2012.10.11高二月考物理(理)

2012-2013学年河南省漯河高中高二（上）第一次月考物理试卷（10月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共1小题，共4.0分)1.下列说法中正确是（）A.沿电场线的指向，电场强度一定越来越小B.沿电场线的指向，电势一定越来越低C.沿电场线方向移动电荷，电势能逐渐减小D.只在电场力作用下，电荷一定从电势高处向电势低处移动【答案】B【解析】解：A、电场线越密，场强越大，沿电场线的指向，电场强度不一定越来越小，故A错误B、沿电场线的方向电势降低，故B正确C、沿电场线方向移动正电荷，电势能逐渐减小，沿电场线方向移动负电荷，电势能逐渐增大，故C错误D、只在电场力作用下，负电荷可以从电势低处向电势低高处移动，故D错误故选B．电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动，电场线越密，场强越大，沿电场线的方向电势降低．充分理解和掌握电场线的特点是解决此题的关键．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)2.下述关于匀强电场的结论正确的是（）A.根据E=U AB，场强与电场中两点间的距离d成反比dB.根据U=E d可知，电场中两点的电势差与这两点的距离成正比C.匀强电场的场强在数值上等于沿场强方向每单位长度上的电势差值D.在匀强电场中，两长度相等且相互平行的线段两端的电势差相等【答案】CD【解析】解：A、在匀强电场中，根据E=U AB，场强与电场中两点间沿电场线方向的距离d成反d比，故A错误．B、根据U=E d可知，电场中两点的电势差与这两点沿电场线方向的距离成正比，故B 错误．C、根据E=U，d是两点沿电场线方向的距离，则知匀强电场的场强在数值上等于沿场d强方向每单位长度上的电势差值，故C正确．D、根据U=E d知：在匀强电场中，场强E处处相等，则两长度相等且相互平行的线段两端的电势差相等，故D 正确．故选：CD ． E=U d 是匀强电场中场强与电势差的关系公式，d 是两点沿电场线方向的距离，电场强度是由电场本身决定的，与试探电荷无关． 对于公式E=U d ，关键要准确理解公式的适用条件和公式中各个量的物理意义，知道d 的准确含义．三、单选题(本大题共3小题，共12.0分)3.两个半径相同的金属小球，电性也相同，带电荷量之比为1：7，相距为r ，相互作用力大小为F ，两者相互接触后，再放回原来的位置，则相互作用变为（ ）A.47FB.37FC.97FD.167F【答案】D【解析】解：由库仑定律可得：两球接触前的库仑力F=k 7Q 2r 2当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量q ′=Q+7Q2=4Q 两球接触后的库仑力F'=k 16Q 2r 2=167F ，故ABC 错误，D 正确． 故选：D ．由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．4.如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做（ ）A.自由落体运动B.曲线运动C.沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D.变加速直线运动【答案】C【解析】解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向．烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动．故C 正确．A 、B 、D 错误．故选C ．当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．5.如图所示，把一个带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应：（）A.带负电，放在A点B.带正电，放在B点C.带负电，放在C点D.带正电，放在C点【答案】C【解析】解：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，故小球b对小球a若为静电斥力，小球a不可能平衡，故只能是吸引力；同时，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，故只能放在C位置；故选C．小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)6.如图，a、b、c为一正点电荷形成的电场中的三条电场线，另有一带电的点电荷从M点射入电场，在电场力（只受电场力）作用下沿图中虚线运动到N点，则该点电荷从M向N运动的过程中（）A.加速度一直减小B.动能一直减小C.电势能一直减少D.动能和电势能的总和一直减少【答案】AB【解析】解：A、根据电场线的疏密可知，从M向N运动的过程中电场强度逐渐减小，所以粒子电场力逐渐减小，根据牛顿第二定律可知，粒子的加速度逐渐减小，故A正确；B、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在M点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从M向N 电场力做负功，动能减小，电势能增加，故B正确，C错误；D、只有电场力做功，动能和电势能的总和保持不变，故D错误．故选AB电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．加速度等于电场力除以质量．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，从而判定电势能增加与否．五、单选题(本大题共2小题，共8.0分)7.如图所示，水平放置的平行金属板充电后板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带电的液滴带电量大小为q，质量为m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则（）A.液滴做的是匀速直线运动B.液滴做的是匀变速运动C.两板的电势差为mgdD.液滴的电势能减少了mgdq【答案】ACD【解析】解：AB、液滴进入竖直方向的匀强电场中，所受的电场力方向竖直向上或竖直向下，因为微粒做直线运动，可知，电场力方向必定竖直向上，而且电场力与重力平衡，液滴做匀速直线运动．故A正确，B错误；C、液滴从上极板运动到下极板的过程中，由动能定理有q U-mgd=0⇒U=mgd，故C正q确；D、重力做功-mgd，微粒的重力势能增加，动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能减小了mgd．故D正确．故选ACD．液滴沿直线运动，则其所受的合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，即可判断出电场力方向竖直向上，而且电场力与重力相平衡，由平衡条件和U=E d求解电势差．由电场力方向判断出场强的方向，确定两板电势关系．本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是分析受力情况，判断出粒子做匀速直线运动8.如图所示，a、b、c是匀强电场中的三个等势面，U ab=U bc．一个带电粒子从A点进入并穿过电场，其轨迹与等势面的交点依次为A、B、C，若不计粒子重力，则（）A.带电粒子在A点受到的电场力方向竖直向上B.a、b、c三个等势面的电势是φa＞φb＞φcC.带电粒子在穿越电场过程中动能一定增大D.带电粒子在A到B过程中动能变化大于在B到C过程中动能的变化【答案】C【解析】解：A、B、等势面是平行的、等宽的直线，所以可以判定该电场是匀强电场，电场线的方向在竖直方向上．根据轨迹弯曲的方向，可以判定出带电粒子受力的方向向下；不知道带电粒子的电性，故不能判定出电场的方向是向上还是向下，也就无法判断等势面电势的高低；故A错误，B错误；C、粒子穿越电场的过程中，受力向下，向下运动，合力做正功，故动能增加，故C正确；D、由于U ab=U bc，所以q U ab=q U bc，；即从A到B与从B到C，电场力做功相等，所以动能的变化量相等，故D错误；故选：C．等势面是平行的、等宽的直线，所以可以判定该电场是匀强电场，电场线的方向在竖直方向上．根据轨迹弯曲的方向，可以判定出带电粒子受力的方向．根据带电粒子受力的方向与运动的方向关系，可以判定出带电粒子的电势能与动能的变化．根据等势面的特点，可以判定电场线的特点；根据轨迹弯曲的方向，可以判定出带电粒子受力的方向是解决该题的关键．六、多选题(本大题共2小题，共8.0分)9.一带电油滴在竖直向下的匀强电场中的运动轨迹如图中虚线所示（在竖直面内），不计空气阻力，则油滴从a到b的过程中，下列说法中正确的是（）A.加速度不变B.电势能增加C.动能和电势能之和不变D.重力势能和电势能之和减小【答案】AD【解析】解：A、带电油滴所受电场力和重力都恒力，合力恒定，加速度恒定，故A正确．B、由于轨迹向上弯曲，合力向上，所以电场力必定向上，则电场力做正功，电势能减小．故B错误；C、从a到b的运动过程中，重力势能、电势能和动能的总和保持不变，重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减少，故C错误；D、根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D正确．故选：AD带电油滴只受等于重力和电场力，两个力都是恒力，合力恒定，加速度恒定．根据图中轨迹的弯曲方向，可以判断出电场力的方向，然后根据功能关系进行求解即可．本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化．在学习过程中要明确各种功能关系是解这类问题的关键．10.如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板区域的条件下，下述四种情况中，可使电子的偏转角φ变大的是（）A.保持U1不变，使U2变大B.保持U1不变，使U2变小C.保持U2不变，使U1变大D.保持U2不变，使U1变小【答案】AD【解析】解：设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：q U1=12m v02…①又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：t=Lv0…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：a=Fm =qU2md…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：v y=at…④由①、②、③、④可得：v y=qU2Ldmv0偏转角正切：tanφ=v yv0=qU2Ldmv02=qU2L2dqU1=U2L2dU1故U2变大或U1变小都可能使偏转角θ变大，故AD正确，BC错误；故选：AD．电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场时的速度．电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动．运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度θ的变化情况．带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化．第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最基本解法．第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解．七、单选题(本大题共1小题，共4.0分)11.如图所示，为一空腔球形导体（不带电），现将一个带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，图中a、b、c三点的电场强度E和电势φ的关系是（）A.E a＞E b＞E c，φa＞φb＞φcB.E a=E b＞E c，φa=φb＞φcC.E a=E b=E c，φa=φb=φcD.E a＞E c＞E b，φa＞φb＞φc【答案】D【解析】解：当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图．由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则E a＞E c＞E b．根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是φa＞φb＞φc．故选D将带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷．整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面．画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小．本题抓住处于静电平衡导体的特点是关键．比较场强大小和电势高低常常画电场线，形象直观地判断．八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)12.如图所示，在绝缘的光滑水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球，从静止同时释放，则下列说法中正确的是（）A.两小球速度变大，加速度变大B.两小球速度变大，加速度变小C.两小球的电势能逐渐减少D.两小球的动能与电势能之和保持不变【答案】BCD【解析】解：AB、因电荷间的静电力与电荷的运动方向相同，故电荷将一直做加速运动，又由于两电荷间距离增大，它们之间的静电力越来越小，故加速度越来越小．故A错误、B正确．C、由于静电力与电荷运动方向相同，故静电力对电荷做正功，故电荷的电势能减小，故C正确．D、由于只有静电力做功，静电力对电荷做正功，电势能减小，即为W=-△E p，根据动能定理W=△E k，所以△E k+△E p=0，即两小球的动能与电势能之和保持不变，故D 正确．故选：BCD．根据库仑定律分析电荷间作用力的变化．根据牛顿第二定律分析加速度之比的变化．根据静电力做功与电势能变化的关系和动能定理判断电势能的变化和动能的变化．本题中两球间存在斥力，引力逐渐减小，根据功能关系的判断速度变化，注意掌握牛顿第二定律的应用．九、单选题(本大题共1小题，共4.0分)13.如图所示，水平放置的两个平行的金属板A、B带等量的异种电荷，A板带负电荷，B板接地．若将A板向上平移到虚线位置，在A、B两板中间的一点P的电场强度E和电势φ的变化情况是（）A.E不变，φ改变B.E改变，φ不变C.E不变，φ不变D.E改变，φ改变【答案】C【解析】解：据题，电容器所带电量Q不变．根据C=QU 、C=ɛS4πkd、E=Ud得E=4πkQɛS，则知电场强度E不变．P与下板间的距离不变，E不变，则由U=E d分析P点与下板间电势差不变，下板电势为零，所以φ不变．故C正确．故选C由题知，电容器所带电量不变，根据C=QU 、C=ɛS4πkd、E=Ud结合分析E的变化．由U=E d分析P点与下板间电势差的变化，分析P点的电势如何变化．本题是电容器动态变化分析问题，关键要掌握C=QU 、C=ɛS4πkd、E=Ud，也可以根据推论可知E不变．十、多选题(本大题共3小题，共12.0分)14.如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下．已知在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块克服摩擦力做功6.0J，重力做功20J，则以下判断正确的是（）A.金属块带正电荷B.金属块克服电场力做功8.0JC.金属块的机械能减少6JD.金属块的电势能增加4.0J【答案】AD【解析】解：A、B、D、在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块克服摩擦力做功6.0J，重力做功20J，根据动能定理得：W总=W G+W电+W f=△E K解得：W电=-4J所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J．由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷．故A、D正确，B错误C、在金属块滑下的过程中重力做功20J，重力势能减小20J，动能增加了10J，重力势能与动能之和等于机械能，则金属块的机械能减少10J，故C错误．故选：AD．在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块克服摩擦力做功6.0J，重力做功20J，根据动能定理求出电场力做功．即可判断电场力方向与场强的关系，分析金属块的电性．知道电场力做功量度电势能的改变．知道重力做功量度重力势能的改变．除重力以外的力做功等于机械能的变化．或根据重力势能与动能的变化分析机械能的变化．解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．15.如图所示，水平粗糙绝缘杆从物体A中心的孔穿过，A的质量为M，用绝缘细线将另一质量为m的小球B与A连接，整个装置所在空间存在水平向右的匀强电场E，A不带电，B带正电且电荷量大小为Q，A、B均处于静止状态，细线与竖直方向成θ角．则（）A.细线中张力大小为mgcosθB.细线中张力大小为QEsinθC.杆对A的摩擦力大小为QED.杆对A的支持力大小为M g 【答案】ABC【解析】解：对B受力分析并合成如图：F电=QE由平衡条件：T=mgcosθ或T=F电sinθ=QEsinθ对A受力分析并分解如图：由平衡条件：f=T sinθ=mgtanθ=QEN=M g+T cosθ=（M+m）g，即：杆对A的支持力大小为=（M+m）g故选：ABCAB均处于静止状态，对AB分别受力分析，应用平衡条件可分别求解力的大小．本题考查分析物体受力的能力，受力分析时一定要选择合适的研究对象进行正确的受力分析，应用平衡条件进行求解即可．此题第二问也可采用选取整体为研究对象的方法，可以一试．16.如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点，把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平方向成θ=60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是（）A.小球在B点时只是速度瞬间为零但并非平衡B.小球重力与电场力的关系是E q=√3mgC.小球重力与电场力的关系是mg=√3E qD.由A到B小球电势能的增加量等于重力势能的减小量【答案】ABD【解析】解：A、小球受重力、电场力和拉力，从A到B，物体先加速后减速，平衡点在AB圆弧的中点，故A正确；B、C、小球在A、B间做小角度摆动，做类似单摆的运动，平衡位置在AB弧的中点；在AB圆弧的中点，等效重力方向与细线方向平行，如图所示：由几何关系得到：tan30°=GF，解得：F=√3G；由于F=q E，故E q=√3mg，故B正确，C错误；D、由A到B过程，只有重力和电场力做功，重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量，故小球的机械能和电势能之和守恒，由于A、B两点的动能为零，故由A到B小球电势能的增加量等于重力势能的减小量，故D正确；故选ABD．小球受重力、电场力和拉力，将重力和电场力合成，等效成新重力，故小球在A、B间做小角度摆动，做类似单摆的运动，平衡位置在AB弧的中点；在AB圆弧的中点，等效重力方向与细线方向平行，运用合成法得到重力和电场力的关系；根据功能关系分析由A到B小球电势能的增加量与重力势能的减小量的关系．本题关键是明确小球的受力情况和运动情况，知道小球做类似单摆的摆动，平衡点在AB圆弧的中点．十一、计算题(本大题共3小题，共36.0分)17.如图所示，在光滑绝缘的水平面上，沿一条直线依次排列两带电小球A、B．已知A球电量q，B球电量为-4q，A的质量是B质量的2倍，开始时，AB间距离为r．今在B上沿连线方向施加一恒力F后，两个小球恰能在运动中保持相对位置不变．求所施恒力F的大小．【答案】解：要使两球在运动中保持相对位置不变，则两球的加速度相同，设B球质量为m，设A球质量为2m，对A受力分析，受重力、支持力和静电引力，根据牛顿第二定律，有：a=F 静2m =4kq22mr2；对A、B两个球整体分析，有：F=（2m+m）a=3m×4kq22mr2=6kq2r2；答：所施恒力F的大小为6kq2r2．【解析】先对小球A受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度；再对整体受力分析，根据牛顿第二定律求解拉力F．本题关键是采用隔离法求解加速度，采用整体法求解拉力，基础题．18.如图所示，在竖直放置的半圆形光滑绝缘细管的圆心O 处固定一正点电荷，将质量为m 、电荷量为-q 的小球从管的水平直径的端点A 由静止释放，小球沿细管滑到最低点B 时，对管壁向上的压力大小等于mg ．若小球所带电荷量很小，不影响O 点处的点电荷的电场，求放于圆心处的电荷在B 点的电场强度大小．【答案】解：由A →B ，由动能定理得：mg R=12mv 2 ①在B 点，由牛顿定律得：q E-mg -F N =mv 2R ② 将F N =mg 代入①②得：E=4mgq答：放于圆心处的电荷在B 点的电场强度大小为4mgq ．【解析】以带电小球为研究对象，在下滑过程中由动能定理可求出到达最低点的速度大小，从而由牛顿第二定律可求出电场力，从而确定电场强度大小．本题是机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合应用．对于圆周运动，常常不单独出题，会和动能定理、机械能守恒结合应用．19.如图所示，倾角为θ=37°的绝缘斜面，固定在水平向右场强大小为E 的匀强电场中，一个质量为m 的带正电物块在斜面底端的A 点以初速度v 0沿斜面上滑，到达斜面上B 点后又沿斜面返回A 点，此时速度大小为12v 0，已知物块带电量为q =mg 3E ．试求：（1）物块受到斜面的支持力大小（2）斜面的滑动摩擦系数μ为多大．（取sin 37°=0.60，cos 37°=0.80）【答案】解：（1）物体的受力分析如图：垂直斜面方向：F N=mgcosθ+q E sinθ①代入数值得：F N=mg（2）上滑的过程中重力、电场力和摩擦力做功，由动能定理：mv02②−mgLsinθ+qELcosθ−μF N L=0−12mv2−全过程由动能定理：−μF N⋅2L=121mv02③2由①②③代入数值得：μ=0.2答：（1）物块受到斜面的支持力大小等于mg；（2）斜面的滑动摩擦系数μ为0.2．【解析】（1）对物体进行受力分析，根据受力分析即可求得物块受到斜面的支持力大小；（2）上滑的过程中重力、电场力和摩擦力做功，全过程中只有重力和摩擦力做功，使用动能定理即可．解决本题的关键能够正确的受力分析，确定在物体运动的过程中有哪些力做功，做了多少功．属于基础题目．。

2011-2012学年高二物理上册第一次月考检测试题（带答案）“华安、连城、永安、漳平一中、龙海二中、泉港一中”四地六校联考2011-2012学年上学期第一次月考高二物理试题（考试时间：90分钟总分：100分）一、单项选择题（共14小题，每小题3分，共42分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求。

）1．下列关于电阻率的叙述，正确的是（）A．材料的电阻率不管在什么条件下都不可能为零B．常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的C．材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度D．任何材料的电阻率都随温度的升高而增大2．下列关于电场线的说法中，正确的是（）A．沿电场线方向，电场强度越来越小B．电场线上每一点的切线方向都跟电荷在该点的受力方向相同C．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力就越大D．在电场中，顺着电场线移动电荷，电荷受到的电场力大小不变3．图1四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点．其中电势和场强都相同的是（）4．如图2所示，一个带正电的粒子先后分别沿1、2、3、4条不同路径到达同一带负电的导体上（导体与地绝缘），电场力对该带电粒子做功分别为W1、W2、W3和W4，则它们间的关系正确的是（）A．W1>W2>W3>W4B．W1>W2=W3>W4C．W15．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．如图3所示各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）6．两个分别带有电荷量和+的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为高考资（）网A．B．C．D．高考资源7．电流计G和用与此电流计改装成的电流表A、电压表V的内阻分别为RG、RA、RV，它们之间的大小关系是（）A．RGRV>RAC．RV8．两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度也为L，直径为2d，那么通电后，A、B在相同的时间内产生的热量之比为（）A．QA:QB＝1:4B．QA:QB＝4:1C．QA:QB＝1:2D．QA:QB＝2:19．两个通草球带电后相互推斥，如图4所示．两悬线跟竖直方向各有一个夹角α、β，且两球在同一水平面上．两球质量用m和M表示，所带电量用q和Q表示．若已知α>β，则一定有关系（）A．球一定带异种电荷B．m一定小于MC．q一定大于QD．m受到的电场力一定大于M所受电场力10．将带电量为6×10-6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做3×10-5J的功，再将电荷从B点移到C点，电场力做了1.2×10-5J 的功，则关于A、B、C三点的电势φA、φB、φc，以下关系正确的是（）A．φA＞φB＞φCB．φB＞φA＞φCC．φC＞φA＞φAD．φA＞φC＞φB11．如图5所示，a、b、c为电场中同一电场线上的三点，且b为ac 的中点，a、c电势分别为φa＝8V，φc＝6V．下列叙述正确的是（）A．电场中b点的电势一定是7VB．a点的场强Ea一定大于c点的场强EcC．一正电荷从b点运动到c点，电势能一定减少D．一正电荷运动到b点时，受到的电场力方向一定由b指向a 12．有两个带有等量异种电荷的小球，用绝缘细线相连后悬起，并置于水平方向匀强电场中．当两小球都处于平衡时其可能位置是图6中的哪一个？（）13．如图7所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，即，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点．下列说法中不正确的是（）A．三个等势面中，等势面a的电势最高B．带电质点通过P点时的电势能较Q点大C．带电质点通过P点时的动能较Q点大D．带电质点通过P点时的加速度较Q点大14．如图8所示，平行板电容器经开关S与电源连接，在a处有一个带电量非常小的点电荷，S是闭合的，为a点的电势，F表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大则（）A．变大，F变大B．变大，F变小C．不变，F不变D．不变，F变小二、填空题（共4小题，每空3分，共27分）15．将电量为q2的点电荷放在电量为q1的点电荷的电场中的P点，q2所受静电力的大小为F，则P点的场强大小为；若将点电荷q2从P 点取走，q1的位置不变化，则q2取走后P点的场强大小（填“变化”或“不变化”）．16．如图9所示，直角三角形中AB=40cm，BC=30cm，在A、B处分别放有点电荷、，测得C处场强=10V／m，方向平行于AB向上．可知与（填①同号，②反号，③可能是同号也可能反号），今撤去，则大小为V／m．17．把电荷量q=1.0×10-5C的正电荷从A点移到B点，电场力做功W=2.0×10-3J，若规定B点为零电势，则正电荷在A点的电势能EPA为J；A点的电势=V．18．如图10所示的电路中,R1=1Ω，R2=2Ω，R3=3Ω，那么通过电阻R1、R2、R3的电流强度之比I1:I2:I3为，电阻R1、R2、R3的两端电压之比U1:U2:U3为．19．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图11所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑（亮斑图是从右向左看屏），那么示波管中的：①极板X应带正电②极板X'应带正电③极板Y应带正电④极板Y'应带正电以上4项中正确的是A．①③B．①②C．②③D．③④三．计算题（共3小题，共31分，解答要写出主要的运算过程和必要的文字说明）20．（9分）微型吸尘器的直流电动机内阻一定，把它接入电压为U1=2V 的电路时，电动机不转，测得此时流过电动机的电流是I1=0.4A；若把电动机接入电压为U2=30V的电路中，电动机正常工作，工作电流是I2=1.0A，求：（1）电动机线圈的电阻R？（2）电动机正常工作1min消耗的电能是多少？（3）电动机正常工作时，电动机输出的功率是多少？21．（9分）如图12，一带电液滴在重力和电场力的作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°．已知带电液滴的质量为m，水平方向的电场强度为E，带电液滴从b运动到d所用时间为t，重力加速度为g．求：（1）带电液滴带何种电？带电量为多少？（2）从b运动到d，带电液滴的电势能变化多少？是增加还是减少？22．（13分）飞行时间质谱仪可对离子进行分析．如图13所示，在真空状态下，脉冲阀P喷出微量气体，经激光照射产生电荷量为q、质量为m的正离子，自a板小孔进入a、b间的加速电场，从b板小孔射出，沿中线方向进入M、N板间的偏转控制区，到达探测器．已知a、b板间距为d，极板M、N的长度和间距均为L，a、b间的电压为U1，M、N间的电压为U2．不计离子重力及进入a板时的初速度．求：（1）离子从b板小孔射出时的速度（２）求离子自a板小孔进入加速电场至离子到达探测器的全部飞行时间．（3）为保证离子不打在极板上，U2与U1的应满足的关系．“华安、连城、永安、漳平一中、龙海二中、泉港一中”四地六校联考2011-2012学年上学期第一次月考高二物理答题卷（考试时间：90分钟总分：100分）一、单项选择题（共14小题，每小题3分，共42分。

高二第一次月考（物理）（考试总分：100 分）一、 单选题 （本题共计5小题，总分30分）1.（6分）19世纪30年代,法拉第提出一种观点,认为在电荷周围存在电场,电荷之间通过电场传递相互作用力.对于电荷A 和电荷B 之间的电场,下列说法中正确的是( )A. 电荷B 在电荷A 的电场中受静电力的作用,自身并不产生电场B. B.撤去电荷B,电荷A 激发的电场就不存在了C. C.空间某点的电场强度等于两电荷在该点激发电场的场强的矢量和D.电场是法拉第假想的,实际上并不存在2.（6分）真空中有两个点电荷,它们之间的静电力为F,如果使它们间的距离增大到原来的2倍,将其中之一的电量也增大到原来的2倍,则它们间的作用力将变为( ) A.4F B.2F C.2F D.F 3.（6分）A 为已知电场中的一固定点,在A 点放一电量为q 的电荷,所受电场力为F ，A 点的场强为E,则( )A.若在A 点换上-q,A 点场强方向发生变化B.若在A 点换上电量为2q 的电荷,A 点的场强将变为2EC.若在A 点移去电荷q,A 点的场强变为零D.A 点场强的大小、方向与q 的大小、正负、有无均无关4.（6分） 图示为等量异种的点电荷 所形成的电场线分布,以下说法正确的是（ ）A.a 点的电势低于b 点的电势B.a 点的场强大于b 点的场强，方向相同C.将一负电荷从a 点移到b 点静电力做负功D.负电荷在a 点的电势能大于b 点的电势能5.（6分）A 、B 是一条电场线上的两个点,一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定的初速度从A 点沿电场线运动到B 点,其速度v 与时间t 的关系图象如图甲所示,则此电场的电场线分布可能是图乙中（ ）二、 多选题 （本题共计3小题，总分18分）6.（6分）两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示，c 是两负电荷连线的中点，d 是在正电荷的正上方，c 、d 到正电荷的距离相等，则 （ ）A. a 点的电场强度比b 点的大B. a 点的电势比b 点的高C. c 点的电场强度比d 点的大D. c 点的电势比d 点的低7.（6分）真空中有两个完全相同的金属小球,所带电荷量分别为1q -和2q ,相距为r 时相互作用力为F ；今将两球接触后再放回原处,相互作用力为，F 31由此可判断两球原来的电荷量的关系是( )A.2:1:21=q qB.1:4:21=q qC.1:3:21=q qD.3:1:21=q q8.（6分）图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线。

嗦夺市安培阳光实验学校第五中学度第一学期高二物理第一次月考试卷时间：90分钟 满分：100分一．选择题（本题包括11小题，每小题4分，共44分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 在电场中的a 点放一检验电荷q +，它受到的电场力大小为F ，方向水平向右，则a 点的场强大小为a FE q=，方向水平向右，下列说法正确的是( )A ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 点的场强变为2EB ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 的场强变为12EC ．在a 点放置一个负检验电荷，a 点的场强方向变为水平向左D ．在a 点放置一个负检验电荷，它所受的电场力方向水平向左 【答案】D【考点】电场强度．【解析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．电场强度的方向为正电荷的受力方向，与负电荷的受力方向相反。

2.关于匀强电场电势差和场强的关系，正确的说法是：（ ） A 、在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大 B 、任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积 C 、电势减小的方向必定是场强的方向D 、沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等【答案】D【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【解析】解：A 、根据公式U=Ed 可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．相同距离没有说明是否是电场方向的距离，故A 错误；B 、U=Ed ，d 是沿电场线方向上的距离，不是任意两点间的距离，故B 错误；C 、电势减小的方向不是场强的方向，电势降低最快的方向才是场强的方向，故C 错误．D 、根据公式U=Ed 可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等．故D 正确 故选：D3.在点电荷Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为：（ ） A 、A A WW qεϕ=-=， B 、A A WW q εϕ==-， C 、A A W W qεϕ==， D 、A A W q W εϕ=-=-，【答案】A【考点】电势；电势能．【解析】解：依题意，-q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则电荷的电势能减小W ，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A 点的电势能为ɛA=-W ，A 点的电势.故选A4.将一正电荷从无穷远处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，若将一个等量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，则M、N两点的电势ϕm、ϕn有如下关系（）A、ϕm＜ϕn＜0B、ϕn＞ϕm＞0C、ϕn＜ϕm＜0D、ϕm＞ϕn＞0【答案】C【考点】电势；电势能．【解析】解：正电荷从无穷处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，电荷的电势能减小，则M点的电势小于无穷远的电势，即φM＜0．负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，电势能减小，则N点的电势小于无穷远的电势，即φN＜0．由于两电荷电量相等，N点移向无穷远处电场力做功较大，N点与无穷远间的电势差较大，则N点的电势低于M点的电势，即得到φN＜φM＜0．故选C5.如图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是φa=5V，φb=2V，φc=4V，则在下列各示意图中能表示该电场强度方向的是（）【答案】D【考点】电场强度；电势．【解析】解：由题意可知，各点的电势分别为Ua=5V，Ub=2V，Uc=4V，则ab连线上离a 点处的电势为3V，所以该点与c点的连线，即为等势线．由于沿着电场线方向，电势降低．故D正确，ABC错误；故选：D6.如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r 为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点问电势差为( ).(A)UOA=Er (B) UOA=Ercosθ(C) UOA=Ersinθ(D)θrcosEUOA=【答案】B【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【解析】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以dOA=r•cosθ，故：UoA=Ercosθ故选C．7.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力则：（）A、粒子带正电B、粒子的加速度逐渐增大C、A点的场强小于B点的场强D、粒子的速度不断减小【答案】D【考点】电势能；牛顿第二定律；电场强度．【解析】解；A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B 点的加速度，故B错误；C、根据电场线的疏密程度可以知道A点的场强大于B点的场强，故C错误；D、不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，故D正确；故选D．8.如图所示,一个带负电的油滴以初速度v0从P点斜向上射入水平方向的匀强电场，若油滴到达最高点的速度大小仍为 v0，则油滴最高点的位置（）A、在P点的左上方 B、在P点的右上方C、在P点的正上方D、上述情况都可能【答案】A【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；抛体运动．【解析】解：对粒子受力分析：粒子仅在重力与电场力作用下运动，直到运动到最高点，此过程初动能与末动能已知且相同，设粒子升高的高度为h，粒子的初末位置间的电压为UPQ，粒子的带电量为-q，由动能定理得：-qUPQ-mgh=解得：由于UPQ＜0，即UP＜UQ，说明Q点的电势高于P点，即带电粒子应在P点的左上方，故A正确．故选：A9．如图所示,在原来不带电的金属细杆ab附近P处,放置一个正点电荷,达到静电平衡后，则（）A．a端带负电，b端带正电B．b端的电势比d点的低C．杆内c处的电场方向由c指向bD．a端的电势一定比b端的低【答案】B【考点】电势．静电平衡【解析】 A、由于静电感应，导体上感应出来的正电荷在a端，负电荷在b端，故A错误．B达到静电平衡后，整个导体是一个等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于电场线从正电荷出发到b端终止，根据顺着电场线方向电势降低，可知b端的电势比d点的低，故B正确，D错误．C、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零，c处的电场强度为0，故C错误．10.在点电荷Q的电场中，一个α粒子(He42)通过时的轨迹如图实线所示，a、b 为两个等势面，则下列判断中正确的是( ).A.Q可能为正电荷，也可能为负电荷B.运动中.粒子总是克服电场力做功C.α粒子经过两等势面的动能Eka＞EkbD.α粒子在两等势面上的电势能Epa＞Epb【答案】C【考点】等势面；电势能．【解析】解：A、α粒子带正电，根据从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，则Q为正电荷，故A错误；B、正的点电荷周围电场分布特点可知，b点的电势高于a点的电势，由于α粒子带正电，所以电势能减小，电场力做正功，故B错误；C、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，因此动能减小电势能增大，故C正确，D错误．故选C．11. 如图所示，A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能Ep随位移x的变化关系如图所示．从A到B过程中，下列说法正确的是( )A. 电场力对电荷一直做正功B. 电势一直升高C. 电荷所受电场力先减小后增大D. 电荷所受电场力先增大后减小【答案】C【考点】电势能；电场强度．【解析】解：A、电势能先减小后增大，则电场力做正功后做负功．故A错误．B、正电荷从A到B电场力先做正功，后做负功，则说明电场力方向变化，即电场线方向先向右，后向左，所以电势先降低后升高．故B错误．C、电势能EP随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大．故C正确，D错误．故选C．二．填空、实验题（本题包括3小题，共18分）12. 有三个相同的绝缘金属小球A、B、C，其中A小球带有2.0×10-5C的正电荷，小球B、C不带电。