辽宁省沈阳市郊联体2018届高三上学期期末考试文综历史---新题精校解析word版

2018-2019学年辽宁省沈阳市郊联体高三（上）期末数学试卷（理科）一、选择题（本大题共12个小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1．（5分）已知集合M＝{x|2x﹣3≤0}，N＝{0，1，2}，则M∩N＝（）A．{1，2}B．{0，1}C．{0}D．{0，1，2} 2．（5分）若复数z＝（1+i）（2﹣i）（i为虚数单位），则z的实部为（）A．1B．2C．3D．43．（5分）抛物线y＝2x2的焦点坐标是（）A．（0，）B．（0，）C．（，0）D．（，0）4．（5分）已知向量，的夹角为60°，且||＝1，||＝2，则|2+|＝（）A．B．C．D．5．（5分）在△ABC中，∠A＝，AB＝2，BC＝5，则cos∠C＝（）A．B．C．D．6．（5分）已知一个样本，样本容量为7，平均数为11，方差为2，现样本中又加入一个新数据11，此时样本容量为8，平均数为，方差为s2，则（）A．B．C．D．7．（5分）《九章算术》勾股章有一“引葭赴岸”问题：“今有池方一丈，葭生其中央，出水一尺，引葭赴岸，适与岸齐．问水深、葭长各几何．”其意思是：有一水池一丈见方，池中生有一颗类似芦苇的植物，露出水面一尺，若把它引向岸边，正好与岸边齐（如图所示），问水有多深，该植物有多长？其中一丈为十尺．若从该葭上随机取一点，则该点取自水下的概率为（）A．B．C．D．8．（5分）已知抛物线C：y2＝8x焦点为F，点P为其准线上一点，M是直线PF与抛物线C的一个交点，若，则直线PF的斜率为（）A．B．C．D．9．（5分）如图，在正三棱柱ABC﹣A′B′C′中，底面边长为2，，则直线AB′与直线A′C所成角的余弦值为（）A．B．C．D．10．（5分）f（x）＝cos x﹣sin x在区间[﹣α，α]仅有三个零点，则α的最小值是（）A．B．C．D．11．（5分）设f（x）是定义在R上的以2为周期的偶函数，在区间[1，2]上单调递减，且满足，则满足不等式组的解集为（）A．B．C．D．12．（5分）已知椭圆的右焦点为F（1，0），离心率为e，过原点斜率为k的直线与椭圆交于A、B两点，M、N分别为线段AF、BF的中点，以MN为直径的圆过原点O，若，则e的取值范围是（）A．B．C．D．二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．将答案填在题中横线上）13．（5分）双曲线的渐近线方程为．14．（5分）的展开式中x的系数为．15．（5分）某学校举办科技节活动，有甲、乙、丙、丁四个团队参加“智能机器人”项目比赛，该项目只设置一个一等奖，在评奖揭晓前，小张、小王、小李、小赵四位同学对这四个参赛团队获奖结果预测如下：小张说：“甲团队获得一等奖”；小王说：“甲或乙团队获得一等奖”；小李说：“丁团队获得一等奖”；小赵说：“乙、丙两个团队均未获得一等奖”．若这四位同学中只有两位预测结果是对的，则获得一等奖的团队是．16．（5分）已知底面边长为3的正三棱锥P﹣ABC的外接球的球心Q满足，则正三棱锥P﹣ABC的内切球半径为．三、解答题（本大题共6个小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．（12分）已知等差数列{a n}的前n项和为S n，公差为d．（1）若d＝1且S5＝a1a9，求数列{a n}的通项公式；（2）若a1，a3，a4成等比数列，求公比q．18．（12分）某工厂有两台不同的机器A和B，生产同一种产品各10万件，现从各自生产的产品中分别随机抽取20件，进行质量鉴定，鉴定成绩的茎叶图如图所示：该产品的质量评价标准规定：鉴定成绩在[90，100）内的产品，质量等级为优秀；鉴定成绩在[80，90）内的产品，质量等级为良好；鉴定成绩在[60，80）内的产品，质量等级为合格，将频率视为概率．（1）完成下列2×2列联表，以产品质量等级是否达到良好以上（含良好）为判断依据，判断能不能在误差不超过0.05的情况下，认为产品等级是否达到良好以上（含良好）与生产产品的机器有关：（2）已知质量等级为优秀的产品的售价为12元/件，质量等级为良好的产品的售价为10元/件，质量等级为合格的产品的售价为5元/件，A机器每生产10万件的成本为20万元，B机器每生产10万件的成本为30万元，该工厂决定，按样本数据测算，两种机器分别生产10万件产品，淘汰收益低的机器，你认为该工厂会怎么做？19．（12分）如图，已知四边形ABCD与四边形BDEF均为菱形，F A＝FC，且∠DAB＝∠DBF＝60°（1）求证：AC⊥平面BDEF；（2）求二面角A﹣FB﹣C的余弦值．20．（12分）已知椭圆C：的离心率为，过右焦点F的直线l与C相交于A、B两点，当l的斜率为2时，坐标原点O到l的距离为．（1）求a、b的值；（2）C上是否存在点P，使得当l绕F转到某一位置时，有成立？若存在，求出所有的点P的坐标与l的方程；若不存在，说明理由．21．（12分）已知函数f（x）＝x﹣ae x（a∈R）．（1）若a＝2，求函数f（x）在x＝0处的切线方程；（2）若y＝f（x）有两个零点x1、x2，且x1＜x2．①求a的取值范围；②证明：x1+x2＞2．请考生在22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分[选修4-4：坐标系与参数方程]22．（10分）已知曲线C1的参数方程是，以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为ρ＝2sinθ．（1）把曲线C1的参数方程化为极坐标方程；（2）直线l的极坐标方程为θ＝，直线l与C1相交于点A，直线l与C2相交于点B（A、B异于极点），求线段AB的长．[选修4-4：不等式选讲]23．设f（x）＝|x+2|+|x﹣3|．（1）求不等式f（x）≥6的解集；（2）若不等式f（x）＞m2﹣4m恒成立，求实数m的取值范围．2018-2019学年辽宁省沈阳市郊联体高三（上）期末数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12个小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1．【解答】解：集合M＝{x|2x﹣3≤0}＝{x|x≤}，N＝{0，1，2}，则M∩N＝{0，1}．故选：B．2．【解答】解：∵z＝（1+i）（2﹣i）＝2﹣i+2i+1＝3+i．∴z的实部为3．故选：C．3．【解答】解：∵在抛物线y＝2x2，即x2＝y，∴p＝，＝，∴焦点坐标是（0，），故选：B．4．【解答】解：∵向量，的夹角为60°，且||＝1，||＝2，∴＝1×2×cos60°＝1，∴|2+|＝＝＝＝2，故选：D．5．【解答】解：∵∠A＝，AB＝2，BC＝5，∴由正弦定理可得：＝，可得：sin∠C＝＝，∵AB＜BC，可得：∠C为锐角，∴cos∠C＝＝．故选：D．6．【解答】解：∵某7个数的平均数为11，方差为2，现又加入一个新数据11，此时这8个数的平均数为，方差为s2，∴＝＝11，s2＝＜2，故选：A．7．【解答】解：设水深为x尺，则（x+1）2＝x2+52，解得x＝12，即水深12尺．又葭长13尺，则所求概率，故选：B．8．【解答】解：当点P在x轴上方时，如图：过M作MN⊥准线x＝﹣2于N，则根据抛物线的定义得FM＝MN因为＝4，所以PM＝3MF＝3MN∴PN＝＝2MN，∴tan∠PMN＝＝2，此时PF的斜率为﹣2，当点P在x轴下方时，同理可得直线PF的斜率为2故选：B．9．【解答】解：在正三棱柱ABC﹣A′B′C′中，底面边长为2，，以A为原点，AB为x轴，在平面ABC中，过A作AB的垂线为y轴，AA′为z轴，建立空间直角坐标系，A（0，0，0），B′（2，0，2），A′（0，0，2），C（1，，0），＝（2，0，2），＝（1，，﹣2），设直线AB′与直线A′C所成角为θ，则cosθ＝＝＝．∴直线AB′与直线A′C所成角的余弦值为．故选：A．10．【解答】解：f（x）＝cos x﹣sin x在区间[﹣α，α]仅有三个零点，即cos x＝sin x在区间[﹣α，α]仅有三个解，即tan x＝1在区间[﹣α，α]仅有三个解，这三个根应为：﹣，，，故选：C．11．【解答】解：根据题意，f（x）为周期为2的偶函数，则f（x）＝f（x+2）且f（x）＝f （﹣x），则有f（﹣x）＝f（x+2），则函数f（x）关于直线x＝1对称，又由f（x）在区间[1，2]上单调递减，且，则f（x）在[0，1]上递增，且f（）＝1，f（）＝0，则⇒≤x≤，即不等式组的解集为[，]；故选：A．12．【解答】解：记线段MN与x轴交点为C．∵AF的中点为M，BF的中点为N，∴MN∥AB，|FC|＝|CO|＝，∵A、B为椭圆上关于原点对称的两点，∴|CM|＝|CN|．∵原点O在以线段MN为直径的圆上，∴|CO|＝|CM|＝|CN|＝．∴|OA|＝|OB|＝c．∵|OA|＞b，∴a2＝b2+c2＜2c2，∴e＝＞．设A（x，y），F1（﹣c，0），易得AF1⊥AF．由，可得得x2＝，y2＝．∵直线AB斜率为0＜k，∴0＜k2＜3，0＜≤3∴4﹣2≤e2≤4+2，由于0＜e＜1，∴离心率e的取值范围为[，1）故选：D．二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．将答案填在题中横线上）13．【解答】解：∵双曲线，∴双曲线的渐近线方程为＝0，即y＝±x．故答案为：y＝±x．14．【解答】解：的展开式的通项公式为T r+1＝•28﹣r•x3r﹣8，令3r﹣8＝1，求得r＝3，可得展开式中x的系数为•25＝1792，故答案为：1792．15．【解答】解：①若获得一等奖的团队是甲团队，则小张、小王、小赵预测结果是对的，与题设矛盾，即假设错误，②若获得一等奖的团队是乙团队，则小王预测结果是对的，与题设矛盾，即假设错误，③若获得一等奖的团队是丙团队，则四人预测结果都是错的，与题设矛盾，即假设错误，④若获得一等奖的团队是丁团队，则小李、小赵预测结果是对的，与题设相符，即假设正确，即获得一等奖的团队是：丁故答案为：丁16．【解答】解：正三棱锥P﹣ABC的外接球的球心O满足，∴Q为△ABC的外心．△ABC外接圆的圆心为正三棱锥P﹣ABC的外接球的球心，∴PQ＝AQ＝3××＝，QD＝，∴PD＝．∴S P AC＝S P AB＝S PBC＝×3×＝．S△ABC＝，∴V P﹣ABC＝．则这个正三棱锥的内切球半径r满足：（×3+）r＝，解得r＝故答案为：．三、解答题（本大题共6个小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．【解答】解：（1）∵d＝1且S5＝a1a9，∴5a1+×1＝a1（a1+8），解得a1＝﹣5，或a1＝3，当a1＝﹣5时，a n＝﹣5+n﹣1＝n﹣6，当a1＝2时，a n＝2+n﹣1＝n+1，（2）∵a1，a3，a4成等比数列，∴a32＝a1a4，∴（a1+2d）2＝a1（a1+3d），整理可得d（a1+4d）＝0，则d＝0或a1＝﹣4d，当d＝0时，公比为1，当d≠0，a1＝﹣4d，q＝＝＝＝18．【解答】解：（1）根据题意填写列联表如下，计算K2＝＝＝3.636＜0.05，∴不能判断在误差不超过0.05的情况下，认为产品等级是否达到良好以上（含良好）与生产产品的机器有关；（2）A机器每生产10万件的利润为10×（12×0.1+10×0.2+5×0.7）﹣20＝47（万元），B机器每生产10万件的利润为10×（12×0.15+10×0.45+5×0.4）﹣30＝53（万元），则53﹣47＝6＞5，所以该工厂不会仍然保留原来的两台机器，应该会卖掉A机器，同时购买一台B机器．19．【解答】证明：（1）设AC、BD交于点O，连结OF、DF，∵四边形ABCD与四边形BDEF均为菱形，F A＝FC，且∠DAB＝∠DBF＝60°，∴BF＝DF，∴FO⊥AC，FO⊥BD，∵四边形ABCD与四边形BDEF均为菱形，∴AC⊥BD，∵FO∩BD＝O，∴AC⊥平面BDEF．（2）∵FO⊥AC，FO⊥BD，∴FO⊥平面ABCD，∴以OA为x轴，OB为y轴，OF为z轴，建立空间直角坐标系，设F A＝FC＝，则A（，0，0），F（0，0，），B（0，1，0），C（﹣，0，0），＝（），＝（0，1，﹣），＝（﹣），设平面ABF的法向量＝（x，y，z），则，取x＝1，得＝（1，，1），设平面BCF的法向量＝（x，y，z），则，取x＝1，得＝（1，﹣，﹣1），设二面角A﹣FB﹣C的平面角为θ，则cosθ＝＝＝．∴二面角A﹣FB﹣C的余弦值为﹣．20．【解答】解：（1）设F（c，0），直线l的方程为y＝2（x﹣c），∵坐标原点O到l的距离为，∴＝，∴c＝，∵e＝＝，∴a＝，∴b2＝a2﹣c2＝，即b＝；（2）由（1）知椭圆的方程为+＝1，即+＝4，假设存在满足题设条件的直线，由题意知直线的斜率不为0，设直线的方程为l：x＝ty+，设A（x1，y1）、B（x2，y2），把l：x＝ty+代入椭圆方程，整理得（2t2+3）y2+2ty﹣＝0，显然△＞0．由韦达定理有：y1+y2＝﹣，∴x1+x2＝t（y1+y2）+1＝，∵，∴P（，﹣）∵P在椭圆上，∴代入椭圆方程整理得2t2+3＝，解得无解，故不存在这样的点P，使得当l绕F转到某一位置时，有成立．21．【解答】解：（1）f′（x）＝1﹣2e x，由条件知f′（0）＝1﹣2＝﹣1，f（0）＝﹣2，∴函数f（x）在x＝0处的切线方程为y+2＝﹣x，即x+y+2＝0，（2）①∵f′（x）＝1﹣ae x，当a≤0时，f′（x）＞0在x∈R上恒成立，此时f（x）在R上单调增，函数至多有一个零点，当a＞0时，由f'（x）＝0解得x＝﹣lna当x＜﹣lna时，f'（x）＞0，f（x）单调增，当x＞﹣lna时，f'（x）＜0，f（x）单调减，∵y＝f（x）有两个零点x1、x2，∴f（x）max＝f（﹣lna）＝﹣lna﹣ae﹣lna＝﹣lna﹣1＞0，解得0＜a＜②由条件知x1＝ae，x2＝ae，∴0＜x1＜x2．可得lnx1＝lna+x1，lnx2＝lna+x2．方法一：．故x2﹣x1＝lnx2﹣lnx1＝．设＝t，则t＞1，且，解得x1＝，x2＝．x1+x2＝，要证：x1+x2＝＞2，即证明（t+1）lnt＞2（t﹣1），即证明（t+1）lnt﹣2t+2＞0，设g（t）＝（t+1）lnt﹣2t+2（t＞1），g′（t）＝lnt+﹣1，令h（t）＝g′（t），（t＞1），则h′（t）＝＞0，∴h（t）在（1，+∞）上单调增，g′（t）＝h（t）＞h（1）＝0，∴g（t）在（1，+∞）上单调增，则g（t）＞g（1）＝0．即t＞1时，（t+1）lnt﹣2t+2＞0成立，∴x1+x2＞2．方法二：则lnx1﹣x1＝lnx2﹣x2＝lna，设g（x）＝lnx﹣x﹣lna，则x1，x2为g（x）的两个零点，g′（x）＝﹣1＝，易得g（x）在（0，1）上单调增，在（1，+∞）上单调减，所以0＜x1＜1＜x2，设h（x）＝g（x）﹣g（2﹣x），（0＜x＜1），则h（x）＝lnx﹣ln（2﹣x）+2﹣2x（0＜x＜1），h′（x）＝+﹣2＝＞0恒成立，则h（x）在（0，1）上单调增，∴h（x）＜h（1）＝0，∴h（x1）＝g（x1）﹣g（2﹣x1）＜0，即g（x1）＜g（2﹣x1），即g（x2）＜g（2﹣x1），又g（x）在（1，+∞）上单调减，x2，2﹣x1∈（1，+∞），∴x2＞2﹣x1，即x1+x2＞2，请考生在22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分[选修4-4：坐标系与参数方程]22．【解答】解：（1）∵曲线C1的参数方程是，∴曲线C1的普通方程为x2+（y﹣2）2＝4，即x2+y2﹣4y＝0，∴曲线C1的极坐标方程为ρ2﹣4ρsinθ＝0，即ρ＝4sinθ．（2）∵直线l的极坐标方程为θ＝，∴直线l的直角坐标方程为y＝，∵曲线C2的极坐标方程为ρ＝2sinθ，即ρ2＝2ρsinθ，∴曲线C2的直角坐标方程为x2+y2﹣2y＝0，∵直线l与C1相交于点A，直线l与C2相交于点B（A、B异于极点），∴联立，得A（，3），联立，得B（，），∴|AB|＝＝．∴线段AB的长为．[选修4-4：不等式选讲]23．【解答】解：（1）f（x）≥6可化为：|x+2|+|x﹣3|≥6，①当x＜﹣2时，﹣x﹣2﹣x+3≥6，解得x≤﹣；②当﹣2≤x≤3时，x+2﹣x+3≥6不成立；③当x＞3时，x+2+x﹣3≥6，解得x≥综上所述f（x）≥6的解集为{x|x或x}（2）∵|x+2|+|x﹣3|≥|（x+2）﹣（x﹣3）|＝5，即f（x）min＝5又不等式f（x）＞m2﹣4m恒成立等价于f（x）min＞m2﹣4m 即5＞m2﹣4m，解得﹣1＜m＜5实数m的取值范围是（﹣1，5）。

6. 2017—2018学年度沈阳郊联体高三上学期期末考试试题数学（文）命题人：灯塔市第一高细I>学*.翠翠 考试时间:120分钟试卷总分：150分第1卷一、选择题（本大题共12小题.每小题5分，满分60分在毎小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的・）1.设集合=^ = {x|lgx<0},则 MUN=（）A. [0,1]B. (0,1]C ・[0.1)己知复数r在复平面内对应的点位于直线x-y = 0上.则“的值为（）设a, 0是两个不同的半面，/.加是两条不同的直线，且laa ・muB （A.若〃/“•则a 〃0 C ・若/丄“.则a 丄02 2已知双曲线亠-与-1 5小0）的焦距为2yf$9冃•双曲线的一条渐近线为—2>・・0・ cT $则双曲线的方程为（ 〉D ・才F i4=+ 1 (HG NJ,数列｛»｝满足 h n 二•且 $ + …+ 九=45 •则D. (-ooJ]3. B.丄2 2=是“直线x + A ・2 D ・-25.数列{〜}满足丄久小6（ ）C.为定值24 D・最大值为50B.最人值为25乙©高三数学（文）试卷第I页共4页6.7. 己知正数加,”満足加=g,则曲线f （x ） = ^x' +n :x 在点（m/（zn ））处的切线的倾斜角的取值范围为（A •亦） C ・吟‘¥】D.吟,穴）8. 如图,在边长为1的正方形两格中用粗线画出了某个多面体的三视图，则该多面体的体积为（）A. 15B. 13 C ・12D ・99. 已知椭洌C ：兰+ ZL1・（a>b>0）的左、右顶点分别为几h 2的圆与直线加-砂十3的=0相切，则C 的离心率为（）A.逅B •退 C.叵33 410. 已知在三棱锥S - ABC 中，$4丄平Ifc ABC <月8丄4C, SA = \AB= AC=29则此三棱锥外接球的农面枳为（ A ・35/r B ・4穴11・己知扼物线/ =4x 的焦点为F.过点F 的胃线AB 交抛物线FA. B 两点.交准线于点 C. 2；：0C| = 2|8F| ■则|如护( )12. L1知函数/(・Y )满足/(X ) = 3/1L 当xe ［L4|时./ix) = lnx,若在区间［丄,4］内.函 lx 丿 4数g(x) = /(x)-or 有三个不同的零点.则实数“的取值范【科是( )A.［孚2)B. (0,»C. (0.1)D. ［—.I)4 e2ee4 e第II 卷二、填空题（本大题共4小题.每小题5分.共20分）.13. 已知直线厶与M 线厶：4.丫-3『+1 =（）雅也，4与例G.J+F + QyTM 相切，则鬥•线厶的-」般方程为 _______ .14. 已知/（"）是定义在R 上的奇两数，当xe （-oo.O ）时，/（.V ）= -X 2 + 2x ,则/（3）=高三数学（文〉试卷第2页共4页C ・ 9/rD ・ 17/rA. 10 TC. 3D. 5A ：. It 以线段力虫为直径15. 己知双曲线耳-斗=1（恥>0）的左.右焦点分别为F\g过巧n与x轴垂宜的直线交双曲线于4』两点,线段仍与双曲线的另一个交点为C.若SsciSacF •则双曲线的离心率为_________ .2 216. 已知椭圆二+与=|的右焦点为F・P是桶侧上一点，点/（0.3侖）・汽MPF的周长虽大时.ZPF的面枳为____________ ・三、解答题（要求写岀必要的计算步骤和思维过程，共70分'其中17・21题每題12分, 22和23题10分•）17・（木小题满分12分）衽ZSABC中，内角A.B.C的对边长分别为a,b,c ,且c = 2.（1 ）若J = y . b = 3 ,求sin C 的值；（2）若sin J cos2—+ sin 5 cos2— = 3sinC > 且△ABC 的面积s = —sinC，求"和 b 的值18•（木小题满分】2分）己知三棱柱ABC-的心的侧梭乖何于底血.P为AC的中点.（1）求证:B]C〃平面A^PBx（2）若= XAB丄BC 11AB 二BC = 2.求点P到平面A X BC的距离.19.（木小题满分12分）B己知抛物线G :y2=2px匕一点.W（3,y0）到其焦点F的距离为4 ：椭圆+ = = l （a">0）的离心率"芈，4过抛物线的焦点F・X b・2（1）求抛物线G和椭圆C?的林准方程：（2）过点尸的直线/交抛物线G \-A.B两不同点，交尹轴于点N・□.知NA^AAF. NB^pBF9求证：八“为定值.烏三数学（文）试卷第3页共4页20・(本小题满分12分)己知椭圆C：4 + N = l(a>b>0)的焦点片的坐标为(-c,0),凡的坐标为60).仕经a，/T _过点P(1,#)，P巧丄X轴.(1)求椭圆c的方程；(2)设过斤的直线/与椭圆C交于凡3两不同点，在椭圆C上是否存在-点M,使四边形AMBF2为平行四边形?若存在,求出直线/的方程;若不存在,说明理由.21.(本小题满分12分)设函数/(x) = /n(x + l)e,-2x-l・已知曲线y = /(x)在x = 0处的切线/方程为y = kx + b・ Hknb.(1) 求加的取值范围：(2) 当xP-2时，/(x)»0,求加的故大值.请考生在第22和23题中任选题作答，如果多做.则按所做的第一题计分.22・(本小题满分10分)选修4-业坐标系与参数方程已如直线/的极坐标方程是V2pcos(^ + -) = 4,以极点为原点，极轴为x轴的正半轴建立平面巨角唯标系•曲线C的参数方程为(I) 写出宣线/的普通方程与曲线C的直角坐标方程:(II) 设M(x9y)为曲线C上任意一点.求|x-y-4|的最小值.23.(本小題满分10分)选修4・5：不等式选讲设函数f(x)=\x-a\.(I )当<7 = -1 时，解不等式/(x)>7-|x-l|：(II)若/(X)< 2 的解集为[-13] • m + In = 2mn-3a (m > 0,n > 0) •求证：m + 2n > 6 .高三数学(文)试卷第4页共4页2017— 2018学年度沈阳郊联体高三上学期期末考试数学（文）答案一，选择题（本大题共12小题，每小题5分，计60分。

辽宁省沈阳市郊联体2018-2019学年高一历史上学期期末考试试题
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2018年—2019年上学期高一历史期末参考答案
一、选择题
1------5：DCACA 6------10：DBAAB 11------15 BADAD 16----20BCACB 二、材料题(21题14分;22题12分;23题14分)
21题.（14分） (1)观点：明清之前，君权受到限制；(2分)明清的君主专制达到高峰(或明清的君主专制是独裁的)。

(2分)
（2）特征：人民主权.（2分）不同：雅典民主是直接民主，近代西方是代议制民主(间接民主)。

(4分)
（3）政治设计：君主立宪政体。

(2分)
控制：确立议会主权；限制国王权力。

(2分)
22题、（12分）
(1)力量：欧共体的建立、日本的崛起、不结盟运动的兴起、中国的崛起(4分)
影响：冲击了两极格局，世界向多极化趋势发展。

(2分)
(2)一超多强；多极化趋势加强；缓和与动荡并存；和平与发展是时代的主题(6分，答
出其中3点即可)
23题、(14分)
（1）图一中人物贡献：编制《查士丁尼民法大全》(或查士丁尼法典)（2分）。

意义：标志着罗马法体系最终完成（标志罗马法发展到完备阶段）。

（2分）（2）1787年宪法（2分）性质：近代中国第一部具有资产阶级共和国宪法性质的国家临时大法。

（2分）
（3）调动：完善人民代表大会制度；完善民主协商制度；加强和扩大基层民主；加强督察立法；完善督察机制；拓宽参政和监督渠道等。

（6分，答出其中3点即可）。

2017-2018学年度上学期沈阳市郊联体期末考试高三试题语文答案１．B（A.缩小范围，原文为“百余年来”C.“票房、收视率成为戏剧作品唯一的衡量标准”曲解原文，原文为“票房、收视率成为作品效果唯一的衡量标准”D.绝对化，原文为“很大程度上”）２．D（文章采用递进论证的结构。

）３．A（B不为因果“导致忽视内涵和本质”错；C.因果倒置原文为“创作者如果仍处于就事论事或者堆积材料的阶段，作品就会在整体上缺少创意和思想的火花，”D.“只要……就”属于的充分条件，表述绝对，原文为“只有……才”是必要条件）4．B（A.“表达作者浓郁的乡愁”错C.无讥讽意D.未反映政府对旧时代富豪的谅解与挽留）5．（1）“乌镇的修辞”既指对乌镇的改造与修缮，也指乌镇借助两位作家的影响而使江南水乡增添光彩和文化底蕴。

（2分）（2）“修辞的力量”：①第一处指的是因为茅盾的小说，乌镇一家普通杂货店被打造成“林家铺子”，“有望永远保持其格局而不被拆迁”；（1分）②第二处指的是文化名人木心的故居由“晚晴小筑”改为“木心纪念馆”；其著作和人品永焕光辉，令人敬仰与怀念。

（1分）③两处“修辞的力量”含义虽不尽相同，但都体现了乌镇人们对于文化的尊重和留恋之心。

（1分）（能结合文意加以理解和分析，言之成理即可。

）6．示例（1）：赞同。

理由如下：①乌镇作为江南小镇，人杰地灵，不仅有宜人的地域风光，更有深厚的文化底蕴，从这里走出了茅盾、木心等名人大家，让人喜爱与敬佩，其文化影响力绵延不绝；②乌镇被世风裹卷，随时代变迁，也有面目一新的剧变，甚至给人以物是人非之感，对此我们也应予以谅解。

示例（2）：不赞同。

理由如下：①乌镇以其独具特色的地域文化而闻名于世，固然值得去观光旅游，对于当地的文化名人，我们自然也会心生敬意，但是，假借文化之名，大行经济之实，毕竟有对文化的轻慢乃至亵渎之嫌。

②茅盾有《林家铺子》，杂货店老板就按小说里的描写来打扮；木心家的花园随着时代几经“修辞”，已不是原来的模样,可见，乌镇的文化味和历史感淡了、远了，清纯靓丽已消失，徒留遗憾、徒剩怅惘而已。