2020届一轮复习人教A版浙江复习提分专练——措施类综合题

第37题专练(二)1．中国承诺，确保到2020年农村贫困人口全部脱贫，中国人民共同迈入全面小康社会，面对扶贫工作的复杂形势，党中央不断加大扶贫开发动员，积极创新扶贫方式，实施精准扶贫方略，努力找贫根，对症下药，对有劳动能力的扶持生产和发展就业；对新增劳动力进行职业教育培训：对丧失劳动能力的实施兜底性保障政策；从而打开了扶贫开发工作的新局面。

结合材料，运用经济生活中的有关知识，回答下列问题：(1)简析解决劳动就业对扶贫工作的意义。

(2)我国扶贫工作如何做到以人民为中心？2．L村曾是远近闻名的落后村。

2011年，该村以“美丽乡村”建设为支点，加强村基础设施改造，一扫脏乱差的景象；2014年，推行农村土地经营权流转，因地制宜打造蔬菜、果园等18个各具特色的家庭农场；2017年，引进专业旅游公司负责经营，形成“公司＋村＋农场”的经营模式，推进乡村旅游，村民收入不断提升，有流转土地的租金收入，有入股旅游公司的分红收入……至此，L村走上了“乡村振兴”之路，成为了集生产、生活和生态功能于一体的美丽乡村示范区，不断满足村民对美好生活的追求。

结合材料，运用经济生活中的相关知识，回答下列问题：(1)指出土地流转给村民带来的收入属于哪一种分配方式。

(2)运用大力发展生产力的知识，分析L村是如何走上“乡村振兴”之路的。

3．近年来，我国高校毕业生人数逐年递增，就业形势严峻，已成为社会关注的焦点。

据相关数据分析：按照高校招生规模不变预测，到2020年，劳动年龄人口中大专及以上学历比重将升至21.6%，到2030年将超过30%，高校毕业生占青年劳动力的比例将进一步加大。

有关统计显示，每年约有25%的应届毕业生在毕业之前不能找到合适岗位。

部分长期失业的高校毕业生，其就业更趋困难。

(1)结合所学经济生活知识，从对整个社会生产和发展方面，分析实现高校毕业生就业的重要意义。

(2)结合材料，从劳动者角度，为破解高校毕业生就业难问题提出合理化建议。

45分钟单元能力训练卷（一）1．BC [解析] 根据v －t 图象可知，物体在第1 s 末开始减速但运动方向不变，选项A 错误；由于第2 s 内和第3 s 内v －t 图象的斜率相同，所以加速度相同，选项B 正确；由图象与坐标轴所围面积表示位移可知，4 s 末物体刚好返回出发点，选项C 正确；物体在第2 s 末或第6 s 末距离出发点最远，选项D 错误．2．C [解析] 根据题意画出两物体运动的v －t 图线①②，易知只有选项C 正确．3．B [解析] 根据图线的斜率可知，加速度不断减小，假设从t 1到t 2的过程中做匀减速运动，则平均速度为v 1＋v 22， 而该物体在这段时间内的速度始终小于做匀减速运动时的速度，因而平均速度也将小于v 1＋v 22，只有选项B 正确．4．B [解析] 由题意可知：v 乙>v 甲>v 丙，三辆车的位移相等，根据公式t ＝x v可知乙车运动时间最短，即乙车最先通过第二块路标．本题也可作出三辆车的v －t 关系图象，如图所示，可以看出乙车最先通过第二块路标．选项B 正确．5．D [解析] 若小球在斜面上做初速度为零的匀加速直线运动，则其位移满足x ＝12at 2，所以x t 2＝12a ，选项D 正确． 6．C [解析] 物体在0～1 s 内做匀加速直线运动，在1～2 s 内做匀减速直线运动，到2 s 时速度刚好减为0，一个周期结束，以此循环运动，选项C 正确．7．B [解析] 由速度图线的物理意义可知，速度图线与坐标轴包围的“面积”代数和表示位移，根据对称性，1～7 s内“面积”代数和为零，即0～1 s内的位移和0～7 s内的位移相等，选项B正确．8．AD [解析] 整个过程中赛车手的平均速度为v＝xt＝95/60km/h＝108 km/h，选项A正确、B错误；而平均速率v＝st＝155/60km/h＝180 km/h，选项C错误；车内速度计指示的速度为汽车通过某位置的瞬时速度，选项D正确．9．②④[解析] 在打下计数点“0”至“5”的过程中，两纸带所用时间相同，但甲纸带的位移小于乙纸带的位移，故v甲<v乙，①错误，②正确；相邻计数点间所用时间相等，但乙的速度变化得更快，故a甲<a乙，③错误，④正确．10．0.86 a＝x4＋x5＋x6－x1＋x2＋x39T20.64[解析] A为x3～x4过程中的时间中点，根据做匀变速直线运动的物体中间时刻的速度为该过程的平均速度可得vA ＝x3＋x42T≈0.86 m/s；由于x4－x1＝3a1T2，x5－x2＝3a2T2，x6－x3＝3a3T2，所以a＝a1＋a2＋a33＝x4＋x5＋x6－x1＋x2＋x39T2，代入数据得a＝0.64 m/s2.11．2304 m[解析] 关闭道口时间为16 s，为安全保障再加20 s，即关闭道口的实际时间为t 0＝t2＋t1＝20 s＋16 s＝36 s汽车必须在关闭道口前已通过道口，汽车从停车线到通过道口实际行程为x总＝x＋x＋l＝26 m＋5 m＋15 m＝46 m需用时t 3＝x总v2＝46×36005000s＝33.12 s由此亮起红灯的时间为T＝t0＋t3＝36 s＋33.12 s＝69.12 s故A点离道口的距离应为L＝v1T＝1200003600×69.12 m＝2304 m.12．(1)4.5 m/s2(2)能[解析] (1)公交车刹车的加速度a 2＝0－v222x＝0－1522×25＝－4.5 m/s2所以其加速度大小为4.5 m/s2. (2)汽车从小明身旁到开始刹车用时t 1＝x－xv2＝50－2515s＝53s汽车刹车过程中用时t 2＝0－v2a2＝103s小明以最大加速度达到最大速度用时t 3＝vm－v1a1＝6－12.5s＝2 s小明加速过程中的位移x 2＝12(v1＋vm)t3＝7 m以最大速度跑到车站的时间t 4＝x－x2v3s＝436s＝7.2 s由t1＋t2<t3＋t4<t1＋t2＋10 s，故小明可以在汽车还停在车站时上车．45分钟单元能力训练卷（二）1．A [解析] 取滑块为研究对象，受力分析如图所示，由平衡条件得FNsinθ＝mg，即FN ＝mgsinθ，选项C、D错误；由Ftanθ＝mg，得F＝mgtanθ，选项A正确、B错误．2．D [解析] 未加压力F之前，物体处于静止状态，由平衡条件可得：f＝Gsinθ，当加上压力F后，物体仍处于静止状态，因此f仍为Gsinθ，故D正确．3．C [解析] 小球A受到竖直向下的重力、水平向左的弹簧弹力和细线的拉力，由平衡条件可得 kx＝mgtan θ2，即x＝mgtanθ2k，选项C正确．4．B [解析] 以小车M和物体m整体为研究对象，它们必受到重力和地面支持力．因小车和物体整体处于静止状态，由平衡条件知，墙面对小车必无作用力．以小车为研究对象，如图所示，它受四个力：重力Mg、地面的支持力FN1、m对它的压力FN2和静摩擦力f.由于m静止，可知f和FN2的合力必竖直向下，故选项B正确．5．AD [解析] 物体受力分析如图所示，由于物体静止，由平衡条件知，沿天花板方向：f＝mgsinθ，所以选项A正确、BC错误；垂直天花板方向：qE＝mgcosθ＋FN ，当E增大时，FN增大，物体仍静止不动，选项D正确．6．B [解析] 设2、3两木块之间弹簧伸长量为x1，分析木块3的受力，由平衡条件可知，mgsinα＋μmgcosα＝kx1，故2、3两木块之间的距离为L＋x1＝L＋sinα＋μcosαmgk ，选项A错误，B正确；设木块1、2之间弹簧的伸长量为x2，以2、3两木块为一整体，可得：kx2＝2mgsinα＋2μmgcosα，故1、2两木块之间的距离为L＋x2＝L＋2sinα＋μcosαmgk，选项C错误；如果传送带突然加速，并不影响木块所受的摩擦力的大小和方向，因此相邻两木块之间的距离将不变，选项D错误．7．D [解析] 依题意，若开始时静摩擦力的方向沿着斜面向上，则有F＋f＝mgsinθ，当力F减小过程中，f增大，直到力F减小到零时f恒定，则D可选；若开始时静摩擦力的方向沿着斜面向下，则有F＝f＋mgsinθ，当力F减小过程中，f 先减小到零，然后反向增大到mgsinθ恒定，无对应选项．8．B [解析] 对第一块石块进行受力分析如图所示，由几何关系可知θ＝60°，所以有FN12∶FN13＝sin60°＝32，选项B正确．9．70.0 2.10[解析] 对钩码进行受力分析，根据平衡条件得mg＝kx,则k＝mgx＝50×10－3×9.87.0×10－3N/m＝70.0 N/m挂三个钩码时，可列方程(m＋m＋m)g＝kx′则x′＝3mgk＝3×50×10－3×9.870.0m＝0.0210 m＝2.10 cm10．(1)BCD (2)更换不同的小重物[解析] 本实验中，结点 O 受三个拉力处于静止状态，三力平衡，任意两个力的合力与第三个力等大反向．以两橡皮筋的伸长量(代表两个拉力的大小)为长度，沿 OA、OB 方向为邻边，作平行四边形，只要该平行四边形的对角线与悬挂重物的橡皮筋在一条直线上，与表示其拉力的线段相等，即验证了平行四边形定则，故实验要测量橡皮筋的原长、悬挂重物后橡皮筋的长度，才能算出橡皮筋受力后的伸长量．为了确定拉力的方向，每次必须记录结点 O 的位置．由于钉子位置固定，可改变的条件只能是所悬挂的重物的质量，即可采用的方法是更换不同的小重物．甲乙11．(1)1033N (2)533N 水平向左[解析] (1)以小球为研究对象，受力分析如图甲所示．在水平方向：Tsin30°＝FNsin30°在竖直方向：FNcos30°＋Tcos30°＝ mg解得T＝12mgcos30°＝12×1×1032N＝10 33N(2)以小球和斜面整体为研究对象，受力分析如图乙所示，因为系统静止，所以f＝Tsin30°＝1033×12N＝533N，方向水平向左．12．(1)30 N、方向沿斜面向上(2)12 cm[解析] (1)物体静止在斜面上受力分析如图甲所示，则物体受到的静摩擦力f ＝mgsin37°代入数据得f＝5×10×sin37° N＝30 N，摩擦力方向为沿斜面向上．甲(2)当物体沿斜面向上被匀速拉动时，如图所示，设弹簧拉力为F，伸长量为x，据胡克定律及平衡条件有F＝kxF＝mgsin37°＋F滑F滑＝μmgcos37°弹簧最终长度l＝l＋x，联立解得l＝12 cm乙13．160 N 如图所示[解析] A、B的受力分析如图所示．对A应用平衡条件Tsin37°＝f1＝μFN1Tcos37°＋FN1＝mAg联立解得：F N1＝3mAg4μ＋3＝60 Nf 1＝μFN1＝30 N对B应用平衡条件F＝f′1＋f2＝f′1＋μFN2＝f1＋μ(FN1＋mBg)＝2f1＋μmBg＝160 N.45分钟单元能力训练卷（三）1．BD [解析] 牛顿第一定律表明，物体在不受外力作用时，具有保持原有运动状态不变的性质，即惯性，故牛顿第一定律又叫惯性定律，选项A 错误．牛顿运动定律都是在宏观、低速的情况下得出的结论，在微观、高速的情况下不成立，选项B 正确．牛顿第一定律说明了两点含义，一是所有物体都有惯性，二是物体不受力时的运动状态是静止或匀速直线运动，牛顿第二定律并不能完全包含这两点意义，选项C 错误．伽利略的理想实验是牛顿第一定律的基础，选项D 正确．2．BD [解析] 作用力和反作用力作用在两个不同的物体上，选项A 错误；太阳系中的所有行星都要受到太阳的引力，且引力方向沿着两个星球的连线指向太阳，选项B 正确，选项C 错误；伽利略理想实验说明力不是维持物体运动的原因，选项D 正确．3．C [解析] 根据题意，瓦在竖直面内受力分析如图甲所示．结合弧形瓦的特点对其截面进行受力分析如图乙所示，F N1＝F N2，且F N1与F N2的合力为F N ，而F N ＝mgcosα.若两杆间的距离不变，F N1与F N2均与瓦的质量成正比，则摩擦力f ＝2μF N1与质量成正比．为了防止瓦被损坏，应使瓦块下滑的加速度减小，而a ＝mgsinα－2μF N1m ，与质量无关，故选项A 、B 错误．增大两杆间的距离，F N 不变，F N1与F N2将增大，则摩擦力增大，加速度减小，符合题意，选项C 正确．减小两杆间的距离会使加速度增大，选项D 错误．甲 乙4．B [解析] 由牛顿第二定律有F －μmg＝ma ，解得a ＝1m ·F－μg，由此可知：a －F 图象的斜率表示物体质量的倒数，所以m A <m B ，再由纵轴截距截距可得μA >μB ，所以选项B 正确．5．D [解析] 以整体为研究对象，求得拉力F ＝(m 1＋m 2)a.突然撤去F ，以A 为研究对象，由于弹簧在短时间内弹力不会发生突变，所以A 物体受力不变，其加速度a 1＝a.以B 为研究对象，在没有撤去F 时有：F －F′＝m 2a ，而F ＝(m 1＋m 2)a ，所以F′＝m1a；撤去F则有：－F′＝m2a2，所以a2＝－m1m2a.选项D正确．6．D [解析] 设钢索对载人箱和人整体拉力大小为T，对载人箱和人整体应用牛顿第二定律有(M＋m)g－T＝(M＋m)a，对平衡重物由牛顿第二定律有T－Mg＝Ma，联立解得a＝mg2M＋m，再由运动学规律v＝at，得t＝2M＋m vmg，选项D正确．7．B [解析] 对整体：F－μ·2mg＝3ma，对物体B：F′＝ma，联立得F′＝F－2μmg3，选项B正确．8．BD [解析] 由图可知：从t1时刻到t2时刻，弹力小于钩码重力，钩码处于失重状态，A项正确；从t3时刻到t4时刻，弹力大于钩码重力，钩码处于超重状态，B项错误；根据题目的情景，电梯可能是先加速向下运动，加速度向下，失重，再匀速向下运动，加速度为零，最后减速向下运动，加速度向上，超重，所以选项C 正确，选项D错误．9．②④[解析] 由牛顿第二定律得：F＝ma，a＝1m·F，直线的斜率等于质量的倒数，三条直线的斜率不同，说明三条直线所对应的小车和砝码的总质量不同，由图可知，直线1的斜率最大，所对应的总质量最小；直线3的斜率最小，所对应的总质量最大．10．(1)合外力质量质量所受合外力(2)①改变小车所受的合外力②记录更准确(或：更容易记录，记录误差会更小，时间更容易记录，方便记录，方便计时，位置很难记录等类似答案均正确)(3)①表一线段OA ………OE OF数据(cm) …………7.00 9.40 或表二线段OA ………DE EF数据(cm) ………… 2.25 2.40②0.23311．(1)g (2)3g[解析] (1)绳BC刚好被拉直时，小球受力如图甲所示．因为AB＝BC＝b，AC＝2b，故绳BC与AB垂直，θ＝45°.由牛顿第二定律有mgtanθ＝ma解得a＝g.甲乙(2)小车向左加速度增大，AB、BC绳方向不变，所以AC绳拉力不变，BC绳拉力变大，BC绳拉力最大时，小车向左加速度最大，小球受力如图乙所示．由牛顿第二定律有T m ＋mgtanθ＝mam因Tm ＝2mg，所以最大加速度为am＝3g.12．(1)0.25 (2)8 N或24 N [解析] 对小球，由牛顿第二定律mgsinθ－μmgcosθ＝ma又x＝12at2联立解得μ＝0.25(2)若F垂直杆向下，则mgsinθ－μ(F＋mgcosθ)＝ma′解得F＝8 N若F垂直杆向上，则mgsinθ－μ(F－mgcosθ)＝ma′解得F＝24 N13．(1)L v ＋v 2μg (2)12mv 2(3)如图所示[解析] (1)由μ>v 22gL 可得12mv 2<μmgL说明物体到达B 之前就与传送带共速，设其加速度为a ，则由牛顿第二定律有 μmg＝ma加速阶段的时间为 t 1＝va加速阶段的位移 x 1＝v 22a匀速阶段的时间 t 2＝L －x 1v总时间t ＝t 1＋t 2 联立解得t ＝L v ＋v2μg(2)物体在加速阶段与传送带的相对位移 Δx＝vt 1－12vt 1产生的热量Q ＝μmgΔx 联立解得Q ＝12mv 2(3)如图所示45分钟滚动复习训练卷（一）1．C [解析] 以上方三人为研究对象，设中层两人每只脚受到的支持力为F，则有4F＝3mg，解得F＝3 4mg.设底层中间的人每只脚受到的支持力F′，则有2F′＝mg＋2F，解得F′＝54mg，选项C正确．2．B [解析] 加速度大小与速度大小之间无必然联系，速度是增加还是减小取决于加速度和初速度的方向关系．若初始时刻a、v同向，则加速运动；若初始时刻a、v反向，则减速运动．最终加速度为零，物体处于平衡状态(静止或匀速直线运动)，故选项A、C、D均有可能，B项不可能．3．C [解析] 先对整体分析，可知F－μ(m1＋m2)g＝(m1＋m2)a，再以铁块1为研究对象，可得：kx－μm1g＝m1a，联立可知C项正确．4．A [解析] 剪断细线前，物体处于平衡状态，由图可知F1cos60°＝mg，解得：F1＝2mg；剪断细线后，小球摆到最低点的过程中，mgL(1－cos60°)＝12mv2，在最低点：F2－mg＝mv2L，联立解得F2＝2mg，故选项A正确．5．C [解析] 甲乙两地距离x＝vt，列车匀速运动的距离x1＝v(t－t)，列车从开始刹车至加速到v过程运动的距离x2＝v2t，则有x＝x1＋x2，解得v＝vtt－12t.6．BD [解析] 以B为研究对象，两杆对B的作用力T1、T2的合力与B的重力沿斜面向下的分力等大反向，即T1＋T2＝mBgsinθ，因此T1、T2不可能均为零，选项C错误，选项D正确；以AB为研究对象，当满足(mA＋mB)gsinθ<μAmAgcosθ，且mCgsinθ<μCmCgcosθ时，T2＝0，选项A错误；同样当满足(mC＋mB)gsinθ<μCmCgcosθ且mAgsinθ<μAmAgcosθ时，T1＝0，选项B正确．7．AC [解析] 由于滑块与斜面之间存在摩擦力，滑块上滑的加速度大于下滑的加速度，选项B 错误、A 正确；以斜面为研究对象，滑块上滑过程中受力如图甲所示，下滑过程中受力如图乙所示，两过程中均有：f AB ＝μmgcosθ，N AB ＝mgcosθ，则：F 1＝Mg ＋mgcos 2θ－μmgcosθ·sinθ，F 2＝Mg ＋mgcos 2θ＋μmgcosθ·sinθ，选项C 正确；f 1＝mgcosθ·sinθ＋μmgcos 2θ，f 2＝mgcosθ·sinθ－μmgcos 2θ，选项D 错误．甲 乙8．(1)CBDAEF (2)0.5 N/cm 或50 N/m[解析] 取图象上相距较远的两点(0,0)(6.00 cm ，3.00 N)坐标数值，根据胡克定律可得弹簧劲度系数为k ＝50 N/m.9．(1)B (2)2h 1t 2－h 2t 1t 1t 2t 1－t 2[解析] 由题设条件，本实验的实验原理是H ＝v 0t ＋12gt 2，其中v 为小球达到光电门1时的速度，由实验测得的数据h 1、t 1及h 2、t 2可得h 1＝v 0t 1＋12gt 21，h 2＝v 0t 2＋12gt 22，解得g ＝2h 1t 2－h 2t 1t 1t 2t 1－t 2.为保持v 0不变，不能改变光电门1和吸球器的相对位置．10．(1)100 N (2)200 N[解析] (1)对A 物体进行受力分析，受四个力作用．分解绳的拉力，根据A 物体平衡可得F N1＝m A g ＋Tsinθ f 1＝Tcosθ f 1＝μ1F N1解得T＝μ1mAgcosθ－μ1sinθ＝100 N.(2)对B进行受力分析，受六个力的作用，地面对B的支持力FN2＝mBg＋FN1地面对B的摩擦力f2＝μFN2故拉力F＝f1＋f2＝200 N.11．(1)0.5 (2)1.29 s[解析] (1)由题意可知，滑块在水平面上匀速运动，则v 0＝x1T＝4 m/s在斜面上滑块做匀减速直线运动，设加速度大小为a1，则x 3－x4＝a1T2由牛顿第二定律，有：mgsinα＋μmgcosα＝ma1解得：μ＝0.5(2)设滑块向上滑行所用的时间为t1，上滑的最大距离为x，返回斜面底端的时间为t2，加速度为a2，则v 0＝a1t1x＝12vt1mgsinα－μmgcosα＝ma2x＝12a2t22解得：t＝t1＋t2＝(0.4＋255) s(或1.29 s)12．Δt<0.3 s[解析] 设轿车行驶的速度为v1，卡车行驶的速度为v2，则v1＝108 km/h＝30m/s，v2＝72 km/h＝20 m/s，在反应时间Δt内两车行驶的距离分别为x1、x2，则x 1＝v1Δtx 2＝v 2Δt轿车、卡车刹车所通过的距离分别为x 3、x 4，则 x 3＝v 212a ＝3022×10 m ＝45 mx 4＝v 222a ＝2022×10m ＝20 m为保证两车不相撞，必须x 1＋x 2＋x 3＋x 4<80 m 联立解得Δt<0.3 s45分钟单元能力训练卷（四）1．A [解析] 小车水平向右的速度(也就是绳子末端的运动速度)为合速度，它的两个分速度为v 1、v 2，如图所示．其中v 2就是拉动绳子的速度，它等于物体A 上升的速度，v A ＝v 2＝vcosθ.小车匀速向右运动的过程中，θ逐渐变小，v A 逐渐变大，故A 做加速运动，由A 的受力及牛顿第二定律知，绳的拉力大于A 的重力，选项A 正确．2．A [解析] 由平抛规律x ＝v 0t ，y ＝12gt 2可得，x ＝y 时t ＝2v 0g ，则v y ＝gt ＝2v 0，v ＝v 20＋v 2y＝5v 0，s ＝x 2＋y 2＝2 2v 20g，选项A 正确．3．BD [解析] 恰能通过最高点P ，则在最高点P 重力恰好提供向心力，故 mg ＝mv 2R ，选项C 错误；离开P 点后做平抛运动，x ＝vt,2R ＝12gt 2，解得x ＝2R ，故选项A 错误、B 正确；若将半圆弧轨道上部的14圆弧截去，其他条件不变，则小球离开轨道后竖直上抛，达到的最大高度时速度为零，显然能达到的最大高度比P点高，选项D正确．4．D [解析] 角速度的大小关系为ωa ＝ωc＜ωb，选项A错误；向心加速度的大小关系为ab ＞ac＞aa，选项B错误；线速度的大小关系为vb＞vc＞va，选项C错误；周期的大小关系为Ta ＝Tc＞Tb，选项D正确．5．A [解析] 由于同步卫星与地球的自转周期相同，“缆线”上各点的角速度也相同，选项A正确；线速度v＝ωr，则各点的线速度不同，选项B错误；若“缆线”上个质点均处于失重状态，则万有引力提供向心力，有：G Mmr2＝mv2r，得v＝GMr，r越大，线速度越小，而“缆线”上离地面越高的质点线速度越大，因此只有同步卫星上的质点处于完全失重状态，选项C错误；由G Mmr2＝mg，可得离地面越高，重力加速度越小，选项D错误．6．AD [解析] 设移民质量为Δm，未移民时的万有引力F引＝GMmr2与移民后的万有引力F引′＝GM－Δm m＋Δmr2比较可知，由于M>m，所以F引′>F引；由于地球的质量变小，由F引′＝GM－Δm m＋Δmr2＝(m＋Δm)r⎝⎛⎭⎪⎫2πT2＝(m＋Δm)a可知，月球绕地球运动的周期将变大，月球绕地球运动的向心加速度将变小；由月球对其表面物体的万有引力等于其重力可知，由于月球质量变大，因而月球表面的重力加速度将变大．综上所述，可知本题错误选项为A、D.7．AC [解析] 空间站运动的加速度和所在位置的重力加速度均由其所受万有引力提供，选项A正确；由G MmR2＝mv2R得v＝GMR，运动速度与轨道半径的平方根成反比，并非与离地高度的平方根成反比，选项B错误；由G MmR2＝m⎝⎛⎭⎪⎫2πT2R得T＝2πRRGM，所以空间站运行周期小于地球自转的周期，选项C正确；空间站中宇航员所受万有引力完全提供向心力，处于完全失重状态，选项D错误．8．bgsinθ2a[解析] 物体在光滑斜面上只受重力和斜面对物体的支持力，因此物体所受的合力大小为F ＝mgsinθ，方向沿斜面向下；根据牛顿第二定律，则物体沿斜面向下的加速度应为a 加＝Fm ＝gsinθ，又由于物体的初速度与a 加垂直，所以物体的运动可分解为两个方向的运动，即水平方向是速度为v 0的匀速直线运动，沿斜面向下的是初速度为零的匀加速直线运动．因此在水平方向上有b ＝v 0t ，沿斜面向下的方向上有a ＝12a 加t 2；故v 0＝b t＝b gsinθ2a. 9．1∶8 14[解析] 万有引力提供向心力，则G Mm 1r 2a ＝m 1r a 4π2T 2a ，G Mm 2r 2b ＝m 2r b 4π2T 2b，所以T a ∶T b＝1∶8.设每隔时间t ，a 、b 共线一次，则(ωa －ωb )t ＝π，所以t ＝πωa －ωb ，故b运动一周的过程中，a 、b 、c 共线的次数为：n ＝T b t ＝T bωa －ωbπ＝T b ⎝ ⎛⎭⎪⎫2T a －2T b ＝2T bT a－2＝14.10.8π2hr 3T 2r 2＋v 20 [解析] 以g′表示火星表面的重力加速度，M 表示火星的质量，m 表示火星的卫星质量，m′表示火星表面处某一物体的质量，由万有引力定律和牛顿第二定律，有GMm′r 20＝m′g′ G Mm r 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2r 设v 表示着陆器第二次落到火星表面时的速度，它的竖直分量为v 1，水平分量仍为v 0，有v 21＝2g′hv ＝v21＋v2由以上各式解得v＝8π2hr 3T2r2＋v2.11．(1)2πR＋h3Gm月(2)T2πGm月R＋h3(3)2π2RTR＋h3Gm月[解析] (1)“嫦娥二号”轨道半径r＝R＋h，由G mm月r2＝m4π2T2r可得“嫦娥二号”卫星绕月周期T＝2πR＋h3 Gm月.(2)在月球自转一周的过程中，“嫦娥二号”将绕月运行的圈数n＝TT＝T2πGm月R＋h3.(3)摄像机只要将月球的“赤道”拍摄全，就能将月面各处全部拍摄下来；卫星绕月球转一周可对月球“赤道”拍摄两次，所以摄像机拍摄时拍摄到的月球表面宽度至少为s＝2πR2n＝2π2RTR＋h3Gm月.12．(1)0.6 m (2)P位置比圆心O低[解析] (1)物体在最高点C时只受重力，由牛顿第二定律得mg＝m v2 C R得vC＝gR.物体从B到C的过程中，由机械能守恒定律得mg(ssinθ－R－Rcosθ)＝12 mv2C代入数据解得R＝0.6 m.(2)设物体平抛至与O点等高处，则由平抛运动的规律得R＝12gt2x＝vCt联立解得x＝2R又由图可知O点到斜面的水平距离为x′＝Rsinθ＝53R显然x′＞x，故物体的落点位置P低于O点．45分钟单元能力训练卷（五）1．A [解析] 空载时：P＝f1v1＝kmgv1，装满货物后：P＝f2v2＝kmgv2，所以汽车后来所装货物的质量是Δm＝m－m0＝v1－v2v2m，选项A正确．2．D [解析] 由牛顿第二定律得F－f－mgsin30°＝－ma，F－f＝mgsin30°－ma＝2m，即物体受到重力以外的力作用，大小为F－f，方向平行斜面向上，对物体做正功，所以物体的机械能增加，选项AB错误，D正确；根据动能定理，重力、拉力、摩擦力对物体做的总功等于物体动能的改变量，选项C错误．3．D [解析] 苹果加速下落，运动越来越快，故苹果通过第3个窗户所用的时间最短，平均速度最大，选项A、B都错误；窗户完全相同，所以苹果通过三个窗户重力做的功一样多，苹果通过第1个窗户用时最长，重力的平均功率最小，故选项C错误、D正确．4．BD [解析] 木板转动过程中，因静摩擦力始终与速度方向垂直，故静摩擦力不做功，由动能定理知，支持力做的功W1＝mgh＝mgLsinα；物块下滑过程中，因支持力始终与速度方向垂直，支持力不做功，由动能定理得，mg Lsinα＋Wf ＝12mv2，所以滑动摩擦力做的功Wf ＝12mv2－mgLsinα.所以选项BD正确．5．AD [解析] 合力F沿斜面向下，F＝mgsinθ－f，θ为斜面倾角，故F不随t 变化，A 正确．加速度a ＝Fm，也不变，由v ＝at 知，v －t 图象为过原点的一条倾斜直线，B 错误；物体做匀加速运动，故位移x ＝12at 2，x －t 图象是开口向上的抛物线的一半，C 错误；设物体起初的机械能为E 0，t 时刻的机械能为E ，则E ＝E 0－Fx ＝E 0＋F·12at 2，E －t 图象是开口向下的抛物线的一半，D 正确．6．ABD [解析] 小球做平抛运动，将A 点时的速度分解如图所示，v y ＝v 0tanθ，v ＝v 0sinθ，小球到达A 点时，重力的功率P ＝mgv y ，小球由O 到A 过程中，动能的变化为12mv 2－12mv 20.此过程竖直方向v y ＝gt ，水平方向x ＝v 0t ，小球抛出点O 距斜面端点B 的水平距离为h tanθ－x ，故A 、B 、D 正确．小球从A 点反弹后是否直接落至水平地面不能确定，故从A 点反弹后落至水平地面的时间不能求出，C 错误．7．B [解析] 两个过程中，恒力F 相同，物体相对地面发生的位移相同，所以做功相同；第二种情景下，物体相对地面的速度增大，运动时间t 变短，物体相对传送带的位移Δx 变小，功率P ＝Wt ，故P 1<P 2，因摩擦产生的热量Q ＝μmgΔx，故Q 1>Q 2.所以选项B 正确．8．C [解析] 运动过程中，弹簧和圆环系统的机械能守恒，因弹簧弹力对圆环做功，故圆环的机械能不守恒；对弹簧和圆环系统，根据机械能守恒定律知，当圆环滑到杆底端时，弹簧的弹性势能增大量等于圆环重力势能的减小量mgh ，又因弹簧先被压缩后被拉伸，所以弹簧的弹性势能先增大后减小再增大；圆环到达杆低端时弹簧的弹性势能最大，此时圆环动能为零.9．(1)左 (2)0.98 m/s (3)0.49 J 0.48 J (4)＞ 受打点计时器对纸带的摩擦阻力及空气阻力作用(实验中有阻力) (5)在误差允许范围内机械能守恒[解析] (1)左端点迹比较密集，所以应是左端与重物相连． (2)v B ＝x OC －x OA2T＝7.06－3.14×10－2 m2×0.02 s＝0.98 m/s(3)ΔE p ＝mgh ＝0.49 J ，ΔE k ＝12mv 2B ＝0.48 J(4)重物下落过程中受打点计时器对纸带的摩擦阻力及空气阻力作用，所以ΔE p＞ΔE k .(5)在误差允许范围内，重物自由下落过程中的机械能守恒．10．(1)接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，若滑块基本保持静止，则说明导轨是水平的(或轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动)．(2)0.52 0.43 滑块的质量M 及滑块释放时遮光条到光电门的距离x (3)mgx 12(m ＋M)⎝ ⎛⎭⎪⎫d Δt 2 [解析] (2)d ＝5 mm ＋2×0.1 mm＝5.2 mm ＝0.52 cm ，v ＝dΔt ＝0.43 m/s ；需测量滑块的质量M 及滑块释放时遮光条到光电门的距离x.(3)系统减少的重力势能为ΔE p ＝mgx, 系统增大的动能为ΔE k ＝12(m ＋M)v 2＝12(m ＋M)⎝ ⎛⎭⎪⎫d Δt 2，当ΔE p ＝ΔE k 时，说明系统的机械能守恒．11.74gL5[解析] 以地面为零势能面，在初始位置，桌面部分铁链的重力势能为E p1＝45mg·2L，悬空部分铁链的重力势能为E′p1＝15mg(2L －L10)铁链的下端刚要触及地面时的重力势能为E p2＝mg L2对铁链应用机械能守恒定律得Ep1＋E′p1＝12mv2＋Ep2即12mv2＋mgL2＝45mg·2L＋15mg(2L－L10)故铁链下端刚要触及地面时的速度为v＝74gL 512．(1)6 m/s 0.4 (2)4.1 m (3)能(4)5.6 J[解析] (1)由物块过B点后其位移与时间的关系x＝6t－2t2得v＝6 m/s，加速度a＝4 m/s2又μm2g＝m2a，故μ＝0.4(2)设物块由D点以初速度vD 做平抛运动，落到P点时其竖直速度为vy＝2gR又vyvD＝tan45°，得vD＝4 m/s设平抛运动用时为t，水平位移为x，由R＝12gt2，x＝vDt，得x＝1.6 mBD间位移为x1＝v2－v2D2a＝2.5 m则BP水平间距为x＋x1＝4.1 m(3)设物块沿轨道到达M点的速度为vM，由机械能守恒得1 2m2v2M＝12m2v2D－22m2gR则v2M＝16－8 2若物块恰好能沿轨道过M点，则m2g＝m2v′2MR解得v′2M ＝8>v2M故物块不能到达M点．(4)设弹簧长为AC时的弹性势能为Ep释放m1时，Ep＝μm1gxCB释放m2时，Ep＝μm2gxCB＋12m2v2又m1＝2m2，故Ep＝m2v2＝7.2 J设m2在桌面上运动过程中克服摩擦力做功为Wf则Ep －Wf＝12m2v2D可得Wf＝5.6 J45分钟滚动复习训练卷（二）1．AD [解析] 由图线可知，运动过程中发动机输出功率一定，若牵引力＝阻力，则汽车做匀速直线运动；若牵引力＞阻力，则速度增大，牵引力减小，汽车做加速度减小的加速直线运动．故选项A、D正确．2．C [解析] 火车从甲站出发，沿平直铁路做匀加速直线运动，即初速度为零，紧接着又做匀减速直线运动，也就是做匀加速直线运动的末速度即为做匀减速直线运动的初速度，而做匀减速直线运动的末速度又为零，所以在先、后两个运动过程中的平均速度(v＝v2)相等，选项C正确；火车运动的位移x＝v t＝v2t，火车运动的加速度a＝vt，即它们不仅与速度变化量有关，还跟时间有关，而先、后两个运动过程中所用的时间不一定相同，所以火车的位移、加速度在先、后两个运动过程中不一定相等，即A、B、D选项都不正确．3．C [解析] 设物体A对圆球B的支持力为F1，竖直墙对圆球B的弹力为F2；F 1与竖直方向夹角θ.因物体A右移而减小．对物体B由平衡条件得：F1cosθ＝mBg，F 1sinθ＝F2，解得F1＝mBgcosθ，F2＝mBgtanθ因θ减小，故F1减小，F2减小，选项A、B均错误；对A、B整体分析可知：在竖直方向上，地面对整体支持力FN ＝(mA＋mB)g，与θ无关，选项D错误；在水平方向上，地面对A的摩擦力f＝F2，因F2减小，故f减小，选项C正确．4．B [解析] 设斜面倾角为θ，长度为L，小球沿光滑斜面下滑的加速度为a，根据牛顿第二定律有：mgsinθ＝ma得a＝gsinθ，小球沿斜面做匀加速直线运动，所以小球的位移x＝12gsinθ·t2，即位移与时间的平方成正比，选项A错误；小球在斜面上的速度v＝gsinθ·t，即速度与时间成正比，选项B正确；设小球从顶端滑到底端的速度为v，由运动学公式有：v2＝2gsinθ·L，选项C错误；由L＝1 2gsinθ·t2，选项D错误．5．C [解析] A项位移正负交替，说明物体做往复运动；B项物体先做匀加速运动，再做匀减速运动，然后做反向的匀加速运动，再做反向的匀减速运动，周而复始；C项表示物体先做匀加速运动，再做匀减速运动，循环下去，物体始终单向运动，C正确；D项从面积判断物体速度有负值出现，不是单向运动．6．A [解析] 取x＝0，对A端进行受力分析，F－T＝ma，又A端质量趋近于零，则F＝T＝6 N，选项A正确；由于不知绳子的加速度，其质量也无法得知，选项B、D均错误；由图易知选项C错误．7．ABC [解析] 滑动摩擦力对工件做功等于工件动能的改变，也等于其机械能的增加量，选项A、B正确；此过程中，工件(对地)位移为x1＝v22a＝v22μg，x1＝vt2，传送带的位移为x2＝vt＝2x1，因此工件相对传送带的位移为Δx＝x2－x1＝vt2＝v22μg，选项C正确；在工件相对传送带滑动的过程中，传送带对工件的摩擦力对工件做功，D错误．8．BCD [解析] 在由椭圆轨道变成圆形轨道时，需经过加速实现，这样CE—2的机械能增加，线速度增大，选项A错误、B正确；若过Q有一绕月球的圆形轨道，在这一圆形轨道上的飞行器速度比绕椭圆轨道过Q点时的速度小，而这一速度比经过P的圆轨道速度大，所以CE—2在Q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度大，选项C正确；根据牛顿第二定律，加速度跟CE—2受到的万有引力成正比，所以在Q 点的加速度比沿圆轨道运动的加速度大，选项D正确．9. (1)0.50 2.00 (2)1.97 (3)v0＝vB[解析] (1)游标尺第0刻度线与主尺5 mm刻度对齐，小球直径为d＝5 mm＋0×0.1 mm＝5.0 mm＝0.50 cm，小球通过光电门的速度vB ＝dt＝0.0050 m2.50×10－3 s＝2.00。

①因地制宜实行农林牧相结合的农业结构，改善干旱区农业生态环境； ②在干旱多发地区选种耐旱的作物，发展节水农业；③开展农田水利 基本建设；④营造防护林；⑤改进耕作制度等
解决水资源短 修建水库；跨流域调水；植树造林，涵养水源；合理开采利用地下水;
缺问题
发展技术，提高水资源利用率；提高节水意识；防止和治理水污染
(2)解题时注意两个方面：一是自然条件一般不易改变，主要应从改变人类活动方式上 来寻找措施；二是所提措施是多方面、综合性的，要扩大分析视野，分析要点较大尽 量全面。 第三步，要点简洁准确，力求多维分析 紧扣问题，把握关键词，做到简洁、准确，而且要具有针对性、合理性和可操作性。
分析角度
答题要素
应对干旱
①压缩农业用地，提高土地生产率；②扩大林、草地种植面积；③改 水土流失问题 善天然草场的植被状况，合理放牧；④大力开展矿区土地复垦工作； 严重区的治理 ⑤综合采用工程、生物、技术措施，加强小流域综合治理(保塬、护
坡、固沟)调整，推动地区产业升级；②构建区域城市群建设；③加
对策措施“三步”精准回答技巧
第一步，把握设问词确定问题类型 从设问中找准设问词，结合材料确定要针对的问题类型，常见问题类型有环境问题、 自然灾害的防治措施，人口、城市化问题的解决方法，区域生态环境问题的整治措施， 区域自然资源综合开发利用及区域经济发展带来的问题的解决措施，区域可持续发展 的方向等。 第二步，结合问题成因，寻求合理措施 (1)措施总是针对问题和现象而提出的，因此解答时应该先找出造成地理现象的自然 和人为原因，然后针对原因或不足，分析其对应的合理措施。
(1)根据材料一简述减轻白灾危害应采取的措施。 (2)草原过度放牧又叫草原超载，其结果表现为优良牧草小型化、有毒植物相对增多的 特点。从生态系统食物链传递角度对这一现象做出解释，并提出合理利用草场的建议。

高考提分专练——体现说明类综合题1.小王在一家外企工作多年,每月有上万元的收入,几个月前他的工作有了变动,经常有外事活动,没有车感觉很不方便,于是他就有了买车的打算。

他常常在网上对他中意的几款车进行研究,了解它们的性价比,既要价格合适、符合自己的承受能力,又要外形美观、必须保证质量。

2018年五一劳动节期间,他喜欢的一款车正在打折促销,便宜了12 000元,于是他就买下了这款车。

4S店仅5月1日这一天就卖掉这款车20多辆。

结合材料,从价格变动对消费的影响角度看,4S店由于打折促销一天就卖掉这款车20多辆,说明了什么道理?2.警方侦查案件时,采集指纹非常重要。

有关研究人员研究发现,人类指纹上的油脂和氨基酸的成分随着时间会发生变化,它们对光反应也会随之变化,因此研究小组采用高光谱成像技术开发出一种无需接触就能快速检测出指纹的新装置,并且即使两个指纹叠加在一起也能识别,还能了解指纹留存的时间。

该装置容易运送到案发现场。

研究小组准备继续进行改良,争取在2018年使这一装置为警方破案带来便利。

人类指纹采集技术的发展体现了意识活动的哪些特点?3.财政部发布的2017年中央财政预算指出,基本民生支出只增不减。

社会保障和就业支出预算为991亿元,比2016年增长11.4%。

医疗卫生与计划生育支出预算为137亿元,增长一半左右;完成铁路建设投资8 000亿元、公路水运投资1.8万亿元,再开工15项重大水利工程,继续加强轨道交通、民用航空、电信基础设施等重大项目建设;加强财政对供给侧结构性改革的支持,包括支持农业供给侧结构性改革、促进制造业和战略性新兴产业发展等,着力推动解决结构性供需失衡。

分析材料体现了财政的哪些作用。

4.社会主义核心价值观基本内容作为整体,已经全面融入民法总则的所有条文之中。

互联网、大数据等持续而深刻地改变着我们的社会和国家,作为规范社会生活、调整经济关系的基本法律,民法总则必须回应“互联网+”与大数据时代的新问题,回应经济在立法上的迫切需求,这将助力于维护市场秩序、保障交易安全、促进市场经济的健康发展。

2024届浙江高三一轮复习联考高效提分物理试题（四）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的答案中，只有一个符合题目要求。

(共8题)第(1)题2023年8月24日，日本政府无视国内外反对呼声，单方面将福岛核污染水排入大海。

核污染水中有多种有害物质，其中氚的半衰期为年，核反应方程为。

下列说法正确的是（ ）A．该反应中产生的电子来源于的外层电子B．的比结合能大于的比结合能C．受核污染的鱼类经过高温烹煮能去除其放射性D．衰变时会释放能量，衰变过程中的质量亏损等于的质量第(2)题下列说法中，符合物理学发展过程或事实的选项是（ ）A．卢瑟福通过对粒子散射实验的研究，提出了原子的“枣糕模型”B．原子核的结合能越大，表示核子结合得越牢固，原子就越稳定C．查德威克用粒子轰击获得核，并发现了中子D．，其中X为粒子第(3)题如图所示为“祝融号”火星车与着陆平台着陆火星的最后一段过程，该过程可以看作竖直方向的减速运动。

已知火星质量约为地球质量的，火星直径约为地球直径的，下列说法正确的是（ ）A．减速过程中“祝融号”火星车对着陆平台的压力小于它所受到的火星的引力B．火星近地卫星的周期与地球近地卫星的周期之比为C．火星表面重力加速度与地球表面重力加速度之比为D．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为第(4)题下表给出了四种放射性同位素的辐射线和半衰期。

同位素钋210锝99钴60锶90辐射线αγγβ半衰期138天6小时5年28年在医疗技术中，常用放射线治疗肿瘤，其放射线必须满足：①具有较强的穿透能力，以辐射到体内的肿瘤处；②在较长时间内具有相对稳定的辐射强度。

为此所选择的放射源应为（ ）A．钋210B．锝99C．钴60D．锶90第(5)题如图是内燃机中一种传动装置，车轮和滑块上分别设置可以绕轴A、B转动的轻杆，O轴固定。

工作时高压气体驱动活塞在汽缸中做往复运动，再通过连杆驱动滑块在斜槽中做往复运动，最终驱动车轮做角速度为ω的匀速圆周运动。

基础增分练121.下列各句中,没有错别字且加点字的注音全都正确的一项是( )A.随着大学生消费观念的转变,各种“校园贷”应．(yìnɡ)运而生,在给大学生提供资金便利的同时,也暗藏陷阱．(jǐn),勒索、诈骗等违法犯罪行为由此滋生漫延。

B.自“太极拳师20秒被格斗教练KO”的视频播出后,传统武术不敌现代博击的质疑声四起,各方唇枪舌剑,太极拳被卷入骤起的舆论旋．(xuàn)涡,处境尴尬．(ɡà)。

C.78岁院士坐高铁时仍争分夺秒修改图纸,被网友盛赞为“民族的脊．(jǐ)梁”,面对蜂拥而至的媒体,老院士淡然回应:出行途中工作很平常,希望不要再让此事发酵．(jiào)。

D.作为城市交通建设的标竿项目,备受关注的市城铁路S1线将于明年投入载．(zài)客运营,它将构建温州城市框．(kuànɡ)架,串联各大公园,成为温州城区的靓丽风景线。

阅读下面的文字,完成第2~3题。

山谷深邃．．,池塘清幽,一股清凉之气挟着荷叶的清香扑面而来。

荷叶密密地覆盖了水面。

【甲】它们交叠着,错落着,平铺着,斜张着:以各种姿态被阳光照亮。

而那些盛开的片片花瓣,被片片荷叶衬托,由阳光与水光交映,粉红、碧绿的颜色更加扑朔迷离．．．．。

【乙】古人诗句“接天莲叶无穷碧,映日荷花别样红。

”描绘的想必就是这种情景。

阳光不只．．．．直接透耀着朵朵红花,同时还投射到如一只只巨掌的荷叶上,跌落在绿叶间隙的水面上。

【丙】受了光的叶与水,轻轻搖晃,微微动荡,隐隐起伏,并在摇晃与动荡中,把闪烁不定的光反射到娇艳的花朵上。

2.文段中加点的词,运用不正确的一项是( )A.深邃B.扑朔迷离C.不只D.投射3.文段中画线的甲、乙、丙句,标点有误的一项是( )A.甲B.乙C.丙4.下列各句中,没有语病的一项是( )A.中国是世界最大的芯片市场,其全球销售总额虽然占不到10%,不过非中国的企业,几乎没有选择余地,必须要与以中国政府为后盾的企业合作,才能持续接触到中国的买家。

基础增分练21.下列各句中,没有错别字且加点字的注音全都正确的一项是( )A.当年安昌老镇最著名饭店独有的糟．(zāo)熘菜系,都是手工“吊糟”,需要十来天的功夫,慢慢制作,缓慢发酵．(jiào)。

这样做出来的卤水,那滋味是可想而知的。

B.新城区人才管理中心能改变固有的旧工作模式,不把过时的老经验奉为圭臬．(niè),大力推行线上人才综合评价系统的使用,给广大应．(yīng)届毕业生提供了很好的就业平台。

C.2017年诺贝尔文学奖得主石黑一雄表示:“我的故事,能跨越国境和障．(zhànɡ)壁,打破各种壁垒,不能拘泥．(ní)于形式,能否反映出各种各样的声音是非常重要的。

”D.《三国演义》的其中一回讲了一个典型的“韬晦．(huì)”故事。

暂时投奔．(bēn)曹操的刘备,暗中参加了董承等人除掉曹操的计划,为了蒙弊曹操,刘备装出胸无大志的样子。

阅读下面的文字,完成第2~3题。

【甲】“现在网上的知识分享平台鱼龙混杂．．．．,”一位网友说:“它们在‘与世界分享你的知识、经验和见解’的同时,也在分享着有失真实的故事。

”【乙】显然分享知识的网络业态正遭遇几近．．压力让．．相同的困境:无孔不入的广告植入,让这些平台越来越像路边的电线杆;日益沉重的营利收费发布成为不可言说的潜规则;内容生产的随意化,让知识分享和使用链条上的很多人大失所望。

在众筹与共享并驾齐驱的时代浪潮中,平台的开放性与知识的真实性不应背道而行。

知识的田野没有边界,生长其中的作物却需要甄别．．。

【丙】每个人都应遵守规则和承担责任,用客观、理性的观念培育知识的植株,做一个独具慧眼、恪尽职守的劳作者。

2.文段中加点的词,运用不正确的一项是( )A.鱼龙混杂B.几近C.营利D.甄别3.文段中画线的甲、乙、丙句,标点有误的一项是( )A.甲B.乙C.丙4.下列各句中,没有语病的一项是( )A.中国着眼于推进全球化进程,提出了“一带一路”、加强国际产能合作、推动区域互联互通等,体现了与世界各国共迎挑战、共谋发展的决心。

新高考新教材高考化学一轮总复习新人教版：选择题保分练(五)1.下列物质属于酸性氧化物且熔点最高的是( )A.SiO 2B.Al 2O 3C.SO 3D.NO 22.(2023·浙江重点中学培优6月考试)下列化学用语表示不正确的是( )A.乙烯分子中p-p π键电子云形状:B.[Cu (H 2O )4]2+的结构示意图:C.中子形成的化学变化过程:98249Cf+18O →106266Sg +01nD.MgCl 2的形成过程:3.(2023·浙江东阳模考)下列关于元素及其化合物的性质说法不正确的是() A.Na 2O 2既能与H 2O 反应又能与CO 2反应生成O 2B.FeO 固体不稳定,在空气中受热易被氧化成Fe 3O 4C.工业上将氯气通入澄清石灰水可制得漂白粉D.工业上氮气、氢气合成氨气的反应属于人工固氮4.(2023·浙江余姚中学月考)下列实验操作不能达到实验目的的是( )装置气密 配制一萃取FeCl 溶5.下列说法不正确的是( )A.与是同系物B.HCOOCH3与CH3OCHO是同种物质C.碳纳米管和石墨烯是同素异形体D.异戊烷和2,2-二甲基丙烷是同分异构体6.(2023·浙江诸暨模考)关于反应CH3CH2OH+Cr2O72-+H++H2O→CH3COOH+[Cr(H2O)6]3+(未配平),下列说法不正确的是( )A.生成1 mol CH3COOH,转移6 mol电子B.CH3COOH是氧化产物C.该反应类型属于氧化还原反应D.[Cr(H2O)6]3+的配体中形成配位键的原子是O7.(2023·浙江十校10月联考)下列说法不正确的是( )A.淀粉溶液中加入硫酸,加热4~5 min,再加入少量银氨溶液,加热,有光亮银镜生成B.花生油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯,水解反应可用于生产甘油C.鸡蛋清水溶液中加入浓硝酸产生白色沉淀,加热后沉淀变黄色D.DNA和RNA均属于生物大分子,是由许多核苷酸单体形成的聚合物8.下列反应的离子方程式正确的是( )A.氨水中通入过量SO2:2NH3·H2O+SO2===2N H4++S O32-+H2OB.NaClO溶液中滴入少量FeSO4溶液:2Fe2++ClO-+2H+===Cl-+2Fe3++H2OC.新制氯水中加入少量CaCO3:2Cl2+H2O+CaCO3===Ca2++2Cl-+CO2↑+2HClOD.明矾溶液中滴加Ba(OH)2溶液至沉淀质量最大:Al3++2S O42-+2Ba2++3OH-===Al(OH)3↓+2BaSO4↓9.(2023·浙江高三百校联考)青蒿素类药物青蒿素、蒿甲醚、青蒿琥酯的分子结构如图所示,甲是制备青蒿素的重要原料。

1.2.3.高中语文一轮复习增分练模拟考试(4)4.一、语言文字运用(共20分)5.以下各句中,没有错别字且加点字注音全都正确．．的一项为哪一项()(3分)A.中华文明硕果累累．(lěi),仰韶的彩陶、良渚．(zhǔ)的玉器、唐之金银,明清不甚列举,这些手艺不经意间将生活艺术化,让后代仰而视之,坐卧不宁。

年度新疆棉花总产量较昨年降落已经是板上钉．(dìng)钉的事实,棉花减产已成定式;重点问题是详细降落幅．(fú)度以及对市场供需终究会产生多大影响。

C.待更阑人静,许先生便取来一沓．(dá)泛黄的信纸,此后在窗前坐定两撇胡须,似有所得,这样向来连续到晨曦熹微。

,时而托腮冥想,时而捋(lu．ō)着D.枯竭的河床,龟裂的土路,堆满砂石的便道空气稀疏(bó)地带无尽的荒野里．,大自然成为主宰,我们好似蝼．(lóu)蚁般划过此人迹罕至的土地。

阅读下边的一段文字,达成第2~3题。

(5分)【甲】音乐是人类最亲近的东西,人有口有喉,自己会演奏歌唱;有手能够敲打、弹拨乐器;有身体动作能够舞蹈。

音乐这门艺术能够备于人的一身,无待外求。

所以在人群生活中发展得最早,．．．．在生活里的权力和影响也最大。

诗、歌、舞、拟容动作以及戏剧表演,极早时就联合在一同。

．．【乙】但是对我们最亲近的东西其实不就是最被认识和理解的东西,所谓“百姓日用而不知。

”所以古代人民对音乐这一现象感觉奇特,对它半理解半不理解。

特别是人们很早就在弦上管上发见音乐规律里的数的比率,那样严整,叫人诧异。

中国人早就把律、度、量、衡联合,从时间性的乐律来规定空间性的胸怀,又从乐律来丈量天气,把乐律和时间中的历联合起来。

【丙】太史公在《史记》里说:“阴阳之施化,万物之终始,既类旅于律吕,又经历于日辰,而变化之情可见矣。

”变化之情除数学的测定外,还可从律吕来掌握。

音乐在人类生活及意识里这样宽泛而深刻的影响．．致此后产生了很多漂亮的音乐神话、故事传说。

基础增分练111.下列各句中,没有错别字且加点字的注音全都正确的一项是( )A.难道将船只系在人间柳岸,就是执谜不悟?遍赏秋月春风,就是贪嗔．(chēn)欲痴?你禅坐蒲团,一盏青灯,一方木鱼,几册经卷,潜心修行,淡泊度日。

我也可贪恋烟火,殷．(yān)实人家,几间瓦房,四方小院,守着流年,幸福安康。

B.如花美眷,终敌不过似水流年;姹紫嫣红的春色,也仅韶．(sháo)光一现。

既然你我将年华蹉．(chuō)跎,又何需为几片泛黄的记忆,念念不休。

永远有人问,为什么美好的总是在昨天?那是因为,我们都不知不觉地爱上一个词,叫怀念。

C.那些誓与红尘同生共死的人,被世俗的烟火呛．(qiàng)得泪眼迷蒙,被风刀霜剑伤得千疮百孔,也不禁要怨怪人生多戏谑．(xuè),世事太无常。

自诩可以经得起流光的抛掷,然而一点人情的凉薄,就弄得他们仓皇逃离。

D.站在古老的枫桥上,我像是一只离群的孤雁,明知秋霜会冰冻如流的记忆,却甘愿落在尘网,折翅敛羽,蜷．(quán)缩在梦的巢穴．(xué)里不肯离开。

是在等待千年前那个过客转世归来,亦或是留恋一枚秋叶黯然神伤的眼眸?阅读下面的文字,完成第2~3题。

【甲】2005年,台北故宫博物院开发了一款“朕知道了!”胶带作为纪念品销售。

当电视剧《甄嬛传》如火如荼．．．．地播出时,这款胶带竟也迅速火遍网络。

事实上,全世界的博物馆都在为如何吸引人们而烦恼。

【乙】要消化几百年以至．．上千年历史的文物文化,没有一点底蕴是难以实现的;而文创产品营造的“萌文化”是对其最好的诠释和延伸。

当正襟危坐．．．．的皇帝皇后开始“萌萌哒”动起来,古董和文物也可以变得活泼有趣。

【丙】让文物“述说”文化记忆,也是博物馆连接大众的一种“新的打开方式”。

苏州博物馆有一棵紫藤树,是四百多年前文徵明亲手种植的(明代著名画家)。

苏博工作人员亲手采集、晾晒、筛选、试种,选出合适的种子包装成文创产品,仿佛使产品穿越500年的历史沧桑,“述说”着古人的风光．．与志趣。

2024届浙江高三一轮复习联考高效提分物理试题（四）（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题在研究大气现象时可把温度、压强相同的一部分气体作为研究对象，叫做气团。

气团直径可达几千米，边缘部分与外界的热交换对整个气团没有明显影响，可以忽略。

可以用气团理论解释高空气温很低的原因，是因为地面的气团上升到高空的过程中（ ）A．剧烈收缩，外界对气团做功，导致气团温度降低B．剧烈收缩，同时从周围吸收大量热量，导致气团温度降低C．剧烈膨胀，同时大量对外放热，导致气团温度降低D．剧烈膨胀，气团对外做功，内能大量减少，导致气团温度降低第(2)题氦原子被电离一个核外电子，形成类氢结构的氦离子。

已知基态的氦离子能量为，氦离子能级的示意图如图所示。

以下关于该基态的氦离子说法正确的是（ ）A．该基态氦离子吸收光子跃迁后，核外电子的动能增大，电势能减小B．用能量为18.6eV的电子轰击该基态氦离子能使其发生跃迁C．一个该基态氦离子吸收能量为51.0eV的光子后，最多能辐射3种频率的光子D．该基态氦离子吸收能量为50eV的光子后能发生电离第(3)题轧钢厂的热轧机上安装射线测厚仪，仪器探测到的射线强度与钢板的厚度有关。

如图所示，某射线测厚仪采用放射性同位素铱192作为放射源，其化学符号是，原子序数为77，放射源在进行衰变产生新核X的同时会释放出射线，放射性元素的半衰期为74天，下列说法正确的是（ ）A．上述衰变方程为B．衰变放射出的粒子来自于原子的核外电子C．若有铱192，经过148天有发生了衰变D．若探测器测得的射线强度变弱时，说明钢板厚度变小第(4)题2021年9月8日，我国面向全球公开发布了“悟空”号暗物质粒子探测卫星首批γ射线科学数据，对人类暗物质研究等科学前沿问题发挥了积极作用，以下对三种天然放射线的认识正确的是（ ）A．γ射线是一种电子流B．射线射线、γ射线的穿透能力依次减弱C．相比其他两种射线，γ射线在太空传播过程中容易被磁场偏转D．天然放射现象揭示了原子核具有更复杂的结构第(5)题在水平面上的O点以某一较大的初速度竖直向上抛出一木块，经过一段时间木块落回原处。

单元整合热点聚焦(二)框图解读明确一对关系：生产与消费的关系。

把握两个主体：企业与劳动者。

区分两种成分：要准确认识公有制经济和非公有制经济。

认识四种投资方式：储蓄存款、股票、债券和商业保险。

1.消费在国民经济发展中的作用(1)消费与生产：消费的发展促进生产的发展，在经济发展中起基础性作用。

(2)消费与经济发展方式：消费、出口、投资是拉动经济增长的“三驾马车”，要想推动经济发展方式转变，必须坚持扩大内需，特别是扩大消费需求的方针，促进经济发展更多地依靠内需拉动。

(3)消费观念与经济发展：引导消费者树立正确的消费观念，倡导保护环境，绿色消费，推动经济的可持续发展。

(4)消费与主要矛盾：满足人们日益增长的美好生活需要，有利于促进新时代社会主要矛盾的解决。

2.不同环境下的企业经营措施3.全面认识居民投资的经济影响(1)生产：居民投资有利于弥补市场资金的不足，为企业生产提供资金，也是企业融资的重要途径。

(2)分配：我国坚持按劳分配为主体、多种分配方式并存的分配制度，居民投资有利于拓宽收入渠道，增加收入来源，提高资金的利用率。

(3)交换：居民投资的增加，特别是对股票和债券投资的增加，有利于增加市场有效需求，弥补生产资源的不足，扩大有效供给。

(4)消费：居民投资的增加有利于增加居民收入，为居民消费奠定基础，但在收入一定的情况下，投资增加，会抑制消费需求，不利于扩大内需。

国企混改步入深水期改革实践加速落地注：把左栏的“信息提取”与右栏的“信息解读”通过“连线”形式一一对应。

1.党的十九大报告指出：“深化国有企业改革，发展混合所有制经济，培育具有全球竞争力的世界一流企业。

”推进国有企业混合所有制改革旨在()①优化国有企业股权结构，巩固国有企业的主体地位②强化激励机制，增强国有资本的控制力和竞争力③完善公司治理，提高国有企业的运营效率和活力④取长补短，发挥民间资本促进创新、扩大就业的优势A.①②B.②③C.③④D.①④解析此题考查国有经济的知识。

2.(2023·浙江东阳5月模考)下列化学用语表示正确的是( C )
A.2-甲基-1-丁烯的键线式:
B.乙醚的分子式:C2H6O
C.基态 Mn2+的价层电子轨道表示式:
D.HBr 的电子式为
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
解析 根据烯烃的命名原则,2-甲基-1-丁烯的结构简式为
该物质含有钾元素,做焰色试验,透过蓝色钴玻璃观察到紫色火焰,A正确;Z
为P元素,Z的最高价氧化物的水化物为H3PO4,H3PO4的酸性比硫酸弱,B正
确;X分别与Y、Z、W形成的简单化合物分别为H2O、PH3、KH,H2O、
PH3中均含有共价键,而KH中只含有离子键,C错误;元素非金属性越强,元
素的电负性和第一电离能越大,H、O、P、K四种元素非金属性最强的为
“沉镉”,去掉滤液,得到的碳酸镉加入溴酸“转化”,蒸发结晶得到Cd BrO3 2。
“酸浸”过程CdO2、Fe2O3与稀硫酸发生复分解反应生成盐和水,属于非氧
化还原反应,Fe与硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气,属于氧化还原反应,A正
确;CH3OH是“还原镉”步骤的还原剂,溶液中Cd4+可能将其氧化为CO2,Cd4+
D.Na2S4O6遇酸产生的气体不能与品红溶液反应
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
解析 由化学方程式可知,反应过程中碘的化合价降低,碘单质为氧化剂,碘
化钠为还原产物,A正确;由化学方程式可知,反应过程中硫元素化合价升高,
硫代硫酸钠为还原剂,则氧化剂与还原剂的物质的量之比为1∶2,B正确;连
Cu2++2NH3↑+H2↑,C 正确;氟是人体必需的一种微量元素,能有

课时作业（一）【基础热身】1．B [解析] 选项A、C、D中的数据都是时间轴上的一个点，指的都是时刻；而选项B中15 s是与跑完100 m这一运动过程相对应的，指的是时间间隔，故选项B正确．2．C [解析] 位移是从起点指向终点的有向线段，是矢量；路程是运动路径的长度，是标量，它没有方向．正确选项只有C.3．B [解析] 加速度描述物体速度变化的快慢程度，选项A错误，选项B正确；加速度方向与运动方向共线时，物体一定做直线运动，同向时做加速运动，反向时做减速运动，选项C、D错误．4．A [解析] 由图可知，心脏每跳动一次，纸带向前移动大约是4个小方格的距离，约2.0 cm，则心脏每跳动一次所需时间约T＝xv＝0.80 s；此人心脏一分钟跳动的次数为n＝60 s0.80 s/次＝75次，故本题只有选项A正确．【技能强化】5．B [解析] 无论加速度正在增大还是正在减小，只要加速度与速度同向，物体速度就一直增大，当同向加速度减小到零时，物体速度达到最大，速度不再增大，但位移会继续增大，由此可知本题只有选项B正确．6．AC [解析] 速度与加速度都是矢量，其正负表示速度与加速度的方向．速度与加速度方向相反，汽车做减速运动；经1 s速度减小Δv＝aΔt＝1 m/s，所以再过1 s汽车的速度变为5 m/s，故选项A、C正确．7．AB [解析] 如果物体做加速度逐渐减小的加速直线运动，则加速度为零时速度最大，选项A正确；根据加速度定义可知选项B正确；质点某时刻的加速度不为零，但该时刻的速度可以为零，选项C错误；物体速度变化量大小决定于加速度和时间两个因素，选项D错误．8．A [解析] 由于通讯员初、末位置都跟队尾士兵相同，所以位移也相同，由平均速度公式可以判断选项A正确．9．C [解析] 设总位移为x，则甲车运动的总时间t甲＝x2v甲1＋x2v甲2＝v甲1＋v甲22v甲1v甲2x，所以甲车的平均速度v甲＝xt甲＝2v甲1v甲2v甲1＋v甲2＝48 km/h；设乙车运动的总时间为t乙，则乙车的总位移x＝v乙1·t乙2＋v乙2·t乙2＝v乙1＋v乙22t乙，所以乙车的平均速度v乙＝xt乙＝v 乙1＋v乙22＝50 km/h.故C项正确．10. 230 m[解析] 为确保行车安全，要求在列车驶过距离L的时间内，已越过停车线的汽车的车尾必须能通过道口．汽车越过停车线至车尾通过道口的过程中，汽车的位移为x′＝l＋x＋x＝(15＋5＋26) m＝46 m汽车速度v2＝36 km/h＝10 m/s通过这段位移需要的时间t＝x′v2＝4610s＝4.6 s高速列车的速度v1＝180 km/h＝50 m/s所以安全行车的距离为L＝v1t＝50×4.6 m＝230 m. 11．(1)6.61 m/s2(2)9.26 s[解析] (1)末速度v＝100 km/h＝1003.6m/s＝27.78 m/s平均加速度a1＝v－vt1＝27.78－04.2m/s2＝6.61 m/s2.(2)所需时间t2＝v－va2＝27.78－03s＝9.26 s.12．0.067 m/s2[解析] 遮光板通过第一个光电门的速度v 1＝LΔt1＝0.030.3m/s＝0.10 m/s遮光板通过第二个光电门的速度v 2＝LΔt2＝0.030.1m/s＝0.30 m/s故滑块的加速度a＝v2－v1Δt＝0.067 m/s2【挑战自我】13．45 km/h[解析] 设甲、丙两地距离为2l，汽车通过甲、乙两地的时间为t1，通过乙、丙两地的时间为t2.从甲到乙是匀加速运动，由l＝v甲＋v乙2·t1得t1＝lv甲＋v乙2＝2lv甲＋v乙从乙到丙也是匀加速运动，由l＝v乙＋v丙2·t2得t2＝lv乙＋v丙2＝2lv乙＋v丙所以v甲丙＝2lt1＋t2＝v甲＋v乙v乙＋v丙v甲＋2v乙＋v丙＝45 km/h.课时作业（二）【基础热身】1．BD [解析] 由匀加速直线运动的位移公式可知x＝v t＝0＋v2t＝12vt，选项A错误，选项B正确；匀减速直线运动可以看成初速度为0的匀加速直线运动的逆过程，故返回后的加速度、位移的大小和起飞前相同，选项C错误，选项D正确．2．B [解析] v0＝72 km/h＝20 m/s，设刹车时间为t，则at＝v，解得t＝va＝4 s，故刹车距离x＝v2t＝40 m.3．BC [解析] 当滑块速度大小变为v2时，其方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，因此要考虑两种情况，即v＝v2或v＝－v2，代入公式t＝v－v0 a 得，t＝vg或t＝3vg，故选项B、C正确．【技能强化】4．C [解析] 物体开始做匀加速直线运动，a＝μg＝1 m/s2，速度达到传送带的速度时发生的位移x＝v22a＝12×1m＝0.5 m＜L，所经历的时间t1＝va＝1 s，物体接着做匀速直线运动，所经历的时间t2＝L－xv＝2.5－0.51s＝2 s，故物体从a点运动到b点所经历的时间t总＝t1＋t2＝3 s.5．A [解析] 由逐差法得x6－x1＝5aT2，所以a＝x6－x15T2＝0.01 m/s2，选项A正确．6．D [解析] 用“逆向思维”法解答．由题意，若倒过来分析，子弹向左做匀加速直线运动，初速度为零，设每个木块长为L，则v23＝2a·L，v22＝2a·2L，v21＝2a·3L，v3、v2、v1分别为子弹倒过来向左穿透第3块木块后、穿透第2块木块后、穿透第1块木块后的速度，则v1∶v2∶v3＝3∶2∶1，子弹依次向右穿入每个木块时速度比v1∶v2∶v3＝3∶2∶1，因此选项A、B错误．由v3＝at3，v2＝a(t2＋t3)，v 1＝a(t1＋t2＋t3)．三式联立，得t1∶t2∶t3＝(3－2)∶(2－1)∶1，因此选项C错误，选项D正确．7．B [解析] 由x＝12at2，解得a＝8 m/s2，最后1 s的位移为x1＝12×8×12 m＝4 m，选项B正确．8．ABD [解析] 小球沿斜面向上做匀减速直线运动，因从a到c和c到d所用时间相等，故经过c点时恰为从a到d所经历时间的中间时刻，vc ＝xad2T＝6＋62×2m/s＝3 m/s，选项B正确；因xac ＝xab＋xbc＝7 m，xcd＝xbd－xbc＝5 m，由Δx＝xac－xcd＝aT2得：a＝0.5 m/s2，由v2b －v2c＝2axbc可得，vb＝10 m/s，选项A正确；从c到e所经历的时间tce ＝vca＝6 s，故从d到e所用的时间tde＝tce－T＝4 s，de＝12at2de＝4 m，选项C错误，选项D正确．9．ABC [解析] 如图所示，物体由A沿直线运动到B，C点为AB的中点，物体到达C点时速度为v1，若物体做匀加速直线运动，A到B的中间时刻应在C点左侧，有v1>v2，若物体做匀减速直线运动，A到B的中间时刻应在C点右侧，仍有v1>v2，故A、B正确，D错误；若物体做匀速直线运动，则v1＝v2，C正确．10．12 m/s 没有超速[解析] 设汽车刹车前的速度为v，汽车刹车时加速度大小为a.将汽车刹车到速度为零的运动看成逆向的匀加速运动，则x＝12at2v＝at解得v＝12 m/s因12 m/s＝43.2 km/h＜50 km/h，故汽车没有超速行驶．11．v≤6m/s[解析] 设经过时间t，货箱和平板车达到共同速度v，以货箱为研究对象，由牛顿第二定律得，货箱向右做匀加速运动的加速度为a1＝μg货箱向右运动的位移为x箱＝12a1t2又v＝a1t平板车向右运动的位移为x车＝vt－12at2又v＝v－at为使货箱不从平板车上掉下来，应满足x车－x箱≤l联立得：v≤2a＋μg l代入数据：v≤6 m/s.【挑战自我】12．(1)99 m 1.25 m (2)8.6 s[解析] (1)设直升机悬停位置距地面高度为H，伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，着地时，速度为v1，相当于从h1高处自由落下．在匀减速运动阶段，有v2 1－v2＝－2ah在自由落体运动阶段，有v2＝2g(H－h)联立解得h＝99 m，v＝50 m/s以5 m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下即2gh1＝v21所以h1＝v212g＝522×10m＝1.25 m.(2)设伞兵在空中的最短时间为t，则在自由落体运动阶段，有v0＝gt1，解得t1＝vg＝5010s＝5 s，在匀减速运动阶段，有t 2＝v1－va＝5－50－12.5s＝3.6 s，故所求时间t＝t1＋t2＝(5＋3.6) s＝8.6 s.课时作业（三） 【基础热身】1．B [解析] 自由落体运动是竖直方向上初速度为零、加速度为g 的匀加速直线运动，满足初速度为零的匀加速直线运动的规律，故选项A 、C 、D 均正确；对B 项，平抛运动在竖直方向上的分运动也满足该规律，故选项B 错误．2．C [解析] 在匀速飞行的飞机上自由释放的物体有一个与飞机相同的水平速度，同时物体在竖直方向上做自由落体运动，所以从飞机上看，物体始终在飞机的正下方，且相对飞机向下运动，故A 、B 均错误；从地面上看，物体做平抛运动，故C 正确，D 错误．3．C [解析] 因曝光时间极短，故AB 段可看作匀速直线运动，小石子到达A 点时的速度为v A ＝x t ＝0.0211000m/s ＝20 m/s ，h ＝v 2A2g ＝2022×10 m ＝20 m ，选项C 正确．4．A [解析] 根据时间的对称性，物体从A 点到最高点的时间为T A2，从B 点到最高点的时间为T B 2，所以A 点到最高点的距离h A ＝12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫T A 22＝gT 2A8，B 点到最高点的距离h B ＝12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫T B 22＝gT 2B 8，故A 、B 之间的距离为h A －h B ＝18g(T 2A －T 2B )，正确选项为A.【技能强化】5．D [解析] 自由落体运动初速度为零，据此可排除选项C ；小球与地面碰撞瞬间速度突然反向，据此可排除选项A 、B.综上分析可知本题正确选项为D.6．A [解析] 由题图可知，小球做匀加速直线运动，相邻的两段位移之差为一块砖的厚度，由Δx＝d ＝aT 2可得，a ＝dT2；位置“3”是位置“2”和位置“4”的中间时刻，由v t 2＝v 得，v 3＝7d2T.只有选项A 错误．7．C [解析] 根据自由落体运动的规律，尺子下落(a －b)高度对应的时间即乙同学的反应时间．由公式h ＝12gt 2得t ＝2a －b g，选项C 正确．8．C [解析] 设中学生的重心位于身体的中点，则重心上升的高度约为：h＝2.10 m－12×1.70 m＝1.25 m，由v2＝2gh得：v＝2gh＝5 m/s.9．C [解析] 依题意可设第1个小球经时间t落地，则第2个小球经时间2t 落地，第3个小球经时间3t落地，第4个小球经时间4t落地．又因为四个小球做的都是初速度为零的匀加速运动，因此它们下落的高度之比为1∶4∶9∶16，只有选项C正确.10．A [解析] 磕头虫向下运动的末速度与向上运动的初速度大小相等，向下运动过程v21＝2ah1，反弹起来过程v21＝2gh2；人向上加速运动过程v22＝2aH1，离地上升过程中v22＝2gH2，代入数值得H2＝150 m，故选项A正确．11．1.75 s[解析] 由向上跃起的高度h1＝0.45 m可求得向上跃起的时间为t 1＝2h1g＝2×0.4510s＝0.3 s设运动员从手到脚全长2l，双手向上立在跳台上时，重心位置O离跳台为l，手接触水面时重心位置O离水面也为l，运动员从最高点到将入水时，重心下降的高度h 2＝H＋l＋h1－l＝H＋h1＝10.45 m下降过程的时间t 2＝2h2g＝2×10.4510s＝1.45 s所以运动员完成空中动作的时间为t＝t1＋t2＝0.3 s＋1.45 s＝1.75 s.12．(1)7.2 m (2)2.5 m/s2[解析] 设前、后两过程下落的高度分别为h1、h2，所用时间分别为t1、t2，减速过程加速度的大小为a，运动中达到的最大速度为v，则有h 1＋h2＝40 m－4 mt 1＋t2＝6 sv2＝2gh1＝2ah2t 1＝vg，t2＝va由以上各式联立解得：h1＝7.2 m，a＝2.5 m/s2.【挑战自我】13．(1)4 s (2)29 m/s≤v′≤32 m/s[解析] (1)取向下为正方向，小球初速度v＝－10 m/s，加速度g＝10 m/s2，对空管由牛顿第二定律可得mg－F＝ma代入数据得a＝2 m/s2设经时间t，小球从N端穿出，小球下落的高度h 1＝vt＋12gt2空管下落的高度h2＝12at2则h1－h2＝l联立得v0t＋12gt2－12at2＝l代入数据解得t1＝4 s，t2＝－1.5 s(舍去)(2)设小球的初速度大小为v0′，空管经时间t′到达地面，则H＝12at′2得t′＝2Ha＝8 s小球经t′时间下落的高度为h＝v0′t′＋12gt′2小球落入管内的条件是64 m≤h≤88 m解得－32 m/s≤v′≤－29 m/s所以小球的初速度大小必须在29 m/s到32 m/s范围内．课时作业（四）【基础热身】1．C [解析] 选项A、B、D中物体均做往复运动，只有选项C中物体做单向直线运动．2．AC [解析] 由图象可知前5 s做的是匀速运动，选项A正确；5 s～15 s 内做匀加速运动，加速度为0.8 m/s2，选项B错误；15 s～20 s做匀减速运动，其加速度为－3.2 m/s2，选项C正确；质点在20 s末离出发点最远，质点一直做单向直线运动，选项D错误．3. A [解析] 由图可知，两车均做匀变速直线运动，因第5 s时两车第一次相遇，第10 s时速度相同，由对称性可知两车在第15 s时第二次相遇，选项A正确，选项B错误；由于两车在第5 s时第一次相遇，前5 s内va ＞vb，故a车在后、b车在前，5 s后a车在前、b车在后，15 s后b车超过a车，选项C错误；第10 s时两车速度相同，此后va ＜vb，两车间距离逐渐减小，第15 s时两车相遇，选项D错误．4. BD [解析] 由图象可知乙在追赶甲，即甲在前、乙在后，且二者速度均为零时，距离最远，其最远距离Δx＝x乙－x甲＝12×3×4 m－12×2×2 m＝4 m，即选项B 、D正确，选项A、C错误．【技能强化】5．A [解析] 甲车中的乘客以甲车为参考系，相当于甲车静止不动，乙车以初速度v向西做减速运动，速度减为零之后，再向东做加速运动，所以选项A正确；乙车中的乘客以乙车为参考系，相当于乙车静止不动，甲车以初速度v向东做减速运动，速度减为零之后，再向西做加速运动，所以选项B错误；以地面为参考系，当两车速度相等时，距离最远，所以选项C、D错误．6．CD [解析] 两图线都在t轴上方，说明A、B两物体运动方向相同，所以选项A错误；4 s内A、B两物体对应的图线与坐标轴所围的面积不同，则位移不同，故选项B错误；4 s时A、B两物体的图线交于同一点，对应速度相同，故选项C正确；A图线斜率的绝对值小，所以A物体的加速度比B物体的加速度小，因此选项D 正确．7．D [解析] 由A车的图线可知，它在4 s时间内速度由0增大到10 m/s，其加速度a＝2.5 m/s2，选项A错误；3 s末A车速度为v＝at＝7.5 m/s，选项B 错误；2 s末时A车与B车之间距离最远，为5 m,4 s末时A车与B车位移相等，A 车追上B车，选项C错误、D正确．8．CD [解析] 汽车A在匀加速过程中的位移xA1＝12aAt21＝180 m，此过程中汽车B的位移xB1＝vBt1＝240 m>xA1，故A车在加速过程中没有与B车相遇，选项A错误、C正确；之后因vA ＝aAt1＝12 m/s>vB，故A车一定能追上B车，相遇之后不能再相遇，A、B相遇时的速度一定不相同，选项B错误、D正确．9．ABC [解析] 乙车追上甲车时，若甲、乙两车速度相同，即此时t＝T，则x 0＝x1，此后甲车速度大于乙车速度，全程甲、乙仅相遇一次；甲、乙两车速度相同时，若x0<x1，则此时乙车已在甲车的前面，以后甲还会追上乙，全程中甲、乙相遇2次；甲、乙两车速度相同时，若x0>x1，则此时甲车仍在乙车的前面，以后乙车不可能再追上甲车了，全程中甲、乙都不会相遇，综上所述，选项A、B、C对，D错.10．A [解析] 根据题意画出两物体运动的v－t图象如图所示，根据图象易得选项A正确．11．1.5 m[解析] 设甲车刹车后经时间t，甲、乙两车速度相等，则：v 0－a1t＝v－a2(t－Δt)，代入数据得：t＝2 s.在这段时间内，甲、乙走过的位移分别为x甲、x乙，则：x甲＝vt－12a1t2＝26 m；x乙＝vΔt＋v(t－Δt)－12a2(t－Δt)2＝27.5 m；Δx＝x乙－x甲＝1.5 m即甲、乙两车行驶过程中至少应保持1.5 m的距离．12．0.8 s[解析] 设货车启动后经过时间t1两车开始错车，则有x 1＋x2＝180 m其中x1＝12at21，x2＝vt1解得t1＝10 s设货车从开始运动到两车错车结束所用时间为t2，则有x 1′＋x2′＝(180＋10＋12) m＝202 m.其中x1′＝12at22，x2′＝vt2解得t2＝10.8 s故两车错车时间Δt＝t2－t1＝0.8 s.【挑战自我】13．(1)10 s (2)36 m (3)14 s[解析] Δx＝Δt·v＝2.5×8 m＝20 m.(1)设警车发动起来后要时间t才能追上违章的货车，则12at2－vt＝Δx解得t＝10 s或t＝－2 s(舍去)．(2)在警车追上货车之前，两车速度相等时，两车间的距离最大，设警车发动起来后经时间t′两车速度相等，两车间的距离最大为xm，则t′＝va＝4 sx m ＝Δx＋v·t′－12at′2＝(20＋8×4－12×2×42) m＝36 m.(3)若警车的最大速度是12 m/s，则警车发动起来后加速的时间t 0＝vma＝122s＝6 s设警车发动起来后经过时间t″追上违章的货车，则1 2at2＋vm(t″－t)－vt″＝Δx解得t″＝14 s.课时作业（五）【基础热身】1．A [解析] 长木板不能侧向倾斜，但可以一端高一端低，故选项A错误；实验时，为了能在纸带上得到较多的点迹，释放小车前，小车应停在靠近打点计时器处，选项B正确；如果先释放小车，可能纸带上打不上几个点，选项C正确；为了保护小车，在小车到达定滑轮前要用手使小车停止运动，选项D正确.2．(1) 匀加速直线(2)小于用平均速度求位移(或用v－t图象下的面积求位移)[解析] (1)由表中数据可知，每经过0.1 s，速度大约增大0.25 m/s，在误差允许的范围内，小车做匀加速直线运动；(2)因为小车是不断加速的，而该同学把第一个0.1 s内的运动看成是以最小速度做匀速运动，同样，其他时间段内也是这样运算的，这样算出的位移比实际位移小．可以把时间分割得再细小一些，也可以利用平均速度来求位移，还可以利用v－t图象下的面积求位移．3．(1)0.02 s (2)0.70 cm(0.68 cm～0.72 cm均可) 0.100 m/s[解析] 毫米刻度尺的精确度为0.1 mm，故A、B间的距离为1.70 cm－1.00 cm＝0.70 cm，vC ＝xBD2T＝2.00×10－22×0.1m/s＝0.100 m/s.【技能强化】4．C [解析] 中间时刻瞬时速度等于全程的平均速度，所以vB ＝x2＋x32T，选项C正确；x6－x1＝5(x2－x1)，选项B错误；相邻计数点间的时间间隔是0.1 s，选项D错误；按照实验要求应该先接通电源再放开纸带，选项A错误．5. (1)相等匀加速(匀变速) (2)乙同学 1.10 m/s2[解析] (1)由表中数据可知，x4－x3＝x3－x2＝x2－x1，小球做匀加速直线运动；(2)乙同学采用逐差法求加速度，较准确，加速度值为a＝x3＋x4－x2－x14T2＝1.10 m/s2.6．(1)0.25 0.45 (2)如图所示(3)1.00[解析] (1)相邻两个计数点间的时间间隔为0.1 s，所以vB ＝xAC2T＝0.050.2m/s＝0.25 m/s，vCE ＝xCE2T＝0.14－0.050.2m/s＝0.45 m/s；(2)如图所示；(3)在v－t图象中，图线的斜率表示加速度，即a＝0.55－0.250.3m/s2＝1.00 m/s2.7．(1)A C (2) 2.98(2.97～2.99均可) 13.20(13.19～13.21均可) (3)如图所示(4)0.18(0.16～0.20均可) 4.80(4.50～5.10均可)[解析] (1)还需要的实验器材有电压合适的50 Hz交流电源和刻度尺；(2)用毫米刻度读数，注意要估读一位，则x2＝2.98 cm，x5＝13.20 cm；(3)描点连线如图所示；(4)设打0点时速度为v0，则x＝vt＋12at2，即：xt＝v＋12at，由图可读出v＝0.18 m/s，图线的斜率k＝12a＝2.4，a＝4.8 m/s2.8．(1)相邻相等时间内的位移差相等 (2)如图所示 (3)0.800 m/s 2[解析] (1)由图中所标纸带每段位移的大小，可知在相邻相等时间内的位移差相等，可近似认为Δy＝8 mm ；(2)把图中的x 轴作为时间轴，以纸带的宽度表示相等的时间间隔T ＝0.1 s ，每段纸带最上端中点对应v 轴上的速度恰好表示每段时间的中间时刻的瞬时速度，即v n ＝y nT ；因此可以用纸带的长度表示每小段时间中间时刻的瞬时速度，将纸带上端中间各点连接起来，可得到v －t 图象，如图所示．(3)利用图象求斜率或用Δy＝aT 2均可以求得小车加速度a ＝0.800 m/s 2. 【挑战自我】9．3.0×10－2(2.8×10－2～3.1×10－2均可) 9.0×10－2 能利用(x 6－x 4)－(x 4－x 2)＝4aT 2可求出x 4的具体位置(其他合理方法均可) [解析] 从图中读出5、6之间的距离为37.5 cm －24.0 cm ＝13.5 cm,2、3之间的距离为6.0 cm －1.5 cm ＝4.5 cm ，利用逐差法有x 56－x 32＝3aT 2，求出a ＝3.0×10－2m/s 2；位置4对应的速度为v 4＝x 352T ＝24.0－6.02×10－2 m/s ＝9.0×10－2m/s ；欲求4的具体位置，可以采用逐差法利用(x 6－x 4)－(x 4－x 2)＝4aT 2求解.课时作业（六） 【基础热身】1．AD [解析] 力是物体间的相互作用，受力物体同时也是施力物体，施力物体同时也是受力物体，所以A正确；产生弹力时，施力物体和受力物体同时发生形变，但弹力是由施力物体形变引起的，反作用力是由受力物体形变引起的，放在桌面上的木块受到桌面给它向上的弹力，这是由于桌面发生微小形变而产生的，故B 不正确；力的作用是相互的，作用力和反作用力同时产生、同时消失，故C选项错误；根据力的作用效果命名的力，性质可能相同，也可能不相同，如向心力，可以是绳子的拉力，也可以是电场力，还可以是其他性质的力，D选项正确．2．CD [解析] 地球上的物体运动或静止时都受地球的吸引作用，故运动或静止的物体均受重力，选项A错误；某物体在地球某点处所受地球吸引而产生的重力一定，与此物体的运动状态无关，选项B错误，选项C正确；物体所受重力G＝mg，在g一定时，G由m决定，选项D正确．3．AD [解析] 弹簧的弹力为 2 N，有两种可能情形：①弹簧处于拉伸状态，②弹簧处于压缩状态．当弹簧处于拉伸状态时，A正确；当弹簧处于压缩状态时，D 正确．4．D [解析] 物体B处于静止状态，则绳子拉力大小T＝mg，A对绳的作用力的大小为mg，再以物体A为研究对象，在竖直方向根据平衡条件有T＋N＝Mg，所以地面对A的作用力的大小为N＝(M－m)g.选项D正确．【技能强化】5．B [解析] 不拉A时，对A：kx1＝mg；B刚要离开地面时，对B：kx2＝mg，L＝x1＋x2.解得L＝2mgk.6．C [解析] 弹簧测力计的示数决定于作用在秤钩上力的大小，而与作用在和外壳相连的提环上的力无关，故正确选项为C.7．D [解析] 绳A和绳C的拉力大小与方向均不变，所以其合力不变，对滑轮而言，杆的作用力必与两绳拉力的合力平衡，所以杆的弹力大小与方向均不变，选项D正确．8．D [解析] 根据力的作用是相互的可知：轻质弹簧A、B中的弹力大小是相等的，即k1x1＝k2x2，所以两个弹簧的压缩量之比x1∶x2＝k2∶k1，故选项D正确．9．AB [解析] 小车向左做减速运动时，N可能为零，选项A正确；小车向左做加速运动时，T可能为零，选项B正确；小车向右做加速运动时，N可能为零，选项C错误；小车向右做减速运动时，T可能为零，选项D错误．10．C [解析] 由图象可以看出在直线a对应的阶段，弹簧处于压缩状态，弹力F随着缩短量的减小而减小，当弹簧长度为12 cm时恢复原长；直线b对应的是弹簧的伸长阶段，弹力F随伸长量的增大线性递增．由此可看出当弹力F＝100 N时，弹簧对应的形变量x＝4 cm，根据胡克定律可求出弹簧的劲度系数k＝Fx＝2500N/m，选项C正确．11．(1)如图所示(2)433G23＋33G[解析] (1)对圆柱体进行受力分析，受力分析图如图所示，其中FN1、FN2、FN3分别为桌面、挡板、细杆对圆柱体的弹力．(2)已知竖直挡板对圆柱体的弹力大小为2G，即FN2＝2G，根据平衡关系有F N3sin60°＝FN2解得FN3＝433G设圆柱体对均匀细杆AO的作用力大小为F′N3，根据牛顿第三定律有F′N3＝433G由竖直方向的平衡关系有F N1＝FN3cos60°＋G代入数据解得FN1＝23＋33G.12．(1)4mg (2)4mgk[解析] (1)对A 、B 整体：mg ＋F N ＝5mg 所以F N ＝4mg (2)对B ：F N ＝3mg ＋F k 所以F k ＝mg物体C 的质量改为5m ，当系统达到新的平衡状态后，进行受力分析． 对A ：T ＝F k ′＋2mg 对C ：T ＝5mg 所以F k ′＝3mg 即kx 1＝3mg x 1＝3mg k开始时，弹簧的压缩量为x 2，则kx 2＝mg 所以A 上升的高度为：h A ＝x 1＋x 2＝4mg k. 【挑战自我】13．F －(m A ＋m B )gsinθm A ＋m Bgsinθk[解析] B 刚要离开C 时，弹簧弹力大小为 F 弹＝m B gsinθ.以A 为研究对象，受力如图所示．故合力F 合＝F －F 弹－m A gsinθ＝F －(m A ＋m B )gsinθ， 开始时弹簧压缩量Δx 1＝m A gsinθkB 刚要离开时，弹簧伸长量Δx 2＝m B gsinθk所以A的位移d＝Δx1＋Δx2＝mA＋mBgsinθk.课时作业（七）【基础热身】1．CD [解析] 静摩擦力产生在两个相对静止的物体之间，与物体是否运动无关，滑动摩擦力产生于两个相对运动的物体之间，与物体是否运动无关，选项A、B 均错误；静摩擦力的大小与正压力的大小无关，一般由平衡条件或牛顿运动定律来求，滑动摩擦力f＝μFN，随着正压力的增大而增大，选项C正确；摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势方向相反，与速度方向无关，选项D正确．2．BC [解析] 容器处于平衡状态，在竖直方向上重力与摩擦力平衡，盛满水前墙面对容器的静摩擦力一直增大，如果一直没有达到正压力F作用下的最大静摩擦力，则水平力F可能不变，选项B、C正确．3．ABD [解析] 题中没有明确F的大小，当F＝mgsinθ时，物块M受到的摩擦力为零．当F<mgsinθ时，物体M有下滑趋势，所受摩擦力沿斜面向上．当F>mgsinθ时，物块M有上滑趋势，所受摩擦力沿斜面向下．当0≤F≤mgsinθ时，静摩擦力f的取值范围是：0≤f≤mgsinθ.可见f>F、f<F和f＝F均有可能，故A、B、D选项均正确．4．CD [解析] 物块M在传送带启动前匀速下滑，应满足所受滑动摩擦力f＝μmgcosθ＝mgsinθ，传送带突然启动后物块M所受摩擦力仍为f＝μmgcosθ＝mgsinθ，且方向不变，选项C、D正确．【技能强化】5．D [解析] 由于物块始终静止在斜面上，物块所受静摩擦力与正压力无直接关系，对物块进行受力分析，沿斜面方向列平衡方程可判断出选项D正确．6．B [解析] 物块静止在斜面上时，物块所受的摩擦力为：f1＝Mgsinα.给物块平行于斜面的水平力F后，在斜面内，重力沿斜面向下的分力、水平力F、摩擦力f2三力平衡，根据平衡条件有：f2＝Mgsinα2＋F2，重力沿斜面向下的分力和F的合力与摩擦力f2等大、反向，所以摩擦力的方向和大小都发生了改变，只有选项B正确．7．C [解析] 由于斜面光滑，则物块在斜面上做上下往返运动时对斜面的摩擦力为零，对斜面的正压力始终等于重力沿垂直斜面方向的分力，因此地面对斜面体的摩擦力始终是一个恒力，C正确．8．A [解析] 杆匀加速上升，斜面体水平向右运动，杆相对于斜面体向上滑动，因此杆受的摩擦力沿斜面向下，选项A正确、B错误；杆受的支持力垂直于斜面向上，杆受斜面体的作用力斜向右上方，选项C、D错误．9．D [解析] 取物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示，则有F＝mgtanθ，T＝mgcos θ，在将物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F和细绳上的拉力F随之变大．对A、B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定．10．D [解析] 弹簧对B有向左的弹力，B保持静止，因此A对B有向右的摩擦力，则B对A的摩擦力向左，选项A、B错误；A、B整体在水平方向不受其他外力作用，因此没有向左或向右的运动趋势，地面对A没有摩擦力，选项C错误、D 正确．11．0.30[解析] 设接触面间的动摩擦因数为μ，物体A与B间的摩擦力为f 1＝μGA物体B与地面间的滑动摩擦力为f 2＝μ(GA＋GB)将B匀速拉出，拉力大小与两个摩擦力的合力大小应相等，有F＝f1＋f2解得μ＝0.3012．0.2[解析] 因为圆柱体匀速滑动，所以水平方向的拉力与摩擦力平衡，即f＝200 N．又因为圆柱体两面均与槽接触，所以每一面所受摩擦力f ′＝100 N.设V形槽两侧对圆柱体的弹力大小分别为FN1、FN2，在竖直平面内，圆柱体受到重力G、两侧的弹力FN1、FN2作用，如图所示，由对称性可知，FN1＝FN2＝G.根据f ′＝μFN1，解得μ＝0.2.【挑战自我】13．7 N[解析] P、Q两点应是静摩擦力最大的两个临界位置，在P点弹簧处于伸长状态，受力分析如图甲所示．f m ＝F1－mgsinα在Q点弹簧处于压缩状态，受力分析如图乙所示．f m ＝F2＋mgsinα设弹簧原长为x，则有F1＝k(0.22－x)F2＝k(x－0.08)由以上各式，解得＝7 N.fm课时作业（八）【基础热身】1．C [解析] 合力F和两个分力F1、F2之间的关系为|F1－F2|≤F≤|F1＋F2|，则应选C.2．C [解析] 由矢量合成法则可知，A图的合力为2F3，B图的合力为0，C图的合力为2F2，D图的合力为2F3，因F2为直角三角形的斜边，故这三个力的合力最大的为C图．3．D [解析] 物体做匀速直线运动，则受力平衡，将拉力F在水平方向和竖直方向上分解，则物体一定要受到滑动摩擦力的作用，再根据摩擦力产生的条件知，一定会受到弹力，因此物体一定会受到四个力的作用．4．BC [解析] 手指所受的拉力等于2mgcosθ，增加重物重量或减小夹角θ，都可以使拉力增大，选项B、C正确．【技能强化】5．D [解析] 细线对天花板的拉力等于物体的重力G；以滑轮为对象，两段绳的拉力都是G，互成120°，因此合力大小是G，根据共点力平衡条件，a杆对滑轮的作用力大小也是G(方向与竖直方向成60°斜向右上方)；a杆和细线对滑轮的合力大小为零．6．B [解析] 细绳对A的拉力大小始终等于物体B的重力，选项A错误；系统仍保持静止，则A受到的合力仍为零，选项D错误；斜面倾角由45°增大到50°，A对斜面的压力大小由mA gcos45°减小到mAgcos50°，选项B正确；A受到的静摩擦力大小发生了变化，选项C错误．7．A [解析] 绳子恰好不断时的受力分析如图所示，由于F＝mg＝10 N，绳子的最大拉力也是10 N，可知F1、F2之间的最大夹角为120°，由几何关系知两个挂。

1
为(C6H10O5)n,C错误;H3O+的中心原子的价层电子对数=3+ (6-1-3×1)
=4,
所以杂化轨道类型为sp3杂化,D正确。
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
2
3.(2023·浙江金丽衢十二校联考)Na2SiO3应用广泛。下列说法不正确的是
( D )
2HCO3 ===Al(OH)3↓+CO3 +H2O
C.向
溶液中通入少量 CO2:
+CO2+H2O
2-
+CO
3
D.向明矾溶液中滴加氢氧化钡至沉淀质量最
23+
大:Al +2SO +2Ba2++4OH-===2BaSO
4
4↓+[Al(OH)4]
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16
解析 3H2(g)+N2(g)
2NH3(g)
ΔH=-a kJ·
mol-1 意味着 1 mol[3H2(g)+N2(g)]
完全反应生成 2 mol NH3(g)时放热 a kJ,当生成 1 mol

NH3(g)放热2
反应 4MnO4 +5HCHO+12H+===4Mn2++5CO2↑+11H2O 中,消耗 4
5.(2023·浙江绍兴高三月考)关于反应3Cu2S+16HNO3===6Cu(NO3)2
+3S+4NO↑+8H2O,下列说法正确的是( D )
A.HNO3在反应中仅体现氧化性
B.Cu2S既是氧化剂又是还原剂

2024届浙江高三一轮复习联考高效提分物理试题（四）一、单选题 (共6题)第(1)题2023年11月6日，全球首座第四代核电站在山东石岛湾并网发电，这标志着我国在高温气冷堆核电技术领域领先全球。

当前广泛应用的第三代核电站主要利用铀（）裂变产能，铀（）的一种典型裂变产物是钡（）和氪（）。

下列说法正确的是（ ）A．有92个中子，143个质子B．铀原子核的结合能大于钡原子核的结合能C．重核裂变成中等大小的核，核的比结合能减小D．上述裂变反应方程为：第(2)题我国航天局宣布国家已批准通过了行星探测工程，计划在未来的1015年间展开并完成对小行星、火星、木星等行星的取样返回的研究。

若从地球上直接发射一个探测器，探测器被小行星捕获，需由高轨道适当位置启动发动机进入椭圆转移轨道，再由椭圆轨道适当位置变速进入环绕小行星表面运动的轨道，这个过程简化示意图如图所示，已知圆轨道Ⅰ、Ⅲ共面，椭圆轨道平面与Ⅰ轨道平面的夹角为，则下列说法正确的是（ ）A．探测器从Ⅰ轨道上经过点比Ⅱ轨道上经过点的加速度大B．探测器从Ⅰ轨道进入Ⅱ轨道需要在点向前喷气C．探测器在地球上的发射速度大于D．探测器在Ⅱ轨道上从点运动到点的过程中机械能增大第(3)题下列说法正确的是（ ）A．在铀核发生裂变反应的过程中，生成物的质量等于反应物的质量B．放射性元素无论以单质还是以化合物的形式存在都具有放射性C．衰变时，原子核向外放出电子，说明原子核内部存在电子D．核反应方程：属于原子核人工转变第(4)题如图所示，轻绳1两端分别固定在M、N两点（N点在M点右上方），轻绳1上套有一个轻质的光滑小环O，质量为m的物块P通过另一根轻绳2悬挂在环的下方，处于静止状态，。

现用一始终与轻绳2垂直的力F缓慢拉动物块，直到轻绳2与MN连线方向垂直。

已知重力加速度为g。

下列说法正确的是（）A．物块在缓慢移动过程中，轻绳2的延长线可能不平分B．施加拉力F前，轻绳1的张力大小为C．物块在缓慢移动过程中，轻绳1的张力增大D．物块在缓慢移动过程中，力F先增大后减小第(5)题铯原子基态的两个超精细能级之间跃迁发射的光子具有稳定的频率，铯原子钟利用的两能级的能量差量级为10-5eV，跃迁发射的光子的频率量级为（普朗克常量，元电荷）（ ）A．103Hz B．106Hz C．109Hz D．1012Hz第(6)题无风时，雨滴受空气阻力的作用在地面附近会以恒定的速率竖直下落。