高二上学期半期物理试卷(理科)

4。如图所示的电路中，电源电阻不能忽略，已知R1=10 ，R2=8 ,当开关置于位置1时，电流表读数为0.20A，则当开关置于位置2时，电流表的读数可能是 （ ）
A. 0 28AB. 0.25A
C。 0。22AD。 0.19A
【答案】C
【解析】
【分析】
根据欧姆定律求出电键S接位置1时路端电压．当电键S接位置2时，外电阻减小，路端电压减小，总电流增大，根据欧姆定律进行分析．
四川省资阳中学2018—2019学年高二物理上学期半期考试试题（含解析）
一、选择题.（每小题5分，共50分，1～7题为单项选择题，8~10题为多项选择题，8~10题每题全对满分，部份选对得3分，选错或不选得0分。）
1.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是( ）
7.匀强电场中的三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，AB的长度为1 m，D为AB的中点，如图所示。已知电场线的方向平行于△ABC所在平面,A、B、C三点的电势分别为14 V、6 V和2 V，设场强大小为E,一电量为1× C的正电荷从D点移到C点电场力所做的功为W，则
A. W=8× J E＞8 V/m
D、由于R2＜R1，当电键S接位置2时，电流表的示数大于0.20A．故D错误。
故选:C.
【点睛】本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系,可确定出电流表示数的范围进行选择．
5.如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板, 为定值电阻， 、 为可调电阻，用绝缘细线将质量为 、带正电的小球悬于电容器内部.闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F。调节 、 ,关于F的大小判断正确的是

浙江省菱湖中学09-10学年高二上学期期中考试(物理)一、单项选择题:(本题共14小题，每小题3分，共42分)1(在如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是( )U a2(要使平行板电容器的电容增大:( ) bS cA(增大电容器的带电量 B(增大电容器两极板的正对面积 SS d C(增大电容器两极间的电压 D(增大电容器两极板的距离S I 3(有a、b、c、d四个电阻，它们的U—I关系如图所示，则图中电阻0 最大的是( )A(a B(b C(c D(d4(把电阻是1Ω的一根金属丝，拉长为原来的2倍，则导体的电阻是( ) A(1Ω B(2Ω C(3Ω D(4Ω 5(有关磁感应强度B，下列说法正确的是 ( ) FA(由知，B与F成正比，与IL成反比 B,ILFB(由知，B的方向就是F的方向 B,ILC(B是磁场的性质，由磁场自身因素决定，与外界无关D(电流在磁场中某处受力为零时，该处的磁感强度B一定等于零 6(真空中有两个点电荷，若每个电荷的电量均增大到原来的2倍，相隔的距离增大到原来的4倍，则它们间的相互作用力: ( )A(增大到原来的4倍 B(增大到原来的2倍C(减小到原来的1/4 D(减小到原来的1/27(已知白炽灯的灯丝随温度的升高导电性能变差，则白炽灯不通电时灯丝电阻R与正常发1光时灯丝电阻R比较，正确的是( ) 2A(R,R B(R,R 1212[C(R,R D(无法判断 128(关于洛伦兹力，下列说法正确的是( )A(电荷在磁场中必定受到洛伦兹力B(运动电荷在磁场中必定受到洛伦兹力C(洛伦兹力的方向和磁感应强度的方向一致D(洛伦兹力的方向和磁感应强度的方向一定垂直9(如图所示，方向水平的匀强磁场B中，一根粗细均匀的通电导体置于水平桌面上，电流方向与磁场方向垂直。

此时，导体对桌面有压力。

要使导体对桌面的压力为零，下列措施可行的是:( )A(减小磁感应强度 B( 增大电流强度C(使电流反向 D(使磁场反向10(如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直纸面向内，且和匀强磁场B垂直，则在图中圆周上，磁感应强度数值最大的点是( )A(a点 B(b点 C(c点 D(d点 11(如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与通电直导线共面，若使线框逐渐远离(平动)通电导线，则穿过线框的磁通量将( )A(保持不变 B(逐渐增大C(逐渐减小 D(不能确定12(三个电子分别以大小为V、2V、3V的速度与磁场方向垂直进入同一匀强磁场，它们在磁场中(不计电子的重力作用):( )A(运动半径之比为1:2:3 B(运动的周期之比为3:2:111222 C(运动半径之比为 D(运动的周期之比为 1:2:31::23E r 13(如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯LA恰能正常发光，如果变阻器的滑片P向b端滑动，则( ) LP A(电灯L更亮，电流表的示数增大ab RR1 2 B(电灯L更亮，电流表的示数变小C(电灯L变暗，电流表的示数变小D(电灯L变暗，电流表的示数增大14(如图为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图。

2021年高二上学期期中物理试卷（理科）含解析一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共计40分．在每小题列出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的．）1．（4分）（xx春•东河区校级期末）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A为两点电荷连线的中心，B为连线上距A为d的一点，C为连线中垂线上距A也为d的一点，关于三点的场强大小、电势高低比较，正确的是（）A．EB ＞EA＞ECB．EA＞EB＞ECC．ΦA=ΦC＞ΦB D．ΦB=ΦC＞φA考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：该题实质上考查常见电场的电场分布与特点，可以结合等量异种点电荷的电场特点分析．解答：解：AB：等量异种点电荷的电场，在连线上，中间的一点电场强度最小；在它们的中垂线上，交点的电场强度最大，故E B＞E A＞E C，故A正确，B错误；CD：AC两点位于等量异种点电荷的连线上的中垂线上，这是一条等势线，故AC两点的电势相等；沿着电场线AB的方向电势降落，故A点的电势高于B的电势，即ΦA=ΦC＞ΦB．C 正确，D错误．故选：AC点评：该题考查常见电场的电场分布与特点，结合等量异种点电荷的电场分布特点的图，可以直接判定．属于简单题．2．（4分）（xx秋•德城区校级期中）关于同一磁场的磁感线，下列表述正确的是（）A．磁感线是客观存在的B．磁感线越密，则磁场越强C．磁感线从N极出发，到S极终止D．某点磁感线的切线方向，与小磁针在该点时N极的受力方向相同考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：（1）磁感线不是真实存在的线，它是为了形象描述磁场而引入的；（2）磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极，磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱，越密越强，反之越弱；（3）磁体周围有任何地方都有磁场，只要有磁场的地方就有磁感线．根据磁感线的特点分析．（4）某点磁感线的切线方向，与小磁针在该点时N极的受力方向相同．解答：解：A、磁场是真实存在的，而磁感线不是真实存在的线，故A错误；B、磁场是有方向的，为了形象描述磁场，用磁感线可以形象地表示磁场的方向和它的强弱分布，磁感线越密，则磁场越强；故B正确．C、磁体外部的磁感线从N极出发回到S极，内部的磁感线从S极出发回到N极；故C错误．D、某点磁感线的切线方向，与小磁针在该点时N极的受力方向，或N极静止方向相同的；故D正确．故选：BD．点评：此题主要考查了磁感线的特点；用磁感线来描述磁场是建立理想模型法；特别注意磁感线的方向的规定，在磁体外部是从N极到S极．3．（4分）（xx秋•德城区校级期中）有一段直导线长1cm，通以5A电流，把它置于于垂直于磁场中的某点时，受到的磁场力为0.1N，则该点的磁感应强度为（）A．1T B．5T C．2.5T D．2T考点：安培力．分析：根据安培力的大小公式F=BIL求出磁感应强度B的大小．解答：解：导体棒垂直置于磁场中，根据F=BIL得：B=故选：C．点评：解决本题的关键知道当磁场方向与电流方向平行时，安培力F=0；当磁场方向与电流方向垂直时，安培力F=BIL．4．（4分）（xx•江西）如图，虚线a．b和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为U a、U b 和U c．U a＞U b＞U c一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，静电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能减少考点：等势面；电势能．专题：定性思想．分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加；电场力做功的正负还可以直接根据电场力的方向判断．解答：解：A、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功，故A正确；B、根据E p=qφ，粒子从L到M的过程中，电势能减小，故电场力做正功，故B错误；C、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故C正确；D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加，故C错误；故选AC．点评：本题关键关键根据E p=qφ得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况．5．（4分）（xx•宁夏）如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度a．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是（）A．缩小a、b间的距离B．加大a、b间的距离C．取出a、b两极板间的电介质D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质考点：共点力平衡的条件及其应用；电容．专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）对小球受力分析，小球受重力，拉力，电场力三个力的作用，要使悬线的偏角a变大，需要增加PQ两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，即只需增加PQ两极板间的电压即可．两个电容器并联在一起，所以两个电容器极板间的电压相同，只需增加ab两极板之间的电压就可以增加PQ两极板间的电压．（2）ab电容器带电量不变，由：，进行分析即可．解答：解：对小球受力分析如图：要使悬线的偏角a变大，需要增加F电，即增加PQ两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，所以只需增加PQ两极板间的电压即可．两个电容器并联在一起，所以两个电容器极板间的电压相同，此时：C并=C ab+C PQ．对两个电容器：总电量Q不变，由：得：增加U，需要将电容C并减小，C PQ不变；由：得：减小电容C ab可有三个方法：①增大极板距离d②减小正对面积s，如将ab板错开③换介电常数小的电介质故选：BC点评：本题综合了电路、电容的知识，综合性较强；是通过平衡条件的考查转移到电容器动态分析的一个考查，需要认真推敲一下．6．（4分）（xx•天津）如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：压轴题．分析：由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变化；由电势与电势能的关系可判断电势．解答：解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能减少，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，故B正确，C错误；D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能判断M、N点电势的高低，D错误．点评：本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．7．（4分）（xx秋•德城区校级期中）如图所示，两个同样的导线环同轴平等悬挂，相隔一小段距离．当同时给两导线环通以同向电流时，两导线环将（）A．吸引B．排斥C．保持静止D．不可判断考点：平行通电直导线间的作用．分析：由安培定则判断导线环电流磁场的方向，然后根据磁极间的相互作用判断两导线环的运动趋势．解答：解：通电导线环产生磁场，相当于一个磁铁，由安培定则可知：两导线环左侧面是N极，右侧面是S极，同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥，左右两通电导线环的S极与N极相对，因此两导线环相互吸引；故选：A．点评：把两通电导线环等效为磁铁，由安培定则判断出磁铁的极性，根据磁铁磁极间的相互作用即可正确解题．8．（4分）（xx秋•温州期中）如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，小球保持静止状态，现烧断悬线，则小球将在电场中做（）A．自由落体运动B．匀变速曲线运动C．变加速直线运动D．匀变速直线运动考点：牛顿第二定律；电场强度．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．解答：解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向．烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动．故D正确．A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．9．（4分）（2011•西城区模拟）如图所示，正确标明了通电导线所受安培力F方向的是（）A．B．C．D．考点：左手定则．分析：正确应用左手定则是解答本题的关键，在应用时为防止手忙脚乱，可以先让四指和电流方向一致，然后通过旋转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向．解答：解：根据左手定则可知：A图中安培力向下，故A错误；B图中安培力向下，故B正确；C图中安培力向下，故C错误；D图中垂直于电流和磁场向外，故D错误．故选B．点评：要熟练应用左手定则判断安培力方向一定平时多加练习，同时注意磁场、电流方向的表示方法．10．（4分）（2011秋•禹州市期末）如图所示，电子在电压为U1的电场中由静止加速后，垂直射入电压为U2的偏转电场．在满足电子能射出偏转电场的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（）A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子离开电场时数值方向分速度，表示出偏转角正切值的表达式，从而判断使偏转角变小的方法．解答：解：根据动能定理：eU1=mv2得：v=在偏转电场中由平抛规律可得：v y=at加速度为：a=运动时间为：t=可得偏角的正切值为：tanθ==若使偏转角变小即使tanθ变小，由上式看出可以增大U2减小U1．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．二、填空题（本大题共5个小题，共30分，把答案填在题中的横线上）11．（6分）（xx秋•德城区校级期中）a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为8V．考点：电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．解答：解：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则U be=U bd=×（24﹣4）=4v，故U be=φb﹣φe=4v，故φf﹣φd=4v，故φe=24﹣4=20v．φf=8v．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8v．故答案为：8．点评：①在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；②在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布．以上两点是解决此类题目的金钥匙．12．（6分）（xx•湖南校级模拟）将一个电荷量为1.0×10﹣8C的正点电荷从电场中的A点移到B 点，电场力做的功为2.4×10﹣6J，则A、B间的电势差为U AB=240V，A、B两点中A点的电势高．考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查电场力做功，和电场力做功与电势能的转化的关系，电场力做功有公式W=qU可以计算；和电场力做功与电势能的转化的关系是，电场力做正功，电势能就减小；电场力做负功，电势能就增加，由此可判定AB之间的电势关系．解答：解：（1）电场力做功时：由公式W=qU，V；（2）电场力做功与电势能的转化的关系是，电场力做正功，电势能就减小；电场力做负功，电势能就增加，由此可判定AB之间的电势关系A点高，B点低．故答案为：240V，A点评：该题考查考查电场力做功，和电场力做功与电势能的转化的关系，属于基础题目．13．（6分）（xx秋•德城区校级期中）图中，A图为通电螺线管及周围小磁针的示意图，图中螺线管中小磁针左端为S极，螺线管之上的磁针左端为N极（填N或S）考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：先根右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再根据小磁针静止时N极的指向即为磁场的方向去分析．解答：解：由右手螺旋定则判断出通电螺线管的右端为N极，小磁针静止时N极的指向即为磁场的方向，所以图中螺线管中小磁针左端为S极，螺线管之上的磁针左端为N极．故答案为：S，N点评：磁极间的相互作用规律与右手定则相结合是电磁学方面的常见题型，一般有两个思路：①由小磁针的指向判断通电螺线管的磁极，进而判断电流的方向或绕线；②根据右手定则判断出通电螺线管磁极，进而判断出小磁针的指向．14．（6分）（xx秋•德城区校级期中）如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等．有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该带正小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20ev，运动到b点时动能等于2ev．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能为6ev时，不计重力和空气阻力，它的动能等于8eV．考点：等势面；电势能．分析：解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．解答：解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：W ab=2eV﹣20eV=﹣18eV ①由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：U ab=3U ac②从b到c电场力做正功，根据动能定理有：W bc=E kc﹣E kb③联立①②③可得E kc=14eV．由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=E p+E k=14eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于6eV时动能为8eV，故答案为：8eV点评：学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．15．（6分）（xx秋•沈阳期中）水平放置的平行金属导轨相距为d，导轨一端与电源相连，垂直于导轨平面的匀强磁场的磁感应强度为B，方向如图所示．金属棒ab静止在导轨上，棒与导轨成60°角，此时，通过金属棒的电流为I，则金属棒所受的安培力大小为．考点：安培力．分析：应用安培力公式F=BIL时注意，该公式的适用条件一是要求匀强磁场，而是要求电流和磁场垂直，故解答本题的关键是求出垂直于磁场的导线长度．解答：解：通电导体垂直于磁场的长度为：故安培力的大小为：故答案为：．点评：对于基本物理公式要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．三、计算题（本大题共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（8分）（xx秋•鲤城区校级期中）如图所示，一平行板电容器接在U=12V的直流电源上，电容C=3.0×10﹣10 F，两极板间距离d=1.20×10﹣3m，取g=10m/s2，求：（1）该电容器所带电量．（2）若板间有一带电微粒，其质量为m=2.0×10﹣3 kg，恰在板间处于静止状态，则该微粒带电量为多少？带何种电荷？考点：电容；共点力平衡的条件及其应用．专题：电容器专题．分析：（1）平行板电容器接在U=12V的直流电源上，板间电压U等于电源的电压．由电容的定义式C=求解电容器所带电量．（2）平行板电容器建立匀强电场，由E=求出板间电场强度E．带电微粒在板间处于静止状态时，重力与电场力平衡，由平衡条件求出微粒的带电量．判断出电性．解答：解：（1）由电容的定义式C=得，电容器所带电量Q=CU=3.0×10﹣10×12C=3.6×10﹣9C．（2）由E=得，板间电场强度E=对于带电微粒，由平衡条件得，qE=mg则q==C=2×10﹣6C由于电容器上板带正电，场强方向向下，微粒所受电场力方向竖直向上，则该电荷带负电．答：（1）该电容器所带电量3.6×10﹣9C．（2）该微粒带电量为2×10﹣6C，带负电荷．点评：本题要区分清楚电容器的电荷量与微粒的电荷量不同．对于平衡问题，分析受力是基础．基础题，比较容易．17．（11分）（xx秋•德城区校级期中）在磁感应强度是4.0×10﹣2T的匀强磁场里，有一条与磁场方向垂直，长8cm的通电导线ab（如图所示），通电导线ab所受的安培力是1.0×10﹣2N，方向垂直纸面指向外，求导线中电流的大小和方向．考点：安培力；左手定则．分析：根据F=BIL求出电流的大小，通过左手定则，结合磁场的方向、安培力的方向判断出电流的方向．解答：解：由F=BIl得：I== A=3.125 A由左手定则判定电流方向由b到a．答：电流的大小为3.125A，方向由b到a．点评：解决本题的关键掌握安培力的大小公式，当电流方向与磁场平行，F=0，当电流方向与磁场方向垂直，F=BIL，以及掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系．18．（11分）（xx•湖南校级模拟）一束电子流在经U=5000V的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的电场，如图所示，若两极间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子先加速再偏转，由题意可知当电子恰好飞出时，所加电场最大；由运动的合成与分解关系可得出电压值．解答：解：在加速电压一定时，偏转电压U'越大，电子在极板间的偏转距离就越大，当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压．加速过程，由动能定理得：．①进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动：l=υ0t．②，③偏转距离：，④能飞出的条件为：．⑤解①②③④⑤式得：．答：两个极板上最多能加多大电压为4.0×102V．点评：本题考查带电粒子在电场中的偏转，在列式计算时应注意不要提前代入数值，应将公式简化后再计算，这样可以减少计算量．tK33357 824D 艍1K37376 9200 鈀Z36483 8E83 躃31209 79E9 秩n;CY20578 5062 偢。

2024-2025学年江苏省南通市如皋市高二（上）期中物理试卷一、单选题：本大题共12小题，共36分。

1.在挡板上安装一个宽度可调的狭缝，缝后放一个光屏。

用红色平行光照射狭缝，光屏上出现如图所示的图样。

可使中央亮条纹变宽的操作是( )A. 增大平行光的宽度B. 减小单缝的宽度C. 减小屏到单缝的距离D. 改用绿色平行光照射2.如图所示，在用插针法“测量玻璃的折射率”实验中，下列说法中正确的是( )A. 大头针P4须挡住P3及P1、P2的像B. 利用量角器量出i1、i2，可求出玻璃砖的折射率n=sin i2sin i1C. 若误将玻璃砖的边PQ画到P′Q′，折射率的测量值将偏大D. 若增大入射角i1，经过P1、P2的光可在PQ面上发生全反射现象3.如图所示，电灯S发出的光先后经过偏振片A和B，人眼在P处迎着入射光方向，却看不到光亮，下列说法中正确的是( )A. 电灯S发出的光是偏振光B. 以SP为轴转动A，Q处将出现明暗交替的现象C. 将B 沿SP 向A 平移至某位置时，在P 处看到光亮D. 以SP 为轴将A 转过45°，在P 处看到光亮4.某同学利用如图甲所示装置测量某种单色光的波长，该同学通过测量头的目镜观察到如图乙所示的图像，下列说法中正确的是( )A. 凸透镜的作用是获得平行光B. 旋转测量头，可使分划板竖线与条纹平行C. 左右拨动拨杆，调节单缝可使条纹与分划板竖线平行D. 将屏向远离双缝的方向移动，可以增加从目镜中观察到的条纹个数5.如图所示，质量为m 、电荷量为q 的粒子，从容器A 下方的小孔S 1飘入电势差为U 的加速电场，其初速度几乎为0，然后经过S 3沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，最后打到照相底片D 上.则粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为( )A.2qU BmB.2mU BqC. 1B2qUmD. 1B2mUq6.如图所示，宽为l 的光滑导轨与水平面成α角，质量为m 、长为l 的金属杆水平放置在导轨上。