高二第一学期第三次月考物理试卷1

高二物理月考试卷考试范围：xxx ；考试时间：xxx 分钟；出题人：xxx 姓名：___________班级：___________考号：___________1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上一、选择题1.图甲为某恒温装置的电路原埋图。

图中，理想变压器原、副线圈匝数比为5∶1，电压表和电流表均为理想电表。

副线圈所在电路中，R 0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小），D 为理想二极管，R 1为电阻恒定的电热丝，AB 间电压变化情况如图乙所示。

下列说法中正确的是（ ）A ．AB 间电压的有效值为44V B ．原线圈两端电压的有效值为220VC ．R 处温度升高时，R 1消耗的电功率减小D ．理想变压器原、副线圈中的电流之比为1∶52.如图所示，绝缘细线上端固定，下端悬挂一轻质小球a ，a 的表面镀有铝膜。

在a 的近旁有一绝缘金属球b ，开始时a 、b 都不带电。

现使b 球带电，则下列说法中正确的是A ．b 先吸引a ，接触后又把a 排斥开B ．b 将吸住a ，吸住后不放C ．a 、b 之间不发生相互作用D ．b 立即把a 排斥开3.正电荷在电场中沿某一电场线从A 到B ，此过程中可能出现的是( )A．电场力的大小不断变化B．电场力的大小保持不变C．电荷克服电场力做功D．电荷的电势能不断减少4.如图所示，虚线是用实验方法描绘出的某一静电场的一簇等势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线从A点飞到C点，则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．A点的加速度大于C点的加速度D．粒子从A点到B点电场力所做的功大于从B点到C点电场力所做的功5.下列说法正确的是A．在导体中只要自由电荷在运动就一定会形成电流B．电流方向就是电荷定向移动的方向C．导体中形成电流的条件是在导体两端存在电势差即电压D．电流方向就是电子运动的方向6.下列研究物理问题的方法相同的是（）（a）根据电流所产生的效应认识电流（b）研究电流时把它比作水流（c）根据磁铁产生的作用来认识磁场（d）利用磁感线来描述磁场．A．a与c B．b与d C．c与d D．a与b7.当磁铁处于下列哪种情况时，与线圈构成闭合回路的电阻中没有感应电流通过（）A．N向下运动插入线圈B．S极向下运动插入线圈C．N极向上从线圈中拔出D．静止在线圈中不动8.一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则( )A．电动机消耗的总功率为B．电动机消耗的热功率为C．电源的输出功率为D．电源的效率为1-9.海峡两岸直航后，原来从台北飞往上海要经过香港中转（以下称“A线路”），现在可以从台北直飞到上海（以下称“B线路”）．假设某人分别沿上述两条线路从台北到上海（如图），以下说法正确的是A．沿A线路和B线路的路程相同，位移也相同B．沿A线路和B线路的路程相同，位移不相同C．沿A线路和B线路的路程不相同，位移相同D．沿A线路和B线路的路程不相同，位移也不相同10.如图，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是（）A．K合上稳定后，A、B同时亮B．K合上瞬间，B灯先亮，A灯后亮C．K断开瞬间，A、B同时熄灭D．K断开瞬间，B立即熄灭，A突然亮一下再逐渐熄灭二、多选题11.平静湖面传播着一列水面波(横波)，在波的传播方向上有相距3 m的甲、乙两小木块随波上下运动．测得两小木块每分钟都上下30次．甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰，这列水面波() A．频率是0.5HzB．波长是3mC．波速是1m/sD．周期是0.1sE. 周期是2s12.电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是( ). A．电动机消耗的电能为I2RtB．电动机线圈产生的热量为I2RtC．电动机消耗的电能为UItD．电动机线圈产生的热量为U2t/R13.如图所示，光滑水平面上有大小相同的A 、B 两球在同一直线上运动．两球质量关系为=2，规定向右为正方向，A 、B 两球的动量均为+6kg·m/s ，运动中两球发生碰撞，碰撞前后A 球动量变化为－4kg•m/s ，则A ．左方是A 球B ．右方是A 球C ．碰撞后A 、B 两球速度大小之比为2∶5D ．经过验证两球发生的碰撞是弹性碰撞14.根据气体吸收谱线的红移现象推算,有的类星体远离我们的速度竟达光速c 的80%,即每秒24万千米。

2012——2013学年第一学期第三次过程检测高二物理试题(理)命题范围：3－1第三章+3－2第四章1－3节内容 命题：张广范 时间：2012年12月26日 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页，满分100分，考试时间90分钟。

注意事项：1．答卷前，考生务必用2B 铅笔和0.5毫米黑色签字笔（中性笔）将姓名、考试号、考试科目、试卷类型填涂在答题卡规定的位置上。

2．第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

3．第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔（中性笔）作答。

第Ⅰ卷（共40分）一．选择题（本题包括10小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 如图所示的四种情况，通电导线均置于匀强磁场中，其中通电导线不受安培力作用的是( )2. 由磁感应强度的定义式B =FIL可知( )A ．磁感应强度与通电导线受到的磁场力F 成正比，与电流和导线长度的乘积成反比B ．同一段通电导线垂直于磁场放在不同的磁场中，所受的磁场力F 与磁感应强度成正比C ．磁感应强度的方向与F 的方向一致D ．通电导线受安培力不为零的地方一定存在磁场，通电导线不受安培力的地方一定不存在磁场（即B=0） 3. 如图所示，a 、b 、c 三枚小磁针分别放在通电螺线管的正上方、管内和右侧，当开关闭合时，这些小磁针静止时，小磁针的N 极指向为( )A ．a 、b 、c 均向左B ．a 、b 、c 均向右C ．a 向右、b 向左、c 向右D ．a 向左、b 向右、c 向右4. 如图所示，M 、N 分别为包围一条形磁铁的球面，且M 又被N 包围，通过M 和N 的磁通量分别为ΦM 、ΦN ，下列说法正确的是( )A ．ΦM ＞ΦNB ．ΦM ＜ΦNC ．ΦM =ΦND ．无法判断．5. 如图所示，在x >0、y >0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于Oxy 平面向里，大小为B ．现有一质量为m ，电荷量为q 的带电粒子，在x 轴上到原点O 的距离为x 0的P 点，以平行于y 轴的初速度垂直于磁场的方向射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y 轴的方向射出此磁场．不计重力的影响，由这些条件可知()ABCDMNSA ．可以确定粒子通过y 轴时的位置B ．可以确定粒子速度的大小C ．可以确定粒子在磁场中运动所经历的时间D ．以上三个判断都不对6. 回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是用分别与高频交流电极相连接的两个D 形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在越过狭缝时都能得到加速，两D 形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是( )A ．增大电场的加速电压B ．增大磁场的磁感应强度C ．减小狭缝间的距离D ．增大D 形金属盒的半径7. 如图所示，导线框中电流为I ，导线框垂直于磁场放置，磁感应强度为B ，AB 与CD 相距为d ，则MN 所受安培力大小为( )．A ．F =BIdB ．F =BId sin θC ．F =BId / sin θD ．F =BId cos θ8. 在图中虚线所围的区域内，存在电场强度为E 的匀强电场和磁感应强度为B 的匀强磁场。

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）高二物理月考试卷想到和得到，中间还有两个字——那就是做到！本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）．全卷满分100分．第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错或不答的得0分．）1、春节期间孩子们玩“冲天炮”．一只被点燃的“冲天炮”向下喷气体，在一段时间内竖直向上做匀速直线运动，在这段时间内“冲天炮”()A．受到的合外力方向竖直向上B．受到的合外力的冲量为零C．动量不断增大D．动能不断增大2、如图所示，子弹以水平速度v0射向原来静止在不光滑水平面上的木块，并留在木块中，木块质量大于子弹质量，水平面对木块的摩擦力是F，子弹对木块的摩擦力是f1，木块对子弹的摩擦力是f2.在子弹和木块相互作用的过程中() A．f1对木块的冲量小于f2对子弹的冲量B．f1对木块的冲量大于f2对子弹的冲量C．f1对木块的冲量小于F对木块的冲量D．f1对木块的冲量大于F对木块的冲量3、如图所示，一小车在光滑水平面上，甲、乙两人分别站在左右两侧，整个系统原来静止，则当两人同时相向走动时()A．要使小车静止不动，甲乙速率必相等B．要使小车向左运动，甲的速率必须比乙的大C．要使小车向左运动，甲的动量必须比乙的大D．要使小车向左运动，甲的动量必须比乙的小4、如图所示，光滑圆槽质量为M，静止在光滑的水平面上，其内表面有一小球被细线吊着恰位于槽的边缘处，如将线烧断，小球滑到另一边的最高点时，圆槽的速度为()A．0B．向左C．向右D．不能确定5、如图所示，B 、C 、D 、E 、F,5个小球并排放置在光滑的水平面上，B 、C 、D 、E,4个球质量相等，而F 球质量小于B 球质量，A 球的质量等于F 球质量．A 球以速度v0向B 球运动，所发生的碰撞均为弹性碰撞，则碰撞之后( )A ．5个小球静止，1个小球运动B ．4个小球静止，2个小球运动C ．3个小球静止，3个小球运动D ．6个小球都运动6、如图所示，质量为m 的人立于平板车上，人与车的总质量为M ，人与车以速度v 1在光滑水平面上向东运动．当此人相对于车以速度v 2竖直跳起时，车的速度变为( )A.M v 1－M v 2M －m向东B.M v 1M －m向东 C.M v 1＋M v 2M －m向东D ．v 1向东7、如图所示，三角形木块A 质量为M ，置于光滑水平面上，底边长a ，在其顶部有一三角形小木块B 质量为m ，其底边长b ，若B 从顶端由静止滑至底部，则木块后退的距离为( )8、A 、B 两球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A ＝1kg ，m B ＝2kg ，v A ＝6m/s ，v B ＝2m/s.当A 追上B 并发生碰撞后，A 、B 两球速度的可能值是( )A ．v A ′＝5m/s ，vB ′＝2.5m/s B ．v A ′＝2m/s ，v B ′＝4m/sC ．v A ′＝－4m/s ，v B ′＝7m/sD ．v A ′＝7m/s ，v B ′＝1.5m/s9、如图所示，P 1、P 2、P 3、P 4是四个喷气发动机，P 1、P 3的连线与空间固定坐标系的x 轴平行，P 2、P 4的连线与y 轴 平行．每台发动机开动时，都能向探测器提供推力， 但不会使探测器转动．开始时，探测器以恒定的速率v 0向正x 方向平动，要使探测器改为向正x 轴偏负y 轴60°的方向以原来的速率v 0平动，则( )A ．先开动P 1适当时间，再开动P 4适当时间B ．先开动P 3适当时间，再开动P 2适当时间C ．开动P 4适当时间D ．先开动P 3适当时间，再开动P 4适当时间 10、光电效应结论是：对于某种金属( )A ．无论光强多强，只要光的频率小于极限频率就不能产生光电效应B ．无论光的频率多低，只要光照时间足够长就能产生光电效应C ．超过极限频率的入射光强度越弱，所产生的光电子的最大初动能就越小D ．超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大11、处于基态的氢原子在某单色光束的照射下，只能发出频率为ν1、ν2、ν3的三种光，且ν1<ν2<ν3，则该单色光的光子能量为( )A ．h(ν1＋ν2)B ．h(ν2＋ν3)C．hν3D．h(ν1＋ν3)12、黑体辐射的实验规律如图所示，由图可知()A．随温度升高，各种波长的辐射强度都有增加B．随温度降低，各种波长的辐射强度都有增加C．随温度升高，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动D．随温度降低，辐射强度的极大值向波长较长的方向移动第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、填空（每题4分，共计16分）13、如图所示“为探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图．(1)本实验中，实验必须要求的条件是()A．斜槽轨道必须是光滑的B．斜槽轨道末端点的切线是水平的C．入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D．入射球与被碰球满足m a>m b，r a＝r b(2)如图，其中M、P、N分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，则实验中要验证的关系是()A．m a·ON＝m a·OP＋m b·OMB．m a·OP＝m a·ON＋m b·OMC．m a·OP＝m a·OM＋m b·OND．m a·OM＝m a·OP＋m b·ON14、如图所示，在光滑的水平面上有A、B两辆小车，水平面左侧有一竖直墙，在小车B上坐着一个小孩，小孩与B车的总质量是A车质量的10倍．两车从静止开始，小孩把A车以相对于地面的速度v推出，车A与墙碰撞后仍以原速度返回，小孩接到A车后，又把它以相对于地面的速度v推出．车A返回后，小孩再把它推出，每次推出，车A相对于地面的速度都是v，方向向左．则小孩把A车总共推出________次后，车A返回时，小孩不能再接到车．15、氢原子从能级A跃迁到能级B时，辐射出波长为λ1的光子，从能级A跃迁到能级C时，辐射出波长为λ2的光子．若λ1>λ2，则氢原子从能级B跃迁到能级C时，将________光子，光子的波长为________．16、铝的逸出功是4.2eV，现在用波长200nm的光照射铝的表面．(1)光电子的最大初动能是________；(2)遏止电压是________；三、计算题（本题共三小题，共36分）17、（10分）质量为M的木块在水平面上处于静止状态，有一质量为m的子弹以水平速度v0击中木块并与其一起运动，若木块与水平面之间的动摩擦因数为μ，则木块在水平面上滑行的距离为多少？18、（12分）光滑水平面上，用弹簧相连接的质量均为2kg的A、B两物体都以v0＝6m/s速度向右运动，弹簧处于原长．质量为4kg的物体C静止在前方，如图所示，B与C发生碰撞后粘合在一起运动，在以后的运动中，求：(1)弹性势能最大值为多少？(2)当A的速度为零时，弹簧的弹性势能为多少？19、（14分）如图所示，一条轨道固定在竖直平面内，粗糙的ab段水平，bcde段光滑，cde段是以O为圆心、R为半径的一小段圆弧．可视为质点的物块A和B紧靠在一起，静止于b处，A的质量是B的3倍．两物块在足够大的内力作用下突然分离，分别向左、右始终沿轨道运动．B到d点时速度沿水平方向，此时轨道对B的支持力大小等于B所受重力的3 4.A与ab段的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，求：(1)物块B在d点的速度大小v；(2)物块A滑行的距离s.20、自主招生附加题（18分）（本题不计入总分）一只质量为3m的小鸟从地面以45度角，速率v发射，在最高点发生爆炸，变为三只质量为m的小鸟，爆炸之后瞬间三只小鸟速度均沿水平方向，且中间的一只小鸟速度和爆炸前没有区别。

2023年江苏无锡高二会考物理试卷（立人高级中学）-学生用卷一、单选题1、【来源】 2023年江苏无锡高二会考（立人高级中学）第1题2023年江苏苏州常熟市常熟中学高二上学期调研测试（1月学业质量校内调研卷）第19题2023年江苏扬州合格性考试第19题2022年4月29日，绍兴地铁1号线全线通车，标志着绍兴已经进入地铁时代，为“融杭（联甬接沪）战略”迈出了坚实的一步。

小明从A站上车，注意到列车经过加速、匀速和减速三个过程后在B站停下，总用时2min30s，列车以最大速度80km/h行驶了30s。

假设列车在加速和减速阶段的速率均随时间均匀变化，由此估算出AB两站点之间的路程约为（）A. 1kmB. 2kmC. 3kmD. 7km2、【来源】 2023年江苏无锡高二会考（立人高级中学）第2题2023年江苏扬州合格性考试第5题2021年，浙江大学研究团队设计了一款能进行深海勘探的自供能仿生软体智能机器鱼。

在测试中，该机器鱼曾下潜至马里亚纳海沟10900m深处，并在2500mA·h电池驱动下，保持拍打45分钟。

下列说法正确的是（）A. “10900m”是路程B. mA·h是能量的单位C. 下潜过程中，该机器鱼的平均速度约为4m/sD. 万米海底的静水压接近于10 3个标准大气压3、【来源】 2023年江苏无锡高二会考（立人高级中学）第3题2022~2023学年12月江苏苏州吴江区高一上学期月考第2题2022~2023学年山东淄博淄川区山东省淄博第四中学高一上学期期末（检测）第1题下列关于惯性的说法正确的是（）A. 物体的质量越小，惯性越小B. 物体静止时有惯性，运动时没有惯性C. 物体不受外力作用时有惯性，受外力时没有惯性D. 物体做匀速直线运动时有惯性，做变速直线运动时没有惯性4、【来源】 2023年江苏无锡高二会考（立人高级中学）第4题2023年江苏无锡高二会考（立人高级中学）第4题2022~2023学年12月山东济南槐荫区山东省济南第九中学高一上学期月考（阶段性学情检测）第5题2022~2023学年江苏徐州新沂市高二上学期月考（合格考第一次模拟）第14题2022年山东高三上学期高考模拟（12月普通高中学业水平合格性考试仿真模拟B）第3题目前国内汽车数量不断增加，交管部门出于安全性的考虑也加大了管理力度，比如开车要系安全带已经被写入了交通规则，哪怕是后排乘客也要一视同仁。

嗦夺市安培阳光实验学校甘肃省定西市岷县二中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．）1．点电荷是静电学中的一个理想模型，它是指（）A．体积很小的带电体B．球形带电体C．带电少的带电体D．大小和形状对作用力影响可忽略的带电体2．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．3．下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）①F=k ②E=③E=④U=Ed．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立4．真空中有一个点电荷+Q1，在距其r处的P点放一电荷量为+q的试探电荷，试探电荷受到的电场力为F，则下列答案中正确的是（）A．P 点的场强大小为B．P 点的场强大小等于也等于C．试探电荷的电荷量变为2q时，2q受到的电场力将变为2F，而P 处的场强为D．若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向将发生变化5．真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法可以使它们之间的静电力变为1.5F（）A．使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，使它们的距离变为原来的2倍B．使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍C．使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原来的1.5倍D ．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的倍6．如图所示，点电荷q1，q2，q3处于在一条直线上，q2与q3的距离是q1与q2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量q1：q2：q3之比为（）A．﹣9：4：﹣36 B．9：4：36 C．﹣3：2：6 D．3：2：67．绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图所示，现使b带正电，则（）A．b将吸引a，吸住后不放开B．b立即把a排斥开C．a、b之间不发生相互作用D．b先吸引a，接触后又把a排斥开8．如图所示，有一带负电的粒子，自A点沿电场线运动到B点，在此过程中该带电粒子（）A．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐增大B．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐减小C．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐增大D．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐减小9．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x 正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最多C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功10．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知（）A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=611．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法中不正确的是（）A．把C移近导体A时，A带负电、B带正电B．把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A上的金属箔片仍张开D．先把C移进导体A，用手接触B后，则A箔片仍张开12．如图，在正点电荷Q形成的电场中，AD、BC是以Q为圆心的两段圆弧．正点电荷q沿A→B→C→D→A移动，则该电荷q（）A．沿BC运动时不受电场力作用B．沿DA运动时电场力不做功C．在B点时的电势能比在D点时小D．在A点时受到的电场力比在C点时小13．（12分）（2015秋•岷县校级月考）一个很小的小球带有电量Q，在距离球心30cm处的A点放了一个试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q 受到的电场力为1×10﹣8N，方向指向球心．求：（1）A点的场强的大小和方向；（2）如果从A点取走q，A点场强大小和方向；（3）把q放在离球心60cm处的B点，所受的电场力等于多少？14．（12分）（2012秋•校级期中）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间的距离为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电荷量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．问：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A、B两点的电势差U AB为多大？15．（12分）（2015秋•绵阳校级月考）如图所示，一质量为m=1.0×10﹣2kg，带电量q=1.0×10﹣6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成60°角，小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字．（1）判断小球带何种电荷，并求电场强度E；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度v．16．（16分）（2015春•武汉校级期末）在一个水平面上建立x轴，在过原点O 垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小E=6.0×105N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.20，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2.0m/s，如图所示．（g取10m/s2）试求：（1）物块向右运动的最大距离；（2）物块最终停止的位置．甘肃省定西市岷县二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．）1．点电荷是静电学中的一个理想模型，它是指（）A．体积很小的带电体B．球形带电体C．带电少的带电体D．大小和形状对作用力影响可忽略的带电体考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷是静电学中的一个理想模型，当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．解答：解：带电体能不能看成点电荷是看带电体本身的体积和形状对带电体间的作用力影响是否可以忽略不计，而不是仅仅看带电体的体积的大小和形状．故ABC错误，D正确．故选D点评：本题对点电荷的理解能力，带电体能不能看成点电荷，不是取决取带电体绝对体积大小和形状，而看带电体本身的体积和形状对带电体间的作用力影响是否可以忽略不计．2．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．考点：电场强度；电场线．分析：在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时，电场强度相等．解答：解：因电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同，故A、B两点电场强度相同的点只有C．故选C．点评：本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小．3．下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）①F=k ②E=③E=④U=E d．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立考点：电场强度；电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：、E=只适用于点电荷；适用于任何电场，U=Ed只适用于匀强电场．解答：解：是库仑定律的公式，只适用于点电荷．E=是由库仑定律和电场强度的定义式E=推导出来的，也可适用于点电荷；是电场定义式，采用比值法定义，适用于任何电场；U=Ed是根据W=qU和W=qEd结合推导出来的，W=qEd只适用于匀强电场，所以U=Ed只对匀强电场成立．故C正确．故选：C．点评：解决本题的关键知道库仑定律和电场强度三大公式的适用条件，要知道各个公式的来源，并能灵活运用，即可正确答题．4．真空中有一个点电荷+Q1，在距其r处的P点放一电荷量为+q的试探电荷，试探电荷受到的电场力为F，则下列答案中正确的是（）A．P 点的场强大小为B．P 点的场强大小等于也等于C．试探电荷的电荷量变为2q时，2q受到的电场力将变为2F，而P 处的场强为D．若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向将发生变化考点：库仑定律；电场强度．分析：电场强度的定义式为E=，q是试探电荷；点电荷产生的电场强度为E=k，Q是场源电荷．电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷无关．解答：解：A、根据电场强度的定义式E=得P点的场强为 E=，故A错误．B、根据点电荷产生的电场强度为E=，也可以确定P点的场强：E=，故B 正确．C、场强由电场本身决定，与有无试探电荷无关，试探电荷的电荷量变为2q 时，q受到的电场力将变为2F ，但该点的场强不变，仍为，故C正确．D、场强由电场本身决定，与有无试探电荷无关，所以若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向不发生变化，故D错误．故选：BC．点评：理解并掌握场强的定义式和点电荷的场强公式的意义是解题的关键，知道场强由电场本身决定，与试探电荷无关．5．真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法可以使它们之间的静电力变为1.5F（）A．使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，使它们的距离变为原来的2倍B．使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍C．使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原来的1.5倍D ．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的倍考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在真空中有两个点电荷间的作用力遵守库仑定律，根据库仑定律，运用比例法求解．解答：解：由题原来的静电力为F=A、使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，同时使它们的距离变为原来的2倍，它们间的静电力为=1.5F，故A正确．B、使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍，它们间的静电力为，故B错误．C、使其中一个电荷的电量和它们的距离均变为原来的1.5倍，它们间的静电力为，故C错误．D、保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的1.5倍，则它们间的静电力为，故D错误．故选：A．点评：本题考查运用比例法解决物理问题的能力，技巧在于用相同的量表示作用力，然后求出比例关系．6．如图所示，点电荷q1，q2，q3处于在一条直线上，q2与q3的距离是q1与q2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量q1：q2：q3之比为（）A．﹣9：4：﹣36 B．9：4：36 C．﹣3：2：6 D．3：2：6考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决本题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析，已知q2为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大”（三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远）进行判断．三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．解答：解：若q2为负电荷，假设q1带负电，要使q2平衡则q3也应带负电，但此时q1、q3因都受斥力而不平衡，故q1带正电，同理分析q3带正电．若同理也可能是q1、q3带负电，q2带正电．由于三个电荷均处于平衡状态，所以对q1有：=①对q2有：②对q3有：③联立①②③可解得：根据题意可知l2=2l1，所以由于q1、q3是同种电荷，故q1：q2：q3=﹣9：4：﹣36或q1：q2：q3=9：﹣4：36，故A正确，BCD错误．故选：A．点评：本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大”的规律进行电性判断，本题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．7．绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图所示，现使b带正电，则（）A．b将吸引a，吸住后不放开B．b立即把a排斥开C．a、b之间不发生相互作用D．b先吸引a，接触后又把a排斥开考点：库仑定律．分析：带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．解答：解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故选：D．点评：本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．8．如图所示，有一带负电的粒子，自A点沿电场线运动到B点，在此过程中该带电粒子（）A．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐增大B．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐减小C．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐增大D．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐减小考点：电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱，沿电场线方向电势逐渐降低．根据电场力做功判断电势能和动能的变化．解答：解：A、B：B点电场线比A点电场线密，所以B处场强较强．负电荷受到的电场力与电场线的方向相反，所以电荷从A到B的过程电场力做正功，电势能减小．故A错误，B正确；C、D：B处场强较强，所以从A到B的过程电场力逐渐增大，故C错误，D 错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道电场线的性质，以及知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．9．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x 正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最多C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子仅在电场力作用下，以一定的初速度，从O点运动到M点，根据曲线运动的条件可确定，电子受到的电场力方向．再由电子带负电，从而确定电场强度的方向．结合电场力与运动速度的方向来确定电场力做功的情况，从而可确定电子的电势能变化情况．解答：解：A、电子沿X轴正方向进入匀强电场，出现题中的运动轨迹，由曲线运动的条件可知道，电场力的方向沿着电场线斜向上，由于电子带负电，所以电场线的方向斜向下．根据沿着电场线方向电势降低，可知O点电势低于M点电势，故A错误；B、由电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．所以运动过程中电子在M点电势能最小，故B错误；C、根据电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．故C错误；D、由A选项分析可知，开始电场力方向与初速度方向夹角大于90°，之后夹角小于90°．因此电场力对电子先做负功，再做正功．故D正确；故选：D点评：本题突破口：根据曲线运动的条件，结合电场的力与能的基本性质，从而即可解题．10．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知（）A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=6考点：库仑定律．分析：当两个完全相同的带同种电荷的小球接触后，它们的总电荷量将平分；如果两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小，从而可以求得n的数值．解答：解：设1、2距离为R，则球1、2之间作用力为：F=k，3与2接触后，它们带的电的电量平分，均为：，再3与1接触后，它们带的电的总电量平分，均为，将球3移至远处后，球1、2之间作用力为 F=k，有上两式解得：n=6，故选D．点评：完全相同的带电的小球接触后，它们的电荷量将平分，这是分析互相接触后库仑力如何变化的关键，知道这一点之后，根据库仑定律就可以求得力的大小．11．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法中不正确的是（）A．把C移近导体A时，A带负电、B带正电B．把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A上的金属箔片仍张开D．先把C移进导体A，用手接触B后，则A箔片仍张开考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：当导体A、B放在带正电的附近时，出现感应起电现象．电荷周围有电场存在，从而导体A、B处于电场中，在电场力的作用下，使导体中的自由电子重新分布．而处于静电平衡的导体，电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且是等势体．解答：解：AB、感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故AB正确；C、先把C移走，A、B电荷恢复原状，若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，故C不正确；D、把C移进A后，电荷重新分配，AB外表面带正电荷，手接触B后，表面电荷为零，故张角闭合；故D不正确；本题选不正确的，故选：CD．点评：本题要注意体会物体静电感应起电的实质，及静电平衡状态时，带电体的电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且导体的电势处处相等．12．如图，在正点电荷Q形成的电场中，AD、BC是以Q为圆心的两段圆弧．正点电荷q沿A→B→C→D→A移动，则该电荷q（）A．沿BC运动时不受电场力作用B．沿DA运动时电场力不做功C．在B点时的电势能比在D点时小D．在A点时受到的电场力比在C点时小考点：楞次定律；电场；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：电场力做功，根据公式W=qU，可知跟两点间的电势差有关系，两点间电势差为零，不做功．电场线的疏密反映了电场的强弱．解答：解：A、电荷处在电场中就会受到电场力的作用，故A错误．B、在正点电荷Q形成的电场中，AD、BC是以Q为圆心的两段圆弧，也是两个等势面，所以沿DA运动时电场力不做功，故B正确．C、沿着电场线方向的电势降低，所以D点电势高于B点电势，但是电势能E p=qφ，所以正点电荷q在B点时的电势能比在D点时小，故C正确．D、根据库仑定律，离点电荷的距离越小，电场强度越大，所以A点的场强大于C点的场强，所以在A点时受到的电场力比在C点时大，故D错误．故选：BC点评：根据电场的对称性，电场线与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低，可以分析解决本题．13．（12分）（2015秋•岷县校级月考）一个很小的小球带有电量Q，在距离球心30cm处的A点放了一个试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q 受到的电场力为1×10﹣8N，方向指向球心．求：（1）A点的场强的大小和方向；（2）如果从A点取走q，A点场强大小和方向；（3）把q放在离球心60cm处的B点，所受的电场力等于多少？考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）已知试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q受到的电场力为1×10﹣8N，方向指向球心，根据电场强度的定义式E=求出A点的场强的大小．A点的场强的方向与电场力方向相反．（2）场强由电场本身决定，与试探电荷无关．从A点取走q，A点场强大小和方向都不变．（3）根据库仑定律把该电荷放在离球心60cm处的B点，所受的电场力．解答：解：（1）A点的场强的大小E==N/C=100N/C，方向：球心→A．（2）如果从A点取走q，A点场强大小和方向都不变，E=100N/C，方向从球心→A．（3）根据库仑定律得试探电荷放在A点时：F=试探电荷放在B 点时：F′=由题，r′=2r，则得到，F′==2.5×10﹣9N；答：（1）A点的场强的大小为100N/C，方向：球心→A．（2）A点的场强的大小为100N/C，方向：球心→A．（3）F=2.5×10﹣9 N；点评：本题要区分清楚试探电荷与场源电荷，公式E=中q是试探电荷，E=k中Q是场源电荷．14．（12分）（2012秋•校级期中）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间的距离为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电荷量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．问：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A、B两点的电势差U AB为多大？考点：电势差；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电场力做功与电势能之间的关系，可以判断电场力做功的多少；（2）由电场力做功的公式，可以求得电势差．解答：解：（1）电场力做正功，电势能就减小，电场力做负功，电势能就增加，增加的电势能等于电场力做的功，所以电势能增加了0.1J，电场力对电荷就做﹣0.1J的功．（2）根据功的定义式知，该电荷应为负电荷．由W=qU可得：U==﹣V=5000V．答：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了﹣0.1J的功．（2）A、B两点的电势差U AB为5000V．点评：解题的关键要明确电场力做正功，电势能就减小，电场力做负功，电势能就增加，在电场中计算电势差时一定要所注意带着符号来运算．15．（12分）（2015秋•绵阳校级月考）如图所示，一质量为m=1.0×10﹣2kg，带电量q=1.0×10﹣6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成60°角，小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字．（1）判断小球带何种电荷，并求电场强度E；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度v．考点：共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题的关键是正确对小球受力分析，根据平衡条件可得小球受到的电场力方向向左并可求出电场强度的值，剪断细线后，由于小球受到的重力与电场力都为恒力，所以小球将做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式，即可求解．解答：解：（1）对小球受力分析，受到向下的重力、沿绳子方向的拉力和水平向左的电场力，可见小球应带负电，由平衡条件可得：qE=mgtanθ，解得：E=1.7×N/C．（2）剪断细线后小球做初速度为零的匀加速直线运动，此时小球受到的合力F=…①由牛顿第二定律F=ma可得a=…②又由运动学公式v=at…③联立以上各式解得：v=20m/s，方向与竖直方向夹角为60°斜向下．答：（1）小球带负电，电场强度E为1.7N/C（2）细线剪断后1s时小球的速度为20m/s，方向与竖直方向夹角为60°斜向下．。

宽放市用备阳光实验学校一中高二〔上〕第一次月考物理试卷一、选择题〔共12小题，每题4分，总分值48分〕1．有A、B、C三个点电荷，假设将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A 的库仑力大小为F．假设将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么C与A所带电荷量大小之比是( )A．1：2B．1：4C．2：1D．4：12．如下图，完全相同的金属小球A和B带量异种电荷，中间连接着一个轻质绝缘弹簧，放在光滑绝缘水平面上，平衡时弹簧的压缩量为x0．现将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，然后拿走，重平衡后弹簧的压缩量为x，那么( )A ．B ．C ．D．x=x03．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．那么以下说法中正确的选项是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对P 点，小灯泡的电阻为D．对P点，小灯泡的电阻为R=4．在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入电荷量为q的检验电荷，所受静电力为F，那么离该点电荷为r处的场强为( )A ．B ．C ．D ．5．如下图，两个量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O距离的两点a、b，在连线上有距中点O距离的两点c、d，那么以下场强大小关系式正确的选项是( )A．E a=E b＜EcB．E a=E o=E bC．Φa=Φb＞ΦcD．φc＞φO＞φd6．如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么( )A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．假设先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变7．如下图，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场进入两平行金属板间的匀强电场，粒子的带电量为q，两板间的电势差为U，那么粒子运动过程中( ) A．假设粒子从电场中射出，那么粒子动能增加了qUB ．假设粒子从电场中射出，那么电场力一对粒子做了的功C ．假设粒子打在极板上，那么电场力一对粒子做了的功D．假设粒子打在极板上，那么粒子的动能一增加了qU8．有一负电荷自电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的速度图象如下图，那么A、B所在电场区域的电场线分布可能是图中的( )A ．B ．C ．D ．9．如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场〔加速电压为U1〕加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为l ，每单位电压引起的偏移，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用以下哪些方法( )A．增大U2B．减小lC．减小dD．增大U110．铅蓄电池的电动势为2V，这表示( )A．电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能B．蓄电池两极间的电压为2VC．蓄电池能在1s内将2J的化学能转变成电能D．蓄电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池〔电动势为V〕的大11．如下图，一个绝缘光滑圆环轨道放在竖直向上的匀强电场E中，且Eq=3mg 在环的最低点B处有一个质量为m、带电量为+q的小球以速度v=2开始沿轨道运动，那么( )A．小球运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点B时速度最小C．在A点球对环的压力为14mgD．在B点球对环的压力为2mg12．如图，绝缘杆长L，两端分别带有量异号电荷，电量值为Q，处在场强为E 的匀强电场中，杆与电场线夹角α=60°，假设使杆沿顺时针转过60°〔以杆上某一点为圆心转动〕，那么下述正确的选项是( )A．电场力不作功，两电荷电势能不变B ．电场力作的总功为，两电荷的电势能减小C ．电场力作的总功为，两电荷的电势能增加D．电场力做总功大小跟转轴位置无关二．填空题〔每题4分共16分〕13．密立根油滴进一步证实了电子的存在，揭示了电荷的非连续性．如下图是密立根的原理示意图，设小油滴质量为m，调节两板间电势差为U，当小油滴悬浮在两板间电场中不动时，测出两板间距离为d．可求出小油滴的电荷量q=__________．14．一条平直的电场线上有A、B、C三点，把q=﹣2×10﹣9C的粒子从A点移到B点，电场力做功W AB=﹣2×10﹣7J，再把该电荷从B点移到C点，电场力做功W BC=4×10﹣8J，那么U AB=__________V，U BC=__________V．15．如下图，水平平行金属板A、B间距为d，一带电质点质量为m，电荷量为q，当质点以速率v从两极板处水平飞入两极板间时，如两极板不加电压，那么恰好从下板边缘飞出，假设给A、B两极板加一电压U，那么恰好从上板边缘飞出，那么所加电压U=__________．16．铜的原子量为M，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均向移动的速率为__________．三．计算题〔写出必要的文字说明6+8+10+12=36分〕17．铅蓄电池是太阳能供电系统的重要器件，它的主要功能，是把太阳能电池板发的电能及时储存在电瓶内，以供用电设备使用．某太阳能电池板给一电动势为15V的铅蓄电池充电时的电流为4A，充电10小时充满，该铅蓄电池储存了多少电能？18．在水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，电场强度E=6.0×105N/C，方向与x轴方向相同．在O处放一带电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数µ=0.20，沿x 轴正方向给物块一个V0=2.0m/s的初速度，如下图，求物块最终停止的位置．〔g 取10m/s2〕19．如下图，平行板电容器电容为C，带电量Q，极板长为L，板间距为d，极板与水平面夹角为α，现有一质量为m的带电油滴与两板的P点从静止开始沿与极板平行的直线运动到Q点〔P、Q两点为电容器的边缘，忽略边缘效〕求：〔1〕液滴的电荷量；〔2〕液滴到达Q点的速度和所用的时间．20．如下图为真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出〔初速度不计〕，经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入由两块平行金属板M、N形成的偏转电场中〔偏转电场可视为匀强电场〕，电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场偏转打在荧光屏上的P 点，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：〔1〕电子穿过A板时的速度大小；〔2〕电子从偏转电场射出时的侧移量y1；〔3〕荧光屏上P点到中心位置O点的距离．一中高二〔上〕第一次月考物理试卷一、选择题〔共12小题，每题4分，总分值48分〕1．有A、B、C三个点电荷，假设将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A 的库仑力大小为F．假设将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么C与A所带电荷量大小之比是( )A．1：2B．1：4C．2：1D．4：1考点：库仑律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：库仑律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．解答：解：将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A的库仑力大小为F；将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F；根据库仑律公式F=k，当距离一时，库仑力与电荷量的乘积成正比；现在库仑力变为2倍，说明电荷量乘积变为2倍，即：q B q C=2q A q B，故q C：q A=2：1；应选C．点评：此题关键是根据库仑律并采用控制变量法进行研究，根底题．2．如下图，完全相同的金属小球A和B带量异种电荷，中间连接着一个轻质绝缘弹簧，放在光滑绝缘水平面上，平衡时弹簧的压缩量为x0．现将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，然后拿走，重平衡后弹簧的压缩量为x，那么( )A ．B ．C ．D．x=x0考点：库仑律；共点力平衡的条件及其用；胡克律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，然后拿走，A 球的电量变为原来的一半．运用假设法，假设压缩量变为原来的一半，判断库仑力和弹簧弹力的大小关系，从而确最终的压缩量．解答：解：开始A 球处于平衡，库仑力于弹簧的弹力，有：．将C球与A球接触后，A球的带电量变为原来的一半，假设压缩量变为原来的一半，知弹力为，库仑力．因为压缩量变小了，那么两球间的距离变大，所以弹力F大于库仑力F′，那么知压缩量不能是原来的一半，要比小．故C正确，A、B、D错误．应选C．点评：此题综合考查了库仑律、胡克律和共点力平衡的运用，解决此题的关键运用假设法，假设压缩量变为原来的一半，会出现什么情况，从而确弹簧的压缩量比一半大，还是比一半小．3．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．那么以下说法中正确的选项是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对P 点，小灯泡的电阻为D．对P点，小灯泡的电阻为R=考点：闭合电路的欧姆律．专题：恒电流专题．分析：根据电阻的义R=，电阻于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大．对P点，灯泡的电阻于过P点的切线斜率的倒数．解答：解：A、B图线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故AB错误．C、D对P点，小灯泡的电阻为R=．故C错误，D正确．应选D点评：此题中灯泡是非线性元件，其电阻R=，但R4．在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入电荷量为q的检验电荷，所受静电力为F，那么离该点电荷为r处的场强为( )A ．B ．C ．D ．考点：电场强度；库仑律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先根据电场强度的义式E=求出离该点电荷距离为r0处的场强大小，再由点电荷场强公式E=k，运用比例求解离该点电荷为r处的场强．解答：解：根据电场强度义得r0处的场强大小为 E1=．根据点电荷的场强公式得E=k，Q为场源电荷的电量，那么离该点电荷为r0处的场强为：E1=k，离该点电荷为r处的场强为：E2=k，由上两式之比得：=所以该点电荷为r处的场强的大小为 E2=•E1=．应选：B．点评：解答此题关键要掌握场强的两式义式E=和点电荷场强公式E=k，熟练运用比例法，即可进行求解．5．如下图，两个量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O距离的两点a、b，在连线上有距中点O距离的两点c、d，那么以下场强大小关系式正确的选项是( )A．E a=E b＜EcB．E a=E o=E bC．Φa=Φb＞ΦcD．φc＞φO＞φd考点：电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系．分析：两个量异号的点电荷连线的中垂线上中点O的场强最大，在两个电荷连线上，O点的场强最小，根据电场线的疏密，及沿着电场线方向，电势降低，即可进行分析解答：解：根据电场线越密场强越大，那么由两个量异号的点电荷电场线的分布情况可知，中垂线上中点O的场强最大，而且根据对称性可知，a、b两处电场线疏密相同，场强大小相，E a=E b＜E o，在两个电荷连线上，O点电场线最疏，场强最小，而且根据对称性可知，c、d两处的电场线疏密相同，故有E c=E d＞E o．所以有E a=E b＜E c，E a＜E d而沿着电场线方向，电势是降低的，因此φa=φb，φc＞φb＞φd；应选：AD点评：量同种、量异种电荷周围的电场分布情况是考察的，要结合电场强度、电势、电势能概念充分理解量同种、量异种电荷周围的电场特点6．如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么( )A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．假设先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器始终与电源相连，那么电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．解答：解：A、根据C=知，d增大，那么电容减小．故A错误．B、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，那么电势差不变，所以静电计指针张角不变．故B错误．C、电势差不变，d增大，那么电场强度减小，P点与上极板的电势差减小，那么P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，那么电势能减小．故C正确．D、电容器与电源断开，那么电荷量不变，d 改变，根据，知电场强度不变，那么油滴所受电场力不变．故D正确．应选CD．点评：此题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，那么电势差不变，当电容器与电源断开，那么电荷量不变．7．如下图，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场进入两平行金属板间的匀强电场，粒子的带电量为q，两板间的电势差为U，那么粒子运动过程中( ) A．假设粒子从电场中射出，那么粒子动能增加了qUB ．假设粒子从电场中射出，那么电场力一对粒子做了的功C ．假设粒子打在极板上，那么电场力一对粒子做了的功D．假设粒子打在极板上，那么粒子的动能一增加了qU考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能理的用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电场力做功W=qU，与电荷的初末位置的电势差U有关，分析粒子可能打在什么位置，确电势差，分析电场力做功情况．由动能理研究动能的增加量．解答：解：A、B假设粒子从电场中射出，恰好从右板边缘飞出，电场力做功最大，最大为q，故AB均错误．C 、假设粒子打在极板上，粒子初末位置的电势差为，电场力一对粒子做了q 的功，故C正确．D、根据动能理得，动能的变化于电场力做功，那么假设粒子打在极板上，粒子的动能一增加了q．故D错误．应选C点评：此题关键是确电势差情况，研究出电场力做功，即可根据动能理求解动能的变化．8．有一负电荷自电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的速度图象如下图，那么A、B所在电场区域的电场线分布可能是图中的( )A ．B ．C ．D ．考点：电场线；匀变速直线运动的位移与时间的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t 图象可知电荷的加速度越来越小，那么电场力越来越小，电场强度越来越小，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐减小的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越小，电场强度越来越小，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故由此可ABC错误，D正确．应选D．点评：此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、颖，有创性，同时要明确明确电场线分布与电场强度以及电势之间的关系．9．如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场〔加速电压为U1〕加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为l ，每单位电压引起的偏移，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用以下哪些方法( )A．增大U2B．减小lC．减小dD．增大U1考点：带电粒子在匀强电场中的运动；示波器的使用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据灵敏度的义，分析电子的偏转位移的大小，找出灵敏度的关系式，根据关系式来分析灵敏度与哪些物理量有关．解答：解：电子在加速电场中加速，根据动能理可得，eU1=mv02，所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v0=，电子进入偏转电场后的偏转的位移为，h=at2===，所以示波管的灵敏度=，所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以C正确．应选C．点评：此题是信息的给以题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决此题．10．铅蓄电池的电动势为2V，这表示( )A．电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能B．蓄电池两极间的电压为2VC．蓄电池能在1s内将2J的化学能转变成电能D．蓄电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池〔电动势为V〕的大考点：电源的电动势和内阻．专题：恒电流专题．分析：电动势是一个表征电源特征的物理量．义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功．它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用．解答：解：A、电路中每通过1 C电荷量，铅蓄电池将1C的正电荷从负极移至正极的过程中，克服静电力做功w=qU=1C×2V=2J，故电势能增加2J，即2J 化学能转化为电能．故A正确；B、当电池不接入外电路时，蓄电池两极间的电压为2V；当电池接入电路时，两极间的电压小于2V，故B错误；C、铅蓄电池的电动势为2V，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，即电能增加2J，与时间无关．故C错误．D、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势大，转化本领大．一节干电池的电动势为V，那么蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池〔电动势为V〕的大，故D正确；应选：AD．点评：电源是把其他能转化为电能的装置，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．11．如下图，一个绝缘光滑圆环轨道放在竖直向上的匀强电场E中，且Eq=3mg 在环的最低点B处有一个质量为m、带电量为+q的小球以速度v=2开始沿轨道运动，那么( )A．小球运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点B时速度最小C．在A点球对环的压力为14mgD．在B点球对环的压力为2mg考点：带电粒子在匀强电场中的运动；机械能守恒律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：只在重力或弹力作用下机械能守恒，根据受力分析判断；根据受力分析，判断出各力做功情况，判断处速度的变化，有动能理和牛顿第二律求的作用力解答：解：A、在整个运动过程中，电场力做功，故机械能不守恒，故A错误；B、由于电场力大于重力，在从B向上运动的过程中，合力做正功，故动能增大，速度增大，故在B点速度最小，故B正确C、从B点到A 点，由动能理可得，在A 点解得F N=14mg故C正确D、在B 点，解得F BN=2mg故D正确应选：BCD点评：此题主要考查了牛顿第二律和动能理，关键是运动过程的分析和受力分析12．如图，绝缘杆长L，两端分别带有量异号电荷，电量值为Q，处在场强为E 的匀强电场中，杆与电场线夹角α=60°，假设使杆沿顺时针转过60°〔以杆上某一点为圆心转动〕，那么下述正确的选项是( )A．电场力不作功，两电荷电势能不变B ．电场力作的总功为，两电荷的电势能减小C ．电场力作的总功为，两电荷的电势能增加D．电场力做总功大小跟转轴位置无关考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意：杆沿顺时针方向转过60°，电场力对两电荷都做正功，电势能都减少．根据W=qEd计算电场力做功，其中d是沿电场方向两点间的距离．解答：解：A、+Q所受电场力水平向右，﹣Q所受电场力水平向左，当杆沿顺时针方向转过60°时，电场力对两个电荷都做正功，两电荷的电势能都减小．故A错误．B、电场力做的总功为W=QEL1〔1﹣cosα〕+QEL2〔1﹣cosα〕=，由于电场力做正功，两个电荷的电势能减少．电场力做的总功大小与转轴的位置无关．故B、D正确，C错误．应选：BD．点评：此题是电偶极子问题，电场力对两个电荷做的总功大小跟转动轴无关．根底题．二．填空题〔每题4分共16分〕13．密立根油滴进一步证实了电子的存在，揭示了电荷的非连续性．如下图是密立根的原理示意图，设小油滴质量为m，调节两板间电势差为U，当小油滴悬浮在两板间电场中不动时，测出两板间距离为d．可求出小油滴的电荷量q=．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；力的合成与分解的运用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小油滴悬浮在两板间电场中不动，处于静止状态即平衡态，再根据E=，即可求的小油滴的电荷量．解答：解：小油滴悬浮在两板间电场中不动，处于静止状态即平衡态，mg=E q…①匀强电场中内部场强，E=…②联立①②解之得：q=．故答案为：．点评：小油滴悬浮在两板间电场中不动是此题的题眼，利用平衡关方程．14．一条平直的电场线上有A、B、C三点，把q=﹣2×10﹣9C的粒子从A点移到B点，电场力做功W AB=﹣2×10﹣7J，再把该电荷从B点移到C点，电场力做功W BC=4×10﹣8J，那么U AB=200V ，U BC=﹣20V．考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场力做的功和粒子的电荷量q，根据电势差的义式代入求解解答：解：U AB==100V；UBC==﹣20V；故答案为：200V，﹣20V．点评：此题的解题关键是掌握电势差的义式，并能正确运用，运用时各个量均要代符号运算15．如下图，水平平行金属板A、B间距为d，一带电质点质量为m，电荷量为q，当质点以速率v从两极板处水平飞入两极板间时，如两极板不加电压，那么恰好从下板边缘飞出，假设给A、B两极板加一电压U，那么恰好从上板边缘飞出，那么所加电压U=．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：两极间不加电压时，粒子做平抛运动，根据平抛运动的特点即可求出金属板的长度L；当两极间加上电压U 时，粒子做匀变速曲线运动，即类平抛运动，根据类平抛运动的特点结合牛顿第二律即可求解U．解答：解：两极间不加电压时，粒子做平抛运动水平方向上：L=vt ①竖直方向上：d=gt2 ②当两极间加上电压U时，粒子做匀变速曲线运动即水平方向上：L=vt′③竖直方向上：d=at′2 ④由①、②、③、④得：a=g〔方向向上〕由牛顿运动律得：q﹣mg=ma解得：U=故答案为：．点评：此题主要考查了带电粒子在电场中的运动情况，抓住两极间不加电压时，粒子做平抛运动，当两极间加上电压U时，粒子做类平抛运动列式即可求解，难度适中．16．铜的原子量为M，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I 时，电子平均向移动的速率为．考点：电流、电压概念．分析：设自由电子向移动的速率为v和导线中自由电子从一端向移到另一端所用时间为t，求出导线中自由电子的数目，根据电流的义式推导出电流的微观表达式，解得自由电子向移动的速率．解答：解：设铜导线中自由电子向移动的速率为v，导线中自由电子从一端向移到另一端所用时间为t．那么导线的长度为l=vt，体积为V=Sl=Svt，质量为m=ρvtS，这段导线中自由电子的数目为：n==在t时间内这些电子都能通过下一截面，那么电流为：I==，代入解得：I=所以有：v=故答案为：点评：此题关键是建立物理模型，根据电流的义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁．三．计算题〔写出必要的文字说明6+8+10+12=36分〕17．铅蓄电池是太阳能供电系统的重要器件，它的主要功能，是把太阳能电池板发的电能及时储存在电瓶内，以供用电设备使用．某太阳能电池板给一电动势为15V的铅蓄电池充电时的电流为4A，充电10小时充满，该铅蓄电池储存了多少电能？考点：电源的电动势和内阻．专题：恒电流专题．分析：根据W=UIt即可计算出产生的电能，即该铅蓄电池储存的电能．解答：解：该铅蓄电池储存的电能：W=UIt=15×4×10×3600=6×106J答：该铅蓄电池储存了6×106J的电能．点评：该题考查电功、电功率的计算，将相关的数据代入数据即可．根底题目．18．在水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，电场强度E=6.0×105N/C，方向与x轴方向相同．在O处放一带电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数µ=0.20，沿x 轴正方向给物块一个V0=2.0m/s的初速度，如下图，求物块最终停止的位置．〔g 取10m/s2〕考点：动能理的用；功能关系；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物块先向右做匀减速直线运动到零，然后返回做匀加速直线运动，离开电场后再做匀减速运动直到停止．根据牛顿第二律和运动学公式以及动能理求出物块最终停在的位置．解答：解：对物块由初速度v0=2.0m/s到第一次停止过程由动能理列方程：﹣〔qE+μmg〕x=0﹣mv02。

定远育才学校2021-2022学年第一学期第三次月考高二普通班物理试题一、单选题（本大题共7小题，每小题4分，共28分）1. 仔细观察下列与静电有关的各图，属于防范静电的是（ ）A. 避雷针B.静电喷涂C. 静电复印D. 静电除尘【1题答案】【答案】A【解析】【分析】【详解】A．下雨天，云层带电打雷，往往在屋顶安装避雷针，是导走静电，防止静电，属于静电防范，A 正确；B．静电喷涂是利用高压静电电场使带负电的涂料微粒沿着电场相反的方向定向运动，并将涂料微粒吸附在工件表面的一种喷涂方法，属于静电利用，B错误；C ．复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉成在纸上，属于静电利用，C 错误；D ．静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极移动，属于静电应用，D 错误。

故选A 。

2. 如图所示，正方形ABCD 四边的中点分别为a ，b 、c 、d ，在a ，d 位置分别放置电荷量为q -和q +的点电荷，为使O 点处的电场强度为零，则可以（ ）A. 在A 处放置一个电荷量为q -的点电荷B. 在B处放置一个电荷量为-的点电荷C. 在C 处放置一个电荷量为2q +点电荷D. 在D处放置一个电荷量为-的点电荷【2题答案】【答案】D【解析】【分析】【详解】AC ．由题图可知O 点位于等量异种点电荷连线的垂直平分线上，结合等量异种点电荷电场线的分布特点可知O 点的电场强度的方向从O 点指向B 点，如图根据矢量合成的特点可知，在A 点或C 点再放一个点电荷，它们在O 点产生的电场强度的方向与原有的电场强度的方向不在同一条直线上，则合场强不可能为零，AC错误；的B ．在B 处放置一个电荷量为-的点电荷，负电荷在O 点产生的电场强度的方向也是从O 点指向B 点，所以它们的合场强也不等于零，B 错误；D ．设Ad 之间的距离为L ，则OD =a 、d 两处的点电荷在O 点产生的电场强度的大小2a d kq E E L ==由几何关系可知，a E 与d E 相互垂直，则它们的合场强a E ==在D 处放置一个电荷量为-的点电荷，负电荷在O 点产生的电场强度的方向是从O 点指向D 点，其大小D E ==可知a 、d 两处电场强度的矢量和与D 处点电荷产生的电场强度大小相等，方向相反，总合场强为零，D 正确。

2012——2013学年第一学期第三次过程检测物理试题(理)参考答案一．1. C2.B3.D4.C5.ABC6.BD7.C 8.ABC9.C 10.D二．（每小题4分） 11. 不会，磁通量始终为零 12. ＜13. 顺时针14. 垂直于ab 连线向左 三． 15解：导体棒受力如图所示，由于导体棒静止， F N =F A cos θ+mg …………3 f =F A sin θ …………3 而F A =BIL (2)所以：F N = BIL cos θ+mg……1 f = BIL sin θ (1)16解：带电粒子轨迹如图所示⑴由于粒子穿过y 轴正半轴，故粒子带正电 (2)⑵设粒子做匀速圆周运动的半径为R 由于粒子到x 轴的最大距离为a ，如图所示 R (1+ sin θ)=a (4)粒子做匀速圆周运动，洛伦滋力充当向心力。

qvB =mv 2R…………4 得q m =3v 2Ba (1)17解：导体棒受力如图所示，由于斜面对导线的支持力为零 由力的合成可得 F A =mgtan37°…………3 而F A =BIL …………3 得B =4mg3IL…………1 t =B 0.4 (3)得t =5s (1)18解：⑴只存在电场时，带电粒子在电场中做匀变速曲线运动，轨迹如图所示 粒子在电场中运动时间为t ，设区域边长为l 则t=l v (1)AF A A Bl 2加速度a =qE m…………2 偏转位移 l 2 =12at 2 (2)由上各式，得l =mv 2qE (1)⑵只存在电场时，粒子向上偏转，故粒子带负电。

只在磁场时，粒子也向上偏转，故磁场应垂直于纸面向里。

…………2 粒子在磁场运动轨迹如图所示，设半径为R 由几何关系可得R AC = AC 2l2 …………1 得R =5l4 (1)又因为洛伦兹力充当向心力：qvB =mv 2R (1)得B =4E 5v (1)。

2024-2025学年度第一学期月考练习高二物理（答案在最后）考生须知1．本卷共5页，包括三个大题，18小题，满分为100分。

练习时间90分钟。

2．考生务必将答案答在答题纸上，在试卷上作答无效。

3．考试结束后，将答题纸交回。

一、不定项选择题。

本题共10小题，每小题3分，共30分。

在每题给出的四个选项中，有的题只有一个选项是符合题意的，有的题有多个选项是符合题意的。

全部选对的得3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1.物理学中常常用物理量之比表示研究对象的某种性质，定义一个新的物理量的同时，也确定了这个物理量与原有物理量之间的定量关系。

下列四个选项中不属于用物理量之比定义新的物理量的是（）A.电容QCU= B.电流UIR= C.电势pEqϕ= D.电场强度FEq=【答案】B【解析】【详解】A．电容的定义是电容器所带电荷量与其电压之比，故其定义式为QCU=故A正确；B．电流的定义是通过导体横截面的电荷量与时间比值，故其定义式为qIt=故B错误。

C．电势的定义是放在电场中的点电荷具有的电势能与其电荷量之比，故其定义式为pEqϕ=故C正确；D．电场强度的定义是放在电场中的点电荷受到的电场力与其电荷量之比，所以其定义式为FEq=故D正确；本题选择错误选项；故选B。

2.如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触。

把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开。

则（）A.此时A带正电，B带负电B.此时导体A、B内部合场强处处为零C.移去C，贴在A、B下部的金属箔仍张开D.先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都张开【答案】BD【解析】【详解】A．带正电的物体C靠近A附近时，根据异种电荷相互吸引，AB中的自由电子一部分移动到A 的左端，故A带上负电，B带上正电，故A错误；B．此时导体A、B处于静电平衡，导体内部的场强处处为零，故B正确；C．移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故C错误；D．先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，故D 正确。