广东省佛山市2013届高考物理普通教学质量检测(二)试题(佛山二模)新人教版

2023届广东省佛山市普通高中高三下学期教学质量检测（二模）物理试题一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题如图所示，原长为l的轻质弹簧，一端固定在O点，另一端与一质量为m的小球相连。

小球套在竖直固定、足够长的光滑杆上。

杆上M、N两点与O点的距离均为2l，P点到O点的距离为l，OP与杆垂直。

小球以某一初速度从N点开始向上运动，到达M点时速度恰好为0。

整个运动过程中，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度大小为g。

下列说法正确的是（ ）A．从N点到P点的运动过程中，小球受到的合力一定先做正功后做负功B．小球在N点时的动能为C．弹簧的劲度系数为D．小球从N点向下运动到最低点的过程中增加的弹性势能为第(2)题汽车极大方便了人们的出行，小芳同学乘车时观察到了许多物理现象及其应用．对于这些现象，下列说法正确的是（ ）A．部分汽车的侧边安装有高清摄像头，部分镜头为了兼顾隐蔽性和清晰度，在其表面贴了增透膜．这是利用了光的干涉现象，增透膜的厚度可以为入射光在膜中波长的一半B．在高温晴朗的夏天，可能会看到道路远处地面上仿佛是“湿漉漉”的．这是因为光在传播过程中发生了全反射，比起高空，地面附近的空气为光密介质C．在高速公路的侧边会安装一些反光板，其结构为很多的小玻璃球，可以使光线沿平行于原来的方向反射回．这是因为光在折射入小玻璃球后发生了全反射，沿对称光路折射回空气D．部分汽车前窗玻璃和前灯玻璃可能采用的是偏振玻璃，其透振方向正好与灯光的振动方向垂直，但还要能看清自己车灯发出的光所照亮的物体．假设所有的汽车前窗玻璃和前灯玻璃均按同一要求设置，前窗玻璃和车灯玻璃的透振方向可以都是斜向右上第(3)题用甲、乙两种单色光分别照射锌板，逸出的光电子的最大初动能分别为。

已知乙光的频率是甲光频率的，则锌板的逸出功为（ ）A．B．C．D．第(4)题下列说法正确的是（ ）A．将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒是非晶体B．空气的绝对湿度越大，人们感觉越潮湿C．由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D．在温度不变的条件下，增大饱和汽的体积，就可以增大饱和汽的压强第(5)题下列说法错误的是（ ）A．按照波尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的能量也减小了B．汤姆逊根据阴极射线在电场和在磁场中的偏转情况断定，阴极射线的本质是带负电的粒子流，并测出了这种粒子的比荷C．为了解释光电效应现象，爱因斯坦建立了光子说，指出在光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系。

2013年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ）理科综合(物理部分)14．一物块静止在粗糙的水平桌面上.从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力.以a 表示物块的加速度大小，F 表示水平拉力的大小。

能正确描述F 与a 之间关系的图象是（ )答案：C解析：设物块受的滑动摩擦力为F f ，当拉力F 增大至等于滑动摩擦力时,物块才开始滑动。

根据牛顿第二定律得F －F f ＝ma ,则F ＝F f ＋ma ，C 项正确.15．如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F 的作用，F 平行于斜面向上。

若要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F 1和F 2（F 2＞0）.由此可求出( ）A ．物块的质量B ．斜面的倾角C ．物块与斜面间的最大静摩擦力D ．物块对斜面的正压力 答案：C解析：设物块与斜面间的最大静摩擦力为F m ,斜面的倾角为α.结合题意根据平衡条件得,F 1＝mg sin α＋F m ，F 2＋F m ＝mg sin α，解得，F m ＝122F F -，mg sin α＝122F F +，则物块与斜面间的最大静摩擦力可求，无法求得斜面的倾角和物块的质量,也无法求得物块对斜面的压力，C 项正确.16．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L 、电阻为R 的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d （d ＞L ）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行,磁场方向竖直向下。

导线框以某一初速度向右运动。

t ＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。

下列v －t 图象中，可能正确描述上述过程的是（ )答案:D解析：根据楞次定律可知,线框进入磁场及离开磁场的过程受到安培力，从而做变减速运动，由牛顿第二定律得，BIL ＝22B L vR＝ma ，线框的速度减小，线框的加速度减小；线框完全进入到磁场中运动时,做匀速直线运动，D 项正确.17．空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R ，磁场方向垂直于横截面.一质量为m 、电荷量为q (q ＞0)的粒子以速率v 0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°。

2013年广东省广州市高考物理二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共28.0分)1.PM2.5是指直径小于2.5微米的颗粒，其悬浮在空气中很难自然沉降到地面．则空气中的PM2.5（）A.不受重力作用B.运动不是分子热运动C.相互作用力表现为分子斥力D.颗粒越大，无规则运动越明显【答案】B【解析】解：A、PM2.5受到重力作用，故A错误；B、PM2.5是固体小颗粒，它的无规则运动不是分子的热运动，是固体小颗粒的运动，故B正确；C、PM2.5固体小颗粒能聚合在一起，所以分子间作用力表现为引力，分子间距离小于平衡距离，故C错误；D、PM2.5的无规则运动可以看做布朗运动，颗粒越大，无规则运动约不明显，故D错误；故选B．PM2.5是固体小颗粒，它悬浮在空中，受到重力作用．PM2.5是悬浮在空气中的固体小颗粒，它的无规则运动属于布朗运动，不是分子运动．2.温度降低时，密闭塑料瓶中的气体（）A.内能增大，放出热量B.内能增大，吸收热量C.内能减小，放出热量D.内能减小，吸收热量【答案】C【解析】解：密闭塑料瓶中的气体，温度降低，分子无规则热运动的平均动能减小，即内能减小；瓶子中气体体积一定，不对外做功，即W=0；根据公式△U=Q+W，该气体一定放出热量；故选C．热力学第一定律：热力系内物质的能量可以传递，其形式可以转换，在转换和传递过程中各种形式能源的总量保持不变，公式为△U=Q+W．本题根据根据热力学第一定律公式△U=Q+W进行分析，对于气体，内能由温度决定．3.塔式起重机模型如图，小车P沿吊臂向末端M水平匀速运动，同时将物体Q从地面竖直向上匀加速吊起，下图中能大致反映Q运动轨迹的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：物体Q参与两个分运动，水平方向向右做匀速直线运动，竖直方向向上做匀加速直线运动；水平分运动无加速度，竖直分运动加速度向上，故物体合运动的加速度向上，故轨迹向上弯曲，故A错误，B正确，C错误，D错误；故选B．物体Q从地面竖直向上匀加速吊起的同时，随着小车向右匀速直线运动，实际运动是两个运动的合运动．本题关键是找出物体的分运动，同时明确加速度方向与轨迹的完全方向相一致．4.圆形区域内有如图所示的匀强磁场，一束相同荷质比的带电粒子对准圆心O射入，分别从a、b两点射出，则从b点射出的粒子（）A.带正电B.运动半径较小C.速率较小D.在磁场中的运动时间较长【答案】A【解析】解：A、由左手定则判断，粒子带正电，故A正确B、由洛伦兹力提供向心力，结合几何运动径迹可知，从b点射出的粒子运动半径较大，故B错误C、由r=，结合荷质比相同，可得从b点射出的粒子速率较大，故C错误D、由运动周期公式得，T=，由于荷质比相同，周期与速率无关，仅由轨迹所对的圆心角决定，故b点射出的粒子运动时间较短，故D错误故选A质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同．因此运动轨迹对应的半径越大，则粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，但运动时间却由圆弧对应的圆心角决定本题关键是结合圆的对称性，运用洛伦兹力提供向心力列式分析计算．5.摩天轮顺时针匀速转动时，重为G的游客经过图中a、b、c、d四处时，座椅对其竖直方向的支持力大小分别为N a、N b、N c、N d，则（）A.N a＜GB.N b＞GC.N c＞GD.N d＜G【答案】AC【解析】解：在b、d两点，合力方向指向圆心，知竖直方向上的合力为零，则N b=N d=G．在a点，根据牛顿第二定律得，G-，知N a＜G．在c点，根据牛顿第二定律得，，知N c＞G．故A、C正确，B、D错误．故选AC．摩天轮顺时针匀速转动时，游客也做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，根据牛顿第二定律比较支持力的大小．解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．6.氢原子的能级如图，一群氢原子处于n=3的能级，向较低能级跃迁过程中，辐射的光子（）A.频率最多有2种B.频率最多有3种C.能量最大为12.09e VD.能量最小为10.2e V【答案】BC【解析】解：A、根据=3知，辐射的光子频率最多3种．故A错误，B正确．C、由n=3向n=1能级跃迁时辐射的光子能量最大，为13.6-1.51e V=12.09e V．故C正确．D、由n=3向n=2能级跃迁辐射的光子能量最小，为3.4-1.51e V=1.89e V．故D错误．故选BC．根据数学组合公式求出辐射光子频率的种数，能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越大．解决本题的关键知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，即E m-E n=hv．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)7.如图是远距离输电的示意图，则电压U1、U2、U3、U4之间的关系是（）A.U1＞U2B.U2＞U3C.U3＞U4D.U3=U1+U2【答案】BC【解析】解：由图可知，左边是升压变压器，则U1＜U2，由于输电线电阻，导致U3＜U2；右边则是降压变压器，所以U3＞U4故BC正确，AD错误；故选：BC远距离输电中，通过变压器将电压提高，目的降低电能损失，而到达用户时必须使用降压变压器，用户才能正常使用．解决本题的关键掌握输电功率与输电电压的关系，以及损失功率与输电电流的关系．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)8.质量为m的汽车在平直公路上加速行驶，受到的阻力恒为f．当速度为v时，汽车发动机输出功率为P．则此时汽车的（）A.牵引力为B.牵引力大于C.加速度为D.加速度小于【答案】AD【解析】解：A、根据P=F v得：F=，故A正确，B错误；C、根据牛顿第二定律得：a==＜，故C错误，D正确．故选AD由P=F v求出发动机的牵引力，由牛顿第二定律求出汽车的加速度．本题主要考查了牛顿第二定律及汽车牵引力与功率的关系的直接应用，难度不大，属于基础题．四、多选题(本大题共1小题，共6.0分)9.如图，O、A、B为一直线上的三点，OA=AB，在O处固定一个点电荷+Q，若一点电荷+q放在A、B两点所受库仑力分别为F A、F B，电势能分别为E A、E B，则（）A.F A=2F BB.F A=4F BC.E A＜E BD.E A＞E B【答案】BD【解析】解：A、B、根据库仑定律，电荷间的库仑力与距离的平方成反比，故F A=4F B，故A错误，B正确；C、D、将点电荷+q从A移动到B，电场力做正功，故电势能减小，故E A＞E B，故C错误，D正确；故选BD．根据库仑定律列式比较电场力大小；根据电场力做功等于电势能的减小量判断电势能的变化情况．本题关键根据库仑定律和电场力做功等于电势能的减小量分析判断，基础题．五、实验题探究题(本大题共1小题，共18.0分)10.（1）请完成“验证力的平行四边形定则”实验的相关内容．①如图a，铺有白纸的水平木板上，橡皮条一端固定在A点，另一端拴两个细绳套．②如图b，用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮条，使绳与橡皮条的结点伸长到某位置并记为O点，记下此时测力计的示数F1和F2，及______ ．③如图c，用一个弹簧测力计拉橡皮条，使绳与橡皮条的结点拉到O点，记下此时测力计的示数F= ______ N和细绳的方向．④如图d，已按一定比例作出了F1、F2和F的图示，请用作图方法作出F1和F2的合力F′．⑤合力F′与F大小相等，方向略有偏差，如果此偏差仅由F1引起，则原因是F1的大小比真实值偏______ 、F1与F2的夹角比真实夹角偏______ （填“大”或“小”）．（2）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，提供了如图甲、乙、丙所示的三组器材．①请把能完成实验的器材都连成电路．②某同学根据他的实验数据作出了如图丁所示的图象，由此可知该同学选用的是______ 组器材进行实验（填“甲”、“乙”或“丙”）．根据图象可得出电源的电动势E= ______ V，内阻r= ______ Ω．（忽略电表内阻的影响，结果保留两位有效数字）【答案】两细绳的方向；3.00；大；大；丙；1.5；1.0【解析】解：（1）②为作出力的图示，应记下此时测力计的示数F1和F2，及两细绳的方向；③此时测力计的示数F=3.00N；⑤由平行四边形定则作出F1与F2的合力F′，如右图所示，可见，F′偏左，原因是F1的大小比真实值偏大．F1与F2的夹角比真实夹角偏大．（2））①根据所提供的器材可知，测定电源电动势和内阻的方法可用伏安法和安阻法，乙、丙两图能完成实验．连接电路如图所示．②由图象看出电阻与电流的关系，故可知该同学选用的是丙组器材进行实验．根据闭合电路欧姆定律得E=IR+I r由数学变形得：R=图象的斜率k=E，横轴截距大小等于a=r．由图知k=≈1.5，a=1.0，故E=1.5V，r=1.0Ω故答案为：（1）②两细绳的方向；③3.00；⑤大，大．（2）①连接电路如图．②1.5，1.0（1）本实验是要验证力的平行四边形定则，故应将由平行四边形定则得出的合力，与真实的合力进行比较而去判断平行四边形定则得出的结果是否正确，要作出力的图示，需要测量力的大小和方向．由平行四边形定则作出F1与F2的合力F′，与F进行比较，分析F1的大小与真实值的关系．（2）①根据所提供的器材可知，测定电源电动势和内阻的方法可用伏安法和安阻法，乙、丙两图能完成实验；②由图象看出，电阻与电流的关系，故可知该同学选用的是丙组器材进行实验．根据闭合电路欧姆定律得到电阻箱的电阻与电流的关系式，再根据图象的斜率和截距求解电源的电动势E和内阻r．解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，根据实验的原理分析实验的数据．测量电源的电动势和内阻常用的方法有三种：伏安法、安阻法和伏阻法，其基本原理是闭合电路欧姆定律．六、计算题(本大题共2小题，共36.0分)11.如图，水平地面上，质量为4m的凹槽左端紧靠墙壁但不粘连；凹槽内质量为m的木块压缩轻质弹簧后用细线固定，整个装置处于静止状态．现烧断细线，木块被弹簧弹出后与凹槽碰撞并粘在一起向右运动．测得凹槽在地面上移动的距离为s．设凹槽内表面光滑，凹槽与地面的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，求：（1）木块与凹槽碰撞后瞬间的共同速度大小v；（2）弹簧对木块做的功W．【答案】解：（1）两物体以速度v共同运动时只受到摩擦力的作用，根据能量守恒定律所以有（m+4m）v2=（m+4m）gμs得：v=（2）首先：运用“动量守恒定律”得出碰撞前瞬间木块的速度v0mv0=（m+4m）v得：v0=5因为凹槽内表面光滑，所以弹簧对木块所做的功全部转化成了木块的动能，W=m=25mgμs答：（1）木块与凹槽碰撞后瞬间的共同速度大小是；（2）弹簧对木块做的功W是25mgμs．【解析】（1）两物体以速度v共同运动时只受到摩擦力的作用，系统动能转化为内能．应用“能量守恒定律”和“整体法”解题．（2）运用“动量守恒定律”和“机械能守恒定律”求解．第一问也可以应用“匀减速直线运动”相关知识和“整体法”解题．但是运用“机械能守恒定律”来解决问题更加简单、快速、准确．12.如图，足够长平行金属导轨内有垂直纸面向里的匀强磁场，金属杆ab与导轨垂直且接触良好，导轨右端通过电阻与平行金属板AB连接．已知导轨相距为L；磁场磁感应强度为B；R1、R2和ab杆的电阻值均为r，其余电阻不计；板间距为d、板长为4d；重力加速度为g，不计空气阻力．如果ab杆以某一速度向左匀速运动时，沿两板中心线水平射入质量为m、带电量为+q 的微粒恰能沿两板中心线射出；如果ab杆以同样大小的速度向右匀速运动时，该微粒将射到B板距左端为d的C处．（1）求ab杆匀速运动的速度大小v；（2）求微粒水平射入两板时的速度大小v0；（3）如果以v0沿中心线射入的上述微粒能够从两板间射出，试讨论ab杆向左匀速运动的速度范围．【答案】解：（1）带电量为+q的微粒恰能沿两板中心线射出，此时电场力与重力平衡，设场强为E，则：mg=E q①此时平行板间电压为；U=E d②导体棒感应电动势为：E感=BL v由电路欧姆定律得：U=E感③联立以上可得：v=④（2）ab杆以同样大小的速度向右匀速运动时，平行板间带电粒子所受合力方向向下，大小为；F=E q+mg=2mg⑤粒子做类平抛运动，可知加速度为：a=2g⑥打到板的时间为t，则：=at2⑦d=v0t⑧联立解得：v0=⑨（3）ab杆向左匀速运动时，电场力与重力方向相反，棒速度较小则向下偏，较大则向上偏，粒子做类平抛运动，若粒子恰好射出电场，在水平位移应为L=4d时间内，同时竖直位移恰为，故粒子运动时间：4d=v0t1⑩若向下偏，最小加速度大小为a1，则竖直方向位移为：a1=（11）⑦⑧⑩（11）得：（12）设此时导体棒速度最小为v min，应有：a1==g-（13）解得v min=，若导体棒速度最大为v max，此时粒子向上偏转，应有：a1=′==解得：v max=27mg32B qab杆向左匀速运动的速度范围为＜v＜答：（1）ab杆匀速运动的速度为（2）微粒水平射入两板时的速度（3）ab杆向左匀速运动的速度范围为＜v＜【解析】（1）ab杆以某一速度向左匀速运动时，沿两板中心线水平射入质量为m、带电量为+q 的微粒恰能沿两板中心线射出，此时电场力与重力平衡，可得电场强度数值，进而求得两板间电压，并进而求得感应电动势和棒的速度（2）ab杆以同样大小的速度向右匀速运动时，粒子将做类平抛运动，由于该微粒将射到B板距左端为d的C处，可求粒子的运动初速度（3）ab杆向左匀速运动时，电场力与重力方向相反，粒子做类平抛运动，要想使粒子射出电场水平位移应为L，同时竖直位移应该不小于，棒速度较小则向下偏，较大则向上偏，讨论速度的范围电磁感应问题结合闭合电路欧姆定律，涉及带电粒子在匀强电场中的类平抛运动，运算量较大，有一定难度。

广州市2013年高三物理二模测试题（2013-4-23）一、单选题（每小题4分）13．PM2．5是指直径小于2.5微米的颗粒，其悬浮在空气中很难自然沉降到地面。

则空气中的PM2.5A ．不受重力作用B ．运动不是分子热运动C ．相互作用力表现为分子斥力D ．颗粒越大，无规则运动越明显14．温度降低时，密闭塑料瓶中的气体A ．内能增大，放出热量B ．内能增大，吸收热量C ．内能减小，放出热量D ．内能减小，吸收热量15．塔式起重机模型如图(a)，小车P 沿吊臂向末端M 水平匀速运动，同时将物体Q 从地面竖直向上匀加速吊起，图(b)中能大致反映Q 运动轨迹的是16．圆形区域内有如图所示的匀强磁场，一束相同荷质比的带电粒子对准圆心O 射入，分别从a 、b 两点射出，则从b 点射出的粒子A ．带正电B ．运动半径较小C ．速率较小D ．在磁场中的运动时间较长二、双选题（每小题6分）17．摩天轮顺时针匀速转动时，重为G 的游客经过图中a 、b 、C 、d 四处时，座椅对其竖直方向的支持力大小分别为a N 、b N 、c N 、d N ，则A ． a N G <B ．b N G >C ． c N G >D ．d N G <18．氢原子的能级如图，一群氢原子处于n =3的能级，向较低能级跃迁过程中，辐射的光子A ．频率最多有2种B ．频率最多有3种C ．能量最大为l2．09eVD ．能量最小为l0．2eV19．如图是远距离输电的示意图，则电压1U 、2U 、3U 、4U 以之间的关系是A ．12U U >B ．23U U >C ．34U U >D ．312U U U =+20．质量为m 的汽车在平直公路上加速行驶，受到的阻力恒为f ，当速度为v 时，汽车发动机输出功率为P ．则此时汽车的A ．牵引力为P vB ．牵引力大于P vC ．加速度为f mD ．加速度小于P mv 21．如图，O 、A 、B 为一直线上的三点，OA=AB ，在O 处固定一个点电荷+Q ，若一点电荷+q 放在A 、B 两点所受库仑力分别为A F 、B F ，电势能分别为A ε、B ε，则：A ．2A B F F = B.4A B F F = C ．A B εε< D. A B εε>34．(1 8分)(1)请完成“验证力的平行四边形定则"实验的相关内容。

2013年普通高等学校招生全国统一考试（课标卷II）理科综合能力测试（物理）第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．一物块静止在粗糙的水平桌面上。

从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小。

能正确描述F与a之间的关系的图像是A B C D15．如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上。

若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的最大静摩擦力C．物块对斜面的正压力16．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导体框的一边平行，磁场方向竖直向下，导线框以某一初速度向右运动，t=0时导线框的的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。

下列v-t图像中，可能正确描述上述过程的是A B C D17．空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面。

一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°。

不计重力，该磁场的磁感应强度大小为A．qRmv330B．qRm v0C．qRmv3D．qRm v318．如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电。

整个系统臵于方向水平的匀强电场中。

已知静电力常量为k。

若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为A ．233l q k B ．23l q k C ．23l q k D ．232l q k 19．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。

2021～2022学年佛山市普通高中教学质量检测（二）高三物理试题2022.4本试卷共6页，满分100分．考试时间75分钟．注意事项：1．答题前，考生务必清楚地将自己的姓名、准考证号填写在规定的位置，核准条形码上的准考证号、姓名与本人相符并完全正确及考试科目也相符后，将条形码粘贴在规定的位置．2．选择题必须使用2B 铅笔填涂；非选择题必须使用黑色墨水签字笔或钢笔作答，字体工整、笔迹清楚．3．考生必须在答题卡各题目的规定答题区域内答题，超出答题区域范围书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效．4．保持答题卡清洁、完整，不得折叠．严禁在答题卡上做任何标记，严禁使用涂改液和修正带．一、单项选择题．本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分．1．通过检测发现三星堆遗址出土的文物，年代从公元前3000年延续至公元前1200年，跨越了近2000年，用实物展示了连绵5000年的中华文化．考古通常用C 146年代检测法推算出土文物的年代．C 146的衰变方程为X N C 147146+→，下列说法正确的是A ．衰变方程中的X 是中子B ．C 146需吸收能量才能发生衰变C ．随着C 146的不断衰变，其半衰期会逐渐变长D ．N 147与X 的质量之和小于C 146的质量2．每个工程设计都蕴含一定的科学道理．如下图的两种家用燃气炉架都有四个爪，若将总质量为m的锅放在图乙所示的炉架上，忽略爪与锅之间的摩擦力，设锅为半径为R 的球面，则每个爪与锅之间的弹力A ．等于mg41B ．小于mg 41C ．R 越大，弹力越大D ．R 越大，弹力越小3．如图，医用口罩由多层织物材料构成，其中有一层熔喷布经过特殊工艺处理后成为驻极体材料，这层材料表面长期带有正电荷，能有效吸附细小的粉尘，而这些粉尘通常是细菌和病毒传播的载体．则其中即将被吸附的带电粉尘，一定是A ．带正电B ．沿电场线加速靠近熔喷布C ．在靠近熔喷布的过程中电场力做正功D ．在靠近熔喷布的过程中电势能增加甲乙4．如图，辛丑年农历除夕神舟十三号航天员在遥远的中国空间站向祖国和人民送上了新春的祝福．下列相关说法正确的是A ．在空间站中宇航员所受的重力为零B ．宇航员在空间站中“静止”不动时处于平衡状态C ．空间站绕地球运动经远地点时的速度小于7.9km/sD ．空间站绕地球运动经远地点时的加速度大于9.8m/s 25．右图是某汽车安全气囊的工作原理图．当汽车发生意外碰撞时，钢球对压力传感阀门的压力大于阈值F 时阀门就会打开，钢球接通触片开关点燃炸药，释放大量气体瞬间充满安全气囊。

2013年江门佛山两市普通高中高三教学质量检测化学测试本试卷共12页，满分300分．考试时间150分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考号填写在答题卡上．用2B铅笔将答题卡试卷类型（A）填涂在答题卡上，并在答题卡右上角的“试室号”和“座位号”栏填写试室号、座位号，将相应的试室号、座位号信息点涂黑．2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案答在试题卷上无效．3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答卷上各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效．4．考试结束后，将答卷和答题卡一并交回．第一部分选择题（共 118分）一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分。

共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

7．下列说法正确的是A．煤的气化是物理变化B．蛋白质、橡胶和塑料都是天然高分子C．乙烯与HCl加成后可得到聚氯乙烯的单体D．乙醇可以被氧化为乙酸，二者都能发生取代反应【答案】D【解析】本题考察常见有机物的结构和性质。

A、煤的气化是指将煤转化为可燃性气体（H2、CO），故为化学变化；B、错误，塑料不是天然高分子；C．乙炔与HCl加成后才可以得到聚氯乙烯的单体；D、考查了乙醇和乙酸的基本性质。

乙醇可以被高锰酸钾、重铬酸钾等氧化剂氧化为乙酸，且两者的官能团的重要性质之一就是取代反应，故正确【考点】常见物质的性质8．用n A表示阿伏加德罗常数的值。

下列叙述正确的是A．1mol·L-1的Na2CO3溶液中所含钠离子总数为2n AB．标准状况下，22.4L CH4分子中含质子总数为10n AC．室温下，28g乙烯和丙烯的混合物中含有的碳原子数为n AD．常温常压下，33.6L 氯气与足量的铝充分反应，转移电子数为3n A【答案】B【解析】A、溶液体积不确定；B、正确；C．乙烯和丙烯的最简式相同，所以含碳量相等，其混合物中含有的碳原子数为28(12/14)/12=2mol，即2N A；D、不是标准状况，不能使用22.4L/ mol 【考点】本题考察以物质的量为核心的有关计算和判断。

试卷类型:A 湛江市2013年普通高考测试（二）理科综合本试卷共12页，共36小题，满分300分，考试用时150分。

注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号填写在答题卡上。

用2B铅笔将答题卡试卷类型[A] 涂黑。

在答题卡右上角的“试室号”栏填写本科目试室号，在“座位号”列表内填写座位号，并用2B铅笔将相应的信息点涂黑。

不按要求填涂的，答卷无效。

2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的，答案无效。

4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

以下数据可供解题时参考：相对原子质量：H=1,C=12,O=16, N=14，S=32,Cu=64，Na=23一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

13．下列说法正确的是A．分子间距离越小，分子势能越小B．分子间距离越小，分子间作用力越小C．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用Array D．晶体的物理性质都是各向异性的14．内燃机做功冲程使高温高压气体在极短时间内膨胀推动活塞对外做功，若把气体看作一定质量的理想气体，则A．气体温度上升B．气体分子动能不变C．气体内能增加D．气体内能减少15．农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷(空壳)都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，M处是瘪谷，N处是谷种，如图所示．若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是A ．谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度大些B ．谷种和瘪谷飞出洞口后都做匀变速曲线运动C ．谷种运动过程中加速度较大D ．瘪谷从飞出洞口到落地所用的时间较长16．用平行于斜面的推力F 使物体静止于倾角为θ的固定斜面上，A ．斜面对物体的摩擦力一定沿斜面向下B ．物体对斜面的摩擦力一定沿斜面向上C ．斜面对物体的摩擦力一定沿斜面向上D ．斜面对物体的摩擦力可能为零二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。

2013年高考理综（物理部分） 新课标Ⅱ二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．一物块静止在粗糙的水平桌面上。

从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

以a 表示物块的加速度大小，F 表示水平拉力的大小。

能正确描述F 与a 之间的关系的图像是A ．B ．C ．D ．15．如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F 的作用，F 平行于斜面向上。

若要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F 1和F 2（F 2＞0）。

由此可求出A ．物块的质量B ．斜面的倾角C ．物块与斜面间的最大静摩擦力C ．物块对斜面的正压力16．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L 、电阻为R 的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d （d＞L ）的条形匀强磁场区时导线框的的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。

下列v-t A B C D17．空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R ，磁场方向垂直横截面。

一质量为m 、电荷量为q （q ＞0）的粒子以速率v 0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°。

不计重力，该磁场的磁感应强度大小为A ．qR mv 330B ．qR mv 0C ．qRmv 03 D ．qR mv 03 18．如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a 、b 和c 分别位于边长为l 的正三角形的三个顶点上；a 、b 带正电，电荷量均为q ，c 带负电。

整个系统置于方向水平的匀强电场中。

已知静电力常量为k 。

若 三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为A ．233l q kB ．23l q kC ．23l q kD ．232l q k 19．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。

2013年江门佛山两市普通高中高三教学质量检测 数 学（文科）本试卷共4页21小题满分150分考试用时120分钟注意事项：2013-4-181．答卷前，考生要务必填写答题卷上密封线内的有关项目 2选择题每小题选出答案后，用铅笔把答案代号填在答题卷对应的空格内 3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液不按以上要求作答的答案无效4．请考生保持答题卷的整洁考试结束后，将答题卷交回 参考公式：棱锥的体积公式：． 一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，满分50分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1．设集合，集合，则等于 A． B． C． D． 2．已知复数，且，则复数A． B． C． D． 3．已知命题：，，那么是 A．，B．， C．，D．，4．为了解一片速生林的生长情况，随机测量了其中100株树木的底部周长（单位：cm）．根据所得数据画出样本的频率分布直方图（如右），那么在这100株树木中，底部周长小于110cm的株数是 A．30 B．60 C．70 D．80 5．函数，,则 A．为偶函数，且在上单调递减; B．为偶函数，且在上单调递增; C．为奇函数，且在上单调递增; D．为奇函数，且在上单调递减. 6．设等比数列的前项和为，则“”是“”的 A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件 7．已知幂函数，当时，恒有，则的取值范围是 A． B． C． D． 8．设、是不同的直线，、、是不同的平面，有以下四个命题： ① 若 则 ②若，，则 ③ 若，则 ④若，则 其中真命题的序号是 A．①④ B． ②③ C．②④ D． ①③ 9．直线与不等式组表示平面区域的公共点有 A．0个 B．1个 C．2个 D．无数个 10．已知平面上的线段及点，在上任取一点，线段长度的最小值称为点到线段的距离，记作．设是长为2的线段，点集所表示图形的面积为 A. B. C. D. 二、填空题：本大共5小题．考生作答4小题，每小题5分，满分20分． （一）必做题(11～13题) 11．已知向量满足, ,则向量与的夹角为经过点和,且圆心在直线上,则圆的方程为 . 13．将集合{|且}行第列的数记为（）,则=. (二)选做题(14～15题，考生只能从中选做一题) 14．（坐标系与参数方程）在极坐标系中，设曲线与的交点分别为，则线段的垂直平分线的极坐标方程为． 15．（几何证明选讲）， 直线与圆O相切于点， 于D， 若，设，则______． 三、解答题：本大题共6小题，满分80分，解答须写出文字说明、证明过程或演算步骤． 16．（本题满分12分） 在平面直角坐标系中，以为始边，角的终边与单位圆的交点在第一象限， （1）若,求的值. （2）若点横坐标为,求. 17．（本题满分12分） 市民李生居住在甲地,工作在乙地,他的小孩就读的小学在丙地,三地之间的道路情况如图所示.假设工作日不走其它道路,只在图示的道路中往返,每次在路口选择道路是随机的.同一条道路去程与回程是否堵车互不影响.假设李生早上需要先开车送小孩去丙地小学，再返回经甲地赶去乙地上班， （1）写出李生可能走的所有路线；（比如DDA表示走D路从甲到丙，再走D路回到甲，然后走A路到达乙）; （2）假设从甲到乙方向的道路B和从丙到甲方向的 道路D道路拥堵，其它方向均通畅，但李生不知道 相关信息，那么从出发到回到上班地没有遇到过拥堵的概率是多少？ 18．（本题满分14分）如图，四棱柱中， 是边长为的正方形， 垂直于底面，且． （1）点棱上， 求证：平面的体积．已知椭圆和抛物线有公共焦点, 的中心和的顶点都在坐标原点，直线过点 （）的标准方程； （）若坐标原点关于直线的对称点在抛物线上，直线与椭圆有公共点，求椭圆的长轴长的最小值. 某地，，预计年后该地将.当地决定重新选址建设新城区，同时对旧城区进行拆除.已知旧城区的住房总面积为，每年拆除的数量相同；新城区计划第一年建设住房面积，每年以的增长率建设新住房，从第五年开始，每年都比上一年增加.设第)年新城区的住房总面积为，该地的住房总面积为. （）求； （）若每年拆除，比较与的大小. ，，是常数. （1）求的单调区间； （2）若有极大值，求的取值范围. 2013年江门佛山两市普通高中高三教学质量检测 数 学（文科） 评分BDBCACBDBD 二、填空题 11． ． ．．） 15． 16．，， ……1分 ， ……2分 ，得 ……3分 ∴， ……4分 解法2、 由题可知：， ……1分 ， ……2分 ∵，∴ ……3分 ， 得 ……4分 解法3、 设，（列关于x、y的方程组2分，解方程组求得x、y的值1分，求正切1分） ⑵解法1、 由⑴， 记， ∴，（每式1分） ……6分 ∵ ，得（列式计算各1分） ……8分 （列式计算各1分） ……10分 ∴（列式计算各1分） ……12分 解法2、 由题意得：的直线方程为 ……6分 则 即（列式计算各1分） ……8分 则点到直线的距离为（列式计算各1分） ……10分 又，∴（每式1分）…12分 即 （每式1分） ……6分 即：， ， ……7分 ，，……9分 （模长、角的余弦各1分） ∴ ……10分 则（列式计算各1分） ……12分 解法4、根据坐标的几何意义求面积（求B点的坐标2分，求三角形边长2分，求某个内角的余弦与正弦各1分，面积表达式1分，结果1分） 17．李生可能走的所有路线分别是：DDA，DDB，DDC，DEA，DEB，DEC，EEA，EEB，EEC，EDA，EDB，EDC共12种情况 ……6分 从出发到回到上班地没有遇到过拥堵的走法有：DEA，DEC，EEA，EEC 分共种情况，8分 所以从出发到回到上班地没有遇到过拥堵的概率12分 1．解，，在中， ……1分 同理可知，， （每式1分） ……3分 所以， ……4分 则， ……5分 同理可证，， ……6分 由于，平面，平面， ……7分 所以，平面．解（或）和证明平面解如图1，易知三棱锥的体积等于四棱柱的体积减去四个体积相等的三棱锥的体积，即（文字说明1分）……11分 ……13分 ……14分 解法2、 依题意知，三棱锥的各棱长分别是 ，（每式1分）……10分 如图2，设的中点为，连接， 则，，且， 于是平面， ……12分 设的中点为，连接，则，且， 则三角形的面积为， ……13分 所以，三棱锥的体积．19．由题意，抛物线的，则 ……2分 所以方程为：．解设，则中点为， 因为两点关于直线对称，所以即，解之得， 将其代入抛物线方程，得，所以 联立 ，消去，得 ……11分 由，得， 注意到，即，所以，即， 因此，椭圆长轴长的最小值为.14分 解法2、 设 ，因为两点关于直线对称，， ……5分 即，解之得 ……6分 即,根据对称性,不妨设点在第四象限，且直线与抛物线交于 如图.则,于是直线方程为（讨论、斜率与方程各1分） ……9分 联立 ，消去，得 ……11分 由，得， 注意到，即，所以，即， 因此，椭圆长轴长的最小值为.14分 20．设第年新城区的住房建设面积为，则当时，；当时，. 所以, 当时， ⑵时，，，显然有 时，，，此时. 时，，10分 . ……11分 所以,时，；时，.时，显然13分 （对1-2种情况给1分，全对给2分） 故当时，；当 时，. 14分 21． ……1分 设，其判别式 ……2分 ①当时，，,在定义域上是增函数；……3分 当时，由解得： （每个根1分）……5分 ②当时，，；又，，故，即在定义域上有两个零点 在区间上，，，， 为上的增函数 在区间上，，，，为上的增函数 在区间上，，，,为上的增函数.……6分 ③当时，，在区间上，，，；在区间上，，，， ……7分 ④当时，函数的定义域是，，在上有零点，在上有零点；在区间和上，，在和上为增函数；在区间和上，，在和上位减函数. ……8分 综上: 当时,函数的递增区间是；当时, 的递增区间是和,递减区间是；当时，的递减区间是；递增区间是；当时，的递减区间和,递增区间是和. ……9分 ⑵当时，的定义域是，当时，的定义域是，，令，则（每个导数1分） ……11分 在区间上，，是增函数且； 在区间上，，是减函数且； 当时，. ……12分 故当时，，无极大值； 当时，，方程在区间和上分别有一解，此时函数在处取得极大值；……13分 当时，方程在区间上有一解，此时函数在处取得极大值. 综上所述，若有极大值，则的取值范围是. ……14分 丙 甲 乙 第17题图 第15题图 第13题图 第4题图 80 0.04 0.02 0.01 130 120 100 频率/组距 90 第18题图 （第8题图1） （第18题图2）。