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2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷(解析版)

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2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1．（6分）关于近代物理，下列说法错误的是（）A．氢核聚变反应方程H+H→He+X中，X表示中子B．α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C．分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，红光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D．处于基态的大量氢原子吸收光子跃迁到n=3激发态后，可能发射3种频率的光子2．（6分）甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．8s末，甲、乙两车相遇B．甲车在0～4s内的位移小于乙车在4～8s内的位移C．4s末，甲车的加速度小于乙车的平均速度D．在0～8s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度3．（6分）如图所示，半圆形线框竖直放置在粗糙的水平地面上，质量为m的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，框架与小球始终保持静止状态，在此过程中下列说法正确的是（）A．拉力F一直增大B．拉力F的最小值为mgsinθC．地面对框架的摩擦力先增大后减小D．框架对地面的压力始终在减小4．（6分）如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器．当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警．下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为20VB．R0处出现火警时，电流表A的示数减小C．R0处出现火警时，变压器的输入功率增大D．要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动5．（6分）如图所示，在竖直平面内有一固定的半圆槽，半圆直径AG水平，B、C、D、E、F点将半圆周六等分．现将5个小球1、2、3、4、5（均可视为质点）分别从A点开始向右做平抛运动，分别落到B、C、D、E、F点上，则下列说法正确的是（）A．各球到达圆周时球3的重力功率最大B．球5做平抛运动的时间最长C．球3做平抛运动全过程速度变化最大D．球5到达F点时，速度的反向延长线不可能过圆心6．（6分）2017年4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接，如图所示，已知“天舟一号”“天宫二号”对接后，组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，组合体轨道半径为r，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转．则（）A．可求出地球的平均密度B．可求出组合体受到地球的万有引力C．可求出组合体做圆周运动的线速度D．可求出第一宇宙速度7．（6分）如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷，t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动，此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v﹣t图象分别如图（b）中甲、乙两曲线所示，则由图线可知（）A．两电荷的电性可能相同也可能相反B．在0～t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小C．在0～t2时间内，两电荷的库仑力先增大后减小D．t1时刻两电荷的电势能最大8．（6分）如图所示，圆心区域内有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），O为圆心，P为边界上的一点，相同的带负电粒子a、b（不计重力）从P点先后射入磁场，粒子a正对圆心射入，速度方向改变60°后离开磁场，粒子b射入磁场时的速度方向与粒子a射入时的速度方向成60°，已知它们离开磁场的位置相同，下列说法正确的是（）A．磁场的方向垂直纸面向外B．两粒子在磁场中运动的时间之比为=C．两粒子在磁场中运动的速度之比为=D．两粒子在磁场中运动的轨迹长度之比为=三、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题9．图1是验证机械能守恒定律的实验，小球由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定在O点，在最低点附近放置一组光电门，光电门与小球摆到最低点时的球心在同一高度．将轻绳拉至水平后由静止释放，测出小球通过光电门的挡光时间△t，再用10分度游标卡尺测出小球的直径d，如图2所示，重力加速度为g，则（1）小球的直径d=cm；（2）利用该装置验证机械能守恒定律，测定小球的质量（填“需要”或“不需要”）（3）测出悬线长度为l，若等式成立，则说明小球下摆过程机械能守恒（等式用题中各物理量字母表达）．10．为测绘一个标有“4V 2.4W”小电风扇（线圈电阻恒定）的伏安特性曲线，电风扇两端的电压需要从零逐渐增加到4V，并便于操作，实验室备有下列器材：A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）B．电压表（量程为0～6V，内阻约4kΩ）C．电流表（量程为0～0.6A，内阻约0.2Ω）D．电流表（量程为0～3A，内阻约0.05Ω）E．滑动变阻器R1（最大阻值20Ω，额定电流1A）F．滑动变阻器R2（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）G．开关和导线若干（1）实验中所用的电流表应选（填“C”或“D”），滑动变阻器应选（填“E”或“F”）．（2）请用笔画线代替导线将实物图连接成符合这个实验要求的电路．（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数大于0.5V时电风扇才开始转动，小电风扇的伏安特性曲线如图所示，则电风扇的电阻为Ω．正常工作时的机械功率为W．11．如图，两条间距L=0.5m且足够长的平行光滑金属直导轨，与水平地面成α=30°角固定放置，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场方向垂直导轨所在的斜面向上，质量m ab=0.1kg、m cd=0.2kg的金属棒ab、cd垂直导轨放在导轨上，两金属棒的总电阻r=0.2Ω，导轨电阻不计．ab在沿导轨所在斜面向上的外力F作用下，沿该斜面以v=2m/s的恒定速度向上运动．某时刻释放cd，cd向下运动，经过一段时间其速度达到最大．已知重力加速度g=10m/s2，求在cd速度最大时，（1）abcd回路的电流强度I以及F的大小；（2）abcd回路磁通量的变化率以及cd的速率．12．如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）．现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上．今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失．已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P 之间的动摩擦因数为μ，M：m=4：1，重力加速度为g．求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大？（2）平板车P的长度为多少？（3）小物块Q落地时距小球的水平距离为多少？【物理选修3-3】13．（5分）下列说法正确的是（）A．物体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变B．在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加C．不可能从单一热库吸收热量使之完全变成功D．物体内能的增加等于外界对物体所做的功与从外界吸收的热量之和E．满足能量守恒定律的物理过程一定能自发进行14．（10分）如图所示，粗细相同的导热玻璃管A、B由橡皮软管连接，一定质量的空气被水银柱封闭在A管内，气柱长L1=40cm．B管上方与大气相通，大气压强P0=76cmHg，环境温度T0=300K．初始时两管水银面相平，若A管不动，将B管竖直向上缓慢移动一定高度后固定，A管内水银面上升了h1=2cm．（i）求：B管上移的高度为多少？（ii）要使两管内水银面再次相平，环境温度需降低还是升高？变为多少？（大气压强不变）2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷参考答案与试题解析二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1．（6分）关于近代物理，下列说法错误的是（）A．氢核聚变反应方程H+H→He+X中，X表示中子B．α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C．分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，红光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D．处于基态的大量氢原子吸收光子跃迁到n=3激发态后，可能发射3种频率的光子【解答】解：A、氢核聚变反应方程H+H→He+X中，根据质量数和电荷数守恒，可知X表示中子，故A正确；B、卢瑟福根据α粒子散射实验现象的结果提出了原子的核式结构模型，揭示了原子的核式结构，故B正确；C、分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，红光照射时，由于红光的频率比紫光更小，根据光电效应方程可知逸出的光电子的最大初动能较小，故C错误；D、处于基态的大量氢原子吸收光子跃迁到n=3激发态后，可能发射=3种频率的光子，故D正确；本题选错误的，故选：C．2．（6分）甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．8s末，甲、乙两车相遇B．甲车在0～4s内的位移小于乙车在4～8s内的位移C．4s末，甲车的加速度小于乙车的平均速度D．在0～8s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度【解答】解：A、根据速度﹣时间图象与时间轴所围的“面积”大小表示位移，可知，0﹣8s内，甲、乙两车的位移相等，但初始时刻两车的位置关系不清楚，所以8s末，甲、乙两车不一定相遇，故A错误．B、根据“面积”大小表示位移，可知，甲车在0～4s内的位移小于乙车在4～8s 内的位移，故B正确．C、v﹣t图象的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，则知4s末，甲车的加速度大于乙车的平均速度，故C错误．D、0﹣8s内，甲、乙两车的位移相等，所用时间相等，所以甲车的平均速度等于乙车的平均速度．故D错误．故选：B3．（6分）如图所示，半圆形线框竖直放置在粗糙的水平地面上，质量为m的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，框架与小球始终保持静止状态，在此过程中下列说法正确的是（）A．拉力F一直增大B．拉力F的最小值为mgsinθC．地面对框架的摩擦力先增大后减小D．框架对地面的压力始终在减小【解答】解：AB、对球受力分析，如图所示：从图看出，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，拉力先减小后增加，当拉力与支持力垂直时最小，为mgcosθ，故A错误，B错误；CD、再分析球和框整体，受重力、拉力、支持力和摩擦力，如果将上图中的拉力F沿着水平和竖直方向正交分解，再将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°过程中，其水平分力减小、而竖直分力增加，根据平衡条件可知，支持力减小、摩擦力也减小，根据牛顿第三定律，对地面的压力减小，故C错误，D正确；故选：D4．（6分）如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器．当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警．下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为20VB．R0处出现火警时，电流表A的示数减小C．R0处出现火警时，变压器的输入功率增大D．要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动【解答】解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．=•T代入数据得图乙中电压的有效值为100V；变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是10：l，所以电压表的示数为10v，故A错误；B、R0处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故B错误；C、由B知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大．故C正确．D、要使报警器的临界温度升高，则R0的临界电阻值更小，则电路中的电阻值更大，而火警时流过报警器的电流不变，所以流过R1的电流值也需要更大一些，所以可将R1的滑片P适当向上移动，减小R1接入电路中的电阻值，故D错误．故选：C5．（6分）如图所示，在竖直平面内有一固定的半圆槽，半圆直径AG水平，B、C、D、E、F点将半圆周六等分．现将5个小球1、2、3、4、5（均可视为质点）分别从A点开始向右做平抛运动，分别落到B、C、D、E、F点上，则下列说法正确的是（）A．各球到达圆周时球3的重力功率最大B．球5做平抛运动的时间最长C．球3做平抛运动全过程速度变化最大D．球5到达F点时，速度的反向延长线不可能过圆心【解答】解：A、根据知，到达D点的竖直分速度最大，根据P=mgv y 知，到达D点的竖直分速度最大，但是小球的质量大小未知，无法确定到达哪一点的重力功率最大，故A错误．B、小球到达D点下降的高度最大，结合t=知，球3运动的时间最长，故B 错误．C、球3运动的时间最长，根据△v=g△t知，球3平抛运动过程中速度变化量最大，故C正确．D、假设球5到F点时，速度反向延长线经过圆心，可知OF与水平方向的夹角是AF与水平方向夹角的2倍，根据平抛运动的推论知，平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度与水平方向夹角不是位移与水平方向夹角的2倍，相互矛盾，可知球5到达F点时，速度的反向延长线不可能过圆心，故D正确．故选：CD．6．（6分）2017年4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接，如图所示，已知“天舟一号”“天宫二号”对接后，组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，组合体轨道半径为r，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转．则（）A．可求出地球的平均密度B．可求出组合体受到地球的万有引力C．可求出组合体做圆周运动的线速度D．可求出第一宇宙速度【解答】解：A、组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，故角速度ω=，对于组合体，万有引力提供向心力，故：，可以求解出：M=，根据g=可以求解出地球的半径，故最后可以根据求解地球的密度，故A正确；B、由于不知道组合体的质量，故无法求解其受到的万有引力，故B错误；C、根据v=rω可以求解组合体的线速度大小，故C正确；D、根据选项A的分析可以地球的半径R可以求解，故根据v=可以求解第一宇宙速度，故D正确；故选：ACD7．（6分）如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷，t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动，此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v﹣t图象分别如图（b）中甲、乙两曲线所示，则由图线可知（）A．两电荷的电性可能相同也可能相反B．在0～t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小C．在0～t2时间内，两电荷的库仑力先增大后减小D．t1时刻两电荷的电势能最大【解答】解：A、由图象0﹣t1段看出，甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同．故A错误．B、由图象看出，0～t3时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大．乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大．故B错误．C、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互库仑力先增大后减小．故C正确．D、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大．故D正确．故选：CD8．（6分）如图所示，圆心区域内有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），O为圆心，P为边界上的一点，相同的带负电粒子a、b（不计重力）从P点先后射入磁场，粒子a正对圆心射入，速度方向改变60°后离开磁场，粒子b射入磁场时的速度方向与粒子a射入时的速度方向成60°，已知它们离开磁场的位置相同，下列说法正确的是（）A．磁场的方向垂直纸面向外B．两粒子在磁场中运动的时间之比为=C．两粒子在磁场中运动的速度之比为=D．两粒子在磁场中运动的轨迹长度之比为=【解答】解：根据题意，两个粒子出射位置相同，且a粒子速度方向改变60°后离开磁场，粒子不可能向上偏转，所以粒子向下偏转，作出它们的运动轨迹，如下图所示，根据左手定则可知，磁感应强度方向垂直纸面向里，故A错误；B、由平面几何知识可得出，v a方向的粒子运动了六分之一个圆周，而v b方向的粒子运动了二分之一个圆周，又它们的周期相等，所以运动的时间之比为1：3，故B正确；C、如上图所示，PM为v b方向运动的粒子半径，由于∠POQ=120°，所以v a方向运动的圆周其半径为PO，根据平面几何知识容易得出图象中，PO和PM的长度之比2：，即PM=PO．根据洛伦兹力提供向心力的圆周运动的半径公式R=．由于粒子是完全相同的，所以根据以上可得出它们的速度之比即为半径之比，半径之比为2：1，速度之比也为2：1，故C正确；D、a粒子运动的弧长为：×2πR a，b粒子运动的弧长为：，又它们的半径之比为2：1所以运动的弧长之比为：2：3，故D错误．故选：BC．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题9．图1是验证机械能守恒定律的实验，小球由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定在O点，在最低点附近放置一组光电门，光电门与小球摆到最低点时的球心在同一高度．将轻绳拉至水平后由静止释放，测出小球通过光电门的挡光时间△t，再用10分度游标卡尺测出小球的直径d，如图2所示，重力加速度为g，则（1）小球的直径d= 1.04cm；（2）利用该装置验证机械能守恒定律，不需要测定小球的质量（填“需要”或“不需要”）（3）测出悬线长度为l，若等式成立，则说明小球下摆过程机械能守恒（等式用题中各物理量字母表达）．【解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.1×4mm=0.4mm，则小球的直径d=10.4mm=1.04cm．（2）验证小球重力势能的减小量和动能的增加量是否相等，质量可以约去，不需要测量小球的质量．（3）小球通过光电门的瞬时速度v=，则动能的增加量，重力势能的减小量，若，即，小球下摆过程中机械能守恒．故答案为：（1）1.04，（2）不需要，（3）．10．为测绘一个标有“4V 2.4W”小电风扇（线圈电阻恒定）的伏安特性曲线，电风扇两端的电压需要从零逐渐增加到4V，并便于操作，实验室备有下列器材：A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）B．电压表（量程为0～6V，内阻约4kΩ）C．电流表（量程为0～0.6A，内阻约0.2Ω）D．电流表（量程为0～3A，内阻约0.05Ω）E．滑动变阻器R1（最大阻值20Ω，额定电流1A）F．滑动变阻器R2（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）G．开关和导线若干（1）实验中所用的电流表应选C（填“C”或“D”），滑动变阻器应选E（填“E”或“F”）．（2）请用笔画线代替导线将实物图连接成符合这个实验要求的电路．（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数大于0.5V时电风扇才开始转动，小电风扇的伏安特性曲线如图所示，则电风扇的电阻为 2.5Ω．正常工作时的机械功率为 1.5W．【解答】解：①电风扇的额定电流I==0.6A，从读数误差的角度考虑，电流表选择C．电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10Ω的误差较小，即选择E．②因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约R=≈6.67Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法．电路图如图所示．则可知对应的实物图如图所示；③电压表读数小于0.5V时电风扇没启动．根据欧姆定律得，R===2.5Ω．正常工作时电压为4V，根据图象知电流为0.6A，则电风扇发热功率P=I2R=0.36×2.5W=0.9W，则机械功率P′=UI﹣I2R=2.4﹣0.9=1.5W．故答案为：（1）C、E （2）如图所示（3）2.5，1.5．11．如图，两条间距L=0.5m且足够长的平行光滑金属直导轨，与水平地面成α=30°角固定放置，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场方向垂直导轨所在的斜面向上，质量m ab=0.1kg、m cd=0.2kg的金属棒ab、cd垂直导轨放在导轨上，两金属棒的总电阻r=0.2Ω，导轨电阻不计．ab在沿导轨所在斜面向上的外力F作用下，沿该斜面以v=2m/s的恒定速度向上运动．某时刻释放cd，cd向下运动，经过一段时间其速度达到最大．已知重力加速度g=10m/s2，求在cd速度最大时，（1）abcd回路的电流强度I以及F的大小；（2）abcd回路磁通量的变化率以及cd的速率．【解答】解：（1）以cd为研究对象，当cd速度达到最大值时，有：①代入数据，得：I=5A由于两棒均沿斜面方向做匀速运动，可将两棒看作整体，作用在ab上的外力：F=（m ab+m cd）gsinα②（或对ab：F=m ab gsinα+BIL）代入数据，得：F=1.5N（2）设cd达到最大速度时abcd回路产生的感应电动势为E，根据法拉第电磁感应定律，有：③由闭合电路欧姆定律，有：④联立③④并代入数据，得：=1.0Wb/s设cd的最大速度为v m，cd达到最大速度后的一小段时间△t内，abcd回路磁通量的变化量：△Φ=B•△S=BL（v m+v）•△t⑤回路磁通量的变化率：⑥联立⑤⑥并代入数据，得：v m=3m/s答：（1）abcd回路的电流强度I大小为5A，F的大小为1.5N；（2）abcd回路磁通量的变化率为1.0Wb/s，cd的速率为3m/s12．如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）．现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上．今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失．已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P 之间的动摩擦因数为μ，M：m=4：1，重力加速度为g．求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大？（2）平板车P的长度为多少？（3）小物块Q落地时距小球的水平距离为多少？【解答】解：（1）设小球即将与物块Q碰撞前的速度为v0，小球由初始位置摆动到最低点的过程中，由机械能守恒定律可得：mgR（1﹣cos60°）=解得：设碰撞后小球速度为v1，物块Q速度为v2，由于小球与物块Q是弹性碰撞，所以碰撞过程满足机械能守恒和动量守恒，取向右为正方向，则得：mv0=mv1+mv2两式联立可得：v 1=0，即：速度交换，小球速度变为零，Q获得速度v0．设Q离开平板车时的速度大小为v，则平板车速度为，物块Q在小车上滑行的过程中，由动量守恒定律可得：又M：m=4：1可得：（2）设平板车的长度为L，由题意可得物块Q在小车上滑行时，一部分动能转化为系统的内能，所以有：可得：（3）由题意可得，以地面为参考系，物块Q在小车上做匀减速直线运动，设其加速度为a，运动的位移为s1，离开平板车后做平抛运动，运动时间为t，水平位移为s2．由牛顿运动定律可得：由运动学公式得Q离开平板车后做平抛运动，则有，s2=vt联立可得：物块运动的水平位移为由于小球与物块Q碰后处于静止状态，所以小物块Q落地时距小球的水平距离即为物块运动的水平位移：答：（1）小物块Q离开平板车时速度为．（2）平板车P的长度为．（3）小物块Q落地时距小球的水平距离为+．【物理选修3-3】13．（5分）下列说法正确的是（）A．物体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变B．在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加C．不可能从单一热库吸收热量使之完全变成功。

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2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷

2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷

2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1．（6分）关于近代物理，下列说法错误的是（）A．氢核聚变反应方程H+H→He+X中，X表示中子B．α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C．分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，红光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D．处于基态的大量氢原子吸收光子跃迁到n=3激发态后，可能发射3种频率的光子2．（6分）甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．8s末，甲、乙两车相遇B．甲车在0～4s内的位移小于乙车在4～8s内的位移C．4s末，甲车的加速度小于乙车的平均速度D．在0～8s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度3．（6分）如图所示，半圆形线框竖直放置在粗糙的水平地面上，质量为m的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，框架与小球始终保持静止状态，在此过程中下列说法正确的是（）A．拉力F一直增大B．拉力F的最小值为mgsinθC．地面对框架的摩擦力先增大后减小D．框架对地面的压力始终在减小4．（6分）如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器．当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警．下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为20VB．R0处出现火警时，电流表A的示数减小C．R0处出现火警时，变压器的输入功率增大D．要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动5．（6分）如图所示，在竖直平面内有一固定的半圆槽，半圆直径AG水平，B、C、D、E、F点将半圆周六等分．现将5个小球1、2、3、4、5（均可视为质点）分别从A点开始向右做平抛运动，分别落到B、C、D、E、F点上，则下列说法正确的是（）A．各球到达圆周时球3的重力功率最大B．球5做平抛运动的时间最长C．球3做平抛运动全过程速度变化最大D．球5到达F点时，速度的反向延长线不可能过圆心6．（6分）2017年4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接，如图所示，已知“天舟一号”“天宫二号”对接后，组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，组合体轨道半径为r，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转．则（）A．可求出地球的平均密度B．可求出组合体受到地球的万有引力C．可求出组合体做圆周运动的线速度D．可求出第一宇宙速度7．（6分）如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷，t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动，此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v﹣t图象分别如图（b）中甲、乙两曲线所示，则由图线可知（）A．两电荷的电性可能相同也可能相反B．在0～t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小C．在0～t2时间内，两电荷的库仑力先增大后减小D．t1时刻两电荷的电势能最大8．（6分）如图所示，圆心区域内有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），O为圆心，P为边界上的一点，相同的带负电粒子a、b（不计重力）从P点先后射入磁场，粒子a正对圆心射入，速度方向改变60°后离开磁场，粒子b射入磁场时的速度方向与粒子a射入时的速度方向成60°，已知它们离开磁场的位置相同，下列说法正确的是（）A．磁场的方向垂直纸面向外B．两粒子在磁场中运动的时间之比为=C．两粒子在磁场中运动的速度之比为=D．两粒子在磁场中运动的轨迹长度之比为=三、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题9．图1是验证机械能守恒定律的实验，小球由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定在O点，在最低点附近放置一组光电门，光电门与小球摆到最低点时的球心在同一高度．将轻绳拉至水平后由静止释放，测出小球通过光电门的挡光时间△t，再用10分度游标卡尺测出小球的直径d，如图2所示，重力加速度为g，则（1）小球的直径d=cm；（2）利用该装置验证机械能守恒定律，测定小球的质量（填“需要”或“不需要”）（3）测出悬线长度为l，若等式成立，则说明小球下摆过程机械能守恒（等式用题中各物理量字母表达）．10．为测绘一个标有“4V 2.4W”小电风扇（线圈电阻恒定）的伏安特性曲线，电风扇两端的电压需要从零逐渐增加到4V，并便于操作，实验室备有下列器材：A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）B．电压表（量程为0～6V，内阻约4kΩ）C．电流表（量程为0～0.6A，内阻约0.2Ω）D．电流表（量程为0～3A，内阻约0.05Ω）E．滑动变阻器R1（最大阻值20Ω，额定电流1A）F．滑动变阻器R2（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）G．开关和导线若干（1）实验中所用的电流表应选（填“C”或“D”），滑动变阻器应选（填“E”或“F”）．（2）请用笔画线代替导线将实物图连接成符合这个实验要求的电路．（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数大于0.5V时电风扇才开始转动，小电风扇的伏安特性曲线如图所示，则电风扇的电阻为Ω．正常工作时的机械功率为W．11．如图，两条间距L=0.5m且足够长的平行光滑金属直导轨，与水平地面成α=30°角固定放置，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场方向垂直导轨所在的斜面向上，质量m ab=0.1kg、m cd=0.2kg的金属棒ab、cd垂直导轨放在导轨上，两金属棒的总电阻r=0.2Ω，导轨电阻不计．ab在沿导轨所在斜面向上的外力F作用下，沿该斜面以v=2m/s的恒定速度向上运动．某时刻释放cd，cd向下运动，经过一段时间其速度达到最大．已知重力加速度g=10m/s2，求在cd速度最大时，（1）abcd回路的电流强度I以及F的大小；（2）abcd回路磁通量的变化率以及cd的速率．12．如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）．现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上．今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失．已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P 之间的动摩擦因数为μ，M：m=4：1，重力加速度为g．求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大？（2）平板车P的长度为多少？（3）小物块Q落地时距小球的水平距离为多少？【物理选修3-3】13．（5分）下列说法正确的是（）A．物体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变B．在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加C．不可能从单一热库吸收热量使之完全变成功D．物体内能的增加等于外界对物体所做的功与从外界吸收的热量之和E．满足能量守恒定律的物理过程一定能自发进行14．（10分）如图所示，粗细相同的导热玻璃管A、B由橡皮软管连接，一定质量的空气被水银柱封闭在A管内，气柱长L1=40cm．B管上方与大气相通，大气压强P0=76cmHg，环境温度T0=300K．初始时两管水银面相平，若A管不动，将B管竖直向上缓慢移动一定高度后固定，A管内水银面上升了h1=2cm．（i）求：B管上移的高度为多少？（ii）要使两管内水银面再次相平，环境温度需降低还是升高？变为多少？（大气压强不变）2017年山东省济南市山师大附中高考物理打靶试卷参考答案与试题解析二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1．（6分）关于近代物理，下列说法错误的是（）A．氢核聚变反应方程H+H→He+X中，X表示中子B．α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C．分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，红光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D．处于基态的大量氢原子吸收光子跃迁到n=3激发态后，可能发射3种频率的光子【解答】解：A、氢核聚变反应方程H+H→He+X中，根据质量数和电荷数守恒，可知X表示中子，故A正确；B、卢瑟福根据α粒子散射实验现象的结果提出了原子的核式结构模型，揭示了原子的核式结构，故B正确；C、分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，红光照射时，由于红光的频率比紫光更小，根据光电效应方程可知逸出的光电子的最大初动能较小，故C错误；D、处于基态的大量氢原子吸收光子跃迁到n=3激发态后，可能发射=3种频率的光子，故D正确；本题选错误的，故选：C．2．（6分）甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．8s末，甲、乙两车相遇B．甲车在0～4s内的位移小于乙车在4～8s内的位移C．4s末，甲车的加速度小于乙车的平均速度D．在0～8s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度【解答】解：A、根据速度﹣时间图象与时间轴所围的“面积”大小表示位移，可知，0﹣8s内，甲、乙两车的位移相等，但初始时刻两车的位置关系不清楚，所以8s末，甲、乙两车不一定相遇，故A错误．B、根据“面积”大小表示位移，可知，甲车在0～4s内的位移小于乙车在4～8s 内的位移，故B正确．C、v﹣t图象的斜率表示加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，则知4s末，甲车的加速度大于乙车的平均速度，故C错误．D、0﹣8s内，甲、乙两车的位移相等，所用时间相等，所以甲车的平均速度等于乙车的平均速度．故D错误．故选：B3．（6分）如图所示，半圆形线框竖直放置在粗糙的水平地面上，质量为m的光滑小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，框架与小球始终保持静止状态，在此过程中下列说法正确的是（）A．拉力F一直增大B．拉力F的最小值为mgsinθC．地面对框架的摩擦力先增大后减小D．框架对地面的压力始终在减小【解答】解：AB、对球受力分析，如图所示：从图看出，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，拉力先减小后增加，当拉力与支持力垂直时最小，为mgcosθ，故A错误，B错误；CD、再分析球和框整体，受重力、拉力、支持力和摩擦力，如果将上图中的拉力F沿着水平和竖直方向正交分解，再将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°过程中，其水平分力减小、而竖直分力增加，根据平衡条件可知，支持力减小、摩擦力也减小，根据牛顿第三定律，对地面的压力减小，故C错误，D正确；故选：D4．（6分）如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器．当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警．下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为20VB．R0处出现火警时，电流表A的示数减小C．R0处出现火警时，变压器的输入功率增大D．要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动【解答】解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．=•T代入数据得图乙中电压的有效值为100V；变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是10：l，所以电压表的示数为10v，故A错误；B、R0处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故B错误；C、由B知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大．故C正确．D、要使报警器的临界温度升高，则R0的临界电阻值更小，则电路中的电阻值更大，而火警时流过报警器的电流不变，所以流过R1的电流值也需要更大一些，所以可将R1的滑片P适当向上移动，减小R1接入电路中的电阻值，故D错误．故选：C5．（6分）如图所示，在竖直平面内有一固定的半圆槽，半圆直径AG水平，B、C、D、E、F点将半圆周六等分．现将5个小球1、2、3、4、5（均可视为质点）分别从A点开始向右做平抛运动，分别落到B、C、D、E、F点上，则下列说法正确的是（）A．各球到达圆周时球3的重力功率最大B．球5做平抛运动的时间最长C．球3做平抛运动全过程速度变化最大D．球5到达F点时，速度的反向延长线不可能过圆心【解答】解：A、根据知，到达D点的竖直分速度最大，根据P=mgv y 知，到达D点的竖直分速度最大，但是小球的质量大小未知，无法确定到达哪一点的重力功率最大，故A错误．B、小球到达D点下降的高度最大，结合t=知，球3运动的时间最长，故B 错误．C、球3运动的时间最长，根据△v=g△t知，球3平抛运动过程中速度变化量最大，故C正确．D、假设球5到F点时，速度反向延长线经过圆心，可知OF与水平方向的夹角是AF与水平方向夹角的2倍，根据平抛运动的推论知，平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度与水平方向夹角不是位移与水平方向夹角的2倍，相互矛盾，可知球5到达F点时，速度的反向延长线不可能过圆心，故D正确．故选：CD．6．（6分）2017年4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接，如图所示，已知“天舟一号”“天宫二号”对接后，组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，组合体轨道半径为r，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转．则（）A．可求出地球的平均密度B．可求出组合体受到地球的万有引力C．可求出组合体做圆周运动的线速度D．可求出第一宇宙速度【解答】解：A、组合体在时间t内沿圆周轨道绕地球转过的角度为θ，故角速度ω=，对于组合体，万有引力提供向心力，故：，可以求解出：M=，根据g=可以求解出地球的半径，故最后可以根据求解地球的密度，故A正确；B、由于不知道组合体的质量，故无法求解其受到的万有引力，故B错误；C、根据v=rω可以求解组合体的线速度大小，故C正确；D、根据选项A的分析可以地球的半径R可以求解，故根据v=可以求解第一宇宙速度，故D正确；故选：ACD7．（6分）如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷，t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动，此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v﹣t图象分别如图（b）中甲、乙两曲线所示，则由图线可知（）A．两电荷的电性可能相同也可能相反B．在0～t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小C．在0～t2时间内，两电荷的库仑力先增大后减小D．t1时刻两电荷的电势能最大【解答】解：A、由图象0﹣t1段看出，甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同．故A错误．B、由图象看出，0～t3时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大．乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大．故B错误．C、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互库仑力先增大后减小．故C正确．D、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大．故D正确．故选：CD8．（6分）如图所示，圆心区域内有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），O为圆心，P为边界上的一点，相同的带负电粒子a、b（不计重力）从P点先后射入磁场，粒子a正对圆心射入，速度方向改变60°后离开磁场，粒子b射入磁场时的速度方向与粒子a射入时的速度方向成60°，已知它们离开磁场的位置相同，下列说法正确的是（）A．磁场的方向垂直纸面向外B．两粒子在磁场中运动的时间之比为=C．两粒子在磁场中运动的速度之比为=D．两粒子在磁场中运动的轨迹长度之比为=【解答】解：根据题意，两个粒子出射位置相同，且a粒子速度方向改变60°后离开磁场，粒子不可能向上偏转，所以粒子向下偏转，作出它们的运动轨迹，如下图所示，根据左手定则可知，磁感应强度方向垂直纸面向里，故A错误；B、由平面几何知识可得出，v a方向的粒子运动了六分之一个圆周，而v b方向的粒子运动了二分之一个圆周，又它们的周期相等，所以运动的时间之比为1：3，故B正确；C、如上图所示，PM为v b方向运动的粒子半径，由于∠POQ=120°，所以v a方向运动的圆周其半径为PO，根据平面几何知识容易得出图象中，PO和PM的长度之比2：，即PM=PO．根据洛伦兹力提供向心力的圆周运动的半径公式R=．由于粒子是完全相同的，所以根据以上可得出它们的速度之比即为半径之比，半径之比为2：1，速度之比也为2：1，故C正确；D、a粒子运动的弧长为：×2πR a，b粒子运动的弧长为：，又它们的半径之比为2：1所以运动的弧长之比为：2：3，故D错误．故选：BC．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题9．图1是验证机械能守恒定律的实验，小球由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定在O点，在最低点附近放置一组光电门，光电门与小球摆到最低点时的球心在同一高度．将轻绳拉至水平后由静止释放，测出小球通过光电门的挡光时间△t，再用10分度游标卡尺测出小球的直径d，如图2所示，重力加速度为g，则（1）小球的直径d= 1.04cm；（2）利用该装置验证机械能守恒定律，不需要测定小球的质量（填“需要”或“不需要”）（3）测出悬线长度为l，若等式成立，则说明小球下摆过程机械能守恒（等式用题中各物理量字母表达）．【解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.1×4mm=0.4mm，则小球的直径d=10.4mm=1.04cm．（2）验证小球重力势能的减小量和动能的增加量是否相等，质量可以约去，不需要测量小球的质量．（3）小球通过光电门的瞬时速度v=，则动能的增加量，重力势能的减小量，若，即，小球下摆过程中机械能守恒．故答案为：（1）1.04，（2）不需要，（3）．10．为测绘一个标有“4V 2.4W”小电风扇（线圈电阻恒定）的伏安特性曲线，电风扇两端的电压需要从零逐渐增加到4V，并便于操作，实验室备有下列器材：A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）B．电压表（量程为0～6V，内阻约4kΩ）C．电流表（量程为0～0.6A，内阻约0.2Ω）D．电流表（量程为0～3A，内阻约0.05Ω）E．滑动变阻器R1（最大阻值20Ω，额定电流1A）F．滑动变阻器R2（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）G．开关和导线若干（1）实验中所用的电流表应选C（填“C”或“D”），滑动变阻器应选E（填“E”或“F”）．（2）请用笔画线代替导线将实物图连接成符合这个实验要求的电路．（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数大于0.5V时电风扇才开始转动，小电风扇的伏安特性曲线如图所示，则电风扇的电阻为 2.5Ω．正常工作时的机械功率为 1.5W．【解答】解：①电风扇的额定电流I==0.6A，从读数误差的角度考虑，电流表选择C．电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10Ω的误差较小，即选择E．②因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约R=≈6.67Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法．电路图如图所示．则可知对应的实物图如图所示；③电压表读数小于0.5V时电风扇没启动．根据欧姆定律得，R===2.5Ω．正常工作时电压为4V，根据图象知电流为0.6A，则电风扇发热功率P=I2R=0.36×2.5W=0.9W，则机械功率P′=UI﹣I2R=2.4﹣0.9=1.5W．故答案为：（1）C、E （2）如图所示（3）2.5，1.5．11．如图，两条间距L=0.5m且足够长的平行光滑金属直导轨，与水平地面成α=30°角固定放置，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场方向垂直导轨所在的斜面向上，质量m ab=0.1kg、m cd=0.2kg的金属棒ab、cd垂直导轨放在导轨上，两金属棒的总电阻r=0.2Ω，导轨电阻不计．ab在沿导轨所在斜面向上的外力F作用下，沿该斜面以v=2m/s的恒定速度向上运动．某时刻释放cd，cd向下运动，经过一段时间其速度达到最大．已知重力加速度g=10m/s2，求在cd速度最大时，（1）abcd回路的电流强度I以及F的大小；（2）abcd回路磁通量的变化率以及cd的速率．【解答】解：（1）以cd为研究对象，当cd速度达到最大值时，有：①代入数据，得：I=5A由于两棒均沿斜面方向做匀速运动，可将两棒看作整体，作用在ab上的外力：F=（m ab+m cd）gsinα②（或对ab：F=m ab gsinα+BIL）代入数据，得：F=1.5N（2）设cd达到最大速度时abcd回路产生的感应电动势为E，根据法拉第电磁感应定律，有：③由闭合电路欧姆定律，有：④联立③④并代入数据，得：=1.0Wb/s设cd的最大速度为v m，cd达到最大速度后的一小段时间△t内，abcd回路磁通量的变化量：△Φ=B•△S=BL（v m+v）•△t⑤回路磁通量的变化率：⑥联立⑤⑥并代入数据，得：v m=3m/s答：（1）abcd回路的电流强度I大小为5A，F的大小为1.5N；（2）abcd回路磁通量的变化率为1.0Wb/s，cd的速率为3m/s12．如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）．现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上．今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失．已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P 之间的动摩擦因数为μ，M：m=4：1，重力加速度为g．求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大？（2）平板车P的长度为多少？（3）小物块Q落地时距小球的水平距离为多少？【解答】解：（1）设小球即将与物块Q碰撞前的速度为v0，小球由初始位置摆动到最低点的过程中，由机械能守恒定律可得：mgR（1﹣cos60°）=解得：设碰撞后小球速度为v1，物块Q速度为v2，由于小球与物块Q是弹性碰撞，所以碰撞过程满足机械能守恒和动量守恒，取向右为正方向，则得：mv0=mv1+mv2两式联立可得：v 1=0，即：速度交换，小球速度变为零，Q获得速度v0．设Q离开平板车时的速度大小为v，则平板车速度为，物块Q在小车上滑行的过程中，由动量守恒定律可得：又M：m=4：1可得：（2）设平板车的长度为L，由题意可得物块Q在小车上滑行时，一部分动能转化为系统的内能，所以有：可得：（3）由题意可得，以地面为参考系，物块Q在小车上做匀减速直线运动，设其加速度为a，运动的位移为s1，离开平板车后做平抛运动，运动时间为t，水平位移为s2．由牛顿运动定律可得：由运动学公式得Q离开平板车后做平抛运动，则有，s2=vt联立可得：物块运动的水平位移为由于小球与物块Q碰后处于静止状态，所以小物块Q落地时距小球的水平距离即为物块运动的水平位移：答：（1）小物块Q离开平板车时速度为．（2）平板车P的长度为．（3）小物块Q落地时距小球的水平距离为+．【物理选修3-3】13．（5分）下列说法正确的是（）A．物体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变B．在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加C．不可能从单一热库吸收热量使之完全变成功。

2017届济南市部分学校高三上学期调研考试物理试题及答案

2017届济南市部分学校高三上学期调研考试物理试题及答案

济南市部分学校2017届高三上学期调研考试物 理说明：满分100分，时间90分钟。

分为第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第I 卷为第1页至第3页，选项按要求涂在答题卡，第Ⅱ卷为第4页至第6页，按要求写在答题卡指定位置。

一、选择题：本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．牛顿这位科学巨人对物理学的发展做出了突出贡献。

下列有关牛顿的表述中正确的是 A.牛顿用扭秤装置测定了万有引力常量B ．牛顿通过斜面实验得出白由落体运动位移与时间的平方成正比C ．牛顿认为站在足够高的山顶上无论以多大的水平速度抛出物体，物体都会落回地面D ．牛顿的“月——地检验”表明地面物体所受地球的引力、月球所受地球的引力，与行星所受太阳的引力服从相同规律2．荡秋千是广大群众喜爱的一项体育活动。

如图，当某人在秋千上荡到最 高点时，a 表示竖直向下，b 表示沿切线，c 表示水平，d 表示沿悬绳，则此 人的加速度方向是图中的 A ．a B ．b C ．c D ．d3．质点做直线运动的位移x 和时间平方2t 的关系图象如图所示，则该质点A.加速度大小为12/m sB ．任意相邻1s 内的位移差都为2mC ．第2s 内的位移是2mD ．物体第3s 内的平均速度大小为3m/s4．在德国首都柏林举行的2009年世界田径锦标赛女子跳高决赛中，克罗地亚运动员弗拉希奇获得冠军。

弗拉希奇起跳后在空中运动过程中，如果忽略空气阻力的影响，则下列说法正确的是 A. 弗拉希奇在空中下降过程处于超重状态B ．弗拉希奇起跳以后在上升过程中处于超重状态C ．弗拉希奇在空中上升阶段的任意相等时间内速度的改变量都相等D ．若空气阻力不可忽略，弗拉希奇上升阶段所用时间大于下降阶段所用时间 5．拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具，如图。

山东省山东师范大学附属中学2017-2018学年高三上学期第一次模拟考试物理试题 Word版含答案

山东省山东师范大学附属中学2017-2018学年高三上学期第一次模拟考试物理试题 Word版含答案

山东师大附中2017-2018学年高三第一次模拟考试物理试题满分：100分，考试时间：90分钟第I卷一、选择题(本题包括20个小题，共60分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有错选的得0分。

) 1．17世纪，意大利物理学家伽利略根据“伽利略斜面实验”指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故，你认为下列陈述正确的是A．该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬的B.该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律C.该实验证实了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的结论D.该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据2．小球做自由落体运动。

与地面发生碰撞，反弹后速度大小与落地速度大小相等。

若从释放小球时开始计时，且不计小球与地面发生碰撞的时间，则小球运动的速度图线可能是图中的3．如图所示，三根长度均为L的轻绳分别连接于C、D两点，A、B两端被悬挂在水平天花板上，相距2 L.现在C点上悬挂一个质量为m的重物，为使CD绳保持水平，在D点上可施加力的最小值为A．mg BC． 0.5mg D． 0.25 mg4．磕头虫是一种不用足跳但又善于跳高的小甲虫．当它腹朝天、背朝地躺在地面时，将头用力向后仰，拱起体背，在身下形成一个三角形空区，然后猛然收缩体内背纵肌，使重心迅速向下加速，背部猛烈撞击地面，地面反作用力便将其弹向空中，弹射录像显示，磕头虫拱背后重心向下加速(视为匀加速)的距离大约为0.8mm，弹射最大高度为24 cm．而人原地起跳方式是，先屈腿下蹲，然后突然蹬地向上加速，假想加速度与磕头虫加速过程的加速度大小相等，如果加速过程(视为匀加速)重心上升高度为0.5m，那么人离地后重心上升的最大高度可达(空气阻力不计，设磕头虫撞击地面和弹起的速率相等)A．150m B．75 m C．15 m D．7.5 m5.如图所示，小球从A点以初速度v o沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A，C为AB 的中点．下列说法中正确的是A．小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，外力做功为零B．小球从A到C与从C到B的过程，减少的动能相等C．小球从A到C与从C到B的过程，速度的变化率相等D．小球从A到C与从C到B的过程，损失的机械能相等6．以v0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误的是A0 B．运动时间是02vgC．竖直分速度大小等于水平分速度大小 D.运动的位移是20 g7．“快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上，如果已知选手的质量为m，选手抓住绳由静止开始摆动，此时绳与竖直方向夹角为α，绳的悬挂点O距平台的竖直高度为H，绳长为L，不考虑空气阻力和绳的质量，下列说法正确的是A．选手摆到最低点时处于失重状态B．选手摆到最低点时所受绳子的拉力为(3-2cos α)mgC．选手摆到最低点时所受绳子的拉力大小大于选手对绳子的拉力大小D．选手摆到最低点的运动过程中，其运动可分解为水平方向的匀加速运动和竖直方向上的匀加速运动8．下列各图是反映汽车(额定功率P额)从静止开始匀加速启动，最后做匀速运动的过程中，其速度随时间以及加速度、牵引力和功率随速度变化的图像，其中正确的是9．如图所示，质量为M，长度为L的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块，放在小车的最左端，现用一水平力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f ，经过一段时间小车运动的位移为x，小物块刚好滑到小车的右端，则下列说法中正确的是A．此时物块的动能为F（x+L）B．此时小车的动能为fxC．这一过程中，物块和小车增加的机械能为Fx-fLD．这一过程中，因摩擦而产生的热量为fL10．如图所示，物体沿曲线轨迹的箭头方向运动，在AB、ABC、ABCD、ABCDE四段轨迹上运动所用的时间分别是：1 s、2 s、3 s、4 s．下列说法正确的是A．物体在AB段的平均速度大小为1 m／sB．物体在ABC段的平均速度大小为2C．AB段的平均速度比ABC段的平均速度更能反映物体处于A点时的瞬时速度D．物体在B点的速度等于AC段的平均速度11．酒后驾驶会导致许多安全隐患，这是因为驾驶员的反应时间变长，反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间。

师范大学附属中学2017届高三打靶考试数学(理)试题含答案

师范大学附属中学2017届高三打靶考试数学(理)试题含答案

山东师大附中2014级高三打吧考试数学（理科）试卷第Ⅰ卷一、选择题（本大题共10个小题，每小题5分,共50分，在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的）1、复数2(1)(1i z i i+=-是虚数单位）,则其共轭复数为所在的象限为 A ．第一象限 B ．第二象限 C ．第三象限 D ．第四象限2、已知集合{|21},{|42}x M x x N x y =-<==-，则MN =A ．(1,2)B ．(1,2]C ．(2,3)D ．[2,3)3、已知一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为 A ．2π B ．32π C ．43π D ．76π4、已知()f x 是定义在R 上的奇函数，当0x ≤时，()32(x f x m m =⋅-为常数），则()f m = A ．218B ．218- C ．21 D ．21-5、已知点(3,1),(,)M N x y 的坐标满足43021201x y x y x -+≤⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩，则(OM ON O ⋅为坐标原点）的最大值为A ．19B ．17C ．12D ．46、《数学九章》中对已知三嘉兴三边长求三角形的面积的求法填补了我国传统数学的一个空白，与著名的海伦公式完全定价，由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平，其求法是：“以小斜幂并大斜幂减中斜幂，余半之,自乘于上,以小斜幂乘大斜幂减上，余四约之，为实，一为从隅,开平方得积”，若把以上这段文字写成公式，即2222221[()]42c a b S c a +-=-，现有周长410+的ABC ∆满足sin :sin :sin (21):5:(21)A B C =-+，试用以上给出的公式求得ABC ∆的面积为 A ．34B ．54 C ．32D ．527、把函数sin()6y x π=+图象上个点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变），再将图象向右平移3π 个单位，那么所得图象的一条对称轴方程为A ．2x π=- B ．4x π=- C ．8x π= D ．4x π=8、如图所示，在梯形ABCD中，,2,22B AB BC π∠===，点E 为AB则的中点，若向量CD 在向量BC 上的投影为12-，CE BD ⋅=A ．2-B ．12- C ．0 D ．29、设12,F F 分别是双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的左右焦点，若在双曲线右支上存在点P ，满足112PFF F =，且2F 到直线1PF 的距离等于双曲线的实轴长，则该双曲线的渐近线方程为A ．430x y ±=B ．350x y ±=C ．540x y ±=D ．340x y ±= 10、已知函数()24(3)3,0(0log (1)1,0a x a x a x f x a x x ⎧+-+<=>⎨++≥⎩且1)a ≠在R 上单调递减,且关于x 的方程()2f x x =-恰好有两个不相等的实数解,则的取值范围是A ．2(0,]3B ．23[,]34C ．123[,]{}334D ．123[,){}334第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分，.。