陕西省榆林市2019届高三第二次(二模)理科综合模拟考试物理试卷 (答案+解析)

高三物理二模考试题

1 陕西省榆林市2019届高三第二次理科综合

模拟考试试卷

一、选择题

1.下列说法正确的是

A. 汤姆孙证实了β射线是高速电子流，其电离作用比α射线强，穿透能力比α射线弱

B. 爱因斯坦发现了光电效应，某材料发生光电效应时，遏止电压与入射光的频率成正比

C. 玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，该理论能解释大多数原子光谱的实验规律

D. 卢瑟福用α粒子轰击氮核，发现了质子，该反应的方程式为He+N→H+O

【答案】D

【解析】

【详解】汤姆孙证实了β射线是高速电子流，其电离作用比α射线弱，穿透能力比α射线强，选项A错误；根据光电效应方程Ekm=eUc=hγ-W0可知，遏止电压与入射光的频率与逸出功有关，与入射光的频率成线性关系，不是成正比，故B错误；玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，但是该理论只能解释氢原子光谱的实验规律，选项C错误；卢瑟福用α粒子轰击氮核，发现了质子，该反应的方程式为，选项D正确；故选D.

2.如图所示，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面。当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，ab边受到的安培力恒定不变。则下列磁感应强度B随时间t变化的图象中可能正确的是

A. B. C. D. 高三物理二模考试题

2 【答案】C

【解析】

【分析】

当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电流，由法拉第电磁感应定律即可表达出感应电动势，再由欧姆定律和安培力的表达式即可求出B的变化。

【详解】设线圈的ab边长为L，ad长为l，当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电动势为：；感应电流为：；安培力为：F=BIL，得：由公式可知，若磁场B增大，则减小；若B减小，则增大。所以四个图象中只有C正确。故选C。

3.某同学将一足球竖直砸向水平地面，足球以5m/s的速度被地面反向弹回，当足球上升到最高点后落回地面，以后足球每次与地面碰撞被弹回时速度均为碰撞前速度的。不计足球与地面碰撞的时间和空气阻力，取g=10m/s2，则足球从第一次被弹回到最后停止运动的总时间为

A. 8s B. 4 s C. 2 s D. 1.5s

【答案】B

【解析】

【详解】足球第一次被弹回的速度 v1=5m/s，第一次在空中竖直上抛运动的总时间；足球第二次被弹回的速度 v2=v1，第二次在空中竖直上抛运动的总时间；足球第三次被弹回的速度 v3=v2=（）2v1，第三次在空中竖直上抛运动的总时间……则足球从第一次被弹回到最后停运动的总时间为

t=t1+t2+…==4s，故选B。

【点睛】本题是物理中数列问题，关键要找出小球在空中运动时间的规律，运用等比数列求和的方法求解总时间。

4.已知通电长直导线产生的磁场中某点的磁感应强度满足B=k (其中k为比例系数，为电流高三物理二模考试题

3 强度，为该点到直导线的距离)。如图所示，空间某一区域存在竖直向上、大小为B的匀强磁场，垂直纸面相互平行的两根固定直导线a、b置于磁场中，它们的连线水平且O为中点，当导线a中的电流为I1、导线b中的电流为I2时，O点的实际磁感应强度为，方向竖直向下。下列判断可能正确的是

A. I1=I2，方向均向里

B. I1=I2，方向均向外

C. I1=2I2，且a中电流向里，b中电流向外

D. I1=2I2，且a中电流向外，b中电流向里

【答案】C

【解析】

【详解】当I1=I2，方向均向里，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场为零，因此O点的实际磁感应强度为B．方向竖直向上，故A错误；同理，I1=I2，方向均向外，根据安培定则，可知两通电导线a、b在O点的合磁场为零，因此O点的实际磁感应强度为B．方向竖直向上，故B错误；当I1=2I2，且a中电流向里，b中电流向外，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场方向向下，那么在O点的实际磁感应强度可能为B/2．方向竖直向下，故C正确；当I1=2I2，且a中电流向外，b中电流向里，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场方向向上，那么在O点的实际磁感应强度不可能为B/2．故D错误；故选C。

5.某静电场的方向平行于x轴，其电势φ随x的分布如图所示。一质量m=4×10－10kg电荷量q=2×10－9C的带负电粒子(不计重力)(－1m，0)点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。则该粒子运动的周期为 高三物理二模考试题

4

A. s B. 0.6s C. 0.1 D. s

【答案】B

【解析】

【分析】

根据图象可明确左右两边电势的降落与距离间的关系，根据E=U/d即可求得各自的电场强度；粒子在原点两侧来回振动，故周期为粒子在两侧运动的时间之和；根据速度公式v=at即可求出各自的时间，则可求得周期．

【详解】粒子先沿x轴正方向做匀加速匀速，后做匀减速直线运动，然后反向运动；由；；由，解得粒子沿x轴正方向运动的时间为；同理可得粒子沿x轴正方向做匀减速运动的时间为t2=0.1s；且粒子到达x=0.5m处的速度恰好为零，反向运动的时间为t1+t2=0.3s ；则粒子运动的周期为T=2(t1+t2)=0.6s ；故选B.

【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动分析，要注意明确运动过程，并能根据牛顿第二定律以及动能定理等物理规律进行分析，并灵活应用数学规律求解．

6.如图所示，某滑雪运动员(可视为质点)由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中

A. 所受合力保持不变 B. 所受滑道的支持力逐渐增大

C. 机械能保持不变 D. 克服摩擦力做功和重力做功相等

【答案】BD

【详解】运动员的速率不变，则做匀速圆周运动的向心加速度大小不变，方向变化，需要的高三物理二模考试题

5 向心力大小不变，方向变化，即受合外力大小不变，方向变化。故A错误。所受滑道的支持力为N-mgcosθ=，（θ角是所在位置的切线与水平面的夹角），随着θ减小，则所受滑道的支持力逐渐增大，选项B正确；下滑过程中动能不变，重力势能减小，则机械能减小，选项C错误；根据动能定理：，即克服摩擦力做功和重力做功相等，选项D正确；故选BD.

7.如图甲所示静止在水平地面上的滑块在水平拉力F作用下从t=0时刻起，其加速度大小a随时间t的变化规律如图乙所示。已知滑块质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数μ=0.2，g=10m/s2。则下列判断正确的是

A. t=2s时，滑块的速度大小为3.2m/s

B. t=5s时，水平拉力F为零

C. 0~5s内，水平拉力F的冲量为15N·s

D. 0~5s内，水平拉力F所做的功为12.5J

【答案】AC

【解析】

【分析】

a-t图像与时间轴围成的面积等于滑块在某时刻的速度大小，由此求解t=2s时滑块的速度；根据动量定理求解水平拉力F的冲量；根据动能定理判断水平拉力F所做的功；

【详解】a-t图像与时间轴围成的面积等于滑块在某时刻的速度大小，由图像可知，当t=2s时，a=1.2m/s2，，选项A正确；t=5s时，水平力F与摩擦力大小相等，摩擦力大小f=μmg=2N，选项B错误；5s时滑块的速度大小为；0-5s内水平拉力F的冲量为，解得IF=15N∙s，选项C正确；由动能定理可知合力做的功，所以水平拉力F的功大于12.5J，选项D错误；故选AC.

【点睛】此题关键是要搞清a-t图像的物理意义，知道a-t图像的面积表示速度；能灵活运用动量定理和动能定理解题. 高三物理二模考试题

6 8.2018年11月1日，我国第41颗北斗导航卫星“吉星”成功发射，该卫星工作在地球静止同步轨道上，可以对地面上的物体实现厘米级的定位服务。已知地球表面的重力加速度为g，半径为R，该卫星绕地球做圆周运动的周期为T。则下列说法正确的是

A. 该卫星的发射速度大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度

B. 该卫星做圆周运动的轨道半径为

C. 该卫星运行的加速度大小为

D. 该卫星运行的线速度大小为

【答案】AD

【解析】

【分析】

第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度．在地球表面上，物体的重力等于万有引力，卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此列式求解．

【详解】A. 第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度。发射地球同步卫星，发射速度一定大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度，故A正确；

B.用M表示地球的质量，在地球表面为m0的物体，有，，

m表示卫星的质量，r表示卫星的轨道半径，由万有引力定律和牛顿第二定律得，联立解得，故B错误；

C. 由万有引力定律和牛顿第二定律得，代入B选项结论，，故C错误；

D. 由万有引力定律和牛顿第二定律得，代入B选项结论，v=，故

D正确。

故选：AD 高三物理二模考试题

7 二、非选择题

9.某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验

（1）用如图甲所示的装置做实验，图中带滑轮的粗糙长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示所受拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是_______。

A．将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮不挂砂桶时小车能匀速滑动

B．为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量

C．小车远离打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录传感器的示数

（2）在正确、规范的操作中，打出一条如图乙所示的纸带，每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器使用的电源频率为50Hz，打计数点“3”时小车的速度大小＝______m／s；小车做匀加速直线运动

的加速度大小a＝______m／s2。（保留三位有效数字）

【答案】 (1) A; (2) 1.132.50;

【解析】

【详解】（1）连接拉力传感器和沙桶之前，将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动，平衡了摩擦力，故A正确；实验中拉力通过拉力传感器测出，不需要满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故B错误；实验时应先接通电源，再释放小车，小车应紧靠打点计时器，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故C错误。所以选A。

（2）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为：T=5×0.02s=0.1s。3点对应的速度为：，由逐差法△x=aT2可得：，代入数据解得小车的加速度大小为：。

10.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器。