2019年百校联盟高考物理冲刺金卷(二)(解析版)

2019年全国⾼考理综（2卷）及参考答案2019年普通⾼等学校招⽣全国统⼀考试理科综合物理能⼒测试(Ⅱ卷)⼆、选择题：本题共8⼩题，每⼩题6分。

在每⼩题给出的四个选项中，第14~18题只有⼀项符合题⽬要求，第19~21题有多项符合题⽬要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．2019年1⽉，我国嫦娥四号探测器成功在⽉球背⾯软着陆，在探测器“奔向”⽉球的过程中，⽤h 表⽰探测器与地球表⾯的距离，F 表⽰它所受的地球引⼒，能够描述F 随h 变化关系的图像是15．太阳内部核反应的主要模式之⼀是质⼦-质⼦循环，循环的结果可表⽰为1401214H He+2e+2v →，已知11H 和42He 的质量分别为P 1.0078u m =和 4.0026u m α=，1u=931MeV/c 2，c 为光速。

在4个11H 转变成1个42He 的过程中，释放的能量约为A ．8 MeVB ．16 MeVC ．26 MeVD ．52 MeV16．物块在轻绳的拉动下沿倾⾓为30°的固定斜⾯向上匀速运动，轻绳与斜⾯平⾏。

已知，重⼒加速度取10m/s 2。

若轻绳能承受的最⼤张⼒为1 500 N ，则物块的质量最⼤为A ．150 kgB ．C ．200 kgD ．17．如图，边长为l 的正⽅形abcd 内存在匀强磁场，磁感应强度⼤⼩为B ，⽅向垂直于纸⾯（abcd 所在平⾯）向外。

ab 边中点有⼀电⼦发射源O ，可向磁场内沿垂直于ab 边的⽅向发射电⼦。

已知电⼦的⽐荷为k 。

则从a 、d 两点射出的电⼦的速度⼤⼩分别为A ．14kBlB ．14kBl ，54kBlC ．12kBlD ．12kBl ，54kBl18．从地⾯竖直向上抛出⼀物体，其机械能E总等于动能E k 与重⼒势能E p 之和。

取地⾯为重⼒势能零点，该物体的E 总和E p 随它离开地⾯的⾼度h 的变化如图所⽰。

重⼒加速度取10 m/s 2。

2019高考物理金版教程二轮专题练习冲刺方案-专题1适考素能特训(对应学生用书P091)1.2012·郑州三模，14伽利略在研究自由落体运动时，首先研究铜球在斜面上旳运动，然后通过合理外推，得出自由落体运动是匀变速直线运动旳结论．伽利略用“斜面实验”研究自由落体运动旳原因是( )A．便于测量位移B．便于测量时间C．便于测量速度D．便于测量加速度[解析] 在斜面实验中研究旳是初速度为零旳匀变速直线运动，在实验中得出x∝t2旳结论，当铜球质量变化时，xt2旳值不变，当斜面旳倾角变大时，xt2旳值也变大，当倾角为90°时，铜球做自由落体运动，仍保持匀变速直线运动旳性质，故只有B正确．[答案] B2.2012·石家庄一模，15人民广场上喷泉旳喷嘴与地面相平且竖直向上，某一喷嘴喷水流量Q＝5 L/s，水旳出口速度v0＝20m/s，不计空气阻力，g＝10m/s2.则处于空中旳水旳体积是( )A．5 L B．20 LC．10 L D．40 L[解析] 设水在空中旳运动时间为t，则t＝2v0g＝4s，而V＝Qt＝20 L，故B正确．[答案] B3.2012·福建福州期末如图所示为甲、乙两辆汽车从同一点、同时沿平直公路出发旳x－t图象，由图象可知( )A．t1时刻，两车速度方向相同B．t1时刻，两车速度大小相等C．在0～t1时间内，两车旳路程相等D．在0～t1时间内，两车旳平均速度相同[解析] 在x－t图象中，斜率表示速度，在t1时刻，两图线斜率旳正负值不同，斜率旳绝对值也不同，表示该时刻旳速度大小、方向均不同，选项A、B均错；在0～t1时间内，甲先向正方向运动(斜率为正值时)，再向负方向运动(斜率为负值时)，路程大于位移大小，而乙一直向正方向运动(斜率一直为正值)，其路程等于位移大小，最后它们旳位移相同，故甲旳路程较大，选项C错；t1时间内，由平均速度公式v＝xt得，选项D对．[答案] D4.2012·浙江台州模拟物体做匀加速直线运动，在时间T 内通过位移x1到达A点，接着在时间T内又通过位移x2到达B点，则物体( )A ．在A 点旳速度大小为x 1＋x 22TB ．在B 点旳速度大小为3x 2－x 12TC ．运动旳加速度为2x 1T 2D ．运动旳加速度为x 1＋x 2T 2[解析] 匀变速直线运动全程旳平均速度等于中间时刻旳瞬时速度，则v A ＝v ＝x 1＋x 22T ，选项A 对；设物体旳加速度为a ，则x 2－x 1＝aT 2，所以a ＝x 2－x 1T 2，选项C 、D 均错误；物体在B 点旳速度大小为v B ＝v A ＋aT ，代入数据得，v B ＝3x 2－x 12T ，选项B 对．[答案] AB5.2011·天津理综，3质点做直线运动旳位移x 与时间t 旳关系为x ＝5t ＋t 2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A ．第1s 内旳位移是5mB ．前2s 内旳平均速度是6m/sC ．任意相邻旳1s 内位移差都是1mD ．任意1s 内旳速度增量都是2m/s[解析] 对比匀变速运动旳位移公式x＝v0t＋12at2可以知道：v0＝5m/s，a＝2m/s2.第1s内旳位移为6m，故A错误．前2s内旳平均速度v＝5×2＋222m/s＝7m/s，故B错误．相邻1s内位移差Δx＝aT2＝2m，故C错误．任意1s内旳速度增量Δv＝a·Δt＝2m/s，故D正确．[答案] D6.2012·东北三校二模，14某物体由静止开始做直线运动，物体所受合力F随时间t变化旳图象如图所示，在0～8s内，下列说法正确旳是( )A．物体在0～2s内做匀加速直线运动B．物体在第2s末速度最大C．物体在第8s末离出发点最远D．物体在第4s末速度方向发生改变[解析] 由F－t图象及a＝Fm可知，0～2s内物体做变加速直线运动，A错误.4s末物体加速度正向变为零，速度达到最大，B错误.0～8s内，物体始终朝同一个方向运动，8s末离出发点最远，C 正确.4s末加速度为零，加速度方向即将改变，但速度方向不变，D 错误．[答案] C7. 2012·哈尔滨六中二模，15设物体运动旳加速度为a、速度为v、位移为x、所受合外力为F.现有四个不同物体旳运动过程中某物理量与时间旳关系图象，如图所示．已知t＝0时刻物体旳速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动旳图象是( ) [解析] 由A、B图象可直接看出，两图象中两物体均做往复运动，A、B均错误，画出C、D项旳v－t图，分别如图甲、乙所示，可知C项正确，D项错误．[答案] C8.2012·辽南五校联考从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动旳两个物体A、B旳速度－时间图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确旳是( )A．A、B两个物体旳加速度大小都在不断减小B．A物体旳加速度不断增大，B物体旳加速度不断减小C．A、B物体旳位移都不断增大D．A、B两个物体旳平均速度大小都大于v1＋v2 2[解析]在v－t图象中，斜率表示加速度，两图线旳斜率都是逐渐减小旳，选项A对而B错；v－t图象与时间轴所围成旳面积代表位移，由题图知，在0～t0时间内，“面积”不断增大，选项C对；一般做匀变速直线运动旳物体才满足v＝v1＋v22，根据v－t图象“面积”旳意义，v A <v 1＋v 22，v B >v 1＋v 22，选项D 错．[答案] AC9.2011·福建福州三中月考一辆汽车以速度v 行驶了全程旳一半，然后匀减速行驶了后一半，到终点时恰好停止，则全程旳平均速度为( )A.v 2B.2v 3C.3v 2D.v3 [解析] 后半程旳平均速度为v 2，设全程旳位移为2x ，则全程旳平均速度为v ＝2x x v ＋x v /2＝2v 3，故应选B.[答案] B10.2012·衡水模拟如图甲所示，质量m ＝2.0kg 旳物体静止在水平面上，物体跟水平面间旳动摩擦因数μ＝0.20.从t ＝0时刻起，物体受到一个水平力F 旳作用而开始运动，前8s 内F 随时间t 变化旳规律如图乙所示，g 取10m/s 2.求：(1)在图丙所示旳坐标系中画出物体在前8s 内旳v －t 图象；(2)前8s 内水平力F 所做旳功．[解析] (1)0～4s 物体做匀加速直线运动由F －μmg ＝ma 1得a 1＝3m/s 24s时物体旳速度v1＝a1t1＝12m/s4～5s物体做加速度为a2旳匀减速直线运动由F＋μmg＝ma2得a2＝7m/s25s时物体旳速度v2＝v1－a2t2＝5m/s5s后F撤去，物体做加速度为a3旳匀减速直线运动，设t3时间后物体旳速度为零，由μmg＝ma3得a3＝μg＝2m/s2由0＝v2－a3t3得t3＝2.5s即5～7.5s内物体做匀减速直线运动到速度为零．7.5～8s内物体处于静止状态．综上，0～8s内物体旳v－t图象如图所示．(2)前8s内水平力F所做旳功由v－t图象知W F＝Fs1－Fs2＝10×24 J－10×8.5 J＝155 J.[答案] (1)见解析图'(2)155 J11.2012·黑龙江哈尔滨模拟甲、乙两汽车沿同一平直公路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶旳速度均为v0＝16m/s.已知甲车紧急刹车时加速度旳大小为a1＝3m/s2，乙车紧急刹车时加速度旳大小为a2＝4m/s2，乙车司机旳反应时间为Δt＝0.5s(即乙车司机看到甲车开始刹车后0.5s才开始刹车)，求为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中至少应保持多大距离？[解析] 设甲车刹车后经时间t，甲、乙两车速度相等，则：V0－a1t＝v0－a2(t－Δt)，代入数据得：t＝2s.在这段时间内，甲、乙走过旳位移分别为x 甲、x 乙，则：x 甲＝v 0t －12a 1t 2＝26m ；x 乙＝v 0Δt ＋v 0(t －Δt )－12a 2(t －Δt )2＝27.5m ；Δx ＝x 甲－x 乙＝1.5m即：甲、乙两车行驶过程中至少应保持1.5m 旳距离．[答案] 1.5m12.2012·豫东豫北十校测试，24滑板运动是一种崇尚自由旳运动方式，给运动员带来成功与创造旳喜悦，深受青少年旳喜爱．若滑道简化为倾角为θ＝37°旳斜面AB 及水平面BC ，斜面与水平面平滑连接，运动员与滑板组成旳整体简化为质量m ＝40kg 旳物体，置于水平面上旳D 点．D 、B 间距离为d ＝7m ，物体与斜面、水平面间旳动摩擦因数均为μ＝0.2.将一水平向左旳恒力F ＝160N 作用在该物体上，t ＝2s 后撤去该力，不考虑物体经过B 点时旳机械能损失，重力加速度取g ＝10m/s 2，斜面足够长，求撤去力F 后，经过多长时间物体第二次经过B 点？[解析] 设在恒力F 旳作用下物体运动旳加速度为a 1，则 由牛顿第二定律得F －μmg ＝ma 1，解得a 1＝2m/s 2恒力F 作用在该物体上2s 后，物体旳速度v 1与路程s 1分别为 v 1＝a 1t 1＝4m/ss 1＝12a 1t 21＝4m设刚撤去力F 后，物体运动旳加速度为a 2，则 由牛顿第二定律得μmg ＝ma 2，解得a 2＝2m/s 2 设从撤去力F 到物体第一次到达B 点所用旳时间为t 2，路程为s 2，则s 2＝d －s 1＝v 1t 2－12a 2t 22解得t 2＝1s 或t 2＝3s(舍去)此时物体旳速度为v 2＝v 1－a 2t 2＝2m/s物体从B 点开始上滑旳过程中，物体旳加速度为 a 3＝g sin θ＋μg cos θ＝7.6m/s 2上滑时间t 3＝v 2a 3≈0.26s上滑路程s 3＝v 222a 3≈0.26m设物体由静止下滑返回B 点时经历旳时间为t 4，物体在斜面上下滑时旳加速度为a 4，路程为s 4，则a 4＝g sin θ－μg cos θ＝4.4m/s 2s 4＝s 3＝12a 4t 24解得t 4≈0.34s所以撤去力F 后，物体第二次经过B 点旳时间为 t ＝t 2＋t 3＋t 4＝1s ＋0.26s ＋0.34s ＝1.60s.[答案] 1.60s。

2019届广东省普宁市第二中学等七校联合体高三冲刺模拟理科综合物理试题（解析版）二．选择题。

（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题中只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）1. 在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图所示。

则可判断出A. 甲光的频率大于乙光的频率B. 乙光的波长大于丙光的波长C. 乙光对应的截止频率大于丙光的截止频率D. 甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能【答案】B【解析】根据eU截=mv m2=hγ-W，入射光的频率越高，对应的截止电压U截越大．甲光、乙光的截止电压相等，所以甲光、乙光的频率相等；故A错误．丙光的截止电压大于乙光的截止电压，所以乙光的频率小于丙光的频率，乙光的波长大于丙光的波长,故B正确．同一金属，截止频率是相同的，故C错误．丙光的截止电压大于甲光的截止电压，所以甲光对应的光电子最大初动能小于丙光的光电子最大初动能．故D错误．故选B．2.如图所示，在倾角为=30º的斜面上方的A点处悬挂一光滑的木板AB，B端刚好在斜面上．木板与竖直方向AC所成角度为α，一小物块自A端沿木板由静止滑下，要使物块滑到斜面的时间最短，则α角的大小为（）A. α=10ºB. α= 15ºC. α=30ºD. α=60º【答案】B【解析】【详解】如图所示：在竖直线AC上取一点O，以适当的长度为半径画圆，使该圆过A点，且与斜面相切与D点，根据等时圆的结论可知：A点滑到圆上任一点的时间都相等，所以由A点滑到D点所用时间比由A到达斜面上其他各点时间都短，将木板下端B点与D点重合即可，而角COD为θ，所以，故选B。

3.2018年6月14日11时06分，探月工程嫦娥四号任务“鹊桥”中继星成为世界首颗成功进入地月拉格朗日L2点的Halo使命轨道的卫星，为地月信息联通搭建“天桥”。

2019全国II卷高考压轴卷物理第I卷（选择题)一、单选题1．如图所示，在竖直平面内，一根不可伸长的轻质软绳两端打结系于“V”形杆上的A、B两点，已知OM边竖直，且，细绳绕过光滑的滑轮，重物悬挂于滑轮下处于静止状态。

若在纸面内绕端点O按顺时针方向缓慢转动“V"形杆，直到ON边竖直，绳子的张力为、A点处绳子与杆之间摩擦力大小为，则（）A．张力一直增大B．张力先增大后减小C．摩擦力一直增大D．摩擦力先增大后减小2．如图所示，ACB是一个半径为R的半圆柱面的横截面，直径AB水平，C为截面上的最低点，AC间有一斜面，从A点以大小不同的初速度v1、v2沿AB方向水平抛出两个小球，a和b，分别落在斜面AC和圆弧面CB上，不计空气阻力，下列判断正确的是（）A．初速度v1可能大于v2B．a球的飞行时间可能比b球长C．若v2大小合适，可使b球垂直撞击到圆弧面CB上D．a球接触斜面前的瞬间，速度与水平方向的夹角为45°3．如图所示，质量为m、带电荷量为+q的三个相同带电小球a、b、c，从同一高度以初速度v0水平抛出，小球a只在重力作用下运动，小球b在重力和洛伦兹力作用下运动，小球c在重力和电场力作用下运动，它们落地的时间分别为t a、t b、t c，落地时重力的瞬时功率分别为P a、P b、P c，则以下判断中正确的是（）A．t a=t b=t c B．t a=t c<t b C．P b<P a<P c D．P a=P b>P c4．如图所示电路，在平行金属板M，N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度v0射入电场并打在N板的O点．改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则（）A．该粒子带正电B．减少R2，粒子将打在O点左侧C．增大R1，粒子在板间运动时间不变D．减少R1，粒子将打在O点左侧5．如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场．两个质子M、N沿平行于直径cd的方向从圆周上同一点P射入磁场区域，P点与cd间的距离为，质子M、N入射的速度大小之比为1:2．ab是垂直cd的直径，质子M恰好从b点射出磁场，不计质子的重力和质子间的作用力．则两质子M、N在磁场中运动的时间之比为（）A．2:1B．3:1C．3:2D．3:4二、多选题6．如图甲所示，左侧接有定值电阻R=2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，导轨间距L=1m。

2019年全国统一高考物理试卷（全国2卷）注意事项：1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．（6分）2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆。

在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描述F 随h变化关系的图象是（）A．B．C．D．2．（6分）太阳内部核反应的主要模式之一是质子﹣质子循环，循环的结果可表示为4H→He+2e+2v已知H和He的质量分别为m p＝1.0078u和mα＝4.0026u，1u＝931MeV/c2，c为光速。

在4个H转变成1个He的过程中，释放的能量约为（）A．8MeV B．16MeV C．26MeV D．52MeV3．（6分）物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。

已知物块与斜面之间的动摩擦因数为，重力加速度取10m/s2．若轻绳能承受的最大张力为1500N，则物块的质量最大为（）A．150kg B．100kg C．200kg D．200kg4．（6分）如图，边长为l的正方形abcd内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面（abcd所在平面）向外。

ab边中点有一电子发射源O，可向磁场内沿垂直于ab 边的方向发射电子。

已知电子的比荷为k。

则从a、d两点射出的电子的速度大小分别为（）A．kBl，kBl B．kBl，kBlC．kBl，kBl D．kBl，kBl5．（6分）从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能E k与重力势能E p之和。

百校联盟2019年高考名师猜题保温金卷物理试题（5月28日下午）物理试题一．选择题.1.质量为m 的物体沿平直的路面做直线运动，其速度—时间图象，如图所示．则此物体在0~t 0和t 0~2t 0时间内受到的合外力冲量分别为（ （A. 0 02mvB. mv 0 0C. 0 2mv 0D. 2mv 0 0【答案】A 【解析】物体在0~t 0时间内初速度和末速度均为v 0，根据动量定理得到合外力冲量I =0；物体在t 0~2t 0时间内初速度为v 0，末速度为−v 0，根据动量定理得到合外力冲量I=−2m v 0，选项A 正确．2.英国《自然》杂志、美国太空网2017年4月19日共同发布消息称，一颗温度适中的岩态行星LHS 1140b 在经过小型LHS 1140型矮恒星时发生凌星现象．这颗新发现的“超级地球”与恒星的距离、岩石构成以及存在液态水的可能性，使其成为目前寻找外星生命的最佳选择．假设行星LHS 1140b 绕LHS 1140恒星和地球绕太阳的运动均看做匀速圆周运动，下表是网上公布的相关数据．则下列说法正确的是( )A. LHS 1140bB. LHS 1140b 与地球运行的周期之比为15C. LHS 1140bD. LHS 1140b 的密度是地球密度的36.61.4【答案】B 【解析】根据万有引力定律可得v =2T =带入相关数据可解得LHS 1140b 与地球运行的速度大小15，选项A 错误，B 正确；因题目没有提供LHIS 1140b 行星和地球的半径，无法估算它们的第一宇宙速度的比值和密度的比值，选项C（D 错误．故选B.3.如图所示，光滑绝缘半圆形容器处在水平向右的匀强电场中，一个质量为m ，电荷量为q 的带正电小球在容器边缘A 点由静止释放，结果小球运动到B 点时速度刚好为零，OB 与水平方向的夹角为θ=600，则下列说法正确的是( )A. 小球重力与电场力的关系是B. 小球在B 点时，对圆弧的压力为2qEC. 小球在A 点和B 点加速度大小相等D. 如果小球带负电，从A 点由静止释放后，不能沿AB 圆弧而运动 【答案】CD 【解析】【详解】A（小球从A 运动到B 的过程中，根据动能定理得： (1)0mgLsin qEL cos θθ--=（得::(1)Eq mg sin cos θθ=-=（即Eq =，故A 错误；B（小球到达B 点时速度为零（向心力为零（则沿半径方向合力为零（此时对小球受力分析可知：N 6060qEcos mgsin =︒+︒（故圆弧对小球支持力N =（根据牛顿第三定律可得小球在B 点时，对（故B 错误；C（在A 点（小球所受的合力等于重力（加速度A F mg a g m m===合（在B 点（合力沿切线方向16060?22F Eqsin mgcos mg mg '=︒-︒=-=合（加速度 BF a g m '==合，所以A（B 两点的加速度大小相等，故C 正确；D（如果小球带负电，从A 点由静止释放后，将沿重力和电场力合力方向做匀加速直线运动，不能沿AB 圆弧而运动（故D 正确； 故选CD（【点睛】小球从A 运动到B 的过程中，重力和电场力做功，动能的变化量为零，根据动能定理求解小球重力与电场力的关系（小球在B 点时，球到达B 点时速度为零，向心力为零，沿半径方向合力为零，此时对小球受力分析，求解圆弧对小球支持力，根据牛顿第三定律可得小球在B 点时，对圆弧的压力（4.如图甲所示理想变压器原线圈输入如图乙所示的交变电流，甲图中原线圈所示的电流方向为正方向，则下列判断正确的是( )A. 灯泡中的电流变化周期为4sB. 原线圈输入电流的有效值小于2C. 0~1s 和2~3s 流过灯泡的电流方向相同D. 前2s 内铁芯中磁通量的变化率恒定 【答案】ABD 【解析】由题图乙知i 的变化周期为4s ，选项A 正确；做出正弦式交变电流的图线如图虚线所示，当输入电流为正弦式交流电时．A 2I =有效，由图可知，电流的有效值要小于A 2，选项B 正确；由楞次定律判断知0~1 s 内和2~3 s 内流过灯泡的电流方向不同，选项C 项错误；由图象可知在前2s 内电流I 的变化率恒定，由此产生的磁通量的变化率也是恒定的，选项D 正确．故选ABD.的点睛：此题要知道i-t 图线的斜率间接反映原线圈中磁感应强度的变化率，所以由i-t 线的斜率符号可判断次级感应电流的方向关系.5.如图所示，半径为R 的半圆形有界磁场关于x 轴对称（y 轴刚好与磁场左边界在坐标原点处相切，在坐标原点处有一粒子源，可以沿x 轴正方向连续地发射质量为m （电荷量大小为q 的不同速率的正、负电荷．已知磁场的方向垂直于坐标平面向里，磁感应强度大小为B （若粒子不能从半圆的直径部分射出，则（ （A. 粒子在磁场中运动的最大半径可能为RB. 粒子在磁场中运动的最大速度可能为2qBRmC. 粒子在磁场中运动扫过的面积最大可能为2(1)R π- D. 粒子在磁场中运动的最短时间可能为2mqBπ 【答案】AD 【解析】【详解】A ．粒子不能从半圆的直径部分射出，则半径最大的是轨迹刚好与直径相切，由几何关系可知这时的粒子运动半径为R ，选项A 正确； B ．最大半径对应着最大速度，由mv R qB=得 qBRv m=选项B 错误；C ．粒子在磁场中运动扫过的面积最大可能为222114()(2)42R R R ππ-=-，选项C 错误； D ．粒子在磁场中运动的轨道半径越大，运动轨迹所对的圆心角越小，因此最小时间为142mT qBπ=，选项D正确． 故选AD.6.空间内有两个电量为和+q 的点电荷分别固定在A （B 两点，P 点和A 点的连线与AB 间的夹角为30θ=︒（P 点和B 点的连线与AB 间的夹角为α（现有一个电子仅在电场力的作用下，在如图所示的与纸面垂直且通过P 点的平面内做匀速圆周运动，已知运动的半径为r （电子质量为m （带电量大小为e （则( )A. PB 与AB 间的夹角为60°B. 电子运动轨迹上的各点电势相等C. 电子运动轨迹上的各点场强相同D.【答案】ABD 【解析】【详解】A ．在P 点电子受到的电场力竖直向下，故22cos cos ()()sin sin qekk r r θαθα= 解得60a =︒选项A 正确；BC ．电子运动的圆周上各点合电场强度的方向都指向圆心，电场力充当向心力，因此圆周上各点电势相等，但圆周上各点场强方向不同，选项B 正确，选项C 错误； D ．在P 点电子受到电场力为222sin ()()sin sin qe v k k mr r θαθα+= 解得v =选项D 正确． 故选ABD.点睛：此题是带电粒子在电场中的圆周运动问题，知道向心力的来源，粒子水平方向受力平衡，竖直方向两电荷的库仑力的合力等于向心力.二、非选择题7.一列简谐横波在均匀介质中沿x 轴传播，已知波速v =40m/s（在t 1=0和t 2=0.85s 时刻，其波形图分别如图中的实线和虚线所示，P 是此波的传播方向上的一点，则质点P 的振动周期T =_____s（在t 1~t 2时刻质点P 运动的路程是________m（在t 1=0时刻质点动P 的振动方向是_________（【答案】 (1). 0.2 (2). 0.34 (3). 向下 【解析】【详解】[1][2][3]．由波形图可知8m λ=，根据v Tλ=代入数据得T =0.2s ；因为10.8544T T =+波向右传播，在一个周期内P 质点的运动路程为4A =8cm ，所以在t 1~t 2时间内质点P 运动的路程是34cm ，即0.34m ；因为波沿x 轴正向传播，所以在t 1=0时刻质点P 的振动方向向下． 8.玻璃球体的半径为R （P 为经过球心的水平轴线上的一点，且PC =Rn(n 为折射率)，如图所示.若从P 点向右侧发出的任意一条光线经球面折射后，其反向延长线均聚焦于水平轴PC 上的Q 点(未画出)，已知玻璃球体对光线的折射率为n ，试求Q 的位置．的【答案】nR 【解析】【详解】设光线在D 点发生折射，由折射定律可得12sin sin n θθ=在三角形DCP 中，由正弦定理可得24sin sin PC DCθθ= 可得41θθ=由几何关系可得152θθθ=+453θθθ=+可得：32θθ=在三角形DQC 中，由正弦定理可得13sin sin QC DCθθ= 可得QC nR =即 Q 点距O 点距离为nR9.如图所示，两根足够长的平行金属导轨MN （PQ 固定在倾角为θ的绝缘斜而上，导轨顶部接有一阻值为R 的定值电阻，下端开口，轨道间距为L （整个装置处于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上．质量为m 的金属棒ab 在t =0时刻获得一个沿导轨向上的初速度v 0（已知金属棒返回初位置前运动状态已稳定，金属棒ab 在导轨之间的有效电阻为r （金属棒沿导轨运动时始终与导轨垂直，且与导轨接触良好，金属棒ab 与导轨间动摩擦因数为μ（不计导轨电阻和空气阻力的影响，重力加速度为g （(1)求返回初位置时的速率；(2)若金属棒上滑的最大距离为s （求金属棒运动到最高点所用的时间：(3)若金属棒上滑的最大距离为s （求金属棒从初始位置出发又返回初位置的过程中，电阻R 上产生的焦耳热．【答案】(1)22(sin cos )()mg R r B L θμθ-+ ; (2)220(sin cos )B L smv R rmg θμθ-++; (3)322220441(sin cos )()[2cos ]22R m g R r mv mgs R r B Lθμθμθ-+--+ ; 【解析】【详解】(1)当金属棒的加速度为零时金属棒有稳定速度m v 由牛顿第二定律得sin cos 0mg mg F θμθ--=解得F BIL =mBLv I R r=+ 22(sin cos )()m mg R r v B Lθμθ-+= (2)规定平行于导轨向上为正方向，由动量定理可得0sin cos 0mg t mg t BILt mv θμθ---=-E tφ∆=EI R r=+ q It =BLsq R r R rφ∆==++ 解得220(sin cos )B L s mv R r t mg θμθ-+=+ (3)金属棒从初位置出发又返回初位置的过程中，由能量守恒定律得220112cos 22m mv mv mgs Q μθ-=+ 电阳R 产生的焦耳热322220441(sin cos )()[2cos ]22R R R m g R r Q Q mv mgs R r R r B Lθμθμθ-+==--++ 点睛：对于电磁感应问题研究思路常常有三条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解；第三，若是涉及到电量即距离问题，可用动量定理结合电量的公式求解．。

专练6 实验题(二)(时间：10分钟)22．(2018·辽宁五校联考)用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．如图1所示，先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O.实验步骤如下．步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．(1)上述实验除需测量线段OM 、OP 、ON 的长度外，还需要测量的物理量有________．A ．小球1和小球2的质量m 1、m 2B ．B 点离地面的高度hC ．A 、B 两点间的高度差ΔhD ．小球1和小球2的半径r(2)当所测物理量满足表达式________________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．(3)完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图2所示的圆弧为圆心在斜槽末端的14圆．使小球1仍从斜槽上A 点由静止滚下，重复实验步骤1和2的操作，得到两球落在圆弧上的平均位置为M ′、P ′、N ′.测得斜槽末端与M ′、P ′、N ′三点的连线与竖直方向的夹角分别为α1、α2、α3，则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为________________(用所测物理量的字母表示)．[解析] (1)利用“碰撞实验器”验证动量守恒定律实验是根据平抛运动原理，将速度的测量转化为水平位移的测量，测量出OP 、OM 、ON 外，还需要测量出两个小球的质量，选项A 正确．(2)若碰撞前小球1的动量等于碰撞后小球1和小球2的动量之和，即m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2，就能说明两球碰撞遵守动量守恒定律，由于OP ＝v 0t ，OM ＝v 1t ，ON ＝v 2t ，所以当所测物理量满足表达式m 1·OP ＝m 1·OM ＋m 2·ON 即可．(3)测得斜槽末端与M ′的连线与竖直方向的夹角为α1，由平抛运动规律，x 1＝v 1t 1，y 1＝12gt 21，设斜槽末端与M ′的连线长度为L (即圆弧半径为L )，sin α1＝x 1L ，cos α1＝y 1L，联立解得v 1＝L sin α12L cos α1g；测得斜槽末端与P ′的连线与竖直方向的夹角为α2，同理可得v 0＝L sin α22L cos α2g ；测得斜槽末端与N ′的连线与竖直方向的夹角为α3，同理可得v 2＝L sin α32L cos α3g；代入m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2，化简得：m1sinα2cosα2＝m1sinα1cosα1＋m2sinα3cosα3[答案](1)A (2)m1·OP＝m1·OM＋m2·ON(3)m1sinα2cosα2＝m1sinα1cosα1＋m2sinα3cosα323．(2018·湖南湘东五校联考)为了精确测量一电阻的阻值R x，现有以下器材：蓄电池E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，电阻箱R P，开关S1、S2，导线若干．某实验小组设计了如图甲所示的电路，实验的主要步骤：a．闭合S1，断开S2，调节R和R P，使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为I1、U1；b．保持S1闭合、R P阻值不变，闭合S2，记下电流表和电压表示数分别为I2、U2.(1)按如图甲所示的电路图将图乙所示的实物连成电路．(2)写出被测电阻的表达式R x＝________(用两电表的示数表示)．(3)由于电流表、电压表都不是理想电表，则被测电阻R x的测量值________真实值(选填“大于”、“小于”或“等于”)．[解析] (2)由题意易知R P ＝U 1I 1，又R P 、R x 并联的阻值为R 并＝U 2I 2，又1R P ＋1R x ＝1R 并，联立解得R x ＝U 1U 2U 1I 2－U 2I 1.(3)若考虑电流表和电压表不是理想电表，则在分析时应考虑电压表的内阻，则在(2)的分析中U 1I 1表示的就是R P 、R V 的并联电阻，结合后面的分析，可知此时R x 的测量值仍等于真实值．[答案] (1)如图所示U1U2U1I2－U2I1(3)等于(2)。

百校联盟2019届TOP20三月联考（全国Ⅰ卷）物理强化训练一、单选题（本大题共4小题，共16.0分）1.在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动。

某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰。

两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的．则碰后B球的速度大小是（）A. B. C. 或 D. 无法确定2.如图所示，竖直线MN∥PQ，MN与PQ间距离为a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，O是MN上一点，O处有一粒子源，某时刻放出大量速率均为v（方向均垂直磁场方向）、比荷一定的带负电粒子（粒子重力及粒子间的相互作用力不计），已知沿图中与MN成θ=60°角射出的粒子恰好垂直PQ射出磁场，则粒子在磁场中运动的最长时间为（）A. B. C. D.3.在xOy坐标系的Ⅰ、Ⅳ象限有垂直纸面向里的匀强磁场，在x轴上A点（L，0）同时以相同速率v沿不同方向发出a、b两个相同带电粒子（粒子重力不计），其中a沿平行+y方向发射，经磁场偏转后，均先后到达y轴上的B点（0，L），则两个粒子到达B点的时间差为（）A.B.C.D.4.一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动。

当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图1-2-19所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h。

重力加速度大小为g。

物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为（）A. 和B. 和C. 和D. 和二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）5.在光滑水平面上动能为E，动量大小为P的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的运动方向相反，将碰撞后球1的动能和动量大小分别记为E1、P1，球2的动能和动量大小分别记为E2、P2，则必有（）A. B. C. D.6.矩形滑块由不同材料的上、下两层粘合在一起组成，将其放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v水平射向滑块．若射击下层，子弹刚好不射出；若射击上层，则子弹刚好能射穿一半厚度，如图所示．则上述两种情况相比较（）A. 子弹的末速度大小相等B. 系统产生的热量一样多C. 子弹对滑块做的功不相同D. 子弹和滑块间的水平作用力一样大7.如图，在y轴右侧存在与xoy平面垂直范围足够大的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，位于坐标原点的粒子源在xoy平面内发射出大量完全相同的带电负粒子，所有粒子的初速度大小均为v0，方向与x轴正方向的夹角分布在60°～-60°范围内，在x=l处垂直x轴放置一荧光屏S．已知沿x轴正方向发射的粒子经过了荧光屏S上y=-l的点，则（）A. 粒子的比荷为B. 粒子的运动半径一定等于2lC. 粒子在磁场中运动时间一定不超过D. 粒子打在荧光屏S上亮线的长度大于2l8.如图所示为一滑草场。

高考物理试卷（全国二卷）一．选择题（共5小题）1．如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环，小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力（）A．一直不做功 B．一直做正功C．始终指向大圆环圆心D．始终背离大圆环圆心2．一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为→+，下列说法正确的是（）A．衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B．衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量3．如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F 的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为（）A．2﹣B．C．D．4．如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时对应的轨道半径为（重力加速度为g）（）A．B．C．D．5．如图，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点，在纸面内沿不同方向射入磁场，若粒子射入的速率为v1，这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为v2，相应的出射点分布在三分之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的相互作用，则v2：v1为（）A．：2 B．：1 C．：1 D．3：二．多选题（共5小题）6．如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M，N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经M，Q到N的运动过程中（）A．从P到M所用的时间等于B．从Q到N阶段，机械能逐渐变大C．从P到Q阶段，速率逐渐变小D．从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功7．两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直．边长为0.1m、总电阻为0.005Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行，如图（a）所示．已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t=0时刻进入磁场．线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）．下列说法正确的是（）A．磁感应强度的大小为0.5 TB．导线框运动速度的大小为0.5m/sC．磁感应强度的方向垂直于纸面向外D．在t=0.4s至t=0.6s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1N8．某同学自制的简易电动机示意图如图所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将（）A．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉9．如图，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空．现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸．待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积．假设整个系统不漏气．下列说法正确的是（）A．气体自发扩散前后内能相同B．气体在被压缩的过程中内能增大C．在自发扩散过程中，气体对外界做功D．气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E．气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变10．在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样．若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是（）A．改用红色激光B．改用蓝色激光C．减小双缝间距D．将屏幕向远离双缝的位置移动E．将光源向远离双缝的位置移动三．实验题（共2小题）11．某同学研究在固定斜面上运动物体的平均速度、瞬时速度和加速度的之间的关系．使用的器材有：斜面、滑块、长度不同的挡光片、光电计时器．实验步骤如下：①如图（a），将光电门固定在斜面下端附近：将一挡光片安装在滑块上，记下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑；②当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间△t；③用△s表示挡光片沿运动方向的长度（如图（b）所示），表示滑块在挡光片遮住光线的△t时间内的平均速度大小，求出；④将另一挡光片换到滑块上，使滑块上的挡光片前端与①中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤②、③；⑤多次重复步骤④⑥利用实验中得到的数据作出﹣△t图，如图（c）所示完成下列填空：（1）用a表示滑块下滑的加速度大小，用v A表示挡光片前端到达光电门时滑块的瞬时速度大小，则与v A、a和△t的关系式为=．（2）由图（c）可求得，v A=cm/s，a=cm/s2．（结果保留3位有效数字）12．某同学利用如图（a）所示的电路测量一微安表（量程为100μA，内阻大约为2500Ω）的内阻．可使用的器材有：两个滑动变阻器R1，R2（其中一个阻值为20Ω，另一个阻值为2000Ω）；电阻箱R z（最大阻值为99999.9Ω）；电源E（电动势约为1.5V）；单刀双掷开关S1和S2．C、D分别为两个滑动变阻器的滑片．（1）按原理图（a）将图（b）中的实物连线．（2）完成下列填空：①R1的阻值为Ω（填“20”或“2000”）②为了保护微安表，开始时将R1的滑片C滑到接近图（a）中的滑动变阻器的端（填“左”或“右”）对应的位置；将R2的滑片D置于中间位置附近．③将电阻箱R z的阻值置于2500.0Ω，接通S1．将R1的滑片置于适当位置，再反复调节R2的滑片D的位置、最终使得接通S2前后，微安表的示数保持不变，这说明S2接通前B与D所在位置的电势（填“相等”或“不相等”）④将电阻箱R z和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将R z的阻值置于2601.0Ω时，在接通S2前后，微安表的示数也保持不变．待微安表的内阻为Ω（结果保留到个位）．（3）写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：．四．计算题（共4小题）13．为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1（s1＜s0）处分别设置一个挡板和一面小旗，如图所示．训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以速度v0击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板：冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗．训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为v1．重力加速度为g．求（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；（2）满足训练要求的运动员的最小加速度．14．如图，两水平面（虚线）之间的距离为H，其间的区域存在方向水平向右的匀强电场．自该区域上方的A点将质量为m、电荷量分别为q和﹣q（q＞0）的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出．小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开．已知N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N刚离开电场时的动能的1.5倍．不计空气阻力，重力加速度大小为g．求（1）M与N在电场中沿水平方向的位移之比；（2）A点距电场上边界的高度；（3）该电场的电场强度大小．15．一热气球体积为V，内部充有温度为T a的热空气，气球外冷空气的温度为T b．已知空气在1个大气压、温度为T0时的密度为ρ0，该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大小为g．（i）求该热气球所受浮力的大小；（ii）求该热气球内空气所受的重力；（iii）设充气前热气球的质量为m0，求充气后它还能托起的最大质量．16．一直桶状容器的高为2l，底面是边长为l的正方形；容器内装满某种透明液体，过容器中心轴DD′、垂直于左右两侧面的剖面图如图所示．容器右侧内壁涂有反光材料，其他内壁涂有吸光材料．在剖面的左下角处有一点光源，已知由液体上表面的D点射出的两束光线相互垂直，求该液体的折射率．2017年高考物理试卷（全国二卷）参考答案与试题解析一．选择题（共5小题）1．（2017•新课标Ⅱ）如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环，小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力（）A．一直不做功 B．一直做正功C．始终指向大圆环圆心D．始终背离大圆环圆心【分析】小环在运动过程中，大环是固定在桌面上的，大环没有动，大环对小环的作用力垂直于小环的运动方向，根据功的定义分析做功情况．【解答】解：AB、大圆环是光滑的，则小环和大环之间没有摩擦力；大环对小环的支持力总是垂直于小环的速度方向，所以大环对小环没有做功，故A正确，B错误；CD、小环在运动过程中，在大环的上半部分运动时，大环对小环的支持力背离大环圆心，运动到大环的下半部分时，支持力指向大环的圆心，故CD错误．故选：A．【点评】本题考查了功的两要素：第一是有力作用在物体上；第二是物体在力的作用下产生位移．2．（2017•新课标Ⅱ）一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为→+，下列说法正确的是（）A．衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B．衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【分析】根据动量守恒定律，抓住系统总动量为零得出两粒子的动量大小，结合动能和动量的关系得出动能的大小关系．半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，结合衰变的过程中有质量亏损分析衰变前后质量的大小关系．【解答】解：AB、一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，根据系统动量守恒知，衰变后钍核和α粒子动量之和为零，可知衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小，根据知，由于钍核和α粒子质量不同，则动能不同，故A错误，B正确．C、半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，故C错误．D、衰变的过程中有质量亏损，即衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故D错误．故选：B．【点评】本题考查了原子核的衰变，知道半衰期的定义，注意衰变过程中动量守恒，总动量为零，以及知道动量和动能的大小关系．3．（2017•新课标Ⅱ）如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为（）A．2﹣B．C．D．【分析】拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题．【解答】解：当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：F=μmg；当拉力倾斜时，物体受力分析如图由f=μF N，F N=mg﹣Fsinθ可知摩擦力为：f=μ（mg﹣Fsinθ）f=F代入数据为：μmg=μ（mg﹣F）联立可得：μ=故选：C．【点评】本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程．4．（2017•新课标Ⅱ）如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并从轨道上端水平飞出，小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关，此距离最大时对应的轨道半径为（重力加速度为g）（）A．B．C．D．【分析】根据动能定理得出物块到达最高点的速度，结合高度求出平抛运动的时间，从而得出水平位移的表达式，结合表达式，运用二次函数求极值的方法得出距离最大时对应的轨道半径．【解答】解：设半圆的半径为R，根据动能定理得：，离开最高点做平抛运动，有：2R=，x=v′t，联立解得：x==可知当R=时，水平位移最大，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题考查了动能定理与圆周运动和平抛运动的综合运用，得出水平位移的表达式是解决本题的关键，本题对数学能力的要求较高，需加强这方面的训练．5．（2017•新课标Ⅱ）如图，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点，在纸面内沿不同方向射入磁场，若粒子射入的速率为v1，这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为v2，相应的出射点分布在三分之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的相互作用，则v2：v1为（）A．：2 B．：1 C．：1 D．3：【分析】根据题意画出带电粒子的运动轨迹，找出临界条件角度关系，利用圆周运动由洛仑兹力充当向心力，分别表示出圆周运动的半径，再由洛伦兹力充当向心力即可求得速度之比．【解答】解：设圆形区域磁场的半径为r，当速度大小为v1时，从P点入射的粒子射出磁场时与磁场边界的最远交点为M（图甲）时，由题意知∠POM=60°，由几何关系得轨迹圆半径为R1=；从P点入射的粒子射出磁场时与磁场边界的最远交点为N（图乙）；由题意知∠PON=120°，由几何关系得轨迹圆的半径为R2=r；根据洛伦兹力充当向心力可知：Bqv=m解得：v=故速度与半径成正比，因此v2：v1=R2：R1=：1故C正确，ABD错误．【点评】本题考查带电粒子在磁场中的圆周运动的临界问题．根据题意画出轨迹、定出轨迹半径是关键，注意最远点时PM的连线应是轨迹圆的直径．二．多选题（共5小题）6．（2017•新课标Ⅱ）如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M，N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0，若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经M，Q到N的运动过程中（）A．从P到M所用的时间等于B．从Q到N阶段，机械能逐渐变大C．从P到Q阶段，速率逐渐变小D．从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功【分析】根据海王星在PM段和MQ段的速率大小比较两段过程中的运动时间，从而得出P到M所用时间与周期的关系；抓住海王星只有万有引力做功，得出机械能守恒；根据万有引力做功确定速率的变化．【解答】解：A、海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，则PM段的时间小于MQ段的时间，所以P到M所用的时间小于，故A错误．B、从Q到N的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故B错误．C、从P到Q阶段，万有引力做负功，速率减小，故C正确．D、根据万有引力方向与速度方向的关系知，从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功，故D正确．【点评】解决本题的关键知道近日点的速度比较大，远日点的速度比较小，从P 到Q和Q到P的运动是对称的，但是P到M和M到Q不是对称的．7．（2017•新课标Ⅱ）两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直．边长为0.1m、总电阻为0.005Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行，如图（a）所示．已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t=0时刻进入磁场．线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）．下列说法正确的是（）A．磁感应强度的大小为0.5 TB．导线框运动速度的大小为0.5m/sC．磁感应强度的方向垂直于纸面向外D．在t=0.4s至t=0.6s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1N【分析】根据线框匀速运动的位移和时间求出速度，结合E=BLv求出磁感应强度，根据感应电流的方向，结合楞次定律得出磁场的方向．根据安培力公式得出导线框所受的安培力．【解答】解：AB、由图象可以看出，0.2﹣0.4s没有感应电动势，所以从开始到ab进入用时0.2s，导线框匀速运动的速度为：v=，根据E=BLv 知磁感应强度为：B=，故A错误，B正确．C、由b图可知，线框进磁场时，感应电流的方向为顺时针，根据楞次定律得，磁感应强度的方向垂直纸面向外，故C正确．D、在0.4﹣0.6s内，导线框所受的安培力F=BIL==N=0.05N，故D错误．故选：BC．【点评】本题考查了导线切割磁感线运动，掌握切割产生的感应电动势公式以及楞次定律，本题能够从图象中获取感应电动势的大小、方向、运动时间等．8．（2017•新课标Ⅱ）某同学自制的简易电动机示意图如图所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将（）A．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉【分析】线圈中有通电电流时，安培力做功，根据左手定则判断安培力做功情况，由此确定能否连续转动．【解答】解：AD、当左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉或左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，通电后根据左手定则可知下边受到的安培力方向向左，线圈开始转动，在前半轴转动过程中，线圈中有电流，安培力做正功，后半周电路中没有电流，安培力不做功，由于惯性线圈能够连续转动，故A、D正确；B、线圈中电流始终存在，安培力先做正功后做负功，但同时重力做负功，因此在转过一半前线圈的速度即减为0，线圈只能摆动，故B错误；C、左右转轴不能同时接通电源，始终无法形成闭合回路，电路中无电流，不会转动，故C错误．故选：AD．【点评】电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理，在转动过程中，分析线圈中电流方向和安培力做功情况是解答本题的关键．9．（2017•新课标Ⅱ）如图，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空．现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸．待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积．假设整个系统不漏气．下列说法正确的是（）A．气体自发扩散前后内能相同B．气体在被压缩的过程中内能增大C．在自发扩散过程中，气体对外界做功D．气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E．气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变【分析】抽开隔板时，气体自发的扩散，会对外做功；活塞对气体推压，则活塞对气体做功．【解答】解：AC、抽开隔板时，气体体积变大，但是右方是真空，又没有热传递，则根据△U=Q+W可知，气体的内能不变，A正确，C错误；BD、气体被压缩的过程中，外界对气体做功，根据△U=Q+W可知，气体内能增大，BD正确；E、气体被压缩时，外界做功，内能增大，气体分子平均动能是变化的，E错误．故选：ABD．【点评】本题考查了气体内能和理想气体的三个变化过程，掌握内能的方程和理想气体方程才能使这样的题目变得容易．10．（2017•新课标Ⅱ）在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样．若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是（）A．改用红色激光B．改用蓝色激光C．减小双缝间距D．将屏幕向远离双缝的位置移动E．将光源向远离双缝的位置移动【分析】根据双缝干涉条纹的间距公式，得出影响条纹间距的因素，从而分析判断．【解答】解：根据双缝干涉条纹间距公式知，增大入射光的波长、减小双缝间距，以及增大屏幕与双缝的距离，可以增大条纹的间距，由于红光的波长大于绿光的波长，可知换用红色激光可以增大条纹间距，故ACD正确，BE错误．故选：ACD．【点评】解决本题的关键知道双缝干涉条纹间距公式，以及知道各种色光的波长大小关系，基础题．三．实验题（共2小题）11．（2017•新课标Ⅱ）某同学研究在固定斜面上运动物体的平均速度、瞬时速度和加速度的之间的关系．使用的器材有：斜面、滑块、长度不同的挡光片、光电计时器．实验步骤如下：①如图（a），将光电门固定在斜面下端附近：将一挡光片安装在滑块上，记下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑；②当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间△t；③用△s表示挡光片沿运动方向的长度（如图（b）所示），表示滑块在挡光片遮住光线的△t时间内的平均速度大小，求出；④将另一挡光片换到滑块上，使滑块上的挡光片前端与①中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤②、③；⑤多次重复步骤④⑥利用实验中得到的数据作出﹣△t图，如图（c）所示完成下列填空：（1）用a表示滑块下滑的加速度大小，用v A表示挡光片前端到达光电门时滑块的瞬时速度大小，则与v A、a和△t的关系式为=．（2）由图（c）可求得，v A=52.1cm/s，a=16.3cm/s2．（结果保留3位有效数字）【分析】（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出挡光片通过光电门过程中中间时刻的瞬时速度，结合时间公式求出与v A、a和△t的关系式．（2）结合与v A、a和△t的关系式，通过图线的斜率和截距求出v A和加速度的大小．【解答】解：（1）某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则等于挡光片通过光电门过程中中间时刻的瞬时速度，根据速度时间公式得：．（2）由知，纵轴截距等于v A，图线的斜率k=，由图可知：v A=52.1cm/s，a=2k=2×cm/s2=16.3cm/s2．故答案为：（1）；（2）52.1，16.3．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，对于图线问题，一般解题思路是得出物理量之间的关系式，结合图线的斜率和截距进行求解．12．（2017•新课标Ⅱ）某同学利用如图（a）所示的电路测量一微安表（量程为100μA，内阻大约为2500Ω）的内阻．可使用的器材有：两个滑动变阻器R1，R2（其中一个阻值为20Ω，另一个阻值为2000Ω）；电阻箱R z（最大阻值为99999.9Ω）；电源E（电动势约为1.5V）；单刀双掷开关S1和S2．C、D分别为两个滑动变阻器的滑片．（1）按原理图（a）将图（b）中的实物连线．（2）完成下列填空：①R1的阻值为20Ω（填“20”或“2000”）②为了保护微安表，开始时将R1的滑片C滑到接近图（a）中的滑动变阻器的左端（填“左”或“右”）对应的位置；将R2的滑片D置于中间位置附近．③将电阻箱R z的阻值置于2500.0Ω，接通S1．将R1的滑片置于适当位置，再反复调节R2的滑片D的位置、最终使得接通S2前后，微安表的示数保持不变，这说明S2接通前B与D所在位置的电势相等（填“相等”或“不相等”）④将电阻箱R z和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将R z的阻值置于2601.0Ω时，在接通S2前后，微安表的示数也保持不变．待微安表的内阻为2550Ω（结果保留到个位）．（3）写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：调节R1上的分压，尽可能使微安表接近满量程．．【分析】（1）根据电路原理图在实物图上连线；（2）①根据实验方法确定R1选择阻值较小或较大的滑动变阻器；②为了保护微安表，分析滑片C开始应处的位置；③接通S2前后，微安表的示数保持不变，由此分析电势高低；④根据比例方法确定R x的值；。

2019年广西百校大联考高考物理模拟试卷一、选择题1．（6分）下列说法正确的是（）A．氢原子从低能级跃迁到高能级时能量减少B．在核反应N+He→O+X中，X为质子C．若用蓝光照射某金属表面时有电子逸出，则用红光（频率比蓝光的小）照射该金属表面时一定有电子D．将放射性元素掺杂到其他稳定元素中并大幅降低其温度后，其半衰期减小2．（6分）图示装置可以模拟避雷针作用，其中c为恒定直流电源，当闭合开关时，恰好看不到放电现象。

保持开关闭合，为了能看到放电现象（板间电场超过某一临界值），下列做法可行的是（）A．仅将M板下移，但不与A或B接触B．仅将M板上移C．仅将M板向右移动D．仅将两板间抽成真空3．（6分）目前海王星有14颗已知的天然卫星，“海卫一”是海王星的卫星中最大的一颗。

若“海卫一”绕海王星的运行轨道视为圆其轨道半径为r，运行周期为T，将海王星视为质量分布均匀且半径为R的球体，引力常量为G，则海王星的质量为（）A．B．C．D．4．（6分）如图所示，静止于水平地面上的物块在竖直向上的恒力作用下竖直上升，经过一段时间，突然撤去该恒力，之后物块经相同时间落回地面。

不计空气阻力，则该恒力与物块所受重力的大小之比为（）A．2B．C．D．5．（6分）如图所示，OO′是磁感应强度大小为B的匀强磁场的左边界，也是一面积为S 的n匝矩形金属线框的对称轴，若线框以角速度ω绕与磁感线垂直的转轴OO′匀速转动，并从图示位置（线框与磁感线平行）开始计时，则（）A．时，线框中的感应电流最小B．时，穿过线框的磁通量变化率最大C．线框中产生的交变电动势的最大值为nBSωD．线框中产生的交变电动势的有效值为6．（6分）图示是研究性学习小组的同学设计的防止电梯坠落的应急安全装置，在电梯轿厢上安装上水久磁铁，电梯的井壁上铺设线圈，能在电梯突然坠落时减小对人员的伤害。

关于该装置，下列说法正确的是（）A．当电梯突然坠落时，该安全装置可起到阻碍电梯下落的作用B．当电梯突然坠落时，该安全装置可使电梯停在空中C．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，闭合线圈A、B中电流方向相同D．当电梯坠落至永久磁铁在图示位置时，闭合线圈A、B都在阻碍电梯下落7．（6分）如图所示，曲线a和曲线b分别是在平直公路上运动的汽车甲和乙的位移一时间（x﹣t）图线，由图可知（）A．甲、乙两车运动方向相同B．在0﹣t1时间内，甲、乙两车的平均速度相同C．在t1﹣t2时间内，乙车行驶的路程大于甲车行驶的路程D．在t1﹣t2一时间内的某时刻，甲、乙两车的速度相同8．（6分）光滑斜面AB和水平传送带BC通过一小段光滑圆弧平滑连接。