宁夏银川一中2015届高三上学期第二次月考试卷 理综物理 Word版含答案

2010届银川一中高三年级第二次月考理科综合试卷物理部分第Ⅰ卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

第Ⅰ卷（共126分）以下数据可供解题时参考：相对原子质量（原子量）：H-1 He-4 C-12 N-14 O-16 S-32 Cu-64 Fe-56 Al-27Mg-24二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．受斜向上的恒定拉力作用，物体在粗糙水平面上做匀速直线运动，则下列说法正确的是A ．拉力在竖直方向的分量一定大于重力B ．拉力在竖直方向的分量一定小于重力C ．拉力在水平方向上的分量一定大于摩擦力D ．拉力在水平方向的分量一定等于摩擦力15．如图所示，质量为m 的木块A ，放在斜面B 上，若A 与B 在水平地面上以相同的速度向左做匀速直线运动，则A 、B 之间相互作用力的大小为A ．mgB ．mgsin θC ．mgcos θD ．mgtan θ16．用三根经绳将质量为m 的物体悬挂在空中，如图所示，已知绳ac 和bc 与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac 和bc 绳中的拉力分别为A ．23mg,21mgB ．21mg, 23mg C ．43mg, 21mg D ．21mg,43mg 17．飞机起飞时，其竖直方向速度随时间变化的规律如图所示，则下列说法正确的是A ．飞机经20min 达到最高点B ．飞机飞行的最大高度为6000mC ．飞机经5min 达到最高点D ．飞机飞行的最大高度为4500m18．一物体沿倾角为1θ的斜面下滑时加速度刚好为零，若把斜面的倾角增大到2θ （︒<<9021θθ）而其他条件不变，则该物体沿斜面下滑的加速度大小为A ．（cos 2θ+cot 1θsin 2θ）gB ．（sin 2θ-tan 1θsin 2θ）gC ．（sin 2θcot 1θ-cos 2θ）gD ．（sin 2θ-tan 1θcos 2θ）g19．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F 拉物体，在F 从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后做变加速运动，其加速度a 随外力F 变化的图象如图乙所示，根据图乙中所示的数据可计算出A ．物体的质量B ．物体与水平面间的滑动摩擦力C ．物体与水平面间的最大静摩擦力D ．在F 为14N 时，物体的速度最小20．如图所示，位于水平桌面上的物块P ，由跨过定滑轮的经绳与物块Q 相连，从滑轮到P和到Q 的两段绳都是水平的。

左 右2015届上学期高三一轮复习第二次月考物理试题【新课标Ⅰ】一、选择题 （每小题4分，共48分。

每小题给出的四个选项中，1—8小题每题只有一个选项正确，9—12小题每题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 1．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图所示．以下说法正确的是（ ） A ．人受到重力和支持力的作用B ．人受到重力、支持力和摩擦力的作用C ．人受到的合外力不为零D ．人受到的合外力方向与速度方向相同2．如图所示，一轻质弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了4cm ，再将重物向下拉1cm ，然后放手，则在刚释放的瞬间重物的加速度是（g 取10m/s 2）（ ） A ．2.5m/s 2 B ．7.5m/s 2 C ．10m/s 2 D ．12.5m/s 23．如图所示的电路，闭合开关S 后，a 、b 、c 三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r 不可忽略。

现将变阻器R 的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是（ ）A ．a 灯变亮，b 灯和c 灯变暗B ．a 灯和c 灯变亮，b 灯变暗C ．a 灯和c 灯变暗，b 灯变亮D ．a 灯和b 灯变暗，c 灯变亮4．如图所示，两根光滑的平行金属导轨竖直放置在匀强磁场中，磁场和导轨平面垂直，金属杆ab 与导轨接触良好可沿导轨滑动，开始时电键S 断开，当ab 杆由静止下滑一段时间后闭合S ，则从S 闭合开始计时，ab 杆的速度v 与时间t 的关系不可能是 （ ）5．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行，现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹。

下列说法中正确的是（ ） A ．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧 B ．木炭包的质量越大，径迹的长度越短 C ．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D ．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短6．如图所示，汽车向右沿水平面作匀速直线运动，通过绳子提升重物M 。

2015年宁夏银川二中高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•银川校级一模）如图为水平面上一质量m=10kg的物体在吊车作用下竖直向上运动过程中的v﹣t图象（g=10m/s2），以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于失重状态B．前3s内物体的平均速度大于最后2s内的平均速度C．物体能上升的最大高度为27mD．第4s末拉力的功率为零【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像．【专题】：功率的计算专题．【分析】：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，根据平均速度的公式比较前3s内和后2s内平均速度的大小．面积表示位移；根据P=Fv判定功率．【解析】：解：A、前3s内货物向上做匀加速直线运动，加速度向上，处于超重状态．故A 错误．B、前3s内的平均速度==3m/s，后2s内的平均速度==3m/s，这两段时间内的平均速度相同．故B错误．C、面积表示位移x==27m，故C正确；D、第4s末拉力等于重力，速度6m/s，根据P=Fv知功率不为零，故D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，以及掌握P=Fv的应用．2．（6分）（2015•银川校级一模）一根总长为L的绳子，两端分别固定在天花板P，N两点处，如图所示，现在O点系一重物G且绳子的OP＞ON，此时OP，ON绳的拉力分别为F P，F N，现将重物系在这段绳子的处，此时OP1，ON1绳拉力为F P1和FN1，（绳子重力不计），两次始终保持两绳垂直，则正确的是（）A． F P＞F P1，F N＞F N1 B． F P＜F P1，F N＜F N1C． F P＞F P1，F N＜F N1 D． F P＜F P1，F N＞F N1【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：对结点O进行受力分析，根据平衡条件列式求出OP，ON绳的拉力的表达式，当将重物系在这段绳子的处时，绳ON与竖直方向的夹角增大，根据表达式判断两绳拉力的变化情况即可．【解析】：解：对结点O进行受力分析，如图所示：结点O处于静止状态，受力平衡，则有：F N=mgcosθ，F P=mgsinθ，将重物系在这段绳子的处时，θ变大，则mgcosθ变小，mgsinθ变大，所以F P＜F P1，F N ＞F N1，故D正确．故选：D【点评】：本题关键是对点O受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法作图分析，研究矢量三角形得到各个力大小关系，难度不大，属于基础题．3．（6分）（2015•银川校级一模）如图所示，A为地球赤道上的物体，B为地球同步卫星，C 为地球表面上北纬60°的物体．已知A、B的质量相同．则下列关于A、B和C三个物体的说法中，正确的是（）A． A物体受到的万有引力小于B物体受到的万有引力B． B物体的向心加速度小于A物体的向心加速度C． A、B两物体的轨道半径的三次方与周期的二次方的比值相同D． A和B线速度的比值比C和B线速度的比值大，都小于1【考点】：同步卫星；向心加速度．【专题】：人造卫星问题．【分析】： A、根据万有引力定律F=G，即可判定引力大小；B、由a n=ω2r，即可判定向心加速度大小；C、当绕同一中心天体做圆周运动时，才能根据=K，即可求解；D、根据v=ωr，结合运动的半径，来确定A、B与C线速度大小，从而确定其比值大小．【解析】：解：A、根据万有引力定律F=G，且A、B的质量相同，可知，间距越大的，引力越小，因此A物体受到的万有引力大于B物体受到的万有引力，故A错误；B、由a n=ω2r，因A与B的角速度相同，当半径越大时，则向心加速度越大，故B错误；C、A在地球表面，不是环绕地球做匀速圆周运动，因此不满足开普勒第三定律，故C错误；D、根据v=ωr，可知，B点线速度最大，而C的线速度最小，因此A与B的线速度之比，C 与B的线速度之比，均小于1，再根据同步卫星轨道半径约是地球半径的5.7倍，则，C为地球表面上北纬60°的物体，那C轨道半径为地球半径的一半，则，因此，故D正确；故选：D．【点评】：考查万有引力定律的内容，掌握圆周运动中向心加速度与线速度表达式，注意B 选项错误的解法：根据G=ma，解得：a=，则有半径越大的，向心加速度越小，同时掌握开普勒第三定律适用条件．4．（6分）（2015•银川校级一模）奥斯特发现电流的磁效应之后，科学家们又发现了无限长直导线在某点产生的磁场的磁感应大小满足B=，其中μ0为常数，R为某位置到导线的距离．现有三根通有相同大小电流I的无限长直导线在同一平面内围成一边长为a的三角形区域，电流方向如图所示．关于该区域中点的磁感应强度说法正确的是（）A． B=，方向垂直纸面向里B． B=，方向垂直纸面向外C． B=，方向垂直纸面向里D． B=，方向垂直纸面向外【考点】：磁感线及用磁感线描述磁场；磁感应强度．【分析】：本题考查了磁场的叠加，根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据安培定则判断出两导线在A点形成磁场方向，磁感应强度B是矢量，根据矢量分解合成的平行四边形定则求解．【解析】：解：由几何关系可知，该区域中点到个电流的距离：R= a所以，各电流在该处产生的磁场的磁感应强度：结合图可知，左侧的电流产生的磁场在该处向外，右侧的电流产生的磁场方向向里，下侧的电流产生的磁场的方向向里，所以合磁场的方向向里，大小为．故选：C【点评】：磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提．5．（6分）（2015•银川校级一模）一台发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，如图所示，已知输电线的总电阻R=20Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为5：1，副线圈与用电器R0组成闭合电路，R0=22Ω．若T1、T2均为理想变压器，T2的副线圈两端电压u=220sin100πt（V），则（）A．发电机中的电流方向每秒变化50次B．通过用电器R0的电流有效值是5 AC．升压变压器的输入功率为2280 WD．当用电器的电阻R0增大时，发电机的输出功率增大【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：根据交流电压的表达式，求出周期、电流的变化次数；理想变压器电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小【解析】：解：A、变压器不改变频率，由电压u=220sin100πt，得频率为f===50Hz，故电流方向每秒变化100次，故A错误B、由闭合电路欧姆定律，得I===10A，故B错误C、根据功率不变，升压变压器的输入功率为P=I2R0+I′2R=102×22+×20=2280 W，故C正确D、用户电阻R0阻值增大，其它条件不变，根据闭合电路欧姆定律可知，功率减小，故D错误．故选：C【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题6．（6分）（2015•银川校级一模）关于静电场，下列说法正确的是（）A．在电场中，电势越高的地方，负电荷在该点具有的电势能越小B．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有U AB＞0C．在电场中电场强度大的地方，电势一定高D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向【考点】：电势；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：电势能与电势的关系为E p=qφ；电场力做功公式为W AB=qU AB．电场强度与电势无关．电场强度总是指向该点电势降落最快的方向．由这些知识分析．【解析】：解：A、由电势能与电势的关系为E p=qφ，知电势越高的地方，负电荷在该点具有的电势能越小，故A正确．B、由电场力做功公式W AB=qU AB，知q＜0、W AB＞0，则得U AB＜0，故B错误．C、电场强度与电势无关，则知电场强度大的地方，电势不一定高．故C错误．D、电场中，电场强度总是指向该点电势降落最快的方向．故D正确．故选：AD．【点评】：解决本题的关键要理解并掌握电势能公式、电场力做功公式，要注意公式E p=qφ和W AB=qU AB运用时各个量均要代入符号运算．7．（6分）（2015•银川校级一模）一个粗糙倾角为53°的斜面固定放在托盘测力计的盘内，接触面的摩擦因数为0.5．如图所示，将一质量为1kg的物体由静止从斜面顶端沿斜面滑下，物体在下滑过程中，托盘测力计始终静止，则有：（取g=10m/s2）（）A．测力计的读数是10NB．测力计的读数与没有放物体前相比增加了6NC．测力计对地面有向左的摩擦力D．若斜面粗糙时物体下滑过程中测力计的示数为F1，斜面光滑时物体下滑过程中测力计示数F2，则F1＞F2【考点】：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：物体沿斜面加速下滑，处于失重状态，应用整体法对小球和斜面体运用牛顿第二定律列式求解；研究测力计与地面间的摩擦力时，将物体、斜面体、测力计看做一个整体进行受力分析即可【解析】：解：A、不放物体时，支持力等于斜面的支持力；N=Mg；对物体受力分析可知，物体的加速度a=gsin53°﹣μgcos53°=10×0.8﹣0.5×10×0.6=5m/s2；将物体和斜面体看做整体，加速下滑时，整体受总重力、测力计支持力，根据牛顿第二定律有竖直方向：（M+m）g﹣N′=masin53°；N=（M+m）g﹣masin53°；由于M未知，故无法明确测力计的示数；故A错误；B、由A的分析可知，测量计比没放物体前相比，增加量为：mg﹣μmgcos53°sin53°﹣masin53°=10﹣1×5×0.8=6N；故示数增加了6N；故B正确；C、对整体分析可知，整体有水平向左的加速度，则说明整体一定受向左的摩擦力；由作用力和反作用力可知，整体对台面有向右的摩擦力；故C错误；D、当斜面粗糙时，物体沿斜面下滑的加速度小于斜面光滑时的加速度；由B的分析可知，粗糙时的测力计示数大于光滑时的测力计示数；故D正确；故选：BD【点评】：本题关键是对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解；要注意整体法对于有相对运动的物体系统同样适用，解决部分失重问题．8．（6分）（2015•银川校级一模）如图甲，固定在光滑水平面上的正三角形金属线框，匝数n=20，总电阻R=2.5Ω，边长L=0.3m，处在两个半径均为r=的圆形匀强磁场区域中．线框顶点与右侧圆中心重合，线框底边中点与左侧圆中心重合．磁感应强度B1垂直水平面向外，大小不变；B2垂直水平面向里，大小随时间变化，B1、B2的值如图乙所示．（π取3）则（）A．通过线框中感应电流方向为顺时针方向B． t=0时刻穿过线框的磁通量为0.005WbC．在t=0.6s内通过线框中的电量为0.12CD．经过t=0.6s线框中产生的热量为0.06J【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据楞次定律判断感应电流的方向；根据磁通量Φ=BS求解，S是有效面积；由q=△t=t求解电荷量；由Q=I2Rt求解热量．【解析】：解：A、由磁感应强度B1垂直水平面向外，大小不变；B2垂直水平面向里，大小随时间增大，故线框总的磁通量减小，由楞次定律可得，线框中感应电流方向为逆时针方向，故A错误；B、t=0时刻穿过线框的磁通量为：Φ=B1××πr2﹣B2××πr2=1×0.5×3.14×0.12﹣2××3×0.12W b=0.005W b，故B正确；C、在t=0.6s内通过线框中的电量q=△t=t=n=C=0.12C，故C正确；D、由Q=I2Rt=（）2•×△t=0.06J，故D正确．故选：ACD．【点评】：本题根据磁通量的定义求解磁通量时，要注意磁通量的正负，根据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律求解时，要用电流的平均值．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（5分）（2015•银川校级一模）某实验小组设计了如图（a）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．滑块和位移传感器发射部分的总质量m= 0.5 kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ= 0.2 ．图b中①为倾斜轨道实验结果图象（填①或②）．（重力加速度g取10m/s2）【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：知道滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数．对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解．【解析】：解：根据F=ma得：a=，所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数．由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=，所以滑块和位移传{感器发射部分的总质量为：m=0.5kg．由图形b得，在水平轨道上F=1N时，加速度a=0，根据牛顿第二定律得：F﹣μmg=0解得：μ=0.2．图线①，F=0，加速度a不等于零，则图线①为倾斜轨道实验结果图象．故答案为：0.5；0.2；①【点评】：通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系．运用数学知识和物理量之间关系式结合起来求解．10．（15分）（2015•银川校级一模）硅光电池是一种可将光能转换为电能的器件．某同学用如图甲所示电路探究硅光电池的路端电压U与总电流I的关系．图中R0为已知定值电阻，电压表视为理想电压表．（1）若电压表的示数为U0，则I= ．（2）实验一：用一定强度的光照射硅光电池，调节滑动变阻器，通过测量得到该电池的U ﹣I曲线a，如图乙所示，由此可知电池内阻不是（填“是”或“不是”）常数，短路电流为0.295 μA，电动势为 2.67 v（3）实验二：减小实验一中光的强度，重复实验，测得U﹣I曲线b，如图乙所示．已知当滑动变阻器的电阻为某值时，实验一中的路端电压为1.5V，则当实验二中滑动变阻器也为该值时外电路消耗的电功率为0.065 mW．（计算结果保留两位有效数字）【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：（1）根据部分电路的欧姆定律可以求出电流大小．（2）电源的U﹣I图象的斜率表示其内阻，根据斜率的变化可以知道内阻的变化情况，图象与纵轴交点表示电动势，与横轴交点表示短路电流．（3）根据路端电压大小从图象a上找到路端电压为1.5V的点A，连接OA，OA与图b的交点即对应的功率即为实验二外电路消耗的功率【解析】：解：（1）电阻两端的电压为U0；电阻为R0；根据部分电路欧姆定律得：（2）电源的U﹣I图象的斜率表示其内阻，由图象可知其斜率不断变化因此电源的内阻不是常数，根据图象可知其电动势为2.67V，短路电流为0.295mA④若实验一中路端电压为1.5V时，由图线a可知，I=2.15×10﹣4A，即图中的A点，取坐标原点为O，用直线连接OA，则OA的斜率代表该外电路的电阻R外=R0+R，为一定值，直线oa 交图b于B点，由图可知B点的坐标为（0.68，9.6×10﹣6A），则实验二中测得外电路的功率为：P=UI=0.68×9.6×10﹣6=6.5×10﹣5=0.065mW．故答案为：（1）；（2）不是；0.295；2.67；（3）0.065（0.060﹣0.070）．【点评】：本题主要考查了在实验中如何利用图线进行数据处理，在测电源电动势和内阻的实验中，明确电源U﹣I图象和电阻U﹣I图象的含义和区别．11．（14分）（2015•银川校级一模）如图所示，一质量为m=1.5kg的滑块从倾角为θ=37°的斜面上自静止开始滑下，滑行距离s=10m后进入半径为R=9m的光滑圆弧AB，其圆心角θ，然后水平滑上与平台等高的小车．已知小车质量为M=3.5kg，滑块与斜面及小车表面的动摩擦因数μ=0.35，小车与地面光滑且足够长，取g=10m/s2．求（1）滑块在斜面上的滑行时间t1（2）滑块脱离圆弧末端B点前轨道对滑块的支持力大小；（3）当小车开始匀速运动时，滑块在车上滑行的距离s1．【考点】：动能定理；牛顿第二定律．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：（1）根据牛顿第二定律及匀变速直线运动的规律即可求出时间及到达A的速度；（2）根据动能定理求出速度，然后根据牛顿第二定律求出支持力的大小；（3）求出m和M的加速度，根据匀变速直线运动的规律求出运动时间及运动距离．【解析】：解：（1）滑块在斜面上的滑行加速度a由牛顿第二定律，有mg（sinθ﹣μcosθ）=ma1解得 t1=2.5 s（2）滑块在圆弧AB上运动过程，由动能定理由牛顿第二定律，有解得轨道对滑块的支持力F B=31.7N（3）滑块在车上滑行时的加速度a1=μg=3.5m/s2小车的加速度m/s2小车与滑块达到共同速度时小车开始匀速运动，满足 v B﹣a1t2=a2t2解得 t2=2 s小车运动的距离m滑块运动的距离m所以，滑块在车上滑行的距离△s=s2﹣s1=10m答：（1）滑块在斜面上的滑行时间为2.5s，到达A点的速度大小8m/s；（2）滑块脱离圆弧末端B点前轨道对滑块的支持力大小为31.7N；（3）当小车开始匀速运动时，滑块在车上滑行的距离为10m．【点评】：此题考查动能定理及牛顿第二定律的应用，属于多过程问题，需要分阶段求解，中档题12．（18分）（2015•银川校级一模）如图所示，在直角坐标系中，第一、四象限存在垂直纸面向里的足够大匀强磁场，其磁感应强度为B．在第二象限存在与y轴反方向成30°的斜向下的匀强电场．一带电量为q质量为m的正离子，从坐标原点O位置以大小为的速度与x轴成30°角度射向第四象限．经磁场变向后，恰好在y轴上的某点进入第二象限．再从x 轴上的A点离开电场．已知OA之间的距离为d．不计重力．试求（1）离子在第一、四象限运动的时间（2）电场强度E（3）离子在A点的速度大小．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）离子在磁场中做匀速圆周运动，周期为T=，离子进入第二象限时速度与y轴方向成60°，在磁场中转过的圆心角为120°，由公式t=T，θ是轨迹对应的圆心角求解时间．（2）离子垂直进入电场中做类平抛运动，由几何知识得到沿初速度方向和垂直于初速度两个方向的分位移，由牛顿第二定律和位移公式结合求解电场强度E．（3）由动能定理求解离子在A点的速度大小．【解析】：解：（1）离子在磁场中做匀速圆周运动，周期为T=．由离子初速度与x轴成30°，可得离子在磁场中转过的圆心角为240°，运动时间为 t= T=（2）由qvB=m和v=，可得离子在磁场中做圆周运动的轨道半径为 R=d又已知电场的方向，可知离子垂直进入电场，做类平抛运动，设离子从C点进入电场．由几何关系可得，OO′=OA=OC，且OC与电场平行，AO′与电场垂直，则可知沿电场力方向的位移为d，沿初速度方向的位移为 d则 d=；d=vt可得 E=（3）由动能定理得：qEd=﹣解得 v A=答：（1）离子在第一、四象限运动的时间为．（2）电场强度E为．（3）离子在A点的速度大小为．【点评】：本题的解题关键是画出带电粒子的运动轨迹，运用几何知识求出粒子在磁场中转过的角度和电场中的两个分位移大小，再由牛顿第二定律和运动学规律结合答题．二.选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题中任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑．注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】（15分）13．（6分）（2015•银川校级一模）下列关于分子运动和热现象的说法正确的是（）A．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加B．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故C．如果气体温度升高，那么所有分子的速率都增加D．如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此压强必然增大E．对于一定质量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热F．一定量气体的内能不等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和【考点】：分子势能；温度是分子平均动能的标志；热力学第一定律．【分析】：本题可根据热传递情况分析物态变化时，分析内能的变化，判断分子势能的变化．对于一定量的理想气体，内能只跟温度有关．温度是分子平均动能的标志．内能等于所有分子动能和势能之和．【解析】：解：A、一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽，温度不变，分子动能之和不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的势能增大．故A正确．B、气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散．故B错误．C、温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大，平均速率增大，但由于分子运动是无规则的，不是所有分子的速率都增大．故C错误．D、气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，由于体积的变化情况不确定，所以压强不一定增大，故D错误．E、对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，根据气态方程知，温度升高，则内能增大，那么它一定从外界吸热．故E正确．F、根据内能的定义知，一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故F错误．故选：AE．【点评】：本题关键要掌握分子动理论的基本内容和气态方程=c，知道温度是分子平均动能的标志，就能进行分析．14．（9分）（2008•珠海模拟）如图，在一端开口、一端封闭、粗细均匀的玻璃管内，一段长为h=25cm的水银柱封闭着一定质量的理想气体，当玻璃管水平放置时，管内封闭的气柱长度为L1=20cm（如图a），这时的大气压强P0=75cmHg，室温是t1=27℃．将玻璃管缓慢地转过90°，使它开口向上，并竖直浸入热水中（如图b），待稳定后，测得玻璃管内气柱的长度L2=17.5cm．（1）求此时管内气体的温度t2（2）保持管内气体的温度t2不变，往玻璃管内缓慢加入水银，当封闭的气柱长度L3=14cm 时，加入的水银柱长度△h是多少？（玻璃管足够长）．【考点】：理想气体的状态方程；封闭气体压强．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：（1）根据理想气体状态方程求出管内气体的温度t2．（2）抓住温度不变，根据玻意耳定律求出加入水银的长度．【解析】：解：（1）根据理想气体状态方程得，，代入数值解得：t2=77℃；（2）根据玻意耳定律得，（P0+h）l2=（P0+h+△h）l3，代入数值解得：△h=25cm；答：（1）此时管内气体的温度为77℃；（2）加入的水银柱长度△h=25cm．【点评】：解决本题的关键掌握理想气体的状态方程，理清初末状态，灵活运用．【物理--选修3-4】（15分）15．（2015•银川校级一模）如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播．已知在t=0时，波传播到x轴上的质点B，在它左边的质点A位于负最大位移处；在t=0.6s时，质点A第二次出现在正的最大位移处．则这列波的波速是 5 m/s．0～0.6s内质点D已运动的路程是0.1 m．【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：在t=0.6s时，经过的时间是1.5倍周期，质点A第二次出现在正向最大位移处，t=0.6s=1.5T求出周期．读出波长，由波速公式v=求出波速；波从图示位置传到D点的时间为T，根据时间与周期的倍数关系，求解D点的路程【解析】：解：由题，t=0.6s时，质点A第二次出现在正向最大位移处，则有1.5T=t，得到周期为：T=t=0.4s，由图读出波长为：λ=2m，则波速为为：v==5m/s．B点与C点间距离等于0.5个波长，则波从B传到C所用时间为0.5T=0.2s，则t2=0.6s时，质点C振动了0.4s=T，而质点C起振方向向上，则t2=0.6s时，质点C在平衡位置处且向下运动．由图看出，B和D的距离等于一个波长，则波从图示位置传到D点的时间为一个周期，即t=1T=0.4s，则在t=0.6s时，质点D已经振动的时间为△t=0.6s﹣0.4s=0.2s=0.5T，则0到0.6s，质点D已运动的路程是：S=2A=2×5cm=10cm=0.1m．故答案为：5，0.1【点评】：本题从时间的角度研究周期，从空间的角度研究波长．两点平衡位置间距离与波长的关系可分析振动情况的关系．16．（2015•银川校级一模）如图所示，半圆形玻璃砖的半径为R，光屏PQ置于直径的右端并与直径垂直，一复色光以30°的入射角射入玻璃砖的圆心．由于复色光中含有两种单色光，故在光屏上出现了两个光斑，玻璃对这两种色光的折射率分别为n1=和n2=．（1）求这两个光斑之间的距离．（2）为使光屏上的光斑消失，复色光的入射角至少为多少？【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：（1）根据折射定律求出折射角，几何关系求解两个光斑之间的距离；（2）为使光屏上的光斑消失，要使光线发生全反射．由于n1＞n2，玻璃对其折射率为n1的色光先发生全反射，由临界角公式求解为使光屏上的光斑消失，复色光的入射角的最小值．【解析】：解：（1）作出光路图如图，由折射定律有：n=，=，=。

银川二中2014～2015学年第二学期高三一模理综物理试题第I 卷 选择题（共126分）二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 14～18题只有一项符合题目要求，第 19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。

14．右图为水平面上一质量m=10kg 的物体在吊车作用下竖直向上运动过程中的v-t 图像（g=10m/s 2），以下判断正确的是 A ．前3 s 内货物处于失重状态B ．前3 s 内物体的平均速度大于最后2 s 内的平均速度C ．物体能上升的最大高度为27mD ．第4s 末拉力的功率为零15．一根总长为L 的绳子，两端分别固定在天花板P ，N 两点处，如图所示，现在O 点系一重物G 且绳子的OP ＞ON ，此时OP ，ON 绳的拉力分别为FP ，FN ，现将重物系在这段绳子的1/2处，此时OP 1，ON 1绳拉力为FP 1和FN 1，（绳子重力不计），两次始终保持两绳垂直，则正确的是 A ．FP ＞FP 1，FN ＞FN 1 B ．FP ＜FP 1，FN ＜FN 1 C ．FP ＞FP 1，FN ＜FN 1 D ．FP ＜FP 1，FN ＞FN 116．如图所示，A 为地球赤道上的物体，B 为地球同步卫星，C 为地球表面上北纬600的物体。

已知A 、B 的质量相同。

则下列关于A 、B 和C 三个物体的说法中，正确的是A ．A 物体受到的万有引力小于B 物体受到的万有引力 B ．B 物体的向心加速度小于A 物体的向心加速度C ．A 、B 两物体的轨道半径的三次方与周期的二次方的比值相同D ．A 和B 线速度的比值比C 和B 线速度的比值大，都小于117．奥斯特发现电流的磁效应之后，科学家们又发现了无限长直导线在某点产生的磁场的磁感应大小满足B=u 0I/(2πR)，其中u 0为常数,R 为某位置到导线的距离。

银川二中2015—2016学年第一学期高三年级统练一 物理试卷 第Ⅰ 卷（选择题共65分） 一、选择题（1-15每题只有一个答案正确，每题3分，错选或不选的得0分，并将正确答案涂在的答题卡中。

16-20每题有多个答案正确，每题4分，漏选的2分，有错选的或不选的得0分，） 1、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法。

以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是( ) A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法 B. 根据速度定义式v＝，当Δt→0时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法 C. 在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关 系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了假设法 D. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近 似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法 如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，Δv表示速度的变化量．由图中所示信息可知( ) A．汽车在做加速直线运动 B．汽车的加速度方向与v1的方向相同 C．汽车的加速度方向与v1的方向相反 D．汽车的加速度方向与Δv的方向相反 做匀加速直线运动的质点在第一个7 s内的平均速度比它在第一个3 s内的平均速度大 6 m/s，则质点的加速度大小为( )A. 1 m/s2B. 1.5 m/s2C. 3 m/s2D. 4 m/s2 4、在如图所示的四幅图中，AB、BC均为轻质杆，各图中杆的A、C端都通过铰链与墙连接，两杆都在B处由铰链相连接．下列说法正确的是( )A．图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有(1)、(2) B．图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有(1)、(3) C．图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有(2)、(3) D．图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有(2)、(4) 如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是( )A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下 B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下 C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用 D．无论A随传送带一起向上还是向下运动，传送带对物体A的作用力均相同 A. A质点以20 m/s的速度匀速运动 B. B质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动 C. B质点最初4 s做加速运动，后4秒做减速运动 D. A、B两质点在4 s末相遇 某物块从固定斜面底端以一定的初速度沿斜面上滑，其速度大小随时间变化的关系如图所示，则物块( ) A．在1.5 s时位移最大 B．沿斜面上滑的最大距离为2 m C．在1.5 s时回到斜面底端 D．上滑时加速度大小是下滑时加速度大小的2倍 9、甲、乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做匀变速直线运动，t＝0时刻同时经过公路旁的同一路标，下表是每隔1 s记录的两车的速率．关于两车的运动，下列说法正确的是( ) 时间t/s01234甲车的速率/(m·s－1)18.016.014.012.010.0乙车的速率/(m·s－1)3.04.05.06.07.0A.乙车的速度变化较快 B．在0～4 s内，乙车的平均速度较大 C．在0～4 s内，甲车相对乙车行驶了56 m D．在乙车追上甲车之前，t＝5 s时两车相距最远 10、汽车以20 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5 m/s2，那么在刹车后的前3 s内与后1 s内汽车通过的位移之比为( ) A．1∶1 B．3∶1 C．4∶1 D．15∶1 11、动车把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，而动车组就是几节自带动力的车厢(动车)加几节不带动力的车厢(拖车)编成一组而成的．若动车组在匀加速运动过程中，通过第一个60 m所用的时间是10 s，通过第二个60 m所用的时间是6 s．则( ) A．动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 m B．动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为78 m C．动车组的加速度为0.5 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 m D．动车组的加速度为1 m/s2，接下来的6 s内的位移为96 m 12、蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中运动。

理科综合能力测试(银川一中第二次模拟考试本试卷分第Ⅰ卷 (选择题和第Ⅱ卷 (非选择题两部分,其中第Ⅱ卷第 33~40题为选考题, 其它题为必考题。

考生作答时,将答案答在答题卡上,在本试卷上答题无效。

考试结束后, 将本试卷和答题卡一并交回。

注意事项:1.答题前,考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上,认真核对条形码上的姓名、准考证号,并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。

2.选择题答案使用 2B 铅笔填涂 , 如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案的标号; 非选择题答案使用 0.5毫米的黑色中性(签字笔或碳素笔书写,字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号在各题的答题区域 (黑色线框内作答超出答题区域书写的答案无效。

4.保持卡面清洁,不折叠,不破损。

5.做选考题时,考生按照题目要求作答,并用 2B 铅笔在答题卡上把所选题目对应的题目涂黑。

可能用到的相对原子质量 :H-1 C-12 O-16 Mg-24 S-32 Cl-35.5 Cu-64第Ⅰ卷一、选择题:本题共 13小题,每小题 6分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.下列有关细胞中有机化合物的叙述,正确的是A .胆固醇和磷脂属于脂肪,都是细胞膜的组成成分B .生长激素和甲状腺激素属于蛋白质,都能促进细胞生长C .淀粉和糖原属于多糖,都是细胞内的储能物质D . DNA 和 RNA 属于核酸,都是细胞内的遗传物质2.下列有关实验探究的叙述中,正确的是A .在探究温度对酶活性影响的实验中,温度和 PH 值是自变量B .在“ 观察 DNA 和 RNA 在细胞中的分布” 实验中质量分数为 8%的盐酸的作用是改变细胞膜的通透性,并与 DNA 结合促进 DNA 水解C .将重铬酸钾溶解在体积分数为 95%的浓硫酸溶液中,配制成橙色的重铬酸钾溶液来鉴定呼吸作用中产生的 CO 2D .盐酸在“ 低温诱导植物染色体数目的变化” 和“ 观察植物细胞有丝分裂” 中的作用相同3.如图所示,在酵母菌细胞中能进行的信息传递是A .①②③④⑤B .①②⑤C .①②③⑤D .②⑤4. γ-氨基丁酸在神经兴奋传递过程中的作用机理如下图①所示;某种局部麻醉药单独使用时不能通过细胞膜,如与辣椒素同时注射才会发生如图②所示效果。

银川一中2016届高三年级第二次月考理科综合试卷命题人：本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。

第Ⅰ卷(共126分)可能用到的相对原子质量（原子量）：H-1 O-16 C-12 Mg-24 Al-27 Fe-56 Cu-64一、选择题：本题包括13小题。

每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意。

1．下列关于病毒的说法正确的是A．逆转录病毒只含有A、T、G、C 4种碱基B．病毒的蛋白质外壳在宿主细胞的核糖体中合成C．病毒可在空气、水、土壤等介质中长期独立生存D．病毒是非细胞生物，因此它属于生命系统2．ATP是细胞的能量通货，是生命活动的直接能源物质，下图为ATP的结构和ATP与ADP相互转化关系式。

下列说法正确的是A．图1中的A代表腺苷，b、c为高能磷酸键B．图2中反应向右进行时，图1中的c键断裂并释放能量C．生物体内的ATP含量很多，从而保证了生命活动所需能量的持续供应D．酶1和酶2所催化的化学反应是可逆反应3．下列有关人体细胞生命历程的叙述，不正确的是A．细胞分化形成不同功能的细胞，但这些细胞也有相同的蛋白质B．衰老的细胞内多种酶活性降低，但有的基因还在表达C．癌细胞不能进行正常地分化，机体清除癌细胞与细胞凋亡有关D．细胞的分裂、分化、衰老和坏死对生物体均有积极的意义4．如图中曲线a、b表示物质跨（穿）膜运输的两种方式，下列表述正确的是A．脂溶性小分子物质不能通过方式a运输B ．与方式a 有关的载体蛋白覆盖于细胞膜表面C ．方式b 的最大转运速率与载体蛋白数量有关D ．抑制细胞呼吸对方式a 和b 的转运速率均有影响5．将3H 标记的鸟嘌呤引入某绿色植物细胞内，然后设法获得各种结构，其中最可能表现出放射性的一组结构是①细胞核②核仁 ③中心体 ④核糖体 ⑤高尔基体⑥线粒体 ⑦叶绿体 ⑧内质网 ⑨液泡 A ．①③④⑥⑦⑧ B ．①②④⑤⑥⑦ C ．①④⑥⑦⑨ D ．①②④⑥⑦6．C1、C2、C3、C4是某动物的4个细胞，其染色体数分别是N 、2N 、2N 、4N ，下列相关叙述错误的是A ．C1、C2可能是C4的子细胞B ．C2、C3不一定是C4的子细胞C ．C1、C2、C3、C4可能存在于一个器官中D ．C2、C3、C4核DNA 分子比值可以是1：2：27．生活中的一些问题常涉及到化学知识，则下列叙述正确的是A. 高温能杀死流感病毒是因为构成病毒的蛋白质受热变性B ．明矾和漂白粉常用于自来水的处理，两者的作用原理相同C ．氯化铁溶液可用于制作印刷电路板是因为其具有较强氧化性，与铜发生置换反应D ．晶体硅具有半导体的性质，所以可以制作光导纤维8．下列说法中正确的是A. 由Na 2CO 3 + SiO 2 === Na 2SiO 3 + CO 2↑可知，酸性H 2SiO 3>H 2CO 3B. 氢氟酸需要密封存放在橡胶塞的玻璃试剂瓶中C. 向硅酸钠溶液中加入盐酸产生白色沉淀，过量时沉淀溶解D. 瓷坩埚、氧化铝坩埚均不可作为融化NaOH 固体的装置9．把任意比的NaHCO 3和Na 2O 2的混合物放在密闭容器中加热，关于混合物加热前后与足量盐酸反应消耗盐酸的量，下列判断正确的是A ．加热前后一样多B ．加热前消耗的多C ．加热后消耗的多D ．当Na 2O 2适量时才会一样多10．某溶液中只可能含有H ＋、NH ＋4、Mg 2＋、Al 3＋、Fe 3＋、CO 2－3、SO 2－4、NO －3中的几种。

2017-2018学年第一学期第二次月考高三理综试卷第Ⅰ卷相对原子质量：H:1 Na:23 K:39 Al:27 Fe:56 Ca:40 O:16一、本卷共13个小题，每小题6分，共96分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符号题目要求的。

1、下列是关于几类生物的特点的叙述，正确的是A．原核细胞与真核细胞都有细胞壁、细胞膜、细胞质和核酸B．哺乳动物成熟红细胞和人肝细胞都为真核细胞，都包括细胞膜、细胞质和细胞核C．颤藻与发菜都能进行光合作用，但颤藻含光合色素，而发菜细胞中含叶绿体D．细菌和蓝藻在结构上有统一性，都有细胞壁、细胞膜、核糖体和核酸等2、关于ATP的叙述中，错误的是A．ATP分子水解掉两个磷酸基团后变成腺嘌呤核糖核苷酸B．正常细胞中ATP与ADP的比值在一定范围内变化C．ATP分子中含有三个高能磷酸键D．ATP中的“A”与构成DNA、RNA中的碱基“A”表示的不是同一种物质3、图中①～④表示某细胞的部分细胞器，下列有关叙述正确的是A．图示具有结构②，一定不是植物细胞B．结构①不是所有生物细胞都具有的细胞器，结构④是核糖体C．结构③是脂质合成和加工的车间D．此细胞不可能是原核细胞，只能是动物细胞4、下列有关细胞中化合物的叙述中，不正确的是A．淀粉、蛋白质和核酸都是大分子物质B．脂肪、肝糖原、肌糖原、淀粉均为细胞内储存能量的物质C．构成细胞的任何一种化合物都能在无机自然界找到D．蛋白质是含量最多的有机物，是生命活动的主要承担者5、近几年，对酒驾、醉驾的查处力度引起了社会的广泛关注，交警为检测司机是否存在酒后驾驶的违章行为，检测司机呼出的气体的试剂是A．溴麝香草酚蓝水溶液 B．重铬酸钾的浓硫酸溶液C ．斐林试剂D ．澄清的石灰水6、随食团进入胃内的唾液淀粉酶不再消化淀粉的原因是A ．酸碱度的改变使酶失活B ．唾液淀粉酶只能催化一次C ．温度的改变使酶失活D ．胃中已有淀粉酶7、1g 2H 完全燃烧生成液态水放出a kJ 的热量，下列热化学方程式正确的是A ．2221H ()O ()H O(1)2g g += 1kJ mol H a -∆=-⋅B ．2222H ()O ()2H O(1)g g += 14kJ mol H a -∆=-⋅ C ．2222H ()O ()2H O(1)g g += 14kJ mol H a -∆=+⋅ D ．2221H ()O ()H O()2g g g += 12kJ mol H a -∆=-⋅8、反应23423Fe()4H O()Fe O ()4H ()s g s g ++ƒ在温度和容积不变的条件下进行。

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请在各题规定的黑色矩形区域内答题，超出该区域的答案无效！
银川九中2015届第一次月考
理科综合（答题卡）
（1）7 0 （2）6、13、4（2分） （3）126
（4）脱氧核苷酸 磷酸、脱氧核糖、含氮碱基（2分） （5）氨基酸的数量、种类、排序不同，肽链的盘曲折叠方式不同（2分） (1)③④⑤⑥ B C （一个一分，共2分） (2) 具有一定的流动性
(3) C D A B C D E (2分) B C D E(2分) (4)将动物细胞置于蒸馏水中,让细胞吸水胀破
! ! 姓名 ! ! ! 班级
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请在各题规定的黑色矩形区域内答题，超出该区域的答案无效！
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宁夏银川市普通高中2015届高三教学质量检测理科综合能力试题本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，其中第II卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、转考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。

2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0．5毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写，字体工整、笔记清楚。

3．请按照题号在各题的答题区域(线框)内作答，超出答题区域书写的答案无效。

4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。

5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：H－1 C－12 N－14 O－16 N a－23 A l－27 Cu－64第I卷一、选择题：(本题共13小题，每小题6分，每小题只有一项符合题目要求)1．下列生命活动与真核细胞中的生物膜有关的是A．中心体参与细胞分裂过程中纺锤体的形成B．在高尔基体中进行肽链的合成和加工C．溶酶体吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌D．以mRNA为模板在核糖体上进行翻译的过程2．下列关于生物教材中相关实验的描述，正确的是①与双缩脲试剂发生紫色反应的物质一定是蛋白质②探究酵母菌的呼吸方式不能用是否产生CO2来确定③酒精在脂肪鉴定和观察植物细胞有丝分裂实验中的作用相同，而盐酸在观察DNA、RNA在细胞中的分布和观察植物细胞有丝分裂实验中的作用不同④用纸层析法分离菠菜绿叶中的色素时，橙黄色的色素带距离所画滤液细线最远A．①③B．②③C．③④D．②④3．下列选项符合该概念图的是A．若x是内环境，则a～d代表细胞内液、血浆、组织液、淋巴B．若X是免疫调节，则a～d是特异性免疫、非特异性免疫、体液免疫、细胞免疫C．若x为生态系统的组成成分，则a～d是生产者、消费者、分解者、非生物的物质和能量D．若x为物质进出细胞的方式，则a～d是被动运输、协助扩散、主动运输、胞吞和胞吐4．下列有关生命活动的说法，正确的是A．秋水仙素作用于植物细胞有丝分裂的后期，导致子细胞染色体数目加倍B．放能反应一般与ATP的水解有关，如细胞的主动运输等C．衰老细胞的细胞体积变小，细胞核体积增大，细胞膜上的糖蛋白等物质减少D．在成熟生物体内，被病原体感染的细胞的清除，是通过细胞凋亡完成的5．植物的生命活动受到多种植物激素的影响，下列关于植物激素的叙述，正确的是A．细胞分裂素是由植物体特定的部位产生，并作用于该部位B．顶端优势和根的向地性说明植物生长素作用的两重性C．植物激素的运输都有极性运输的特点D．刚收获的种子不易萌发，可用适宜浓度的脱落酸处理打破种子的休眠6．下列是与人体生命活动调节相关的叙述，其中正确的是A．HIV在人体内环境中不能增殖，但能破坏人体体液免疫过程B．组织液是组织细胞进行正常生命活动和代谢的主要场所C．激素在体液的运输下到达各组织细胞内并发挥调节作用D．内环境成分影响细胞代谢，但细胞代谢不影响内环境成分7．下列说法正确的是A．厨房中用的食盐、食醋都是电解质B．古代的陶瓷、砖瓦、现代的玻璃、水泥等，都是硅酸盐产品C．石油的分馏、煤的干馏、石油的裂解都是化学变化D．工业上通过电解熔融的氯化物制取Na、Mg、Al三种金属8．下列说法正确的是A．淀粉、纤维素和油脂都是天然高分子化合物B．乙酸乙酯在碱性条件下的水解反应称为皂化反应C．乙醇能使酸性高锰酸钾溶液褪色，发生的是氧化反应D．乙烯可以与氢气发生加成反应，苯不能与氢气加成9．设N A为阿伏伽德罗常数的数值，下列说法正确的是A．常温常压下，14 g C2H4、C3H6的混合气体中含有碳原子的数目为N AB．常温下，pH=12的Na2CO3溶液中含有的O H－离子数为0．01N AC．标准状况下，0．56 L丙烷中含有共价键的数目为0.2 N AD．7.8 gNa2O2中含有的阴离子数为0.2N A10．下列反应的离子方程式正确的是A．向明矾溶液中加入足量的烧碱溶液：Al3++3O H－=Al(OH)3 ↓B．在含有等物质的量的Fe(NO3)2和KI组成的混合溶液中滴入稀盐酸：3Fe2++4H++NO-3=3Fe3++NO↑+2H2OC．碳酸氢铵溶液中滴加足量的NaOH溶液：HCO-3+O H－=CO-23+H2OD．纯碱溶液呈碱性的原因：CO-23+H2O HCO-3+O H－11．一种基于酸性燃料电池原理设计的酒精检测仪，电池反应的化学方程式为：CH3CH2OH+O2=CH3COOH+H2O。

银川二中2014～2015学年第二学期高三一模理综物理试题第I卷选择题（共126分）二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 14～18题只有一项符合题目要求，第 19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。

14．右图为水平面上一质量m=10kg的物体在吊车作用下竖直向上运动过程中的v-t图像（g=10m/s2），以下判断正确的是A．前3 s内货物处于失重状态B．前3 s内物体的平均速度大于最后2 s内的平均速度C．物体能上升的最大高度为27mD．第4s末拉力的功率为零15．一根总长为L的绳子，两端分别固定在天花板P，N两点处，如图所示，现在O点系一重物G且绳子的OP＞ON，此时OP，ON绳的拉力分别为FP，FN，现将重物系在这段绳子的1/2处，此时OP1，ON1绳拉力为FP1和FN1，（绳子重力不计），两次始终保持两绳垂直，则正确的是A．FP＞FP1，FN＞FN1 B．FP＜FP1，FN＜FN1C．FP＞FP1，FN＜FN1 D．FP＜FP1，FN＞FN116．如图所示，A为地球赤道上的物体，B为地球同步卫星，C为地球表面上北纬600的物体。

已知A、B的质量相同。

则下列关于A、B和C三个物体的说法中，正确的是A．A物体受到的万有引力小于B物体受到的万有引力B．B物体的向心加速度小于A物体的向心加速度C．A、B两物体的轨道半径的三次方与周期的二次方的比值相同D．A和B线速度的比值比C和B线速度的比值大，都小于117．奥斯特发现电流的磁效应之后，科学家们又发现了无限长直导线在某点产生的磁场的磁感应大小满足B=u0I/(2πR)，其中u0为常数,R为某位置到导线的距离。

现有三根通有相同大小电流I的无限长直导线在同一平面内围成一边长为a的三角形区域，电流方向如图所示。

关于该区域中点的磁感应强度说法正确的是A．B=3u0I/(2πa),方向垂直纸面向里 B．B=u0I/(πa),方向垂直纸面向外C．B=3u0I/(πa),方向垂直纸面向里 D．B=3u0I/(πa),方向垂直纸面向外18．一台发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，如图所示，已知输电线的总电阻R＝20 Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为5∶1，副线圈与用电器R0组成闭合电路，R0＝22Ω。

宁夏银川二中2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（五）二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于静电场下列说法中正确的是（）A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少2．两个半径均为1cm的导体球，分别带上+Q和﹣3Q的电量，两球心相距90cm，相互作用力大小为F，现将它们碰一下后，放在两球心间相距3cm处，则它们的相互作用力大小变为（）A．3000F B．1200F C．900F D．无法确定3．质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时，引力势能可表示为E p=﹣，其中G为引力常量，M为地球质量．该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2，此过程中因摩擦而产生的热量为（）A．GMm（﹣）B．GMm（﹣）C．（﹣）D．（﹣）4．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡电阻为图中矩形PQOM所围的面积5．如图为一玩具起重机的电路示意图．电源电动势为6V，内电阻为0.5Ω，电阻R=2.5Ω，当电动机以0.5m/s的速度匀速向上提升一质量为320g的物体时（不计一切摩擦阻力，g=10m/s2），标有“3V，0.6W“的灯泡正好正常发光．则电动机的内阻为（）A．1.25ΩB．3.75ΩC．5.625ΩD．1Ω6．在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．滑动变阻器R的阻值变小B．灯泡L变暗C．电源的内功率增大 D．电容器C的电荷量增大7．在探究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验中，一已充电的平行板电容器与静电计连接如图所示．已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大．现保持电容器的电量不变，且电容器B板位置不动．下列说法中正确的是（）A．将A板向左平移，则静电计指针张角增大B．将A板向左平移，则静电计指针张角增小C．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角减小D．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角增大8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a 的电势最高B．带电质点通过Q点时的电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较大三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答；第33题-39题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量．①旋动部件，使指针对准电流的“0”刻线．②将K旋转到电阻挡“×100”的位置．③将插入“+”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动部件，使指针对准电阻的（填“0”刻线或“∞刻线”）．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按的顺序进行操作，再完成读数测量．A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准．10．实验室新进了一批低电阻的金属丝（如实物图中电阻），已知金属丝的电阻率ρ=1.7×10﹣8Ω•m．课外活动小组的同学设计了一个实验来测算使用的金属丝长度．他们选择了电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等．在实验中，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，（1）应从如图1所示的A、B、C、D四个电路中选择电路来测量金属丝电阻；（2）请把图2的实物按照原理图连接起来，要求导线不能交叉．（3）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图3所示，金属丝的直径为mm；（4）测出电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.5A，根据金属丝电阻值，可估算出绕制这个螺线管所用金属丝的长度约为m．（结果保留两位有效数字）11．如图所示，R为电阻箱，为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r．（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值P m为多少？12．如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图．在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场Ⅰ和Ⅱ，两电场的边界均是边长为a的正方形（不计电子所受重力）．（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域的位置．（2）在电场Ⅰ区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置．（3）若将左侧电场Ⅱ整体水平向右移动（n≥1），仍使电子从ABCD区域左下角D处离开（D不随电场移动），求在电场Ⅰ区域内由静止释放电子的所有位置．三、（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选1题解答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目涂黑．注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理--选修3-4】13．下列判断正确的是（）A．媒质中质点振动的周期一定和相应的波的周期相等B．机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用C．机械波和电磁波都能产生干涉和衍射现象D．在双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则相邻干涉条纹间距变窄E．机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波14．如图所示，半径为R的半圆柱形玻璃砖某一截面的圆心为O点．有两条光线垂直于水平柱面射入玻璃砖中，其中一条光线通过圆心O，另一条光线通过A点，且OA=．这两条光线射出玻璃砖后相交于一点，该点到O点的距离为R，求玻璃的折射率．【物理--选修3-5】（15分）15．（2014•金凤区校级一模）卢瑟福通过实验首次实现了原子核的人工转变，其核反应方程为：He+N→O+H下列说法错误的是（）A．卢瑟福通过该实验提出了原子的核式结构模型B．实验中是用α粒子轰击氮核的C．卢瑟福通过该实验发现了质子D．原子核在人工转变的过程中，电荷数一定守恒E．原子核在人工转变的过程中，产生质量亏损，能量守恒不守恒16．（2015•江西三模）两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为2kg，初始时弹簧处于原长，A、B两物块都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上运动，质量4kg的物块C静止在前方，如图所示．B与C 碰撞后二者会粘在一起运动．求在以后的运动中：（1）当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度为多大？（2）系统中弹性势能的最大值是多少？2015-2016学年宁夏银川二中高三（上）月考物理试卷（五）参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于静电场下列说法中正确的是（）A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零；用公式U=Ed 和电势能公式E p=qφ即可求解．【解答】解：A、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故A错误．B、据电势能公式E p=qφ知，电势能取决于该点的电势和电荷，并不是只有正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，负电荷正好相反，故B错误．C、公式U=Ed 中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故C 错误．D、据电势能公式E p=qφ知，正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，选项D正确．故选：D．【点评】明确电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；公式U=Ed 中的d为沿电场强度方向的距离；电荷在某点的电势能是由该点电势和电荷决定．2．两个半径均为1cm的导体球，分别带上+Q和﹣3Q的电量，两球心相距90cm，相互作用力大小为F，现将它们碰一下后，放在两球心间相距3cm处，则它们的相互作用力大小变为（）A．3000F B．1200F C．900F D．无法确定【考点】库仑定律．【分析】接触带电的原则是先中和后平分，根据库仑定律的公式判断相互作用力的大小．但是注意库仑定律的适用条件，库仑定律适用于点电荷的作用力．【解答】解：根据库仑定律得，，接触后分开，两金属球的电量都为﹣Q，但是两球靠得太近，不能看成点电荷，库仑定律不再适用，所以无法确定作用力的大小．故D正确，A、B、C错误．故选：D【点评】解决本题的关键知道接触带电的原则是先中和后平分，以及知道库仑定律的适用条件，库仑定律适用于点电荷的作用力．3．质量为m的人造地球卫星与地心的距离为r时，引力势能可表示为E p=﹣，其中G为引力常量，M为地球质量．该卫星原来在半径为R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为R2，此过程中因摩擦而产生的热量为（）A．GMm（﹣）B．GMm（﹣）C．（﹣）D．（﹣）【考点】万有引力定律及其应用；重力势能的变化与重力做功的关系．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】求出卫星在半径为R1圆形轨道和半径为R2的圆形轨道上的动能，从而得知动能的减小量，通过引力势能公式求出势能的增加量，根据能量守恒求出热量．【解答】解：卫星做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则轨道半径为R1时 G=①，卫星的引力势能为E P1=﹣②轨道半径为R2时 G=m③，卫星的引力势能为E P2=﹣④设摩擦而产生的热量为Q，根据能量守恒定律得：+E P1=+E P2+Q ⑤联立①～⑤得Q=（）故选：C．【点评】本题是信息题，要读懂引力势能的含义，建立卫星运动的模型，根据万有引力定律和圆周运动的知识、能量守恒定律结合求解．4．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡电阻为图中矩形PQOM所围的面积【考点】闭合电路的欧姆定律；电阻率与温度的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】小灯泡的伏安特性曲线上的各点与原点连线的斜率表示电阻，斜率增大，灯泡的电阻增大．任一状态灯泡的电阻R=．【解答】解：A、I﹣U图线各点与原点连线的斜率表示电阻，由题，此斜率减小，说明随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大．故A正确．B、C、D根据电阻的定义得到，对应P点，小灯泡的电阻为R=，R不等于切线斜率，R也不等于“面积”．故B正确，CD错误．故选AB【点评】对于线性元件，欧姆定律成立，即R==，对于非线性元件，欧姆定律不成立，R=≠．5．如图为一玩具起重机的电路示意图．电源电动势为6V，内电阻为0.5Ω，电阻R=2.5Ω，当电动机以0.5m/s的速度匀速向上提升一质量为320g的物体时（不计一切摩擦阻力，g=10m/s2），标有“3V，0.6W“的灯泡正好正常发光．则电动机的内阻为（）A．1.25ΩB．3.75ΩC．5.625ΩD．1Ω【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由灯泡的性质及串并联电路的规律可得出电动机两端的电压及电流，再由功率公式可求得电动机内阻．【解答】解：由电路图可知，灯泡与电动机并联，灯泡正常发光，电压为3V，电流为：I L==0.2A；故电动机两端的电压为3V；R及r两端的电压为3V，由欧姆定律可得，总电流为：I==1A；电动机的电流为：I机=I﹣I L=1﹣0.2=0.8A；电动机的输出功率为：P=mgv=UI﹣I2r代入数据解得：r=1.25Ω故选：A．【点评】本题考查功率公式的应用及闭合电路欧姆定律，要注意正确分析电路，明确各种功率公式的正确应用．6．在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．滑动变阻器R的阻值变小B．灯泡L变暗C．电源的内功率增大 D．电容器C的电荷量增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】灯泡L和滑动变阻器R串联、电容器C和定值电阻R0串联后两条支路再并联．当电路稳定后，电容器这一路没有电流，相当于开关断开，对另一支路没有影响．电容器的电压等于路端电压．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器R的阻值变大，故A错误；B、当R增大，由闭合电路欧姆定律知电路中的电流减小，则灯泡L将变暗．故B正确．C、电源的内功率 P=I2r，电流减小，P减小，故C错误；D、路端电压为U=E﹣Ir，I减小时，U增大，则电容器两极板间的电压增大，电容器电量为Q=CU，则Q增大．故D正确．故选：BD【点评】本题关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压．7．在探究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验中，一已充电的平行板电容器与静电计连接如图所示．已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大．现保持电容器的电量不变，且电容器B板位置不动．下列说法中正确的是（）A．将A板向左平移，则静电计指针张角增大B．将A板向左平移，则静电计指针张角增小C．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角减小D．将A板竖直向上平移，则静电计指针张角增大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】先根据电容的决定式分析电容的变化，再根据电容的定义式分析板间电势差的变化，判断静电计指针张角的变化．【解答】解：A、B将A板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式C=得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析得到，板间电势差U增大，则静电计指针张角增大．故A正确，B错误．C、D将A板竖直向上平移，两极板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析得到，板间电势差U增大，则静电计指针张角增大．故C错误，D正确．故选AD【点评】本题是电容的动态分析问题，由电容的决定式C=和定义式C=结合进行分析．8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a 的电势最高B．带电质点通过Q点时的电势能较大C．带电质点通过P点时的动能较大D．带电质点通过P点时的加速度较大【考点】电势；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a点的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B错误；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方场强大，加速度大，故质点通过P点时的加速度较大，故D正确．故选：D．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答；第33题-39题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量．①旋动部件S ，使指针对准电流的“0”刻线．②将K旋转到电阻挡“×100”的位置．③将插入“+”、“﹣”插孔的表笔短接，旋动部件T ，使指针对准电阻的“0”刻线（填“0”刻线或“∞刻线”）．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按B、D、C 的顺序进行操作，再完成读数测量．A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准．【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题．【分析】使用多用电表测电阻的方法：电表使用前要使指针指在0刻线位置，通过调节调零旋钮实现；欧姆表测量前要进行欧姆调零；欧姆表中值电阻附近刻度线最均匀，读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零；欧姆表读数=刻度盘读数×倍率；欧姆表使用完毕，要将旋钮选择“OFF”挡或者交流电压最大挡，若长期不用，需要将电池取出．【解答】解：①电表使用前要旋转机械调零旋钮S进行机械调零，使指针对准电流的0刻线；②将K旋转到电阻挡“×l00“的位置．③将插入“十“、“﹣“插孔的表笔短接，旋动欧姆调零旋钮 T，使指针对准电阻的“0”刻线．④欧姆表指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应换小挡进行测量，应将旋转开关K置于“×10”，然后进行欧姆调零，再测电阻，因此合理是实验步骤是：B、D、C．故答案为：①S；③T；“0”刻线；④B、D、C．【点评】本题考查了多用电表的使用方法，掌握基础知识即可正确解题；使用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近．10．实验室新进了一批低电阻的金属丝（如实物图中电阻），已知金属丝的电阻率ρ=1.7×10﹣8Ω•m．课外活动小组的同学设计了一个实验来测算使用的金属丝长度．他们选择了电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等．在实验中，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，（1）应从如图1所示的A、B、C、D四个电路中选择 D 电路来测量金属丝电阻；（2）请把图2的实物按照原理图连接起来，要求导线不能交叉．（3）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图3所示，金属丝的直径为0.260 mm；（4）测出电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.5A，根据金属丝电阻值，可估算出绕制这个螺线管所用金属丝的长度约为13 m．（结果保留两位有效数字）【考点】测定金属的电阻率．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】通过实验来测算螺线管使用的金属丝长度，由电阻定律已知电阻率、电阻及横截面积，则可求出金属丝的长度．同时运用伏安法电流表外接法，变阻器分压式来测量金属丝的电阻，从而即可求解．【解答】解：（1）由于该电阻阻值较小，在伏安法测电阻时应用电流表外接法；实验中要求有较大的电压调节范围，所以滑动变阻器应用分压接法，故D正确．（2）根据电路图，注意电源的正负极，电表的正负极，从而进行实物图连接，如下所示：；（3）螺旋测微器读数d=0 mm+26.0×0.01 mm=0.260 mm．（4）由电阻定律R=ρ得，L===≈13 m．故答案为：（1）D；（2）如上图所示；（3）0.260；（4）13．【点评】本题关键明确实验原理和实验的误差来源，会用电阻定律列式计算，注意实物图连接时正负极性，及掌握螺旋测微器的读数．11．如图所示，R为电阻箱，为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r．（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值P m为多少？【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】计算题．【分析】（1）由两次电压表及电阻箱的读数，列出闭合电路欧姆定律联立可求得电动势和内阻；（2）由功率表达式可知，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；由数学知识可求得最大值．【解答】解：（1）由闭合电路欧姆定律：联立上式并代入数据解得：E=6Vr=1Ω电源电动势为6V，内阻为1Ω；（2）由电功率表达式：将上式变形为：由上式可知R=r=1Ω时P有最大值为；故P的最大输出功率为9W．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律及功率输出的最大值问题，最大输出功率要以做为结论直接应用，但是还要注意明确推导过程．12．如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图．在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场Ⅰ和Ⅱ，两电场的边界均是边长为a的正方形（不计电子所受重力）．（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域的位置．（2）在电场Ⅰ区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置．（3）若将左侧电场Ⅱ整体水平向右移动（n≥1），仍使电子从ABCD区域左下角D处离开（D不随电场移动），求在电场Ⅰ区域内由静止释放电子的所有位置．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）在AB边的中点处由静止释放电子，电场力对电子做正功，根据动能定理求出电子穿过电场时的速度．进入电场II后电子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求出电子的加速度，由运动学公式结合求出电子离开ABCD区域的位置坐标．（2）在电场I区域内适当位置由静止释放电子，电子先在电场Ⅰ中做匀加速直线运动，进入电场Ⅱ后做类平抛运动，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求出位置x与y的关系式．。

宁夏银川一中2008届高三年级第二次月考测试理科综合能力测试本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，满分300分，考试时间150分钟。

第Ⅰ卷（选择题，共140分）二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共48分，每小题中有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．16世纪纪末,伽利略用实验和推理,推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论,开启了物理学发展的新纪元。

在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是A ．四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快：这说明，物体受的力越大，速度就越大B ．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态”C ．两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快D ．一个物体维持匀速直线运动，不需要受力15．作用在同一物体上的下列几组力中，不能使物体做匀速直线运动的有 （ ）A ．3N ，4N ，5NB ．2N ，3N ，6NC ．4N ，6N ，9ND ．5N ，6N ，11N16．列车长为L ，铁路桥长也是L ，列车匀加速过桥，车头过桥头时速度是υ1，车头过桥尾时速度是υ2，则车尾通过桥尾时的速度为 （ ）A ．υ 2B ．2υ2－υ 1C ．22221υυ+ D ．21222υυ-17．人骑自行车下坡，坡长L ＝500 m ，坡高h ＝8 m ，人和车总质量为100 kg ，下坡时初速度为4 m/s ，人不踏车的情况下，到达坡底时车速为10 m/s ，g 取10 m/s 2，则下坡过程中阻力所做的功为 （ ）A ．－400JB ．－3800JC ．－50000JD ．－4200J18．如图所示为一质点作直线运动的速度-时间图像，下列说法中正确的是A ．整个过程中，CD 段和DE 段的加速度数值最大B ．整个过程中，BC 段和CD 段的运动方向相反C ．整个过程中，C 点所表示的状态离出发点最远D ．BC 段所表示的运动通过的位移是34m19．如图，卷扬机的绳索通过定滑轮用力F 拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动。