内蒙古呼伦贝海三中高三物理第三次月考试题

14学年内蒙古呼伦贝尔市大杨树三中高三（上）第三次月考物理试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分，其中1-9小题为单选题；10-12题为不定项选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．（4分）（2013秋•七里河区校级期中）如图甲所示，在粗糙的水平面上，物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其v﹣t图象如图乙中实线所示，下列判断正确的是（）A．在0～1s内，外力F不断增大B．在1～3s内，外力F为零C．在3～4s内，外力F不断减小D．在3～4s内，外力F的大小恒定考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在速度﹣﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负．结合牛顿第二定律判断受力情况．解答：解：A、在0～1s内，直线的斜率不变，加速度不变，外力F是恒力，故A错误．B、在1～3s内，速度不变，物体做匀速直线运动，加速度等于零，F等于摩擦力，外力F的大小恒定，故B错误．C、D、在3～4s内，斜率越来越大，说明加速度越来越大，所以物体做加速度增大的减速运动，若力的方向与速度方向相同，根据a=知力F不断减小，故C正确，D错误．故选：C．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用要明确斜率的含义，并结合牛顿第二定律解题．2．（4分）（2013秋•东城区期中）以速度v0水平抛出一小球，忽略空气阻力，当小球的水平速度与竖直速度大小相等时，水平位移与竖直位移的比值是（）A．1：1 B．2：1 C．1：2 D．1：4考点：平抛运动．版权所有专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据水平速度与竖直速度大小相等，可得到时间；再分别求出竖直位移与水平位移，即可求解答：解：根据平抛运动规律，且水平速度与竖直速度大小相等，即：v0=gt得下落时间t=水平方向，匀速直线运动位移x=v0t=竖直方向，自由落体运动位移y==则水平位移与竖直位移的之比：x：y=2：1，故ACD错误，B正确故选：B点评：本题关键要抓住平抛运动竖直分运动和水平分运动的规律，结合题中条件求解．3．（4分）（2013秋•新洲区期末）如图所示，自行车的小齿轮A、大齿轮B、后轮C是相互关联的三个转动部分，且半径RB=4RA、RC=8RA，如图所示．当自行车正常骑行时A、B、C三轮边缘的向心加速度的大小之比aA：aB：aC等于（）A．1：1：8 B．4：1：4 C．4：1：32 D．1：2：4考点：向心加速度．版权所有专题：匀速圆周运动专题．分析：自行车的链条不打滑，A与B的线速度大小相等，A与C绕同一转轴转动，角速度相等．由v=ωr研究A与B角速度的关系．由向心加速度公式a=，分别研究A与B和A 与C的向心加速度的关系．解答：解：由于A轮和B轮是皮带传动，皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同，故：vA=vB，所以，vA：vB=1：1由于A轮和C轮共轴，故两轮角速度相同，即：ωA=ωC，故：ωA：ωC=1：1由角速度和线速度的关系式v=ωR可得：vA：vC=RA：RC=1：8所以，vA：vB：vC=1：1：8又因为RA：RB：RC=1：4：8根据a=得：aA：aB：aC=4：1：32故选：C．点评：本题考查灵活选择物理规律的能力．对于圆周运动，公式较多，要根据不同的条件灵活选择公式．4．（4分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）如图所示，内壁光滑的半球形容器固定放置，其圆形顶面水平．两个完全相同的小球a、b分别沿容器内壁，在不同的水平面内做匀速圆周运动．下列判断正确的是（）A．a对内壁的压力小于b对内壁的压力B．a的向心加速度与b的向心加速度大小相等C．a的角速度小于b的角速度D．a的周期小于b的周期考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速．版权所有专题：匀速圆周运动专题．分析：以任意一球为研究对象，根据牛顿第二定律得出角速度、周期、向心加速度和小球所受支持力的表达式，再比较其大小．解答：解：A、以任意一球为研究对象，受力情况如图，由图得到轨道对小球的支持力N=，对于两球θa＞θb，所以Na＞Nb，故A错误；B、向心加速度an=gtanθ，对于两球θa＞θb，则向心加速度aa＞ab，故B错误；C、小球受重力mg和内壁的支持力N，由两力合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：mgtanθ=mω2r，得：ω=，设球的半径为R，根据几何关系可知，运动半径：r=Rsinθ，则ω=，对于两球θa＞θb，则ωa＞ωb，周期T=，所以Ta＜Tb，故D正确，C错误；故选：D点评：分析受力情况，确定小球向心力的来源，再由牛顿第二定律和圆周运动结合进行分析，是常用的方法和思路．5．（4分）（2013秋•东城区期中）半径为R的圆桶固定在小车上，有一光滑小球静止在圆桶的最低点．如图所示，小车以速度v向右匀速运动，当小车遇到障碍物突然停止时，小球在桶内做圆周运动恰能通过最高点，则圆桶的半径与小车速度之间的关系是（）A．R=B．R=C．R=D．R=考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：当小车遇到障碍物突然停止时，小球以速度v沿圆轨道向上运动，在桶内做圆周运动恰能通过最高点，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律和机械能守恒结合求解．解答：解：设小球恰好运动到最高点时的速度大小为v′．在最高点，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律得：mg=m，得，v′=；小球从最低点到最高点的过程中，根据机械能守恒得：mg•2R=﹣；联立上两式得：R=故选：A点评：圆周运动往往与机械能守恒和动能定理综合考查，关键要抓住小球到达最高点的临界条件，运用牛顿第二定律求出临界速度．6．（4分）（2013春•秦州区校级期中）航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A 点短时间开动小型发动机进行变轨，从圆形轨道Ⅰ进入椭圆道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示．下列说法中正确的有（）A．在轨道Ⅱ上经过A的速度大于经过B的速度B．在A点短时间开动发动机后航天飞机的速度增大了C．在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D．在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度考点：万有引力定律及其应用．版权所有专题：万有引力定律的应用专题．分析：卫星在椭圆轨道近地点速度大于远地点速度；根据开普勒第三定律=k知，判断在轨道Ⅱ上运动的周期与在轨道Ⅰ上运动的周期大小；万有引力是合力满足牛顿第二定律．解答：解：A、根据开普勒第二定律可知航天飞机在远地点A的速度小于在近地点B的速度，A错误．B、题中要求从圆形轨道Ⅰ进入椭圆道Ⅱ，需要在A点减速做近心运动才行，故在A点短时间开动发动机后航天飞机的速度会减小，B错误．C、由开普勒第三定律=k知，在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故C正确．D、由可知，在轨道Ⅱ上经过A的加速度应等于在轨道Ⅰ上经过A的加速度，D错误．故选：C．点评：解决本题的关键理解航天飞机绕地球运动的规律．要注意向心力是物体做圆周运动所需要的力，比较加速度，应比较物体实际所受到的力，即万有引力．7．（4分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）某人蹲在台秤上，当他突然站起的过程中，关于台秤示数的变化判断正确的是（）A．一直变小B．先变大后变小，最后恢复到蹲在台秤时相同示数C．一直变大D．先变小后变大，最后恢复到蹲在台秤时相同示数考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度．解答：解：人站起的过程中重心的位置向上运动，重心先是加速上升，有向上的加速度，此时的人对体重计的压力增大，后是减速上升到速度为0，有向下的加速度，此时的人对体重计的压力减小，最后静止等于他的重力．故选：B．点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．8．（4分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）如图所示，汽车在拱形桥上由A匀速率运动到B，以下说法正确的是（）A．牵引力与克服摩擦力做的功相等B．牵引力和重力做的总功大于克服摩擦力做的功C．重力做功的瞬时功率不会变化D．合外力对汽车不做功考点：动能定理的应用．版权所有专题：动能定理的应用专题．分析：汽车由A匀速率运动到B的过程中受重力、弹力、摩擦力、以及牵引力作用，正确分析这些力做功情况，从而弄清楚该过程的功能转化；注意求某个力的功率时要求改力和速度的方向在一条线上．解答：解：A、汽车运动过程中，牵引力做正功设为WF，摩擦力做负功其大小设为Wf，重力做负功其大小设为WG，支持力不做功，根据动能定理得：WF﹣Wf﹣WG=0，故A错误；B、牵引力、重力和摩擦力三个力总功为0，牵引力和重力做的总功等于克服摩擦力做的功，故B错误；C、重力的大小方向不变，但是汽车的速度方向时刻变化，因此根据P=Fv=mgv，可知速度在重力方向上的分量越来越小，所以重力的功率是变化的，故C错误；D、根据动能定理得：汽车由A匀速率运动到B的过程中动能变化为0，所以合外力对汽车不做功，故D正确；故选：D．点评：一种力做功对应着一种能量的转化，明确各种功能关系是正确解答本题的关键，同时要正确理解公式P=mgv的含义以及使用条件．9．（4分）（2013秋•东城区期中）质量为1kg的物体被竖直向上抛出，在空中的加速度的大小为16m/s2，最大上升高度为5m，若g取10m/s2，则在这个过程中（）A．重力势能增加了80J B．动能减小了50JC．机械能减小了30J D．机械能守恒考点：功能关系；机械能守恒定律．版权所有分析：重力对物体做负功，物体的重力势能增大，物体上升到最高点做匀减速运动，根据导出公式求得物体的初速度和物体的初动能；根据牛顿第二定律求出物体上升的过程中受到的阻力．机械能的减少等于阻力做的功．解答：解：A、物体上升的高度是5m，克服重力做功：W=mgh=1×10×5=50J．所以物体的重力势能增大了50J．故A错误；B、物体上升到最高点做匀减速运动，则：2ah=0﹣v2，得：m/s物体的动能减少：J．故B错误；C、物体向上运动时有：；解得：f=6N；阻力对物体做功：Wf=f•h=6×5J=30J，所以物体的机械能减少了30J．故C正确；D、由于在在过程中有空气的阻力做功，所以机械能不守恒．故D错误．故选：C点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，难度适中．10．（4分）（2013秋•临夏市校级期中）如图，质量为m的小球与轻质弹簧Ⅰ和水平轻绳Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P、Q，当剪断Ⅱ的瞬间，小球的加速度a应是（）A．大小a=g B．大小a=gtanθC．方向水平向左D．方向竖直向下考点：牛顿第二定律．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先研究原来静止的状态，由平衡条件求出弹簧和细线的拉力．刚剪短细绳时，弹簧来不及形变，故弹簧弹力不能突变；细绳的形变是微小形变，在刚剪短弹簧的瞬间，细绳弹力可突变！根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度．解答：解：绳子未断时，受力如图，由共点力平衡条件得，T2=mgtanθ，T1=刚剪短细线瞬间，弹簧弹力和重力不变，受力如图由几何关系，F合=T1sinθ=mgtanθ=ma，因而a==gtanθ，方向水平向左．故选：BC．点评：本题为瞬时问题，关键要抓住弹簧弹力不可突变，细绳弹力可突变！11．（4分）（2012春•始兴县校级期末）一个小球从高处自由落下，则球在下落过程中的动能（）A．与它下落的距离成正比B．与它下落距离的平方成正比C．与它运动的时间成正比D．与它运动的时间平方成正比考点：自由落体运动；动能．版权所有专题：自由落体运动专题．分析：小球自由落体运动，速度公式v=gt，位移公式h=，，联立可得动能解答：解：球在下落过程中的动能A、由v2=2gh，可得=mgh，故A正确，B错误；C、由v=gt，可得=，故C错误，D正确故选：AD点评：本题主要考查自由落体运动学公式，结合动能，可判断，基础题目．12．（4分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）同步卫星离地球球心的距离为r，运行速率为v1，加速度大小为a1，地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度大小为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径为R，则（）A．a1：a2=R2：r2 B．a1：a2=r：R C．v1：v2=R2：r2 D．v1：v2=：考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．版权所有专题：人造卫星问题．分析：同步卫星的角速度与地球自转的角速度相同，地球赤道上的物体随地球自转时，其角速度也与地球自转的角速度相同，由a=ω2r求解a1：a2．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，可得到卫星的速度与半径的关系式，再求解速度之比v1：v2．解答：解：A、B、同步卫星的角速度、赤道上的物体的角速度都与地球自转的角速度相同，则由a=ω2r得，a1：a2=r：R．故A错误，B正确．C、D、第一宇宙速度等于近地卫星的运行速度，人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则得：G=m，解得：v=，M是地球的质量为M，r是卫星的轨道半径，则得到：v1：v2=：．故C错误，D正确．故选：BD点评：本题要建立物理模型：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力；其次要灵活选择公式的形式．二．填空题（每空2分，共22分）13．（4分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为 3.6N．（保留两位有效数字）（2）下列不必要的实验要求是D．（请填写选项前对应的字母）（A）应测量重物M所受的重力（B）弹簧测力计应在使用前校零（C）拉线方向应与木板平面平行（D）改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置．考点：验证力的平行四边形定则．版权所有专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数．在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验．解答：解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.6N．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．故答案为：（1）3.6（2）D点评：本题考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．14．（6分）（2013秋•孝南区校级期中）实验中用图甲所示的装置探究加速度与力和质量的关系，通过改变小托盘和砝码总质量m来改变小车受到的合外力，通过加减小车中的砝码来改变小车总质量M．打点计时器所用交流电的频率为50Hz．图乙为实验中得到的一条纸带中的一部分，取0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.74cm，x3=6.30cm，x4=7.85cm，x5=9.41cm，x6=10.96cm．（1）由上述数据计算出小车运动的加速度大小为 1.55m/s2（结果保留三位有效数字）．（2）本实验的目的是为研究加速度、质量、合外力三个物理量之间的关系，故实验中应采用的实验研究方法是控制变量法．（3）若在研究加速度与力的关系时得到了如图丙所示的图象，则该图象不过原点原因是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．版权所有专题：实验题．分析：利用逐差法△x=aT2可以求出物体的加速度大小，由于该实验涉及的物理量较多，因此该实验采用的是控制变量法研究加速度、质量、合力三者之间的关系；观察图象可知当F＞0时，加速度仍为零，说明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．解答：解：（1）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）==1.55m/s2．（2）在研究物体的“加速度、作用力和质量”三个物理量的关系时，由于变量较多，因此采用了“控制变量法”进行研究，分别控制一个物理量不变，看另外两个物理量之间的关系．（3）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．故答案为：（1）1.55；（2）控制变量法；（3）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．点评：在学习物理过程中掌握各种研究问题的方法是很重要的，要了解各种方法在物理中的应用，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．15．（4分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）质量为50kg的游泳运动员，从离水10m高的跳台上以4m/s的速度跳出，运动员起跳时作了功为400J，若不计空气阻力，运动员入水时的速度大小为14.7m/s．考点：功能关系．版权所有分析：对跳起过程由动能定理可求得运动员起跳时所做的功；对全程由动能定理求出克服空气阻力所做的功．解答：解：起跳时人做的功转化为人的动能，则有：W人=mv2=×50×16=400J；若不计空气阻力，则人在空中机械能守恒，则有：mv22=mgh+mv2，代入数据解得：v2=14.7m/s；故答案为：400，14.7．点评：本题考查动能定理及机械能守恒定律的应用，要注意确定所研究的过程，做好受力分析，明确各力做功情况．16．（8分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）如图所示，水平放置的传送带以v=2m/s的速度向右运行，现将一质量为m=1kg的小物体轻轻地放在传送带的左端，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，左端与右端相距4m，若g=10m/s2，则小物体从左端运动到右端所需时间为2.5s，摩擦力对物块做的功为2J，摩擦力对传送带做的功为﹣4J，运动过程中由于摩擦产生的内能为2J．考点：功能关系；动能定理的应用．版权所有分析：根据牛顿第二定律求得加速度，由速度公式求出物体的速度增大到与传送带相等所用时间，并求出此过程的位移，判断速度相等后物体的运动情况，若物体继续做匀速直线运动，由位移公式求解时间，即可求得总时间．摩擦产生的热量等于摩擦力大小乘以物体相对地面的位移．由运动学求出相对位移，即可得到摩擦产生的热量．解答：解：物体放到传送带上时，相对传送带向左滑行，受到向右的滑动摩擦力，因而向右做初速度为零的匀加速直线运动，当速度增加到传送带运动的速度v=2m/s时，物体与传送带间就不再有相对滑动，也就不再受摩擦力了，此后物体做匀速运动一直到右端．物体做匀加速运动时，受力如图示，则开始阶段物体所受滑动摩擦力大小为：f=μFN=μmg…①物体轻轻放在传送带上受到滑动摩擦力而做匀加速直线运动物体在皮带上滑行时加速度的大小为：a=μg=2m/s2…②加速到v=2m/s过程中运动的位移为：s==m=1m…③加速所用的时间为t1==s=1s…④因为s＜L=4m，所以物体与传送带速度相同后做匀速直线运动，发生相对滑动过程传送带运动的位移为2m，摩擦力对传送带做的功为：W=﹣fx=﹣2×2=﹣4J摩擦力对滑块做的功W′=mv2=×1×22=2J匀速直线运动的时间为t2==s=1.5s所以物体从左端运动到右端共经历时间：t=t1+t2=2.5s…⑤匀加速过程中，传送带的位移为x=vt1=2×1m=2m所以摩擦产生的热量Q=μmg△x=μmg（x﹣s）=0.2×10×（2﹣1）J=2J故答案为：2.5，2，﹣4，2．点评：解决本题的关键能通过计算正确分析物体的运动情况，知道物体在传送带上先向右做匀加速直线运动，直到速度达到传送带的速度，又一起做匀速直线运动．三．解答题（17、18题各9分，19题12分，共30分，请写出必要的计算步骤）17．（9分）（2015•崇明县一模）如图所示，质量m=2.0kg的木块静止在水平面上，用大小F=20N、方向与水平方向成θ=37°角的力拉动木块，当木块运动到x=10m时撤去力F．不计空气阻力．已知木块与水平面间的动摩擦因数µ=0.2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．g取10m/s2．求：（1）撤去力F时木块速度的大小；（2）撤去力F后木块运动的时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）分析木块的受力情况，根据牛顿第二定律和摩擦力公式求出加速度，由运动学位移速度关系公式求出撤去力F时木块速度的大小；（2）撤去F后，木块由于滑动摩擦力而做匀减速运动，根据牛顿第二定律求出加速度，由速度公式求解木块运动的时间．解答：解：（1）力F拉动木块的过程中，木块的受力情况如图1所示．根据牛顿运动定律有Fcos37°﹣f1=ma1mg﹣Fsin37°﹣N1=0又因为f1=μN1代入数据可求得：N1=8.0N，解得：因为：v2=2a1x所以：（2）撤去F后，木块的受图情况如图2所示．根据牛顿运动定律有：N2﹣mg=0﹣f2=ma2又因为：f2=μN2代入数据可求得：N2=20N，解得：因为：v末=v+a2t所以：答：（1）撤去力F时木块速度的大小是12m/s；（2）撤去力F后木块运动的时间是6s．点评：本题是牛顿第二定律和运动学公式结合处理动力学问题，加速度是关键量，是联系力和运动学关系的桥梁，在这种方法中是必求的量．18．（9分）（2014春•商水县期中）如图所示，宇航员站在某质量分布均镁光的星球表面斜坡上，从P点沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q，斜面倾角为α，已知星球半径为R，万有引力常量为G，求：（1）该星球表面的重力加速度；（2）该星球的第一宇宙速度v；（3）该星球的密度．考点：万有引力定律及其应用；平抛运动．版权所有专题：万有引力定律的应用专题．分析：（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动的规律求出星球表面的重力加速度．（2）第一宇宙速度的大小等于贴近星球表面运行的速度．根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的大小．（3）根据万有引力等于重力求出星球的质量，结合密度的公式求出星球的密度．解答：解：（1）物体落在斜面上有：=得：g=．（2）根据万有引力提供向心力得：则第一宇宙速度为：v===．（3）根据万有引力等于重力为：，解得星球的质量为：M=．而V=．则密度为：ρ====．答：（1）该星球表面的重力加速度为．（2）该星球的第一宇宙速度为．（3）该星球的密度为．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能灵活运用．19．（12分）（2013秋•鄂伦春自治旗校级月考）小明手握不可伸长的轻绳一端，另一端系着质量为0.3kg的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动．当球某次运动到最低点时，绳恰好达到所能承受的最大拉力F而断掉，球飞行水平距离d=0.5m后落地，如图所示．已知握绳的手离地面高度也为d=0.5m，绳长L=d，重力加速度为g=10m/s2．忽略手的运动、小球的半径和空气阻力，试分析求解：（1）绳断时球的速度大小v1；（2）球落地时的速度大小v2；（3）绳能承受的最大拉力F；（4）改变绳长，使球重复上述运动．若绳仍在球运动到最低点时断掉，则球抛出的水平距离最大时，绳长为多少？水平距离为多少？。

高三物理三月月考考试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分，每小题有一个或多个选项．．．．．．．．符合题意。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分。

14．某校中学生参加电视台“异想天开”节目栏的活动，他们指出了下列四个设想方案，哪些从理论上讲是可行的DA ．制作一个装置自发地从海水中吸取内能全部用来做功B ．发明一种制冷设备，使温度降至绝对零度以下C ．汽车尾气中各类有害气体排入大气后严峻污染了空气，想方法使它们自发地分离， 既清洁了空气，又变废为宝D ．将房屋顶盖太阳能板，可直截了当用太阳能解决照明和热水问题 15、下列说法正确的是ABA ．用太阳光照耀三棱镜可观看光的色散现象B ．在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象C ．用标准平面检查光滑平面的平坦程度是利用光的偏振现象D ．电视机遥控器是利用发出紫外线脉冲信号来变换频道的16、图中P 为放在匀强电场中的天然放射源，其放出的射线在只有电场力的作用下分成a 、b 、c 三束，以下判定正确的是 BA 、a 为α射线、b 为β射线，c 为γ射线B 、a 为β射线、b 为γ射线，c 为α射线C 、打在极板上的a 射线粒子的动能减少而c 射线粒子的动能增加D 、打在极板上的a 射线粒子的动能增加而c 射线粒子的动能减少17、如图所示，S 1、S 2是振动情形完全相同的两个机械波波源，振幅为A ，a 、b 、c 三点分别位于S 1、S 2连线的中垂线上，且ab ＝bc ，某时刻a 是两列波的波峰相遇点，c 是两列波的波谷相遇点，则CD A 、a 处质点的位移始终为2A ，B 、c 处质点的位移始终为－2A ，C 、b 处质点的振幅为2A ，D 、c 处质点的振幅为2A 。

18、如图所示，A 、B 为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度，两个相同的磁性小球，同时从A 、B 管上端的管口无初速开释，穿过A 管的小球比穿过B 管的小球先落到地面，则下面的描述中可能正确的是BDA 、A 、B 管中的小球均作匀加速直线运动但A 管中小球的加速度较大， B 、A 管中的小球作自由落体运动而B 管小球作变加速运动C 、A 管中有电流、B 管中无电流D 、A 管中无电流、B 管中有电流19、 如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q ，在M 点无初速开释一带有恒定电量的小物块，小物块在Q 的电场中运动到N 点静止，则从M 点运动到N 点的过程中ABDA 、小物块所受电场力逐步减小，B 、小物块具有的电势能逐步减小，C 、M 点的电势一定高于N 点的电势，SSAD 、小物块电势能变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功。

高三年级统一考试物理试题一、选择题（40分）：本题共10小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A．亚里士多德根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B．牛顿发现了万有引力定律，并设计了扭秤测量出了引力常量C．库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D．法拉第通过实验研究发现通电导线能产生磁场【知识点】物理学史【试题解析】伽利略根据理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，A错误；牛顿发现了万有引力定律，笛卡尔通过扭称测量出了引力常量，B错误；库仑发现了电荷间的相互作用，并利用扭称确认了真空中两个静止电荷间的相互作用的规律，C正确；奥斯特通过实验研究发现了通电导线周围有磁场，D错误。

【答案】C2．图象法可以形象直观地描述物体的运动情况.对于下面两质点运动的位移-时间图象和速度-时间图象,分析结果正确的是( )A. 由图(1)可知,质点做曲线运动,且速度逐渐增大B. 由图(1)可知,质点在前10s内的平均速度大小为4m/sC. 由图(2)可知,质点在第4s内加速度的方向与物体运动的方向相反D. 由图(2)可知,质点在运动过程中,加速度的最大值为15m/s2【知识点】匀变速直线运动及其公式、图像【试题解析】速度图线和位移图线只能描述直线运动，不能描述曲线运动，A错误；由图（1）可知，质点在前10s内的平均速度大小为2m/s，B错误；由图（2）可知，质点在第4s内做负方向的加速运动，所以加速度与运动方向相同，C错误；由图（2）可知，质点在2~4s的运动过程中，加速度最大为15m/s2，D正确。

【答案】D3．如图甲所示，质量为4kg的物体在水平推力作用下开始运动，推力大小F随位移大小x 变化的情况如图乙所示，物体与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，g取10m/s2，则（）A．物体先做加速运动，推力撤去才开始做减速运动B．物体在水平面上运动的最大位移是10mC．物体运动的最大速度为20m/sD．物体在运动中的加速度先变小后不变【知识点】动能和动能定理牛顿运动定律、牛顿定律的应用【试题解析】拉力减小到等于摩擦力以后，就先做加速度增大的减速运动后做匀减速运动，AD错误；根据动能定理可知：，另外根据拉力与位移的图像可知拉力做功为，f＝20N，所以x＝10m，B正确；由F-x图象可知F＝μmg＝20N 时，x＝3．2m，此刻速度最大，W1-μmgx，其中W1 ＝192J，得vm＝8m/s，C错误。

内蒙古自治区高三上学期物理第三次月考试卷A卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共7题；共14分)1. （2分）质量为m的钢球从某一高处落下，落地的速度大小为v1 ，与地面碰撞后，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地速率为v2 ，则在碰撞过程中，地面对钢球冲量大小和方向为（）A . 向下，m（v1－ v2）B . 向下，m（v1+ v2）C . 向上，m（v1－ v2）D . 向上，m（v1+ v2）2. （2分） (2017高一下·石家庄期中) 一辆汽车从静止出发在平直公路上加速前进，如果汽车发动机功率一定，遇到的阻力也一定，在达到最大速度之前（）A . 汽车的加速度大小不变B . 汽车的加速度不断增加C . 汽车的加速度不断减小D . 汽车的加速度大小跟速度成反比3. （2分） (2018高三上·鸡西期中) 如图所示,完全相同的A,B两物块随足够长的水平传送带按图中所示方向匀速运动.A,B间夹有少量炸药,对A,B在炸药爆炸过程及随后的运动过程有下列说法,其中正确的是（）A . 炸药爆炸后瞬间,A,B两物块速度方向一定相同B . 炸药爆炸后瞬间,A,B两物块速度方向一定相反C . 炸药爆炸过程中,A,B两物块组成的系统动量守恒D . A,B在炸药爆炸后至A,B相对传送带静止的过程中动量不守恒4. （2分） (2017高一下·庆城期末) 材料相同的A、B两块滑块质量mA＞mB ，在同一个粗糙的水平面上以相同的初速度运动，则它们的滑行距离xA和xB的关系为（）A . xA＞xBB . xA=xBC . xA＜xBD . 无法确定5. （2分） (2018高一下·莆田期中) 下列物体运动过程中机械能守恒的是（）A . 运动员打开降落伞下落B . 小孩沿斜面匀速下滑C . 木块沿光滑斜面上滑D . 火箭发射升空6. （2分）如图所示，质量为m的物块从A点由静止开始下落，加速度是g/2，下落H到B点后与一轻弹簧接触，又下落h后到达最低点C，在由A运动到C的过程中，空气阻力恒定，则（）A . 物块机械能守恒B . 物块和弹簧组成的系统机械能守恒C . 物块机械能减少D . 物块和弹簧组成的系统机械能减少7. （2分）(2016·闵行模拟) 关于能量转化与守恒，下列说法中正确的是（）A . 摩擦生热的过程是不可逆的B . 凡是能量守恒的过程就一定会发生C . 空调既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性D . 由于能的转化过程符合能量守恒定律，所以不会发生能源危机二、多选题 (共5题；共15分)8. （3分） (2017高二下·邯郸期末) 木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（）A . a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量守恒B . a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量不守恒C . a离开墙壁后，a和b组成的系统动量守恒D . a离开墙壁后，a和b组成的系统动量不守恒9. （3分） (2016高三上·黑龙江期中) 如图所示，装置竖直放置，上端是光滑细圆管围成的圆周轨道的一部分，半径为R（圆管内径＜＜R），轨道下端各连接两个粗糙的斜面，斜面与细圆管相切于C，D两点，斜面与水平面夹角为53°，两个斜面下端与半径为0.5R的圆形光滑轨道连接，并相切于E，F两点．有一质量m=1kg的滑块（滑块大小略小于管道内径），从管道的最高点A静止释放该滑块，滑块从管道左侧滑下，物块与粗糙的斜面的动摩擦因数μ=0.5，（g=10m/s2 ，sin53°=0.8，cos53°=0.6），则（）A . 释放后滑块在轨道上运动达到的最高点高出O1点0.6RB . 滑块经过最低点B的压力最小为18NC . 滑块最多能经过D点4次D . 滑块最终会停在B点10. （3分） (2020高一上·天津期末) 以速度v0水平抛出一物体，当其竖直分位移与水平分位移相等时，此物体的（）A . 竖直分速度等于水平分速度B . 瞬时速度的大小为C . 运动时间为D . 运动的位移是11. （3分） (2016高三上·定州期中) 某段滑雪道倾角为30°，滑雪运动员（包括雪具在内）总质量为m，从距底端高为h处由静止开始匀加速下滑，下滑加速度（重力加速度为g）．在他下滑的整个过程中（）A . 运动员减少的重力势能全部转化为动能B . 运动员最后获得的动能为C . 运动员克服摩擦力做功为D . 系统减少的机械能为12. （3分） (2015高二下·翔安期中) 如图所示，物体A的质量是B的2倍，中间有一压缩的弹簧，放在光滑水平面上，由静止同时放开两手后的一小段时间后，下列结论正确的是（）A . A的速率是B的一半B . A的动量和B的动量相同C . A受的力大于B受的力D . A和B的总动量为零三、实验题 (共2题；共7分)13. （3分）在“探究恒力做功与物体的速度变化的关系”的实验中备有下列器材：A.打点计时器；B.天平；C.秒表；D.低压交流电源；E.电池；F.纸带；G.细线、砝码、小车、砝码盘；H.薄木板.（1）其中多余的器材是________；缺少的器材是________.（2）测量时间的工具是________；测量质量的工具是________.（3）如图所示是打点计时器打出的小车（质量为m）在恒力F作用下做匀加速直线运动的纸带，测量数据已用字母表示在图中，打点计时器的打点周期为T.请分析，利用这些数据能否完成“探究恒力做功与物体的速度变化的关系”实验？若不能，请说明理由；若能，请说出做法，并对这种做法做出评价.14. （4分） (2017高二下·兰州期末) 某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验．气垫导轨装置如图（a）所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差．（1）下面是实验的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；⑤把滑块2放在气垫导轨的中间；⑥先________，然后________，让滑块带动纸带一起运动；⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出理想的纸带如图（b）所示；⑧测得滑块1的质量310g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为205g．试完善实验步骤⑥的内容．（2）已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为________kg•m/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为________kg•m/s（保留三位有效数字）．（3）试说明（2）中两结果不完全相等的主要原因是________．四、解答题 (共3题；共22分)15. （10分） (2017高二下·南昌期中) 如图所示，内壁粗糙、半径R=0.4m的四分之一圆弧轨道AB在最低点B与光滑水平轨道BC相切．质量m2=0.2kg的小球b左端连接一轻质弹簧，静止在光滑水平轨道上，另一质量m1=0.2kg的小球a自圆弧轨道顶端由静止释放，运动到圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为小球a重力的2倍．忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2 ．求（1）小球a由A点运动到B点的过程中，摩擦力做功Wf；（2）小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中，弹簧的最大弹性势能Ep；（3）小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中，弹簧对小球b的冲量I的大小．16. （10分）甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验，乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验（1）图1中A、B、C、D、E表示部分实验器材，甲同学需在图中选用的器材________;，乙同学需在图中选用的器材________;。

内蒙古高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.在离地高h处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v，不计空气阻力两球落地的时间差为（）A．两球落地的时间差为B．两球落地的时间差为C．到地面所用时间相同D．到地面瞬间重力功率不同2.如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈B上，M放在粗糙的水平地面上，现用大小相等、方向相反的水平力F分别推A和B，它们均静止不动，重力加速度为g，则（）A．地面对B的支持力的大小一定等于（M＋m）gB．B与地面之间一定存在摩擦力C．A与B之间一定存在摩擦力D．B对A的支持力一定小于mg3.如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔．质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住．现拉动细线，使小球沿圆环缓慢下移．在移动过程中手对线的拉力F 和圆环对小球的弹力N的大小变化情况是（）A．F不变，N增大B．F不变，N减小C．F减小，N不变D．F增大，N不变4.如图所示，50个大小相同、质量均为m的小物块，在平行于斜面向上的恒力F作用下一起沿斜面向上运动．已知斜面足够长，倾角为30°，各物块与斜面的动摩擦因数相同，重力加速度为g，则第46个小物块对第45个小物块的作用力大小为（）A．FB．FC．mg＋FD．因为动摩擦因数未知，所以不能确定5.（多选）如图所示，物块a 、b 和c 的质量之比为1:2:3，a 和b 、b 和c 之间用完全相同的轻弹簧S 1和S 2相连，通过系在a 上的细线悬挂于固定点O ，整个系统处于静止状态。

现将细线剪断，将物块a 、b 和c 的加速度记为a 1、a 2和a 3，S 1和S 2相对于原长的伸长量分别记为Δl 1和Δl 2，重力加速度大小为g ，在剪断的瞬间，下列说法正确的是（ ）A ．a 1＝6gB ．a 2＝2．5gC ．Δl 1:Δl 2=5:3D ．Δl 1:Δl 2=2:36.如图所示，套在竖直细杆上的环A 由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B 相连。

高三物理3月月考试卷1. 两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下每次曝光时木块的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知（ ）A. 在时刻以及时刻两木块速度相同t t 23B. 在时刻两木块速度相同t 3C. 在时刻和时刻之间某瞬时两木块速度相同t t 34D. 在时刻和时刻之间某瞬时两木块速度相同t t 45 2. 有一个直角支架AOB ，AO 水平放置，表面粗糙，OB 竖直向下，表面光滑，AO 上套有小环P ，OB 上套有小环Q ，两环质量均为m ，两环间由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡（如图所示），现将P 环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，OA 杆对P 环的支持力N 和细绳上的拉力T 的变化情况是（ ）A. N 不变，T 变大B. N 不变，T 变小C. N 变大，T 变大D. N 变大，T 变小3. 地球同步卫星到地心的距离r 可由r a b c32224=π求出。

已知式中a 的单位是m ，b 的单位是s ，c 的单位是m s /2，则（ ）A. a 是地球半径，b 是地球自转的周期，c 是地球表面处的重力加速度B. a 是地球半径，b 是同步卫星绕地心运动的周期，c 是同步卫星的加速度C. a 是赤道周长，b 是地球自转周期，c 是同步卫星的加速度D. a 是地球半径，b 是同步卫星绕地心运动的周期，c 是地球表面处的重力加速度*4. 如图所示，长度相同的三根轻杆构成一个正三角形支架，在A 处固定质量为2m 的小球，B 处固定质量为m 的小球，支架悬挂在O 点，可绕过O 点并与支架所在平面相垂直的固定轴转动，开始时OB 与地面相垂直，放手后开始运动，在不计任何阻力的情况下，下列说法错误的是（ ）A. A 球到达最低点时速度为零B. A 球机械能减少量等于B 球机械能增加量C. B 球向左摆动所能达到的最高位置应高于A 球开始运动时的高度D. 当支架从左向右回摆时，A 球一定能回到起始高度*5. 某人身系弹性绳自高空p 点自由下落，如图所示，a 点是弹性绳的原长位置，c 是人所到达的最低点，b 是人静止地悬吊着时的平衡位置。

咐呼州鸣咏市呢岸学校省三中高三〔上〕第三次物理试卷一、选择题〔1-7题是单项选择题，8-10多项选择题，共50分〕1．在如下图的逻辑电路中，为使Y端输出电信号为“0〞，那么A端和B端输入电信号分别为( )A．0和0 B．0和 1 C．1和0 D．1和12．有关电压和电动势的说法中正确的选项是( )A．电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同说法B．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功C．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电势能本领强弱的物理量D．路端电压始终于电源的电动势3．在一次研究性学习中，研究小组对一栋居民楼的供电设施进行了观察和测量，整栋居民楼的供电线路可以简化为如下图的模型，暂停供电时，用欧姆表测的A、B间的电阻为R，恢复供电后，测得A、B间的电压为U，进线电流为I，那么计算该栋居民楼的总功率可以用的公式是( )A．P=I2R B．P= C．P=UI D．公式都能用4．在如下图的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，那么可能出现了以下哪种故障( )A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路5．如图是根据某次记录数据画出的U﹣I图象，关于这个图象的说法中正确的选项是( )A．纵轴截距不表示待测电源的电动势B．横轴截距表示短路电流，即I短=0.6 AC．根据r=，计算出待测电源内电阻为5ΩD．根据r=||，计算出待测电源内电阻为1Ω6．在图中，A．B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法不正确的选项是( )A．A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法B．A中R测＞R真，B中R测＜R真C．A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，使R＜＜R v，故此法测较小电阻好D．B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，使R＞＞R A，故此法测较大电阻好7．在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的选项是( )A． B．C． D．8．有关电荷受电场力和洛仑兹力的说法中，正确的选项是( )A．电荷在磁场中一受磁场力的作用B．电荷在电场中一受电场力的作用C．电荷受电场力的方向与该处电场方向垂直D．电荷假设受磁场力，那么受力方向与该处磁场方向垂直9．以下有关磁通量的论述中不正确的选项是( )A．磁感强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大B．磁感强度越大的地方，线圈面积越大，那么穿过线圈的磁通量越大C．穿过线圈的磁通量为零的地方，磁感强度一为零D．匀强磁场中，穿过线圈的磁感线越多，那么磁通量越大10．如下图，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的左上方固一直导线，导线与磁铁垂直，假设给导线通以垂直于纸面向里的电流，那么( )A．磁铁对桌面压力增大B．磁场对桌面压力减小C．桌面对磁铁没有摩擦力D．桌面对磁铁摩擦力向左二、题〔共16分〕11．如下图为J0411多用电表示意图．其中A、B、C为三个可调节的部件．某同学在室中用它测量一阻值约为1～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：〔1〕调节可调部件__________，使电表指针指向__________．〔2〕调节可调部件B，使它的尖端指向__________位置．〔3〕将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件__________，使电表指针指向欧姆零刻度位置．〔4〕将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．〔5〕换测另一阻值为20～25kΩ的电阻时，调节B，使它的尖端指向“×1k〞的位置，此时还必须重复步骤__________，才能进行测量，假设电表读数如下图，那么该待测电阻的阻值是__________．12．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量圆柱体的直径d，示数如下图．由图可读出l=__________cm，d=__________mm．三、计算题〔共34分〕13．如下图，电源电动势E=12V，内电阻r=1Ω，R1=3Ω，R2=2Ω，R3=5Ω，C1=4μF，C2=1μF，求电键S闭合电路稳后，C1、C2所带电量？14．如下图，光滑的U形导电轨道与水平面的夹角为θ，空间有一范围足够大、方向竖直向下的匀强磁场，一质量为m的光滑裸导体棒ab恰能静止在导轨上，试确图中电池的正负极并求导体中的电流所受磁场力的大小〔当地的重力加速度为g〕．15．如下图，直流电动机和电炉并联后接在直流电路上，电源的内阻r=1Ω，电炉的电阻R1=19Ω，电动机绕线的电阻R2=2Ω，当开关S断开时，电源内电路消耗的热功率P=25W；当S闭合时，干路中的电流I=1A．求：〔1〕电源的电动势E．〔2〕S闭合后电动机的输出功率．省三中高三〔上〕第三次物理试卷一、选择题〔1-7题是单项选择题，8-10多项选择题，共50分〕1．在如下图的逻辑电路中，为使Y端输出电信号为“0〞，那么A端和B端输入电信号分别为( )A．0和0 B．0和 1 C．1和0 D．1和1【考点】简单的逻辑电路．【分析】与门的特点：事件的所有条件满足，事件才能发生．或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生．非门的特点：输入状态和输出状态完全相反．【解答】解：该电路符号表示的电路是：或门；AB端都为低电势，Z端为低电势；AB端都为高电势，Z端为高电势；A端为低电势B为高电势，Z端为高电势．所以为使Y端输出电信号为“0〞，那么A端和B端输入电信号电势0．应选：A【点评】解决此题的关键掌握门电路的特点，与门的特点：事件的所有条件满足，事件才能发生．或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生．非门的特点：输入状态和输出状态完全相反．2．有关电压和电动势的说法中正确的选项是( )A．电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同说法B．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功C．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电势能本领强弱的物理量D．路端电压始终于电源的电动势【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒电流专题．【分析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，不是同一物理量的不同叫法．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势公式E=中的W非是非静电力做功，电压U=中的W静是静电力做功．电动势于电源没有接入电路时两极间的电压．【解答】解：A、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A错误．B、电动势公式E=中的W非是非静电力做功，电压U=中的W静是静电力做功．故B错误．C、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故C 正确．D、根据闭合电路欧姆律，路端电压U=E﹣Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压于电动势．故D错误．应选C．【点评】此题考查电动势的概念，要明确电动势与电势差的区别，根底题．3．在一次研究性学习中，研究小组对一栋居民楼的供电设施进行了观察和测量，整栋居民楼的供电线路可以简化为如下图的模型，暂停供电时，用欧姆表测的A、B间的电阻为R，恢复供电后，测得A、B间的电压为U，进线电流为I，那么计算该栋居民楼的总功率可以用的公式是( )A．P=I2R B．P= C．P=UI D．公式都能用【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】根据居民楼内电路是纯电阻电路还是非纯电阻电路进行分析．【解答】解：当电路中全是纯电阻时，欧姆律成立，总功率可以用P=UI，也可以用P=I2R、；但是居民楼内的电路是非纯电阻电路，所以欧姆律不成立，总功率只能用P=UI．所以计算该栋居民楼的总功率一可以用P=UI．应选C【点评】此题要考虑电路是纯电阻电路还是非纯电阻电路．抓住欧姆律的适用条件：纯电阻电路是关键．4．在如下图的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，那么可能出现了以下哪种故障( )A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】由题目中电表示数的变化可得出故障原因，根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障．【解答】解：A、假设各原件没有故障，电路正常，那么电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；假设R1短路，那么R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，故A正确．B、假设R2短路，那么R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意，故B错误．C、假设R3短路，那么电压表示数为零，不符合题意；故C错误．D、假设R1断路，那么电流表示数为零，也不符合题意，故D错误．应选：A．【点评】此题考查闭合电路的欧姆律的用，明确当电路中有电流时，说明电路中发生了短路故障；假设电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端．5．如图是根据某次记录数据画出的U﹣I图象，关于这个图象的说法中正确的选项是( )A．纵轴截距不表示待测电源的电动势B．横轴截距表示短路电流，即I短=0.6 AC．根据r=，计算出待测电源内电阻为5ΩD．根据r=||，计算出待测电源内电阻为1Ω【考点】路端电压与负载的关系；闭合电路的欧姆律．【专题】量思想；方程法；恒电流专题．【分析】由闭合电路欧姆律可得出路端电压与电流的关系，由数学知识可得出电源的电动势和内电阻．当外电路电阻为零，外电路短路．【解答】解：A、C、D由闭合电路欧姆律可知：U=E﹣Ir；由数学知识可知，纵轴截距为电源的电动势，故电动势为E=3.0V；故A错误；图象的斜率表示电源的内阻，即r=||=Ω=1Ω．故D正确，C错误．B、当外电路电阻R=0时，外电路短路，短路电流为I短==A=3A．故B错误．应选：D．【点评】此题在测电动势和内电阻中，作为数据处理的方法，是考查内容，结合数学知识进行理解．6．在图中，A．B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法不正确的选项是( )A．A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法B．A中R测＞R真，B中R测＜R真C．A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，使R＜＜R v，故此法测较小电阻好D．B中误差由电流表分压引起，为了减小误差，使R＞＞R A，故此法测较大电阻好【考点】伏安法测电阻．【专题】恒电流专题．【分析】两种接法都有误差：A图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过灯泡电阻R的电流，还包括了电压表的电流；B图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是灯泡电阻R的电压，还包括了电流表的分压；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小．【解答】解：A、A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法，故A正确；B、A图中，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆律R=，电阻测量值偏小，即R测＜R真；B图中，电流表测量值准确，又由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，根据欧姆律R=，电阻测量值偏大，即R测＞R真；故B不正确；C、A图中，误差来源与电压表的分流作用，为了减小误差，使R＜＜R v，故此法测较小电阻好，故C正确；D、B图中，误差来源与电流表的分压作用，为了减小误差，使R＞＞R A，故此法测较大电阻好，故D正确；此题选择不正确的，应选：B．【点评】待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小．7．在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的选项是( )A． B．C． D．【考点】左手那么；安培力．【分析】带电粒子在匀强磁场中运动时，其受到的安培力的方向由左手那么来判．【解答】解：通电导线在磁场中受到安培力作用，其方向均由左手那么来确．左手那么内容是：伸开左手大拇指垂直四指且在同一平面内，让磁感线穿过掌心，四指指的是电流的方向，那么大拇指就是安培力的方向．所以安培力方向与磁场方向垂直、与电流方向垂直，即其与磁场和电流的方向所构成的平面垂直．A、电流方向水平向右，由左手那么可知安培力竖直向下，故A错误；B、由于电流方向与磁场方向平行，那么没有安培力，故B错误；C、电流方向垂直纸面向外，由左手那么可得安培力方向竖直向下，故C正确；D、电流方向水平向右，由左手那么可知，安培力方向垂直纸面向外，故D错误；应选：C【点评】左手那么是判安培力方向，而右手那么是确感电流方向．同时强调磁感线穿过掌心，且四指指向为电流的方向．8．有关电荷受电场力和洛仑兹力的说法中，正确的选项是( )A．电荷在磁场中一受磁场力的作用B．电荷在电场中一受电场力的作用C．电荷受电场力的方向与该处电场方向垂直D．电荷假设受磁场力，那么受力方向与该处磁场方向垂直【考点】洛仑兹力；电场强度．【分析】注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件〞的即运动电荷和磁场方向有夹角，假设是平行或电荷与磁场相对静止那么不受洛伦兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件〞的即电场力与电荷的运动状态无关．【解答】解：A、电荷在磁场中不一受到磁场力，比方：运动方向与磁场平行，故A错误；B、电荷在电场中一受到电场力，故B正确；C、电荷在电场中一受电场力作用，与电荷运动状态无关，正电荷受力和电场方向一致，负电荷受力和电场方向相反，故C错误；D、电荷在磁场中的运动方向和磁场方向不在同一线上时，电荷受洛伦兹力作用，洛伦兹力方向和磁场垂直，故D正确．应选BD．【点评】重力、电场力、洛伦兹力是高中阶段学习的三种重要的“场力〞，一正确理解它们的受力特点以及大小和方向的求法．9．以下有关磁通量的论述中不正确的选项是( )A．磁感强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大B．磁感强度越大的地方，线圈面积越大，那么穿过线圈的磁通量越大C．穿过线圈的磁通量为零的地方，磁感强度一为零D．匀强磁场中，穿过线圈的磁感线越多，那么磁通量越大【考点】磁通量．【专题】性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】磁通量可形象描述垂直穿过线圈的条数，具体是φ=BS〔B⊥S〕．对于同种大小的圆环，磁感线越密那么磁通量越大．对于同种的磁场，圆环的面积越大那么磁通量越大．【解答】解：A、磁感强度越大的地方，穿过线圈的磁通量不一越大．当线圈与磁场是垂直放置，且磁感线是同一方向的，那么磁通量才越大．假设线圈与磁场平行，那么磁通量为零．故A错误；B、磁感强度越大的地方，线圈的面积越大，那么穿过线圈的磁通量也不变大．要注意线圈与磁场放置角度，故B错误；C、穿过线圈的磁通量为零时，可能是线圈平面与磁场平行，磁感强度不一为0．故C错误；D、匀强磁场中，磁场的方向处处相同，所以穿过线圈的磁感线越多，那么磁通量越大．故D正确；此题选择不正确的，应选：ABC【点评】线圈所在的磁感线不全是一样的方向，所以存在抵消的现象．因此面积越大，抵消的条数越多，那么磁通量越小．同时线圈匝数变化，并没有导致磁通量的变化．10．如下图，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的左上方固一直导线，导线与磁铁垂直，假设给导线通以垂直于纸面向里的电流，那么( )A．磁铁对桌面压力增大B．磁场对桌面压力减小C．桌面对磁铁没有摩擦力D．桌面对磁铁摩擦力向左【考点】电流的磁场对磁针的作用．【分析】先判断电流所在位置的磁场方向，然后根据左手那么判断安培力方向；再根据牛顿第三律得到磁体受力方向，最后对磁体受力分析，根据平衡条件判断．【解答】解：根据条形磁体磁感线分布情况得到直线电流所在位置磁场方向，如图，在根据左手那么判断安培力方向，如左图；根据牛顿第三律，电流对磁体的作用力向右下方，如右图根据平衡条件，可知通电后支持力变大，静摩擦力变大，向左．应选：AD【点评】此题关键先对电流分析，得到其受力方向，再结合牛顿第三律衡条件分析磁体的受力情况．二、题〔共16分〕11．如下图为J0411多用电表示意图．其中A、B、C为三个可调节的部件．某同学在室中用它测量一阻值约为1～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：〔1〕调节可调部件A，使电表指针指向左边“0〞刻度．〔2〕调节可调部件B，使它的尖端指向×100位置．〔3〕将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件C，使电表指针指向欧姆零刻度位置．〔4〕将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数．〔5〕换测另一阻值为20～25kΩ的电阻时，调节B，使它的尖端指向“×1k〞的位置，此时还必须重复步骤〔3〕，才能进行测量，假设电表读数如下图，那么该待测电阻的阻值是22kΩ．【考点】用多用电表测电阻．【专题】题；恒电流专题．【分析】多用电表测量电阻时，先进行机械校零，需将选择开关旋到殴姆档某一位置，再进行欧姆调零，殴姆调零后，测量电阻读出示数．注意示数是由刻度值与倍率的乘积．【解答】解：〔1〕多用电表的使用首先进行机械调零：调节可调部件A，使电表指针停在表盘左边的零刻度的位置；〔2〕选择适宜的档位：因电阻1～3kΩ，为使指针指在刻度附近选择×100Ω即可．〔3〕选档后进行欧姆调零：将红、黑表笔分别插入“+〞、“﹣〞插孔，笔尖相互接触，调节可调部件 C，使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置．〔5〕换测另一阻值为20～25kΩ的电阻时，调节B，使它的尖端指向“×1k〞的位置，此时还必须重进行欧姆调零，即重复步骤〔3〕，图示读数为：22×103Ω=22kΩ．故答案为：〔1〕、A；表盘左边的零刻度；〔2〕、×100Ω挡〔3〕、C；〔5〕、〔3〕；22kΩ．【点评】考查欧姆表的使用，明确要选择适宜的档位并每次换档后要进行欧姆调零．12．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量圆柱体的直径d，示数如下图．由图可读出l=5cm，d=60mm．【考点】螺旋测微器的使用．【专题】题．【分析】游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数．不需要估读．螺旋测微器的读数方法是固刻度读数加上可动刻度读数，读可动刻度读数时需要估读．【解答】解：游标卡尺的主尺读数为22mm，游标读数为0.1×5=0.5mm，所以最后读数为：2mm=5cm．螺旋测微器的固刻度读数为mm，可动刻度读数为36.0×0.01=0.360mm〔0为估读〕，所以最后读数为60mm．故答案为：5 cm，60 mm．【点评】解决此题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法．三、计算题〔共34分〕13．如下图，电源电动势E=12V，内电阻r=1Ω，R1=3Ω，R2=2Ω，R3=5Ω，C1=4μF，C2=1μF，求电键S闭合电路稳后，C1、C2所带电量？【考点】闭合电路的欧姆律；电容．【专题】简答题；性思想；推理法；恒电流专题．【分析】电路稳时，电阻R1、R2串联，电阻R3没有电流通过，电容器C1的电压于电阻R2的电压，电容器C2的电压于路端电压，根据欧姆律和串联电压关系求出电容器的电压，再求解两电容器所带电量．【解答】解：电路稳时，电阻R1、R2串联，那么电容器C1的电压为U1==4V电容器C2的电压为U2==10V电容器C1的电量Q1=C1U1=4×10﹣6×4C=1.6×10﹣5C电容器C2的电量Q2=C2U2=Q2=1×10﹣6×10C=1×10﹣5C答：电键S闭合电路稳后，C1的带电量为1.6×10﹣5C，C2的带电量为1×10﹣5C．【点评】此题关键确电容器的电压，此题中电阻R3电流为零，电压为零，相当于导线．14．如下图，光滑的U形导电轨道与水平面的夹角为θ，空间有一范围足够大、方向竖直向下的匀强磁场，一质量为m的光滑裸导体棒ab恰能静止在导轨上，试确图中电池的正负极并求导体中的电流所受磁场力的大小〔当地的重力加速度为g〕．【考点】安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】导体棒受重力、支持力和安培力处于平衡，根据安培力的方向确电力的方向，从而确电池的正负极，根据共点力平衡求出磁场力的大小．【解答】解：导体棒的受力如图．根据左手那么，知电流的方向由a到b．所以只有当d为正极、c为负极时ab棒才可能静止．由平衡条件可得F磁=mgtanθ．答：电池d为正极，所受的磁场力大小为mgtanθ．【点评】解决此题的关键掌握左手那么判断安培力的方向，以及会运用合成法处理共点力平衡问题．15．如下图，直流电动机和电炉并联后接在直流电路上，电源的内阻r=1Ω，电炉的电阻R1=19Ω，电动机绕线的电阻R2=2Ω，当开关S断开时，电源内电路消耗的热功率P=25W；当S闭合时，干路中的电流I=1A．求：〔1〕电源的电动势E．〔2〕S闭合后电动机的输出功率．【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】〔1〕S断开时，电阻R1直接接到电源上，根据P=I2r即可求解干路电流，再根据闭合电路欧姆律即可求解电动势；〔2〕S闭合后，根据闭合电路欧姆律求出路端电压，根据串并联电路的电流关系求出通过电动机的电流，再根据P'=UI'﹣I2•R2求出输出功率．【解答】解：〔1〕S断开时，电路中电流记为Ⅰ，那么P=I2r解得：，电源电动势为E=I〔R1+r〕=100V；〔2〕S闭合后路端电压记为U，那么U=E﹣Ir=8V通过电动机的电流记为I'，那么电动机的输出功率记为P′，那么P′=UI′﹣I2•R2=57W答：〔1〕电源的电动势E为100V．〔2〕S闭合后电动机的输出功率为57W．【点评】此题考查处理非纯电阻电路问题的能力．对于电动机正常时，其电路是非纯电阻电路，欧姆律不成立．。

内蒙古自治区高三上学期理综物理第三次月考试卷C卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共5题；共10分)1. （2分） (2020高一上·青岛期末) 如图所示，竖直圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中AB通过环心O并保持竖直。

一质点分别自A点沿各条轨道下滑，初速度均为零。

那么，质点沿各轨道下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A . 质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，加速度越大B . 质点沿着轨道AB下滑，时间最短C . 轨道与AB夹角越小除外，滑到底端时速率越大D . 无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均不同2. （2分） (2016高三上·邯郸期中) 一滑块从固定的斜面底端冲上粗糙的斜面，到达某一高度后返回斜面底端．下列各图分别表示滑块在斜面上运动的速度v、加速度a、势能Ep、机械能E随时间变化的图象，则下列图象可能正确的是（）A .B .C .D .3. （2分） (2017高一下·营口开学考) 质量为m的木块位于粗糙水平面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a1 ，当拉力方向不变，大小变成2F时，木块的加速度为a2 ，则（）A . a2=a1B . a2＜a1C . a2=2a1D . a2＞2a14. （2分）如图所示，一放在光滑水平面上的弹簧秤，其外壳质量为，弹簧及挂钩质量不计，在弹簧秤的挂钩上施一水平向左的力F1 ，在外壳吊环上施一水平向右的力F2 ，则产生了沿F1方向上的加速度，那么此弹簧秤的读数是（）A . F1B . F2C . F1－F2D . F2 －ma5. （2分） (2017高一上·杭州期中) 如图所示，在探究摩擦力的实验中，用轻质弹簧测力计水平拉一质量为m=0.2Kg的放在水平桌面上的小木块，小木块的运动状态与弹簧测力计的读数如表所示（每次实验时，木块与桌面的接触面相同）则由下表分析可知，g取10m/s2 ，下列选项正确的是（）实验次数小木块的运动状态弹簧测力计读数（N）1静止0.42静止0.63直线加速0.74匀速直线0.55直线减速0.3A . 木块受到的最大摩擦力为0.7NB . 木块受到最大静摩擦力可能为0.6NC . 在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小只有两次是相同的D . 小木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.30二、多选题 (共5题；共15分)6. （3分） (2017高一上·黑龙江期末) 关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A . 做曲线运动的物体，速度大小时刻在改变，一定是变速运动B . 做曲线运动的物体，物体所受合外力方向与速度方向一定不在同一直线上，必有加速度C . 物体不受力或受到的合外力为零时，也可能做曲线运动D . 做曲线运动的物体不可能处于平衡状态7. （3分） (2017高一上·珠海期末) 如图所示，x﹣t图象中的两条图线1、2分别表示甲、乙两个不同物体的运动情况，下列说法中正确的是（）A . 甲物体做直线运动B . t1时刻甲、乙两物体的速度相等C . t2时刻起乙物体开始反向做匀速直线运动D . 0至t1时间内甲的平均速度小于乙的平均速度8. （3分）一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A和B，沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A . A球的角速度必小于B球的角速度B . A球的线速度必大于B球的线速度C . A球的运动周期必大于B球的运动周期D . A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力9. （3分） (2016高三上·兰州期中) 以下说法正确的是（）A . 已知阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可算出该气体分子间的平均距离B . 饱和蒸汽在等温变化的过程中，随体积减小压强增大C . 布朗运动指的是悬浮在液体中的固体小颗粒的运动D . 给自行车打气时越往下压，需要用的力越大，是因为压缩气体使得分子间距减小，分子间作用力表现为斥力导致的E . 热量可以从低温物体传递到高温物体10. （3分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，图示实线为t=0时的波形图，虚线为t=0.5s时的波形图.已知该简谐波的周期大于0.5s，关于该简谐波，下列说法正确的是（）A . 波长为2mB . 波速为6m/sC . 频率为1.5HzD . t=1s时，x=1m处的质点处于波峰三、实验题 (共2题；共11分)11. （7分） (2019高一上·大港期中) 某实验小组用橡皮条与弹簧测力计验证力的平行四边形定则，实验装置如图所示．其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．（1）本实验用的弹簧测力计的示数的单位为N，图中弹簧测力计的示数为________N.（2）实验时，同一次实验中结点O的位置________改变.（选填“能”或“不能”）（3）实验时，如果将橡皮条换成细弹簧________影响实验结果．（选填“会”或“不会”）12. （4分） (2017高一上·福州期末) 根据所学知识完成填空：（1）如图1所示为某同学所安装的“探究加速度a与合力F、质量m的关系”的实验装置，在图示状态下，开始做实验，该同学所用装置和操作中的主要错误（只写两处）是：①________；②________．（2）改正实验装置后，应先平衡小车所受的阻力，具体操作为：取下________，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推小车，若发现小车拖着纸带做加速运动，则应________（填“增大”或“减小”）木板的倾角．反复调节，直到纸带上打出的点迹________为止．（3）在“探究加速度a与质量m的关系”时，某同学按照自己的方案将实验数据都在坐标系中进行了标注，但尚未完成图象（如图2所示）．请继续帮助该同学作出坐标系中的图象．四、解答题 (共4题；共30分)13. （10分） (2015高一下·枣阳期中) 让小球从斜面的顶端滚下，如图所示是用闪光照相机拍摄的小球在斜面上运动的一段，已知闪频为10Hz，且O点是0.4s时小球所处的位置，试根据此图估算：（1）小球从O点到B点的平均速度；（2）小球在A点和B点的瞬时速度；（3）小球运动的加速度．14. （10分） (2015高一上·山东期末) 如图所示，物体m放在水平地面上，在与水平方向成θ角的拉力F 作用下由静止开始向前运动，经过时间t=1s物体的位移为s=3m．（g取10m/s2 ，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求物体加速阶段的加速度大小a；（2）若已知m=1kg，θ=37°，F=10N，求物体与水平面间的动摩擦因数μ；（3）接上问，如果1s末撤去拉力，求物体还能滑行的距离．15. （5分） (2017高二下·正定期末) 我国汉代曾发明一种用做军事信号用的“孔明灯”，“孔明灯”腾空而起的原因是：燃料燃烧是周围空气温度升高，密度减小，空气对它的浮力把它托起来．如图所示，已知孔明灯的质量m=0.2kg，体积恒为V=1m3 ，空气初始温度t0=27°C，大气压强p0=1×105Pa，该条件下空气密度ρ0=1.2kg/m3 ，重力加速度g=10m/s2 ，不计孔明灯制作材料的体积．孔明灯底部开有开口，其他部分封闭．对灯内气体缓慢加热，直到灯刚能浮起来，求：①假设灯内气体可收集在一起，请简要说明气体缓慢加热过程是吸热还是放热；②灯刚能浮起时灯内气体密度ρ；③灯刚能浮起时灯内气体温度t．16. （5分） (2017高三上·南充期末) 一竖直放置的玻璃圆柱体底面中心有一点状光派S．圆柱体高度为l，底面半径为2l，其圆周侧面和下表面镀上了不透明吸光材料，以致光源发出的光线只能从上表面射出，已知该玻璃的折射率为．求上表面透光的光斑面积大小．参考答案一、单选题 (共5题；共10分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、二、多选题 (共5题；共15分)6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、三、实验题 (共2题；共11分)11-1、11-2、11-3、12-1、12-2、12-3、四、解答题 (共4题；共30分) 13-1、13-2、13-3、14-1、14-2、14-3、15-1、16-1、。

内蒙古呼伦贝尔市2021届新高考第三次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，总质量为m 1，环绕速度为v 1。

随后登陆舱脱离飞船，变轨到离该星球更近的半径为r 2的圆轨道上运动环绕速度为v 2，周期为T 2，登陆舱的质量为m 2，引力常量为G ，则（ ）A ．该星球的质量为21214=r M GT π B ．该星球表面的重力加速度为21214x r g T π= C．12v v =D．2T T = 【答案】D【解析】【详解】 由221111121112=Mm v G m r m r T r π⎛⎫= ⎪⎝⎭和222222222222=Mm v G m r m r T r π⎛⎫= ⎪⎝⎭ A ．该星球的质量为231214=r M GT π 选项A 错误；B ．由112Mm G m g R = 星球的半径R 未知，不能求解其表面的重力加速度，选项B 错误；C ．由表达式可知12v v =选项C 错误；D ．由表达式可知2T T =选项D 正确。

故选D 。

2．如图所示，,A B 两个小球用长为1 m 的细线连接，用手拿着A 球，B 球竖直悬挂，且A 、B 两球均静止。

现由静止释放A 球，测得两球落地的时间差为0.2 s ，不计空气阻力，重力加速度210m /s g =，则A 球释放时离地面的高度为A ．1.25 mB ．1.80 mC ．3.60 mD ．6.25m【答案】B【解析】【详解】设释放时A 球离地高度为h ，则22()h h L t g g--=∆，求得 1.80m h =，。

A. 1.25 m 与上述计算结果 1.80m h =不相符，故A 错误；B. 1.80 m 与上述计算结果 1.80m h =相符，故B 正确；C. 3.60 m 与上述计算结果 1.80m h =不相符，故C 错误；D. 6.25m 与上述计算结果 1.80m h =不相符，故D 错误。

内蒙古呼伦贝尔市2021届新高考物理第三次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d ，其右端接有阻值为R 的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B 的匀强磁场中。

一质量为m （质量分布均匀）的导体杆ab 垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为μ。

现杆受到水平向左、垂直于杆的恒力F 作用，从静止开始沿导轨运动，当运动距离L 时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。

设杆接入电路的电阻为r ，导轨电阻不计，重力加速度大小为g 。

对于此过程，下列说法中正确的是（ ）A ．当杆的速度达到最大时，a 、b 两端的电压为()F R r BL+ B ．杆的速度最大值为22()F R r B L + C ．恒力F 做的功与安培力做的功之和等于杆动能的变化量D ．安倍力做功的绝对值等于回路中产生的焦耳热【答案】D【解析】【分析】【详解】AB ． 当杆匀速运动时速度最大，由平衡条件得：22m B L v F mg F mg R rμμ=+=++安 得最大速度为22()()m F mg R v r B L μ+=- 当杆的速度达到最大时，杆产生的感应电动势为：()()m F mg R r E BLv BLμ-+== a 、b 两端的电压为：()R F mg R U E R r BLμ-==+ 故AB 错误；误；D ． 根据功能关系知，安倍力做功的绝对值等于回路中产生的焦耳热，故D 正确。

故选：D 。

2．如图所示，两个接触面平滑的铅柱压紧后悬挂起来，下面的铅柱不脱落。

主要．．原因是（ ）A ．铅分子做无规则热运动B ．铅柱间存在磁力的作用C ．铅柱间存在万有引力的作用D ．铅柱间存在分子引力的作用【答案】D【解析】【详解】分子间的引力的斥力是同时存在的，但它们的大小与分子间的距离有关。

内蒙古自治区高三上学期理综物理第三次月考试卷（II）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共5题；共10分)1. （2分）某学校田径运动场400m标准跑道的示意图如图所示，100m赛跑的起跑点在A点，终点在B点，400m赛跑的起跑点和终点都在A点．在校运动会中，甲、乙两位同学分别参加了100m、400m项目的比赛，关于甲、乙运动的位移大小和路程的说法中正确的是（）A . 甲、乙的位移大小相等B . 甲、乙的路程相等C . 甲的位移较大D . 甲的路程较大2. （2分） (2016高三上·吉安期中) 物体在合外力作用下做直线运动的υ﹣t图象如图所示．下列表述正确的是（）A . 在0﹣1s内，合外力做正功B . 在0﹣2s内，合外力总是做负功C . 在1﹣2s内，合外力不做功D . 在0﹣3s内，合外力总是做正功3. （2分）(2018·浙江模拟) 在建筑工地上有时需要将一些建筑材料由高处送到低处,为此工人们设计了一种如图所示的简易滑轨：两根圆柱形木杆AB和CD相互平行,斜靠在竖直墙壁上,把一摞瓦放在两木杆构成的滑轨上,瓦将沿滑轨滑到低处。

在实际操作中发现瓦滑到底端时速度较大,有可能摔碎,为了防止瓦被损坏,下列措施可行的是（）A . 减小两杆之间的距离B . 增大两杆之间的距离C . 减少每次运送瓦的块数D . 增多每次运送瓦的块数4. （2分） A、B两物体以相同的初速度滑到同一粗糙水平面上，若两物体的质量mA>mB ，两物体与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，则两物体能滑行的最大距离xA与xB相比为（）A . xA＝xBB . xA>xBC . xA<xBD . 不能确定5. （2分） (2018高二上·浙江月考) 如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为L、质量为m的直导线。

当通以电流I时，欲使导体静止在斜面上，外加匀强磁场B的大小和方向应是（）A . ,方向垂直斜面向上B . ,方向垂直斜面向下C . ,方向垂直向下D . ,方向水平向右二、多选题 (共5题；共15分)6. （3分） (2017高一下·张掖期末) 下列叙述中，正确的是（）A . 牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值B . 物体做圆周运动，所受的合力一定指向圆心C . 平抛运动的物体速度变化的方向始终是竖直向下的D . 曲线运动一定是变速运动，所以做曲线运动的物体加速度一定会变化7. （3分） (2016高一上·志丹期中) 如图所示为两个物体在同一直线上运动的s﹣t图象，以甲的出发点为原点、出发时刻为计时起点，则由图象可以看出（）A . 甲乙是同时出发的B . 甲比乙早出发C . 甲乙在t3时刻相遇D . 甲乙是从同一地点出发的8. （3分） (2017高一下·呼和浩特期中) 小球质量为m，用长为L的轻质细线悬挂在O点，在O点的正下方处有一钉子P，把细线沿水平方向拉直，如图所示，无初速度地释放小球，当细线碰到钉子的瞬间，设线没有断裂，则下列说法正确的是（）A . 小球的向心加速度突然减小B . 小球对悬线的拉力突然增大C . 小球的角速度突然增大D . 小球的瞬时速度突然增大9. （3分）下列关于热学现象的说法，正确的是（）A . 在水中撒入适量花椒粉，加热发现花椒粉在翻滚，说明温度越高，布朗运动越剧烈B . 为了把地下的水分引上来，采用磙子将地面压紧，是利用了毛细现象C . 将与水面接触的干净玻璃板提离水面，实验时发现拉力大于玻璃板重力，主要原因是玻璃板受大气压力D . 密闭容器内的液体经很长时间液面也不会降低，但容器内仍有液体分子飞离液面E . 同等温度下，干湿泡湿度计温度差越大，表明该环境相对湿度越小10. （3分）(2017·洛阳模拟) 图甲是一列简谐波在某一时刻的波形图，Q、P是波上的质点，图乙是质点P 以此时刻为计时起点的振动图象，从该时刻起，下列说法正确的是（）A . 经过0.05s质点Q的加速度大于质点P的加速度B . 经过0.05s质点Q的加速度小于质点P的加速度C . 经过0.1s质点Q的运动方向沿y轴正方向D . 经过0.1s质点Q的运动方向沿y轴负方向三、实验题 (共2题；共11分)11. （7分） (2017高一上·黑龙江期末) 某同学在家中尝试验证力的平行四边形定则，他找到三条长度和粗细相同的橡皮筋（遵循胡克定律），以及重物、刻度尺、三角板、铅笔、细绳、白纸、钉子等．他设计了如下实验：①将三条橡皮筋的一端系在一起，另一端分别连一个绳套．②他分别向两边拉住任意两个绳套，测量橡皮筋的长度是否相等．③在墙上A、B两点钉两个钉子，将白纸固定在墙面上合适的位置，再将橡皮筋的两个绳套在两钉子上，测出此时三条橡皮筋的长．④将重物挂在第三个绳套C上，测出并记录三条橡皮筋的长度并记下结点O的位置．⑤取下白纸，画出受力图，验证平行四边形定则．⑥换用不同的重物并改变A、B的位置重复实验．（1）实验步骤②的目的是________；（2）实验步骤④中，有一个重要遗漏是________；（3）实验步骤⑥中________（选填：要、不要）保证O点位置不变；（4）为了使实验更准确，下述做法不正确的是：A . A，B要一样高B . A，B距离要适当C . 重物质量不能太大D . 橡皮筋要与墙面平行12. （4分）(2016·新课标Ⅲ卷) 某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系。

咐呼州鸣咏市呢岸学校省嘉峪关一中高三〔上〕第三次月考物理试卷一、选择题〔本大题共12小题，每题4分，共48分．在每题给出的四个选项中，有的题有一项符合题目要求，有的题有多项符合题目要求，多项选择题在题号的前面有标注．选对的得4分，选对但不全的得4分，有选错的得0分．〕1．如下图，圆表示某点电荷Q所激发的电场的势面，a、b两点在同一势面上，c、d两点在另一个势面上．质量相同的甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动，不计重力．那么以下说法中正确的选项是〔〕A．两粒子所带电荷的电性不同B．甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点时的速度C．两个粒子的电势能都是先减小后增大D．经过b点时，两粒子的动能一相2．在长约1.0m的一端封闭的玻璃管中注满清水，水中放一个适当的圆柱形的红蜡块，将玻璃管的开口端用塞塞紧，并迅速竖直倒置，红蜡块就沿玻璃管由管口匀速上升到管底．将此玻璃管倒置安装在小车上，并将小车置于水平导轨上．假设小车一端连接细线绕过滑轮悬挂小物体，小车从A位置由静止开始运动，同时红蜡块沿玻璃管匀速上升．经过一段时间后，小车运动到虚线表示的B位置，如下图．按照如图建立坐标系，在这一过程中红蜡块实际运动的轨迹可能是选项中的〔〕A．B．C．D．3．如下图，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么〔〕A．地面对A的摩擦力减小B．A与B之间的作用力减小C．B对墙的压力增大D．A对地面的压力减小4．如下图，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态．假设将固点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，那么〔〕A．细线对物体a的拉力增大B．斜劈对地面的压力减小C．斜劈对物体a的摩擦力减小 D．地面对斜劈的摩擦力增大5．如下图，倾斜传送带沿逆时针方向匀速转动，在传送带的A端无初速度放置一物块．选择B端所在的水平面为参考平面，物块从A端运动到B端的过程中，其机械能E与位移x的关系图象可能正确的选项是〔〕A． B． C． D．6．如下图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，那么在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．克服摩擦力做功mghC．动能损失了mgh D．机械能损失了mgh7．如下图，斜面和水平面是由同一板材上截下的两段，连接处能量不损失．将小铁块从A处由静止释放后，它沿斜面向下滑行，进入平面，最终静止于P处．假设从该板材上再截下一段，搁置在A、P之间，构成一个的斜面，再将铁块放回A处，并给铁块一个初速度，使之沿斜面向下滑动．以下关于铁块运动的描述，正确的说法是〔〕A．铁块匀速直线运动B．两次运动摩擦力所做的功不相C．后一次运动一比前一次的时间短D．铁块匀变速直线运动8．如下图，光滑半球的半径为R，球心为O，固在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切，质量为m的小球由A点静止滑下，最后落在水平面上的C点．重力加速度为g，那么〔〕A．小球将沿半球外表做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C．OC之间的距离为2RD．小球运动到C点时的速率为9．如下图，放置在水平地面上的支架质量为M，支架顶端用细线拴着的摆球质量为m，现将摆球拉至水平位置，然后从静止释放，摆球运动过程中，支架始终不动，那么从释放至运动到最低点的过程中有〔〕A．在释放瞬间，支架对地面压力为〔m+M〕gB．摆动过程中，支架对地面压力一直增大C．摆球到达最低点时，支架对地面压力为〔2m+M〕gD．摆动过程中，重力对小球做功的功率一直增大10．如下图，一轻绳通过无摩擦的小滑轮O与小球B连接，另一端与套在光滑竖直杆上的小物块A连接，杆两端固且足够长，物块A由静止从图示位置释放后，先沿杆向上运动．设某时刻物块A运动的速度大小为v A，小球B运动的速度大小为v B，轻绳与杆的夹角为θ．那么〔〕A．v A=v B cosθB．v B=v A cosθC．小球B减小的重力势能于物块A增加的机械能D．当物块A上升到与滑轮高时，它的机械能最大11．如下图，小车的质量为M，人的质量为m，人用恒力F拉绳，假设人与车保持相对静止，且地面为光滑的，不计滑轮与绳的质量，那么车对人的摩擦力大小和方向不可能是〔〕A．0 B．，方向向右C．，方向向左D．，方向向右12．“嫦娥一号〞探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球外表200km的P点进行第一次变轨后被月球捕获，先进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，如下图．之后，卫星在P点又经过两次变轨，最后在距月球外表200km 的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动．对此，以下说法不正确的选项是〔〕A．卫星在轨道Ⅲ上运动的速度小于月球的第一宇宙速度B．卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短C．卫星在轨道Ⅲ上运动到P点的加速度大于沿轨道Ⅰ运动到P点的加速度D．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三种轨道运行相比拟，卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小二、题〔共两小题，13小题4分，每空1分，14小题6分，每空2分，共10分〕13．以下几个图分别是探究“功与物体速度变化的关系〞、“探究加速度与物体质量、物体受力的关系〞的和“验证机械能守恒律〞装置图．其中探究“功和物体速度变化的关系〞装置图是〔选填“甲〞、“乙〞、“丙〞〕；图由于用砝玛和砝码盘的总重力代替小车拉力，因此要求砝码和砝码盘的总质量小车的质量〔填写“大于〞、“小于〞、“远大于〞、“远小于〞〕；图前需平衡摩擦力，平衡摩擦力时砝码盆挂上〔填写“需要〞、“不需〞〕；这三个都使用了打点计时器，打点计时器用电源〔填写“直流〞、“交流〞、“交直流均可〞〕．在这三个挑选出的纸带中，其中有一条纸带中有一段打出的点间隔是均匀的，那么这条纸带一是装置图〔填写“甲〞、“乙〞、“丙〞〕中得到的．14．一个有一厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转动时，角速度的增加量△ω与对时间△t的比值义为角加速度β．我们用电磁打点计时器、米尺、游标卡尺、纸带、复写纸来完成下述：〔打点计时器所接交流电的频率为50Hz，A、B、C、D…为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出〕①如图甲所示，将打点计时器固在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；③经过一段时间，圆盘停止转动和打点，取下纸带，进行测量．〔1〕用20分度的游标卡尺测得圆盘的直径如图乙所示，圆盘的直径d为cm；〔2〕由图丙可知，打下计数点D时，圆盘转动的角速度为rad/s．〔计算结果保存3位有效数字〕〔3〕圆盘转动的角加速度大小为rad/s2．〔计算结果保存3位有效数字〕三、计算题：〔要求写出必要的解题过程和文字说明，共2小题，27分〕15．如下图，为一传送装置，其中AB段粗糙，AB段长为L=0.2m，动摩擦因数μ=0.6，BC、DEN段均可视为光滑，且BC的始、末端均水平，具有h=0.1m的高度差，DEN是半径为r=0.4m的半圆形轨道，其直径DN 沿竖直方向，C位于DN竖直线上，CD间的距离恰能让小球自由通过．在左端竖直墙上固有一轻质弹簧，现有一可视为质点的小球，小球质量m=0.2kg，压缩轻质弹簧至A点后由静止释放〔小球和弹簧不粘连〕，小球刚好能沿DEN轨道滑下．求：〔1〕小球刚好能通过D点时速度的大小；〔2〕小球到达N点时速度的大小，对轨道的压力；〔3〕压缩的弹簧所具有的弹性势能．16．如图，板长为L的平行板电容器倾斜固放置，极板与水平线夹角θ=30°，某时刻一质量为m，带电量为q的小球由央A点静止释放，小球离开电场时速度是水平的，落到距离A点高度为h的水平面处的B点，B点放置一绝缘弹性平板M，当平板与水平夹角α=45°时，小球恰好沿原路返回A点．求：〔1〕电容器极板间的电场强度；〔2〕平板电容器的板长L；〔3〕球在AB间运动的周期．四、选做题〔在3-3、3-4、3-5的试题中选出其中一题作答，共15分〕17．以下说法正确的选项是〔〕A．悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B．空气的小雨滴呈球形是水的外表张力作用的结果C．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D．高原水的沸点较低，这是高原温度较低的缘故E．干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果18．如下图，足够长的圆柱形气缸竖直放置，其横截面积为S=1×10﹣3m2，气缸内有质量m=2kg的活塞，活塞与气缸壁封闭良好，不计摩擦．开始时活塞被销子K销于如图位置，离缸底L1=12cm，此时气缸内被封闭气体的压强为P1=×105 Pa，温度为T1=300K．外界大气压为P0=1.0×105Pa，g=10m/s2．①现对密闭气体加热，当温度升到T2=400K，其压强P2多大？②假设在此时拔去销子K，活塞开始向上运动，当它最后静止在某一位置时，气缸内气体的温度降为T3=360K，那么这时活塞离缸底的距离L3为多少？③保持气体温度为360K不变，让气缸和活塞一起在竖直方向作匀变速直线运动，为使活塞能停留在离缸底L4=16cm处，那么求气缸和活塞作匀加速直线运动的加速度a大小及方向．五、解答题〔共2小题，总分值0分〕19．〔2021秋•嘉峪关校级月考〕如下图，两束不同频率的平行单色光a、b从水射入空气〔空气折射率为1〕发生如下图的折射现象〔α＜β〕，以下说法正确的选项是〔〕A．随着a、b入射角度的逐渐增加，a先发生全反射B．水对a的折射率比水对b的折射率小C．在水中的传播速度v a＞v bD．在空气中的传播速度v a＞v bE．当a、b入射角为0°时，光线不偏折，但仍然发生折射现象20．〔2021秋•校级期中〕一列简谐波沿x轴方向传播，x轴上x1=0和x2=1m两处质点的振动图象分别如图〔甲〕、〔乙〕所示，求〔1〕假设此波沿x轴正向传播，那么波的传播速度的可能值．〔2〕假设此波沿x轴负向传播，那么波的传播速度的可能值．六、解答题〔共2小题，总分值0分〕21．〔2021秋•嘉峪关校级月考〕以下说法正确的选项是〔〕A．卢瑟福通过α粒子散射证实了在原子核内部存在质子B．铀核〔U〕衰变为铅核〔Pb〕的过程中，要经过8次α衰变和6次β衰变C．按照爱因斯坦的理论，在光电效中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是hv，这些能量的一用来克服金属的逸出功W0，剩下的表现为逸出后电子的初动能E kD．玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了态和跃迁的概念，地解释了所有原子光谱的规律E．铀核〔U〕衰变成α离子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一大于铀核的结合能22．〔2021秋•校级期中〕如下图，光滑水平轨道右边与墙壁连接，木块A、B和半径为0.5m的光滑圆轨道C静置于光滑水平轨道上，A、B、C质量分别为1.5kg、0.5kg、4kg．现让A以6m/s的速度水平向右运动，之后与墙壁碰撞，碰撞时间为0.3s，碰后速度大小变为4m/s．当A与B碰撞后会立即粘在一起运动，g=10m/s2求：①A与墙壁碰撞过程中，墙壁对小球平均作用力的大小；②AB第一次滑上圆轨道所能到达的最大高度h．省嘉峪关一中高三〔上〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共12小题，每题4分，共48分．在每题给出的四个选项中，有的题有一项符合题目要求，有的题有多项符合题目要求，多项选择题在题号的前面有标注．选对的得4分，选对但不全的得4分，有选错的得0分．〕1．如下图，圆表示某点电荷Q所激发的电场的势面，a、b两点在同一势面上，c、d两点在另一个势面上．质量相同的甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动，不计重力．那么以下说法中正确的选项是〔〕A．两粒子所带电荷的电性不同B．甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点时的速度C．两个粒子的电势能都是先减小后增大D．经过b点时，两粒子的动能一相【考点】势面；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹判电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，可知两粒子在从a向b 运动过程中电场力做功情况．根据虚线为势面，可判acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0．【解答】解：A、由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一不同．故A正确．B、甲粒子从a到c和乙粒子从a到d，U ac=U ad，但甲、乙两粒子带异种电荷，所以甲粒子从a到d电场力做负功，动能减小，速度减小；而乙粒子从a到c电场力做正功，动能增大，速度增大；因此甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d 点的速度，故B正确．C、由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，那么电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加；而电荷乙受到中心电荷的斥力，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减小，故C错误．D、可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为势面，可判acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0，两粒子质量相，在a点时具有相同的速率，动能一相，所以两粒子经过b点时动能一相．故D正确；应选：ABD．【点评】根据轨迹判“电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力〞是解决此题的突破口．要注意电势能，电荷，电势都有正负．由电场力做功的正负来确电势能的增减．2．在长约1.0m的一端封闭的玻璃管中注满清水，水中放一个适当的圆柱形的红蜡块，将玻璃管的开口端用塞塞紧，并迅速竖直倒置，红蜡块就沿玻璃管由管口匀速上升到管底．将此玻璃管倒置安装在小车上，并将小车置于水平导轨上．假设小车一端连接细线绕过滑轮悬挂小物体，小车从A位置由静止开始运动，同时红蜡块沿玻璃管匀速上升．经过一段时间后，小车运动到虚线表示的B位置，如下图．按照如图建立坐标系，在这一过程中红蜡块实际运动的轨迹可能是选项中的〔〕A．B．C．D．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】蜡块参与了水平方向向右初速度为0的匀加速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据合速度与合加速度的方向关系确蜡块的运动轨迹．【解答】解：当合速度的方向与合力〔合加速度〕的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向．蜡块的合速度方向竖直向上，合加速度方向水平向右，不在同一直线上，轨迹的凹向要大致指向合力的方向，知C正确，A、B、D错误．应选：C．【点评】解决此题的关键知道当合速度的方向与合力〔合加速度〕的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向．3．如下图，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，那么〔〕A．地面对A的摩擦力减小B．A与B之间的作用力减小C．B对墙的压力增大D．A对地面的压力减小【考点】共点力平衡的条件及其用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】正确的对小球B进行受力分析，根据小球静止即小球处于平衡状态，小球所受合力为0，现将A向右移动少许，改变了A对小球B支持力的方向，再根据平衡判断小球所受各力的大小变化．【解答】解：A、B、C、小球B受重力、A的支持力F1和墙壁的压力F2．如以下图所示：将重力G分解为G1和G2，那么根据平衡可知，F1=G1=，F2=G2=Gtanθ当A向右移动少许，根据题意可知，A对小球B的作用力F1与竖直方向的夹角θ将减小，根据力图分析可知：θ减小，cosθ增大，tanθ减小即墙壁对小球B的作用力将减小，A对小球B的支持力减小．根据牛顿第三律可知，球B对墙壁的压力将减小，球B对A的压力亦减小．再对A进行受力分析知：由于A的平衡，所以A受地面摩擦力f=F B sinθ，根据题意知，B对A的压力F B减小且F B与竖直方向的夹角θ减小，故A所受地面的摩擦力f减小．再根据牛顿第三律，地面所受A的摩擦力减小．故AB正确，C错误；D、以AB组成的整体为研究的对象，那么在竖直方向上整体受到重力与支持力的作用，N=G A+G B，将保持不变，所以A对地面的压力保持不变．故D错误．应选：AB．【点评】正确的对物体进行受力分析，并能根据物体平衡确各力的大小及大小变化关系，适时根据牛顿第三律确各力的变化情况是解决此题的关键．4．如下图，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态．假设将固点c向右移动少许，而a与斜劈始终静止，那么〔〕A．细线对物体a的拉力增大B．斜劈对地面的压力减小C．斜劈对物体a的摩擦力减小 D．地面对斜劈的摩擦力增大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对滑轮和物体b受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力变化情况；对物体a受力分析，判断物体a与斜面体间的静摩擦力的情况；对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，根据平衡条件求解整体与地面间的静摩擦力和弹力的情况．【解答】解：A、对滑轮和物体b受力分析，受重力和两个拉力，如下图：根据平衡条件，有：m b g=2Tcosθ解得：T=将固点c向右移动少许，那么θ增加，故拉力T增加，故A正确；B、D、对斜面体、物体a、物体b整体受力分析，受重力、支持力、细线的拉力和地面的静摩擦力，如下图：根据平衡条件，有：N=G总﹣Tcosθ=G总﹣，N与角度θ无关，恒不变；根据牛顿第三律，压力也不变；故B错误；f=Tsinθ=tanθ，将固点c向右移动少许，那么θ增加，故摩擦力增加；故D正确；C、对物体a受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，由于不知道拉力与重力的下滑分力的大小关系，故无法判断静摩擦力的方向，故不能判断静摩擦力的变化情况，故C错误；应选：AD．【点评】整体法和隔离法的使用技巧当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，用整体法；而在分析系统内各物体〔或一个物体各〕间的相互作用时常用隔离法．整体法和隔离法不是的，对一些较复杂问题，通常需要屡次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法．5．如下图，倾斜传送带沿逆时针方向匀速转动，在传送带的A端无初速度放置一物块．选择B端所在的水平面为参考平面，物块从A端运动到B端的过程中，其机械能E与位移x的关系图象可能正确的选项是〔〕A． B． C． D．【考点】机械能守恒律．【专题】机械能守恒律用专题．【分析】对物块受力分析，开始时，受到重力、支持力、滑动摩擦力，处于加速阶段；当速度于传送带速度时，如果重力的下滑分力小于或于最大静摩擦力，那么一起匀速下滑，否那么，继续加速．【解答】解：A、假设物块放上后一直加速，且到B点速度仍小于v，设物块在传送带上运动位移为x，下落高度h，物体从A到B运动过程中，机械能：E=E k+E p=〔μmgcosθ+mgsinθ〕x+mg〔H﹣h〕=〔μmgcosθ+mgsinθ〕x+mg〔H﹣xsinθ〕=μmgxcosθ+mgH，H为A、B间的高度差，那么物块机械能一直增大，但E与x不成正比，故A错误，B正确；C、假设物块在到达B点之前，速度到达v，那么物块速度到达v之前，机械能增加，速度到达v之后，物块将和传送带一起匀速运动，物块的动能不变，重力势能减小，机械能减小，故C错误，D正确应选：BD．【点评】此题考查传送带上的机械能问题，要综合考虑动能和重力势能，难度适中．6．如下图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，那么在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．克服摩擦力做功mghC．动能损失了mgh D．机械能损失了mgh【考点】功能关系．【分析】重力势能的增加量于克服重力做的功；动能变化于力的总功；机械能变化量于除重力外其余力做的功．【解答】解：加速度a==，而摩擦力f=，A、物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A错误；B、摩擦力f=，物体在斜面上能够上升的最大高度为h，发生的位移为=2h，那么克服摩擦力做功，故B错误；C、由动能理可知，动能损失量为合外力做的功的大小△E k=F合•s=m•g•2h=mgh，故C错误；D、机械能的损失量为fs=mg•2h=mgh，故D正确．应选：D．【点评】此题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化．重力势能变化与重力做功有关；动能的变化与合力做功有关；机械能的变化与除重力以外的力做功有关．7．如下图，斜面和水平面是由同一板材上截下的两段，连接处能量不损失．将小铁块从A处由静止释放后，它沿斜面向下滑行，进入平面，最终静止于P处．假设从该板材上再截下一段，搁置在A、P之间，构成一个的斜面，再将铁块放回A处，并给铁块一个初速度，使之沿斜面向下滑动．以下关于铁块运动的描述，正确的说法是〔〕A．铁块匀速直线运动B．两次运动摩擦力所做的功不相C．后一次运动一比前一次的时间短D．铁块匀变速直线运动【考点】动能理．【专题】量思想；方程法；动能理的用专题．【分析】物体从斜面滑至水平面上，假设动摩擦因素相，那么下滑过程中滑动摩擦力对物体所做的功为W f=﹣μmgLcosα﹣μmgL2=﹣μmg〔L1+L2〕，即物体从A经B滑到C点跟物体从A经P滑到C点，滑动摩擦力对物体所做的功相，与斜面的倾角无关．【解答】解：设A距离地面的高度为h，，，，动摩擦因数为μ，斜面AB的倾角为α，斜面AB的倾角为β，如下图对全过程运用动能理有：mgh﹣μmgLcosα﹣μmgL2=0而L1=Lcosα整理得：mgh﹣μmgL1﹣μmgL2=0而即h﹣μ〔L1﹣L2〕=0解得：；假设将AP连接，那么物体在斜面上受重力、支持力及摩擦力，合外力为：F=mgsinβ﹣μmgcosβ，而由几何关系可知：代入合力表达式可知，物体受到的合力为零，故物体在AP斜面上做匀速直线运动，故A正确；第一次摩擦力做功为：W f=﹣μmgLcosα﹣μmgL2=﹣μmg〔L1+L2〕=与斜面的倾角无关，故两次运动摩擦力所做的功相，B、D选项错误；由于题中没有给出第二次匀速下滑的速度的具体数值，故无法确两次运动的时间关系，C错误；应选：A【点评】此题综合考查了动能理、匀速直线运动规律、以及物体的平衡，难度中，利用动能理分析能使过程简化，再对物体受力分析得出结论．8．如下图，光滑半球的半径为R，球心为O，固在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切，质量为m的小球由A点静止滑下，最后落在水平面上的C点．重力加速度为g，那么〔〕A．小球将沿半球外表做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C．OC之间的距离为2RD．小球运动到C点时的速率为【考点】向心力；平抛运动．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】从A到B的过程中，根据机械能守恒可以求得到达B点时的速度，根据圆周运动的向心力公式可以判断离开B点后的运动情况．【解答】解：AB、从A到B的过程中，根据机械能守恒可得：mg R=mV2，解得：V=，在B点，当重力恰好作为向心力时，由mg=m，解得：V B=，。

２0２0┄20２1学年内蒙古呼伦贝尔市大杨树三中高三(上)第三次月考物理试卷一、选择题:本题共12小题,每小题4分.在每小题给出的四个选项中.第1～8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有选错的得0分．1．A、B、C是三个不同规格的灯泡,按图所示方式连接都能正常发光,已知电源的电动势为Ｅ，内电阻为r,将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是( )Ａ．Ａ、B灯比原来亮，Ｃ灯变暗ﻩB．A、B灯比原来暗,C灯变亮C.都比原来亮D.都比原来暗2.电源电动势为ε，内阻为r,向可变电阻R供电．关于路端电压,下列说法中正确的是（）A．因为电源电动势不变,所以路端电压也不变B．因为U=IR,所以当Ｒ增大时,路端电压也增大C.因为U=IR，所以当I增大时,路端电压也增大D．因为U=ε﹣Ｉｒ，所以当I增大时，路端电压下降３.一个电源分别接上８Ω和2Ω的电阻时,两电阻消耗的电功率相等,则电源内阻为（）A.1ΩﻩB．2Ω C．4ΩﻩD.8Ω4．有a、b、c、d四个电阻,它们的Ｕ﹣I关系如图所示，则图中电阻最大的是（）A．a B.b C.c Ｄ.d５.电流表的内阻是R g＝20０Ω，满偏电流值是I g=500μA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻 B.应并联一个0．1Ω的电阻C．应串联一个1800Ω的电阻ﻩD.应并联一个1８00Ω的电阻６．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）Ａ.两只电表的指针偏转角相同B．两只电表的指针都不偏转C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角7．鸟儿落在110kV的高压输电线上，虽然通电的高压线是裸露电线,但鸟儿仍然安然无恙.这是因为( )A．鸟有耐高压的天性B.鸟脚是干燥的,所以鸟体不导电Ｃ.鸟两脚间的电压几乎为零Ｄ．鸟体电阻极大，所以无电流通过8．如图所示，直线OAＣ为某一直流电源的总功率Ｐ总随电流I变化的图线．抛物线ＯＢC 为同一直流电源内部热功率Pｒ随电流Ｉ变化的图线.若A、B的对应电流为1A，那么AＢ线段表示的功率等于（）Ａ.1 W B．3 WﻩC．2 WﻩD．2.5 W9.欧姆定律不适用于（)A.金属导电ﻩＢ.电解液导电ﻩC．稀薄气体导电Ｄ.气体导电10．如图所示，抛物线C1、C2分别是纯电阻直流电路中,内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线．由该图可知下列说法中错误的是( ）Ａ.电源的电动势为8VB．电源的内电阻为１ΩC．电源输出功率最大值为8WD.电源被短路时,电源消耗的最大功率可达1６W11.如图所示的电路中,由于某一电阻发生断路或短路,使A灯变暗，B灯变亮,则故障可能是( ）A.R１短路B．Ｒ2短路 C.R3断路ﻩＤ．R４断路12．如图所示,电源的电动势和内阻分别为E和r,在滑动变阻器的滑片Ｐ由a向b移动的过程中，电流表、电压表的示数变化情况为( ）A．电流表的示数一直减小 B.电压表的示数一直增大C．电流表的示数先减小后增大 D.电压表的示数先增大后减小二.实验题:(第小空2分,共3２分)13.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,实验室备有下列器材供选择:A．待测小灯泡“3.0V、1.５W”B．电流表（量程3Ａ,内阻约为1Ω)C．电流表(量程0.６Ａ,内阻约为５Ω）D.电压表（量程3.0V，内阻约１0kΩ)Ｅ．电压表（量程15.０V,内阻约为50ｋΩ）F．滑动变阻器(最大阻值为1００Ω，额定电流５０ｍA）G．滑动变阻器(最大阻值为10Ω,额定电流1.0Ａ)H．电源（电动势为4.0V,内阻不计）I.电键及导线等(1）为了使实验完成的更好,电流表应选用；电压表应选用;滑动变阻器应选用．(只需填器材前面的字母即可）（２）请在图1虚线框内画出实验电路图（3)某同学在一次测量时,电流表、电压表的示数如图２所示．则电压值为V，电流值为 A.14.某学习小组通过一个简单的电路图探究多用电表的结构和原理,如图所示，若黑表笔做为电表的公共端，红表笔通过转换开关接入待测量相应的测量端，使用时,只有部分电路起作用.当转换开关接1或2时,此多用电表为表，当转换开关接3或４时,此多用电表为表，当转换开关接５时，此多用电表为表．15．用相同的灵敏电流计改装成量程为3V和15V两个电压表，将它们串联接人电路中，指针偏角之比为，读数之比 .用相同电流计改装成0.6A和３A的两个电流表将它们并联接入电路中,指针偏角之比，读数之比．16．读数：如图1，读数：如图2，读数：如图３，读数：如图4，读数: ．三．计算题:(17题８分，1８题１0分)17．电源的电动势为4.5V,外电阻为４Ω,路端电压为4Ｖ,求这时电路的电流是多少？电源的内阻是多少?18.如图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻为R g=50０Ω，满偏电流为1mA的毫安表,表盘刻度分为100个刻度.现接成量程分别为10Ｖ和100V的两个量程,则所串联的电阻R1是多少？,所串联的电阻Ｒ2是多少？ﻬ202０┄２021学年内蒙古呼伦贝尔市大杨树三中高三(上)第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题:本题共1２小题,每小题４分．在每小题给出的四个选项中.第1～8题只有一项符合题目要求，第9~1２题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.1．A、B、C是三个不同规格的灯泡,按图所示方式连接都能正常发光,已知电源的电动势为E,内电阻为ｒ，将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是( ）A．Ａ、B灯比原来亮,Ｃ灯变暗ﻩB.A、B灯比原来暗,C灯变亮C.都比原来亮ﻩD.都比原来暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图看出此电路结构是:Ｂ灯、变阻器串联后与Ｃ并联,再与A灯串联.滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻减小,外电路总电阻减小,根据欧姆定律并联部分电压的变化情况，即可判断AB两灯亮度的变化,根据干路电流的变化,分析Ｂ灯亮度的变化．【解答】解：A、滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小,根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，则A灯变亮.根据串联电路分压规律可知并联部分分担的电压减小,则Ｃ灯变暗,由于通过B灯的电流等于干路电流与通过C灯电流之差,干路电流增大,而通过C灯的电流减小,则通过Ｂ灯的电流增大,变亮,故A正确，BCD错误.故选：A．2．电源电动势为ε，内阻为r，向可变电阻R供电．关于路端电压，下列说法中正确的是（）A.因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B．因为U=IＲ,所以当R增大时，路端电压也增大C.因为U=IＲ,所以当I增大时,路端电压也增大Ｄ.因为U=ε﹣Ir,所以当I增大时,路端电压下降【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】给定的电源，其电动势和内阻都不变,与外电路无关，而路端电压随外电阻的增大而增大,减小而减小.【解答】解：Ａ、电源电动势不变，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小.故Ａ错误．Ｂ、当R增大时,I减小，不能根据Ｕ＝IR判断路端电压的变化,而由U=E﹣Ir分析,E，ｒ不变，Ｉ减小,得到Ｕ增大.故B错误.C、当I增大时,说明R减小，不能根据U=IR判断路端电压的变化,而由Ｕ＝E﹣Ir分析,Ｅ，ｒ不变,I增大,得到Ｕ减小．故C错误．Ｄ、根据闭合电路欧姆定律Ｕ=E﹣Ir可知,Ｉ增大时，路端电压U减小．故D正确．故选D3.一个电源分别接上8Ω和2Ω的电阻时，两电阻消耗的电功率相等,则电源内阻为（）Ａ．１Ω B.２ΩﻩC.4ΩD.8Ω【考点】电功、电功率.【分析】根据闭合电路欧姆定律分别表示出接8Ω和2Ω的外电阻时的电流,然后由功率相等列方程求解．【解答】解：设电源的内阻大小为r，根据闭合电路欧姆定律:I=；I′=由题意,这两电阻消耗的电功率相等，则有:I2×8=I′２×2即:（）2•8=(）2•2解得：ｒ=4Ω故选：C.4.有a、b、ｃ、ｄ四个电阻，它们的U﹣I关系如图所示,则图中电阻最大的是( ）A．a B.bﻩC.c D．d【考点】电阻定律.【分析】根据欧姆定律得到电阻R=，U﹣I图线的斜率等于电阻的大小，斜率越大，电阻越大．【解答】解:电阻R=,可知电阻Ｒ等于Ｕ﹣I图线的斜率.图线a的斜率的最大，电阻最大．故选:A５．电流表的内阻是Ｒg=２0０Ω,满偏电流值是I g=５00μA，现在欲把这电流表改装成量程为１.0Ｖ的电压表,正确的方法是（）A.应串联一个0.1Ω的电阻Ｂ.应并联一个0.１Ω的电阻Ｃ.应串联一个180０Ω的电阻ﻩＤ.应并联一个1８00Ω的电阻【考点】把电流表改装成电压表.【分析】电流表改装成电压表要串联电阻分压,串联的电阻值为：R=,U为量程.【解答】解：电流表改装成电压表要串联的电阻为:Ｒ＝=＝１８00ΩA 串联阻值不对.故A错误B 不应并联．故B错误C 符合要求．故C正确D 不应并联．故D错误故选:C6.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时( ）A.两只电表的指针偏转角相同Ｂ．两只电表的指针都不偏转C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角【考点】把电流表改装成电压表.【分析】电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小.【解答】解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;两表串联后,通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻,所以大部分电流通过了分流电阻,通过表头的电流很小,电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故ABD错误，C正确；故选:C.7.鸟儿落在110kV的高压输电线上，虽然通电的高压线是裸露电线,但鸟儿仍然安然无恙.这是因为( ）Ａ．鸟有耐高压的天性Ｂ.鸟脚是干燥的,所以鸟体不导电Ｃ.鸟两脚间的电压几乎为零Ｄ.鸟体电阻极大,所以无电流通过【考点】欧姆定律.【分析】解答本题注意,小鸟是站在一根线上,而小鸟的两脚之间的距离很短,则由影响电阻大小的因素可知与鸟并联部分的电阻，则可求得加在鸟身上的电压．【解答】解：鸟的本身是导电的，也不具有耐高压性，能站在电线上的原因是因为小鸟并联在两脚之间的导线上,而导线长度很小,故该部分导体的电阻小，故小鸟两端的电压很小，接近于零,故不会对小鸟造成危害！故选:Ｃ.8．如图所示，直线ＯAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线.抛物线OBＣ为同一直流电源内部热功率Pｒ随电流I变化的图线.若Ａ、B的对应电流为1Ａ,那么AB线段表示的功率等于( )A．1 W Ｂ．3 W Ｃ．２W D．２.５Ｗ【考点】闭合电路的欧姆定律;电功、电功率．【分析】根据电源的总功率P=ＥI，由C点的坐标求出电源的电动势和内阻.ＡB段表示外电路的功率,则根据能量关系可求解AB段表示的功率.【解答】解:电源的总功率P=EI，C点表示Ｉ=３A,P=9W，则电源的电动势Ｅ=3V.由图看出，Ｃ点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率,则有P＝I2r，代入解得,r=1Ω，所以ＡＢ段表示的功率为P AB=EＩ′﹣I′2r=3×１﹣12×1(W）=2W.故选:C9．欧姆定律不适用于（)A．金属导电ﻩB.电解液导电C.稀薄气体导电 D.气体导电【考点】欧姆定律.【分析】欧姆定律为实验定律，只适用于金属导休及电解液导电;不适用于半导体及气体导电.【解答】解:欧姆定律不适用于稀薄气体及气体导电，只适用于金属导体及电解液导电；本题选不适用的,故选:CＤ.10．如图所示,抛物线Ｃ1、C2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线．由该图可知下列说法中错误的是（)Ａ．电源的电动势为８VB．电源的内电阻为1ΩＣ．电源输出功率最大值为8ＷD．电源被短路时,电源消耗的最大功率可达16W【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】当电路的内电阻和外电阻相等时,电路的输出的功率最大,根据图象可以求得电源的最大输出功率和电源的内阻的大小.【解答】解:根据图象可以知道,曲线Ｃ1、C2的交点的位置，此时的电路的内外的功率相等,由于电路的电流时相等的,所以此时的电源的内阻和电路的外电阻的大小是相等的，即此时的电源的输出的功率是最大的，由图可知电源输出功率最大值为4W，所以C错误;根据P＝I2R=I2r可知，当输出功率最大时，P＝4Ｗ,Ｉ=2A,所以Ｒ＝ｒ=1Ω，所以B正确；由闭合电路欧姆定律可知:E=I(R＋ｒ）=2×(1＋1）=４V,所以电源的电动势为４Ｖ，所以A 错误;当电源被短路时,电源消耗的最大功率P大==W=１6Ｗ,所以D正确.本题选错误的,故选:ＡC．１1.如图所示的电路中，由于某一电阻发生断路或短路,使A灯变暗，Ｂ灯变亮，则故障可能是（）Ａ.R1短路ﻩB．Ｒ2短路 C.R３断路ﻩＤ．R4断路【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】Ａ灯变暗，说明外电阻总电阻变大了;B灯变亮,说明其分得的电压变大了;根据传并联电路的特点和闭合电路欧姆定律列式求解．【解答】解：A、R1短路，外电路总电阻减小,电流变大,A灯变亮，故Ａ错误;Ｂ、R2短路时，B灯泡不亮，故Ｂ错误；C、R3断路，B灯泡分得的电压变大，变亮;外电阻总电阻变大，电流减小，A灯变暗，故C 正确；D、R４断路,电路不通，两灯都不亮，故Ｄ错误;故选：Ｃ．12.如图所示,电源的电动势和内阻分别为E和r,在滑动变阻器的滑片P由ａ向ｂ移动的过程中，电流表、电压表的示数变化情况为（)A．电流表的示数一直减小ﻩB.电压表的示数一直增大C．电流表的示数先减小后增大 D．电压表的示数先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图变阻器Pa与Pb两部分并联,再与R０串联.电压表测量路端电压,电流表测量干路电流.根据变阻器总电阻的变化，由欧姆定律分析电路中电压、电流的变化来判断.【解答】解:当变阻器滑片滑到中点时,变阻器两部分并联电阻最大．则在滑动变阻器的滑片P由ａ向中点移动的过程中，外电阻变大,总电阻变大，由欧姆定律知，干路电流变小,路端电压变大.滑片P由中点向b移动的过程中，外电阻变小，总电阻变小,由欧姆定律知，干路电流变大,路端电压变小.故AB错误,ＣD正确．故选：CD.二．实验题:（第小空2分，共3２分）1３.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,实验室备有下列器材供选择：Ａ.待测小灯泡“3.0V、1.５W”Ｂ．电流表（量程3A,内阻约为1Ω)C.电流表（量程0．6Ａ,内阻约为5Ω)D．电压表（量程3.0Ｖ,内阻约10ｋΩ)E.电压表(量程15.0V,内阻约为50kΩ）F．滑动变阻器(最大阻值为100Ω,额定电流5０ｍA)G.滑动变阻器(最大阻值为1０Ω,额定电流１．0Ａ)H．电源（电动势为4．0V，内阻不计)I.电键及导线等（1)为了使实验完成的更好，电流表应选用 C ；电压表应选用 D ;滑动变阻器应选用G .(只需填器材前面的字母即可)（2）请在图1虚线框内画出实验电路图(3)某同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示．则电压值为 1.８０V,电流值为０.33 A.【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.【分析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表,为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器．(2）根据题意确定滑动变阻器的接法，根据灯泡与电表内阻的关系确定电流表的接法,然后连接实物电路图．(３）根据电表指针示数,求出此时灯泡的电压和电流．【解答】解：（1)灯泡额定电压为3V,电压表应选D，灯泡额定电流为I=＝0.5A，电流表应选Ｃ，为方便实验操作应选滑动变阻器Ｇ.(２）描绘灯泡伏安特性曲线,电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法;灯泡正常发光时的电阻为：R==６Ω,电流表内阻约为5Ω,电压表内阻约为10kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻,电流表应采用外接法，实物电路图如图所示．（3）电流表、电压表的示数如图2所示,则电压值为1.80Ｖ，电流值为０.3３Ａ，（1)C；D; G（２)(3）1.８0；0.3314．某学习小组通过一个简单的电路图探究多用电表的结构和原理，如图所示,若黑表笔做为电表的公共端,红表笔通过转换开关接入待测量相应的测量端,使用时,只有部分电路起作用．当转换开关接1或2时,此多用电表为电流表,当转换开关接3或4时，此多用电表为电压表,当转换开关接5时，此多用电表为欧姆表.【考点】多用电表的原理及其使用.【分析】欧姆表、电压表、电流表都是由小量程电流表改装而成，要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表．【解答】解：当转换开关接1或2时，电流表与电阻并联,可用来测量电流．此多用电表为电流表，当转换开关接3或4时，电流表与电阻串联,此多用电表为电压表，当转换开关接5时，电源与两并联电阻串联，构成欧姆表，此多用电表为欧姆表，故答案为：电流，电压，欧姆．15．用相同的灵敏电流计改装成量程为3Ｖ和１5V两个电压表,将它们串联接人电路中,指针偏角之比为1:1 ,读数之比1:５.用相同电流计改装成０.６A和3A的两个电流表将它们并联接入电路中,指针偏角之比1：1 ,读数之比1：5 .【考点】把电流表改装成电压表.【分析】（1)两电压表量程不同总内阻不同，两内阻之比为量程之比，再据电压表的改装原理和电路连接关系分析求解；（２)把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻,电流表量程越大,并联电阻阻值越小，应用串并联电路特点分析答题．【解答】解:因是串联关系，则通过两电压表的电流相同，故指针偏转的角度相同，即指针偏角之比为１:1,串联电路电流相等,电阻两端电压与阻值成正比,两电压表内阻之比为1:５，两电压表串联时示数之比1:5，并联电压相等,两个电流表并联接入电路后,它们的读数之比是１：５，并联电压相等,两电流表并联，它们两端电压相等，两个电流表并联接入电路后，它们的指针偏转的角度之比为１：1．故答案为:１:1；１：5；1：1；1：5１6．读数:如图1,读数：192.1mm如图2,读数：40.45mm如图3,读数: ３．40mｍ如图４,读数： 3.５50mｍ .【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法,主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.【解答】解：游标卡尺的主尺读数为192mm，游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为1×0.1mm=0.1mm，所以最终读数为：192ｍm＋0.１mm=192.1mm．游标卡尺的主尺读数为40mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为９×0.0５mm=0.45mm,所以最终读数为:40ｍm＋0.45mm＝４0．45mｍ．游标卡尺的主尺读数为３mm,游标尺上第20个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为20×0．02ｍｍ＝０.４０mm,所以最终读数为:3mm+0.4０mm=3.40mm.螺旋测微器的固定刻度为3.5mm，可动刻度为5.0×０.01mm=0．0５0mm，所以最终读数为3.5ｍｍ+0.０５０mm=3.55０ｍm.故答案为:192．1ｍm,40．45mm，3．４0ｍm，３.55０mm三．计算题：(１７题8分，18题１0分)17.电源的电动势为4.５Ｖ,外电阻为4Ω，路端电压为4V,求这时电路的电流是多少？电源的内阻是多少?【考点】闭合电路的欧姆定律.【分析】由欧姆定律求出电路中电流，再由闭合电路欧姆定律求电源的内阻．【解答】解：电路中电流I==A＝1Ａ由闭合电路欧姆定律得:E=I(R＋r）得ｒ=0.5Ω答:电路的电流是1Ａ,电源的内阻是０．５Ω．1８.如图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻为R g＝５00Ω，满偏电流为1ｍA的毫安表，表盘刻度分为10０个刻度．现接成量程分别为10V和100V的两个量程,则所串联的电阻R1是多少?,所串联的电阻R２是多少?【考点】把电流表改装成电压表．【分析】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为Ｒ=﹣R g,U为改装后的量程.【解答】解：量程10V是所串联的电阻为Ｒ1：＝９５00Ω量程为１0０V对应的R2为：=９００00Ω答：所串联的电阻R1是９50０Ω,所串联的电阻R2是90０00Ω．word版高中物理20２１年4月13日。

2024届呼伦贝尔市重点中学高三第三次测评物理试卷请考生注意：1．请用2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，电路中所有原件完好，当光照射到光电管上时，灵敏电流计中没有电流通过，可能的原因是（ ）A ．入射光强较弱B ．入射光频率太高C ．电源正负极接反D ．光照射时间太短2、1960年10月第十一届国际计量大会确定了国际通用的国际单位制，简称SI 制。

国际单位制共有七个基本单位，其中力学单位制中的3个基本单位是（ ）①kg ②③N ④m ⑤s ⑥ ⑦m/s 2 ⑧ A ．①④⑤ B ．①③④ C ．②③⑦ D ．⑤⑥⑧3、如图，AC 、BD 为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O ，半径为R ，将等电量的异种点电荷Q 放在圆周上，它们的位置关于AC 对称，+Q 与O 点的连线和OC 间夹角为30°，静电常量为k ，则（ ）A ．O 点的电场强度大小为2Q k RB ．O 点的电场强度方向由O 指向AC ．O 点电势小于C 点电势D ．试探电荷q 从B 点移到D 点过程中，电势能始终不变4、如图所示为氢原子的能级图，用某种频率的光照射大量处于基态的氢原子，结果受到激发后的氢原子能辐射出三种不同频率的光子，让辐射出的光子照射某种金属，结果有两种频率的光子能使该金属发生光电效应，其中一种光子恰好能使该金属发生光电效应，则打出的光电子的最大初动能为（ ）A ．0B ．1.89eVC ．10.2eVD ．12.09eV5、一质点做匀加速直线运动连续经历了两段相等的时间。

下列对这两个阶段判断正确的是（ ）A ．位置变化量一定相同B ．动能变化量一定相同C ．动量变化量一定相同D ．合外力做功一定相同6、一列简谐横波沿x 轴传播，a 、b 为x 轴上的两质点，平衡位置分别为0x =，(0)b b x x x =>。