洛宁县高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理
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洛宁县高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．如图所示，平行金属导轨与水平面成θ角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面．有一导体棒ab，质量为m，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为μ，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F. 此时A. 电阻R1消耗的热功率为Fv/3B. 电阻R2消耗的热功率为Fv/6C. 整个装置因摩擦而消耗的热功率为μmgv cosθD. 整个装置消耗的机械功率为（F＋μmg cosθ）v【答案】BCD【解析】2． 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。
在两极板间有一个固定在P 点的点电荷，以E 表示两板间的电场强度，E p 表示点电荷在P 点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。
若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则A ．θ增大，E 增大 B ．θ增大，E p 不变C ．θ减小，Ep 增大 D ．θ减小，E 不变【答案】D3． （多选）有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b 是近地轨道卫星，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）A.a 的向心加速度等于重力加速度g B ．在相同时间内b 转过的弧长最长C ．c 在2小时内转过的圆心角是 6D ．d 的运动周期有可能是20小时【答案】BC 【解析】4．如图所示，甲、乙两质量不同的物体，分别受到恒力作用后，其动量p与时间t的关系图象。
则甲、乙所受合外力F甲与F乙的关系是（图中直线平行）（）A．F甲＜F乙B．F甲＝F乙C．F甲＞F乙D．无法比较F甲和F乙的大小【答案】B5．在军事演习中，某空降兵从悬停在空中的直升飞机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v–t图象如图所示，则下列说法正确的是A．0~10 s内空降兵和降落伞整体机械能守恒B．0~10 s内空降兵和降落伞整体所受空气阻力越来越大C．10~15 s时间内运动员的平均速度D．10~15 s内空降兵和降落伞整体处于失重状态【答案】BC【解析】0~10 s内速度时间图线的切线斜率逐渐减小，可知空降兵和降落伞向下做加速度逐渐减小的变加速直线运动，阻力对空降兵和降落伞做负功，故选项A错误；根据牛顿第二定律得，mg–f=ma，因为加速度减小，可知阻力增大，故选项B正确；10~15 s内做空降兵和降落伞向下做加速度减小的变减速直线运动，5 s内的位移小于做匀变速直线运动的位移，故10~15 s时间内空降兵和降落伞的平均速度，故C正确；10~15 s内做减速运动，加速度方向向上，可知空降兵和降落伞处于超重状态，故选项D错误。
6．甲、乙两物体在同一直线上做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，则（）A. 前3秒内甲、乙运动方向相反B. 前3秒内甲的位移大小是9mC. 甲、乙两物体一定是同时同地开始运动D. t=2s时，甲、乙两物体可能恰好相遇【答案】BD7．如图所示，质量分别为m A和m B的两小球用轻绳连接在一起，并用细线悬挂在天花板上，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2（θ1 > θ2）。
现将A、B间轻绳剪断，则两小球开始摆动，最大速度分别为v A和v B，最大动能分别为E kA和E kB，则下列说法中正确的是A. m B > m AB. 轻绳剪断时加速度之比为tanθ1:tanθ2C. v A < v BD. E kA > E kB【答案】A【解析】试题分析：未剪断细绳时两球都处于平衡状态，设两球间的水平细绳的拉力大小为T．对A球分析受力如图由平衡条件得： ，同理，对B 球有： ，则得，因1A T m gtan θ=2B T m gtan θ=12A B m gtan m gtan θθ=，故，A 正确．轻绳剪断时加速度之比为，B12θθ＞A B m m ＜1212:::A B A B A Bm gsin m gsin a a sin sin m m θθθθ==错误；两球摆到最低点时速度最大，动能最大．根据机械能守恒得：A 球有，得()21112A A A A m gL cos m v θ-=，同理对B 可得： ， ，故，A v =B v =A B L L ＞12θθ＞A B v v ＞C 错误；最大动能， ，由图知： ()21112kA A A A A E m v m gL cos θ==-()22112kB B B B B E m v m gL cos θ==-， ，但， 不一定大于，D 错误．选A.A B L L ＞12θθ＞A B m m ＜kA E kB E 【点睛】未剪断细绳时两球都处于平衡状态，由平衡条件列式，得到水平绳的拉力与质量的大小，从而得到两球质量关系．将A 、B 间轻绳剪断瞬间，由牛顿第二定律求加速度之比，两小球摆动过程中，机械能守恒，到达最低点时的速度，根据机械能守恒定律列式，分析最大速度的大小．8． 在阳台上，将一个小球以v=15m/s 初速度竖直上抛，则小球到达距抛出点h=10m 的位置所经历的时间为（g=10m/s 2）A. 1sB. 2sC.D. （）s 【答案】ABC9． 如图，A 、B 两球用劲度系数为k 1的轻弹簧相连，B 球用长为L 的细绳悬于O 点，A 球固定在O 点正下方，且O 、A 间的距离恰为L ，此时绳子所受的拉力为T 1，弹簧的弹力为F 1，现把A 、B 间的弹簧换成劲度系数为k 2（k 1>k 2）的轻弹簧，仍使系统平衡，此时绳子所受的拉力为T 2， 弹簧的弹力为F 2，则下列说法正确的是（）A. T 1＜T 2B. F 1＜F 2C. T 1＝T 2D. F 1＝F 2【答案】C【解析】解：对小球B 受力分析，由平衡条件得，弹簧的弹力N 和绳子的拉力F 的合力与重力mg 大小相等、方向相反，即，作出力的合成图，并由三角形相似得：，又由题， ，得=mg F 合F T FOA OB AB==合OA OB L ==，绳子的拉力T 只与小球B 的重力有关，与弹簧的劲度系数k 无关，所以得到T 1=T 2，故C 项T F mg ==合正确。
换成K 2以后AB 减小由可知F 1>F 2，B 错误F T FOA OB AB==合综上所述，本题正确答案为C 。
10．用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～to 时间内物块做匀加速直线运动，to 时刻后物体继续加速，t 1时刻物块达到最大速度。
已知物块的质量为m ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是A. 物块始终做匀加速直线运动B. 0～t 0时间内物块的加速度大小为C. to 时刻物块的速度大小为D. 0～t1时间内绳子拉力做的总功为【答案】D【解析】由图可知在0-t0时间内物块做匀加速直线运动，t0时刻后功率保持不变，根据P=Fv知，v增大，F减小，物块做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，物体做匀速直线运动，故A错误；根据P0=Fv=Fat，由牛顿第二定律得：F=mg+ma，联立可得：P=（mg+ma）at，由此可知图线的斜率为：，可知，故B错误；在t1时刻速度达到最大，F=mg，则速度：，可知t0时刻物块的速度大小小于，故C错误；在P-t图象中，图线围成的面积表示牵引力做功的大小即：，故D正确。
所以D 正确，ABC错误。
11．如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图甲所示，左线圈连着正方形线框abcd，线框所在区域存在变化的磁场，取垂直纸面向里为正，磁感应强度随时间变化如图乙所示，不计线框以外的感生电场，右侧线圈连接一定值电阻R，下列说法中正确的是（）A. t1时刻ab边中电流方向由a→b，e点电势高于f点B. 设t1、t3时刻ab边中电流大小分别为i1、i3，则有i1＜i3，e点与f点电势相等C. t2～t4时间内通过ab边电量为0，定值电阻R中无电流D. t5时刻ab边中电流方向由a→b，f点电势高于e点【答案】B【解析】:A、时刻磁场方向向里且均匀增加,根据楞次定律,线框中感应电流沿逆时针方向,ab边中电流方向由,根据法拉第电磁感应定律知,正方形线框中的感应电动势是恒定值,原线圈中电流值恒定,副线圈中不产生感应电动势,e点电势等于f点电势,故A错误;B、根据法拉第电磁感应定律, 时刻磁感应强度的变化率小于时刻的磁感应强度变化率,,根据欧姆定律,知,所以B选项是正确的;C、时间内磁感应强度均匀变化,磁通量均匀变化,有恒定感应电流通过ab,通过ab边的电量不为0,副线圈磁通量不变,定值电阻中无电流,故C错误;D、时刻磁场方向垂直纸面向外,磁场变小,磁通量减小,根据楞次定律得感应电流逆时针,ab边中电流方向,磁感应强度的变化率增大,感应电流大小变大,穿过原副线圈的磁通量增大,根据楞次定律,副线圈中感应电动势上正下负,因此e点电势高于f点,故D错误; 所以B选项是正确的综上所述本题的答案是：B12．一倾角为θ的斜面固定在水平地面上，现有一质量为m的物块在仅受重力及斜面作用力的情况下，沿斜面做匀变速运动，已知物体与斜面间动摩擦因数为μ，重力加速度为g，下列说法正确的是A．若μ<tan θ，则无论物体沿斜面向哪个方向运动都一定处于失重状态B．若μ<tan θ，物体对斜面的压力N=mg cos θC．若μ>tan θ，则无论物体沿斜面向哪个方向运动都一定处于超重状态D．若μ>tan θ，物体对斜面的压力N>mg cos θ【答案】AB【解析】A．若μ<tan θ，若物体向下运动，对物体受力分析可知mg sin θ−μmg cos θ=ma，解得a=g sinθ−μg cos θ，由于μ<tan θ，故μcos θ<sin θ，即a>0，加速度沿斜面向下；若物体沿斜面向上运动，对物体受力分析可知mg sin θ+μmg cos θ=ma，解得a=g sin θ+μg cos θ，即a>0，加速度沿斜面向下，则无论物体沿斜面向哪个方向运动都一定处于失重状态，故A正确；B．对物体受力分析可知，沿垂直斜面方向，受力平衡，斜面对物体的支持力N=mg cos θ，根据牛顿第三定律可知物体对斜面的压力N=mg cos θ，B正确，D错误；C．若μ>tanθ，若物体向下运动，对物体受力分析可知mg sin θ−μmg cos θ=ma，解得a=g sin θ−μg cos θ，由于μ>tan θ，故μcos θ>sin θ，即a<0，加速度沿斜面向上，物体处于超重状态；若物体沿斜面向上运动，对物体受力分析可知mg sin θ+μmg cos θ=ma，解得a=g sin θ+μg cos θ，即a>0，加速度沿斜面向下，物体处于失重状态，故C错误；故选AB。
