2006级微积分(上)A理工课程试题及其参考答案

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2006级微积分(上)A理工课程试题及其参考答案
一. 求下列极限(每小题5分,共20分)

1.114.sin4sin1+01limlim=.152cos5-0552.cosxxxxxxxxxx


2
2

sin+cos11001sin+cos12.limlimcossin1sin+cos1xxxxxxxxxxxxxxxx












2
01sin1-cosx1lim2x.xxxeee









其中,002000cossin1coscos1limlimlim.222xxxxxxxxxxx

0
220200001111123.limlimlim=lim211xxxxxxxxxxxxexxexexxxxee








等价

0
0

02+3=lim.22xxe

4. xxtdttxxsinsinlim000sinlim1cosxxxx202=lim2.12xxx
二.求下列函数的导数或微分(每小题5分,共20分)
1.24+4arcsin,2xyxx,求.dy

解:12222114442212xyxxxxx




1

2
2

222

121224=4424.244444xxxxxxxxxxxxx









所以,
/
24.4xxxy 2
4.4xdydxxx

2.设函数xyy由方程sinxyeexy确定,求0/y
解:方程两边同时关于x求导,得:cosxyeeyxyyxy
2

所以,/coscos,yxxxyeeyxyy------(1)
又当0x时,代入原隐函数方程易得0.y,将0,0xy代入(1):/01.y
3.设sin,cosxyx求./y
解:两边取对数,得:lnsin.lncosyxx。
上式两边同时关于x求导,得:

/
11
coslncossin.sincoslncossintan.cosxxxxxxxxyxy

故sin/coslncossintan.cosxxxxxxy
4.设2ln1,.3.xttytt求.22xddy

解:(一) 23t+2321;111dydytdtttdxdxdtt

(二)226t+516t+5.111ddytydtdxdxtddttdx
三.求下列积分(每小题6分,共30分)

2
2222

2

21.ln1ln1ln1ln11xdx
xdxxxxdxxxx





2
22
22

212=ln1ln12211xdxdxxxxxdxxx





2
=ln1-22arctan+C.xxxx

2. 211212arctan1.2-111dxdxxCxxx

解法二:令1,xt请自己补充完整。
24
2

000
2

3.coscossin|cos|sincossincosxxdxxxdxxxdxxxdx

3

42
00

11
=+lncosln2.2484||x




4.4444420000011tan=tantan1cos22cos22|xxdxdxxdxxxxdxxx

5. 222200011111.21222|11xdxdxxxx
四.(共6分)
设可导函数fx对任何,xy,恒有yxfxyefxefy(1)成立,且02f

试求(一)/fx与fx之间的关系;
(二)fx
解:(一)
(1)式中,令0,xy得00.f (2)

因为,/00+limlimxxxxefxefxfxfxxfxxxxf,

00001limlim=02.xxxxxxfxfefxefxeffxexx








即,

/2.x
fxfxe

(3)

(二)解一阶线性非齐次微分方程,得其通解为

222dxdxxxxxxxfxeeedxCeeedxCxeCe








代入初始条件
00.f,得0.c故
2xfxxe

五.(共12分)
设直线yax与抛物线2yx所围成图形的面积为1S,它们与直线1x所为成图形的面积为2S,并
且01a
1。试确定a的值,使1S2+S达到最小,并求最小值;
2。求该最小值所对应的平面图形绕x轴旋转一周所生成的选择体的体积。

解:(一) 31221201=.323aaaaSSSaxxdxxaxdx
4

令/210,2saa得驻点1.2a又/120,2s故
12262s






是极小值从而也是最小值。

(二)11244221021121.2230xVxxdxxxdx

六.讨论级数110nnnana的敛散性。(共6分)
解: 记


10,1,2,...nnnnnau



(一)1||1lim.||nnnuau
(二)1。当a1时,1,

11nnnna


绝对收敛;

2。当0a1时,1,

11nnnna


发散;

3。当1a时,原级数即为111nnn满足莱布尼兹定理的条件,从而收敛;又

1111=nnnnn


发散,故原级数条件收敛。

七. 把2132fxxx展开为x的幂级数。
解:11+1+2fxxx (1)

其中 01,11.+11nnnxxx (2)

10011111=..,22.+22221+22nnnnnnxxxxx













(3)

所以,1111,11.21nnnnfxxx