高考物理一轮训练专题11光学(含答案)

专题十二光学熟练利用反射定律、折射定律及光路可逆作光路图．加深对折射率、全反射、临界角概念的理解．并能结合实际，解决问题．同时应注意对物理规律的理解和对物理现象、物理情景和数学几何知识结合的分析能力的培养．物理光学部分应遵循历史发展线索，理解干涉、衍射、偏振等现象，并能解释生活中的相关物理现象．光的偏振、激光这些内容，与生产、生活、现代科技联系密切，应学以致用．知识点一、几何光学的常见现象决定式:n＝临界角：sin C＝知识点二、光的干涉、衍射和偏振现象出现明暗条纹的条件:路程差Δs＝nλ,明条纹;Δs＝(n＋)λ,暗条纹相邻条纹间距:Δx＝λ应用:(1)光干涉法检查平面的平整度(2)在光学镜头上涂增透膜d＝λ【特别提醒】(1)光的干涉和衍射现象说明光具有波动性,光的偏振现象说明光是横波.(2)光的干涉条纹和光的衍射条纹的最大区别是研究条纹间距是否均匀,中央条纹和两侧条纹的亮度是否相同.知识点三、光电效应及光的波粒二象性物质波的波长λ＝高频考点一、光的折射、全反射例1．（2019·天津卷）某小组做测定玻璃的折射率实验，所用器材有：玻璃砖，大头针，刻度尺，圆规，笔，白纸。

①下列哪些措施能够提高实验准确程度______。

A．选用两光学表面间距大的玻璃砖B．选用两光学表面平行的玻璃砖C．选用粗的大头针完成实验D．插在玻璃砖同侧的两枚大头针间的距离尽量大些②该小组用同一套器材完成了四次实验，记录的玻璃砖界线和四个大头针扎下的孔洞如下图所示，其中实验操作正确的是______。

③该小组选取了操作正确的实验记录，在白纸上画出光线的径迹，以入射点O为圆心作圆，与入射光线、折射光线分别交于A、B点，再过A、B点作法线NN'的垂线，垂足分别为C、D点，如图所示，则玻璃的折射率n=______。

（用图中线段的字母表示）【答案】①AD ②D ③AC BD【解析】①采用插针法测定光的折射率的时候，应选定光学表面间距大一些的玻璃砖，这样光路图会更加清晰，减小误差，同时两枚大头针的距离尽量大一些，保证光线的直线度，因此AD正确，光学表面是否平行不影响该实验的准确度，因此B错误，应选用细一点的大头针因此C错误。

课时2 光的波动性电磁波一、光的干涉1.定义:在两列光波的叠加区域，某些区域的光被加强，出现亮纹，某些区域的光被减弱，出现暗纹，且加强和减弱互相间隔的现象叫做光的干涉现象。

2.条件:两列光的频率相等，且具有恒定的相位差，才能产生稳定的干涉现象。

3.双缝干涉:由同一光源发出的光经双缝后形成两束频率相等的相干光波，屏上某点到双缝的路程差是波长的整数倍时出现亮条纹;路程差是半波长的奇数倍时出现暗条纹。

相邻的亮条纹(或暗条纹)之间距离Δx 与波长λ、双缝间距d及屏到双缝距离l的关系为Δx=lλ。

d4.薄膜干涉:利用薄膜(如肥皂液薄膜)前后表面反射的光相遇而形成的。

图样中同一条亮(或暗)条纹上所对应薄膜厚度相同。

二、光的衍射1.光的衍射现象光在遇到障碍物时，偏离直线传播方向而照射到阴影区域的现象叫做光的衍射。

2.光发生明显衍射现象的条件当孔或障碍物的尺寸比光波波长小，或者跟光波波长相差不多时，光才能发生明显的衍射现象。

3.衍射图样(1)单缝衍射:中央为亮条纹，两侧有明暗相间的条纹，但间距和亮度不同。

白光衍射时，中央仍为白光，最靠近中央的是紫光，最远离中央的是红光。

(2)圆孔衍射:明暗相间的不等距圆环。

(3)泊松亮斑:光照射到一个半径很小的圆板后，在圆板的阴影中心出现的亮斑，这是光能发生衍射的有力证据之一。

三、光的偏振1.偏振光:在跟光传播方向垂直的平面内，光在某一方向振动较强而在另一些方向振动较弱的光即为偏振光。

光的偏振现象证明光是横波(选填“横波”或“纵波”)。

2.自然光:太阳、电灯等普通光源发出的光，包括在垂直于传播方向上沿各个方向振动的光，而且沿各个方向振动的光波的强度都相同，这种光叫做自然光。

3.偏振光的产生通过两个共轴的偏振片观察自然光，第一个偏振片的作用是把自然光变成偏振光，叫做起偏振器。

第二个偏振片的作用是检验光是否是偏振光，叫做检偏振器。

四、电磁振荡1.LC振荡电路由线圈L和电容器C组成的电路。

专题11 功和功率的理解与计算【专题导航】目录热点题型一 功的分析与恒力功的计算 (1)对功的正、负的判断 ..................................................... 2 恒力做功的求解 ......................................................... 3 热点题型二 求解变力做功的四种方法 ......................................... 4 热点题型三 功率的理解与计算 ............................................... 6 热点题型四 机车启动问题 (8)以恒定功率启动方式的求解 ............................................... 9 以恒定牵引力启动方式的求解 ............................................. 9 机车启动中的常见图像问题 . (10)va 1-图像 ......................................................... 10 t P -图像......................................................... 10 a v-1图像......................................................... 11 t v -图像.......................................................... 11 【题型演练】 .. (12)【题型归纳】热点题型一 功的分析与恒力功的计算 1．计算功的方法(1)对于恒力做功利用W ＝Fl cos α； (2)对于变力做功可利用动能定理(W ＝ΔE k )；(3)对于机车启动问题中的定功率启动问题，牵引力的功可以利用W ＝Pt . 2．合力功计算方法(1)先求合外力F 合，再用W 合＝F 合l cos α求功．(2)先求各个力做的功W1、W2、W3、…，再应用W合＝W1＋W2＋W3＋…求合外力做的功．3．几种力做功比拟(1)重力、弹簧弹力、电场力、分子力做功与位移有关，与路径无关．(2)滑动摩擦力、空气阻力、安培力做功与路径有关．(3)摩擦力做功有以下特点：①单个摩擦力(包括静摩擦力和滑动摩擦力)可以做正功，也可以做负功，还可以不做功．②相互作用的一对静摩擦力做功的代数和总等于零；相互作用的一对滑动摩擦力做功的代数和不为零，且总为负值．③相互作用的一对滑动摩擦力做功过程中会发生物体间机械能转移和机械能转化为内能，内能Q＝F f x相对．对功的正、负的判断【例1】.一辆正沿平直路面行驶的车厢内，一个面向车前进方向站立的人对车厢壁施加水平推力F，在车前进s的过程中，如下说法正确的答案是( )A．当车匀速前进时，人对车做的总功为正功 B．当车加速前进时，人对车做的总功为负功C．当车减速前进时，人对车做的总功为负功 D．不管车如何运动，人对车做的总功都为零【答案】B【解析】.人对车施加了三个力，分别为压力、推力F、静摩擦力f，根据力做功的公式与作用力和反作用力的关系判断做正功还是负功．当车匀速前进时，人对车厢壁的推力F做的功为W F＝Fs，静摩擦力做的功为W f＝－fs，人处于平衡状态，根据作用力与反作用力的关系可知，F＝f，如此人对车做的总功为零，故A 错误；当车加速前进时，人处于加速状态，车厢对人的静摩擦力f′向右且大于车厢壁对人的作用力F′，所以人对车厢的静摩擦力f向左，静摩擦力做的功W f＝－fs，人对车厢的推力F方向向右，做的功为W F＝Fs，因为f>F，所以人对车做的总功为负功，故B正确，D错误；同理可以证明当车减速前进时，人对车做的总功为正功，故C错误．【变式1】如下列图，木块B上外表是水平的，木块A置于B上，并与B保持相对静止，一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，在下滑过程中( )A．A所受的合外力对A不做功 B．B对A的弹力做正功C．B对A的摩擦力做正功 D．A对B做正功【答案】C【解析】A、B一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，加速度为g sin θ(θ为斜面倾角)，由于A速度增大，由动能定理知，A所受的合外力对A做正功，对A受力分析，可知B对A的支持力方向竖直向上，B对A的摩擦力方向水平向左，故B对A的摩擦力做正功，B对A的弹力做负功，选项A、B错误，C正确；A与B相对静止，由牛顿第二定律与几何关系可知A对B的作用力垂直斜面向下，A对B不做功，选项D错误．【变式2】(2019·河北邯郸月考)里约奥运会男子100米决赛中，牙买加名将博尔特以9秒81的成绩夺得冠军．博尔特在比赛中，主要有起跑加速、途中匀速和加速冲刺三个阶段，他的脚与地面间不会发生相对滑动．以下说法正确的答案是( )A．加速阶段地面对人的摩擦力做正功B．匀速阶段地面对人的摩擦力不做功C．由于人的脚与地面间不发生相对滑动，所以不论加速还是匀速，地面对人的摩擦力始终不做功D．无论加速还是匀速阶段，地面对人的摩擦力始终做负功【答案】BC【解析】人的脚与地面间的摩擦力是静摩擦力，该力的作用点并没有发生位移，所以地面对人的摩擦力始终不做功，选项B、C正确．恒力做功的求解恒力做功的计算方法【例2】．一物体静止在粗糙水平地面上．现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度变为v.假设将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v.对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前后两次抑制摩擦力所做的功，如此( )A ．W F 2>4W F 1，W f 2>2W f 1B ．W F 2>4W F 1，W f 2＝2W f 1C ．W F 2<4W F 1，W f 2＝2W f 1D ．W F 2<4W F 1，W f 2<2W f 1【答案】C【解析】.物体两次的加速度之比a 2∶a 1＝2v t ∶v t ＝2∶1，位移之比l 2∶l 1＝2v 2t ∶v2t ＝2∶1，摩擦力之比f 2∶f 1＝1∶1，由牛顿第二定律得F －f ＝ma ，如此拉力之比F 2∶F 1＝(ma 2＋f )∶(ma 1＋f )<2，做功之比W F 2∶W F 1＝(F 2·l 2)∶(F 1·l 1)<4，W f 2∶W f 1＝(－f 2·l 2)∶(－f 1·l 1)＝2∶1，故C 正确．【变式1】如下列图，质量为m 的物体在恒力F 的作用下从底端沿斜面向上一直匀速运动到顶端，斜面高h ，倾斜角为θ.现把物体放在顶端，发现物体在轻微扰动后可匀速下滑，重力加速度大小为g .如此在上升过程中恒力F 做的功为( )A ．FhB ．MghC ．2mghD ．无法确定 【答案】 C【解析】 把物体放在顶端，发现物体在轻微扰动后可匀速下滑，如此物体受力平衡，如此有F f ＝mg sin θ.上滑过程中，物体也做匀速直线运动，受力平衡，如此有F ＝mg sin θ＋F f ＝2mg sin θ，如此在上升过程中恒力F 做的功W ＝F ·h sin θ＝2mg sin θ·hsin θ＝2mgh ，应当选项C 正确．【变式2】如下列图，两个物体与水平地面间的动摩擦因数相等，它们的质量也相等．在甲图中用力F 1拉 物体，在乙图中用力F 2推物体，夹角均为α，两个物体都做匀速直线运动，通过一样的位移．设F 1和F 2对物体所做的功分别为W 1和W 2，物体抑制摩擦力做的功分别为W 3和W 4，如下判断正确的答案是( )甲 乙A ．F 1＝F 2B ．W 1＝W 2C ．W 3＝W 4D ．W 1－W 3＝W 2－W 4 【答案】D热点题型二求解变力做功的四种方法【例3】如下列图，质量为m的小球用长L的细线悬挂而静止在竖直位置．现用水平拉力F将小球缓慢拉到细线与竖直方向成θ角的位置．在此过程中，拉力F做的功为( )A．FL cos θ B．FL sin θ C．FL(1－cos θ) D．mgL(1－cos θ)【答案】 D【解析】在小球缓慢上升过程中，拉力F为变力，此变力F的功可用动能定理求解．由W F－mgL(1－cos θ)＝0得W F＝mgL(1－cos θ)，故D正确．【变式1】如下列图，固定的光滑竖直杆上套着一个滑块，用轻绳系着滑块绕过光滑的定滑轮，以大小恒定的拉力F拉绳，使滑块从A点起由静止开始上升．假设从A点上升至B点和从B点上升至C点的过程中拉力F做的功分别为W1和W2，图中AB＝BC，如此( )A ．W 1＞W 2B ．W 1＜W 2C ．W 1＝W 2D ．无法确定W 1和W 2的大小关系 【答案】A【解析】绳子对滑块做的功为变力做功，可以通过转换研究对象，将变力的功转化为恒力的功；因绳子对滑块做的功等于拉力F 对绳子做的功，而拉力F 为恒力，W ＝F ·Δl ，Δl 为绳拉滑块过程中力F 的作用点移动的位移，大小等于滑轮左侧绳长的缩短量，由图可知，Δl AB ＞Δl BC ，故W 1＞W 2，A 正确．【变式2】(2019·宁波模拟)如下列图，摆球质量为m ，悬线长为L ，把悬线拉到水平位置后放手．设在摆球运动过程中空气阻力F 阻的大小不变，如此如下说法正确的答案是( )A ．重力做功为mgLB ．悬线的拉力做功为0C ．空气阻力F 阻做功为－mgLD ．空气阻力F 阻做功为－12F 阻πL【答案】ABD【解析】.由重力做功特点得重力做功为：W G ＝mgL ，A 正确；悬线的拉力始终与v 垂直，不做功，B 正确；由微元法可求得空气阻力做功为：W F 阻＝－12F 阻πL ，D 正确．热点题型三 功率的理解与计算 1．平均功率的计算方法 (1)利用P ＝W t.(2)利用P ＝Fv cos α，其中v 为物体运动的平均速度． 2．瞬时功率的计算方法(1)P ＝Fv cos α，其中v 为t 时刻的瞬时速度．(2)P ＝Fv F ，其中v F 为物体的速度v 在力F 方向上的分速度． (3)P ＝F v v ，其中F v 为物体受到的外力F 在速度v 方向上的分力．【例4】(2019·海口模拟)质量为m 的物体静止在光滑水平面上，从t ＝0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F 与时间t 的关系如下列图，力的方向保持不变，如此( )A ．3t 0时刻的瞬时功率为 5F 20t 0mB ．3t 0时刻的瞬时功率为 15F 20t 0mC ．在t ＝0到3t 0这段时间内，水平力的平均功率为 23F 20t 04mD ．在t ＝0到3t 0这段时间内，水平力的平均功率为 25F 20t 06m【答案】BD.【解析】2t 0时刻速度大小v 2＝a 1·2t 0＝2F 0m t 0，3t 0时刻的速度大小为v 3＝v 2＋a 2t 0＝F 0m ·2t 0＋3F 0m ·t 0＝5F 0t 0m，3t 0时刻力F ＝3F 0，所以瞬时功率P ＝3F 0·v 3＝15F 20t 0m，A 错、B 对；0～3t 0时间段，水平力对物体做功W ＝F 0x 1＋3F 0x 2＝F 0×12·F 0m (2t 0)2＋3F 0·v 2＋v 32t 0＝25F 20t 202m ，平均功率P ＝W t ＝25F 20t 06m，C 错、D 对．【变式1】如图甲所示，一个质量m ＝2 kg 的物块静止放置在粗糙水平地面O 处，物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5，在水平拉力F 作用下物块由静止开始向右运动，经过一段时间后，物块回到出发点O 处，取水平向右为速度的正方向，物块运动过程中其速度v 随时间t 变化规律如图乙所示，g 取10 m/s 2.如此( )A ．物块经过4 s 时间到出发点B ．4.5 s 时水平力F 的瞬时功率为24 WC ．0～5 s 内摩擦力对物块先做负功，后做正功，总功为零D ．0～5 s 内物块所受合力的平均功率为1.8 W【答案】 BD【解析】 由图象可知，前4 s 内速度方向始终为正方向，故前4 s 时间内没有回到出发点，选项A 错误；根据v ­t 图线的斜率表示加速度，可知3～5 s 内，加速度a ＝－31 m/s 2＝－3 m/s 2，4.5 s 时的速度v ＝a Δt＝－3×(4.5－4) m/s ＝－1.5 m/s ，根据牛顿第二定律有F ＋μmg ＝ma ，得F ＝－16 N ，负号表示力的方向水平向左，水平力F 的瞬时功率P ＝Fv ＝24 W ，选项B 正确；滑动摩擦力的方向始终与速度方向相反，摩擦力始终做负功，选项C 错误；3～5 s 内合力为恒力，物块的位移为零，合力做的功为零，0～3 s 内，物块的加速度a 1＝33 m/s 2＝1 m/s 2，位移s 1＝12×1×32m ＝4.5 m ，合力做的功W ＝F 合s 1＝mas 1＝9 J ，0～5 s 内合力的平均功率P ＝W t ＝95W ＝1.8 W ，选项D 正确．【变式2】(2018·高考全国卷Ⅲ)地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送到地面．某竖井中矿车提升的速度大小v 随时间t 的变化关系如下列图，其中图线①②分别描述两次不同的提升过程，它们变速阶段加速度的大小都一样；两次提升的高度一样，提升的质量相等．不考虑摩擦阻力和空气阻力．对于第①次和第②次提升过程，( )A ．矿车上升所用的时间之比为4∶5B ．电机的最大牵引力之比为2∶1C ．电机输出的最大功率之比为2∶1D ．电机所做的功之比为4∶5 【答案】AC【解析】.根据位移一样可得两图线与时间轴围成的面积相等，12v 0×2t 0＝12×12v 0[2t 0＋t ′＋(t 0＋t ′)]，解得t ′＝12t 0，如此对于第①次和第②次提升过程中，矿车上升所用的时间之比为2t 0∶(2t 0＋12t 0)＝4∶5，A正确；加速过程中的牵引力最大，且两次加速时的加速度大小相等，故两次中最大牵引力相等，B 错误；由题知两次提升的过程中矿车的最大速度之比为2∶1，由功率P ＝Fv ，得最大功率之比为2∶1，C 正确；两次提升过程中矿车的初、末速度都为零，如此电机所做的功等于抑制重力做的功，重力做的功相等，故电机所做的功之比为1∶1，D 错误．热点题型四 机车启动问题1．模型一 以恒定功率启动 (1)动态过程(2)这一过程的P ­t 图象和v ­t 图象如下列图：2．模型二 以恒定加速度启动 (1)动态过程(2)这一过程的P ­t 图象和v ­t 图象如下列图：3．三个重要关系式(1)无论哪种启动过程，机车的最大速度都等于其匀速运动时的速度，即v m ＝P F 阻. (2)机车以恒定加速度启动时，匀加速过程完毕时功率最大，速度不是最大，即v ＝P F＜v m ＝P F 阻.(3)机车以恒定功率运行时，牵引力做的功W ＝Pt ，由动能定理得Pt －F 阻x ＝ΔE k ，此式经常用于求解机车以恒定功率启动过程的位移或速度． 4.四个常用规律 (1)P ＝Fv . (2)F －F f ＝ma . (3)v ＝at (a 恒定)． (4)Pt －F f x ＝ΔE k (P 恒定)． 以恒定功率启动方式的求解【例5】．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k 1和k 2倍，最大速率分别为v 1和v 2，如此( )A ．v 2＝k 1v 1B ．v 2＝k 1k 2v 1 C ．v 2＝k 2k 1v 1 D ．v 2＝k 2v 1【答案】B【解析】.车以最大速率行驶时，牵引力F 等于阻力F f ，即F ＝F f ＝kmg .由P ＝k 1mgv 1与P ＝k 2mgv 2，得v 2＝k 1k 2v 1，故B 正确．以恒定牵引力启动方式的求解【例6】．当前我国“高铁〞事业开展迅猛，假设一辆高速列车在机车牵引力和恒定阻力作用下，在水平轨道上由静止开始启动，其v －t 图象如下列图，0～t 1时间内为过原点的倾斜直线，t 1时刻达到额定功率P ，此后保持功率P 不变，在t 3时刻达到最大速度v 3，以后匀速运动．如下判断正确的答案是( )A ．从0至t 3时间内，列车一直做匀加速直线运动B ．t 2时刻的加速度大于t 1时刻的加速度C ．在t 3时刻以后，机车的牵引力为零D ．该列车所受的恒定阻力大小为Pv 3【答案】D【解析】.0～t 1时间内，列车做匀加速运动，t 1～t 3时间内，加速度逐渐变小，故A 、B 错误；t 3以后列车做匀速运动，牵引力大小等于阻力大小，故C 错误；匀速运动时F f ＝F 牵＝P v 3，故D 正确．机车启动中的常见图像问题va 1-图像【例7】如下列图为汽车的加速度和车速的倒数1v的关系图象．假设汽车质量为2×103kg ，它由静止开始沿平直公路行驶，且行驶中阻力恒定，最大车速为30 m/s ，如此 ( )A ．汽车所受阻力为2×103N B ．汽车匀加速所需时间为5 s C ．汽车匀加速的加速度为3 m/s 2D ．汽车在车速为5 m/s 时，功率为6×104W【答案】 AB【解析】 设汽车所受阻力大小为f ，由汽车的加速度和车速倒数1v的关系图象可知，汽车从静止开始先做匀加速运动，加速度a ＝2 m/s 2，直到速度达到v 1＝10 m/s ，如此匀加速阶段所用时间为t ＝v 1a＝5 s ，此时汽车的牵引力功率达到最大，即P m ＝(f ＋ma )v 1；接下来做加速度逐渐减小的变加速运动，汽车的牵引力功率保持不变，当速度达到v 2＝30 m/s 时，加速度为零，此时P m ＝fv 2，如此解得f ＝2×103N ，P m ＝6×104W ，当汽车在车速为5 m/s 时，功率为P ＝(f ＋ma )v ＝3×104W ，A 、B 正确，C 、D 错误．t P -图像【例8】(2015·高考全国卷Ⅱ)一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P 随时间t 的变化如下列图．假定汽车所受阻力的大小f 恒定不变．如下描述该汽车的速度v 随时间t 变化的图象中，可能正确的答案是( )【答案】A【解析】由图可知，汽车先以恒定功率P 1启动，所以刚开始做加速度减小的加速度运动，后以更大功率P 2运动，所以再次做加速度减小的加速运动，故A 正确，B 、C 、D 错误．a v-1图像 【例9】(2019·中原名校联盟质检)如图甲所示，水平面上一质量为m 的物体在水平力F 作用下开始做加速 运动，力F 的功率P 保持恒定，运动过程中物体所受的阻力f 大小不变，物体速度最终达到稳定值v m ，作 用过程物体速度的倒数1v与加速度a 的关系图象如图乙所示．在功率P 的情况下，根据图象所给信息可知以下说法中正确的答案是 ( )A ．可求出m 、f 和v mB ．不能求出mC ．不能求出fD ．可求出加速运动时间【答案】A【解析】当加速度为零时，物体做匀速运动，此时的牵引力等于阻力，速度为最大值，最大速度v m ＝10.1m/s ＝10 m/s ；由功率的计算公式可得P ＝Fv ，而F －f ＝ma ，联立可得1v ＝m P a ＋f P ，物体速度的倒数1v与加速度a的关系图象斜率为k ＝m P ，纵轴截距为f P＝0.1，因此可求出m 、f 和v m ，选项A 正确，B 、C 错误．物体做变加速运动，无法求出物体加速运动的时间，选项D 错误．t v -图像【例10】如图甲所示，用起重机将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中， 其v ­t 图象如图乙所示．如下说法正确的答案是( )甲 乙A ．在0～t 1时间内，货物处于超重状态B ．在t 1～t 2时间内，起重机拉力对货物不做功C ．在t 2～t 3时间内，起重机拉力对货物做负功D ．匀速阶段拉力的功率可能比加速阶段某一时刻拉力的瞬时功率小 【答案】AD【解析】由v ­t 图象可知在0～t 1时间内，货物具有向上的加速度，故处于超重状态，选项A 正确；在t 1～t 3时间内，起重机的拉力始终竖直向上，一直做正功，选项B 、C 错误；匀速阶段拉力小于加速阶段的拉力，而匀速阶段的速度大于加速阶段的速度，由P ＝Fv 可知匀速阶段拉力的功率可能比加速阶段某一时刻拉力的瞬时功率小，选项D 正确．【题型演练】1.(2019·广东佛山模拟)质量为2 kg 的小铁球从某一高度由静止释放，经3 s 到达地面，不计空气阻力，g 取10 m/s 2.如此( )A ．2 s 末重力的瞬时功率为200 WB ．2 s 末重力的瞬时功率为400 WC ．2 s 内重力的平均功率为100 WD ．2 s 内重力的平均功率为400 W 【答案】B【解析】小铁球只受重力，做自由落体运动，2 s 末速度为v 1＝gt 1＝20 m/s ，下落2 s 末重力做功的瞬时功率P ＝mgv 1＝2×10×20 W＝400 W ，应当选项A 错误，B 正确；2 s 内的位移为h 2＝12gt 22＝20 m ，所以前2s 内重力的平均功率为P ＝mgh 2t 2＝2×10×202W ＝200 W ，应当选项C 、D 错误． 2、(2018·高考全国卷Ⅰ)高铁列车在启动阶段的运动可看做初速度为零的匀加速直线运动．在启动阶段，列车的动能 ( )A ．与它所经历的时间成正比B ．与它的位移成正比C ．与它的速度成正比D ．与它的动量成正比 【答案】B【解析】.列车启动的过程中加速度恒定，由匀变速直线运动的速度与时间关系可知v ＝at ，且列车的动能为E k ＝12mv 2，由以上整理得E k ＝12ma 2t 2，动能与时间的平方成正比，动能与速度的平方成正比，A 、C 错误；将x ＝12at 2代入上式得E k ＝max ，如此列车的动能与位移成正比，B 正确；由动能与动量的关系式E k ＝p 22m可知，列车的动能与动量的平方成正比，D 错误．3.同一恒力按同样的方式施于物体上，使它分别沿着粗糙水平地面和光滑水平地面移动一样一段距离时，恒力做的功和平均功率分别为W 1、P 1和W 2、P 2，如此二者的关系是( ) A ．W 1＞W 2、P 1＞P 2 B ．W 1＝W 2、P 1＜P 2 C ．W 1＝W 2、P 1＞P 2 D ．W 1＜W 2、P 1＜P 2【答案】B【解析】由功的定义W ＝Fl cos α可知，W 1＝W 2，由于沿粗糙地面运动时加速度较小，通过一样位移所用时间较长，所以根据P ＝W t可知，P 1＜P 2，故B 正确．4．一汽车的额定功率为P ，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为v m ，如此( ) A ．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比B ．假设汽车匀加速启动，如此在刚达到额定功率时的速度等于v mC ．汽车以速度v m 匀速行驶，假设要减速，如此要减少实际功率D ．假设汽车以额定功率启动，如此做匀加速直线运动 【答案】C【解析】根据牛顿第二定律得a ＝F －F f m ＝F m －F fm，可知加速度与牵引力不成正比关系，故A 错误；假设汽车匀加速启动，功率达到额定功率时，速度没有达到最大，然后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，故B 错误；汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，假设要减速，如此需减小牵引力，速度不变，减小实际功率，牵引力减小，故C 正确；假设汽车以额定功率启动，汽车先做加速度减小的加速运动，加速度减为零后做匀速直线运动，故D 错误．5.如下列图，质量为60 kg 的某运动员在做俯卧撑运动，运动过程中可将她的身体视为一根直棒．重心在c 点，其垂线与脚、两手连线中点间的距离Oa 、Ob 分别为0.9 m 和0.6 m ．假设她在1 min 内做了30个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.4 m ，如此1 min 内抑制重力做的功和相应的功率约为(g 取10 m/s 2)( )A ．430 J,7 WB ．4 320 J,72 WC ．720 J,12 WD ．7 200 J,120 W【答案】B【解析】设重心上升的高度为h ，根据相似三角形可知，每次俯卧撑中，有h 0.4＝0.90.9＋0.6，即h ＝0.24 m ．一次俯卧撑中，抑制重力做功W ＝mgh ＝60×10×0.24 J＝144 J ，所以1 min 内抑制重力做的总功为W 总＝NW ＝4 320 J ，功率P ＝W 总t＝72 W ，应当选项B 正确． 6．一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a 和速度的倒数1v的图象如下列图．假设汽车的质量，如此根据图象所给信息，不能求出的物理量是( )A ．汽车的功率B ．汽车行驶的最大速度C ．汽车受到的阻力D ．汽车运动到最大速度所需的时间 【答案】D【解析】由F －F f ＝ma 、P ＝Fv 可得a ＝P m ·1v－F f m，由a ­1v图象可知，P m＝k ＝40 m 2·s －3，可求出汽车的功率P ，由a ＝0时1v m ＝0.05 m －1·s，可得汽车行驶的最大速度v m ＝20 m/s ，再由v m ＝P F f，可求出汽车受到的阻力F f ，但无法求出汽车运动到最大速度所需的时间．7.(2019·湖南怀化期中联考)一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m 的重物，当重物的速度为v 1时，起重机的有用功率达到最大值P ，此后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v 2匀速 上升为止，如此整个过程中，如下说法正确的答案是 ( )A ．重物的最大速度 v 2＝Pmg B ．重物匀加速运动的加速度为P mv 1C ．钢绳的最大拉力为P v 2D ．钢绳的最大拉力为P v 1【答案】AD【解析】匀速上升时F ＝mg ，由P ＝Fv 可得重物的最大速度v 2＝P mg，选项A 正确；当重物的速度为v 1时，起重机的钢绳的拉力F ＝P v 1，由F －mg ＝ma 解得重物匀加速运动的加速度为a ＝Pmv 1－g ，选项B 错误；起重机匀加速拉起重物时钢绳的拉力最大，最大拉力为P v 1，选项C 错误，D 正确．8.(2019·郑州检测)如下列图，斜面顶端A 与另一点B 在同一水平线上，甲、乙两小球质量相等．小球甲沿光滑斜面以初速度v 0从顶端A 滑到底端，小球乙以同样的初速度从B 点抛出，不计空气阻力，如此( )A ．两小球落地时速率一样B ．两小球落地时，重力的瞬时功率一样C ．从开始运动至落地过程中，重力对它们做功一样D ．从开始运动至落地过程中，重力的平均功率一样 【答案】AC【解析】由于斜面光滑，且不计空气阻力，故两小球运动过程中只有重力做功，由机械能守恒定律可知两小球落地时速率一样，应当选项A 正确；由于A 小球沿斜面做匀加速运动，B 小球做斜抛运动，它们落地时的速度方向不同，故两小球落地时，重力的瞬时功率不一样，选项B 错误；由于重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关，故从开始运动至落地过程中，重力对它们做功一样，选项C 正确；由于两小球的运动规律不同，所以从开始运动至落地过程中所用时间不同，由P ＝W t可知重力的平均功率不同，选项D 错误．9.(2019·湖北联考)在离水平地面h 高处将一质量为m 的小球水平抛出，在空中运动的过程中所受空气阻力大小恒为f ，落地时小球距抛出点的水平距离为x ，速率为v .那么，在小球运动的过程中( ) A ．重力做功为mgh B ．抑制空气阻力做的功为f ·h 2＋x 2C ．落地时，重力的瞬时功率为mgvD ．重力势能和机械能都逐渐减少 【答案】AD【解析】重力做功为W G ＝mgh ，A 正确；空气阻力做功与经过的路程有关，而小球经过的路程大于h 2＋x 2，故抑制空气阻力做的功大于f ·h 2＋x 2，B 错误；落地时，重力的瞬时功率为重力与沿重力方向的分速度的乘积，故落地时重力的瞬时功率小于mgv ，C 错误；重力做正功，重力势能减少，空气阻力做负功，机械能减少，D 正确．10.一列火车总质量m ＝500 t ，发动机的额定功率P ＝6×105W ，在轨道上行驶时，轨道对列车的阻力F f 是车重的0.01倍．(g 取10 m/s 2)(1)求列车在水平轨道上行驶的最大速度；(2)在水平轨道上，发动机以额定功率P 工作，求当行驶速度为v 1＝1 m/s 和v 2＝10 m/s 时，列车的瞬时加速度a 1、a 2的大小；(3)列车在水平轨道上以36 km/h 的速度匀速行驶时，求发动机的实际功率P ′；(4)假设列车从静止开始，保持0.5 m/s 2的加速度做匀加速运动，求这一过程维持的最长时间． 【答案】(1)12 m/s (2)1.1 m/s 20.02 m/s 2(3)5×105W (4)4 s【解析】(1)列车以额定功率行驶，当牵引力等于阻力，即F ＝F f ＝kmg 时，列车的加速度为零，速度达到最大值v m ，如此v m ＝P F ＝P F f ＝Pkmg＝12 m/s.(2)当v ＜v m 时，列车做加速运动，假设v 1＝1 m/s ，如此F 1＝P v 1＝6×105N ， 根据牛顿第二定律得a 1＝F 1－F f m ＝1.1 m/s 2假设v 2＝10 m/s ，如此F 2＝P v 2＝6×104N 根据牛顿第二定律得a 2＝F 2－F f m＝0.02 m/s 2. (3)当v ＝36 km/h ＝10 m/s 时，列车匀速运动，如此发动机的实际功率P ′＝F f v ＝5×105W. (4)由牛顿第二定律得F ′＝F f ＋ma ＝3×105N在此过程中，速度增大，发动机功率增大，当功率为额定功率时速度为v ′，即v ′＝PF ′2 m/s ，由v ′＝at 得t ＝v ′a＝4 s.。

微专题76 选修3-41．(2020·江苏高考考前模拟(二))(1)下列说法正确的是________．A．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在B．只有机械波能产生多普勒效应，光波不能产生多普勒效应C．在照相机镜头上涂一层氟化镁，可以增透所需要的光，这是利用光的干涉原理D．不同频率的机械波在同一种介质中的传播速度一定不相同(2)如图1所示为直角三棱镜的截面图，一条光线平行于 BC边入射，经棱镜折射后从AC边射出．已知∠A ＝θ＝60°，该棱镜材料的折射率为________；光在棱镜中的传播速度为________(已知光在真空中的传播速度为c)．图1(3)如图2甲为某一列简谐波t＝t0时刻的图象，图乙是这列波上P点从这一时刻起的振动图象．试讨论：①波的传播方向和传播速度；②求0～2.3 s内P质点通过的路程．图22．(1)以下说法中正确的是________．A．光的偏振现象说明光是一种纵波B．相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关C．赫兹预言并用实验验证了电磁波的存在D．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光变为紫光，则条纹间距变窄(2)如图3所示，当用激光照射直径小于激光束的不透明圆盘时，在圆盘后屏上的阴影中心出现了一个亮斑．这是光的________(填“干涉”“衍射”或“直线传播”)现象，这一实验说明光具有____________图3(3)一列简谐波沿x轴正方向传播，t＝0时波形如图4所示，已知在0.6 s末，A点恰第四次(图中为第一次)出现波峰，求：图4①该简谐波的波长、波速分别为多少？②经过多长时间x＝5 m处的质点P第一次出现波峰？③如果以该机械波到质点P开始计时，请画出P点的振动图象，并标明必要的横、纵坐标值，至少画出一个周期的图象．3．(2020·扬州中学高三(下)段考)(1)下列说法中正确的是________．A．光学镜头上的增透膜是利用光的偏振现象B．用标准平面检查光学平面的平整程度利用了光的干涉现象C．当观察者和波源间存在相对运动时一定能观察到多普勒效应现象D．在高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢(2)1971年，屠呦呦等获得了青蒿乙醚提取物结晶，研究人员通过X射线衍射分析确定了青蒿素的结构．X 射线衍射是研究物质微观结构的最常用方法，用于分析的X射线波长在0.05 nm～0.25 nm范围之间，因为X射线的波长________(选填“远大于”“接近”或“远小于”)晶体内部原子间的距离，所以衍射现象明显．分析在照相底片上得到的衍射图样，便可确定晶体结构．X射线是________(选填“纵波”或“横波”)．(3)将一劲度系数为k的轻质弹簧竖直悬挂，下端系上质量为m的物块．将物块向下拉离平衡位置后松开，物块上下做简谐运动，其振动周期恰好等于以物块平衡时弹簧的伸长量为摆长的单摆周期．请由单摆的周期公式推算出该物块做简谐运动的周期T.4．(1) 在以下各种说法中，正确的是________．A．单摆做简谐运动的回复力大小总与偏离平衡位置的位移大小成正比B．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度C．在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的折射现象D．光速不变原理是狭义相对论的两个基本假设之一(2)已知双缝到光屏之间的距离L＝500 mm，双缝之间的距离d＝0.50 mm，测量单色光的波长实验中，测得第1条亮条纹与第6条亮条纹的中心之间的距离为3.2 mm，则相邻亮条纹之间的距离Δx＝________mm；入射光的波长λ＝________m(结果保留两位有效数字)．(3) 如图5所示为某透明介质的截面图，△AOC为等腰三角形，BC为半径R＝12 cm的四分之一圆弧，AB 与水平屏幕MN垂直并接触于A点，一束红光射向圆心O，在AB分界面上的入射角i＝45°，结果在水平屏幕MN上出现两个亮斑．已知该介质对红光的折射率为n＝2，求两个亮斑与A点间的距离分别为多少．图55．(1)以下物理学知识的相关叙述，其中正确的是( )A．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的偏振B．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在C．交警通过发射超声波测量车速是利用了波的干涉原理D．狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的(2)真空中一束波长为5×10－7 m的可见光，频率为________Hz，已知光在真空中的速度为3×108 m/s，该光进入水中后，其波长与真空中的相比变____．(选填“长”或“短”)(3)如图6所示，一个半径为R，折射率为3的透明玻璃半球体，O为球心，轴线OA水平且与半球体的左边界垂直，位于轴线上O点左侧R3处的点光源S发出一束与OA夹角θ＝60°的光线射向半球体；已知光在真空中传播的速度为c，求：光线第一次从玻璃半球体出射时的方向以及光线在玻璃半球内传播的时间．图66．(2020·镇江市高三三模)(1)下列说法中正确的是________．A．分别用蓝光和红光在同一装置上做双缝干涉实验，蓝光的条纹间距宽B．光纤通信利用了光的全反射的原理C．肥皂泡呈现彩色条纹是由光的折射现象造成的D．动车组高速行驶时，在地面上测得车厢的长度明显变短(2)一列简谐横波沿x轴正方向传播，t＝0时刻的波形如图7所示(此时波恰好传播到x＝6 m处)．质点a 平衡位置的坐标x a＝2.5 m，该质点在8 s内完成了4次全振动，则该列波的波速是____m/s；位于x＝20 m处的质点再经________s将第一次经过平衡位置向y轴负方向运动．图7(3)一半圆柱形透明物体横截面如图8所示，底面AOB镀银(图中粗线)，O表示半圆截面的圆心．一束光线在横截面内从M点的入射角为30°，∠MOA＝60°，∠NOB＝30°.(已知sin 15°＝6－24)图8①求光线在M点的折射角；②求透明物体的折射率．答案精析1．(1)AC (2) 333c(3)①沿x轴正方向传播 5 m/s ②2.3 m解析(1)麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在，故A正确；多普勒效应是波的特有现象，不论机械波还是电磁波都有此现象，故B错误；照相机镜头上涂一层氟化镁，使反射光进行干涉叠加，从而削弱反射光，可以增透所需要的光，这是利用光的干涉原理，故C正确；不同频率的同种性质的机械波在同一种介质中的传播速度一定相同，而不同频率的电磁波在同一介质中传播速度不同，故D 错误；(2)作出完整的光路如图，根据几何关系可知φ＝∠B＝30°，所以α＝60°. 根据折射定律有sin αsin β＝sin θsin γ＝n 因为α＝θ＝60°，所以β＝γ. β＋γ＝∠A＝60°，故β＝γ＝30°. 根据折射定律n ＝sin αsin β＝sin 60°sin 30°＝3212＝ 3 根据公式n ＝c v ，有v ＝c n ＝c 3＝33c. (3)①根据题图乙的振动图象可以判断P 点在t ＝t 0时刻在平衡位置且向负的最大位移运动，结合题图甲可知波沿x 轴正方向传播，由题图甲可知，波长λ＝2 m ，由题图乙可知，周期T ＝0.4 s ，则波速v ＝λT ＝20.4m/s ＝5 m/s ②由于T ＝0.4 s ，则t ＝2.3 s ＝534T ，则路程x ＝4A×534＝4×0.1×234m ＝2.3 m. 2．(1)BD (2)衍射 波动性 (3)①2 m 10 m/s②0.45 s ③见解析图解析 (3)①波长λ＝2 m周期T ＝0.63s ＝0.2 s 波速v ＝λT＝10 m/s ②波峰传到P 点：t ＝Δx v ＝5－0.510s ＝0.45 s ③如图所示3．(1)BD (2)接近 横波 (3)2πm k解析 (1)光学镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的干涉现象，故A 错误；标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉，故B 正确；当观察者和波源间存在相对运动时不一定能观察到多普勒效应现象，如观测者绕波源做匀速圆周运动，故C 错误；根据相对论的两个基本假设，在高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢，故D 正确．(2)能发生明显的衍射现象的条件是：孔或障碍物的尺寸比波长小或者相差不多．当X 射线透过晶体内部原子间隙时，发生了明显的衍射现象，用于分析的X 射线波长应接近晶体内部原子间的距离；X 射线是一种横波．(3)单摆周期公式：T ＝2πl g ； 根据平衡条件，有：kl ＝mg联立解得：T ＝2πm k. 4．(1)AD (2)0.64 6.4×10－7 (3)12 cm 0解析 (1)物体做简谐运动时，回复力F ＝－kx ，即回复力大小与位移大小成正比，方向相反，故A 正确；在拍摄玻璃橱窗内物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减小反射光的强度，选项B 错误；在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的干涉现象，选项C 错误；光速不变原理是狭义相对论的两个基本假设之一，选项D 正确；(2)相邻亮条纹间的距离：Δx＝3.26－1 mm ＝0.64 mm ；根据公式：Δx＝L d λ，代入数据得：λ＝dΔx L＝0.50×0.64500mm ＝6.4×10－7 m. (3)设红光在该介质中的临界角为C ，则sin C ＝1n ＝22，解得：C ＝45° 所以红光在AB 面发生全反射，且由几何关系可知，反射光线与AC 垂直且交于E 点，在AN 上形成亮斑P ，光路如图所示：由几何知识可得△OAP 为等腰直角三角形，解得：AP ＝12 cm ，光在AB 面上的入射角等于临界角，在A 处形成一个亮斑，该亮斑到A 的距离为0.5．(1)(1)BD (2)6×1014 短 (3)出射光线与OA 平行R c解析 (3)作如图所示的光路图l OB ＝R 3tan θ＝3R 3 由折射定律得n ＝sin θsin α解得α＝30°在△OBC 中，由正弦定理得l OB sin β＝R sin (90°＋α)解得β＝30°由折射定律得n ＝sin γsin β 解得γ＝60°，即出射光线CD 方向与OA 平行，光在玻璃半球体中传播的距离l BC ＝l OB ＝33R 传播的速度v ＝c n ＝c 3传播的时间t ＝l BC v ＝R c. 6．(1)B (2)2 8 (3)①15° ②6＋22 解析 (3)①如图，透明物体内部的光路为折线MPN ，Q 、M 点相对于底面EF 对称，Q 、P 和N 三点共线． 设在M 点处，光的入射角为i ，折射角为r ，∠OMQ＝α，∠PNF＝β.根据题意有 α＝30°由几何关系得，∠PNO＝∠PQO＝r ，则有：β＋r ＝60°且α＋r ＝β联立得： r ＝15°②根据折射率公式有 sin i ＝nsin r得n ＝6＋22.高考理综物理模拟试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。