最新-2018高一物理下学期期中考试试题[原创]-人教版 精品

高中物理学习材料桑水制作北京市房山高级中学2010---2011学年度高一下学期调研考试物理试卷卷一，选择题部分，共31分选择题（本题共5题，每小题3分，共15分）1、由于地球的自转，地球表面上各点均做匀速圆周运动，所以（）A、地球表面各处具有相同大小的线速度B、地球表面各处具有相同大小的加速度C、地球表面各处的周期相同D、地球上各处所受的向心力大小相等2、用绳系一个小球，使它在光滑水平面上做匀速圆周运动，小球受几个力的作用分析正确的是（）A．重力，桌面的支持力，绳的拉力，向心力B．重力，桌面的支持力，摩擦力C．重力，桌面的支持力，绳的拉力D．重力，桌面的支持力，摩擦力，向心力3、关于向心加速度的物理意义 ( )A．它描述的是线速度方向变化的快慢B．它描述的是线速度大小变化的快慢C．它描述的是向心力变化的快慢D．它描述的是角速度变化的快慢4、一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相等的小球A和B沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，A的运动半径较大，则( )A．球A的线速度等于球B的线速度B．球A的角速度等于球B的角速度C．球A的运动周期小于球B的运动周期D．球A与球B对筒壁的压力相等5.、两个质量均为M的星体，其连线的垂直平分线为AB。

O为两星体连线的中点，如图，一个质量为M的物体从O沿OA方向运动，则它受到的万有引力大小变化情况是（）A.一直增大B.一直减小C.先减小，后增大D.先增大，后减小多选题（每题至少有一个答案正确，每题4分，错选不得分，漏选得2分。

共16分）6、对于万有引力定律的表述式221 r mmGF=，下面说法中正确的是（）A.公式中G为引力常量，它是由实验测得的，而不是人为规定的B.当r趋近于零时，万有引力趋于无穷大C. m1与m2受到的引力大小总是相等的，方向相反，是一对平衡力D. m1与m2受到的引力总是大小相等的，而与m1、m2是否相等无关7、洗衣机的脱水筒在转动时有一衣物附在筒壁上，如图所示，则此时（）A．衣物受到重力、筒壁的弹力和摩擦力的作用B．衣物随筒壁做圆周运动的向心力是由筒壁的弹力提供的C．筒壁对衣物的摩擦力随转速增大而减小D．筒壁的弹力对衣物的摩擦力随转速增大而增大8、一辆汽车保持恒定速率驶过一座圆弧形凸桥，在此过程中，汽车一定是（）A．做匀变速运动B．所受合外力为零C．加速度大小恒定D．做变加速运动9、用m表示地球通讯卫星（同步卫星）的质量，h表示它离地面的高度，R表示地球的半径，g表示地球表面处的重力加速度，ω表示地球自转的角速度，则通讯卫星所受万有引力的大小为 ( )A.等于零B.等于22 ()R g mR h+C.等于342ωgRmD.以上结果都不正确卷二，非选择题，共69分填空题（第10题每空2分，11题4分，12题2分+4分+4分）10、长L=0.5m、质量可以忽略的杆，一端固定于O点，另一端连有质量m=2Kg的小球，它绕O 点做竖直平面内的圆周运动，当通过最高点时，如右图所示，求下列情况下小球所受到的力（计算出大小，并说明是拉力还是支持力）。

浙江强基联盟2024年5月联考高一物理试题卷（答案在最后）浙江强基联盟研究院本试卷满分100分，考试用时90分钟。

注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

4．本试卷主要考试内容：人教版必修第一册，必修第二册。

选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共13题，每小题3分，共39分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．以下是能量的单位是（）A．W B．kg C．J D．N2．骑行是当代年轻人喜欢的一种户外运动，某同学用手机软件记录了某次户外骑行的情况，如图所示，由图可知（）第2题图A．该同学此次户外骑行的位移是51.01公里B．图中“03：29：38”指的是时刻C．图中的“平均速度”指的是骑行路程与所用时间之比D．该同学此次户外骑行的最快速度为29.88m/s．3．下列关于几幅书本插图的说法中正确的是（）A．甲图中，在推导v t 图像面积表示物体位移时，主要体现的是极限法的思想B．乙图中，合力与两个分力有相同的作用效果C．丙图中，利用悬挂法测薄板的重心是利用牛顿第二定律的原理D．丁图中，为了提高汽车爬坡时的动力，司机往往会换高挡使汽车具有更大的速度4．如图为某同学在训练跳远的场景，不计空气阻力，下列说法正确的是（）第4题图A．研究运动员跳远动作时可以将运动员看作质点B．起跳瞬间人对地面的压力可能大于地面对人的支持力C．运动员在空中做的是匀变速运动D．运动员在空中的阶段处于超重状态5．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球绕水平轴在竖直面内做圆周运动，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）第5题图A．小球在最高点和最低点时的线速度可能相同B．小球在最高点的最小速度为C．若小球在最低点的速度小于D．小球在最低点时受到杆的作用力可能为0.5mg6．1月17日，中国载人航天工程2024年第一次发射任务，最强“天空快递”天舟七号货运飞船满载春节大礼包，为神舟十七号航天员乘组送去补给物资和新春祝福。

高中物理学习材料唐玲收集整理来源：2012-2013学年河北省存瑞中学高一第二次月考物理试题（带解析）【题文】火车在一段水平的直线轨道上匀加速运动，若阻力不变，则牵引力F和它的瞬时功率P的变化情况是（）A、F不变，P变大B、F变小，P不变C、F变大，P变大D、F不变，P不变【答案】A【解析】试题分析：由于火车做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得，，由于f不变，a不变，所以火车的牵引力F不变，火车的功率，F不变，但是火车的速度v在不断的增加，所以火车的功率在不断的变大，所以A正确．故选A．考点：功率、平均功率和瞬时功率．点评：分析火车的瞬时功率只能用功率来分析，公式求出的是平均功率的大小．来源：2012-2013学年江西省南昌市第二中学高一下学期期中考试物理试题（带解析）【题文】某汽车发动机的额定功率为P＝6.0×10 4W，汽车的质量为m＝5.0×10 3kg，该车在水平路面上沿直线行驶时，阻力是车重的0.1倍，g取10 m/s2.试求：(1)汽车保持额定功率从静止启动后能达到的最大速度是多少？(2)若汽车从静止开始且保持以a＝0.5 m/s2的加速度做匀加速运动，这一过程能维持多长时间？【答案】12m/s 16s【解析】试题分析：(1)设汽车以额定功率启动达到最大速度v m时牵引力为F，此时汽车的加速度a＝0.根据牛顿第二定律和功率的表达式F－f＝ma＝0①f＝0.1mg②P＝Fv m③联立①②③解得v m＝12 m/s.(2)设汽车从静止开始做匀加速运动终止时的速度为v，这一过程所用的时间为t，由于速度为v时汽车的实际功率F′v等于汽车的额定功率P.根据匀变速运动公式和牛顿第二定律得F′－f＝ma④v＝at⑤F′v＝P⑥联立④⑤⑥解得t＝16 s.考点：本题考查了汽车启动，点评：汽车以额定功率启动达到最大速度v m时牵引力为F，此时汽车的加速度a＝0.然后结合牛顿运动定律，可解出汽车的最大速度，由于速度为v时汽车的实际功率F′v等于汽车的额定功率P.根据匀变速运动公式和牛顿第二定律可解得来源：2012-2013学年河北省馆陶一中高一下学期期中考试物理试题（带解析）【题文】关于功率公式P=和P=Fv，下列说法中正确的是（）A．由P=知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率B．由P=Fv只能求某一时刻的瞬时功率C．由P=Fv知汽车的功率与它的速度成正比D．由P=Fv知当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比【答案】D【解析】试题分析：由P=，知道W和t可以求出在t这一段时间间隔内的平均功率，而不是任意时刻的瞬时功率，A错误。

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5月22日 三种起电方式
高考频度：★★☆☆☆
难易程度：★☆☆☆☆
如图所示，两个不带电的导体A 和B ，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。

把一带正电荷的物体C 置于A 附近，贴在A 、B 下部的金属箔都张开
A ．此时A 带正电，
B 带负电
B ．此时A 、B 带负电
C ．移去C ，贴在A 、B 下部的金属箔都闭合
D ．先把A 和B 分开，然后移去C ，贴在A 、B 下部的金属箔都闭合
【参考答案】C
【试题解析】A 、带正电的物体C 靠近A 附近时，由于静电感应，A 端带上负电，B 端带上正电，故AB 错误；C 、移去C 后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故C 正确；D 、先
把AB 分开，则A 带负电，B 带正电，移去C 后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，故D 错误。

【名师点睛】本题考查静电现象，要注意理解感应起电的性质，并明确正负电荷之间的相互作用所带来的现象，能通过所学物理规律进行分析解答。

【知识补给】
三种起电方式
1．摩擦起电
两物体相互摩擦，因为不同物质对电子的束缚能力的强弱不同，则对电子束缚能力相对较弱的失去电子而带正电，而对电子束缚能力相对较强的得到电子而带负电。

实质：电子从一个物体转移到另一个物体上，得到电子带负电，失去电子带正电。

2．感应起电
感应起电：当一个带电体靠近导体时由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或远离带电体，使导体靠近带电体的一端带异种电荷，远离的一端带同种电荷，这种现象叫感应起电。

利用静电感应使金属导体带电的过程，叫做感应起电。

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2018-2019学年度第二学期高一物理期末考试试卷一.选择题1. 关于重力势能，下列说法中正确的是（）A. 重力势能的大小只由物体本身决定B. 重力势能恒大于零C. 在地面上的物体，它具有的重力势能一定等于零D. 重力势能是物体和地球所共有的【答案】D【解析】重力势能取决于物体的重力和高度；故A错误；重力势能的大小与零势能面的选取有关，若物体在零势能面下方，则重力势能为负值；故B错误；重力势能的大小与零势能面的选取有关；若选取地面以上为零势能面，则地面上的物体重力势能为负；若选地面以下，则为正；故C错误；重力势能是由物体和地球共有的；故D正确；故选D．【考点】重力势能【点评】本题考查重力势能的决定因素，重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；明确重力势能是由地球和物体共有的；其大小与零势能面的选取有关。

2.在一条直线上运动的物体,其初动量为8N·s,它在第一秒内受到的合冲量为-3N·s,第二秒内受到的合冲量为5N·s.它在第二秒末的动量为A. 10kg·m/sB. 11kg·m/sC. 13kg·m/sD. 16kg·m/s【答案】A【解析】根据动量定理得：P-mv0=Ft，则P=Ft+mv0=-3+5+8=10kg•m/s，故选A。

3.在光滑的水平面上有两个质量均为m的小球A和B,B球静止,A球以速度v和B球发生碰撞.碰后两球交换速度.则A、B球动量的改变量△P A、△P B和A、B系统的总动量的改变量△P为A. △P A=mv,△P B=-mv,△p=2mvB. △P A=mv, △P B=-mv,△P=0C. △P A=0, △P B=mv,△P=mvD. △P A=-mv,△P B=mv, △P=0【答案】D【解析】碰撞前，A动量为：p A=mv，B动量为零，系统的总动量为mv；碰撞后，A动量为零，B动量为p B=mv，系统的总动量为mv；故A球动量的改变量△p A=0-mv=-mv；B球动量的改变量△p B=mv-0=mv；A、B系统的总动量的改变△p为0，故选D。

寻乌一中2018---2018学年第一学期期中考试高三物理试卷班级 姓名 座号 成绩一、选择题（每小题只有一个答案正确）1．一氢气球下系一小重物G ，重物只在重力和绳的拉力作用下作匀速直线运动，不计空气阻力和风力影响，而重物匀速运动的方向如图中箭头所示的虚线方向，图中气球和重物G 在运动中所处的位置正确的是 （ ）2．如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在A 点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右作匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的 （ ）A ．直线pB ．曲线QC ．曲线RD ．无法确定3．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F 的作用，F 的大小与时间t 的关系和物块速度v 与时间t 的关系如图所示。

取重力加速度g=10m/s 2。

由此两图线可以求得物块的质量m 和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为 （ ）A ．m=0.5kg ；μ=0.2B ．m=1.5kg ；μ=152 C ．m=0.5kg ；μ=0.4D ．m=1kg ；μ=0.2 4、汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上发生滑动，可以明显地看出滑动的痕迹，即常说的刹车线，由刹车线长短可以得知汽车刹车前的速度大小，因此刹车线的长度是分析交通事故的一个重要依据，若汽车轮胎跟地面的动摩擦因数是0.7，刹车线长是14m ，则可知汽车刹车前的速度大约是（ ） A ．7m/s B ．10m/s C ．14m/s D ．20m/s5、如图1中所示，x 、y 、z 为三个物块，k 为轻质弹簧，L 为轻线。

系统处于平衡状态。

现若将L 突然剪断，用a x 、a y 分别表示刚剪断时x 、y 的加速度，则有（ ）A 、a x =0、a y =0B 、a x =0、a y ≠0C 、a x ≠0、a y ≠0D 、a x ≠0、a y=0v/m ·s －1 图16．质量为M 的汽车，以额定的功率P 由静止开始在平直路面上行驶，若汽车所受阻力恒为f ，从开始行驶到速度最大所用时间t ，则由以上条件，不可求出的物理量是（ ）A ．汽车行驶的最大速度B ．汽车行驶过程中的最大加速度C ．汽车速度为v （已知）时加速度大小D ．汽车在时间t 内行驶的路程7．如图所示，物体m 放在升降机中的斜面上，当升降机竖直向上由匀速运动变为作匀加速运动时，下列说法中正确的是（ ）A ．斜面对物体的支持力不变；B ．斜面对物体的作用力增加；C ．物体m 所受重力增加D ．物体m 所受摩擦力减小8．将“超级市场”中运送货物所用的平板车固定在水平地面上，配送员用4.O×102N 的水平力推动一箱1.O×102kg 的货物时，该货物刚好能在平板车上开始滑动；若配送员推动平板车由静止开始加速前进，要使此箱货物不从车上滑落，配送员推车时车的加速度大小为( )A ．4.2m/s 2B ．5.5m/s 2C ．6.0m/s 2D ．2.8m/s 29．质点所受的力F 随时间变化的规律如图3-1所示，力的方向始终在一直线上，已知t =0时质点的速度为零，在图示的t l 、t 2、t 3和t 4各时刻中 ( )①．t 1时刻质点速度最大 ②．t 2时刻质点速度最大③．t 3时刻质点离出发点最远 ④．t 4时刻质点离出发点最远A ：② ④B ：① ③C ：①④D ： ② ③10、美国的NBA 篮球赛非常精彩，吸引了众多观众.经常有这样的场面：在临终场0.1s 的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的胜利.如果运动员投篮过程中对篮球做功为W ，出手高度为h 1，篮筐距地面高度为h 2，球的质量为m ，空气阻力不计，则篮球进筐时的动能为（ ）A 、W+21mgh mgh -B 、W+12mgh mgh -C 、21mgh mgh +－WD 、12mgh mgh -－W二、填空题 11、某科技馆中有一个展品，该展品放在较暗处。

图2
V
图4
所示，物体静止于水平桌面上，则（）
桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对平衡力
物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力
物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一种力
图5
物体受静摩擦力作用，方向与F方向相同
图6
分解一个力，若已知它的一个分力的大小和另一个分力的方向，以下正确的是 ( )
的初速度是______m/s，最后
10分，共50分）
．如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=60N水平向右的拉力作用下，由静止开始运动。

设物体与水平面之间的动摩擦因素µ=0.4，求：
）物体所滑动受摩擦力为多大？
）物体的加速度为多大？
3s内的位移为多大？
＝？
与传送带间的摩擦因数各是多大？从传送带左端P到右端Q所用的时间t c＝？。

模块综合试卷(一)(时间：90分钟 总分为：100分)一、选择题(此题共12小题，每一小题4分，共48分.1～7为单项选择题，8～12为多项选择题) 1.如图1所示，在皮带传送装置中，皮带把物体P 匀速传送至高处，在此过程中，下述说法正确的答案是( )图1A.摩擦力对物体做正功B.支持力对物体做正功C.重力对物体做正功D.合外力对物体做正功 答案 A解析 摩擦力方向平行皮带向上，与物体运动方向一样，故摩擦力做正功，A 对；支持力始终垂直于速度方向，不做功，B 错；重力对物体做负功，C 错；合外力为零，做功为零，D 错. 2.质量不等但有一样初动能的两个物体在动摩擦因数一样的水平地面上滑行，直到停止，如此( )A.质量大的物体滑行距离大B.质量小的物体滑行距离大C.两个物体滑行的时间一样D.质量大的物体抑制摩擦力做的功多 答案 B解析 由动能定理得－μmgx ＝0－E k ，两个物体抑制摩擦力做的功一样多，质量小的物体滑行距离大，B 正确，A 、D 错误；由E k ＝12mv 2得v ＝2E km，再由t ＝v μg ＝1μg2E km可知，滑行的时间与质量有关，两个物体滑行时间不同，C 错误.3.(2019·卷)2019年5月17日，我国成功发射第45颗北斗导航卫星，该卫星属于地球静止轨道卫星(同步卫星).该卫星( )A.入轨后可以位于正上方B.入轨后的速度大于第一宇宙速度C.发射速度大于第二宇宙速度D.假设发射到近地圆轨道所需能量较少答案 D解析同步卫星只能位于赤道正上方，A项错误；由GMmr2＝mv2r知，卫星的轨道半径越大，卫星做匀速圆周运动的线速度越小，因此入轨后的速度小于第一宇宙速度(近地卫星的速度)，B 项错误；同步卫星的发射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，C项错误；将卫星发射到越高的轨道抑制引力做功越多，故发射到近地圆轨道所需能量较少，D正确.4.如图2所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到D点(D点是曲线的拐点)时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，如此质点从A点运动到E点的过程中，如下说法中正确的答案是( )图2A.质点经过C点的速率比D点的大B.质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90°C.质点经过D点时的加速度比B点的大D.质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小答案 A解析因为质点做匀变速运动，所以加速度恒定，C项错误.在D点时加速度与速度垂直，故知加速度方向向上，合力方向也向上，所以质点从A到D的过程中，合力方向与速度方向夹角大于90°，合力做负功，动能减小，v C>v D，A项正确，B项错误.从B至E的过程中，加速度方向与速度方向夹角一直减小，D项错误.5.(2019·某某卷)2018年12月8日，肩负着亿万中华儿女探月飞天梦想的嫦娥四号探测器成功发射，“实现人类航天器首次在月球背面巡视探测，率先在月背刻上了中国足迹〞，如图3所示.月球的质量为M、半径为R.探测器的质量为m，引力常量为G，嫦娥四号探测器围绕月球做半径为r的匀速圆周运动时，探测器的( )图3A.周期为4π2r3GMB.动能为GMm 2RC.角速度为Gm r 3D.向心加速度为GM R2 答案 A解析 嫦娥四号探测器环绕月球做匀速圆周运动时，万有引力提供其做匀速圆周运动的向心力，有GMm r 2＝mω2r ＝m v 2r ＝m 4π2T 2r ＝ma ，解得ω＝GMr 3、v ＝GMr、T ＝4π2r3GM、a ＝GM r2，如此嫦娥四号探测器的动能为E k ＝12mv 2＝GMm2r ，由以上可知A 正确，B 、C 、D 错误.6.(2018·石室中学高一下学期期末)如图4所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m 的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A 点，弹簧处于原长，圆环高度为h .让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零.如此在圆环下滑到底端的过程中(重力加速度为g ，杆与水平方向夹角为30°)( )图4A.圆环的机械能守恒B.弹簧的弹性势能先减小后增大C.弹簧的弹性势能变化了mghD.弹簧与光滑杆垂直时圆环动能最大 答案 C解析 圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，但圆环的机械能不守恒，A 错误；弹簧形变量先增大后减小然后再增大，所以弹簧的弹性势能先增大后减小再增大，B 错误；由于圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，圆环的机械能减少了mgh ，所以弹簧的弹性势能增加mgh ，C 正确；弹簧与光滑杆垂直时，圆环所受合力沿杆向下，圆环具有与速度同向的加速度，所以做加速运动，D 错误.7.(2018·石室中学高一下学期期末)如图5所示，abc 是竖直面内的光滑固定轨道，ab 水平、长度为2R ；bc 是半径为R 的四分之一圆弧，与ab 相切于b 点.一质量为m 的小球，始终受到与重力大小相等的水平外力的作用，自a 点处从静止开始向右运动.重力加速度为g .小球从a 点开始运动到其轨迹最高点，动能的增量为( )图5A.2mgRB.4mgRC.5mgRD.6mgR 答案 A解析 由题意知水平拉力为F ＝mg ，设小球达到c 点的速度为v 1，从a 到c 根据动能定理可得：F ·3R －mgR ＝12mv 12，解得：v 1＝2gR ；小球离开c 点后，竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，由于水平方向加速度a x ＝g ，小球至轨迹最高点时v x ＝v 1，故小球从a 点开始运动到最高点时的动能的增量为ΔE k ＝12mv 12＝2mgR .8.(2019·江苏卷)如图6所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动.座舱的质量为m ，运动半径为R ，角速度大小为ω，重力加速度为g ，如此座舱( )图6A.运动周期为2πRωB.线速度的大小为ωRC.受摩天轮作用力的大小始终为mgD.所受合力的大小始终为mω2R 答案 BD解析 座舱做匀速圆周运动，合力提供向心力，知座舱的运动周期T ＝2πω、线速度大小v ＝ωR 、所受合力的大小F ＝mω2R ，选项B 、D 正确，A 错误；座舱的重力为mg ，座舱做匀速圆周运动受到的合力大小不变，方向时刻变化，故座舱受到摩天轮的作用力大小不可能始终为mg ，选项C 错误.9.(2018·简阳市高一下学期期末)竖直平面内有两个半径不同的半圆形光滑轨道，如图7所示，A 、M 、B 三点位于同一水平面上，C 、D 分别为两轨道的最低点，将两个一样的小球分别从A 、B 处同时无初速度释放，如此( )图7A.通过C 、D 时，两球的线速度大小相等B.通过C 、D 时，两球的角速度大小相等C.通过C 、D 时，两球的机械能相等D.通过C 、D 时，两球对轨道的压力相等 答案 CD解析 对任意一球研究，设半圆轨道的半径为r ，根据机械能守恒定律得：mgr ＝12mv 2，得：v ＝2gr ，由于r 不同，如此v 不等，故A 错误；由v ＝rω得：ω＝vr＝2gr，可知两球的角速度大小不等，故B 错误；两球的初始位置机械能相等，下滑过程机械能都守恒，所以通过C 、D 时两球的机械能相等，故C 正确；通过圆轨道最低点时小球的向心加速度为a n ＝v 2r＝2g ，根据牛顿第二定律得：F N －mg ＝ma n ，得轨道对小球的支持力大小为F N ＝3mg ，由牛顿第三定律知球对轨道的压力为F N ′＝F N ＝3mg ，与半径无关，如此通过C 、D 时，两球对轨道的压力相等，故D 正确.10.(2018·永春一中高一下学期期末)如图8，北斗导航卫星的发射需要经过几次变轨，例如某次变轨，先将卫星发射至近地圆轨道1上，然后在P 处变轨到椭圆轨道2上，最后由轨道2在Q 处变轨进入圆轨道3，轨道1、2相切于P 点，轨道2、3相切于Q 点.忽略空气阻力和卫星质量的变化，如此以下说法正确的答案是( )图8A.该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P 处减速B.该卫星从轨道1到轨道2再到轨道3，机械能逐渐减小C.该卫星在轨道3的动能小于在轨道1的动能D.该卫星稳定运行时，在轨道3上经过Q 点的加速度等于在轨道2上Q 点的加速度 答案 CD解析 该卫星从轨道1变轨到轨道2需要在P 处加速，选项A 错误；该卫星从轨道1到轨道2需要点火加速，如此机械能增加；从轨道2再到轨道3，又需要点火加速，机械能增加；故该卫星从轨道1到轨道2再到轨道3，机械能逐渐增加，选项B 错误；根据v ＝GMr可知，该卫星在轨道3的速度小于在轨道1的速度，如此卫星在轨道3的动能小于在轨道1的动能，选项C 正确；根据a ＝GMr2可知，该卫星稳定运行时，在轨道3上经过Q 点的加速度等于在轨道2上Q 点的加速度，选项D 正确.11.(2019·江苏卷)如图9所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态.小物块的质量为m ，从A 点向左沿水平地面运动，压缩弹簧后被弹回，运动到A 点恰好静止.物块向左运动的最大距离为s ，与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g ，弹簧未超出弹性限度.在上述过程中( )图9A.弹簧的最大弹力为μmgB.物块抑制摩擦力做的功为2μmgsC.弹簧的最大弹性势能为μmgsD.物块在A 点的初速度为2μgs 答案 BC解析 小物块处于最左端时，弹簧的压缩量最大，然后小物块先向右加速运动再减速运动，可知弹簧的最大弹力大于滑动摩擦力μmg ，选项A 错误；物块从开始运动至最后回到A 点过程，路程为2s ，可得物块抑制摩擦力做功为2μmgs ，选项B 正确；物块从最左侧运动至A 点过程，由能量守恒定律可知E pm ＝μmgs ，选项C 正确；设物块在A 点的初速度为v 0，整个过程应用动能定理有－2μmgs ＝0－12mv 02，解得v 0＝2μgs ，选项D 错误.12.如图10所示，两个34圆弧轨道固定在水平地面上，半径R 一样，a 轨道由金属凹槽制成，b 轨道由金属圆管制成(圆管内径远小于半径R )，均可视为光滑轨道，在两轨道右端的正上方分别将金属小球A 和B (直径略小于圆管内径)由静止释放，小球距离地面的高度分别用h A 和h B 表示，如下说法中正确的答案是( )图10A.假设h A ＝h B ≥52R ，两小球都能沿轨道运动到最高点B.假设h A ＝h B ≥32R ，两小球在轨道上上升的最大高度均为32RC.适当调整h A 和h B ，均可使两小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处D.假设使小球沿轨道运动并且从最高点飞出，h A 的最小值为52R ，B 小球在h B ＞2R 的任何高度释放均可 答案 AD解析 假设小球A 恰好能到a 轨道的最高点，由mg ＝m v 2AR ，得v A ＝gR ，由mg (h A －2R )＝12mv A 2，得h A ＝52R ；假设小球B 恰好能到b 轨道的最高点，在最高点的速度v B ＝0，根据机械能守恒定律得h B ＝2R ，所以h A ＝h B ≥52R 时，两球都能到达轨道的最高点，故A 、D 正确；假设h B ＝32R ，小球B 在轨道上上升的最大高度等于32R ；假设h A ＝32R ，如此小球A 在到达最高点前离开轨道，有一定的速度，由机械能守恒定律可知，A 在轨道上上升的最大高度小于32R ，故B 错误.小球A 从最高点飞出后做平抛运动，下落R 高度时，水平位移的最小值为x A ＝v A2R g＝gR ·2Rg＝2R ＞R ，所以假设小球A 从最高点飞出后会落在轨道右端口外侧，而适当调整h B ，B 可以落在轨道右端口处，所以适当调整h A 和h B ，只有B 球可以从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处，故C 错误. 二、实验题(此题共2小题，共12分)13.(5分)某兴趣小组用如图11甲所示的装置与传感器结合，探究向心力大小的影响因素.实验时用手拨动旋臂使它做圆周运动，力传感器和光电门固定在实验器上，测量角速度和向心力.(1)电脑通过光电门测量挡光杆通过光电门的时间，并由挡光杆的宽度d 、挡光杆通过光电门的时间Δt 、挡光杆做圆周运动的半径r ，自动计算出砝码做圆周运动的角速度，如此计算其角速度的表达式为________________.(2)图乙中取①②两条曲线为一样半径、不同质量下向心力与角速度的关系图线，由图可知，曲线①对应的砝码质量__________(选填“大于〞或“小于〞)曲线②对应的砝码质量.图11答案 (1)dr Δt(3分) (2)小于(2分)解析 (1)砝码转动的线速度v ＝dΔt由ω＝v r计算得出ω＝dr Δt(2)题图中抛物线说明向心力F 和ω2成正比.假设保持角速度和半径都不变，如此质点做圆周运动的向心加速度不变，由牛顿第二定律F ＝ma 可知，质量大的物体需要的向心力大，所以曲线①对应的砝码质量小于曲线②对应的砝码质量.14.(7分)(2018·石室中学高一下学期期末)某同学用如图12甲所示的装置验证机械能守恒定律，他将两物块A 和B 用轻质细绳连接并跨过轻质定滑轮，B 下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器，用天平测出A 、B 两物块的质量m A ＝300g ，m B ＝100g ，A 从高处由静止开始下落，B 拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进展测量，即可验证机械能守恒定律，图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图乙所示，打点计时器计时周期为T ＝0.02s ，如此：图12(1)在打点0～5过程中系统动能的增加量ΔE k ＝______J ，系统势能的减小量ΔE p ＝________J ，由此得出的结论是__________________；(重力加速度g ＝9.8m/s 2，结果均保存三位有效数字)(2)用v 表示物块A 的速度，h 表示物块A 下落的高度.假设某同学作出的v 22－h 图像如图丙所示，如此可求出当地的重力加速度g ＝________m/s 2(结果保存三位有效数字).答案 (1)1.15(2分) 1.18(2分) 在误差允许范围内，A 、B 组成的系统机械能守恒(1分) (2)9.70(2分)解析 (1)根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，计数点5的瞬时速度v 5＝x 462×5T ＝(21.60＋26.40)×10－20.2m/s ＝2.40 m/s ，如此系统动能的增加量：ΔE k ＝12(m A ＋m B )v 52＝12×0.4×2.42J≈1.15J，系统重力势能的减小量ΔE p ＝(m A －m B )gh ＝0.2×9.8×(38.40＋21.60)×10－2J≈1.18J .在误差允许的范围内，A 、B 组成的系统机械能守恒. (2)根据机械能守恒定律得： (m A －m B )gh ＝12(m A ＋m B )v 2得12v 2＝m A －m B m A ＋m Bgh故斜率k ＝m A －m B m A ＋m B g ＝5.821.20m/s 2代入数据得：g ＝9.70m/s 2.三、计算题(此题共4小题，共40分)15.(7分)火星半径约为地球半径的12，火星质量约为地球质量的19，地球外表的重力加速度g取10m/s 2.(1)求火星外表的重力加速度.(结果保存两位有效数字)(2)假设弹簧测力计在地球上最多可测出质量为2kg 的物体所受的重力，如此该弹簧测力计在火星上最多可测出质量为多大的物体所受的重力？ 答案 (1)4.4m/s 2(2)4.5kg 解析 (1)对于在星球外表的物体，有mg ＝G MmR2(2分)可得g 火g 地＝M 火M 地(R 地R 火)2＝19×(21)2＝49(2分) 故g 火＝49g 地≈4.4 m/s 2.(1分)(2)弹簧测力计的最大弹力不变，即m 地g 地＝F ＝m 火g 火(1分)如此m 火＝m 地g 地g 火＝4.5 kg.(1分) 16.(8分)(2019·某某卷)完全由我国自行设计、建造的国产新型航空母舰已完成屡次海试，并取得成功.航母上的舰载机采用滑跃式起飞，故甲板是由水平甲板和上翘甲板两局部构成，如图13甲所示.为了便于研究舰载机的起飞过程，假设上翘甲板BC 是与水平甲板AB 相切的一段圆弧，示意如图乙，AB 长L 1＝150m ，BC 水平投影L 2＝63m ，图中C 点切线方向与水平方向的夹角θ＝12˚(sin12°≈0.21).假设舰载机从A 点由静止开始做匀加速直线运动，经t ＝6s 到达B 点进入BC .飞行员的质量m ＝60kg ，g ＝10m/s 2，求：图13(1)舰载机水平运动的过程中，飞行员受到水平力所做的功W ；(2)舰载机刚进入BC 时，飞行员受到竖直向上的压力F N 多大.答案 (1)7.5×104J (2)1.1×103N解析 (1)舰载机由静止开始做匀加速直线运动，设其刚进入上翘甲板时的速度为v ，如此有v 2＝L 1t ①(1分) 根据动能定理，有W ＝12mv 2－0②(2分) 联立①②式，代入数据，得W ＝7.5×104J③(1分)(2)设上翘甲板所对应的圆弧半径为R ，根据几何关系，有L 2＝R sin θ④(1分) 由牛顿第二定律，有F N －mg ＝m v 2R⑤(2分) 联立①④⑤式，代入数据，得F N ＝1.1×103N.(1分)17.(11分)如图14所示，半径为R ＝1.5m 的光滑圆弧支架竖直放置，圆心角θ＝60°，支架的底部CD 水平，离地面足够高，圆心O 在C 点的正上方，右侧边缘P 点固定一个光滑小轮，可视为质点的小球A 、B 系在足够长的跨过小轮的轻绳两端，两球的质量分别为m A ＝0.3kg 、m B ＝0.1kg.将A 球从紧靠小轮P 处由静止释放，不计空气阻力，g 取10m/s 2.图14(1)求A 球运动到C 点时的速度大小；(2)假设A 球运动到C 点时轻绳突然断裂，从此时开始，需经过多长时间两球重力的功率大小相等？(计算结果可用根式表示).答案 (1)2m/s (2)340s 解析 (1)由题意可知，A 、B 组成的系统机械能守恒，有12m A v A 2＋12m B v B 2＝m A gh A －m B gh B (2分) h A ＝R －R cos 60°＝R 2(1分) h B ＝R (1分)v B ＝v A cos 30°＝32v A (1分) 联立解得v A ＝2 m/s(1分)(2)轻绳断裂后，A 球做平抛运动，B 球做竖直上抛运动，B 球上抛初速度v B ＝v A cos 30°＝3m/s(1分)设经过时间t 两球重力的功率大小相等，如此m A gv Ay ＝m B gv By (1分)v Ay ＝gt (1分) v By ＝v B －gt (1分)联立解得t ＝340s(1分) 18.(14分)如图15所示，从A 点以v 0＝4m/s 的水平速度抛出一质量m ＝1 kg 的小物块(可视为质点)，当物块运动至B 点时，恰好沿切线方向进入光滑圆弧轨道BC ，经圆弧轨道后滑上与C 点等高、静止在粗糙水平面的长木板上，圆弧轨道C 端的切线水平，长木板的质量M ＝4 kg ，A 、B 两点距C 点的高度分别为H ＝0.6 m 、h ＝0.15 m ，圆弧轨道半径R ＝0.75 m ，物块与长木板之间的动摩擦因数μ1＝0.5，长木板与水平面间的动摩擦因数μ2＝0.2，长木板与水平面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，g 取10 m/s 2.sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：图15(1)小物块运动至B 点时的速度大小和方向；(2)物块滑动至C 点时，对圆弧轨道C 点的压力大小；(3)长木板至少为多长，才能保证物块不滑出长木板.答案 (1)5m/s 与水平方向成37°角斜向下(2)47.3N (3)2.8m解析 (1)小物块从A 点到B 点做平抛运动，有H －h ＝12gt 2(1分)到达B 点的竖直分速度v By ＝gt ，(1分)到达B 点的速度v B ＝v 20＋v 2By (1分)联立解得v B ＝5 m/s(1分)设到达B 点时物块的速度方向与水平面的夹角为θ，如此cos θ＝v 0v B＝0.8，即与水平方向成37°角斜向下.(1分)(2)设物块到达C 点的速度为v C ，从A 点到C 点由机械能守恒定律得mgH ＝12mv C 2－12mv 02(2分) 设物块在C 点受到的支持力为F N ，由牛顿第二定律得F N －mg ＝m v 2C R(1分) 解得F N ≈47.3 N .(1分)由牛顿第三定律得，物块对圆弧轨道C 点的压力大小为F N ′＝F N ＝47.3 N ，方向竖直向下.(1分)(3)物块对长木板的摩擦力F f1＝μ1mg ＝5 N.(1分)长木板与水平面间的最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，为F f2＝μ2(M ＋m )g ＝10 N.(1分) 由于F f1小于F f2，可判定物块在长木板上滑动时，长木板静止不动.(1分)物块在长木板上做匀减速运动，设木板至少长为l 时，物块不滑出长木板，且物块到达木板最右端时速度恰好为零，如此有v C 2＝2al ，μ1mg ＝ma ，联立解得l ＝2.8 m.(1分)。

黄山市“八校联盟”2022~2023学年度第二学期期中考试高一物理试卷考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题，共100分。

考试时间75分钟。

2.请将各题答案填写在答题卡上。

3.本试卷主要考试内容：人教版必修第二册第五、六章。

一、选择题：本题共10小题，共46分。

在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1. 一河流两岸平直，一只鳄鱼（视为质点）身体垂直河岸匀速过河，准备到河对岸捕食猎物，若河水流速突然变大，鳄鱼仍然以原速度垂直河岸匀速过河。

则（）A. 鳄鱼渡河的时间不变B. 鳄鱼到达河对岸的地点不变C. 鳄鱼渡河的合速度不变D. 鳄鱼通过的路程不变【答案】A【解析】【详解】A．分运动与合运动具有独立性，垂直河岸方向的位移不变，速度不变，则时间也不变，故A正确；BC．由于河水流速变大，因此鳄鱼渡河的合速度变大，鳄鱼到达河岸对面的地点偏向下游，故BC错误；D．河水的流速变大，鳄鱼的合速度方向更加偏向下游，到达河对岸时离正对岸更远，通过的路程变大，故D错误。

故选A。

2. 春天是多雨的季节，某同学将雨伞旋转起来后，水滴沿雨伞边缘的切线方向飞出，之后在空中做曲线运动，如图所示。

不计空气阻力，下列说法正确的是（）A. 水滴沿雨伞边缘的切线方向飞出是因为水滴受到沿切线方向的作用力B. 水滴在空中做曲线运动，其所受合力不变C. 水滴在空中做曲线运动，其加速度越来越大D. 水滴在空中做曲线运动，其速度方向与水平方向的夹角越来越小 【答案】B 【解析】【详解】A ．转动带有雨水的圆形雨伞，转速较大时，雨滴受到的力不够提供向心力，做离心运动，沿切线方向飞出，故A 错误；BC ．水滴在空中做曲线运动，不计空气阻力，只受重力，做平抛运动，其所受合力和运动的加速度均不变，故C 错误，B 正确；D ．水滴做平抛运动，竖直分速度越来越大，水平分速度不变，则速度方向与水平方向的夹角越来越大，故D 错误。