解析四川省成都七中2020┄2021学年高一下学期期末物理试卷

2020-2021学年四川资阳高一下期期末质量检测物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：对单物体(质点)的应用）评卷人得分（8分）汽车发动机的额定功率为P=60kW，汽车的质量为m=5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重的k=0.1倍。

汽车在平直路面上从静止开始，先以a=0.5m/s2的加速度作匀加速后做变加速运动，经时间t=36s达到最大速度v。

取g=10m/s2。

求：（1）汽车作匀加速运动的时间t1；（2）汽车从开始运动到达到最大速度的过程发生的位移x。

【答案】（1）t1=16s（2）x=264m【解析】试题分析：（1）设汽车做匀加速运动阶段的牵引力为F，所达到的最大速度为v1，则有：①（1分）②（1分）③（1分）联解①②③得：t1=16s④（1分）（2）设汽车匀加速运动阶段发生的位移为x1，做变加速运动阶段发生的位移为x2，则有：⑤（1分）⑥（1分）⑦（1分）联解④⑤⑥⑦得：x=264m ⑧（1分）考点：本题考查匀变速直线运动、动能定理、牛顿第二定律。

（10分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）沿光滑水平面向左以初速度v0做匀速直线运动，到达B点时沿固定在竖直平面内、半径为R=40cm的光滑半圆轨道运动，并恰能到达最高点C点后水平飞出，最后落到水平面上的A点。

不计空气阻力，g=10m/s2。

求：（1）物体的初速度v0；（2）A、B两点间的距离x。

【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）设物体到达C点的速度为v，从B到C由动能定理得：①（3分）物体做圆周运动恰能到达最高点C，由牛顿第二定律有：②（2分）联解①②得：③（1分）（2）物体从C到A作平抛运动有：④（2分）⑤（1分）联解④⑤得：⑥（1分）考点：本题考查动能定理、平抛运动、牛顿第二定律。

2020-2021学年四川省成都七中高二（下）期末物理试卷（零诊模拟）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分。

每小题只有一个选项符合题目要求。

1．（3分）以下说法中不正确的是（ ）A ．图甲是α粒子散射实验示意图，当显微镜在A 、B 、C 、D 中的A 位置时荧光屏上接收到的α粒子数最多B ．图乙是氢原子的能级示意图，氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级时吸收了一定频率的光子能量C ．图丙是光电效应实验示意图，当光照射锌板时验电器的指针发生了偏转，则此时验电器的金属杆带的是正电荷D ．图丁是电子束穿过铝箔后的衍射图样，该实验现象说明实物粒子也具有波动性2．（3分）在磁感应强度大小为B 0的匀强磁场中，两长直导线P 和Q 平行于纸面固定放置。

在两导线中通有图示方向电流I 时，纸面内与两导线等距离的a 点处的磁感应强度为零。

下列说法正确的是（ ）A ．匀强磁场方向垂直纸面向里B ．将导线P 撤去，a 点磁感应强度为32B 0 C ．将导线Q 撤去，a 点磁感应强度为12B 0 D ．将导线Q 中电流反向，a 点磁感应强度为2B 03．（3分）正方形ABCD四个顶点上放置着电荷量相同的、电性如图所示的点电荷，O为正方形两对角线的交点，M、N、P、Q分别为AO、BO、CO、DO的中点。

取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）A．M、N、P、Q四点的场强相同B．M、N、P、Q四点的电势均为零C．将一质子从M点沿MON移动到N点的过程中，电场力先做正功再做负功D．将一电子从M点沿MOP移动到P点的过程中，电势能先增加后减小4．（3分）图甲为家用燃气灶点火装置的电路原理图，转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电加在理想变压器的原线圈上，设变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2。

当两点火针间电压大于5000V就会产生电火花进而点燃燃气，闭合S，下列说法正确的是（）A．电压表的示数为50√2VB．在正常点燃燃气的情况下，两点火针间电压的有效值一定大于5000VC．当＞100时，才能点燃燃气D．当=200时，点火针每个周期的放电时间为0.01s磁感应强度大小为B．发电导管内有电阻率为ρ的高温电离气体，气体以速度v向右流动，并通过专用管道导出．由于运动的电离气体，受到磁场的作用，将产生大小不变的电动势．若不计气体流动时的阻力，由以上条件可推导出可变电阻消耗的电功率P＝．调节可变电阻的阻值，根据上面的公式或你所学过的物理知识，可求得可变电阻R消耗电功率的最大值为（）A．A、B、C三点电势高低为：φB=φC＞φAB．沿垂直BC方向入射的粒子可能经过A点C．若∠ACB=60°，则匀强电场的场强为E＝D．若∠ACB=45°，则过D点速率可能为7．（3分）如图甲所示，在水平面上固定一个匝数为10匝的等边三角形金属线框，总电阻为3Ω，边长为0.4m。

1
高一上期期末物理复习题答案
一、单选题 (24分)
二、多选题 (20分)
三、实验题(14分)
14. (6分) （1） A （2） F ′
15. (8分) （1） C （2） d t
0.25 0.4 F
四、计算题（42分）
16（7分）
（1）F 的最小值以及方向 大小：mg 方向：垂直OA 向上 （4分） （2）a 、b 间的细线与水平方向的夹角30° （3分）
17（8分）
汽车A 和B 的运动过程如图所示。

(1)当A 、B 两汽车速度相等时，两车间的距离最远，
即v ＝v B －at ＝v A ，解得t ＝3 s
此时汽车A 的位移x A ＝v A t ＝12 m 汽车B 的位移x B ＝v B t －12at 2＝21 m
故最远距离Δx max ＝x B ＋x 0－x A ＝16 m。

(2)汽车B 从开始减速直到静止经历的时间t 1＝v B a ＝5 s 运动的位移x B ′＝v B 2
2a ＝25 m 汽车A 在t 1时间内运动的位移x A ′＝v A t 1＝20 m
此时相距Δx ＝x B ′＋x 0－x A ′＝12 m
汽车A 需再运动的时间t 2＝Δx v A ＝3 s
故A 追上B 所用时间t 总＝t 1＋t 2＝8 s 。

仅供四川省崇州市
蜀城中学使用
四川
省
崇
州
市
蜀
城
中
学
使
用
仅供。

成都七中2021-2022学年度（上）高一物理10月测试一、单项选择题（每题3分，共24分）12345678D C B B B C D A二、不定项选择题（每题4分，共24分）91011121314BC AB AD AC CD BC三、实验题（共16分）15.(每空2分)（1）AC（2）C（3）v D=0.560（保留三位有效数字）（4）（5）a=0.80±0.05m/s2。

（保留两位有效数字）16.（6分）（1）s5(1分)，说明理由：在s5段内既有匀速运动又有减速运动（1分）（2）a= 2.00m/s2（保留三位有效数字）（2分）（3）偏小(填“偏大”或“偏小”或“不变”)（2分）17.（10分）（1）当小木球落到水面时=12B12①（1分）得1=0.6（1分）此时的速度为=B1②（1分）得=6m/s（1分）小木球落到池底时速度为零，则由=∆=0−③（1分）∆=1−2=40m⑥（1分）还需要的时间为3=∆−=10⑦（1分）因此总时间为2+3=14⑧（1分)（3）设减速时火车加速度大小为a1=2m/s2，警车加速度大小仍为a=4m/s2当警车停下时警车的位移为3=22=32m⑨(1分）火车追上警车时有3=B4−12142⑩（1分）解得t4=4s或8s（舍去）（1分）20.（13分）（1）小球抛出后做竖直上抛运动，经时间t0到达最高点0=0=1①（1分）此时上升的高度为ℎ=022=5②（1分）设再经过时间t落到地面，则有∆ℎ=12B2−12o−1)2③（1分）得t=3s从最高点到落地点的高度为ℎ=12B2=45④（1分）则小球抛出点离地面的高度HH=h-h m=40m⑤（1分）（2）当小车前端M到达抛出点正下方时间为t1，=12112⑥（1分）得t1=2s当小车末端N到达到抛出点正下方时间为t2+=12122⑦（1分）得t2=3s小球从抛出点到落地需要t0+t=4s，故小车不能接住小球（1分）（3）当小车末端N到达抛出点正下方时，此时小车速度为v=at2=6m/s⑧（1分）小球还需t3=t+t0-t2=1s落地若小车返回时末端N刚好到达抛出点正下方，则有212v2⑨（1分）若小车返回时前端M刚好到达抛出点正下方，则有−=B3−12232⑩（1分）解得a2=22m/s2（1分）所以要让小车接住小球的加速度大小a2必须满足12m/s2<a<22m/s2（1分）。

成都七中2019—2020学年度下期高2022届期中考试物理试卷（满分110分，考试时间100分钟）一、本题12小题：每小题3分，共36分。

在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的。

1.下列说法正确的是（）A.牛顿首先发现了海王星和冥王星B.做圆周运动的物体其所受的合外力即为其向心力C.一对作用力与反作用力所做的功一定大小相等，正负相反的D.做曲线运动的物体的加速度方向跟它的速度方向一定不在同一直线上2.已知引力常量G和下列四组中的哪一组数据，就能计算出地球的质量（）A．地球绕太阳公转的周期及地球到太阳中心的距离B．人造卫星距离地面的高度及卫星运行的周期C．月球绕地球公转的周期及月球到地心的距离D．地球自转周期和月球到地心的距离3.一架飞机离水平地面一定高度沿水平方向匀速飞行.从飞机上每隔1s释放一个铁球，先后共释放4个.若不计空气阻力，从飞机上观察4个球：A.在空中任何时刻总是排成抛物线，它们的落地点是等间距的B.在空中任何时刻总是排成抛物线，它们的落地点是不等间距的C.在空中任何时刻总是在飞机正下方排成竖直的直线，它们的落地点是等间距的D.在空中任何时刻总是在飞机正下方排成竖直的直线，它们的落地点是不等间距的4.如图所示，一个圆形框架以竖直的直径为转轴匀速转动。

在框架上套着两个质量相等的小球A、B，小球A、B到竖直转轴的距离相等，它们与圆形框架保持相对静止。

下列说法正确的是（）A.小球A的合力小于小球B的合力B.小球A与框架间可能没有摩擦力C.小球B与框架间可能没有摩擦力D.圆形框架以更大的角速度转动，小球B受到的摩擦力一定增大5.如图所示，质量相同的甲乙两个小物块(视为质点)，甲从竖直固定的1/4光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下。

下列判断正确的是（）A．两物块到达底端时速度相同B．两物块运动到底端的过程中重力做功相同C．两物块到达底端时动能不同D．两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率11.如图所示。

四川省成都七中2020┄202１学年高一上学期期末物理试卷一、选择题（本题共6小题,每小题3分,共18分．每小题只有一个选项符合题意）１．(3分)小明家驾车去旅游,行驶到某处见到如下图所示的公路交通标志,下列说法正确的是()A. 此路段平均速度不能超过60 ｋm/hﻩB．此处到宜昌的位移大小是268 kmﻩＣ．ﻩ此路段平均速率不能低于60 km／hﻩD．此路段瞬时速度不能超过６0 km/h2．（３分）2013年6月11日１７时38分，在九泉卫星发射中心“神舟”十号载人航天飞船成功飞上太空,飞船绕地球飞行一圈时间为90分钟,则以下说法中错误的是（) 17时38分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”Ａ．ﻩ“B.ﻩ飞船绕地球飞行一圈,它的位移和路程都为0ﻩＣ. 飞船绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0ﻩD．ﻩ地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不可以将飞船看成质点3．(３分）对于一些实际生活中的现象,某同学试图从惯性角度加以解释,其中正确的是(）A．采用了大功率的发动机后,某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机的速度，这表明:可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性B.ﻩ“强弩之末势不能穿鲁缟”，这表明强弩的惯性减小了C．货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢,这会改变它的惯性Ｄ．ﻩ自行车转弯时,车手一方面要适当的控制速度,另一方面要将身体稍微向里倾斜，这是为了通过调控人和车的惯性达到安全行驶的目的4.（3分)如图所示,在水平地面上叠放着A、B、C三个完全相同的物块,今用水平力F作用于B时，Ａ、B、Ｃ均处于静止状态，则下列说法正确的是（)ﻩＡ. B对Ｃ的摩擦力等于FﻩＢ. B对A的摩擦力等于FC．ﻩB受４个力ﻩＤ. C对地面的摩擦力等于F,方向水平向左5．（3分）如图所示为某新型夹砖机，它能用两支巨大的“手臂”将几吨砖夹起，大大提高了工作效率．已知某夹砖机能夹起质量为m的砖,两支“手臂”对砖产生的最大压力为Fｍax（设最大静擦力等于滑动摩擦力），则“手臂”与砖之间的动摩擦因数至少为（）Ａ.ﻩﻩＢ． C.ﻩ D.6.（3分)如图所示是某商场安装的智能化电动扶梯,无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时,它会先慢慢加速，再匀速运转.一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程.那么下列说法中正确的是（)A．ﻩ顾客始终受到静摩擦力的作用B.ﻩ顾客受到的支持力总是大于重力C．扶梯对顾客作用力的方向先指向右上方,再竖直向上ﻩD. 扶梯对顾客作用力的方向先指向左下方，再竖直向上二、选择题（本题共６小题,每小题4分,共24分．每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有错的得0分) 7．（４分)关于以下四幅插图说法正确的是()A．甲图中学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中,体重计示数先减少后增加B．ﻩ乙图中运动员推开冰壶后,冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，但其速度变化较快ﻩC．ﻩ丙图中赛车的质量不很大,却安装着强大的发动机,可以获得很大的加速度D．丁图中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度,来减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全８．(４分)如图所示是Ａ、B两物体的速度时间图象，则下列说法错误的是（)ﻩA.ﻩ若Ａ、B两物体0时刻从同一位置开始运动,则以后它们一定能相遇B．ﻩ若0时刻A在B的前方某一位置,则以后它们一定不能相遇ﻩＣ．若0时刻Ｂ在Ａ的前面且两者相距６0m,则以后它们一定能相遇两次ﻩＤ．若０时刻B在A的前面且两者相距3０m,则以后它们一定能相遇三次9.（4分)如图所示,某人通过定滑轮拉住一重物，当人向右跨出一步后,人与物仍保持静止，则（）A．地面对人的摩擦力减小Ｂ．地面对人的摩擦力不变C.ﻩ人对地面的压力增大ﻩＤ．ﻩ人对地面的压力减小10.（4分)如图所示，在光滑斜面上,有一轻质弹簧的一端固定在斜面上,有一物体A沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中,下列说法中正确的是()Ａ.ﻩ物体的加速度将逐渐增大ﻩＢ．物体的加速度将先减小，后增大ﻩC.ﻩ物体的速度将逐渐减小ﻩD．ﻩ物体的速度将先增大，后减小11．（4分)物体A、B、C均静止在同一水平面上，它们的质量分别为m A、ｍB、m C,与水平面的动摩擦因数分别为μA、μＢ、μC,用平行于水平面的拉力F分别拉物体A、B、C，所得加速度a与拉力F的关系如图所示,A、Ｂ两直线平行,则以下关系正确的是（)Ａ.ﻩm A＜ｍB<ｍCﻩB．ﻩｍA<mＢ=mＣﻩＣ．ﻩμＡ＝μＢ=μCﻩD. μA＜μＢ＝μＣ12．(4分)如图所示，物体Ａ的质量大于B的质量，绳子的质量、绳与滑轮间的摩擦可不计,A、B恰好处于平衡状态，如果将悬点P靠近Q少许，则物体B的运动情况是（）A．仍保持静止状态ﻩB. 向下运动C.ﻩ向上运动ﻩD．ﻩ无法判断三、实验题（本题共2小题,共16分)13.(3分)在验证力的平行四边形法则的实验中，通过细线用两个互成角度的弹簧称拉橡皮条，使结点移到某一位置O.此时需记下：①;②；③;然后,只用一个弹簧秤再把橡皮条拉长,使结点到达,这是因为；再记下:④;⑤.１4.（3分）某同学设计了一个如图1所示的装置来测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，Ｂ和C是质量可调的砝码,不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦．实验中该同学在砝码总质量(m+m′＝m0)保持不变的条件下，改变m和m′的大小,测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数.(1）该同学手中有打点计时器、纸带、10个质量均为１０0克的砝码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验,得到所要测量的物理量,还应有.A．秒表Ｂ.毫米刻度尺 C.天平D．低压交流电源(2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带,如图2所示,从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、Ｅ、F,各计数点到O点的距离为OA＝1．61cm，ＯB=４．02ｃｍ，OＣ=7.26cｍ，OD=１1.３0cm,OE=16.1４ｃm，OF=２1．80ｃm，打点计时器打点频率为５0Hz,则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v=m/s，此次实验滑块的加速度a＝m/s2．（结果均保留两位有效数字）(3)在实验数据处理中,该同学以m为横轴,以系统的加速度a为纵轴,绘制了如图３所示的实验图线,结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=.(g取10m/s2）四、计算题（本题共4小题,共42分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位）１5.汽车在路上出现故障时,应在车后放置三角警示牌（如图所示)，以提醒后面驾车司机,减速安全通过.在夜间，有一货车因故障停驶,后面有一小轿车以3０m／s的速度向前驶来，由于夜间视线不好，小轿车驾驶员只能看清前方５０m的物体，并且他的反应时间为０.6s，制动后最大加速度为5m/s2．求:（1）小轿车从刹车到停止所用的最短时间；（2)三角警示牌至少要放在车后多远处,才能有效避免两车相撞.16．放风筝是春天时大人、小孩都爱玩的一项有趣的体育活动，手上牵着线拉着风筝迎风向前跑,就可以将风筝放飞到高处.有一小朋友将一只重为4N的风筝放飞到一定的高度后,便拉住线的下端以一定的速度匀速跑动，线恰能与水平面成5３°角保持不变,这时小朋友拉住线的力为5N，求此时风筝所受到的风力大小和方向.（sin53°=）1７．为了提高运动员奔跑时下肢向后的蹬踏力量,在训练中，让运动员腰部系绳拖汽车轮胎奔跑，已知运动员在奔跑中拖绳上端与地面的高度为１.2m,且恒定,轻质无弹性的拖绳长2m,运动员质量为６０kg，车胎质量为1２kg,车胎与跑道间的动摩擦因数为μ=,如图甲所示，将运动员某次拖胎奔跑100m当做连续过程，抽象处理后的v﹣ｔ图象如图乙所示,g=１０m/ｓ2，不计空气阻力.求:(1）运动员加速过程中的加速度大小a及跑完１00m后用的时间ｔ;（2)在加速阶段绳子对轮胎的拉力大小T及运动员与地面间的摩擦力大小ｆ人．１8．如图所示,总质量为４6０kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0．5m ／s2，当热气球上升到175ｍ时,以１０ｍ/s的速度向上匀速运动,同时有一颗质量为0.０1kg 的小铆钉从热气球上脱离掉落,小铆钉脱离时相对热气球静止．若离开地面后热气球所受浮力保持不变,上升过程中热气球总质量不变,重力加速度ｇ＝１0m/s2.求:（1）热气球所受浮力大小;（2）匀速上升时热气球所受的空气阻力;（3）小铆钉落地时热气球离地的高度．四川省成都七中20２0┄2０21学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共6小题,每小题3分，共１8分．每小题只有一个选项符合题意) 1．(3分)小明家驾车去旅游，行驶到某处见到如下图所示的公路交通标志,下列说法正确的是()Ａ. 此路段平均速度不能超过6０km/hＢ.ﻩ此处到宜昌的位移大小是2６8 kmﻩＣ. 此路段平均速率不能低于60 km/hﻩD. 此路段瞬时速度不能超过６0 km／h考点：瞬时速度；位移与路程.分析：ﻩ平均速度表示某段时间内或某段位移内的速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度．位移大小等于首末位置的距离,路程等于运动轨迹的长度．解答：ﻩ解:交通标志中的“60”表示通过的瞬时速度不能超过60km／h.“宜昌2６8kｍ“知的是离宜昌的路程为268km．故D正确，Ａ、B、C错误．故选：Ｄ.点评：ﻩ解决本题的关键知道路程和位移的区别，平均速度和瞬时速度的区别．对于相近物理量要注意区分．2.(3分）2013年６月11日17时38分，在九泉卫星发射中心“神舟”十号载人航天飞船成功飞上太空，飞船绕地球飞行一圈时间为90分钟，则以下说法中错误的是(）ﻩA.ﻩ“17时３8分”和“９０分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”B. 飞船绕地球飞行一圈,它的位移和路程都为0C.ﻩ飞船绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D．地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不可以将飞船看成质点考点:ﻩ位移与路程;时间与时刻．分析：时间描述的是“段”,时刻描述的是“点”，位移大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度；平均速度等于位移与时间的比值;当物体的形状和大小在研究的问题中可以忽略,物体可以看成质点.解答:ﻩ解:A、１７时３8分，表示的是时刻,9０分钟表示的是时间.故A正确．Ｂ、飞船绕地球飞行一圈，初末位置重合,位移为零,路程不为零．故Ｂ错误.C、平均速度等于位移与时间的比值，飞行一圈，则位移为零，平均速度等于0,但是瞬时速度不为零．故C正确.D、地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时,飞船的形状不能忽略，不能看成质点．故D正确．本题选错误的，故选:B.点评：ﻩ解决本题的关键知道路程和位移的区别，时间和时刻的区别,知道平均速度等于位移与时间的比值,平均速率等于路程与时间的比值.３.(3分)对于一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，其中正确的是（）Ａ.ﻩ采用了大功率的发动机后,某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机的速度,这表明:可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性ﻩB.ﻩ“强弩之末势不能穿鲁缟”,这表明强弩的惯性减小了C．ﻩ货运列车运行到不同的车站时,经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性ﻩD．自行车转弯时,车手一方面要适当的控制速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜,这是为了通过调控人和车的惯性达到安全行驶的目的考点: 惯性．分析:ﻩ惯性是物体的固有属性,它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关,质量越大,惯性越大．解答:ﻩ解：A、惯性是物体的固有属性,大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大,与其它任何因素无关，故AB错误；C、摘下或加挂一些车厢，改变了质量,从而改变惯性，故C正确;D、人和车的质量不变,则其惯性不变,故Ｄ错误.点评：ﻩ惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．4.（3分)如图所示，在水平地面上叠放着A、B、C三个完全相同的物块,今用水平力Ｆ作用于B时,Ａ、B、C均处于静止状态,则下列说法正确的是()ﻩA．ﻩB对C的摩擦力等于FﻩB．Ｂ对A的摩擦力等于FＣ．B受4个力ﻩD．ﻩC对地面的摩擦力等于F,方向水平向左考点：摩擦力的判断与计算.专题: 摩擦力专题.分析：分别以Ａ、ＡＢ整体和ABC整体为研究对象,根据平衡条件研究Ａ与Ｂ间，B与C 间、Ｃ与地面间的摩擦力．解答：解:A、以AＢ组成的整体为研究对象，根据平衡条件得知，C对Ｂ的摩擦力大小等于F，方向水平向左，则B对C的摩擦力等于Ｆ方向向右，Ａ正确；B、以A为研究对象,根据平衡条件得知，B对A没有摩擦力,则A对Ｂ的摩擦力等于零，B 错误；C、B受重力，C对Ｂ的支持力和静摩擦力,A对Ｂ的压力，拉力F共5个力，C错误;D、以ABC三个物体组成的整体为研究对象,根据平衡条件得到，地面对C的摩擦力大小等于F，方向水平向左，C对地面的摩擦力等于F,方向水平向右，故D错误.点评:ﻩ本题关键在于灵活选择研究对象，处理多个物体平衡的问题.要注意两个物体之间不存在摩擦力,接触面可能粗糙，也可能光滑．５.（3分)如图所示为某新型夹砖机,它能用两支巨大的“手臂”将几吨砖夹起，大大提高了工作效率.已知某夹砖机能夹起质量为ｍ的砖，两支“手臂”对砖产生的最大压力为Fｍａx （设最大静擦力等于滑动摩擦力),则“手臂”与砖之间的动摩擦因数至少为(）Ａ．B.ﻩﻩ C.ﻩﻩD.ﻩ考点:ﻩ滑动摩擦力．专题: 摩擦力专题.分析：ﻩ砖在竖直方向受力平衡,对砖进行受力分析,根据平衡条件即可求解.解答：解:对砖进行受力分析，根据平衡条件得:２f=mg2μＦmaｘ＝mｇ解得:故选Ｂ点评：本题主要考查了滑动摩擦力公式和平衡条件的直接应用，难度不大，属于基础题.6．(3分)如图所示是某商场安装的智能化电动扶梯,无人乘行时，扶梯运转得很慢;有人站上扶梯时，它会先慢慢加速,再匀速运转.一顾客乘扶梯上楼,恰好经历了这两个过程．那么下列说法中正确的是()ﻩＡ．顾客始终受到静摩擦力的作用ﻩB.ﻩ顾客受到的支持力总是大于重力ﻩＣ．ﻩ扶梯对顾客作用力的方向先指向右上方,再竖直向上ﻩD.ﻩ扶梯对顾客作用力的方向先指向左下方,再竖直向上考点：ﻩ运动的合成和分解；牛顿第二定律．专题：ﻩ运动的合成和分解专题．分析:正确解答本题要掌握:正确对物体进行受力分析，应用牛顿第二定律解题；明确超重和失重的实质，理解生活中的超重和失重现象．解答：解：A、以人为研究对象,处于加速运动时,人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下,故Ａ错误；Ｂ、顾客处于匀加速直线运动时,受到的支持力才大于重力,故B错误；Ｃ、顾客处于加速运动时,人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下，则扶梯对顾客作用力的方向先指向右上方,当处于匀速直线运动时,其作用力竖直向上，故C正确；Ｄ错误.故选:C．点评:本题考查了牛顿第二定律在生活中的应用,要熟练应用牛顿第二定律解决生活中的具体问题，提高理论联系实际的能力.二、选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有错的得0分)7．（４分）关于以下四幅插图说法正确的是(）A.ﻩ甲图中学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中,体重计示数先减少后增加ﻩB.ﻩ乙图中运动员推开冰壶后,冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，但其速度变化较快C．丙图中赛车的质量不很大，却安装着强大的发动机，可以获得很大的加速度Ｄ.ﻩ丁图中高大的桥要造很长的引桥,从而减小桥面的坡度，来减小车辆重力沿桥面方向的分力,保证行车方便与安全考点: 加速度与力、质量的关系式;牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题:ﻩ牛顿运动定律综合专题．分析:ﻩ失重状态:当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度,合力也向下;超重状态:当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态,此时有向上的加速度，合力也向上;当当质量不变的时候，根据牛顿第二定律Ｆ＝ma可知,Ｆ越大,加速度a就越大．解答:解:A、学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中，学生的运动的过程是先向上加速运动，在减速运动，直到最后的静止,向上加速时，处于超重状态,减速时处于失重状态,所以体重计的示数先增加后减少，所以Ａ错误；B、冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，根据牛顿第二定律可知，此时物体的加速度很小，所以物体速度的变化就很慢，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变,所以B错误;C、根据牛顿第二定律F=ma可知,当质量不变的时候，F越大，加速度ａ就越大，所以C 正确；D、高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度,这样可以减小车辆重力沿桥面方向的分力,保证行车方便与安全,所以D正确；故选：CD.点评:本题是用物理的知识来解释生活中的一些现象，知道产生的各种现象的根本的原因，这样也可以加强对物理知识的理解和记忆．８．(4分)如图所示是A、B两物体的速度时间图象，则下列说法错误的是()A．若Ａ、B两物体０时刻从同一位置开始运动，则以后它们一定能相遇Ｂ．若0时刻A在B的前方某一位置,则以后它们一定不能相遇ﻩC.ﻩ若０时刻Ｂ在A的前面且两者相距60m，则以后它们一定能相遇两次D.ﻩ若0时刻B在A的前面且两者相距30ｍ，则以后它们一定能相遇三次考点:ﻩ匀变速直线运动的图像.专题：运动学中的图像专题．分析：ﻩv﹣t图象中图线与坐标轴围成图形的面积表示位移,判断２s和６s内两物体位移是否相等即可判断是否相遇;解答:解：A、由于A的速度较大，故应该是B追A.面积表示位移,t=1０s时A的位移为ｘ=２０×１0m=2０0m，Ｂ的位移为ｘ′＝×10×5（5+1０）×20=17５m,从同一地出发,x>x′，它们一定不能相遇,故A错误；B、Ａ的位移大于B的位移,结合A的分析，故B在A后面，B正确；C、若0时刻Ｂ在A的前面且两者相距60m，由A分析知,１0s时A比B多走2５m，没有追上B,之后B的速度小于A，故一定能够追及B，并且相遇一次，故Ｃ错误；D、若０时刻B在A的前面且两者相距３0m,在前5ｓ内A的位移为x=20×5m=100ｍ,而Ｂ的位移为x′=5０m,故A会超过B一次,超出的位移为x″=100﹣50﹣30ｍ=20m，从５s 到10s内，B的位移比A的位移多出来△x＝×5×1０=２５m,故此时间内Ｂ会在超过A前面5m,此后B速度减小，Ａ速度大,故A会再次超过Ｂ,故它们一定能相遇三次，故D正确；本题选错误的,故选:AＣ．点评：图线与坐标轴围成图形的面积表示位移；根据面积关系即可以得出位移关系.9.(4分)如图所示,某人通过定滑轮拉住一重物，当人向右跨出一步后，人与物仍保持静止,则(）ﻩＡ.ﻩ地面对人的摩擦力减小ﻩB．地面对人的摩擦力不变Ｃ．ﻩ人对地面的压力增大D．人对地面的压力减小考点: 共点力平衡的条件及其应用.专题:ﻩ共点力作用下物体平衡专题.分析：对人进行受力分析：重力、支持力、拉力和静摩擦力平衡,通过拉力的夹角变化判断各力的变化．解答：解：以物体为研究对象，根据平衡条件分析可知，绳子的拉力大小等于物体的重力，没有变化．人受重力、支持力、拉力和静摩擦力处于平衡,受力如图．设拉力与竖直方向的夹角为θ，根据共点力平衡得ｆ=Ｔsinθ,Tcosθ＋N=mg．当人拉着绳向右跨出一步后人和物保持静止，θ增大，T不变，则静摩擦力f增大，支持力Ｎ增大，根据牛顿第三定律,人对地面的压力增大.故C正确，AＢD错误.故选Ｃ.点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析,运用共点力平衡进行求解.10.(４分)如图所示，在光滑斜面上,有一轻质弹簧的一端固定在斜面上，有一物体Ａ沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中,下列说法中正确的是(）ﻩA．物体的加速度将逐渐增大ﻩＢ.ﻩ物体的加速度将先减小,后增大C. 物体的速度将逐渐减小ﻩＤ. 物体的速度将先增大,后减小考点: 牛顿第二定律.专题: 牛顿运动定律综合专题．分析:ﻩ通过分析小球的受力情况,来分析其运动情况,确定速度的变化,由牛顿第二定律分析加速度的变化,分析时要抓住弹簧的弹力与压缩量成正比.解答:ﻩ解:小球接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力,小球的合力沿斜面向下,加速度也沿斜面向下,与速度方向相同,故小球做加速运动，因弹力逐渐增大,合力减小,加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大,当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反,小球做减速运动，弹力增大,合力增大,加速度也增大；综上可知，小球接触弹簧后速度先增大后减小,加速度先减小后反向增大,压缩过程中，小球所受合力先变小后变大.小球刚接触弹簧瞬间速度不是最大,当弹力与重力的分力平衡时，速度最大.故BD正确，ＡＣ错误．故选：BＤ．点评：ﻩ解决本题的关键是分析小球的受力情况，判断其运动情况,是常见的问题，压缩弹簧运动的分析是中学阶段的一个难点.．11.(４分)物体Ａ、Ｂ、Ｃ均静止在同一水平面上，它们的质量分别为m A、ｍB、mＣ,与水平面的动摩擦因数分别为μＡ、μB、μＣ,用平行于水平面的拉力Ｆ分别拉物体A、B、C,所得加速度a与拉力Ｆ的关系如图所示,A、B两直线平行，则以下关系正确的是(）Ａ.ﻩｍA<m B＜m C B．ﻩm A<m B=mＣﻩC．μA＝μB＝μCﻩＤ．μA＜μB=μC考点:ﻩ牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像;滑动摩擦力.专题：运动学中的图像专题；牛顿运动定律综合专题.分析：对于图象问题要明确两坐标轴所表示物理量以及其含义,对于比较复杂的图象可以先依据物理规律写出两物理量的函数关系式,然后利用数学知识求解.解答：ﻩ解:根据牛顿第二定律有:Ｆ﹣mｇμ=mａ所以有：由此可知:图象斜率为质量的倒数,在纵轴上的截距大小为：gμ.故由图象可知:μA＜μＢ=μC，ｍA=m B<m C,故ABＣ错误,D正确.故选D.点评:高中物理中涉及图象很多，但是物理什么图象，都可以通过所学物理规律写出两物理量的函数关系式,然后依据数学知识弄清截距、斜率、面积等含义.１２.(4分)如图所示，物体A的质量大于B的质量,绳子的质量、绳与滑轮间的摩擦可不计,A、B恰好处于平衡状态，如果将悬点Ｐ靠近Ｑ少许,则物体Ｂ的运动情况是()A. 仍保持静止状态ﻩＢ．向下运动ﻩC．ﻩ向上运动D．ﻩ无法判断。

高新区2020-2021学年度下期期末学业质量检测高一物理参考答案及评分意见第I 卷（选择题，共44分）二、多项选择题（共20分）第Ⅱ卷（非选择题，共56分）三、实验题（共14分） 14.（4分）（1）A （2分） （2）C （2分） 15.（10分）（1）AD （2分） （2）2.4（2分） （3）1.15（2分） 1.18（2分） （4）9.6（2分）四、计算题（共42分）16.（8分）解：（1）小球恰能通过最高点，小球在最高点由重力提供向心力，在C 点由牛顿第二定律得：mg =m v C2R （2分）代入数据解得：v C =3m/s （2分） （2）小球从C 点飞出后做平抛运动，设其落地时间为t ，竖直方向：2R =12gt 2 （1分） 水平方向： x =v c t （1分） 代入数据解得：x =1.8m （2分） （其他合理解法，参照给分）17.（8分）解：（1）物体在月球表面做自由落体运动，设月球表面的重力加速度大小为g ，由运动学公式：ℎ=12gt 2 （2分） 重力近似等于万有引力：G Mm R 2=mg （2分）解得：M =2ℎR 2Gt 2（1分）（2）月球同步卫星绕月球做匀速圆周运动，有：GMm r 2=m (2πT )2r （2分）解得：r =√ℎR 2T 22π2t 23（1分）（其他合理解法，参照给分）18.（12分）解：（1）小球从A 到B ，由动能定理得：212=B mgh mv （2分） 在B 点由牛顿第二定律得：F B −mg =mv B2ℎ（2分）代入数据解得： F B =30N （1分） 由牛顿第三定律可得，小球对轨道的压力大小：F′=F B =30N （1分） （2）从A 到C ，由动能定理得：212BC C mgh μmgx mv -=（2分） 代入数据解得： 0.7m BC x =小球最终停在粗糙的水平面BC 上，根据动能定理得：0mgh mgs μ-= （2分） 代入数据解得： 1.6m s = （1分） 所以小球最终停止的位置到管口C 端点的距离：30.5m =-=C BC s x s （1分） （其他合理解法，参照给分）19.（14分）解：（1）设物块A 到达倾斜轨道底部的速度为v ，由机械能守恒定律得：21sin 302A A m gL m v ︒= （2分）代入数据解得：12m/s v = （1分） （2）A 滑上B 后，A 做匀减速运动，B 做匀加速运动，设A 、B 的加速度大小分别为1a 、2a ，经时间1t ，A 、B 达到共同速度1v ，对物块A ，由牛顿第二定律得：11A A m g m a μ= （1分） 由运动学公式：111v v a t =- （1分） 对薄木板B ，由牛顿第二定律得：()122A A B B m g m m g m a μμ-+= （1分） 由运动学公式：121v a t = （1分）代入数据解得：214m/s a =，222m/s =a ，14m/s v =，12s t =碰前B 、C 之间的距离为：1112s v t = （1分）代入数据解得：4m s = （1分） （3）薄木板B 向左运动过程中因摩擦而产生的热量为：()12=μ+A B Q m m gs （1分）代入数据解得：1J =8Q设B 、C 两薄木板碰后瞬间速度分别为2v 、3v ，选向左为正方向，由动量守恒定律得：123B B C m v m v m v =+ （1分） 由械能守恒守恒定律得：222123111222B BC m v m v m v =+ （1分）代入数据解得：22m/s =-v ，32m/s v =碰撞完成后B 向右运动至最后停下因摩擦而产生的热量为：2221=2B Q m v （1分）代入数据得：22J =Q 则整个运动过程中，薄木板B 和地面间因摩擦而产生的热量为：1210J =+=Q Q Q （1分）（其他合理解法，参照给分）。

高一调研考试物理试题参考答案㊀第１㊀页(共３页)２０２１~２０２２学年度上期期末高一年级调研考试物理参考答案及评分意见第Ⅰ卷(选择题,共４４分)一㊁单项选择题(共２４分)题号１２３４５６７８答案A D B C A A B C 二㊁多项选择题(共２０分)题号９１０１１１２１３答案A C B C B D B C A D 第Ⅱ卷(非选择题,共５６分)三㊁实验探究题(共１４分)１４．(６分)(１)钩码的重力(２分)(２)小车与轨道间存在摩擦力的影响(２分)(３)调节轨道的倾斜度以平衡摩擦力(１分);钩码的质量应远小于小车的质量(１分)(说明:其他合理措施相应给分)１５．(８分)(１)１４．６４ʃ０．０１(２分)㊀(２)见答图１(２分)(３)５４ʃ２(３分)㊀(４)B (１分)四㊁计算题(共４２分)１６．(８分)解:(１)以割草机为研究对象,其受力如答图２所示在水平方向,由力的平衡条件有:f ＝Fc o s θ(３分)(２)在竖直方向,由力的平衡条件有:N ＝G ＋F s i n θ(４分)由牛顿第三定律,地面的压力N ᶄ＝N ＝G ＋F s i n θ(１分)(其它合理解法,参照给分)１７．(８分)解:(１)总位移为x ＝１００m ,总时间为t ＝９．９８s ,反应时间为Δt ＝０．１７s 匀速段运动的时间为:t 匀＝t －Δt ＝８．４１s(１分)加速段的位移为:x 加＝１２v t 加(１分)匀速段的位移为:x 匀＝v t 匀(１分)高一调研考试物理试题参考答案㊀第３㊀页(共３页)代入数据得,a ᶄ２＝－５m /s ２当时间在２s~２．１s 内,a ２＝５m /s ２,方向向前(１分)当时间在２．１s 之后,a ᶄ２＝－５m /s ２,方向向后(１分)(２)设t ２时刻两者共速于v ３,则有:v ３＝v ２＋(t ２－t １)a ２＝１０．５m /s (２分)设卡车和货物静止的时刻分别为t ３㊁t ４则有:０＝v １＋a ᶄ１(t ３－t １)代入数据得,t ３＝２．８s 同理:０＝v ３＋a ᶄ２(t ４－t ２)代入数据得,t ３＝４．２s 整个过程两者的v －t 图像为答图３所示设共速前卡车比货物多运动的距离为x １,共速后货物比卡车多运动的距离为x ２由图像有:x １＝(v １－v ２)t １２＋(v １－v ２)(t ２－t １)２x ２＝v ３(t ４－t ３)２代入数据得,x １＝２．１m ,x ２＝７．３５m (２分)整个过程,货物相对于车厢的位移Δx ＝x ２－x １＝５．２５m (向前)(１分)代入数据有:x １＜L －(d ＋s ),即货物不会与车厢后壁发生碰撞Δx ＜d ,即货物也不会与车厢前壁发生碰撞(１分)货物最终静止时离车厢前壁的距离为d ᶄ,则有:d ᶄ＝d －Δx ＝０．７５m(１分)(其它合理解法,参照给分)。