动能定理的综合应用练习及解析
- 格式:doc
- 大小:683.00 KB
- 文档页数:14
动能定理的综合应用练习及解析
一、高中物理精讲专题测试动能定理的综合应用
1.如图所示,AC 为光滑的水平桌面,轻弹簧的一端固定在A 端的竖直墙壁上.质量
1m kg =的小物块将弹簧的另一端压缩到B 点,之后由静止释放,离开弹簧后从C 点水平
飞出,恰好从D 点以10/D v m s =的速度沿切线方向进入竖直面内的光滑圆弧轨道
(DEF 小物体与轨道间无碰撞).O 为圆弧轨道的圆心,E 为圆弧轨道的最低点,圆弧轨道
的半径1R m =,60DOE ∠=o ,37.EOF ∠=o
小物块运动到F 点后,冲上足够长的斜面
FG ,斜面FG 与圆轨道相切于F 点,小物体与斜面间的动摩擦因数0.5.sin370.6μ==o ,
cos370.8=o ,取2
10/.g m s =不计空气阻力.求:
(1)弹簧最初具有的弹性势能;
(2)小物块第一次到达圆弧轨道的E 点时对圆弧轨道的压力大小;
(3)判断小物块沿斜面FG 第一次返回圆弧轨道后能否回到圆弧轨道的D 点?若能,求解小物块回到D 点的速度;若不能,求解经过足够长的时间后小物块通过圆弧轨道最低点E 的速度大小.
【答案】()11
?.25J ;()2 30N ;()3 2/m s . 【解析】 【分析】 【详解】
(1)设小物块在C 点的速度为C v ,则在D 点有:C D v v cos60o
=
设弹簧最初具有的弹性势能为p E ,则:2P C 1E mv 2
= 代入数据联立解得:p E 1.25J =;
()2设小物块在E 点的速度为E v ,则从D 到E 的过程中有:
()
22E D 11mgR 1cos60mv mv 22
-=
-o 设在E 点,圆轨道对小物块的支持力为N ,则有:2
E v N mg R
-=
代入数据解得:E v 25m /s =,N 30N =
由牛顿第三定律可知,小物块到达圆轨道的E 点时对圆轨道的压力为30 N ;
()3设小物体沿斜面FG 上滑的最大距离为x ,从E 到最大距离的过程中有:
()()
2E 1
mgR 1cos37mgsin37μmgcos37x 0mv 2
o o o ---+=-
小物体第一次沿斜面上滑并返回F 的过程克服摩擦力做的功为f W ,则
f W 2x μmgcos37=o
小物体在D 点的动能为KD E ,则:2KD D 1E mv 2
=
代入数据解得:x 0.8m =,f W 6.4J =,KD E 5J = 因为KD f E W <,故小物体不能返回D 点.
小物体最终将在F 点与关于过圆轨道圆心的竖直线对称的点之间做往复运动,小物体的机械能守恒,设最终在最低点的速度为Em v ,则有:
()
2Em 1mgR 1cos37mv 2
-=
o 代入数据解得:Em v 2m /s =
答:()1弹簧最初具有的弹性势能为1.25J ;
()2小物块第一次到达圆弧轨道的E 点时对圆弧轨道的压力大小是30 N ;
()3小物块沿斜面FG 第一次返回圆弧轨道后不能回到圆弧轨道的D 点.经过足够长的时间
后小物块通过圆弧轨道最低点E 的速度大小为2 m /s . 【点睛】
(1)物块离开C 点后做平抛运动,由D 点沿圆轨道切线方向进入圆轨道,知道了到达D 点的速度方向,将D 点的速度分解为水平方向和竖直方向,根据角度关系求出水平分速度,即离开C 点时的速度,再研究弹簧释放的过程,由机械能守恒定律求弹簧最初具有的弹性势能;
()2物块从D 到E ,运用机械能守恒定律求出通过E 点的速度,在E 点,由牛顿定律和向
心力知识结合求物块对轨道的压力;
()3假设物块能回到D 点,对物块从A 到返回D 点的整个过程,运用动能定理求出D 点的
速度,再作出判断,最后由机械能守恒定律求出最低点的速度.
2.如图,固定在竖直平面内的倾斜轨道AB ,与水平光滑轨道BC 相连,竖直墙壁CD 高
0.2H m =,紧靠墙壁在地面固定一个和CD 等高,底边长0.3L m =的斜面,一个质量
0.1m kg =的小物块(视为质点)在轨道AB 上从距离B 点4l m =处由静止释放,从C 点水
平抛出,已知小物块在AB 段与轨道间的动摩擦因数为0.5,达到B 点时无能量损失;AB
段与水平面的夹角为37.(o 重力加速度2
10/g m s =,sin370.6=o ,cos370.8)o =
(1)求小物块运动到B 点时的速度大小; (2)求小物块从C 点抛出到击中斜面的时间;
(3)改变小物块从轨道上释放的初位置,求小物块击中斜面时动能的最小值. 【答案】(1) 4/m s (2)1
15
s (3) 0.15J 【解析】 【分析】
(1)对滑块从A 到B 过程,根据动能定理列式求解末速度;
(2)从C 点画出后做平抛运动,根据分位移公式并结合几何关系列式分析即可; (3)动能最小时末速度最小,求解末速度表达式分析即可. 【详解】
()1对滑块从A 到B 过程,根据动能定理,有:2B 1mglsin37μmgcos37mv 2
-=o o ,
解得:B v 4m /s =;
()2设物体落在斜面上时水平位移为x ,竖直位移为y ,画出轨迹,如图所示:
对平抛运动,根据分位移公式,有:
0x v t =,
2
1y gt 2
=
, 结合几何关系,有:H y H 2
x L 3
-==, 解得:1
t s 15
=
; ()3对滑块从A 到B 过程,根据动能定理,有:2B 1mglsin37μmgcos37mv 2
-=o o ,
对平抛运动,根据分位移公式,有:
0x v t =,
2
1y gt 2
=
,