θ的斜面置于光滑桌面上，斜面上放一质量为m 的木块，两者间摩擦系数为μ，为使木块相对斜面静止，求斜面的加速度a 应满足的条件。
习题2－2图Ao B r DCT α解：如图所示()1212minmax sin ,cos cos sin (1)sin cos 2(1)(2)(sin cos )(cos sin )(sin cos )()(cos sin )1(2)(1)(sin cos )(cos sin )(sin cos a a a a N mg ma ma mg uN m a ma u g u a u g u g tg u a u utg u g u a u g u a θθθθθθθθθθθθθθθθθθθθθ==∴-==±==⨯+-=+--∴==++-⨯+=-+∴=得，得，)()(cos sin )1()()11g tg u u utg g tg u g tg u a utg utg θθθθθθθθθ+=---+∴≤≤+-2－4如本题图，A 、B 两物体质量均为m ，用质量不计的滑轮和细绳连接，并不计摩擦，则A 和B 的加速度大小各为多少。
λ0L2L 3L λxP习 题 十10-1 卢瑟福实验证明：两个原子核之间的距离小到1510-m 时，它们之间的斥力仍遵守库仑定律。
已知金原子核中有79个质子，α粒子中有2个质子，每个质子的带电量为C 106.119-⨯，α粒子的质量为6.682710-⨯kg 。
当α粒子与金原子核相距6.91210-⨯m 时，试求：(1) α粒子所受的力；(2) α粒子的加速度。
[解] (1) α粒子电量2e ，金核电量为79e 。
α粒子所受的库仑力为()N 1064.7109.67924141421202210--⨯=⨯⋅==ee r q q F πεπε (2) α粒子的加速度223274s m 1014.11068.61064.7⨯=⨯⨯==--m F a10-2 如图所示，真空中一长为L 的均匀带电细直杆，总电量为q ，试求在直杆延长线上到杆的一端距离为d 的点P 的电场强度。
[解] 建立如图所示坐标系ox ，在带电直导线上距O 点为x 处取电荷元x Lqq d d =，它在P点产生的电场强度为 ()()x x d L Lq x d L qE d 41d 41d 2020-+=-+=πεπε则整个带电直导线在P 点产生的电场强度为()()d L d qx x d L Lq E L+=-+=⎰002041d 41πεπε故()i E d L d q+=04πε10-3 两根相同均匀带电细棒，长为L ，电荷线密度为λ，沿同一直线放置，两细棒间最近距离也是L ，如图所示。
设棒上的电荷不能自由移动，试求两棒间的静电相互作用力。
[解一] 先按左棒为场源电荷，而右棒为受力电荷。
计算左棒场强再求右棒所受电场力。
建立如图所示坐标系，在距O 点为x 处取微元x d λ，它在距O 点x '处产生的场强为()204d d x x xE -'=πελ因此左棒在x '处产生的场强为()⎪⎭⎫⎝⎛'--'=-'=⎰x L x x x xE L1144d 0020πελπελ 在x '处取电荷元x 'd λ，它受到的左棒的电场力为x x L x E x F '⎪⎭⎫⎝⎛'--'=⋅'=d 114d d 02πελλ 右棒受的总电场力为34ln 423ln 23ln 4d 114d 0202320232πελπελπελ=⎪⎭⎫ ⎝⎛---='⎪⎭⎫ ⎝⎛'--'==⎰⎰L L L L L L x x L x F F LL L L[解二] 求电荷元dx λ与x d 'λ的库仑力叠加。
在两带电细棒上各取一微元x d 'λ、dx λ，它们之间的距离为x x r -'=，则x d 'λ受dx λ的库仑力为()204d d d x x x x F -''⋅=πελλ ()34ln 4d 1144d d 023202020232πελπελπελ='⎪⎭⎫ ⎝⎛'--'=-''=⎰⎰⎰LL LLLx x L x x x xx FF 方向为x 正向，左棒受右棒库仑力F F -='10-4 用绝缘细线弯成的半圆环，半径为R ，其上均匀地带有正电荷Q ，试求圆心处点O 的场强。
[解] 将半圆环分成无穷多小段，取一小段dl ，带电量l RQ q d d π=dq 在O 点的场强20204d 4d d RlR Q R q E πεππε== 从对称性分析，y 方向的场强相互抵消，只存在x 方向的场强l R Q E E d sin 4sin d d 302x ⋅=⋅=θεπθ θd d R l =θεπθd 4sin d 202x R Q E =2020202x x 2d 4sin d R QR Q E E επθεπθπ===⎰⎰ 方向沿x 轴正方向10-5 如图所示，一绝缘细棒弯成半径为R 的半圆形，其上半段均匀带有电量q ，下半段均匀带有电量-q 。
求半圆中心点O 处的电场强度E 。
[解] 上半部产生的场强将上半部分成无穷多小段，取其中任一小段d l(所带电量l R qq d 2d π=) dE在O 点产生的场强204d d R qE πε=+ 方向如图所示下半部产生的场强以x 轴为对称轴取跟d l 对称的一小段l 'd (所带电量l R qq '-=d 2d π) 在O 点产生的场强204d d R qE πε=- 方向如图所示根据对称性，在x 方向的合场强相互抵消为0，只存在y 方向的场强分量θπεθsin 4d sin d d 20y ⋅=⋅=+RqE E 总场强202203022020y y d sin sin 4d 22sin 4d 2d 2Rq R qR R l R q R q E E επθθεπθπεπθπεπ=⋅=⋅=⋅==⎰⎰⎰⎰10-6 如图所示，一半径为R 的无限长半圆柱面形薄筒，均匀带电，单位长度上的带电量为λ，试求圆柱面轴线上一点的电场强度E 。
[解] θd 对应的无限长直线单位长带的电量为θπλd d =q 它在轴线O 产生的场强的大小为RRq E 0202d 2d d επθλπε==(见27页例1) 因对称性y d E 成对抵消RE E 02x 2d cos cos d d επθθλθ=⋅=RR E E 02202x 2d cos 2d επλεπθθλπ===⎰⎰10-7 一半径为R 、长度为L 的均匀带电圆柱面，总电量为Q 。
试求端面处轴线上点P 的场强。
[解] 取如图所示的坐标，在圆柱上取宽为d z 的圆环，其上带电量为z LQq d d =，由例题3（18页）知，该圆环在轴线上任一点P 产生的电场强度的大小为()()[]232204d d z L R zLQ z L E -+-=πεOd θ整个圆柱形薄片在P 点产生的电场强度的大小为()()[]⎪⎪⎭⎫⎝⎛+-=-+-=⎰2200232201144d L R RL Q z L R zLQ z L E Lπεπε E 方向 Q >0时沿z 轴正方向，Q <0时沿z 轴负方向。
10-8 一半径为R 的半球面，均匀地带有电荷，电荷面密度为σ，求球心点O 处的场强。
[解] 将半球面分成无限多个圆环，取一圆环半径为r ，到球心距离为x ，所带电量绝对值x r q d 2d πσ=。
在O 点产生的场强(利用圆环轴线场强公式)()23220x 4d d rx q x E +=πε带电半球壳在O 点的总场强()()⎰⎰⎰+=+==2322023220x x 4d 24d d rx x r x rx q x E E πεπσπε由于 θcos R x =，θsin R r =，θd d R l =所以 ()02022x 42cos 82d 2sin 8d cos sin 2εσθεσθθεσθθθεσπππ=⎪⎭⎫ ⎝⎛-==⋅=⎰⎰E 方向沿x 轴负向10-9 一面电荷密度为σ的无限大平面，在距平面a m 远处的一点P 的场强大小的一半是由平面上的一个半径为R 的圆 (其轴线过点P )面积范围内的电荷所产生的。
试求该圆半径的大小。
[解] 由于无限大带电平面产生场强为02εσ=E 所以半径为R 的圆内电荷在P 点产生场强为04εσ='E 由例4（书上19页）知，半径为R 的圆盘，在P 电产生的场强为⎪⎪⎭⎫⎝⎛+-='22012a R a E εσ 因此E E 21=' 即0220412εσεσ=⎪⎪⎭⎫⎝⎛+-a R aa R 3=10-10 如图所示，一厚度为b 的无限大带电平板，其体电荷密度为kx =ρ (0≤x ≤b )，式中k 为正常量。
求：(1)平板外两侧任一点1P 和2P 处的场强大小；(2)平板内任一点P 处的电场强度； (3)场强为零的点在何处?[解] (1)过1P 点作一圆柱体穿过无限大带电平板，由高斯定理0内qdS E S=⋅⎰⎰⎰⎰⎰∆=∆==bVkxdx S x S V q 0d d ρρ内即 ⎰∆=∆bk x d xSS E 02ε 所以 024εkb E =因此平板外一点的场强与距平板的距离无关，02P P 421εkb E E ==(2)板内(即0≤x ≤b 区域)()i i i E 022*********d 2d 2d 2d εεεερερb x k x x k x x k x x b x x b x x -=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛''-''=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛'-'=⎰⎰⎰⎰ (3)若电场强度为0，则()042022=-=i E εb x k 此时2b x =，此即为场强为0的点。
10-1l 一半无限长的均匀带电直线，线电荷密度为λ。
试证明：在通过带电直线端点与直线垂直的平面上，任一点的电场强度 E 的方向都与这直线成45°角。
[解] 如图选择直角坐标系，在棒上取电荷元dy λ 它在过棒端的垂直面上任意点贡献场强为204d d r y E πελ=由于 θcot x y = θθd sin 2x dy -= 且 θ22222sin x y x r =+= 所以 xE 04d d πεθλ-= θsin d d x E E = θcos d d y E E =()23220x d 41d y x yx E +=λπε ()23220y d 41y x yy dE +=λπε总场强的分量为xx E E 0020x x 44d sin d πελπεθθλπ=-==⎰⎰xx dE E 0020y y 44d cos πελπεθθλπ=-==⎰⎰y x E E E +=它与负y 方向的夹角是0145tan =⎪⎪⎭⎫⎝⎛=-yxE E θ10-12 一带电细线弯成半径为R 的半圆形，线电荷密度ϕλλsin 0=，式中0λ为一常量，ϕ为半径R 与x 轴所成的夹角，如图所示。
试求环心O 处的电场强度。
[解] 取电荷元ϕϕλd sin d 0R q ⋅=它在坐标原点O 产生的电场强度 204d d R qE πε=沿坐标轴的分量为ϕϕϕπελcos d sin 4d 200x ⋅⋅=R R Eϕϕϕπελsin d sin 4d 200y ⋅⋅=RR E 半个细圆环产生的电场强度分量为0d cos sin 4d 02x x =⋅==⎰⎰πϕϕϕπελRRE ERR E E 000220y y 8d sin 4d ελϕϕπελπ===⎰⎰ 方向沿y 轴负向。
10-13 如图所示，一无限长圆柱面，其面电荷密度为ϕσσcos 0=，ϕ为半径R 与x 轴之间的夹角，试求圆柱面轴线上一点的场强。
