甘肃省武威第五中学2014-2015学年高二物理5月月考试题

2014甘肃武威八下物理5月月考试卷（含答案） 2014甘肃武威八下物理5月月考试卷（含答案） 一、选择题（每题3分共36分） 1．以下是对小阳同学部分生活事例的分析，其中合理的是() A.去游泳馆游泳时，受到水的浮力约为2000牛顿 B.全家5月份自来水用量26立方米，换算成质最为26千克 C.一元硬币的厚度约2厘米 D.参加800米跑步的成绩是4分10秒，则她跑步的平均速度是3.2米／秒 2．一物体的质量是2kg，用手按在水中浸没时受到的浮力是30N，则放开手后物体将（） A.上浮B.悬浮C.下沉D.无法判断 3．下列四种情境中，人对物体做功的是 4．如图所示，重5N的石块浸没在水中称时为3N，则石块受到的浮力为 A．2NB．3NC．5ND．8N 5．关于铁球在水中的沉浮，有以下几句说法，正确的是（） Ａ、沉入水底的铁球一定是实心的 Ｂ、凡是铁球就会沉入水底 Ｃ、空心的铁球一定漂浮在水面 Ｄ、悬浮在水中的铁球一定是空心的 6．一个空心金属球的质量是0.5kg，体积是6×10-4m3．把它投入水中，静止时它将（） A、漂浮在液面上 B、悬浮在液面上 C、沉入水底 D、以上三种情况都有可能 7．在水池中浮着一只木桶，木桶里装有石块．若把木桶中的石块拣出来扔在水池里，则水池的水面将会（） A、上升B、下降 C、不变D、条件不足，不能确定 8．上紧发条的玩具车在水平桌面上由静止开始运动所需的能量来源于（） A．重力势能B．电能C．弹性势能D．动能 9．如图所示，一个小球漂浮在水面上，有一半露出水面．当向水中加入少许食盐并搅动，待小球静止后，它受到的浮力会（） A．变小B．变大C．不变D．无法判断 10．某同学逛商场乘自动扶梯从一楼到三楼的过程中，自动扶梯对他做的功约为 A．0B．5×102JC．5×103JD．5×104J 11．图中所示的四个情景中，人对物体做功的是 12．如图所示，一个小皮球以初速度v沿着粗糙的路面从a点向d点运动，其中b和d两点在同一水平高度。则下列说法中正确的是 A．小皮球加速下滑，是由于它具有惯性 B．小皮球减速上坡，是由于它受到路面的阻力 C．小皮球从c到d重力势能增加，机械能减少 D．小皮球在b和d重力势能相等，动能相等 123456789101112 二、填空题（每空2分共14分） 13．功率是用来表示_________的物理量．某万吨远洋货轮的功率是2×104kW，这表明该货轮每秒内做功________J。 14．跳水比赛是大家最喜爱观看的项目之一,如图所示,运动员对跳板施力使跳板发生;从而使跳板具有能。 15．一艘排水量为3000吨的轮船在河水中航行，满载时船及所装的货物共重N；当这艘轮船从河里驶入海里时，它排开水的体积（选填“变大”、“变小”或“不变”）． 16．如图，我国“蛟龙”号潜水器在下潜试验中成功突破5000m水深大关。“蛟龙”号在水下加速上升的过程中，潜水器所受水的浮力（选填“大于”、“小于”或“等于”）自身的重力，所受水的压强将（选填“增大”、“不变”或“减小”）。 三、作图题（6分） 17．如图所示，重为G的物体漂浮在水面上，作出物体受到的重力和浮力的示意图． 四、实验题（8分） 18．在探究“影响浮力大小的因素”时，某同学做了如下实验（实验装置及相关数据如图），请你回答以下问题： （1）物体A在图③中受浮力大小为_______N． （2）对比实验图①、②、③可得出结论：浮力大小与_______有关． （3）在图③中，若物体A完全浸没到盐水中后，继续向下移动（没触底），则弹簧测力计示数_____，说明物体浸没后，受浮力大小与_______无关． 五、计算题（9×4=36分） 19．物体排开水的体积为2×10－3m3，求它所受的浮力F浮。 20．解放牌卡车在平直的公路上匀速行驶8s，通过的路程是120m，若此时卡车发动机的牵引力大约4000N，则在这段时间内： （1）卡车行驶的速度是多少？ （2）发动机所做的功大约是多少？ （3）发动机的功率又是多少？ 22．排水量为1000t的轮船在河水中航行，满载时船及所装货物共重多少牛，受到河水的浮力是多少牛。如果河水的密度为1.0×103kg/m3,轮船排开的河水的体积为多少?(取g=10N/kg) 参考答案 1．D2．A3．C4．A。5．D6．A7．B8．C9．C10．C11．B12．C 13．做功快慢2×10714．弹性形变弹性势能15．3×107；变小 16．大于减小 17．如下图 18．（1）1.8；（2）液体密度；（3）不变；浸入深度 19．20N 解：根据阿基米德原理可得： 物体受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－3m3=20N。 考点：浮力的计算。 分析：已知排开水的体积，求浮力的大小，我们自己自然就会想到利用阿基米德原理进行求解。 20．（1）15m/s（2）4.8×105J（3）6×104w 试题分析：（1）v=1分 =m/s=15m/s1分 （2）W=Fs1分 =4000N×120=4.8×105J1分 （3）P=1分 =w=6×104w1分 21．（1）10m/s；（2）3.6×1012J；（3）1×107N 试题分析：（1）v===36km/h=10m/s（2分） （2）由P=得W=Pt=1×105×103W×10×3600s=3.6×1012J（2分） （3）由W=Fs得F===1×107N（1分） 因为该舰在海上水平匀速前进，受力平衡，所以该舰所受阻力f=F=1×107N（1分） 考点：速度的计算、功率的计算、二力平衡 22． 试题分析：（1）满载时船及所装货物共重： G排=1000×103kg×10N/kg=1×107N； （2）∵轮船漂浮， ∴满载时受到的浮力： F浮=G=1×107N； （3）船排开的河水的体积：

甘肃省武威六中2014-2015学年高二上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共48分．每个选择题不一定只有一个正确选项，全部选对得4分，错选不得分，漏选得2分，1-8为单选，9-12为多选．）1．（4分）电源电动势的大小反映的是（）A．电源把电能转化为其他形式的能的本领大小B．电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C．电源单位时间内传送电荷量的多少D．电流做功的快慢考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电动势这样定义的，在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能．解答：解：电动势在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能．所以电动势的大小反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小．单位时间内流过的电荷量表示电流，做功的快慢表示功率．所以A、C、D错误，B正确．故选：B．点评：解决本题的关键是理解电动势在数值上等于非静电力将1C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其它形式的能转变为电能．．2．（4分）走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么设计的电路为（）A．“与”门电路B．“非“门电路C．“或”门电路D．上述答案都有可能考点：简单的逻辑电路．专题：恒定电流专题．分析：“或”逻辑关系的特点是，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．解答：解：不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，所满足的关系是“或”逻辑关系，即事件的某一个条件满足，该事件就能发生．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键理解“或”逻辑关系的特点，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．3．（4分）甲乙两条铜线质量之比M甲：M乙=4：1，长度之比L甲：L乙=1：4，电阻之比R：R乙为（）甲A．1：1 B．1：16 C．64：1 D．1：64考点：电阻定律．分析：由题意可知导体的长度及横截面积，则由电阻定律要求得电阻之比．解答：解：M=ρ′V=ρLS；则可知：===16：1；则由R=可知，电阻之比：=×=×=故选：D．点评：本题要注意质量在这里的目的，不能简单地认为长度之比即为电阻之比而忽略了截面积的存在．4．（4分）用多用电表测直流电压U和测电阻R时，若红表笔插入多用表的（+）插孔，则（）A．测U时电流从红表笔流入多用表，测R时电流从红表笔流出多用表B．测U、R电流均从红表笔流入多用表C．测U、R电流均从红表笔流出多用表D．测时U电流从红表笔流出多用表，测R时电流从红表笔流入多用表考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：用多用电表测直流电压U时，红表笔插入多用表的（+）插孔，红表笔与电源的正极相连，在外电路中电流是从正极流向负极，所以测U时电流从红表笔流入多用表，多用电表的欧姆档内含电源，黑表笔接在电池的正极，红表笔接在负极，无论多用电表选择开关打在啥档位，电流总是从红笔入，从黑笔流出．解答：解：用多用电表测直流电压U时，红表笔插入多用表的（+）插孔，红表笔与电源的正极相连，在外电路中电流是从正极流向负极，所以测U时电流从红表笔流入多用表，多用电表的欧姆档内含电源，测电阻R时，黑表笔接在电池的正极，红表笔接在负极，无论多用电表选择开关打在啥档位，电流总是从红笔入，从黑笔流出．故选B．点评：熟记多用电表的特点可迅速解答本题，通过多用表的电流要求从红表笔流入，由黑表笔流出．5．（4分）如图所示，在导体壳内放一负电荷q，则壳内的a点、壳上的b点、壳外的c点的电场强度和电势的关系应为（）A．E a＞E b＞E c，φa＞φb＞φc B．E a＞E b＞E c，φa＜φb＜φcC．E a＞E c＞E b，φa＜φb＜φc D．E a＞E c＞E b，φa＞φb＞φc考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将带负电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出正电荷，外表面感应出负电荷．整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面．画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小．解答：解：当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出正电荷，外表面感应出负电荷，画出电场线的分布如图．由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强零，则E a＞E c＞E b．根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是φc＞φb＞φa．故选：C点评：本题抓住处于静电平衡导体的特点是关键．比较场强大小和电势高低常常画电场线，形象直观地判断．6．（4分）如图所示，因线路故障，按通K时，灯L1和L2均不亮，用电压表测得U ab=0，U bc=0，U cd=4V．由此可知开路处为（）A．灯L1B．灯L2C．变阻器D．不能确定考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：对于完好的电阻，阻值一定，电流I=0时，根据欧姆定律可知，其电压U=IR=0．若发生断路，其两端电压等于电源的电动势．解答：解：A、B对于完好的电阻，阻值一定，电流I=0时，根据欧姆定律可知，其电压U=IR=0．由题：U ab=0，U bc=0，则可知：灯L1、L2没有发生断路．故AB错误C、由题U cd=4V，则变阻器发生断路，因为断路时，电流无电流，其两端的电势分别等于电源两极的电势，其电势差等于电源的电动势．故C正确．D、由上述分析可知D错误．故选：C点评：本题是电路中故障分析问题，往往哪段电路的电压等于电源的电压，哪段电路发生断路，可用电压即为电势差来理解．7．（4分）如图所示，当滑动变阻器的滑动触头向左移时，灯泡L1、L2、L3的亮度将（）A．都变亮B．都变暗C．L1、L2变亮，L3变暗D．L1、L3变亮，L2变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：电灯L2与变阻器串联后与灯泡L3并联，最后再与L1串联；当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，变阻器接入电路的电阻变小，故总电阻变小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流或电压情况，从而判断灯泡的亮度．解答：解：当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，变阻器有效电阻变小，故整个电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知干路电流增大，故灯泡L1变亮；并联电路的电压U并=E﹣I（R L1+r），故并联电路电压变小，灯泡L3变暗；干路电流变大，而通过灯泡L3的电流变小，故通过灯泡L2的电流增大，灯泡L2变亮；故ABD错误，C正确．故选：C．点评：解决动态电路的关键是：通常按照局部→整体→局部的思路进行分析，在灵活应用串并联电压和电流的关系，判断各支路的电压和电流的变化．8．（4分）图示的电路图中，C2=2C1，R2=2R1．下列说法正确的是（）①开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电量②开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电量③开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电量④开关处于接通状态，电容C1的电量大于C2的电量．A．①B．④C．①③D．②④考点：电容器．专题：电容器专题；恒定电流专题．分析：开关S断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势．当开关S闭合时，两个电阻串联，电容器C2与电阻R1并联，电容器C1与电阻R2并联．根据Q=UC即可判断带电量之间的关系．解答：解：①②当开关S断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势，根据Q=CU，且C2=2C1，得：Q2=2Q1，故①正确，②错误；③④当开关S闭合时，电容器C2的电压等于R1的电压，电容器C1的电压等于电阻R2的电压．而两电阻串联，电压之比等于电阻之比，根据Q=UC，且C2=2C1，U1=2U2，得：电容器C2的电量等于C1的带电量，故③④错误．故选A．点评：对于含有电容器的电路，在电容不变时，关键确定电压及其变化．电路稳定时，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．9．（4分）对元电荷的理解，下列说法正确的是（）A．目前认为：元电荷是自然界中电荷的最小单元，其值是1.60×10﹣19CB．元电荷就是质子C．元电荷就是电子D．物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．解答：解：A、目前认为：元电荷是自然界中电荷的最小单元，其值是1.60×10﹣19C，故A正确；B、元电荷是最小电荷量，不是一种带电微粒，故BC错误；D、物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍，故D正确；故选：AD．点评：本题就是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念即可解决本题．10．（4分）用多用电表欧姆档测电阻时，下列说法正确的是（）A．测量前必须调零，而且每测一次电阻都要重新调零B．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，以使表笔与待测电阻接触良好C．待测电阻若是连接在电路中，应当先把它与其它元件断开后再测量D．使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF档或交流电压最高档考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：每选定一次欧姆档位后电路发生改变要重新进行欧姆调零，测量电阻要把电阻与其它元件独立；测完要把选择开关正确放置．解答：解：A、运用欧姆表测量电阻时，测量前必须欧姆调零，且每次在换挡后要重新调零，如果用同一欧姆档测不同的电阻，不需要重新进行欧姆调零，故A错误．B、为了使测量值比较准确，表笔应与待测电阻紧密接触，由于人体是导体，不应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，故B错误；C、测量电路中的电阻时，由于多用电表内部电源被接通，要将待测电阻与外部电源断开，故C正确．D、多用电表使用完毕，应将选择开关旋到“OFF”或交流电压最高挡，故D正确．故选：CD．点评：本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意是每次换挡都要重新调零．11．（4分）一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路．今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动，要使油滴上升，可采用办法是（）A．增大R1B．增大R2C．增大R3D．减小R2考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电路稳定时，电容器的电压等于可变电阻R3的电压，改变R1，对电容器的电压没有影响．要使油滴上升，需增加R3两端的电压，根据欧姆定律确定采用的方法．解答：解：A、增大R1，对电容器的电压没有影响．油滴不动．故A错误．B、增大R2，R2分担的电压变大，则R3分担的电压变小，则电容器两端的电压减小，油滴下降．故B错误，D正确．C、增大R3，R3分担的电压变大，则电容器两端的电压变大，油滴上升．故C正确．故选CD．点评：本题关键分析电容器的电压是否变化．以及知道电容器两端的电压等于R3两端的电压．12．（4分）如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场（加速电压为U1）加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量为h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为l，每单位电压引起的偏移，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用下列哪些方法（）A．增大U2B．增大l C．减小d D．减小U1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据灵敏度的定义，分析电子的偏转位移的大小，找出灵敏度的关系式，根据关系式来分析灵敏度与哪些物理量有关．解答：解：电子在加速电场中加速，根据动能定理可得：eU1=mv02，所以电子进入偏转电场时速度的大小为：v0=，电子进入偏转电场后的偏转的位移为：h=at2==，所以示波管的灵敏度为：=，所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以BCD正确．故选：BCD．点评：本题是信息的给以题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题．二、实验题（每空2分）13．（2分）读出图中螺旋测微器的读数：读数为0.3372cm．考点：螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：螺旋测微器的固定刻度为3mm，可动刻度为37.2×0.01mm=0.372mm，所以最终读数为3mm+0.372mm=3.372mm=0.3372cm．故答案为：0.3372点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．14．（4分）如图所示，用伏安法测电阻时，如果不知道待测电阻的大概值时，为了选择正确的电路以减少误差，可将电压表一个接头分别在a、b两点接触一下，如果安培表读数没有显著变化，则P应接在a处，如果伏特表读数没有显著变化，则P应接在b处．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P 接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时，电流表应采用外接法．同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法．解答：解：根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化，说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；如果电压表读数变化不明显，说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P应接在b处．故答案为：a，b点评：应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法．15．（10分）测量干电池的电动势和内电阻．下列器材可供选用：A．干电池一节B．直流电流表（0.6A，0.15Ω；3A，0.025Ω）C．直流电压表（3V，5kΩ；15V，25kΩ）D．滑动变阻器（0～15Ω，l A）E．滑动变阻器（0～1kΩ，0.5A）F．电键G．导线若干（1）应选用的滑动变阻器是D（填序号），选用电流表的量程是0.6A，选用电压表的量程是3V；（2）将选用的器材在实物图上连线．要求实验误差最小．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据电路最大电流选择电流表量程，根据电源电动势选择电压表量程．（2）根据实验原理连接实物电路图．解答：解：（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选D；一节干电池电动势约为1.5V，电压表应选3V量程；电路电流较小，约为零点几安培，电流表应选0.6A量程．（2）伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，由于电源内阻较小，为减小实验误差，相对于电源，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：故答案为：（1）D，0.6A，3V；（2）实物电路图如图所示．点评：本题考查了实验器材的选择，连接实物电路图，掌握实验器材的选择原则、知道实验原理即可正确解题．16．（12分）规格为“8V、4W”的小灯泡L与小型直流电动机D（其线圈内阻为r0=0.4Ω）并联后，接至电动势为10V，内电阻r=0.5Ω的电源上，小灯泡恰好正常发光，求：（1）通过小灯泡的电流I L和电源的内电压U′．（2）电路中的总电流I和通过电动机D的电流I D．（3）电动机的输入功率P1，发热功率P2和电动机的输出功率P3．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）由题意可知电路中的路端电压，则由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流；（2）由并联电路的规律可知，通过电动机的电流I D=I﹣I L；（3）电动机的总功率=输出功率+内阻消耗功率．解答：解：（1）由题意可知，电路的路端电压U=8V，则内电压U内=E﹣U=10V﹣8V=2V；通过灯泡的电流I L==0.5A，（2）电路中总电流I==4A；由并联电路的规律可知，通过电动机的电流I D=I﹣I L=3.5A；（3）电动机的输入功率P1=UI D=8×3.5=28W发热功率P2==4.9W电动机的输出功率P3=P1﹣P2=28﹣4.9=23.1W答：（1）通过小灯泡的电流0.5A和电源的内电压2V．（2）电路中的总电流4A和通过电动机D的电流3.5A．（3）电动机的输入功率28W，发热功率4.9W和电动机的输出功率23.1W．点评：本题考查电路中电功及电热的区别，要注意电路中电压即电流的分配，知道总功率=输出功率+内阻消耗功率．17．（12分）如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据电压表和电流表的示数，由欧姆定律可以求得电阻R3的阻值的大小；（2）当S闭合后，R2和R3并联，之后和R1串联，根据闭合电路的欧姆定律可以求得电路的总电流的大小，进而可以求得电阻的功率的大小．解答：解：（1）S断开时，由U1=I1R3得R3==2Ω，又由求得R1=1.4Ω，（2）S闭合时，R2、R3并联电阻，回路总电流，电压表示数为U2=I2R23=1V，R2上消耗的功率．点评：本题考查的是电阻的串并联的知识，根据闭合电路欧姆定律可以求得电路的电流和电压的大小．18．（12分）如图所示，一对竖直放置的平行金属板A、B构成电容器，电容为C．电容器的A板接地，且中间有一小孔S．一个被加热的灯丝K与S位于同一水平线，从灯丝上可以不断地发射出电子，电子经过电压U0加速后通过小孔S沿水平方向射入A、B两极板间．设电子的质量为m，电荷量为e，电子从灯丝发射时的初速度不计．如果到达B板的电子都被B板吸收，且单位时间内射入电容器的电子数为n，随着电子的射入，两极板间的电势差逐渐增加，最终使电子无法到达B板．求：（1）当B板吸收了N个电子时，A、B两板间的电势差．（2）A、B两板间可达到的最大电势差．（3）从电子射入小孔S开始到A、B两板间的电势差达到最大值所经历的时间．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用；电容．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）当B板吸收了N个电子时电容器所带电荷量为Q=Ne，由电容的定义式C=求电势差．（2）电子经过U0的电压加速后，进入A、B板间的动能为eU0，进入A、B板间电场后做减速运动．随着B板电荷增加，电子在A、B间的加速度越来越大，直至电子到达B板的速度为零，此时A、B板间的电压达到最大值U m根据动能定理求解．（3）B板吸收的总电荷为Q=net，而最大电量Q=CU m．解答：解：（1）当B板吸收了N个电子时，电容器所带电荷量为Q=Ne，根据电容的定义得此时A、B两板间的电压为（2）电子经过U0的电压加速后，进入A、B板间的动能为eU0，进入A、B板间电场后做减速运动．随着B板电荷增加，电子在A、B间的加速度越来越大，直至电子到达B板的速度为零，此时A、B板间的电压达到最大值U m，根据动能定理得：eU0﹣eU m=0得出U m=U0（3）设从电子进入A、B板间，直到板间电压达到最大值U m，经过的时间为t，则B板吸收的总电荷为Q=net，最大电量Q=CU m=CU0，可以得出答：（1）当B板吸收了N个电子时，A、B两板间的电势差是．（2）A、B两板间可达到的最大电势差是U0．（3）从电子射入小孔S开始到A、B两板间的电势差达到最大值所经历的时间是．点评：本题是带电粒子在电场中直线加速和减速与电容器有关知识的综合，关键要掌握电容的定义式C=，并运用动能定理求解．。

2018-2019学年第二学期武威五中高二物理试卷一、单项选择题（本题共计10小题，只有一项符合题目要求，每题4分，共计40分）1.在人类认识原子与原子核结构的过程中，符合物理学史的是（）A. 查德威克通过研究阴极射线发现了电子B. 汤姆孙首先提出了原子的核式结构学说C. 居里夫人首先发现了天然放射现象D. 卢瑟福通过原子核的人工转变发现了质子【答案】D【解析】试题分析：汤姆生通过研究阴极射线发现了电子，查德威克发现了中子．故选项A错误；卢瑟福首先提出了原子的核式结构学说；贝克勒尔首先发现了天然放射现象，故C错误；卢瑟福用α粒子轰击氮核实现了原子核的人工转变，并发现了质子．故选项D正确。

2. 质量为m，速度为v的棒球，与棒相互作用后以被原速率弹回，则小球动量的变化量为（取作用前的速度方向为正方向）（）A. 0B. -2mvC. 2mvD. mv【答案】B【解析】试题分析：取初速度方向为正方向，初动量为mv，末动量为-mv，故动量的改变量为：△p=p′-p=（-mv）-mv=-2mv，故选B．考点：动量的变化【名师点睛】本题考查动量变化的求法，求动量时一定要注意动量的正负，注意求解动量的变化一定要规定正方向；基础题目。

3.我国自主研究制造国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献.下列核反应方程中属于聚变反应的是（）A. 21H＋31H→42He＋1nB. 147N＋42He→178O＋11HC. 42He ＋2713Al →3015P ＋10nD.23592U ＋10n →14456Ba ＋8936Kr ＋310n【答案】A 【解析】【详解】21H ＋31H →42He ＋10n 是聚变，故A 正确；147N ＋42He →178O ＋11H 是人工核反应，故B错误；42He ＋2713Al →3015P ＋10n 是人工核反应，故C 错误；23592U ＋10n →14456Ba ＋8936Kr ＋310n 是裂变，故D 错误；故选A4. 处于n=3能级的大量氢原子，向低能级跃迁时，辐射光的频率有 A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种【答案】C 【解析】试题分析：因为是大量处于n=3能级的氢原子，所以根据2C n 可得辐射光的频率可能有3种，故C 正确。

一、选择题 (每小题5分，共60分)1．若621x ax ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的二项展开式中x 3的系数为52，则a ＝( )A ．1B ．2C ．3D ．42．将2名教师，4名学生分成2个小组，分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动，每个小组由1名教师和2名学生组成，不同的安排方案共有( )A ．12种B ．10种C ．9种D ．8种3．一次考试中，要求考生从试卷上的9个题目中选6个进行答题，要求至少包含前5个题目中的3个，则考生答题的不同选法的种数是( )A ．40B ．74C ．84D ．2004．将二项式842x x +的展开式中所有项重新排成一列，有理式不相邻的排法有( )种．A ．37AB ．6366A AC ．6367A AD ．7377A A5．5位同学报名参加两个课外活动小组，每位同学限报其中的一个小组，则不同的报名方法共有（ ）A ．10种B ．20种C ．25种D ．32种6．甲、乙、丙3位同学选修课程，从4门课程中，甲选修2门，乙、丙各选修3门，则不同的选修方案共有（ ）A ．36种B ．48种C ．96种D ．192种7. 记者要为5名志愿者和他们帮助的2位老人拍照，要求排成一排，2位老人相邻但不排在两端，不同的排法共有（ ） A ．1440种B ．960种C ．720种D ．480种8. 某城市的汽车牌照号码由2个英文字母后接4个数字组成，其中4个数字互不相同的牌照号码共有（ ）A ．()2142610C A个 B ．242610A A个 C ．()2142610C 个D ．242610A 个9. 从5位同学中选派4位同学在星期五、星期六、星期日参加公益活动，每人一天，要求星期五有2人参加，星期六、星期日各有1人参加，则不同的选派方法共有（ ）A.40种 B .60种 C.100种D .120种10．设离散型随机变量X 的概率分布列如下表：X 1 2 3 4 P110p310110则p 等于( A.110 B.210 C.25 D.1211．已知P (AB )＝310，P (A )＝35，P (B )＝34，则P (B |A )＝( ) A.950 B.12 C.25 D.91012．如图所示，在两个圆盘中，指针落在本圆盘中的每个数所在区域的机会均等，那么 两个指针同时落在奇数所在区域的概率是( )A.49B.29C.23D.13答题卡一、选择题(每小题5分，共60分) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案二、 填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．某人一周晚上值班2次，在已知他周日一定值班的条件下，则他在周六晚上值班的概率为________．14. 从班委会5名成员中选出3名，分别担任班级学习委员、文娱委员与体育委员，其中甲、乙二人不能担任文娱委员，则不同的选法共有____________种。