河南省伊川县实验高中2016届高三第一次限时训练物理试题

2015-2016学年河南省洛阳市伊川实验高中高二（上）限时训练物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题(本大题共1小题，共5.0分)1.关于电流的下列说法中，正确的是（）A.电路中的电流越大，表示通过导体横截面的电荷量越多B.在相同时间内，通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大C.通电时间越长，电流越大D.导体中通过一定的电荷量所用时间越短，电流越大【答案】BD【解析】解：A、电流大说明单位时间内流过导体横截面的电荷量多，但若不确定时间，则电荷量无法确定，故A错误；B、由电流的定义可知，通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流一定越大；故B 正确；C、电流与通电时间长短无关；故C错误；D、由电流定义可知，导体中通过一定的电荷量所用时间越短，电流越大；故D正确；故选：BD．物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，叫做电流，定义式I=．本题考查对电流定义的理解，要注意明确电流定义采用的是比值定义法，电流与电荷量及时间无关．二、单选题(本大题共6小题，共30.0分)2.白炽灯的灯丝随温度的升高导电性能变差，则白炽灯不通电时灯丝电阻R1与正常发光时电阻R2比较应是（）A.R1＞R2B.R1＜R2C.R1=R2D.无法判断【答案】B【解析】解：白炽灯灯丝由金属钨构成，金属的电阻率随温度的升高而升高，故电阻变大，即白炽灯的灯丝随温度的升高导电性能变差，故通电后温度升高，电阻变大，即R1＜R2．故选B．各种材料的电阻率都会随温度的变化而变化．一般来说，金属的电阻率随温度升高而增大；电解液、半导体和绝缘体的电阻率则随温度升高而减小；而有些合金如锰铜合金和镍铜合金的电阻几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻．本题关键要明确金属电阻率与温度的关系，然后根据电阻定律判断电阻的大小．3.关于电动势，下列说法不正确的是（）A.电源两极间的电压等于电源电动势B.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C.电源电动势的数值等于内、外电压之和D.电源电动势与外电路的组成无关【答案】A【解析】解：A、电源两极间的电压为路端电压，一般是小于电源的电动势的；故A不正确；B、电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大；故B正确；C、电动势在数值上等于内外电压之和；故C正确；D、电动势是电源本身的性质，与外电路无关；故D正确；本题选不正确的，故选：A．电源的电动势的物理意义是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，其大小等于电源没有接入电路时电源两极间的电压；电动势与外电路无关，由电源本身性质决定．本题要正确理解电动势的物理意义，注意根据闭合电路欧姆定律进行分析内外电压之和．4.在1min内通过阻值为5Ω的导体横截面的电量为240C，那么加在该导体两端的电压是（）A.20VB.48VC.120VD.1200V【答案】A【解析】解：由I=可知，导体中的电流I=A=4A；则导体两端的电压U=IR=45V=20V；故选：A．由电流的定义可求得电流，再由欧姆定律可求得导体两端的电压．本题考查了欧姆定律和电流定义式的简单应用，是一道基础题目．5.如图所示，电阻R1=20Ω，电动机线圈电阻R2=10Ω．当开关S断开时，电流表的示数为0.5A．当电键S闭合后，电动机转起来，电路两端电压不变．则关于电流表读数和电路消耗的电功率P正确的是（）A.I=1.5AB.I＞1.5AC.P=15WD.P＜15W【答案】D【解析】解：当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R1=10V．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流I2＜=A=1A，故电流表的电流I＜1.5A，电动机中电功率P=UI＜15W．故ABC错误，D正确．故选：D．当电键S断开时，由欧姆定律求出电阻R1的电压U；当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电路是非纯电阻电路，由I2＜求出其电流的范围，即得到电流表电流的范围．由P=UI求解电路中功率范围．本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，I2＜是关键不等式．6.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A.R1：R2=1：3B.R1：R2=3：1C.将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D.将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3【答案】A【解析】解：A、B由图R1==1Ω，R2==3Ω，故A正确．C、R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：1．故C错误．D、将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=R2：R1=3：1故D错误．故选A由题图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数．将R1与R2串联后接于电源上时，电流相等．将R1与R2并联后接于电源上时，电压相等，电流与电阻成反比．本题考查识别、理解物理图象的能力．物理图象往往从数学角度，研究图象的斜率、面积、交点等意义．7.一太阳能电池板，测得它的开路电压为800m V，短路电流40m A．若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A.0.10VB.0.20VC.0.30VD.0.40V【答案】D【解析】解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则知电池板的电动势为：E=800m V由闭合电路欧姆定律得短路电流：I短=则电源内阻：==20Ωr=短该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流：I==m A=20m A故路端电压：U=IR=20m A×20Ω=400m V=0.40V；故选：D．由电池板开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压．对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势．三、多选题(本大题共1小题，共5.0分)8.直流电池组的电动势为E，内电阻为r，用它给电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，电动机两端的电压为U，通过电动机的电流是I，下列说法中正确的是（）A.电动机输出的机械功率是UIB.电动机电枢上发热功率为I2RC.电源消耗的化学能功率为EID.电源的输出功率为EI-I2r【答案】BCD【解析】解：A、电动机输入的功率是电功率，即P电=UI，电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得，P出=P电-P热=UI-I2R．故A错误，B正确．C、电源消耗的化学能功率就是电源的总功率，则P=EI．故C正确．D、电源的输出功率P′=P-P r=EI-I2r．故D正确．故选：BCD当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，输入的功率是电功率，根据P=UI求解．发热功率由P=I2r求解．输出功率由能量守恒定律研究，电源消耗的化学能功率就是电源的总功率，则P=EI．本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用P=UI，求热功率只能用P=I2r．而输出的机械功率只能根据能量守恒求解，而且电功率大于热功率．四、单选题(本大题共4小题，共20.0分)9.如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）A.电压表示数增大，电流表示数减少B.电压表示数减少，电流表示数增大C.两电表示数都增大D.两电表示数都减少【答案】A【解析】解：当滑动变阻器的滑片P向a滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E-I r增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数I A=I-I2，则减小．故A正确，BCD错误．故选：A．动态变化分析问题一般按照“局部→整体→局部”的顺序，分析总电阻变化→总电流变化→总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行．对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和R2电流变化确定．电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小．本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定10.一个毫伏表，它的内阻是100Ω，量程是200mv，把它改变装成为量程为10A的安培表，毫伏表上应（）A.并联0.002Ω的电阻B.并联0.02Ω的电阻C.并联50Ω的电阻D.并联4900Ω的电阻【答案】B【解析】解：经分析知：I g R g=I R R…①I=I g+I R…②…③联立①②③解得：，代入数据得：故选B．该表是毫伏表，所以满偏电流将表头改装为电流表需要并入一个电阻R，所以加在表头和电阻上的电压相等，即：I g R g=I R R，改装后的电流表量程为I，I=I g+I R，由以上三式式得：=．熟练掌握电表改装原理是解决此类问题的关键．11.在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A.灯泡L将变暗B.灯泡L将变亮C.电容器C的电荷量将减小D.电容器C的电荷量将不变【答案】A【解析】解：A、当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗，故A正确，B错误．C、电路中电流减小，则电源内阻所占电压减小，则路端电压增大，电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大．故CD错误．故选：A电路稳定时，与电容器串联的电路没有电流，相当于断路．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗．电容器的电压等于路端电压，分析其电压变化，由Q=CU分析电量的变化．本题是电路的动态变化分析问题，可直接根据路端电压随外电阻增大而增大，判断电容器两端电压的变化．12.电源的电动势和内阻都保持一定，在外电路的电阻逐渐减小的过程中，下面说法中错误的是（）A.电源的路端电压一定逐渐变小B.电源的输出功率一定逐渐变小C.电源内部消耗的功率一定逐渐变大D.电源的供电效率一定逐渐变小【答案】B【解析】解：A、R总减小，有闭合电路欧姆定律I=可知，电路中总电流减小，路端电压U=E-r I总可知，U减小，故A正确；B、电路中的电流为I=，随着R的减小，I增大，电源的输出功率为P=I2R可知，当R=r时，输出功率最大，而本题中没有告诉二者之间的关系，故B错误；C、电路中的电流为I=，随着R的减小，I增大，电源的内阻消耗的功率为P=I2r，消耗的功率增大，故C正确；D、电源的供电效率为η=，随着I的增大，η将减小，故D正确；本题选错误的，故选B外电路的电阻逐渐减小的过程中总电阻发生变化，根据电源的电动势和内阻不变，知总电流发生变化，内电压外电压也发生变化．从而根据功率公式推导各物理量间的变化情况．解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，根据闭合电路欧姆定律进行动态分析．五、多选题(本大题共1小题，共5.0分)13.如图所示，直线OAC为某直流电源的总功率P随电流I变化的图象，抛物线OBC为该直流电源内部发热功率P随电流I变化的图线，若A、B对应横坐标为2A，则下列说法中正确的是（）A.电源电动势为3V，内阻为1ΩB.线段AB表示功率的变化为2WC.电流为2A时，外电路电阻为0.5ΩD.电流为3A时，外电路电阻为2Ω【答案】ABC【解析】解：A、由图读出I=3A时，电源的功率P=9W，由P=EI得，E=3V．电源内部发热功率P热=9W，由P热=I2r求出r=1Ω．故A正确．B、当电流I=2A时，电源的功率P=EI=6W，电源内部发热功率P热=I2r=4W，则线段AB表示功率的变化为2W．故B正确．C、当电流I=2A时，由P-P热=I2R，得R=0.5Ω．故C正确．D、当电流为3A时，由题R=0．故D错误．故选ABC由图读出I=3A时，电源的功率P=9W，电源内部发热功率P热=9W，根据电源的功率P=EI和电源内部发热功率P热=I2r分别求出电源的电动势和内阻．当电流I=2A时，分别求出电源的功率和电源内部发热功率，求出线段AB表示功率的变化．根据欧姆定律求出外电阻．对于电源要分清三种功率及其关系：电源的总功率P总=EI，电源内部发热功率P热=I2r，外电路消耗功率P外=UI=I2R，且根据能量关系得P总=P外+P热．六、计算题(本大题共4小题，共60.0分)14.如图所示电路中，电源电动势E=10V，内电阻r=0.5Ω，电动机的电阻R0=1.0Ω，电阻R1=1.5Ω，电动机正常工作时，电压表的示数U1=3.0V，求：（1）电源的总功率．（2）电动机消耗的电功率，将电能转化为机械能的功率．（3）电源的输出功率．【答案】解：（1）电路中的电流为I==A=2A；电源的总功率为P=EI=10×2W=20W；（2）电源内阻分得电压为U内=I r=2×0.5V=1V，电动机两端的电压为U=E-U1-U内=（10-3-1）V=6V，电动机消耗的电功率为P电=UI=6×2W=12W；电动机将电能转化为机械能的功率为P机=P电-I2R0=12W-22×1W=8W．（3）电源内阻消耗的功率为P内=I2r=22×0.5W=2W，电源的输出功率为P出=P-P热=20-2W=18W．答：（1）电源的总功率为20W．（2）电动机消耗的电功率为12W，将电能转化为机械能的功率为8W．（3）电源的输出功率为18W．【解析】（1）通过电阻两端的电压求出电路中的电流I，电源的总功率为P=EI，即可求得；（2）由U内=I r可求得电源内阻分得电压，电动机两端的电压为U=E-U1-U内，电动机消耗的功率为P电=UI；电动机将电能转化为机械能的功率为P机=P电-I2R0．（3）由P热=I2r可求的电源内阻消耗的功率，电源的输出功率为P出=P-P热．对于电动机电路，关键要正确区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路：当电动机正常工作时，是非纯电阻电路；当电动机被卡住不转时，是纯电阻电路．对于电动机的输出功率，往往要根据能量守恒求解．15.已知如图，E=6V，r=4Ω，R1=2Ω，R2的变化范围是0-10Ω．求：①电源的最大输出功率；②R2上消耗的最大功率．【答案】解：（1）当外电阻等于内电阻时，即R1+R2=r时，电源的输出功率最大，最大输出功率P==．（2）将R1等效到电源的内部，则内阻r′=R1+r=2+4=6Ω，=1.5W．当R2=r′=6Ω时，R2上消耗的功率最大，最大功率′′答：（1）电源的最大输出功率为2.25W；（2）R2上消耗的最大功率为1.5W．【解析】（1）当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大，结合功率公式求出电源的最大输出功率．（2）将R1等效到电源的内部，抓住外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大，求出R2上消耗的最大功率．解决本题的关键知道当电源的内阻与外电阻相等时，电源的输出功率最大．难度不大．16.如图所示，图线AB是电路的路端电压随电流变化的关系图线．OM是同一电源向固定电阻R供电时，R两端的电压电变化的图线，由图求：（1）在交点C处表示电源的输出功率．（2）电源的最大输出功率．【答案】解：（1）交点处对应的电压U=4V，电流I=2A，则电源的输出功率P=UI=4×2W=8W．（2）根据图线AB知，电动势E=6V，内阻r=，当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，最大输出功率P=．答：（1）在交点C处表示电源的输出功率为8W．（2）电源的最大输出功率为9W．【解析】（1）根据图线AB得出电源的电动势和内电阻，结合交点处的电压和电流求出电源的输出功率．（2）当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大，结合P=求出电源的最大输出功率．对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义．本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义．17.如图所示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω．（1）若在C、D间连一个理想电压表，其读数是多少？（2）若在C、D间连一个理想电流表，其读数是多少？【答案】解：（1）若在C、D间接入理想电压表，电路连接如图由闭合电路欧姆定律得干路电流I1==A=1A理想电压表读数为U V=I1R2=6V（2）若在C、D间连一个理想电流表，电路连接如图所示这时电阻R2与R3并联，并联电阻大小R23==2Ω根据闭合电路欧姆定律，有I2==1.5A理想电流表读数为I A=I2=1A答：（1）若在C、D间连一个理想电压表，其读数是6V．（2）若在C、D间连一个理想电流表，其读数是1A．【解析】理想电表对电路没有影响，理想电压表内阻无穷大，相当于开路；理想电流表内阻为零，相当于短路．C、D间接入理想电压表后，R3可看做导线，R1与R2为串联关系，电压表示数为R2电压．接入理想电流表时，R2和R3并联后再与R1串联，电流表示数为R3支路电流；根据欧姆定律和电路的连接关系求解．理想电表的串并联规律为：理想电压表与电阻串联，电阻可看作导线；理想电流表与电阻并联，电阻被短路，相当于不存在．闭合电路的欧姆定律在使用时要从总电阻和干路电流入手，分步操作，层层推进，避免急于求成，造成解题失误．。

河南省洛阳市伊川实验高中2015～2016 学年度高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共14 小题，每小题3分，共42 分．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子电量为e，此时电子的定向转动速度为v，在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△tC ．D．2．关于电动势下列说法正确的是（）A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，实际上总略小于电源电动势的准确值C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电源电动势总等于电路中通过1C 的正电荷时，电源提供的能量3．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻4．电阻A、B 的伏安曲线如图所示，下面说法正确的是（）A．两电阻串联后的伏安曲线在区域I 内，两电阻并联后的伏安曲线在区域II 内B．两电阻串联后的伏安曲线在区域III 内，两电阻并联后的伏安曲线在区域I 内C．A、B 电阻阻值之比为1：3D．A、B 电阻阻值之比为3：15．用电动势为E，内阻为r的电池直接向电阻为R的电动机供电，电动机正常工作后通过电动机的电流为I，电动机的端电压为U，经t秒种后，则（）A．电池提供的总电能为：（I2r+IU）tB．电池提供的总电能为：IEtC．电动机做的机械功为：IEt﹣I2（R+r）tD．电池输出的总功率：6．如图所示，电路中M、N 两个灯泡均发光，当变阻器R'的滑动头向下滑动时则（）A．M 灯变暗，N 灯变亮B．M 灯变亮，N 灯变亮C．电阻R消耗功率增大D．变阻器两端电压降低7．如图所示，电源电动势为3V，电路接通后发现电灯L不工作，用一个伏特表分别测得各处电压值为：U ab=0，U bc=3V，U=cd=0，U ad=3V，又知电路中只有一处出现故障，由此可知（）A．灯L发生断路或短路B．电阻R1 一定发生断路C．电阻R2 一定发生短路D．电池组中两电池间发生断路8．有一内阻为4.4Ω的直流电动机和一盏标有“110V 60W”的灯泡串联后接在电压恒定为220V 的电路两端，灯泡正常发光，则（）A．电动机的输入功率为60W B．电动机的发热电功率为60WC．电路消耗的总功率为60W D．电动机的输出功率为60W9．如图，R1 为定值电阻，R2 为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r 时，R2 上获得最大功率B．当R1=R2+r 时，R1 上获得最大功率C．当R2=0 时，电源的总功率最大D．当R2=0 时，电源的输出功率最大10．如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s 的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断（）A．电动机消耗的总功率为550W B．提升重物消耗的功率为450WC．电动机线圈的电阻为22ΩD．电动机线圈的电阻为4Ω11．下列关于欧姆表的说法中正确的是（）A．测量电阻前要把红、黑表笔相接，调整调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零位上B．表盘上标明的电阻刻度是均匀的C．测量电阻时，表针偏转角度越大，说明被测电阻的阻值越大D．换用另一量程时，需要重新进行欧姆调零12．有一电热器，额定电压为220V，额定功率为1000W．现要把它改装一下，用在电压为110V 的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W．下面做法中正确的是（）A．将电热器中的电热丝截去一半B ．将电热器中的电热丝截去，只留下C．在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝D．将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来13．如图所示直线O AC 为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线；抛物线O BC 为同一电源内部消耗的功率P r 随总电流I变化的图线，则当通过电源的电流为1A 时，该电源的输出功率为（）A．1W B．3W C．2W D．2.5W14．如图所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是选项图中的（）A ．B ．C ．D．二、实验题（本题共2小题．共16 分）15．有一小灯泡上标有“6V，0.1A”字样，现要描绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用A 电压表（0～3V，内阻2.0kΩ）B 电压表（0～10V，内阻3.0kΩ）C 电流表（0～0.3A，内阻2.0Ω）D 电流表（0～6A，内阻1.5Ω）E 滑动变阻器F 滑动变阻器（0.5A，1000Ω）G 学生电源（直流9V），及开关，导线等（1）实验中所用的电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选；在右方框中画出实验电路图，要求电压从0开始测量．16．实验室进了一批低电阻的电磁螺线管，已知螺线管使用的金属丝电阻率ρ=1.7×10﹣8Ωm．课外活动小组的同学设计了一个试验来测算螺线管使用的金属丝长度．他们选择了多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等．（1）他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：（请填写第②步操作）①将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”、“﹣”插孔；选择电阻档“×1”；②；③把红黑表笔分别与螺线管金属丝的两端相接，多用表的示数如图（a）所示．根据多用电表示数，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从图（b）的A、B、C、D 四个电路中选择电路来测量金属丝电阻；（3）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图（c）所示，金属丝的直径为mm；（4）根据多用电表测得的金属丝电阻值，可估算出绕制这个螺线管所用金属丝的长度约为m．（结果保留两位有效数字）三、计算题（本题共4小题，共42 分，解答时应写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不得分，有数值计算的题，答案中必须明确数值和单位）17．利用如图所示的电路可以测量电源的电动势和内电阻．当滑动变阻器的滑片滑到某一位置时，电流表和电压表的示数分别为0.20A 和2.90V．改变滑片的位置后，两表的示数分别为0.40A 和2.80V．这个电源的电动势和内电阻各是多大？18．如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1 始终闭合．当电键S2 断开时，电阻R1 的电功率是525W；当电键S2 闭合时，电阻R1 的电功率是336W，求（1）电源的内电阻；当电键S2 闭合时电动机的输出的功率．（提示：842=7056）19．如图所示，电源电动势E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30 F，电源内阻可忽略．（1）闭合开关S，求稳定后通过R1 的电流．若再将开关S断开，求这以后流过R1 的电量．（结果保留两位有效数字）20．表是一辆电动自行车的部分技术指标，其中额定车速是指电动车满载情况下在水平平直道路上以（1）此车所配电动机正常工作时，内部损耗的功率是多少？若电动车满载时以额定功率行驶，当车速为3m/s 时的加速度为多少？河南省洛阳市伊川实验高中2015～2016 学年度高二上学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共14 小题，每小题3分，共42 分．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线有n个自由电子，电子电量为e，此时电子的定向转动速度为v，在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△tC ．D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电流的微观表达式I=nqvs，求出在△t 时间内通过导体横截面的自由电子的电量，每个电子的电量为q，再确定通过导体横截面的自由电子的数目．【解答】解：根据电流的微观表达式I=nqvS，在△t 时间内通过导体横截面的自由电子的电量Q=I△t，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为n =，将I=nevS 代入得n ==nvS△t，故A正确，BCD 错误．故选：A【点评】本题考查电流的微观表达式和定义式综合应用的能力，电流的微观表达式I=nqvs，是联系宏观与微观的桥梁，常常用到．2．关于电动势下列说法正确的是（）A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，实际上总略小于电源电动势的准确值C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电源电动势总等于电路中通过1C 的正电荷时，电源提供的能量【考点】闭合电路的欧姆定律；电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势的数值等于内、外电压之和．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小．电源两极间的电压等于或小于电源电动势．电动势与外电路的结构无关．根据电动势的定义式E =可求出电动势．【解答】解：A、电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，故A错误；B、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故B正确．C、电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，故C错误；D、根据电动势的定义式E=可知电源电动势总等于电路中通过1C 的正电荷时，电源提供的能量，故D 正确．故选B D．【点评】本题考查对电动势物理意义的理解能力，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．3．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．【解答】解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分压作用．应串联电阻为R===9.5×103kΩ故C正确，ABD 错误．故选：C．【点评】电流表改装成电压表应串联电阻分压．串联电阻阻值为：R=，是总电阻．4．电阻A、B 的伏安曲线如图所示，下面说法正确的是（）A．两电阻串联后的伏安曲线在区域I 内，两电阻并联后的伏安曲线在区域II 内B．两电阻串联后的伏安曲线在区域III 内，两电阻并联后的伏安曲线在区域I 内C．A、B 电阻阻值之比为1：3D．A、B 电阻阻值之比为3：1【考点】路端电压与负载的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】根据欧姆定律可知，I﹣U 图象的斜率的倒数表示电阻；串联电路的电阻等于各个电阻之和，并联电路的电阻倒数等于各个电阻的倒数之和．【解答】解：AB、两电阻串联后，总电阻变大，由t anθ=可知，曲线与U轴的夹角θ变小，即小于30°，位于区域I内，两电阻并联时，总电阻减小，曲线与U轴的夹角θ变大，即大于60°位于区域I II 内，故A B 错误．CD、I﹣U 图象的斜率的倒数表示电阻，故R A= = Ω=Ω，R B= = Ω= Ω，所以，R A：R B=3：1，故C错误，D 正确；故选：D．【点评】本题关键明确I﹣U 图象的斜率的倒数表示电阻，知道串并联电路的电阻与各分电阻的关系．5．用电动势为E，内阻为r的电池直接向电阻为R的电动机供电，电动机正常工作后通过电动机的电流为I，电动机的端电压为U，经t秒种后，则（）A．电池提供的总电能为：（I2r+IU）tB．电池提供的总电能为：IEtC．电动机做的机械功为：IEt﹣I2（R+r）tD．电池输出的总功率：【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电池提供的总电能Q=εIt，电动机做的机械功等于电动机消耗的总功减去电动机内阻消耗的电功，电池输出的总功率P=EI．【解答】解：A、电池提供的总电能Q=EIt，故A错误，B 正确；C、电动机做的机械功等于电动机消耗的总功减去电动机内阻消耗的电功，即W=UIt﹣I2R=IEt﹣I2（R+r）t，故C正确；D、电池输出的总功率P=EI，故D错误．故选：BC【点评】电动机是非纯电阻电路，电动机总功率等于输出功率与热功率之和．要注意由能量守恒规律分析能量关系．6．如图所示，电路中M、N 两个灯泡均发光，当变阻器R'的滑动头向下滑动时则（）A．M 灯变暗，N 灯变亮B．M 灯变亮，N 灯变亮C．电阻R消耗功率增大D．变阻器两端电压降低【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R 上消耗功率的变化．根据总电流的变化分析并联部分电压的变化，判断N灯亮度的变化．【解答】解：A、当滑片向下，滑动变阻器的阻值变小，那它与A灯并联的等效电阻变小，则电路的总电阻都会变小，而电源电压不变，所以总电流变大，根据U=E﹣Ir 可知，路端电压变小，则M灯变暗，电阻R1 上的电流变大了，B 灯与变阻器并联的电压U并=E﹣I（R+r），I 增大，则U并减小，所以N灯变暗，故A B 错误，D 正确；C、通过R的电流增大，则P=I2R 变大，故C正确；故选：CD【点评】对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．7．如图所示，电源电动势为3V，电路接通后发现电灯L不工作，用一个伏特表分别测得各处电压值为：U ab=0，U bc=3V，U=cd=0，U ad=3V，又知电路中只有一处出现故障，由此可知（）A．灯L发生断路或短路B．电阻R1 一定发生断路C．电阻R2 一定发生短路D．电池组中两电池间发生断路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电路接通后发现电灯L不工作，说明电路中存在断路或L短路．当元件完好时，电阻是一定的，没有电流时，根据欧姆定律，其电压为0；当元件断路时，其两端电压等于电源的电压．根据测量得到的信息，分析故障所在位置．【解答】解：A、由题，U ab=0，灯L不发生断路，如断路，其电压U ab=3V．若发生短路，U bc＜3V．故A错误；B、电阻R1 一定发生断路．因为断路时，R1 两端的电势分别与电源两极的电势相等，其电压等于电源的电动势．故B正确；C、若电阻R2 发生短路，U ab＞0，3V＞U bc＞0，与题意不符．故C错误；D、若电池组中两电池间发生断路，所测量的外电路各部分电压应都为零，故D错误；故选：B．【点评】本题是故障分析问题，往往发生断路处，其电压等于电源的电动势，可以电势差来理解电压．8．有一内阻为4.4Ω的直流电动机和一盏标有“110V 60W”的灯泡串联后接在电压恒定为220V 的电路两端，灯泡正常发光，则（）A．电动机的输入功率为60W B．电动机的发热电功率为60WC．电路消耗的总功率为60W D．电动机的输出功率为60W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由于电动机和灯泡串联，根据灯泡正常发光，可以判断出电动机的电压和电流，从而可以求得电动机的输入功率和发热功率以及电动机的输出功率．【解答】解：A、由于灯泡正常发光，所以电动机的电压为：220﹣110=110V，由于电动机和灯泡串联，它们的电流相等，所以有：I==A，所以电动机的输入功率为：P=UI=110× =60W，所以A正确．B、电动机的发热功率为：P 热=I2r= ×4.4=1.3W，所以B错误．C、电路消耗的总功率等于电动机的输入功率加上灯泡的功率，为60+60=120W，所以C错误．D、电动机的输出功率等于总功率减去电动机的发热功率，等于60W﹣1.3W=58.7W，所以D错误．故选：A．【点评】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU 来计算，发热的功率用P=I2R 来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．9．如图，R1 为定值电阻，R2 为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r 时，R2 上获得最大功率B．当R1=R2+r 时，R1 上获得最大功率C．当R2=0 时，电源的总功率最大D．当R2=0 时，电源的输出功率最大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电路中有一个常用的推论：当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．可将定值电阻看成电源的内阻，分析可变电阻的功率；对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．【解答】解：A、将R1 等效到电源的内部，R2 上的功率等于等效电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r 时，输出功率最大，即R2 上的功率最大．故A正确．B、根据P=I2R，电流最大时，R1 上的功率最大．当外电阻最小时，即R2=0 时，电流最大．故B错误．C、当R2=0 时，电路中电流最大，电源的总功率P=EI，E 不变，则此时电源的总功率最大，故C正确．D、当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大，外电阻与内电阻越接近，电源的输出功率越大，由于R1 与r的关系未知，故当R2=0 时，无法判断电源的输出功率是否最大，故D错误；故选A C【点评】解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．10．如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s 的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断（）A．电动机消耗的总功率为550W B．提升重物消耗的功率为450WC．电动机线圈的电阻为22ΩD．电动机线圈的电阻为4Ω【考点】闭合电路中的能量转化．【分析】当电动机以恒定速度向上提升重物时，同时电动机因线圈电阻消耗功率．则电源产生的总功率等于提升物体消耗的功率加上线圈电阻消耗的功率．【解答】解：重物被提升的功率P1=Fv=Gv=500×0.9W=450W 此时电路中的电流为5A．则电源的总功率P总=EI=110×5W=550W 所以线圈电阻消耗的功率为P r=P 总﹣P1=550﹣450W=100W由殴姆定律可得：r==故选：ABD．【点评】由能量守恒定律可知，提升功率与电阻发热功率之和为电源的总功率．11．下列关于欧姆表的说法中正确的是（）A．测量电阻前要把红、黑表笔相接，调整调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零位上B．表盘上标明的电阻刻度是均匀的C．测量电阻时，表针偏转角度越大，说明被测电阻的阻值越大D．换用另一量程时，需要重新进行欧姆调零【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】本题考查欧姆定律的使用，根据欧姆表的原理及使用方法判断各项正误．【解答】解：A、因欧姆表内部电源电动势及内阻会发生变化，故在使用之前应先进行欧姆调零，故A 正确；B、表盘上所标明的电阻刻度是不均匀的；左侧密，右侧疏；故B错误；C、欧姆表的零处于满偏处，刻度盘与电流表的刻度相反，故表针偏转角度越大，则说明被测电阻的阻值越小，故C错误；D、每次调整倍率时都要重新调零，故D正确；故选：AD．【点评】欧姆表是利用内部电源供点，然后根据电流的性质，由闭合电路欧姆定律求出的电阻，故在使用过程中要注意其操作过程及使用方法．12．有一电热器，额定电压为220V，额定功率为1000W．现要把它改装一下，用在电压为110V 的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W．下面做法中正确的是（）A．将电热器中的电热丝截去一半B ．将电热器中的电热丝截去，只留下C．在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝D．将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来【考点】串联电路和并联电路；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据公式P =，分析电压变化，而功率不变时，电阻的变化情况，根据电阻定律确定电热丝长度的变化．×【解答】解：A 、B 根据公式 P = ，电热丝消耗的功率不变，电压为额定电压的 ，则电阻应为原 来的，根据电阻定律得，电热丝的长度应为原来的，可将电热器中的电热丝截去．故 A 错误，B 正确．C 、若在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝，总电阻变为，电压为额定电压的，电热 丝消耗的功率为原来的，不符合题意．故 C 错误．D 、若将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来，根据电阻定律可知电阻变为原来的， 符合要求．故 D 正确．故选 B D【点评】本题是电阻定律与功率的综合应用，可采用控制变量法和比例法理解．常规题，比较简 单．13．如图所示直线 O AC 为某一直流电源的总功率 P 随总电流 I 变化的图线；抛物线 O BC 为同一电 源内部消耗的功率 P r 随总电流 I 变化的图线，则当通过电源的电流为 1A 时，该电源的输出功率为 （ ）A ．1WB ．3WC ．2WD ．2.5W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电源的总功率 P =EI ，由 C 点的坐标求出电源的电动势和内阻．利用电源的总功率 P 总 =EI ，电源内部发热功率 P 热=I 2r ，外电路消耗功率 P 外=UI=I 2R ，且根据能量关系得 P 总=P 外+P 热即可 求解．【解答】解：C 点表示电源的总功率全部转化为热功率，即 C 点表示外电路短路，电源的总功率 P=EI ，I=3A ，P=9W ，则电源的电动势 E =3V ．r= = =1Ω 当 I =1A 时，输出功率为：P=EI ﹣I 2r=3×1﹣12 1（W ）=2W故选：C ．【点评】本题关键在：（1）理解电源的总功率 P 总随电流 I 变化的图象与电源内部热功率 P r 随电流 I 变化的图象的涵义；分清三种功率及其关系：电源的总功率 P 总=EI ，电源内部发热功率 P 热=I 2r ， 外电路消耗功率 P 外=UI=I 2R ，且根据能量关系得 P 总=P 外+P 热．14．如图所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的 电路图应是选项图中的（ ）A ．B ．C ．D ． 【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，选档后要进行调零． 【解答】解：正极插孔接电源的负极，所以 B C 错误；每次换挡时都要进行短接调零，所以电阻要 可调节，故 A 正确，D 错误． 故选 A 【点评】本题考查了欧姆表的内部结构，要记住电流从红表笔进，从黑表笔出．二、实验题（本题共 2 小题．共 16 分）15．有一小灯泡上标有“6V ，0.1A ”字样，现要描绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用A 电压表（0～3V ，内阻 2.0k Ω）B 电压表（0～10V ，内阻 3.0k Ω） C电流表（0～0.3A ，内阻 2.0Ω） D 电流表（0～6A ，内阻 1.5Ω）E 滑动变阻器F 滑动变阻器（0.5A ，1000Ω）G 学生电源（直流 9V ），及开关，导线等（1）实验中所用的电压表应选 B ，电流表应选 C ，滑动变阻器应选E ； 在右方框中画出实验电路图，要求电压从 0 开始测量．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线． 【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】①器材的选择需安全和精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表和电压表的量 程，从而测量误差的角度选择滑动变阻器．②电压和电流需从 0 测起，滑动变阻器需采用分压式接法，通过灯泡的电阻大小判断其是大电阻还 是小电阻，从而确定电流表内接还是外接．【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为 6V ，从安全和精确度方面考虑，电压表量程选 10V 的；小 灯泡的额定电流为 0.1A ，所以电流表量程选 0.3A 的．总电阻为 1000Ω 的滑动变阻器连入电路，电 流非常小，测量误差较大，所以选用总电阻为 30Ω 的滑动变阻器．故选 B 、C 、E ．小灯泡在正常工作时的电阻R= =60Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，“小外偏小”，电流表采用外接法．电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法．电路图如图所示故答案为：（1）B、C、E．如图【点评】解决本题的关键掌握器材选取的原则，以及知道滑动变阻器分压式和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．16．实验室进了一批低电阻的电磁螺线管，已知螺线管使用的金属丝电阻率ρ=1.7×10﹣8Ωm．课外活动小组的同学设计了一个试验来测算螺线管使用的金属丝长度．他们选择了多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等．（1）他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：（请填写第②步操作）①将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”、“﹣”插孔；选择电阻档“×1”；②将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零；③把红黑表笔分别与螺线管金属丝的两端相接，多用表的示数如图（a）所示．根据多用电表示数，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从图（b）的A、B、C、D 四个电路中选择 D 电路来测量金属丝电阻；（3）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图（c）所示，金属丝的直径为0.260 mm；（4）根据多用电表测得的金属丝电阻值，可估算出绕制这个螺线管所用金属丝的长度约为13 m．（结果保留两位有效数字）【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．。

河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题（14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多选，其他题单选）1．关于功和能的关系，下列说法正确的是（）A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，则物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生相同的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号”载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大2．如图所示，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，下列判断正确的是（）A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，则车的最大速度为（）A． B．C． D．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于（）A．物体克服重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，下列说法正确的是（）A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，则在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是（）A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，克服摩擦力做功为W2，则（）A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：38．如图所示，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中（）A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为（）A．tanθ和 B．（﹣1）tanθ和C．tanθ和 D．（﹣1）tanθ和10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中（）A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能11．如图，两根相同的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有相同的压缩量，若撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块（）A．最大速度相同 B．最大加速度相同C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同12．如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比较，下列说法正确的是（）A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c13．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A． B． C． D．14．如图所示，D、A、B、C四点水平间距相等，DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1：3：5．在A、B、C三点分别放置相同的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D点，不计空气阻力，则下列关于A、B、C三点处的小球说法正确的是（）A．三个小球在空中运动的时间之比为1：2：3B．三个小球弹出时的动能之比为1：4：9C．三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1：3：5D．三个小球落地时的动能之比为2：5：10二、填空题与实验题（16分，15题4分16题12分）15．某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码，使小车在钩码的牵引下运动，以此定量探究绳拉力做功与小车动能变化的关系，此外还准备了打点计时器及配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等，组装的实验装置如图所示．（1）若要完成该实验，必需的实验器材还有哪些．实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，他这样做的目的是下列的哪个（填字母代号）A．避免小车在运动过程中发生抖动B．可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C．可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力（3）平衡摩擦力后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数较少，难以选到合适的点计算小车速度，在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决办法：．（4）他将钩码重力做的功当做细绳拉力做的功，经多次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可能是下列哪些原因造成的（填字母代号）．A．在接通电源的同时释放了小车B．小车释放时离打点计时器太近C．阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D．钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力．16．验证机械能守恒定律的实验采用重物自由下落的方法：（1）用公式mv2=mgh时对纸带上起点的要求是为此目的，所选择的纸带第1，2两点间距应接近．若试验中所用重锤质量m=1kg，打点纸带的记录如图1所示，打点时间间隔为0.02s，则记录B点时，重锤的速度v B= ，重锤的动能E KB= ．从开始下落至B 点，重锤的重力势能减少量是，因此可能得出的结论是．（3）即使在实验操作规范，数据测量及数据处理很准确的前提下，该实验求得的△E P也一定略△E k（填大于或小于），这是实验存在系统误差的必然结果，该系统误差产生的主要原因是．（4）根据纸带算出相关各点的速度υ，量出下落的距离h，则以为纵轴，以h为横轴画出的图线应是图2所示图中的四、解答题（10+8+12+12=42分，写出必要的演算过程、解题步骤及重要关系式，并得出结果）17．如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m，若将电荷量均为q=+2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，求：（1）两点电荷间的库仑力大小；C点的电场强度的大小和方向．18．如图所示，m A=4kg，m B=1kg，A与桌面间的动摩擦因数μ=0.2，B与地面间的距离s=0.8m，A、B间绳子足够长，A、B原来静止，求：（1）B落到地面时的速度为多大；（用根号表示）B落地后，A在桌面上能继续滑行多远才能静止下来．（g取10m/s2）19．如图所示为“嫦娥三号”探测器在月球上着陆最后阶段的示意图，首先在发动机作用下，探测器受到推力在距月面高度为h1处悬停（速度为0，h1远小于月球半径），接着推力改变，探测器开始竖直下降，到达距月面高度为h2处的速度为v，此后发动机关闭，探测器仅受重力下落至月面．已知探测器总质量为m（不包括燃料），地球和月球的半径比为k1，质量比为k2，地球表面附近的重力加速度为g，求：（1）月球表面附近的重力加速度大小及探测器刚接触月球时的速度大小；从开始竖直下降到接触月面时，探测器机械能的变化．20．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图，整个轨道在同一竖直平面内，表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切．点A距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R，圆心O恰在水面．一质量为m的游客（视为质点）可从轨道AB的任意位置滑下，不计空气阻力．（1）若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面上的D点，OD=2R，求游客滑到B点时的速度v B大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f；若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．（提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m）河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（14×3分=42分，本大题中2、5、6、7、8小题多选，其他题单选）1．关于功和能的关系，下列说法正确的是（）A．物体受拉力作用向上运动，拉力做的功是1J，则物体重力势能的增加量也是1J B．一个重10N的物体，在15N的水平拉力的作用下，分别在光滑水平面和粗糙水平面上发生相同的位移，拉力做的功相等C．一辆汽车的速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h，两种情况下牵引力做的功一样多D．“神舟十号”载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，机械能增大考点：功能关系；功的计算．分析： A、重力势能的增量等于克服重力所做的功，与外力做功无关；B、根据做功公式W=Fs，可以判断拉力F对物体做功的情况；C、根据动能定理即可分析两种情况下牵引力做功的大小；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒．解答：解：A、重力势能的增量等于克服重力所做的功，与外力做功无关，故A错误；B、由W=Fs知，拉力的大小相同，木块的位移也相同，所以拉力对两木块做的功一样多，故B正确；C、根据动能定理可知：W﹣W f=，所以速度从10km/h加速到20km/h，或从50km/h加速到60km/h的两种情况下牵引力做的功不同，故C错误；D、载人飞船的返回舱在大气层以外向着地球做无动力飞行的过程中，只有地球对飞船的引力做功，机械能守恒，故D错误．故选：B点评：本题主要考查了重力势能的影响因素，恒力做功公式、动能定理等的直接应用，难度不大，属于基础题．2．如图所示，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b 虚线所示的径迹，重力不计，下列判断正确的是（）A． b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、D、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向左，因为带电粒子带电性质不确定，所以场强的方向也不能确定，从而不能判断ab两点电势的高低，故AD错误；B、C、带电粒子从a到b点过程中，电场力做负功，电荷的电势能增大，由动能定理，粒子的动能减小，即粒子在a点的动能大于在b点的动能，粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，故BC正确；故选：BC点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握．3．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，则车的最大速度为（）A． B．C． D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速向上运动时，对汽车受力分析，汽车处于受力平衡状态，由此可以求得汽车在上坡情况下的牵引力的大小，由P=Fv分析可得出结论．解答：解：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速运动时，受力平衡，由于汽车是沿倾斜的路面向上行驶的，对汽车受力分析可知，汽车的牵引力F=f+mgsinθ=kmg+mgsinθ=mg（k+sinθ），由功率P=Fv，所以上坡时的速度：，故D正确故选：D点评：汽车的功率不变，但是在向上运动和向下运动的时候，汽车的受力不一样，牵引力减小了，P=Fv可知，汽车的速度就会变大，分析清楚汽车的受力的变化情况是解决本题的关键．4．一物体静止在升降机的地板上，在升降机匀加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于（）A．物体克服重力所做的功B．物体动能的增加量C．物体动能增加量与重力势能增加量之差D．物体动能增加量与重力势能增加量之和考点：功能关系；功的计算；动能和势能的相互转化．分析：对物体进行受力分析，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程，表示出地板对物体的支持力所做的功．知道重力做功量度重力势能的变化．解答：解：物体受重力和支持力，设重力做功为W G，支持力做功为W N，运用动能定理研究在升降机加速上升的过程得：W G+W N=△E kW N=△E k﹣W G由于物体加速上升，所以重力做负功，设物体克服重力所做的功为：W G′，W G′=﹣W G所以：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+W G′．根据重力做功与重力势能变化的关系得：w G=﹣△E p，所以有：W N=△E k﹣W G=W N=△E k+△E p．故选：D．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量．5．质量为m的物体，从静止开始以2g的加速度竖直向下运动的位移为h，空气阻力忽略不计，下列说法正确的是（）A．物体的重力势能减少mgh B．物体的重力势能减少2mghC．物体的动能增加2mgh D．物体的机械能保持不变考点：功能关系．分析：重力势能的变化量等于重力对物体做的功．只有重力对物体做功，物体的机械能才守恒．根据动能定理研究动能的变化量．根据动能的变化量与重力的变化量之和求解机械能的变化量．解答：解：A、由质量为m的物体向下运动h高度时，重力做功为mgh，则物体的重力势能减小mgh．故A正确B错误．C、合力对物体做功W=ma•h=2mgh，根据动能定理得知，物体的动能增加2mgh．故C正确．D、由上物体的重力势能减小mgh，动能增加2mgh，则物体的机械能增加mgh．故D错误．故选：AC．点评：本题考查分析功能关系的能力．几对功能关系要理解记牢：重力做功与重力势能变化有关，合力做功与动能变化有关，除重力和弹力以外的力做功与机械能变化有关．6．水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为μ，则在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是（）A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的动能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做的功为零考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：工件在传送带上运动时先做匀加速运动，后做匀速运动，物体和传送带要发生相对滑动，滑动摩擦力对传送带要做功．根据功能关系求解工件机械能的增量．由运动学公式求解相对位移．解答：解：A、工件从静止开始在摩擦力作用下加速达到v，摩擦力对工件做正功，使工件的动能增加了mv2，根据动能定理知，摩擦力对工件做的功W=mv2，A、B正确D错误．C、工件从开始运动到与传送带速度相同的过程中，工件相对传送带向后运动，设这段时间为t，t==，相对位移l=vt﹣t=t=，C正确．故选：ABC．点评：当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，内能也要增加，这是解本题的关键地方．7．在平直的公路上，汽车由静止开始做匀加速运动，当速度达到V m，立即关闭发动机而滑行直到停止，v﹣t 图线如图，汽车的牵引力大小为F1，摩擦力大小为F2，全过程中，牵引力做功为W1，克服摩擦力做功为W2，则（）A． F1：F2=1：3 B． F1：F2=4：1 C． W1：W2=1：1 D． W1：W2=1：3考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．专题：动能定理的应用专题．分析：由动能定理可得出汽车牵引力的功与克服摩擦力做功的关系，由功的公式可求得牵引力和摩擦力的大小关系；解答：解：对全过程由动能定理可知W1﹣W2=0，故W1：W2=1：1，故C正确，D错误；W1=FsW2=fs′由图可知：s：s′=1：4所以F1：F2=4：1，故A错误，B正确故选BC点评：本题要注意在机车起动中灵活利用功率公式及动能定理公式，同时要注意图象在题目中的应用．8．如图所示，一轻弹簧固定于O点，另一端系一重物，将重物从与悬点O在同一水平面且弹簧保持原长的A点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A点摆向最低点的过程中（）A．重物的重力势能减少 B．重物的重力势能增大C．重物的机械能不变 D．重物的机械能减少考点：机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据重力做功，判断重力势能的变化，在整个运动的过程中，有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，通过系统机械能守恒判断重物机械能的变化．解答：解：A、重物由A点摆向最低点的过程中，重力做正功，重力势能减小．故A正确，B错误．C、在整个运动的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，而弹簧的弹性势能增加，则重物的机械能减小．故C错误，D正确．故选AD．点评：解决本题的关键掌握重力做功和重力势能的关系，知道系统机械能包括重力势能、弹性势能和动能的总和保持不变．9．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动．当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h．重力加速度大小为g．物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为（）A．tanθ和 B．（﹣1）tanθ和C．tanθ和 D．（﹣1）tanθ和考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：两次上滑过程中，利用动能定理列式求的即可；解答：解：以速度v上升过程中，由动能定理可知以速度上升过程中，由动能定理可知联立解得，h=故D正确．故选：D．点评：本题主要考查了动能定理，注意过程的选取是关键；10．如图是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中（）A．缓冲器的机械能守恒B．摩擦力做功消耗机械能C．垫块的动能全部转化成内能D．弹簧的弹性势能全部转化为动能考点：功能关系；弹性势能；机械能守恒定律．分析：通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，结合能量守恒定律分析即可．解答：解：A、通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故机械能减小，故A错误；B、通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故B正确；C、垫块的动能转化为弹性势能和内能，故C错误；D、弹簧的弹性势能转化为动能和内能，故D错误．故选：B．点评：本题关键是明确缓冲器通过摩擦将部分动能转化为内能，还会储存部分弹性势能，再次向内能和动能转化，基础问题．11．如图，两根相同的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在物体上，使两弹簧具有相同的压缩量，若撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块（）A．最大速度相同 B．最大加速度相同C．上升的最大高度不同 D．重力势能的变化量不同考点：功能关系；弹性势能．分析：使两弹簧具有相同的压缩量，则储存的弹性势能相等，根据能量守恒判断最后的重力势能．解答：解：A、物块受力平衡时具有最大速度，即：mgsinθ=k△x则质量大的物块具有最大速度时弹簧的压缩量比较大，上升的高度比较低，即位移小，而运动过程中质量大的物块平均加速度较小，v2﹣02=2ax加速度小的位移小，则最大速度v较小，故A错误；B、开始时物块具有最大加速度，开始弹簧形变量相同，则弹力相同，根据牛顿第二定律：a=可见质量大的最大加速度较小，故B错误；CD、由题意使两弹簧具有相同的压缩量，则储存的弹性势能相等，物块上升到最大高度时，弹性势能完全转化为重力势能，则物块最终的重力势能mgh相等，重力势能的变化量相等，而两物块质量不同，则上升的最大高度不同，故C正确D错误．故选：C．点评：本题考查了弹簧问题，注意平衡位置不是弹簧的原长处，而是受力平衡的位置．12．如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h．某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端．三种情况相比较，下列说法正确的是（）A．物体损失的机械能△E c=2△E b=4△E aB．因摩擦产生的热量2Q a=2Q b=Q cC．物体到达底端的动能E ka=2E kb=2E kcD．因摩擦产生的热量4Q a=2Q b=Q c考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：损失的机械能转化成摩擦产生的内能．物体从斜面下滑过程中，重力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可以比较三者动能大小，注意物体在运动过程中克服摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，据此可以比较摩擦生热大小．解答：解：设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为X，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为：W=mgμXcosθ，Xcosθ即为底边长度．A、物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能转化成摩擦产生的内能．由图可知a和b底边相等且等于c的一半，故摩擦生热关系为：Q a=Q b=Q c，所以损失的机械能△E a=△E b=△E c故A错误．B、由图可知a和b底边相等且等于c的，克服摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，故摩擦生热关系为：Q a=Q b=Q c，即：2Q a=2Q b=Q c，故B正确，D错误．C、设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得：mgH﹣mgμXcosθ=mv2﹣0，E ka=2mgh﹣mgμL，E kb=mgh﹣mgμL，E kc=mgh﹣mgμ•2L，根据图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时动能大小关系为：E ka＞E Kb＞E kc，故C错误．故选：B．点评：本题比较简单直接利用功能关系即可求解，易错点在于写出表达式后的数学运算，因此学生要加强练习，提高利用数学知识解决物理问题的能力．13．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A． B． C． D．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．解答：解：设抛出时物体的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=，据题有：=mgh，联立解得：v=，。

2015-2016学年河南省洛阳市伊川县实验高中高三（上）限时训练物理试卷一、选择题（每题5分，1-8单选，9-17多选）1．关于静电场下列说法中正确的是（）A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少2．如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加3．如图所示，A、B是真空中的两个等量异种点电荷，M、N、O是AB连线的垂线上的点，且AO＞OB．一带负电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，M、N为轨迹和垂线的交点，设M、N两点的场强大小分别为E M、E N，电势分别为φM、φN．下列说法中正确的是（）A．点电荷A一定带正电B．E M小于E NC．φM大于φND．此试探电荷在M处的电势能小于N处的电势能4．如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN，下列说法正确的是（）A．A、B两点电势相等B．A、B两点场强相同C．将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D．负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能5．如图所示，图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电量数值也相等，现将M、N从虚线上O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．M和N两粒子在电场中运动的加速度相同D．N从O点运动至a点的过程中克服电场力做功6．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，若将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是（）A．A点电势大于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能7．两异种点电荷电场中的部分等势面如图所示，已知A点电势高于B点电势．若位于a、b处点电荷的电荷量大小分别为q a和q b，则（）A．a处为正电荷，q a＜q b B．a处为正电荷，q a＞q bC．a处为负电荷，q a＜q b D．a处为负电荷，q a＞q b8．如图所示，高速运动的α粒子被位于O点的重原子核散射，实线表示α粒子运动的轨迹，M、N和Q为轨迹上的三点，N点离核最近，Q点比M点离核更远，则（）A．α粒子在M点的速率比在Q点的大B．三点中，α粒子在N点的电势能最大C．在重核产生的电场中，M点的电势比Q点的低D．α粒子从M点运动到Q点，电场力对它做的总功为负功9．如图所示，a、b是x轴上关于O点对称的两点，c、d是y轴上关于O点对称的两点，c、d两点分别固定一等量异种点电荷，带负电的检验电荷仅在电场力作用下从a点沿曲线运动到b点，E为第一象限内轨迹上的一点，以下说法正确的是（）A．c点的电荷带正电B．a点电势高于E点电势C．E点场强方向沿轨迹在该点的切线方向D．检验电荷从a到b过程中，电势能先增加后减少10．将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是（）A．保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B．保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C．保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D．保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半11．如图，质量分别为m A和m B的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A和q B，用绝缘细线悬挂在天花板上．平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2（θ1＞θ2）．两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为v A和v B，最大动能分别为E kA和E kB．则（）A．m A一定小于m B B．q A一定大于q BC．v A一定大于v B D．E kA一定大于E kB12．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．电场强度的方向处处与等电势面垂直B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向13．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（）A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化14．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面平行，不计粒子的重力．下列说法正确的有（）A．粒子带负电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大15．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM16．将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，则（）A．a点的电场强度比b点的大B．a点的电势比b点的高C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功17．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点间的电压等于b、c两点间的电压D．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能二、计算题（第二题为选做题）18．（15分）（2014•福建）如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m，若将电荷量均为q=+2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，求：（1）两点电荷间的库仑力大小；（2）C点的电场强度的大小和方向．19．（2011•莱州市校级二模）在一个水平面上建立x轴，如图在过原点O右侧空间有一个匀强电场，电场强度大小E=6×105N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个电荷量q=5×10﹣8C、质量m=0.010kg的带负电绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，求：（1）物块最终停止时的位置；（g取10m/s2）（2）物块在电场中运动过程的机械能增量．2015-2016学年河南省洛阳市伊川县实验高中高三（上）限时训练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题5分，1-8单选，9-17多选）1．关于静电场下列说法中正确的是（）A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零；用公式U=Ed 和电势能公式E p=qφ即可求解．【解答】解：A、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故A错误．B、据电势能公式E p=qφ知，电势能取决于该点的电势和电荷，并不是只有正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，负电荷正好相反，故B错误．C、公式U=Ed 中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故C错误．D、据电势能公式E p=qφ知，正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，选项D正确．故选：D．【点评】明确电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；公式U=Ed 中的d为沿电场强度方向的距离；电荷在某点的电势能是由该点电势和电荷决定．2．如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加【考点】带电粒子在混合场中的运动；功能关系；机械能守恒定律．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】微粒在平行金属板间受到重力与电场力的作用，根据微粒运动轨迹与微粒受到的重力与电场力间的关系分析答题．【解答】解：微粒在极板间受到竖直向下的重力作用与电场力作用，由图示微粒运动轨迹可知，微粒向下运动，说明微粒受到的合力竖直向下，重力与电场力的合力竖直向下；A、如果微粒带正电，A板带正电荷，微粒受到的合力向下，微粒运动轨迹向下，A板带负电，但如果电场力小于重力，微粒受到的合力向下，微粒运动轨迹向下，则A板既可以带正电，也可能带负电，故A错误；B、如果微粒受到的电场力向下，微粒从M点运动到N点过程中电场力做正功，微粒电势能减小，如果微粒受到的电场力向上，则电势能增加，故B错误；C、微粒受到的合力向下，微粒从M点运动到N点过程中合外力做正功，微粒的动能增加，故C正确；D、微粒从M点运动到N点过程动能增加，重力势能减小，机械能不一定增加，故D错误．故选：C．【点评】根据微粒的运动轨迹判断出微粒受到的合外力，然后根据微粒的受力情况分析答题；电场力做正功，电势能增加，电场力做负功，电势能减小．3．如图所示，A、B是真空中的两个等量异种点电荷，M、N、O是AB连线的垂线上的点，且AO＞OB．一带负电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，M、N为轨迹和垂线的交点，设M、N两点的场强大小分别为E M、E N，电势分别为φM、φN．下列说法中正确的是（）A．点电荷A一定带正电B．E M小于E NC．φM大于φND．此试探电荷在M处的电势能小于N处的电势能【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加【解答】解：A、粒子受到的电场力指向轨迹弯曲的一侧，所以该负电荷受到的电场力指向带正电的电荷，所以B点带的是正电，故A错误；B、C因为AO＞OB，根据等量异种点电荷电场线及等势面分布特点可知，所以E M小于E N，φM 小于φN，故B正确，C错误．D、φM小于φN，则负电荷在M处的电势能大于在N处的电势能，故D错误．故选：B【点评】本题要求掌握住等量异种电荷的电场的分布的情况，根据电场分布的特点可以分析本题．4．如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN，下列说法正确的是（）A．A、B两点电势相等B．A、B两点场强相同C．将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D．负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】沿着电场线电势逐渐降低，电场强度可以用电场线形象描述；电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、MN间电场线从M到N，沿着电场线电势逐渐降低，故A点电势高与B点电势，故A错误；B、电场中A、B两点的电场线疏密程度相同，方向相同，故A、B两点的电场强度相同，故B 正确；C、将一正电荷从A点移到B点，电场力向右，做正功，电势能减小，故C错误；D、将一个负电荷从A移到B，电场力向左，做负功，故电势能增加，故D错误；故选B．【点评】本题关键明确等量异号电荷的电场线分别情况，然后根据沿着电场线电势逐渐降低，以及电场力做功等于电势能的减小量进行判断．5．如图所示，图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电量数值也相等，现将M、N从虚线上O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．M和N两粒子在电场中运动的加速度相同D．N从O点运动至a点的过程中克服电场力做功【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性．由动能定理可知，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，但方向不同．N从O点运动至a点的过程中电场力做正功．【解答】解：A、由题，等势线在水平方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出a粒子所受的电场力方向竖起向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N粒子带负电，M带正电．故A错误．B、由动能定理可知，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，但方向不同．故B正确．C、两粒子M、N质量相等，所带电量数值也相等，只受电场力，根据牛顿第二定律，有：a=，即加速度大小相等，但方向不同，故加速度不同，故C错误．D、N从O点运动至a点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功．故D错误．故选B．【点评】本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性．由动能定理分析电场力做功是常用的方法．6．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，若将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是（）A．A点电势大于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做功，说明Q 带负电，即可判断A、B电势高低；由点电荷场强公式E=k分析场强的大小；由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差，根据电场力做功公式W=qU，分析电荷量的大小；根据电场力做功与电势能的关系，即可判断q1在A点的电势能与q2在B点的电势能的大小．【解答】解：A、由题，将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做功，则知Q与两个试探电荷之间存在引力，说明Q带负电，电场线方向从无穷远处指向Q，则A点电势小于B点电势．故A错误．B、由点电荷场强公式E=k分析可知，A点的场强大于B点的场强．故B错误．C、由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差，将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，根据电场力做功公式W=qU，得知，q1的电荷量小于q2的电荷量．故C正确．D、将q1、q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，两个试探电荷电势能的变化量相等，无穷远处电势能为零，则q1在A点的电势能等于q2在B点的电势能．故D错误．故选C【点评】本题根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的大小，根据公式E=k分析场强的大小等等，都是常用的思路．7．两异种点电荷电场中的部分等势面如图所示，已知A点电势高于B点电势．若位于a、b处点电荷的电荷量大小分别为q a和q b，则（）A．a处为正电荷，q a＜q b B．a处为正电荷，q a＞q bC．a处为负电荷，q a＜q b D．a处为负电荷，q a＞q b【考点】等势面；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称，无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a 点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．故正确的答案应该选B．故选：B【点评】该题是常见电场知识的拓宽与延伸，需要有一定的知识迁移能力和较强的逻辑推理能力．对能力的要求相对较高．属于中档题目．8．如图所示，高速运动的α粒子被位于O点的重原子核散射，实线表示α粒子运动的轨迹，M、N和Q为轨迹上的三点，N点离核最近，Q点比M点离核更远，则（）A．α粒子在M点的速率比在Q点的大B．三点中，α粒子在N点的电势能最大C．在重核产生的电场中，M点的电势比Q点的低D．α粒子从M点运动到Q点，电场力对它做的总功为负功【考点】电势能；动能定理的应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据图线弯曲的方向，可以判定粒子受力的方向；再根据受力的方向，判定α粒子在电场中运动时，电荷间的电场力做功；根据电场力做功情况，即可判断α粒子动能、电势能的变化情况．【解答】解：A：根据图线弯曲的方向，可以判定粒子受力的方向大体向上，与粒子和O点的连线的方向相反，故靠近O点的过程电场力做负功，粒子的速度减小，远离的过程电场力做正功，粒子的速度增大．所以Q点的速度最大，N点的速度最小．故A错误；B：只有电场力做功，各点的动能与电势能的和保持不变．N点的速度最小，故电势能最大，故B正确；C：只有电场力做功，各点的动能与电势能的和保持不变．Q点的速度最大，故电势能最小，α粒子带正电荷，所以Q点的电势最低．故C错误；D：粒子受力的方向大体向上，与粒子和O点的连线的方向相反，故靠近O点的过程电场力做负功，远离的过程电场力做正功，故D错误．故选：B【点评】于点电荷周围的电场线分布要有明确的认识，点电荷周围的电场线是放射状的，正点电荷周围的电场线是沿半径方向向外的，负点电荷周围电场线是沿半径方向向里的；点电荷周围的等势面是一个个的同心球面．电场力做功与重力做功有共同的特点，就是与路径无关，电场力做功与初末位置的电势差有关．9．如图所示，a、b是x轴上关于O点对称的两点，c、d是y轴上关于O点对称的两点，c、d两点分别固定一等量异种点电荷，带负电的检验电荷仅在电场力作用下从a点沿曲线运动到b点，E为第一象限内轨迹上的一点，以下说法正确的是（）A．c点的电荷带正电B．a点电势高于E点电势C．E点场强方向沿轨迹在该点的切线方向D．检验电荷从a到b过程中，电势能先增加后减少【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲方向得到电场力的方向，再判断c、d点两个电荷的电性；最后根据电场力做的功等于电势能的减小量进行分析．【解答】解：A、带负电的检验电荷仅在电场力的作用下从a点沿曲线运动到b点，合力指向曲线的内侧，故上面的电荷带同种电，即c点电荷带负电，故A错误；B、从E点到b点电场力做正功，电势能减小，由于是负电荷，故从E到b电势要升高，即b 点的电势高于E点的电势．又因为等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故a、b两个点电势相等，所以a点电势高于E点电势，故B正确；C、E点的切线方向为速度方向，E点的场强方向应与电场力方向在一直线，而曲线运动的受力与速度方向不可能在同一直线上，即E点场强方向不可能是该点的切线方向，故C错误；D、检验电荷从a到b过程中，电场力先做正功后做负功，故电势能先增加后减小，故D正确．故选：BD．【点评】题的突破口在根据轨迹的弯曲方向得到电场力的方向，然后根据功能关系判断电势能的变化和电势的高低情况．10．将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是（）A．保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B．保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C．保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D．保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半【考点】电容器的动态分析．【专题】压轴题；电容器专题．【分析】保持U不变，根据公式E=分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据C=分析Q与U的关系；保持d不变，将Q变为原来的一半，由C=分析U 的变化，由E=分析E的变化．【解答】解：A、保持U不变，将d变为原来的两倍，根据公式E=可知，E变为原来的一半．故A正确．B、保持E不变，将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半．故B错误．C、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式C=分析可知，U变为原来的两倍．故C错误．D、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的一半，由公式C=分析可知，U变为原来的一半，由E=分析知，E变为原来的一半．故D正确．故选AD【点评】本题关键要掌握E=、C=两个公式，同时，要明确d不变时，电容C不变．11．如图，质量分别为m A和m B的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A和q B，用绝缘细线悬挂在天花板上．平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2（θ1＞θ2）．两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为v A和v B，最大动能分别为E kA和E kB．则（）。

河南省洛阳市伊川实验高中2017-2018学年高三上学期第一次月考物理试卷一．选择题（3*14=42）1．动车把动力装置分散安装在每节车厢上．使其既具有牵引动力．又可以载客．而动车组就是几节自带动力的车辆（动车）加几节不带动力的车辆（也叫拖车）编成一组，若动车组在匀加速运动过程中．通过第一个60m所用时间是10s．通过第二个60m所用时间是6s．则( )A．动车组的加速度为0.5m/s2，接下来的6s内的位移为78mB．动车组的加速度为lm/s2，接下来的6s内的位移为78mC．动车组的加速度为0.5m/s2，接下来的6s内的位移为96mD．动车组的加速度为lm/s2，接下来的6s内的位移为96m2．一个做竖直上抛运动的物体，不计空气阻力时，上升过程中的平均速度是10m/s，则它能达到的最大高度为（取g=10m/s2）( )A．5 m B．10 m C．20 m D．30 m3．如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的x﹣t图象，由图象可以看出在0～4s这段时间内( )A．甲、乙两物体始终同向运动B．4s时甲、乙两物体之间的距离最大C．甲的平均速度等于乙的平均速度D．甲、乙两物体之间的最大距离为3m4．如图所示为一个质点作直线运动的v﹣t图象，下列说法中正确的是( )A．在18s～22s时间内，质点的位移为24mB．整个过程中，BC段的加速度最大C．整个过程中，E点所表示的状态是离出发点最远D．BC段表示质点通过的位移为34m5．雨雾天，一辆汽车正以v1=10m/s的速度在平直公路上行驶，突然发现正前方有一辆自行车以v2=4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭油门做加速度大小为a=0.6m/s2的匀减速运动，汽车恰好没有碰上自行车，则( )A．关闭油门时汽车与自行车的距离mB．关闭油门时汽车与自行车的距离30 mC．汽车关闭油门后，汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为10sD．汽车关闭油门后，汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为s6．如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止．物体A的受力个数为( )A．2个B．3个C．4个D．5个7．已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N．则( )A．F1的大小是唯一的B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向8．如图（甲）所示，A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平地面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图（乙）所示，运动过程中两物体始终保持相对静止，则下列说法正确的是( )A．t=0时刻和t=2t0时刻，A受到的静摩擦力相反B．在t0时刻，A、B间的静摩擦力最大C．在t0时刻，A、B的速度最大D．在2t0时刻，A、B的速度最大9．a、b两物体从同一点沿同一方向作直线运动，v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是( )A．当t=5 s时，a、b两物体第一次相遇B．当t=10 s时．a、b两物体间距最大C．当t=15 s时，b物体在a物体的前面D．当t=20 s时，a、b两物体第二次相遇10．某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如图所示的四种情况下，该物体所受的合力最大的是( )A． B．C． D．11．如图所示，小球用细线拴住放在光滑斜面上，用力推斜面向左运动，小球缓慢升高的过程中，细线的拉力将( )A．先增大后减小B．先减小后增大C．一直增大D．一直减小12．如图，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45°，两者的高度差为l．一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉子b悬挂一质量为m1的重物．在绳子距a端得c点有一固定绳圈．若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后绳的ac段正好水平，则重物和钩码的质量比为( )A．B．2 C．D．13．如图所示，A、B为同一水平线上的两个绕绳装置，转动A、B改变绳的长度，使光滑挂钩下的重物C缓慢下降．关于此过程绳上拉力大小变化，下列说法中正确的是( )A．不变B．逐渐减小C．逐渐增大D．可能不变，也可能增大14．如图所示是一个简易起吊设施的示意图，AC是撑杆，质量不计，C端与竖直墙用铰链连接，一滑轮固定在A点正上方，现施一拉力F缓慢将重物P上拉，在AC杆达到竖直前( )A．绳上拉力F越来越大 B．绳上中拉力F越来越小C．AC杆中的支撑力F N越来越大D．AC杆中的支撑力F N不变二．实验题（2*7=14）15．某同学利用图甲所示的实验装置做了这样的实验．①按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块．释放小车，小车由静止开始运动．②按实验要求正确装上纸带，让小车靠近打点计时器，按住小车，打开打点计时器电源，释放小车，获得一条带有点迹的纸带．③在获得的纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点A，B，C，…．测量相邻计数点的间距S1，S2，S3，…．并将其记录在纸带上对应的位置处．完成下列填空：（1）已知实验装置中打点计时器的电源为50Hz的低压交流电源，若打点的时间间隔用△t 表示，则△t=__________s．（2）设纸带上五个相邻计数点的间距为s1、s2、s3和s 4．a可用s1、s4和△t表示为a=__________；v B可用s1、s2和△t表示为v B=__________．（3）图乙为用米尺测量所得纸带上的s1、s2、s3和s4的情况，由图可读出s1=__________cm，s4=__________cm．由此求得加速度的大小a=__________m/s2，v B=__________ m/s（计算结果取3位有效数字）．三．计算题16．我国某城市某交通路口绿灯即将结束时会持续闪烁3s，而后才会变成黄灯，再在3秒黄灯提示后再转为红灯．2013年1月1日实施新的交通规定：黄灯亮时车头已经越过停车线的车辆可以继续前行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．（本题中的刹车过程均视为匀减速直线运动）（1）若某车在黄灯开始闪烁时刹车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来且刹车距离不得大于18m，该车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）若某车正以v0=15m/s的速度驶向路口，此时车距停车线的距离为L=48.75m，当驾驶员看到绿灯开始闪烁时，经短暂考虑后开始刹车，该车在红灯刚亮时恰停在停车线以内．求该车驾驶员的允许的考虑时间．17．如图所示，用绳AC和BC吊起一重物，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，AC绳能承受的最大拉力为150N，而BC绳能承受的最大拉力为100N，求物体最大重力不能超过多少？18．质量为5kg的木块放在木板上，当木板与水平方向夹角为37°，木块恰能沿木板匀速下滑，木块与木板间的动摩擦因数多大？当木板水平放置时，要使木块能沿木板匀速滑动，给木块施加水平力应多大？（sin37°=0.6 cos37°=0.8 g=10N/kg）19．如图所示，用与竖直方向成30°角的力F将重为10N的物体推靠在竖直墙上，物体与墙的动摩擦因数等于0.2．要使物体静止在墙上，推力F的取值范围．（最大静摩擦力与滑动摩擦力相等）河南省洛阳市伊川实验高中2015届高三上学期第一次月考物理试卷一．选择题（3*14=42）1．动车把动力装置分散安装在每节车厢上．使其既具有牵引动力．又可以载客．而动车组就是几节自带动力的车辆（动车）加几节不带动力的车辆（也叫拖车）编成一组，若动车组在匀加速运动过程中．通过第一个60m所用时间是10s．通过第二个60m所用时间是6s．则( )A．动车组的加速度为0.5m/s2，接下来的6s内的位移为78mB．动车组的加速度为lm/s2，接下来的6s内的位移为78mC．动车组的加速度为0.5m/s2，接下来的6s内的位移为96mD．动车组的加速度为lm/s2，接下来的6s内的位移为96m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：根据推论：匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出第一个10s和第二个6s内中间时刻的瞬时速度，根据速度时间公式求出加速度，结合6s 内的位移为60m，运用位移时间公式求出接下来的6s内的位移．解答：解：动车组在匀加速运动过程中．通过第一个60m所用的时间是10s，中间时刻的速度为v1==m/s=6m/s通过第二个60m所用的时间为6s，中间时刻的速度为=10m/s．两个中间时刻的时间差为△t=8s则加速度为a===0.5m/s26s末的速度为v=v2+a t2=10+0.5×3=11.5m/s接下来的6s内的位移为x′=vt3+=11.5×6+=78m故选A点评：解决本题关键是掌握匀变速直线运动的运动学速度公式、位移公式和推论，并能灵活运用．2．一个做竖直上抛运动的物体，不计空气阻力时，上升过程中的平均速度是10m/s，则它能达到的最大高度为（取g=10m/s2）( )A．5 m B．10 m C．20 m D．30 m考点：竖直上抛运动．分析：根据上升过程中的平均速度，结合平均速度推论求出初速度的大小，根据速度位移公式求出达到的最大高度．解答：解：根据知，初速度为：v0=20m/s，则能达到的最大高度为：h=．故选：C．点评：解决本题的关键知道竖直上抛运动的运动规律，掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用．3．如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的x﹣t图象，由图象可以看出在0～4s这段时间内( )A．甲、乙两物体始终同向运动B．4s时甲、乙两物体之间的距离最大C．甲的平均速度等于乙的平均速度D．甲、乙两物体之间的最大距离为3m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．解答：解：A、由于位移﹣时间图象的斜率表示该时刻的速度，可以从图中看出乙物体的速度（斜率）始终为正值，即速度始终为正方向，甲物体前两秒内速度为正方向，2秒末到4秒末速度为负方向，故A错误．B、4s秒末两物体的位置坐标相同，说明两物体相遇，故B错误．C、由图知：4s内甲的位移大小为s甲=△x=2m﹣0=2m，乙的位移大小为s乙=△x=2m﹣0=2m，可见，位移相等，所用时间也相等，则由平均速度公式=知，平均速度相等．故C正确．D、从位移﹣时间图象来看，两个物体两秒末纵坐标读数之差最大，即两物体相距最远，可知2s末两物体相距最远，最大距离为△s=4m﹣1m=3m．故D正确．故选：CD．点评：解答本题关键要理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义，知道位移时间图象仅描述直线运动．4．如图所示为一个质点作直线运动的v﹣t图象，下列说法中正确的是( )A．在18s～22s时间内，质点的位移为24mB．整个过程中，BC段的加速度最大C．整个过程中，E点所表示的状态是离出发点最远D．BC段表示质点通过的位移为34m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图可知物体的运动过程中速度的变化，由图象中斜率可得出加速度的大小关系；由图象与时间由围成的面积可得出物体的位移．解答：解：A、在18s～22s时间内，质点先做减速运动，再反向加速，由面积可知，物体的位移为零，故A错误；B、图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，CE段的斜率最大，故CD段的加速度最大，故B错误；C、从A到D物体一直做正向运动，故位移一直增大，而D到E物体反向运动，故D点离出发点最远，故C错误；D、BC段的位移为×4m=34m，故D正确；故选D．点评：本题考查学生对v﹣t图象的认识，记住图象的斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示这段时间内物体通过的位移．5．雨雾天，一辆汽车正以v1=10m/s的速度在平直公路上行驶，突然发现正前方有一辆自行车以v2=4m/s的速度做同方向的匀速直线运动，汽车立即关闭油门做加速度大小为a=0.6m/s2的匀减速运动，汽车恰好没有碰上自行车，则( )A．关闭油门时汽车与自行车的距离mB．关闭油门时汽车与自行车的距离30 mC．汽车关闭油门后，汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为10sD．汽车关闭油门后，汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．分析：汽车恰好没有碰上自行车，临界状态是速度相等时，汽车恰好未撞上，根据速度时间公式求出恰好未撞上所用的时间，根据位移公式，结合位移关系求出关闭油门时两车的距离．解答：解：由题意知，两车速度相等时，汽车恰好未碰上自行车，经历的时间为：t=，则关闭油门时汽车和自行车的距离为：==30m，故A错误，B正确，C正确，D错误．故选：BC．点评：本题考查了运动学中的追及问题，抓住临界状态，结合速度相等时恰好不相撞，结合位移公式和速度公式进行求解，难度中等．6．如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止．物体A的受力个数为( )A．2个B．3个C．4个D．5个考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：先对AB整体受力分析，看是否与墙壁间有作用力，再对A物体受力分析即可．解答：解：先对AB整体受力分析，由平衡条件知，竖直方向：F=G A+G B水平方向，不受力，故墙面无弹力隔离A物体，必受重力、B对A的弹力和摩擦力作用，受三个力，故选：B点评：本题关键先对AB整体受力分析，再对A物体受力分析，注意平衡条件的应用，难度不大，属于基础题．7．已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N．则( )A．F1的大小是唯一的 B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向 D．F2可取任意方向考点：力的合成．分析：已知合力的大小为50，一个分力F1的方向已知，与F成30°夹角，另一个分力的最小值为Fsin30°=25N，根据三角形定则可知分解的组数．解答：解：已知一个分力有确定的方向，与F成30°夹角，知另一个分力的最小值为Fsin30°=25N而另一个分力大小大于25N小于30N，所以分解的组数有两组解．如图．故C正确，ABD错误故选C．点评：解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，知道平行四边形定则与三角形定则的实质是相同的．8．如图（甲）所示，A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平地面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图（乙）所示，运动过程中两物体始终保持相对静止，则下列说法正确的是( )A．t=0时刻和t=2t0时刻，A受到的静摩擦力相反B．在t0时刻，A、B间的静摩擦力最大C．在t0时刻，A、B的速度最大D．在2t0时刻，A、B的速度最大考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律分析何时整体的加速度最大．再以A为研究对象，当加速度最大时，A受到的静摩擦力最大．以整体为研究对象，分析何时AB的速度最大解答：解：A、以整体为研究对象，0时刻F为正方向，根据牛顿第二定律分析得知，则整体加速度为正，再以A为研究对象f=m A a，则A受到的静摩擦力为正方向；2t0时刻整体所受的合力为负方向，同理可知，此时A受到的静摩擦力为负方向，故t=0时刻和t=2t0时刻，A受到的静摩擦力方向不同．故A错误．B、在t0时刻，F=0，根据牛顿第二定律分析得知，则整体加速度a为0，以A为研究对象f=ma=0，即在t0时刻，A、B间的静摩擦力为0，故B错误；C、整体在0﹣t0时间内，做加速运动，在t0﹣2t0时间内，向原方向做减速运动，则t0时刻，AB速度最大．故C正确D错误；故选：C点评：本题一方面要灵活选择研究对象，另一方面，要能根据物体的受力情况分析物体的运动过程，这是学习动力学的基本功9．a、b两物体从同一点沿同一方向作直线运动，v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是( )A．当t=5 s时，a、b两物体第一次相遇B．当t=10 s时．a、b两物体间距最大C．当t=15 s时，b物体在a物体的前面D．当t=20 s时，a、b两物体第二次相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、当t=5s时，a、b两物体速度相等，由图形的面积可以看出a的位移小于b 的位移，故二者没有相遇，A错误；B、当t=10s时，由图形的面积可以看出二者的位移相等，a、b两物体相遇，间距最小，B 错误；C、当t=1 5 s时，a的位移大于b的位移，故a物体在b物体前面，C错误；D、当t=20 s时，两图形面积相等，则位移相等，二者相遇，由前面分析知已经相遇一次，故为第二次相遇，D正确；故选：D．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．10．某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如图所示的四种情况下，该物体所受的合力最大的是( )A． B．C． D．考点：力的合成．分析：力的合成遵循平行四边形定则，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成．解答：解：设小正方形边长长度代表1N，A、先将F1与F3合成，然后再用勾股定理，求得合力等于5 N，不是最大，A错误；B、先将F1与F3沿水平和竖直方向正交分解，再合成，求得合力等于5 N，不是最大，故B 错误；C、可将F3沿水平和竖直方向正交分解正交分解，求得合力等于6 N，最大，C正确；D、根据三角形法则，图中合力等于0，D错误；故选：C．点评：求解合力可以直接根据平行四边形定则合成，有时也可以先正交分解再合成．11．如图所示，小球用细线拴住放在光滑斜面上，用力推斜面向左运动，小球缓慢升高的过程中，细线的拉力将( )A．先增大后减小B．先减小后增大C．一直增大D．一直减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以小球为研究对象，画出小球的受力分析图．分析滑块左移会引起哪个力的方向变化，用三角形法求解．解答：解：对小球受力分析如图所示，重力的大小方向不变，平移另两个力构成一首尾相连的闭合的三角形，滑块左移会引起F T的方向及大小的变化而F N的方向不变，且合力为0，则三力依然为闭合三角形，如图所示：则F T与F N相垂直时F T最小，则闭合三角形发生如图所示变化，则F T的变化为先变小，变大．故选B点评：若三力合力为0，则三力首尾相连构成一闭合三角形，分析出不变的力不动，另外的两个力依变化改变方向或大小，但依然是闭合三角形，分析边长的变化就得出力大小的变化．12．如图，墙上有两个钉子a和b，它们的连线与水平方向的夹角为45°，两者的高度差为l．一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a点，另一端跨过光滑钉子b悬挂一质量为m1的重物．在绳子距a端得c点有一固定绳圈．若绳圈上悬挂质量为m2的钩码，平衡后绳的ac段正好水平，则重物和钩码的质量比为( )A．B．2 C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：计算题．分析：根据题意画出平衡后的物理情景图．对绳子上c点进行受力分析．根据几何关系找出BC段与水平方向的夹角．根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．解答：解：对绳子上c点进行受力分析：平衡后设绳的BC段与水平方向成α角，根据几何关系有：tanα=2，sinα=．对结点C分析，将F a和F b合成为F，根据平衡条件和三角函数关系得：F2=m2g=F，F b=m1g．sinα==所以得：，故选C．点评：该题的关键在于能够对线圈进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．13．如图所示，A、B为同一水平线上的两个绕绳装置，转动A、B改变绳的长度，使光滑挂钩下的重物C缓慢下降．关于此过程绳上拉力大小变化，下列说法中正确的是( )A．不变B．逐渐减小C．逐渐增大D．可能不变，也可能增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：二力合成时，夹角越小，合力越大；同样，将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大；物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线．解答：解：物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力平衡；两个拉力合力一定，夹角不断减小，故拉力不断减小；故选B．点评：本题关键记住“将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大”的结论，若是用解析法求解出拉力表达式分析，难度加大了．14．如图所示是一个简易起吊设施的示意图，AC是撑杆，质量不计，C端与竖直墙用铰链连接，一滑轮固定在A点正上方，现施一拉力F缓慢将重物P上拉，在AC杆达到竖直前( )A．绳上拉力F越来越大 B．绳上中拉力F越来越小C．AC杆中的支撑力F N越来越大D．AC杆中的支撑力F N不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以P点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形APO三边边长的关系，再分析其变化．解答：解：以P点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图：由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：==又T=G解得：N=F=G；使∠AOP缓慢变小时，AO、OP保持不变，AP变小，则N保持不变，F变小．故选：BD．点评：本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法．二．实验题（2*7=14）15．某同学利用图甲所示的实验装置做了这样的实验．①按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块．释放小车，小车由静止开始运动．②按实验要求正确装上纸带，让小车靠近打点计时器，按住小车，打开打点计时器电源，释放小车，获得一条带有点迹的纸带．③在获得的纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点A，B，C，…．测量相邻计数点的间距S1，S2，S3，…．并将其记录在纸带上对应的位置处．完成下列填空：（1）已知实验装置中打点计时器的电源为50Hz的低压交流电源，若打点的时间间隔用△t 表示，则△t=0.02s．（2）设纸带上五个相邻计数点的间距为s1、s2、s3和s 4．a可用s1、s4和△t表示为a=；v B可用s1、s2和△t表示为v B=．（3）图乙为用米尺测量所得纸带上的s1、s2、s3和s4的情况，由图可读出s1=1.68cm，s4=3.88cm．由此求得加速度的大小a=0.735m/s2，v B=0.205 m/s（计算结果取3位有效数字）．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：（1）打点计时器的打点周期与交流电的周期相同，由此可知打点的时间间隔．（2）在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，可求出加速度的大小．（3）根据刻度尺的指示可知各个计数点之间的距离大小，注意要进行估读，然后代入（2）中公式可求出加速度和速度的大小．解答：解：（1）交流电的频率为50Hz，因此其周期为=0.02s，因此打点周期为△t=0.02s；（2）计数点之间的时间间隔为：t=5△t，根据匀变速直线运动中，连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，可得：即：=匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：=（3）根据刻度尺的指示，可知：s1=1.68cm，s2=2.42cm，s4=3.88cm．故答案为：（1）0.02；（2）；；（3）1.68，3.88，0.735，0.205．点评：对于实验器材的选取一是根据实验目的进行，二是要进行动手实验，体会每种器材的作用；要加强基本物理规律的应用，提高操作技能和数据处理能力．要注意单位的换算和有效数字的保留．三．计算题16．我国某城市某交通路口绿灯即将结束时会持续闪烁3s，而后才会变成黄灯，再在3秒黄灯提示后再转为红灯．2013年1月1日实施新的交通规定：黄灯亮时车头已经越过停车线的车辆可以继续前行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．（本题中的刹车过程均视为匀减速直线运动）（1）若某车在黄灯开始闪烁时刹车，要使车在黄灯闪烁的时间内停下来且刹车距离不得大于18m，该车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）若某车正以v0=15m/s的速度驶向路口，此时车距停车线的距离为L=48.75m，当驾驶员看到绿灯开始闪烁时，经短暂考虑后开始刹车，该车在红灯刚亮时恰停在停车线以内．求该车驾驶员的允许的考虑时间．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据匀变速运动的平均速度=求解初速度．（2）反应时间内汽车仍做匀速运动，刹车后匀减速运动，根据运动学公式求解．解答：解：（1）设在满足题设条件的情况下该车的最大行驶速度为v根据平均速度公式：刹车距离：解得：v=。

2015-2016学年河南省高三（上）质检物理试卷（A卷）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，在每题给出的四个选项中，第1题一第8题，每小题只有一个选项符合题目要求；第9题～第12题．每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示为甲、乙两物体从同一地点开始做直线运动的v一t图象，图中t1=t2，则在0一t2时间内物体的运动，下列说法错误的是（）A．在t1时刻，甲位移是乙位移的2倍B．加速过程中，甲的加速度大小是乙的加速度大小的2倍C．在t1到t2之间某个时刻，甲与乙相遇D．在到达t2时刻之前，甲一直在乙的前面2．一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，则下列说法正确的是（）A．斜面对长木板的摩擦力为mgsinθB．斜面对长木板的摩擦力为3μ2mgcosθC．长木板对人的摩擦力为2μ1mgcosθD．长木板对人的摩擦力为2mgsinθ3．如图所示，光滑固定斜面体ABC的两个底角∠A=37°，∠B=53°，两个物块通过一绕过定滑轮的轻绳相连放于两斜面上，给m2一沿斜面向下的初速度，结果m2刚好能沿斜面匀速下滑，若将m1、m2互换位置，并同时释放两物块，则m1的加速度（重力加速度为g）（）A．大小为0.1g方向沿斜面向上 B．大小为0.1g方向沿斜面向下C．大小为0.2g方向沿斜面向上 D．大小为0.2g方向沿斜面向下4．正三角形ABC的三个顶点处分别有垂直于三角形平面的无限长直导线，导线中通有恒定电流，方向如图所示，a、b、c三点分别是正三角形三边的中点，若A、B、C三处导线中的电流分别为l、2l、3l，已知无限长直导线在其周围某一点产生的磁场磁感应强度B的大小与电流成正比，与电流到这一点的距离成反比，即B=，则a、b、c三点的磁感应强度大小关系为（）A．a点最大B．b点最大C．c点最大D．b，c两点一样大5．如图所示，AB是半圆弧的直径，处于水平，O是圆弧的圆心，C是圆弧上一点，∠OAC=37°，在A、O两点分别以一定的初速度同时水平抛出两个小球，结果都落在C点，则两个球抛出的初速度v l、v2的大小之比为（）A．v l：v2=32：7 B．v l：v2=16：7 C．v l：v2=16：3 D．v l：v2=16：96．如图所示，质量为m的小球用长为L的细绳与O点相连，开始时小球位于A 点，OA长为L，在OA的垂直平分线BC和虚线OD的交点处有一小钉，虚线OD 与水平方向的夹角θ=37°，当小球由静止释放，小球运动到最低点时，细绳刚好断开（不考虑细绳与小钉碰撞的能量损失），则绳能承受的最大拉力为（）A．2mg B．3mg C．4mg D．5mg7．某赤道平面内的卫星自西向东飞行绕地球做圆周运动，该卫星离地高度为h，赤道上某人通过观测，前后两次出现在人的正上方最小时间间隔为t，已知地球的自转周期为T0，地球的质量为M，引力常量为G，由此可知（）A．地球的半径为B．地球的半径为C．该卫星的运行周期为t﹣T0D．该卫星运行周期为8．如图所示，平行板电容器竖直放置，与直流电源相连，开始时两板M、N错开（图中实线所在位置），M板固定，并接地，两板间P点固定一带正电的粒子，则（）A．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，两板间的电压先增大后减小B．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器的带电量先增大后减小C．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，带电粒子的电势能先增大后减小D．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器贮存的电场能先增大后减小9．如图所示为两电量绝对值相等的点电荷A、B激发的电场，矩形abcd的中心正好与两电荷连线的中点O重合，ad边平行于点电荷连线，e、f、g、h分别为矩形各边与两电荷连线及中垂线的交点，取无穷远处为零电势处．则下述正确的是（）A．若A、B是同种电荷，则e、f两点场强相同B．若A、B是同种电荷，则a、b、c、d四点电势相同C．若A、B是异种电荷，则g、h两点的电势为零D．若A、B是异种电荷，则a、c两点场强相同10．物体做自由落体运动，其下落的高度h、瞬时速度v、时间t、平均速度之间的关系正确的是（）A．B．C．D．11．如图所示，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片缓慢地从最左端向右移动一段距离的过程中，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，电流表的示数为I，电容器的带电量为Q，则在这个过程中，下列图象正确的是（）A．B．C．D．12．如图所示，一单边有界磁场的边界上有一粒子源，以与水平方向成θ角的不同速率，向磁场中射入两个相同的粒子1和2，粒子1经磁场偏转后从边界上A 点出磁场，粒子2经磁场偏转后从边界上B点出磁场，OA=AB，则（）A．粒子1与粒子2的速度之比为1：2B．粒子1与粒子2的速度之比为1：4C．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：1D．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：2二、实验题：本题共2小题，共15分．13．某同学用气垫导轨做侧滑块加速度和验证机械能守恒定律实验，A、B为气垫导轨上的两个光电门，当滑块在气垫导轨上滑动通过两光电门时，连接在光电门上的数字计时器记录滑块上的挡光片挡光时间，两光电门间的距离为L．（1）先用一螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2所示，读数为d=cm．（2）实验开始先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定气垫导轨是否水平？（3）让滑块在图示1位置由静止开始在悬挂重物的牵引下向左运动，牵引滑块的细绳始终保持水平，滑块通过A、B两光电门的时间分别为t1、t2，则此次运动过程中，滑块运动的加速度大小为（用题设中各物理量符号表示）．要利用此过程验证机械能守恒定律，还需要测量的物理量为（填物理量及符号），要验证机械能守恒的表达式为（用顺设中各物理量符号表示）．14．某实验小组用如图1所示实验电路测三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，定值电阻3Ω．（1）闭合电键前，滑动变阻器的滑片应移动到最（填“左”或“右”）端，闭合电键后，在连续调节滑动变阻器滑片的过程中，电压表V2的示数（填“增大”、“减小”或“不变，’）．（2）根据实验测得的两个电压表的多组示数，作出U1一U2图象，如图2所示，由此得到电池组的电动势E=，内阻r=（3）本实验引起系统误差的主要原因有．三、计算论述题：本题共3小题，共计35分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．如图所示，一固定倾斜放置的粗糙直杆方向与水平方向的夹角为θ=37°，其上套有一质量为m的环，给环一个初速度让环沿杆下滑，环恰好能匀速下滑，现给环一斜向上的拉力，方向与杆的夹角也为θ，使环从A点由静止沿杆向上做匀加速直线运动，至C点时撤去拉力，结果环恰好能滑到D点，已知AB=BC=CD=L，重力加速度为g，拉力作用在环上时，杆对环的弹力垂直于杆向下，（已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）环与杆间的动摩擦因数；（2）拉力F的大小．16．如图所示，一光滑绝缘斜面固定在水平向右的匀强电场中，斜面的倾角为37°，斜面上有A、B两个小球，B球固定，A球恰好处于静止，两球相距L，两球的质量均为m，带电量的大小均为q，A带负电，静电力常量为k．（已知sin37°=，cos37）求：，（1）B球的电性及匀强电场的电场强度大小；（2）释放B球的一瞬间，B球的加速度大小；（3）释放B球后，当A球沿斜面向下运动L的距离时，B球运动了n l L的距离，这时A球的速度为v，B球的速度为n2v，此过程中两个球间的库仑力做功的代数和为多少？17．如图所示，在平面直角坐标系xoy中，第工象限内有沿y轴负向的匀强电场，电场强度的大小为E，第IV象限内有垂直纸面向外的匀强磁场．在y轴的正半轴上，各点处均向x轴正向发射质量均为m、电荷量为q的带正电粒子，结果这些粒子均能从x轴上的Q占决入磁场，并且到Q点速度最小的粒子A，经磁场偏转后恰好从（0，一L）射出磁场，已知QQ=L，粒子的重力不计．求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小及粒子A在磁场中运动的时间；（2）若某粒子c从y轴上的P点射出，经过Q点时，速度方向与x轴正向成30°，求OP的大小及该粒子在磁场中做圆周运动的半径．2015-2016学年河南省高三（上）质检物理试卷（A 卷）参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，在每题给出的四个选项中，第1题一第8题，每小题只有一个选项符合题目要求；第9题～第12题．每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示为甲、乙两物体从同一地点开始做直线运动的v 一t 图象，图中t 1=t 2，则在0一t 2时间内物体的运动，下列说法错误的是（ ）A ．在t 1时刻，甲位移是乙位移的2倍B ．加速过程中，甲的加速度大小是乙的加速度大小的2倍C ．在t 1到t 2之间某个时刻，甲与乙相遇D ．在到达t 2时刻之前，甲一直在乙的前面【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在速度﹣时间图象中，图象的切线代表该位置的加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，据此分析即可．【解答】解：A 、根据图象可知，甲乙都做匀加速直线运动，而t 1=t 2，则a 甲=2a乙，所以在t 1时刻，v 甲=2v 乙，此时甲的位移，乙的位移，甲位移是乙位移的2倍，故AB 正确；C 、图象与坐标轴围成面积代表位移，甲、乙两物体从同一地点开始做直线运动，根据图象可知，在t 2时刻，甲乙的位移相等，则在t 2时刻相遇，相遇前甲一直在乙的前面，故C 错误，D 正确．本题选错误的，故选：C2．一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，则下列说法正确的是（）A．斜面对长木板的摩擦力为mgsinθB．斜面对长木板的摩擦力为3μ2mgcosθC．长木板对人的摩擦力为2μ1mgcosθD．长木板对人的摩擦力为2mgsinθ【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】根据选取不同的研究对象，依据整体法与隔离法，结合平衡条件，即可求解．【解答】解：AB、对人，物块，长木板三者整体研究，斜面对它们的摩擦力为静摩擦力，其大小为f=3mgsinθ，故AB错误；CD、对人，物块整体研究，由于物块与长木板间的摩擦力刚好为零，因此长木板对人的静摩擦力大小为f′=2mgsinθ，故C错误，D正确；故选：D．3．如图所示，光滑固定斜面体ABC的两个底角∠A=37°，∠B=53°，两个物块通过一绕过定滑轮的轻绳相连放于两斜面上，给m2一沿斜面向下的初速度，结果m2刚好能沿斜面匀速下滑，若将m1、m2互换位置，并同时释放两物块，则m1的加速度（重力加速度为g）（）A．大小为0.1g方向沿斜面向上 B．大小为0.1g方向沿斜面向下C．大小为0.2g方向沿斜面向上 D．大小为0.2g方向沿斜面向下【考点】牛顿第二定律．【分析】根据物体运动情况分析物体的受力情况，可以分别对两物体受力分析．互换位置后再分析物体受力情况，根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：由题意知，m2恰好沿斜面匀速下滑时，由二力平衡有m1gsin37°=m2gsin53°互换位置后，设m1的加速度为a，方向沿斜面向下由牛顿第二定律有：m1gsin53°﹣m2gsin37°=（m1+m2）a，解得a=0.2g，D项正确．故选：D．4．正三角形ABC的三个顶点处分别有垂直于三角形平面的无限长直导线，导线中通有恒定电流，方向如图所示，a、b、c三点分别是正三角形三边的中点，若A、B、C三处导线中的电流分别为l、2l、3l，已知无限长直导线在其周围某一点产生的磁场磁感应强度B的大小与电流成正比，与电流到这一点的距离成反比，即B=，则a、b、c三点的磁感应强度大小关系为（）A．a点最大B．b点最大C．c点最大D．b，c两点一样大【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】本题考查了磁场的叠加，根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据安培定则判断出两导线在a、b、c三点形成磁场方向，磁感应强度B是矢量，根据矢量分解合成的平行四边形定则求解．【解答】解：设正三角形的边长为2L，根据公式B=，结合矢量的叠加原理，则a、b、c三点的磁感应强度大小分别为B a=4k；B b==B c==综上所述，故B正确，ACD错误；故选：B．5．如图所示，AB是半圆弧的直径，处于水平，O是圆弧的圆心，C是圆弧上一点，∠OAC=37°，在A、O两点分别以一定的初速度同时水平抛出两个小球，结果都落在C点，则两个球抛出的初速度v l、v2的大小之比为（）A．v l：v2=32：7 B．v l：v2=16：7 C．v l：v2=16：3 D．v l：v2=16：9【考点】平抛运动．【分析】平抛运动的高度相同，则运动的时间相同，根据几何关系求出水平位移之比，从而求出初速度之比．【解答】解：两球下落的高度相同，根据t=知，下落的时间相同，设圆弧的半径为R，则A点抛出的球平抛运动的水平位移x1=2Rcos37°•cos37°=1.28R，从O 点抛出的球做平抛运动的水平位移为x2=x1﹣R=0.28R，根据v=知，v1：v2=1.28：0.28=32：7．故选：A．6．如图所示，质量为m的小球用长为L的细绳与O点相连，开始时小球位于A 点，OA长为L，在OA的垂直平分线BC和虚线OD的交点处有一小钉，虚线OD 与水平方向的夹角θ=37°，当小球由静止释放，小球运动到最低点时，细绳刚好断开（不考虑细绳与小钉碰撞的能量损失），则绳能承受的最大拉力为（）A．2mg B．3mg C．4mg D．5mg【考点】机械能守恒定律；向心力．【分析】小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒定律，根据机械能守恒定律求出运动到最低点的速度，在最低点，绳子刚好拉断，此时绳子的力最大，根据向心力公式求解最大拉力．【解答】解：小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒定律，设小球运动到最低点时的速度为v，则有：mg（L﹣）=在最低点，绳子刚好拉断，则绳能承受的最大拉力满足F﹣mg=m解得：F=5mg，故D正确．故选：D7．某赤道平面内的卫星自西向东飞行绕地球做圆周运动，该卫星离地高度为h，赤道上某人通过观测，前后两次出现在人的正上方最小时间间隔为t，已知地球的自转周期为T0，地球的质量为M，引力常量为G，由此可知（）A．地球的半径为B．地球的半径为C．该卫星的运行周期为t﹣T0D．该卫星运行周期为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供向心力公式，结合前后两次出现在人的正上方时，正好多转动一圈，从而列式，即可求解．【解答】解：根据赤道平面内的卫星绕地球做圆周运动，由万有引力提供向心力，则有：解得：R=﹣h，设卫星的周期为T，则有：=1，解得：T=，因此R=﹣h，故D正确，ABC错误；故选：D．8．如图所示，平行板电容器竖直放置，与直流电源相连，开始时两板M、N错开（图中实线所在位置），M板固定，并接地，两板间P点固定一带正电的粒子，则（）A．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，两板间的电压先增大后减小B．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器的带电量先增大后减小C．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，带电粒子的电势能先增大后减小D．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器贮存的电场能先增大后减小【考点】电容器的动态分析．【分析】电容器始终与电源连接，两端的电势差不变，负极板向下移动一小段距离稳定后，电容发生变化，根据Q=CU判断带电量的变化，当电键断开后，则电量不变，那么由公式U=可知判断电压的变化，从而判断P点与M极板间电势差的变化，从而得出P点电势的变化，进而确定电势能的变化，最后依据库仑力做功的正负，从而判定电容器的电场能的变化．【解答】解：A、电键K闭合，由于电容器一直与电源相连，因此电容器两极间的电压不变，故A错误；B、由电容的决定式C=，可知，两板间的正对面积先增大后减小，因此平行板电容器的电容先增大后减小，由Q=CU可知，由于K闭合，电压一定，电容器的带电量先增大后减小，故B正确；C、电键K断开，电容器的带电量一定，由U=可知，两板间的电压先减小后增大，由电压分配可知，P点的电势先降低后升高，因此带正电的电荷在P点的电势能先减小后增大，故C错误；D、由电压分配可知，电容器的电量一定，N板移动过程中，两板电荷间的库仑力先做正功后做负功，因此电容器贮存的电场能先减小后增大，故D错误；故选：B．9．如图所示为两电量绝对值相等的点电荷A、B激发的电场，矩形abcd的中心正好与两电荷连线的中点O重合，ad边平行于点电荷连线，e、f、g、h分别为矩形各边与两电荷连线及中垂线的交点，取无穷远处为零电势处．则下述正确的是（）A．若A、B是同种电荷，则e、f两点场强相同B．若A、B是同种电荷，则a、b、c、d四点电势相同C．若A、B是异种电荷，则g、h两点的电势为零D．若A、B是异种电荷，则a、c两点场强相同【考点】电场的叠加；电场强度；电势．【分析】根据等量同种电荷电场线和等势线分布情况和对称性，判断abcd四点的电势和场强关系，场强是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同．等量异种电荷产生的电场中，电场线关于两电荷的连线和中垂线对称，根据对称性分析场强的大小；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势关系．结合两种电场的电场线的特点如图，然后分析即可．【解答】解：A、根据等量同种电荷电场线和等势线分布情况和对称性，可知abcd 四点的电场强度大小相等，但方向不同．故A错误；B、abcd四点所处的为四个对称点且电势为标量，则电势相同．故B正确；C、若A、B是异种电荷，则g、h两点的连线是两个点电荷的连线的中垂线，该中垂线上各点的电势与无穷远处的电势相等，所以电势为零．故C正确；D、若A、B是异种电荷，根据等量异种点电荷的电场的特点可知，则a、c两点场强相同．故D正确．故选：BCD．10．物体做自由落体运动，其下落的高度h、瞬时速度v、时间t、平均速度之间的关系正确的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；自由落体运动．【分析】明确自由落体运动的规律，根据位移公式及速度公式进行分析，从而得出正确的图象．【解答】解：物体做自由落体运动．下落的高度h=gt2；故h﹣t图象为过原点的抛物线；故A正确；C错误；B、由v=gt可知，速度﹣时间图象为过原点的直线；故B错误，D正确；故选：AD．11．如图所示，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片缓慢地从最左端向右移动一段距离的过程中，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，电流表的示数为I，电容器的带电量为Q，则在这个过程中，下列图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【分析】当电压表测量滑动变阻器的电压，电流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律分析图象，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化情况，从而分析R1的电压如何变化，根据R1电压的变化，判断电容器所带电量的变化．【解答】解：A、电压表测量滑动变阻器的电压，电流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律U=E﹣I（R1+r）得：△U=△I（R1+r）解得：=（R1+r），不变，故A错误，B正确；C、当滑动变阻器R的滑片缓慢地从最左端向右移动一段距离的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I增大，根据欧姆定律可知电阻R1两端电压增大，电路中总电流I增大，根据Q=UC=CR1I 可知，Q﹣I图象是过原点的倾斜直线，故C错误，D正确；故选：BD12．如图所示，一单边有界磁场的边界上有一粒子源，以与水平方向成θ角的不同速率，向磁场中射入两个相同的粒子1和2，粒子1经磁场偏转后从边界上A 点出磁场，粒子2经磁场偏转后从边界上B点出磁场，OA=AB，则（）A．粒子1与粒子2的速度之比为1：2B．粒子1与粒子2的速度之比为1：4C．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：1D．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：2【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：，可得到：R=，周期T=；画出轨迹，结合几何关系得到半径之比，根据公式得到半径关系，再结合公式t=得到时间关系．【解答】解：AB、粒子进入磁场后速度的垂线与OA的垂直平分线的交点为粒子1在磁场中的轨迹圆的圆心；同理，粒子进入磁场后速度的垂线与OB的垂直平分线的交点为粒子2在磁场中的轨迹圆的圆心；由几何关系可知，两个粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为r1：r2=1：2，由r=可知，粒子1与粒子2的速度之比为1：2，故A正确，B错误；CD、由于粒子在磁场中做圆周运动的；均为周期均为T=，且两粒子在磁场中做圆周运动的轨迹所对的圆心角相同，根据公式t=，两个粒子在磁场中运动的时间相等，故C正确，D错误；故选：AC二、实验题：本题共2小题，共15分．13．某同学用气垫导轨做侧滑块加速度和验证机械能守恒定律实验，A、B为气垫导轨上的两个光电门，当滑块在气垫导轨上滑动通过两光电门时，连接在光电门上的数字计时器记录滑块上的挡光片挡光时间，两光电门间的距离为L．（1）先用一螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2所示，读数为d=0.6725cm．（2）实验开始先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定气垫导轨是否水平？取下牵引重物，M放在任意位置不动，或取下牵相重物，轻推滑块，数字计时器记录每一个光电门的电束被挡住的时间都相等（3）让滑块在图示1位置由静止开始在悬挂重物的牵引下向左运动，牵引滑块的细绳始终保持水平，滑块通过A、B两光电门的时间分别为t1、t2，则此次运动过程中，滑块运动的加速度大小为（﹣）（用题设中各物理量符号表示）．要利用此过程验证机械能守恒定律，还需要测量的物理量为滑块的质量M，以及悬挂重物的质量m，（填物理量及符号），要验证机械能守恒的表达式为mgL=（M+m）d2（（﹣）（用顺设中各物理量符号表示）．【考点】验证机械能守恒定律；机械能守恒定律．【分析】（1）根据螺旋测微器的读数方法可明确对应的读数，注意在读可动部分时需要估读；（2）导轨水平时，滑块在不受外力的情况下应处于平衡状态；故小车可以做匀速直线运动或静止；（3）根据平均速度公式可求得经过光电门的速度，再由速度和位移公式可求得加速度；根据机械能守恒定律可明确对应的表达式．【解答】解：（1）螺旋测微器的读数为：d=6.5+22.5×0.01mm=6.725mm=0.6725cm（2）气垫导轨处于水平时，滑块受力平衡，故可以取下牵引重物，M放在任意位置不动，或取下牵相重物，轻推滑块，数字计时器记录每一个光电门的电束被挡住的时间都相等；（3）经过光电门的速度v=；由v2﹣v02=2ax可知，（）2﹣（）2=2aL；解得：a=（﹣）要想验证机械能守恒，还需要测量滑块的质量M，以及悬挂重物的质量m，根据机械能守恒定律可知：mgL=（M+m）d2（（﹣）；故答案为：（1）0.6725；（2）可以取下牵引重物，M放在任意位置不动，或取下牵相重物，轻推滑块，数字计时器记录每一个光电门的电束被挡住的时间都相等；（3）滑块的质量M，以及悬挂重物的质量m；mgL=（M+m）d2（（﹣）；14．某实验小组用如图1所示实验电路测三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，定值电阻3Ω．。

2015-2016学年河南省洛阳市伊川县实验高中高二（上）期中物理模拟试卷一、本题共14小题，每小题3分，共42分．在每小题中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．下列研究物理问题所用方法相同的是（）（1）根据电流所产生的效应认识电流（2）研究电流时把它比作水流（3）根据磁铁产生的作用来认识磁场（4）利用磁感线来描述磁场．A．（1）与（2）B．（1）与（3）C．（3）与（4）D．（2）与（4）2．关于电源电动势，下面叙述正确的是（）A．1号干电池比5号干电池的电动势大B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压D．蓄电池（电动势为2V）将化学能转化为电能的本领比干电池（电动势为1.5V）大3．A、B两个金属导体的伏安特性曲线如图所示，由图象可知（）A．R A＞R BB．R A＜R BC．两导体串联在电路中时U A＞U BD．两导体并联在电路中时I A＞I B4．下面给出了电视机、电风扇、空调和电冰箱铭牌上的主要项目，根据铭牌上提供的信息，下列说法正确的是（）A．正常工作时电风扇中流过的电流最小B．正常工作时电风扇消耗的电功率最小C．在24小时内正常使用的电冰箱比连续运转的电风扇耗电多D．在24小时内正常使用的电冰箱比连续运转的电风扇耗电少5．一段粗细均匀的镍铬丝，横截面的直径是d，电阻是R，把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A．10000 R B．C．100 R D．6．将一个满偏电流3mA的电流表改装成欧姆表，调零后用它测量500Ω的标准电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，用它进行电阻测量时，下列说法正确的是（）A．测量电阻之前要欧姆调零B．测量时，如果表针的偏角太小，表明被测电阻阻值太小C．测量时，如果指针在1mA处，则被测电阻的阻值为1000ΩD．测量二极管正向电阻时，红表笔接触二极管的正极，黑表笔接触二极管的负极7．电动势为E、内阻为r的电源与灯泡L1、L2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路．当滑动变阻器的触头由中点滑向b端过程中，下列说法正确的是（）A．灯L1变暗，L2变亮B．灯L1变亮，L2变暗C．电压表和电流表读数都增大D．电压表读数增大，电流表读数减小8．在如图所示的逻辑电路中，当A、B端输入电信号均为“0”时，则在C和D端输出的电信号分别为（）A．1和1 B．0和1 C．1和0 D．0和09．下列关于磁感应强度的说法中正确的是（）A．通电导线受安培力大的地方磁感应强度一定大B．磁感线的指向就是磁感应强度减小的方向C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关10．如图所示，a、b两根垂直纸面的直导体通有等值的电流，两导线旁有一点P，P点到a、b距离相等，要使P点的磁场方向向右，则a、b中电流的方向为（）A．都向纸里B．都向纸外C．a中电流方向向纸外，b中向纸里D．a中电流方向向纸里，b中向纸外11．我国北极科考队在北极观看到了美丽的极光．极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示．这些高能粒子在运动过程中与大气分子或原子剧烈碰撞或摩擦，从而激发大气分子或原子使其发出各种颜色的光．科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关（）A．太阳对带电粒子的引力做负功B．越靠近南北两极的磁感应强度越强C．空气阻力对带电粒子做负功，使其动能减少D．洛伦兹力对带电粒子做负功，使其动能减少12．关于磁通量，下列说法正确的是（）A．穿过某个面的磁通量为零，该处的磁感应强度为零B．穿过某个面的磁通量越大，该处的磁感应强度也越大C．穿过垂直于磁场方向的某个平面的磁感线条数等于该处的磁感应强度D．当某个平面跟磁场方向平行时，穿过这个平面的磁通量一定为零13．方向如图所示的匀强电场（场强为E）和匀强磁场（磁感应强度为B）共存的场区，一电子沿垂直电场线和磁感线方向以速度v0射入场区，则（）A．若v0＞，电子沿轨迹Ⅰ运动，出场区时速度v＞v0B．若v0＞，电子沿轨迹Ⅱ运动，出场区时速度v＜v0C．若v0＜，电子沿轨迹Ⅰ运动，出场区时速度v＞v0D．若v0＜，电子沿轨迹Ⅱ运动，出场区时速度v＜v014．回旋加速器的核心部分是两个D形金属盒，两盒间的窄缝中形成匀强电场，使带电粒子每次通过窄缝都得到加速．如图所示，两盒处于匀强磁场中．磁场方向垂直于盒底面，要增大带电粒子射出时的动能，则下列措施可行的是（）A．减小两盒间的距离 B．增大D形盒的半径C．增大两盒间的电势差D．增大磁场的磁感应强度二、本题共3小题．共14分．将答案填写在题中横线上．15．用选择旋钮指向欧姆档“×10”位置且已调零的多用电表测某电阻的阻值，指针所指位置如图所示，则被测电阻的阻值为Ω，若将该表选择旋钮置于直流“10V”位置，表盘仍如图所示，则测量值为V．16．（2010秋•洛阳期中）用多用电表欧姆档探测如图所示黑箱发现：A、C间正反电阻完全相同；黑表笔接A点，红表笔接B点，有阻值，反接后阻值很大，黑表笔接C点，红表笔接B 点，有阻值，但比上一步测得的大，反接后阻值很大，该黑箱内元件的接法可能是（）A．B．C．D．17．测量电源电动势和内电阻的器材如图甲所示．（1）请用实线表示导线，将图甲中器材连成实验用电路．（2）实验时经测量得出的数据如表，请在图乙的方格纸上画出U﹣I图线．利用图线可求出电源电动势和内电阻分别为、．1 2 3 4 5 6I/A 0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57U/V 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05三、本题共4小题，共44分．18．（10分）（2010秋•洛阳期中）如图所示，质量不能忽略的矩形线圈abcd，匝数为n，线圈的水平边长为L，处于匀强磁场内，磁感应强度B的方向与线圈平面垂直．当线圈中通过如图电流I时，调节左端砝码使系统平衡．然后使电流反向，大小不变．这时需要在左盘中增加质量为m的砝码，才能使系统再达到新的平衡．（1）请判断磁场的方向并在虚框中标出．（2）导出用已知量和测量得到的量n、m、L、I计算B的表达式．19．（11分）（2012秋•保定期末）如图所示是家用电饭煲的电路图．将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”档时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸熟后，开关接通“保温”档，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的，电流为1.40A，已知分压电阻的阻值R=100Ω．求：（1）保温时，电阻R两端的电压．（2）稳压电源输出的电压．（3）电热丝的额定功率．20．（11分）（2010秋•洛阳期中）如图所示，电源的电动势E=12V，电阻R1=5Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率为20W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率为12.8W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时，流过电源的电流和电动机的输出功率．21．（12分）（2010秋•洛阳期中）如图所示，在x轴上方有磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场．x轴下方有磁感应强度大小为，方向垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为 m、电量为﹣q 的带电粒子（不计重力），从x轴上O点以速度v0垂直x轴向上射出．求：（1）射出之后经多长时间粒子第二次到达x 轴．（2）粒子第二次到达x轴时离O点的距离是多少？（3）若粒子能经过x轴距O点为L的某点，试求粒子到该点所用的时间（用L与v0表达）．2015-2016学年河南省洛阳市伊川县实验高中高二（上）期中物理模拟试卷参考答案与试题解析一、本题共14小题，每小题3分，共42分．在每小题中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．下列研究物理问题所用方法相同的是（）（1）根据电流所产生的效应认识电流（2）研究电流时把它比作水流（3）根据磁铁产生的作用来认识磁场（4）利用磁感线来描述磁场．A．（1）与（2）B．（1）与（3）C．（3）与（4）D．（2）与（4）【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．【分析】对每个实例进行分析，明确各自采用的研究方法就能找到不同的选项．【解答】解：（1）电流看不见、摸不着，根据电流所产生的效应认识电流，知道电流的大小以及方向等，采用的是转换法；（2）电流看不见、摸不着，研究电流时把它比作水流，用能直接说明电流的特点，采用的是类比法；（3）磁场看不见、摸不着，但可以使小磁针的指向发生偏转．从小磁针指向是否偏转间接知道磁场是否存在，采用的是转换法；（4）磁场看不见、摸不着，利用磁感线来描述磁场．从而使磁场形象化、具体化，采用的是类比法；所以（1）与（3），（2）与（4）采用的方向是相同的．故选：BD【点评】平时注意基本的物理研究方法的识别，在解决实际问题中自觉运用．2．关于电源电动势，下面叙述正确的是（）A．1号干电池比5号干电池的电动势大B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压D．蓄电池（电动势为2V）将化学能转化为电能的本领比干电池（电动势为1.5V）大【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、干电池的电动势都是1.5V，所以1号干电池和5号干电池的电动势相同，故A错误；B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．即同一电源接入不同的电路，电动势不会变化．故B错误；C、电压表是有内阻的，跟电源连接后构成一个通路，电源有内电压，则电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势，故C错误；D、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，所以电动势为1.5V 的干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2V的蓄电池弱，故D正确；故选：D【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．3．A、B两个金属导体的伏安特性曲线如图所示，由图象可知（）A．R A＞R BB．R A＜R BC．两导体串联在电路中时U A＞U BD．两导体并联在电路中时I A＞I B【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图线直线的斜率k=，根据斜率大小，比较电阻的大小．由图象读出U相同时，电流的大小．【解答】解：A、B、根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图线直线的斜率k=，斜率越大，其电阻越小，则由图可知，R A＜R B．故A错误，B正确；C、根据欧姆定律：U=IR，两导体串联在电路中时U A＜U B，故C错误；D、由图可知，当电压相同时，电流I A＞I B．故D正确．故选：BD【点评】本题考查识别、理解物理图象的能力．物理上常常从数学的角度理解图象的物理意义．4．下面给出了电视机、电风扇、空调和电冰箱铭牌上的主要项目，根据铭牌上提供的信息，下列说法正确的是（）A．正常工作时电风扇中流过的电流最小B．正常工作时电风扇消耗的电功率最小C．在24小时内正常使用的电冰箱比连续运转的电风扇耗电多D．在24小时内正常使用的电冰箱比连续运转的电风扇耗电少【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】从铭牌图象得到各个用电器的额定功率和额定电压，根据P=UI计算额定电流．【解答】解：A、从铭牌图象得到四个用电器的额定电压都是220V，除空调机外，其余的用电器的额定功率中最小的是电风扇，电风扇的额定电流，小于空调机的额定电流，故A正确；B、四个用电器的额定电压都是220V，正常工作时电风扇中流过的电流最小，根据P=UI，正常工作时电风扇消耗的电功率最小，故B正确；C、D、电风扇的每日耗电量为：W=0.065KW×24h=1.56KW•h，电冰箱的每日耗电量为0.8KW•h，故C错误，D正确；故选：ABD．【点评】本题考查读取电器铭牌信息的能力．同时根据功率公式P=UI列式分析．5．一段粗细均匀的镍铬丝，横截面的直径是d，电阻是R，把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A．10000 R B．C．100 R D．【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】横截面直径为d镍铬丝拉制成直径为的均匀细丝后，公式S=πd2得知，横截面积变为原来的，而镍铬丝的体积不变，则长度变为原来的100倍，由电阻定律R=ρ分析电阻的变化．【解答】解：横截面直径为d镍铬丝拉制成直径为的均匀细丝后，公式S=πd2得知，横截面积变为原来的；镍铬丝的体积不变，则长度变为原来的100倍；由电阻定律R=ρ分析可知电阻变为原来的100×100=104倍，即为10000R；故选：A．【点评】本题要注意当导体横截面变化时，其长度也跟着变化，抓住导体的体积不变．考查对电阻定律的理解能力．6．将一个满偏电流3mA的电流表改装成欧姆表，调零后用它测量500Ω的标准电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，用它进行电阻测量时，下列说法正确的是（）A．测量电阻之前要欧姆调零B．测量时，如果表针的偏角太小，表明被测电阻阻值太小C．测量时，如果指针在1mA处，则被测电阻的阻值为1000ΩD．测量二极管正向电阻时，红表笔接触二极管的正极，黑表笔接触二极管的负极【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】应用欧姆表测电阻时要进行欧姆调零，欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，应用闭合电路欧姆定律分析答题．【解答】解：A、用欧姆表测电阻时，要对欧姆表进行欧姆调零，故A正确；B、欧姆表最大刻度值在左边，测量时，如果表针的偏角太小，说明指针指在靠左的刻度线处，表明被测电阻阻值太大，故B错误；C、当电流达到满偏电流的一半时，所测电阻与内部电阻相同，为中值电阻中值电阻为R内=500Ω，则E=I g×R内=3×10﹣3×500=1.5V，I=，指针在1mA处，则R=﹣R内=﹣500=1000Ω，故C正确；D、欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，红表笔与负极相连，测量二极管正向电阻时，红表笔接触二极管的负极，黑表笔接触二极管正极，故D错误；故选：AC．【点评】本题考查了欧姆表的使用，知道欧姆表的使用注意事项、欧姆表工作原理与欧姆表结构即可正确解题．7．电动势为E、内阻为r的电源与灯泡L1、L2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路．当滑动变阻器的触头由中点滑向b端过程中，下列说法正确的是（）A．灯L1变暗，L2变亮B．灯L1变亮，L2变暗C．电压表和电流表读数都增大D．电压表读数增大，电流表读数减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】从图可知，滑动变阻器的滑片向下滑动时，滑动变阻器的阻值变大，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据欧姆定律判断总电流的变化，即分析L1亮度的变化；根据并联电路的特点，从而判断出L2灯亮度的变化．【解答】解：当滑动变阻器的触头由中点滑向b端过程中，滑动变阻器的阻值变大，电路的总电阻都会变大，据闭合电路欧姆定律知总电流变小，则灯L1变暗；总电流变小，内电压减小，所以路端电压增大，而灯L1的电压变小，所以R与L2并联部分的电压变大，则L2变亮．故A正确．故选：A．【点评】本题的关键识别电路的能力，动态电路的分析的思路，借助串、并联电路的电压、电流和电阻规律的应用情况、欧姆定律的应用以及电功率的计算公式．8．在如图所示的逻辑电路中，当A、B端输入电信号均为“0”时，则在C和D端输出的电信号分别为（）A．1和1 B．0和1 C．1和0 D．0和0【考点】简单的逻辑电路．【分析】AB为与门输入端，输出为C端，B还为非门的输入端，输出端为D．【解答】解：正确认识门电路的符号，“≥1”为或门，“1”为非门，其真值为：B端0输入，则D端1输出，或门为“0，1”输入，则C端输出1．故A正确．故选：A【点评】解决本题的关键知道门电路的特点，以及能够运用到实际生活中去．9．下列关于磁感应强度的说法中正确的是（）A．通电导线受安培力大的地方磁感应强度一定大B．磁感线的指向就是磁感应强度减小的方向C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．电流元所受磁场力方向是由左手定则来确定．【解答】解：A、如果通电导线不是垂直放入磁场中，有：B=，对于同一段电流，IL固定，由于θ可以改变，故不能说受磁场力大的地方，磁感应强度一定越大；只有当通电导线垂直放入磁场中，受磁场力大的地方，磁感应强度一定越大；故A错误；B、磁感线的指向与磁感应强度的变化趋势没有关系，磁感线某点切线方向即为磁感应强度的方向，故B错误C、放在匀强磁场中各处的通电导线，安培力还会与电流元的摆放方向有关，故C错误；D、磁感应强度的大小跟垂直放在磁场中的通电导线受力的大小没有关系，与通电导线电流大小也没有关系，它由磁场的本身性质决定，故D正确；故选D．【点评】磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还与放置的角度有关．10．如图所示，a、b两根垂直纸面的直导体通有等值的电流，两导线旁有一点P，P点到a、b距离相等，要使P点的磁场方向向右，则a、b中电流的方向为（）A．都向纸里B．都向纸外C．a中电流方向向纸外，b中向纸里D．a中电流方向向纸里，b中向纸外【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】P点的磁场是由两个直导线A、C中电流产生的磁场叠加，根据安培定则和平行四边形定则进行分析．【解答】解：A、若a、b中均向纸里，同理可知，P点的磁感应强度方向竖直向下．故A错误．B、若a、b中均向纸外，根据安培定则判断可知：a在p处产生的磁场B a方向垂直于ap连线向上，如图所示．b在p处产生的磁场B b方向垂直于连线向上，根据平行四边形定则进行合成，P点的磁感应强度方向竖直向上．故B错误．C、若a中向纸外，b中向纸里，同理可知，如图所示，P点的磁感应强度方向水平向右．故C 正确．D、若a中向纸里，b中向纸外，同理可知，则得P点的磁感应强度方向水平向左．故D错误．故选：C【点评】磁感应强度既有大小，又有方向，是矢量．它的合成遵循矢量合成的平行四边形法则．11．我国北极科考队在北极观看到了美丽的极光．极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示．这些高能粒子在运动过程中与大气分子或原子剧烈碰撞或摩擦，从而激发大气分子或原子使其发出各种颜色的光．科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关（）A．太阳对带电粒子的引力做负功B．越靠近南北两极的磁感应强度越强C．空气阻力对带电粒子做负功，使其动能减少D．洛伦兹力对带电粒子做负功，使其动能减少【考点】洛仑兹力．【分析】根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．在由洛伦兹力提供向心力，则得运动半径与质量及速度成正比，与磁感应强度及电量成反比．【解答】解：A、粒子在运动过程中，若电量增大，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当电量增大时，半径是减小，与太阳的引力做功无关，故A错误；B、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式r=，当半径是减小，可知磁感应强度在增加，故B正确；C、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小．故C正确；D、粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功．故D错误．故选：BC．【点评】本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．12．关于磁通量，下列说法正确的是（）A．穿过某个面的磁通量为零，该处的磁感应强度为零B．穿过某个面的磁通量越大，该处的磁感应强度也越大C．穿过垂直于磁场方向的某个平面的磁感线条数等于该处的磁感应强度D．当某个平面跟磁场方向平行时，穿过这个平面的磁通量一定为零【考点】磁通量．【分析】磁通量可以形象说成穿过线圈的磁感线的条数，当磁感线与线圈垂直时，则磁通量∅=BS；当磁感线与线圈平行时，磁通量为零．因此不能根据磁通量的大小来确定磁感应强度．【解答】解：A、D 穿过某个面的磁通量为零，此处磁感应强度不一定为零，可能此平面与磁感线平行，故A错误，D正确；B、磁通量的大小除与磁感应强度有关，还与线圈的面积有关．故B错误；C、当磁感线与线圈平面垂直时，磁通量的大小Φ=BS，因此磁感应强度可知，穿过垂直于感应强度方向的某个闭合面单位面积的磁感线条数等于磁感应强度，故C错误；故选：D【点评】考查磁通量的概念，及计算公式与成立条件，同时让学生明白同一磁场，同一线圈不同的放置，则穿过线圈的磁通量不同．13．方向如图所示的匀强电场（场强为E）和匀强磁场（磁感应强度为B）共存的场区，一电子沿垂直电场线和磁感线方向以速度v0射入场区，则（）A．若v0＞，电子沿轨迹Ⅰ运动，出场区时速度v＞v0B．若v0＞，电子沿轨迹Ⅱ运动，出场区时速度v＜v0C．若v0＜，电子沿轨迹Ⅰ运动，出场区时速度v＞v0D．若v0＜，电子沿轨迹Ⅱ运动，出场区时速度v＜v0【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个力作用，由已知条件，分析两个力的大小，由左手定则判断出洛伦兹力方向，确定出电场力方向，即可确定电子的偏转方向，根据电场力做功的正负，分析速度的变化．【解答】解：A、B、电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个力作用，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向向下，而电场力方向向上．若v0＞，则qv0B＞qE，即洛伦兹力大于电场力，电子向下偏转，沿轨迹Ⅱ运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子负功，动能减小，速度减小，故速度v＜v0．故A错误，B正确．C、D、若v0＜，则qv0B＜qE，即洛伦兹力小于电场力，电子向上偏转，沿轨迹Ⅰ运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子正功，动能增加，速度增大，故速度v＞v0．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题关键分析洛伦兹力的方向，运用动能定理时，要抓住洛伦兹力不做功的特点，分析速度的大小．14．回旋加速器的核心部分是两个D形金属盒，两盒间的窄缝中形成匀强电场，使带电粒子每次通过窄缝都得到加速．如图所示，两盒处于匀强磁场中．磁场方向垂直于盒底面，要增大带电粒子射出时的动能，则下列措施可行的是（）A．减小两盒间的距离 B．增大D形盒的半径C．增大两盒间的电势差D．增大磁场的磁感应强度。

高三物理第一次限时训练（9月9日）一、选择题（14*6）1．(2015·上海八校联考)如图所示，滑轮本身的质量可忽略不计，滑轮轴O安在一根轻木杆B上，一根轻绳AC绕过滑轮，A端固定在墙上，且绳保持水平，C端挂一重物，BO与竖直方向夹角θ＝45°，系统保持平衡。

若保持滑轮的位置不变，改变夹角θ的大小，则滑轮受到木杆作用力大小变化情况是( )A．只有角θ变小，作用力才变大B．只有角θ变大，作用力才变大C．不论角θ变大或变小，作用力都是变大D．不论角θ变大或变小，作用力都不变2.(2015·锡山中学检测)如图所示，轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个重球，在重球下放着一光滑斜面，球与斜面接触且处于静止状态，弹簧保持竖直，则重球受到的力是( ) A．重力和弹簧的拉力B．重力、弹簧的拉力和斜面的支持力C．重力、斜面的弹力和斜面的静摩擦力D．重力、弹簧的拉力、斜面的支持力和下滑力3.(多选)木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2 cm，弹簧的劲度系数为400 N/m，系统置于水平地面上静止不动，现用F＝1 N的水平拉力作用在木块B上，如图2所示，设滑动摩擦力与最大静摩擦力相等，则力F作用后( )A．木块A所受摩擦力大小是8 NB．木块A所受摩擦力大小是11.5 NC．木块B所受摩擦力大小是9 ND．木块B所受摩擦力大小是7 N4．(多选)(2015·石家庄质检)如图所示，固定的半球面右侧是光滑的，左侧是粗糙的，O 点为球心，A、B为两个完全相同的小物块(可视为质点)，小物块A静止在球面的左侧，受到的摩擦力大小为F1，对球面的压力大小为N1；小物块B在水平力F2作用下静止在球面的右侧，对球面的压力大小为N2，已知两小物块与球心连线和竖直方向的夹角均为θ，则( )A．F1∶F2＝cos θ∶1B．F1∶F2＝sin θ∶1C．N1∶N2＝cos2θ∶1D．N1∶N2＝sin2θ∶15.(2015·合肥检测)如图所示，一根不可伸长的轻绳穿过轻滑轮，两端系在高度相等的A 、B 两点，滑轮下挂一物体，不计轻绳和轻滑轮之间的摩擦。

2016届高三年级第一次统一考试物理试题一、单选择题（本大题共7小题，每小题4分，共28分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

） 1．设物体运动的加速度为a 、速度为υ，位移为x ，现有四个不同物体的运动图像如图所示，t=0时刻物体的速度均为零，则其中物体做单向直线运动的图像是( )2.如图1所示，水平地面上一物体在F 1=10N,F 2=2N 的水平外力作用下做匀速直线运动，则 A.撤去F1后物体最终会停下 B.物体所受滑动摩擦力大小为6N C.物体运动方向向左 D.撤去F2后物体最终会停下3.如图2所示，一串红灯笼在水平风力的吹动下发生倾斜，悬挂绳与竖直方向的夹角为300。

设每个红灯笼的质量均为m ，绳子质量不计。

则自上往下数第一个红灯笼对第二个红灯笼的拉力大小为A.mg 332B.mg 2C.mg 4D.mg 334 4．如图3所示，由两种材料做成的半球面固定在水平地面上，球右侧面是光滑的，左侧面粗糙，O 点为球心，A 、B 是两个相同的小物块(可视为质点)，物块A 静止在左侧面上，物块B 在图示水平力F 作用下静止在右侧面上，A 、B 处在同一高度，AO 、BO 与竖直方向的夹角均为θ，则A 、B 分别对球面的压力大小之比为 A ．sin 2θ :1B ．sin θ :1C ．cos 2θ :1D ．cos θ :1图1图 3图 2A B图5图45．如图4所示，木块A 质量为1kg ，木块B 的质量为2kg ，叠放在 水平地面上，AB 间的最大静摩擦力为1 N ，B 与地面间的动摩擦系数为0.1，今用水平力F 作用于B ，则保持AB 相对静止的条件是F 不超过（g = 10 m/s 2）( ) A ．3 NB ． 6 NC ．5 ND ．4 N6．如图5所示，有两个穿着溜冰鞋的人站在冰面上，当其中一个人A 从背后轻轻推另一个人B 时，两个人都会向相反方向运动，这是因为A 推B 时( )A ．A 与B 之间有相互作用力B ．A 对B 的作用在先，B 对A 的作用在后C ．B 对A 的作用力小于A 对B 的作用力D ．A 对B 的作用力和B 对A 的作用力是一对平衡力 7．如图6所示，物体A 、B 用细绳与弹簧连接后跨过滑轮，A 静止在倾角为 45°的粗糙斜面上，B 悬挂着。

河南省洛阳市伊川实验高中2016届高三上学期第一次月考一、选择题（单项选择，每题只有一个正确选项）1．光反应为暗反应提供的物质是（）A．[H]和H2O B．[H]和ATP C．A TP和CO2D．H2O和CO22．下列有关显微镜操作的叙述，不正确的是（）A．在使用高倍镜观察线粒体时，若发现视野上方较暗下方较亮，应调节反光镜B．将低倍镜换上高倍镜时，一个视野内细胞数目减少，体积变大，视野变暗C．为观察低倍镜视野中位于左下方的细胞，应将装片向右上方移动，再换用高倍镜D．显微镜目镜为10×、物镜为10×时，视野中被相连的256个分生组织细胞所充满，若物镜转换为40×后，则在视野中可检测到的分生组织细胞数为16个3．念珠藻和酵母菌都具有的物质或结构是（）A．DNA和RNA B．成分相同的细胞壁C．染色体D．无机盐、纤维素、蛋白质4．下列属于细胞共性的选项是（）①具有细胞壁②具有细胞膜③以DNA为遗传物质④具有核膜⑤具有核糖体．A．①④⑤B．②③④C．①②⑤D．②③⑤5．下列哪组试剂在使用过程中，必须经过加热（）A．斐林试剂鉴定还原糖的过程中B．双缩脲试剂鉴定蛋白质时C．苏丹Ⅲ染液鉴定花生子叶中的脂肪时D．碘液鉴定淀粉时6．如图是某蛋白质的肽链结构示意图（图1，其中数字为氨基酸序号）及部分肽链放大示意图（图2），请据图判断下列叙述中正确的是（）A．图2中含有的R基是①②④⑥⑧B．该蛋白质中含有1条肽链，124个肽键C．图2中具有4种氨基酸，4个肽键D．从图2可推知该肽链至少含有3个游离的羧基7．如图表示某种大分子物质的基本单位，关于它的叙述正确的是（）A．该物质是核糖核酸，人体内有4种B．从图中看该物质只含有C、H、O、P四种元素C．该物质形成的大分子物质是RNA，它主要分布在细胞质中D．在T2噬菌体和HIV的宿主细胞中都找不到这种物质8．下列物质中，都属于蛋白质的是（）A．胰岛素、雌性激素、植物生长素B．胰脂肪酶、胰岛素、抗体、载体C．抗体、抗原、载体、植物生长素D．载体、维生素D、甲状腺激素9．下列化合物与其功能不符的是（）A．结合水﹣﹣细胞中的良好溶剂B．葡萄糖﹣﹣细胞中主要的能源物质C．脂肪﹣﹣细胞中的储能物质D．脱氧核糖核酸﹣﹣细胞中的遗传物质10．下列基本单位对应有误的是（）A．核酸：核苷酸 B．酶：氨基酸C．人体：细胞D．进化：种群11．下列生物膜结构中，哪一种膜内含有分解丙酮酸的酶？（）A．B．C．D．12．图表示科学家进行的蝾螈受精卵横缢实验．该实验主要说明（）A．细胞质控制着细胞的代谢B．细胞质控制着细胞的遗传C．细胞核与细胞的物质、能量代谢密切相关D．细胞核与细胞的分裂、分化密切相关13．下列关于细胞核的叙述，不正确的是（）A．核仁是与核糖体的形成有关的细胞器B．细胞核是细胞代谢和遗传的控制中心，核内存在易被碱性染料染成深色的物质C．核孔是mRNA、酶等某些大分子物质进出细胞核的通道D．核膜是双层膜，核膜的基本骨架是磷脂双分子层14．下列有关细胞膜的叙述中，不正确的是（）A．细胞膜主要由脂质和蛋白质组成B．不同功能的细胞，其细胞膜蛋白质的种类和数量相同C．组成细胞膜的脂质中，磷脂最丰富D．癌细胞的恶性增殖和转移与癌细胞膜成分的改变有关15．把一个细胞中的磷脂分子全部提取出来，在空气和水界面上将它们铺成单分子层（假定单分子间距离适当且相等），推测在下列生物中，空气和水界面上磷脂分子层的表面积与原细胞的表面积之比最大和最小的细胞分别是（）①洋葱根尖成熟区表皮细胞②蛙的红细胞③人体浆细胞④乳酸菌细胞⑤酵母菌细胞．A．①② B．③④ C．③② D．⑤④16．如图表示用3H﹣亮氨酸标记细胞内的分泌蛋白，追踪不同时间具有放射性的分泌蛋白颗粒在细胞内分布情况和运输过程．其中正确的是（）A．B．C．D．17．下列关于生物学实验的说法，正确的是（）A．检测酵母菌培养过程中是否产生CO2可判断其呼吸方式B．用健那绿染液对解离后的细胞染色可观察其线粒体分布C．滤纸条上色素带的宽窄可反映叶绿体中各色素含量的多少D．以H2O2溶液作为底物可用于探究温度对酶活性的影响18．关于下列结构的说法不正确的是（）A．五种结构广泛地存在于高等植物细胞内B．②是细胞的“动力车间”，①③④⑤上进行的反应都需要②提供能量C．观察活细胞中的④不需染色，观察②常用健那绿染色D．①与③间的相互转化能体现生物膜的流动性19．下列有关实验研究方面的说法，错误的是（）A．科研上鉴别死细胞和活细胞，常用“染色排除法”B．研究细胞内各种细胞器的组成成分和功能，常用差速离心法将细胞器分离出来C．以实物或图画形式直观地表达认识对象的特征，这种模型就是数学模型D．通常可以用菠菜叶稍带些叶肉的下表皮，观察叶绿体20．如图表示四种不同的物质在一个动物细胞内外的相对浓度差异，下列相关叙述错误的是（）A．细胞维持静息电位主要依靠K+外流B．Na+是维持细胞外液渗透压的主要无机盐离子之一C．细胞内CO2浓度最高的部位是细胞质基质D．该细胞膜表面可能存在胰岛素的受体21．下列关于物质出入细胞方式的叙述，正确的是（）A．被细胞胞吞的一定是固体物质，胞吐的一定是小分子物质B．分泌蛋白的释放属于自由扩散C．通过载体蛋白的物质转运属于主动运输D．胞吐过程一定会发生分泌泡与细胞膜的融合22．下列有关酶的叙述，不正确的是（）A．酶是活细胞产生的一类有机物B．酶催化功能的本质是提供能量，从而提高化学反应的活化能C．过酸、过碱或高温会改变酶的空间结构D．酶不会随催化反应而减少23．图甲表示温度对淀粉酶活性的影响，图乙是将一定量的淀粉酶和足量的淀粉混合后，麦芽糖积累量随温度变化的情况．下列说法中错误的是（）A．图甲中T0表示淀粉酶催化反应的最适温度B．图甲中T a和T b对酶活性的影响有区别C．图乙中温度超过T b时，酶的活性达到最大D．图乙中A点可能对应图甲中的温度为T o24．生物实验中常用盐酸处理实验材料．下列说法正确的是（）A．盐酸解离根尖的同时也为龙胆紫染色创造酸性环境B．盐酸处理染色质能促进DNA与派洛宁（吡罗红）结合C．盐酸浓度过高会破坏过氧化氢酶的空间结构导致其失活D．盐酸处理细胞有利于健那绿（詹纳斯绿B）对线粒体染色25．下图表示在不同条件下，酶催化反应的速率（或生成物）变化．下列有关叙述中，不正确的是（）A．图①虚线表示酶量增加一倍时，底物浓度和反应速率的关系B．图②虚线表示增加酶浓度，其他条件不变时，生成物量与反应时间的关系C．图③不能表示在反应开始的一段时间内，反应速率与时间的关系D．若图②中的实线表示Fe3+的催化效率，则虚线可表示过氧化氢酶的催化效率26．下列关于ATP的叙述中，正确的是（）A．结构简式为A﹣P～P～P，其中A代表腺嘌呤B．ATP中的高能磷酸键储存的能量多且稳定C．在活细胞内ATP与ADP的转化时刻进行D．在细胞内仅线粒体和叶绿体中合成ATP27．如图表示有氧呼吸的全过程，有关说法正确的是（）A．原核生物不能完成图示全过程B．②代表的物质名称是氧气C．①③⑤中数值最大的是③D．线粒体不能完成图示全过程28．农业上有一句关于锄地（中耕松土、除草）的谚语：“锄头下面有肥”．以下关于该谚语的理解不正确的是（）A．锄地改善根部细胞氧气供应 B．锄地加速了有机物的分解C．锄地的同时给作物进行施肥 D．减少了杂草与植物的竞争29．如图表示植物的光合作用与细胞呼吸之间的关系，下列分析中不正确的是（）A．过程④进行的场所一定是线粒体B．暗反应包括⑤和②两个过程C．过程③和④都能产生能量D．过程①进行的场所是类囊体薄膜30．在叶肉细胞中，CO2的固定和产生场所分别是（）①叶绿体基质②类囊体薄膜③线粒体基质④线粒体内膜．A．①③ B．②③ C．①④ D．②④31．对下列几种微生物的叙述中，正确的是（）①酵母菌②乳酸菌③硝化细菌④蓝藻⑤烟草花叶病毒⑥噬菌体．A．从代谢类型上看，①②为异养生物，③④为自养生物B．从结构上看，①为真核生物，②③④⑥为原核生物C．从组成成分上看，所有生物都含有蛋白质和DNAD．从生态系统的成分上看，①②③是分解者，④是生产者32．如图是胰岛素形成的部分过程示意图．胰岛素含有A、B两条链，肽链之间通过二硫键（二硫键由两个﹣SH脱去2个H形成）连接，M表示胰岛素原经加工形成胰岛素的生理过程，1～83表示氨基酸序号，﹣S﹣S﹣表示二硫键．若氨基酸的平均分子质量为a，胰岛素原经M过程后，相对分子质量减少了多少．（）A．32a﹣588 B．882 C．876 D．4933．以下有关细胞和细胞分裂实验的叙述，正确的是（）A．用NaOH扩散的深度代表物质运输效率B．洋葱根尖解离后应立即染色，否则影响染色效果C．减数分裂的观察宜用动物的睾丸或卵巢D．有丝分裂的观察可选用洋葱根尖分生区，此处细胞呈正方形34．下列关于细胞周期的叙述，不正确的是（）A．原癌基因主要负责调节细胞周期B．温度和pH影响动物细胞培养的细胞周期C．B细胞受抗原刺激后细胞周期缩短D．已分化的细胞都失去细胞周期35．由细胞形态判断，下列细胞中最可能连续分裂的是（）A．B．C．D．36．关于细胞分裂的说法，正确的是（）A．真核细胞的分裂方式只包括两种：有丝分裂和减数分裂B．有丝分裂分裂期可人为划分为：间期、前期、中期、后期、末期C．减数分裂第一次分裂完成时，染色体数目与正常体细胞相比减半D．人的成熟红细胞可以进行有丝分裂，蛙的红细胞能进行无丝分裂37．下列能说明某细胞已经发生分化的是（）A．进行ATP的合成B．进行mRNA的合成C．分泌胰高血糖素D．存在胰岛素基因38．某生物兴趣小组观察了几种生物不同分裂时期的细胞，并根据观察结果绘制出如下图形．下列与图形有关的说法中正确的是（）A．甲图所示细胞处于有丝分裂后期，在此时期之前细胞中央出现了赤道板B．乙图所示细胞可能处于减数第一次分裂后期，此阶段发生同源染色体的分离C．乙图所示细胞可能处于有丝分裂中期，此阶段染色体着丝点发生分裂D．如果丙图表示精巢内的几种细胞，则C组细胞可发生联会并产生四分体39．下列关于细胞增殖的表述正确的是（）①二倍体动物体细胞有丝分裂后期，细胞每一极均含有同源染色体；②二倍体动物体细胞有丝分裂后期，细胞每一极均不含同源染色体；③二倍体生物体细胞有丝分裂过程中，染色体DNA与细胞质DNA平均分配；④二倍体生物细胞质中的遗传物质在细胞分裂时，随机地、不均等地分配．A．①③ B．①④ C．②④ D．②③40．下列有关酶的叙述正确的结论有（）①产生酶的细胞都有分泌功能②部分从食物中获得，部分在体内转化③酶的基本单位是氨基酸或核糖核苷酸④酶是生物催化剂⑤生长激素与呼吸酶可来自于同一个细胞．A．3个B．4个C．5个D．6个二、非选择题41．人体细胞内的溶酶体是一种含有多种水解酶的细胞器，其内部的pH为5左右．溶酶体的作用存在胞吞和自噬两种途径，如图表示吞噬细胞内溶酶体的产生和作用过程．回答下列问题：（1）与溶酶体产生直接相关的细胞结构是，与玉米根尖细胞相比，该细胞不具备的细胞结构有；与水解酶合成和加工有关的细胞器有（至少答3种），该过程直接所需的能量是溶酶体能消化病原体的原因是．（2）细胞能识别病原体主要依赖于细胞膜上的（物质）；图示过程体现了细胞膜具的功能，以及细胞中各种生物膜在功能上的关系是．（3）留在细胞内的残余体多为脂褐质，其数量随着个体的衰老而增多，存在大量脂褐质的细胞可能还具备的特征有．①细胞核体积变大②细胞间的黏着性下降③细胞内水分减少④细胞运输功能降低（4）研究表明，少量的溶酶体内的水解酶泄露到细胞质基质中不会引起细胞损伤，其主要原因是，导致酶活性降低或失活．42．如图表示某生物（甲）细胞处于有丝分裂各阶段细胞核中DNA和细胞质中mRNA含量变化，以及细胞周期各阶段的时长，请回答下列问题：a=3.4b=7.9c=2.2d+e=1.8单位（h）（1）b表示分裂间期中的期，其主要进行的活动是．（2）核糖体功能较活跃的时期是a、c，这表明在该时期进行了大量的的合成．着丝点分裂，染色体数目加倍发生在期（用图中字母表示），分开的两条染色体被牵引着移向细胞的两极．（3）若用放射性同位素标记的胸苷（DNA复制的原料之一）短期培养上述细胞后，所有处于b期的细胞都会被标记．洗脱含放射性同位素的胸苷，换用无放射性的新鲜培养液培养，定期检测．预计最快约h后会检测到被标记的分裂期细胞．（4）另有某种生物（乙）的细胞周期时长为24h，分裂期时长为1.9h．若要在显微镜下观察细胞有丝分裂过程中染色体形态的变化，选用（甲或乙）细胞更合适．（5）与高等植物细胞作比较，高等动物细胞有丝分裂所特有的表现有：间期；期由中心体发出星射线形成纺锤体；末期．43．如图中的A图表示温度对植物吸收钾离子和铵根离子的影响；B图表示氧分压对大麦根吸收钾离子和铵根离子的影响．请据图分析回答：（1）A图表明，温度超过了35℃以上时，随着温度的增高，根吸收两种离子的量都，其主要原因是，从而导致呼吸作用下降，为主动运输提供的能量减少，从而使离子的吸收量下降．（2）B图表明，当氧分压增高时，根吸收离子的量，同时，细胞中的糖浓度，此时糖的主要作用是作为，为离子的主动运输提供能量．（3）植物吸收钾离子和铵根离子与温度、氧分压有关，从本质上看，是矿质元素离子的吸收与植物的密切相关．（4）即便是温度和氧分压等条件相同时，根细胞对钾离子和铵根离子的吸收量还是不同，这种吸收量上的差异与细胞膜上有关．44．如图图甲是某成熟植物细胞示意图（a、b、c代表细胞结构，数字代表物质），图乙表示光照、温度适宜的封闭温室大棚内一昼夜CO2浓度的变化，请分析回答：（1）已知甲图中①是水，将甲图所示细胞置于较高浓度的KNO3溶液中，细胞中体积将发生明显变化的结构是（填字母）．a与b比较，结构上的相同之处是．（2）在结构a 中，②作为反应物直接参与的生化反应是：．将该细胞置于黑暗处并供给H218O，短时间内除水外，还能在中检测到18O．（3）乙图A、B、C、D 四个点中，光合产物积累最多的点是．大田作物夏季中午光合速率明显下降的过程称作光合作用的午休现象．据图乙推测该植物光合作用有无午休现象，原因是．（4）该植物在被水淹时出现了烂根，请写出与此有关的反应式．在产生有害物质的同时（是或否）有ATP的合成．（5）假设温室中植物呼吸速率基本不变，请据图乙曲线在图丙中推测一昼夜内光合作用的速率变化曲线．．参考答案一、选择题（单项选择，每题只有一个正确选项）1．光反应为暗反应提供的物质是（）A．[H]和H2O B．[H]和ATP C．ATP和CO2D．H2O和CO2【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化．【分析】本题考查光合作用的过程．①光反应阶段：场所是类囊体薄膜a．水的光解：2H2O4[H]+O2b．A TP的生成：ADP+Pi ATP②暗反应阶段：场所是叶绿体基质a．CO2的固定：CO2 +C52C3b．CO2的还原：2C3（CH2O）+C5+H2O【解答】解：A、水分子不是光反应产生的，A错误；B、光反应的产物是[H]、A TP和氧气，[H]、A TP参与暗反应中三碳化合物的还原，B正确；C、二氧化碳不是光反应的产物，C错误；D、水和二氧化碳都不是光反应的产物，D错误．故选：B．【点评】本题考查叶绿体的结构和功能之间的关系，光反应和暗反应的之间的关系，要结合结构和功能相适应的观点去理解叶绿体的结构和功能．2．下列有关显微镜操作的叙述，不正确的是（）A．在使用高倍镜观察线粒体时，若发现视野上方较暗下方较亮，应调节反光镜B．将低倍镜换上高倍镜时，一个视野内细胞数目减少，体积变大，视野变暗C．为观察低倍镜视野中位于左下方的细胞，应将装片向右上方移动，再换用高倍镜D．显微镜目镜为10×、物镜为10×时，视野中被相连的256个分生组织细胞所充满，若物镜转换为40×后，则在视野中可检测到的分生组织细胞数为16个【考点】细胞观察实验．【分析】1、光学显微镜主要由物镜、管镜和目镜组成．标本经物镜和管镜放大后，形成放大倒立的实象；实象经目镜再次放大后，形成放大的虚象．2、高倍显微镜的使用方法：①选好目标：一定要先在低倍显微镜下把需进一步观察的部位调到中心，同时把物象调节到最清晰的程度，才能进行高倍显微镜的观察．②转动转换器，调换上高倍镜头，转换高倍镜时转动速度要慢，并从侧面进行观察（防止高倍镜头碰撞玻片），如高倍显微镜头碰到玻片，说明低倍镜的焦距没有调好，应重新操作．③调节焦距：转换好高倍镜后，用左眼在目镜上观察，此时一般能见到一个不太清楚的物象，可将细准焦螺旋逆时针移动约0.5﹣1圈，即可获得清晰的物象（切勿用粗调节器）．【解答】解：A、要调亮视野，可调节反光镜或光圈，A正确；B、显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少，体积变大，视野变暗，B正确；C、我们在显微镜下看到的物像是上下左右均颠倒的物像，所以我们移动玻片标本时，标本移动的方向正好与物像移动的方向相反．如我们向右移动玻片标本，而在显微镜内看到的物像则是向左移动的．所以如果物像位于视野左下方，要想把它移到视野中央，应该向左下方移动玻片标本，物像才向右上方移动移到视野中央．C错误；D、在低倍物镜（10×）视野中，视野中被相连的256个分生组织细胞所充满．目镜不变，而物镜换用40×的高倍镜后，观察到的物体的长或者是宽被放大4倍，而面积被放大16倍，因此观察到的细胞数目应是原来的，因此高倍镜视野中可以看到视野细胞中的256÷16=16个．D正确．故选：C．【点评】本题考查了显微镜的工作原理、操作步骤和使用技巧等方面的知识，要求考生理解显微镜的成像原理，明确在换用高倍镜时，物象在哪应朝哪移；特别识记显微镜的放大倍数是将长或者是宽放大，而面积被放大其平方倍．3．念珠藻和酵母菌都具有的物质或结构是（）A．DNA和RNA B．成分相同的细胞壁C．染色体D．无机盐、纤维素、蛋白质【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同．【分析】念珠藻属于原核生物，酵母菌属于真核生物，真核细胞和原核细胞的比较：【解答】解：A、念珠藻和酵母菌都具有细胞结构，两者都含有DNA和RNA两种核酸，A 正确；B、念珠藻细胞壁的主要成分是肽聚糖，酵母菌细胞壁的主要成分是几丁质，B错误；C、念珠藻属于原核生物，其细胞中不含染色体，C错误；D、念珠藻不含纤维素，D错误．故选：A．【点评】本题考查原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，首先要求考生明确念珠藻属于原核生物，酵母菌属于真核生物，其次要求考生识记原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，能结合所学的知识准确判断各选项．4．下列属于细胞共性的选项是（）①具有细胞壁②具有细胞膜③以DNA为遗传物质④具有核膜⑤具有核糖体．A．①④⑤B．②③④C．①②⑤D．②③⑤【考点】细胞的发现、细胞学说的建立、内容和发展．【分析】细胞生物分为原核生物和真核生物，它们的细胞在结构上的共同点是均具有：细胞膜、细胞质、核糖体和遗传物质DNA，最主要的区别是原核细胞没有核膜包被的典型的细胞核．【解答】解：①不是所有细胞均具有细胞壁，如植物细胞具有细胞壁，而动物细胞没有细胞壁，①错误；②所有细胞均具有细胞膜，②正确；③所有细胞生物都以DNA为遗传物质，③正确；④真核细胞具有核膜，原核细胞没有核膜，④错误；⑤所有细胞均具有核糖体，⑤正确．故选：D．【点评】本题考查了原核细胞和真核细胞形态和结构的异同点，要求考生识记原核细胞和真核细胞的形态和结构的统一性和差异性，能运用所学的知识准确判断各选项，属于考纲识记层次的考查．5．下列哪组试剂在使用过程中，必须经过加热（）A．斐林试剂鉴定还原糖的过程中B．双缩脲试剂鉴定蛋白质时C．苏丹Ⅲ染液鉴定花生子叶中的脂肪时D．碘液鉴定淀粉时【考点】检测还原糖的实验；检测蛋白质的实验；检测脂肪的实验．【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）．斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）；（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应；（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）；（4）橙色的重铬酸钾溶液，在酸性条件下与酒精发生反应，变成灰绿色；（5）甲基绿能使DNA呈绿色，吡罗红能使RNA呈红色；（6）染色体易被碱性染料染成深色，如被龙胆紫染成紫色或被醋酸洋红染成紫红色．【解答】解：A、斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色，A正确；B、双缩脲试剂检测蛋白质时，先加入A液，后加入B液，不需要加热，B错误；C、苏丹Ⅲ和苏丹Ⅳ染液检测动物组织中的脂肪时，不需要加热，C错误；D、碘液检测淀粉时，是在室温条件下，D错误．故选：A．【点评】本题考查课本基础实验的原理和选材，意在考查学生能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，理解实验目的、原理、方法和操作步骤，掌握相关的操作技能，能将这些实验涉及的方法和技能进行综合运用；并对实验现象和结果进行解释、分析、处理．6．如图是某蛋白质的肽链结构示意图（图1，其中数字为氨基酸序号）及部分肽链放大示意图（图2），请据图判断下列叙述中正确的是（）A．图2中含有的R基是①②④⑥⑧B．该蛋白质中含有1条肽链，124个肽键C．图2中具有4种氨基酸，4个肽键D．从图2可推知该肽链至少含有3个游离的羧基【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．【分析】由图可知，图1是有124个氨基酸脱水缩合形成的多肽，图2中，①是氨基，②④⑥⑧是R基，其中②上含有氨基，⑥⑧上含有羧基，③⑤⑦是肽键．【解答】解：A、图中的R基是②④⑥⑧，①是氨基，A错误；B、由图可知，该蛋白质含有1条肽链，124个氨基酸，含有123个肽键，B错误；C、图2中含有4个R基且R基各不相同，所以有4种氨基酸，图中含有③⑤⑦三个肽键，C错误；D、图2中R基上含有2个羧基，链的末端含有一个羧基，所以至少含有3个游离的羧基，D正确．故选：D．【点评】本题考查氨基酸脱水缩合，考查学生对脱水缩合过程的理解，解题的关键是分析出R基中的羧基个数．7．如图表示某种大分子物质的基本单位，关于它的叙述正确的是（）A．该物质是核糖核酸，人体内有4种B．从图中看该物质只含有C、H、O、P四种元素C．该物质形成的大分子物质是RNA，它主要分布在细胞质中D．在T2噬菌体和HIV的宿主细胞中都找不到这种物质【考点】核酸的基本组成单位．。