中考考点_简单机械知识点汇总(全)

中考考点 _简单机械知识点汇总（全）一、简单机械选择题1．如图所示的滑轮组上:挂两个质量相等的钩码A B,放手后将出现的现象是（忽略滑轮重绳重及摩擦）（）A．A 下降B．B下降C．保持静止D．无法确定【答案】A 【解析】分析：利用动滑轮、定滑轮的省力特点分析解答此题。

定滑轮只能改变力的方向，不能省力，动滑轮可以省一半的力。

解答：B所在的滑轮为动滑轮，动滑轮省一半的力， A 所在的滑轮为定滑轮，定滑轮不省力；A与B质量相等，重力相等，将B拉起只需A重力的一半即可，所以A下降，B上升。

故选：A。

【点睛】此题考查了动滑轮、定滑轮的省力特点，难点是判断动滑轮和定滑轮，属于基础题目。

2．如图所示，用滑轮组在4s内将重为140N 的物体匀速提升2m ，若动滑轮重10N，石计滑轮与轴之间的摩擦及绳重。

则在此过程中，下列说法正确的是A．拉力F 为75NB．绳子自由端向上移动了4mC．滑轮组的机械效率约为93.3%D．提升200N 重物时，滑轮组机械效率不变【答案】C【解析】【详解】A ．由图可知，n=3，不计摩擦及绳重，拉力：11F= （G+G动）= ×（140N+10N ）=50N ，故A错误；33B ．则绳端移动的距离： s=3h=3×2m=6m ，故 B 错误；C ．拉力做功： W 总=Fs=50N ×6m=300J ， 有用功： W 有用=Gh=140N ×2m=280J ，W有用280J滑轮组的机械效率： = 有用 ×100%=280J×100%≈93.3%，故 C 正确。

W 总300JW 有用 Gh GD ． 提升 200N 重物时，重物重力增加，据= = = 可知滑轮组机W 总 Gh G 动 h G G 动械效率变大，故 D 错误。

3． 物体做匀速直线运动，拉力F=60N ，不计滑轮间的摩擦和动滑轮的自重，则物体受到的A ．60 NB ．120 NC ．20 ND ．180 N答案】 D 解析】 【分析】分析滑轮组的动滑轮绕绳子的段数，不计滑轮间的摩擦和动滑轮的自重，根据 得到 物体受到的摩擦力。

【详解】从图中得到动滑轮上的绳子段数为 3，不计滑轮间的摩擦和动滑轮的自重，物体受到的摩 擦力：f=3F=3×60N=180N 。

故选 D 。

【点睛】 本题考查滑轮组的特点，解决本题的关键要明确缠绕在动滑轮上的绳子的段数。

4．用图中装置匀速提升重为 100N 的物体，手的拉力为 60N ，滑轮的机械效率为（ ）解析】 详解】由图可知，提升重物时滑轮的位置跟被拉动的物体一起运动，则该滑轮为动滑轮； ∴拉力移动的距离 s=2h ，B ．20%C ．83.3%D ．100%摩擦力是5．如图所示，杠杆处于平衡状态且刻度均匀，各钩码质量相等，如果在杠杆两侧各减少一个钩码，杠杆会（ ）A ．左端下沉B ．右端下沉C ．杠杆仍然平衡D ．无法判断【答案】 B 【解析】 【详解】设一个钩码重为 G ，一格的长度为 L ，原来： 3G ×4L=4G ×3L ，杠杆平衡；在杠杆两侧挂钩 码处各减少一个质量相等的钩码，现在：2G ×4L<3G ×3L ，所以杠杆不再平衡，杠杆向顺时针方向转动，即右端下沉。

故 ACD 错误， B 正确。

6．如图所示，一长为 L 的直杆可绕 O 点转动，杆下挂一所受重力为 G 的物块，刚开始直 杆与竖直方向夹角为 60o.为了安全下降物块，用一个始终水平向右且作用于直杆中点的拉 力 F ，使直杆缓慢地转动到竖直位置（可以认为杠杆每一瞬间都处于平衡状态），则下列 说法正确的衡力1 C ．这个过程中物块重力所做的功为GL 2 杠杆【答案】 C 【解析】 【详解】60°角逐渐转到竖直位置时，由于拉力始终水平，所以 其力臂逐渐变大；物体对杠杆拉力为阻力，转动过程中阻力臂逐渐变小；由杠杆平衡条件 可知拉力 F 逐渐变小，故 A 错误；B ．拉力 F 和物块重力大小不等、不一条直线上，不作用在一个物体上，所以不是一对平衡 力，故 B 错误；=======83.3%．A．拉力 F的大小保持不变B ．拉力 F 和物块重力 G 是一对平D ．这个过程中直杆一直都是费力A ．由图知，杠杆由与竖直方向成1C．杠杆由与竖直方向成60°角时，杠杆右端高度h L ，转到竖直位置时杠杆下端高度211降到L 处，所以物体下降高度Vh L L L ，所以物体重力做功221W GVh GL ，故C 正确；2D．当杠杆转到竖直位置时，阻力臂为0，杠杆为省力杠杆，故D 错误。

7．如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体 A 和B 同时向靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是A．杠杆仍能平衡B．杠杆不能平衡，右端下沉C．杠杆不能平衡，左端下沉D．无法判断【答案】C【解析】【详解】原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体A、B 的重力，其对应的力臂分别为OC、OD ，根据杠杆的平衡条件可得：m A gOC=m B gOD，由图示可知，OC>OD．所以m A<m B，当向支点移动相同的距离△L 时，两边的力臂都减小△ L，此时左边为：m A g（OC﹣△L）=m A gOC﹣m A g△L，右边为：m B g（OD﹣△L）=m B gOD﹣m B g△ L，由于m A<m B，所以m A g△L<m B g△ L；所以：m A gOC﹣m A g△L> m B gOD﹣m B g△L．因此杠杆将向悬挂A 物体的一端即左端倾斜．故选C ．8．在斜面上将一个质量为5kg 的物体匀速拉到高处，如图所示，沿斜面向上的拉力为40N，斜面长2m、高1m.（g 取10N/kg ）.下列说法正确的是（）A．物体沿斜面匀速上升时，拉力大小等于摩擦力B．做的有用功是5JC．此斜面的机械效率为62.5% D．物体受到的摩擦力大小为10N 【答案】C【解析】A. 沿斜面向上拉物体时，物体受重力、支持力、摩擦力和拉力四个力的作用，故A 错误；B. 所做的有用功：W 有用＝Gh＝mgh＝5kg×10N/kg×1m＝50J，故B 错误；C. 拉力F 对物体W有用50J做的总功：W 总＝Fs＝40N×2m＝80J；斜面的机械效率为：η＝×100%＝×100%W总80J＝62.5%，故C正确；D. 克服摩擦力所做的额外功：W额＝W总-W有＝80J-50J＝30J，由W 额＝fs可得,物体受到的摩擦力：f＝W额＝30J＝15N，故D错误．故选C.s 2m 点睛：（1）对物体进行受力分析，受重力、支持力、摩擦力和拉力；（2）已知物体的重力和提升的高度（斜面高），根据公式W＝Gh 可求重力做功，即提升物体所做的有用功；（3）求出了有用功和总功，可利用公式η＝计算出机械效率；（4）总功减去W总有用功即为克服摩擦力所做的额外功，根据W 额＝fs 求出物体所受斜面的摩擦力．9．如图所示，一均匀木板AB，B 端固定在墙壁的转轴上，木板可在竖直面内转动，木板下垫有长方形木块C，恰好使木板水平放置．现有水平拉力 F 拉木块C，在粗糙水平地面上由B 向A 缓慢运动过程中，拉力F 将A．变小B．不变C．逐渐增大D．先减小后增大【答案】A【解析】【详解】以杆为研究对象，杆受重力G和C对它的支持力F支，根据杠杆平衡条件可得：F 支?l支=G?l G，水平力F由B向A缓慢匀速推动木块，F支的力臂在增大，重力G及其力臂l G均不变，所以根据杠杆平衡条件可知，在整个过程中支持力在逐渐减小；由于支持力逐渐减 小，且力的作用是相互的，所以可知杆对物体C 的压力也逐渐减小，根据影响摩擦力大小的因素可知， C 和木板间、 C 和地面间的摩擦力逐渐减小，拉力和摩擦力是平衡力，由力 的平衡条件可知，水平拉力 F 也逐渐减小．10．在不计绳重和摩擦的情况下利用如图所示的甲、乙两装置分别用力把相同的物体匀速 提升相同的高度．若用 η 甲、η 乙表示甲、乙两装置的机械效率， W 甲、 W 乙表示拉力所做 的功，则下列说法中正确的是A．η甲 ＝η乙， W 甲 ＝W 乙B ．η 甲 > η乙， W 甲 >W 乙 C ．η甲< η乙， W 甲 <W 乙 D ．η 甲 > η乙， W甲<W乙【答案】A解析】 详解】物体升高的高度和物体重力都相同，根据公式 W=Gh 可知做的有用功相同；由图可知，动 滑轮个数相同，即动滑轮重力相同，提升的高度相同，不计绳重和摩擦 , 则拉力做的额外功相同．有用功相同、额外功相同，则总功相同，即 率相同，即 η 甲＝ η 乙 ．故 A 符合题意．11．用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重 G 物的关系，改变 G 物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出 η与 G 物关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是（ ）A ．同一滑轮组机械效率 η随 G 物的增大而增大，最终将超过 100%B ．G 物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组机械效率将改变C ．此滑轮组动滑轮的重力为 2ND ．当 G 物=6N 时，机械效率 η =66.7%W 甲 ＝ W 乙．根据可知，机械效答案】 D 解析】 详解】A 、使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要克服动滑轮重、摩擦和绳子重做额外机械效率 η随 G 物的增大而增大，但最终不能超过 100% ，故 A 错误；B 、G 物不变，改变图甲中的绕绳方式，如图所示，因为此图与题干中甲图将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳 重及摩擦时，额外功： W 额 =G 轮 h ，即额外功 W 额 相同，又因为 W 总 =W 有+W 额 ，所以总功C 错误；D 、G 物=6N 时，机械效率12． 关于机械效率的问题，下列说法中正确的是（ ）A ．做的有用功越多，机械效率一定越高B ．单位时间内做功越多，机械效率一定越高C ．省力越多的机械，机械效率一定越高D ．额外功在总功中所占比例越小，机械效率一定越高 【答案】 D 【解析】【详解】 A 、做功多，有用功不一定多，有用功占总功的比例不一定高，所以机械效率不一定高， 故 A 错误； B 、有用功占总功的比例与单位时间内做功多少无关，故 B 错误； C 、省力多的机械的机械效率往往偏低，故C 错误；D 、额外功在总功中所占比例越小，说明有用功功，所以总功一定大于有用功；由公式 η知：机械效率一定小于 1，即同一滑轮组相同，由η= 可知，两装置的机械效率相同，即η1=η2 ．故 B 错误；===，即 80%= ，解得 G 动=3N ，故×100%=×100%= × 100%≈ 66.7%．故 D 正确．ηC 、由图可知， G=12N ，此时 η =80%，则×100%= η故选 D ．在总功中所占的比例越大，机械效率就越高，故D 正确；故选D ．【点睛】①总功＝有用功+ 额外功；②有用功和总功的比值叫机械效率；③由机械效率的定义可知，机械效率的高低只与有用功在总功中所占的比例有关，与做功多少、功率大小无关．13．如图用同一滑轮组分别将两个不同的物体A和B匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的影响，提升A的过程滑轮组的机械效率较大，则下列判断正确的是①A 物体比B物体轻② 提升A 的拉力较大③ 提升A 所做的额外功较少④ 提升A 做的有用功较多A．只有①③B．只有②④C．只有②③D．只有①④【答案】B【解析】【详解】由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额=G动h知，提升A 和B所做额外功相同，不计绳重W有W有与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：η= 有= 有，额外功相同，提升A 物体时滑轮W总W有W额组的机械效率较大，所以提升A 物体所做的有用功较大，由于提升物体高度一样，所以A 物体较重，提升A 物体用的拉力较大，故ACD 错误，B 正确。