【物理】湖北省孝感高级中学2013-2014学年高二上学期期末考试试题

湖北省孝感高中2014-2015学年高二（上）期末物理试卷一、单项选择（每小题4分）1．（4分）每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），在地球磁场的作用下，它将（）A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转2．（4分）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，地面对钢球的冲量的方向和大小为（）A．向上，m（v1+v2）B．向下，m（v1+v2）C．向上，m（v1﹣v2）D．向下，m（v1﹣v2）3．（4分）有一个均匀带电圆环，以圆环圆心O为坐标原点，过O且垂直于圆环平面的线为x轴，如图甲所示，现测得x轴上的电场强度随坐标x值变化的图象如图乙所示（场强为正值，表示方向沿x轴正方向），H、I是x轴上两点，且HO＜OI，取无穷远处电势为零．则以下分析正确的是（）A．该圆环带负电B．x轴上O点电势为零C．将一个正的试探电荷沿x轴从H移动到I的过程中，电势能先增大后减小D．H点的电势低于I点的电势4．（4分）如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则（）A．R3的电阻变小，a点电势高于b点电势B．R3的电阻变小，a点电势低于b点电势C．R3的电阻变小，a点电势等于b点电势D．R3的电阻变大，a点电势低于b点电势5．（4分）介子衰变的方程为：K﹣→π﹣+π0，其中K﹣介子和π﹣介子带负的基元电荷，π0介子不带电．一个K﹣介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧AP，衰变后产生的π﹣介子的轨迹为圆弧PB，两轨迹在P点相切，它们的半径RK﹣与Rπ﹣之比为21．π0介子的轨迹未画出．由此可知π﹣的动量大小与π0的动量大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：66．（4分）如图所示，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．开关S接通时，A2灯先亮、A1灯逐渐亮，最后A1A2一样亮B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反7．（4分）如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v﹣t图象中，可能正确描述上述过程的是（）A．B．C．D．二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，）8．（5分）如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘，由于它的转动，使得金属环P中产生了逆时针方向的电流，则Q盘的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动D．逆时针减速转动9．（5分）如图所示，设变压器为理想变压器，并保持输入电压U1不变，L为串联在原线圈的灯泡，L1、L2、L3、L4为副线圈的负载，当滑动变阻器R的滑片向下移动时（）A．L1灯亮度增加B．L2灯亮度减弱C．L3灯亮度增加D．L4灯亮度减弱10．（5分）如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLI sinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BIL sinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BIL sinθ）D．导体棒受到导轨摩擦力BLI cosθ11．（5分）如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒ab（电阻也不计）放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F把ab棒从静止起向右拉动的过程中（）A．恒力F做的功等于电路产生的电能B．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能C．克服安培力做的功等于电路中产生的电能D．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和三、实验题（每空3分，共计18分）12．（9分）（2011•鹰潭一模）用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，结果应该为cm；如果改用20分度的游标卡尺去测量，结果应该为cm；如果改用螺旋测微器去测量，结果应该为cm．13．（9分）（2011•中山二模）某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A，量程有10mA和0.6A两种，电压表V，量程有3V和15V两种，电源电压为4.5V．该同学先按如图接好电路，闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处．则该同学在实验中：①所选电压表的量程为V；②所选电流表的量程为mA；③被测电阻R x=Ω．四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分．共计34分）14．（8分）如图所示，套在绝缘棒上的小球，质量为1g，带有q=4×10﹣3C的正电荷，小球在棒上可以自由滑动，直棒放在互相垂直且沿水平方向的匀强电场E=10N/C和匀强磁场B=5T之中，小球和直棒之间的动摩擦因数为μ=0.2，求小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度和最大速度．（设小球在运动过程中电量不变，重力加速度g=10m/s2）．15．（12分）如图所示，线圈的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度B=T，当线圈以300r/min的转速匀速旋转时，求：（1）若从中性面开始计时，写出线圈磁通量变化率的瞬时表达式．（2）电路中电压表和电流表的示数各是多少？（3）由图示位置转过60°角的过程产生的平均感应电动势为多少？16．（14分）如图（a）所示，两水平放置的平行金属板C、D相距很近，上面分别开有小孔O、O′，水平放置的平行金属导轨与C、D接触良好，且导轨在磁感强度为B1=10T的匀强磁场中，导轨间距L=0.50m，金属棒AB紧贴着导轨沿平行导轨方向在磁场中做往复运动．其速度图象如图（b）所示，若规定向右运动速度方向为正方向，从t=0时刻开始，由C板小孔O处连续不断以垂直于C板方向飘入质量为m=3.2×10﹣21kg、电量q=1.6×10﹣19C 的带正电的粒子（设飘入速度很小，可视为零）．在D板外侧有以MN为边界的匀强磁场B2=10T，MN与D相距d=10cm，B1、B2方向如图所示（粒子重力及其相互作用不计）．求：（1）在0～4.0s时间内哪些时刻发射的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN？（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为多少？湖北省孝感高中2014-2015学年高二（上）期末物理试卷参考答案一、单项选择（每小题4分）1．A2．A3．C4．A5．C6．D7．D二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，）8．BC9．ACD10．BD11．CD三、实验题（每空3分，共计18分）12．【答案】1.64；1.640；1.6381．【解析】用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，记录结果时应估计到分度值的下一位，所以结果应该为1.64cm，如果改用20分度的游标卡尺去测量，精确度为0.05mm，所以结果应该为1.640cm．如果改用螺旋测微器去测量，精确度为0.001mm，结果应该为1.6381cm．13．【答案】（1）3．（2）10．（3）320．【解析】（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明待测电阻阻值较大，与伏特表相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，而电源电动势只有4.5V，故电流只有几个毫安，故电流表选10mA挡；（3）闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，故电流为8mA，电压表读数为2.4V；再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处，故电压表读数为2.4V，电流表读数为7.5mA；故待测电阻两端电压为2.4V，电流为7.5mA，故待测电阻为320Ω；四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分．共计34分）14．【答案】小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度为10m/s2，最大速度为4.5m/s．【解析】当重力和电场力平衡时，摩擦力为零，小球只受重力，加速度最大，为：a m=g=10m/s2；当摩擦力与重力平衡时，小球速度达到最大，有：μ（Bqv m﹣qE）=mg解得：v m==+=4.5m/s；15．【答案】（1）磁通量的变化率为0.5sin10πt；（2）电路中电压表的示数是45，电流表的示数是5A；（3）平均电动势为33.8V．【解析】（1）转速n=300r/min=5r/s，故频率f=n=5Hzω=2πf=2π×5rad/s=10πrad/s因为从中性面开始计时，=BSωsinωt=×0.05×10πsin10πt=0.5sin10πt（2）电阻两端电压的最大值为：U m===45（V）电压表的读数：U===45V电流表的读数：I===5A（3）转过60度角所用时间为△t==平均电动势：16．【答案】（1）0到4.0s内0.25s＜t＜1.75s时刻从O处飘入的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN．（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为7.3cm【解析】（1）由右手定则可判断AB向右运动时，C板电势高于D板电势，粒子被加速进入B2磁场中，AB棒向右运动时产生的电动势E=B1Lv（即为C、D间的电压）．粒子经过加速后获得的速度为v′，则有qE=mv′2，粒子在磁场B2中做匀速圆周运动，半径．要使粒子恰好穿过，则有r=d．联立上述各式代入数据可得v=5.0m/s．故要使粒子能穿过磁场边界MN则要求v＞5m/s．由速度图象可知，在0.25s＜t＜1.75s可满足要求．（2）当AB棒速度为v=5m/s时，粒子在磁场B2中到达边界MN打在P点上，其轨道半径r=d=0.1m（此时=r=0.1m）如图所示．此时粒子向左的位移最大，出射点P与O’的水平距离为d=10cm．当AB棒速度最大，即v′=20m/s时产生感应电动势为：ε′=B1Lv′=100V此时带电粒子经加速后速度为v，由动能定理有：qɛ′=代入数据，解得：v=100m/s此时带电粒子的轨迹半径为：R′=m出射点Q与O’的水平距离为：x=R′﹣m=2.7cm粒子从边界MN射出来的位置间最大距离为S=d﹣x═10cm﹣2.7cm=7.3cm。

5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。

我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。

”6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。

”7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。

8.这些孩子都很活泼与好动，即便吃饭时也都不太老实，不少人抱着陶碗从自家出来，凑到了一起。

9.石村周围草木丰茂，猛兽众多，可守着大山，村人的食物相对来说却算不上丰盛，只是一些粗麦饼、野果以及孩子们碗中少量的肉食。

一、选择题（每小题4分，共24分）17.下列关于声现象的说法中正确的是： DA．声音不能在真空中传播，超声波可以在真空传播B．好朋友的声音与陌生人的声音是由音调来分辨的C．声音的响度越大，在空气中传播速度越大D．声能够传递信息和能量18.下列关于热现象的说法中正确的是： CA．物体吸收热量，物体的温度一定升高B.冬天，人们在室外呼出的“白气”是凝固而成的C.家庭用瓶装石油气，是通过压缩体积液化而来的D.夏天，刚从冰箱中取出的雪糕表面上附着的一层霜粉是升华而形成的19.一条光线A0从空气中斜射向平静的水面，如图甲所示。

在空气和水的分界面同时发生反射和折射。

在图乙中有四幅描述其反射和折射的光路图，其中正确的是： B20.下列四幅实验装置图中，属于发电机工作原理的是： B21.如下图所示，玻璃水槽中装有一定深度的水，一正方体木块漂浮在水面上，在水槽口下方设有固定的5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。

我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。

”6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。

”7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。

湖北省孝感高级中学2014年综合素质测试卷理科综合参考答案一、选择题二、填空题9. 3 10.①②④ 11. 1612.12513. 12 14. 900000三、解答题15. (1) 体积v=π（5.82-2.32） ×11=979.209cm 3…………… 8分(2) 设该两层卫生纸的厚度为xcm ，则：11×11.4×x ×300=π（5.82-2.32） ×11x ≈0.026故两层卫生纸的厚度约为0.026cm 。

……………16分 16.(1)由题意得S △AEH ＝S △CFG ＝12x 2，S △BEF ＝S △DHG ＝12(a －x )·(b －x )．∴y ＝ab －2⎣⎡⎦⎤12x 2＋12(a －x )(b －x )＝－2x 2＋(a ＋b )x ……………6分 x 的范围为0<x ≤b ， ……………8分 (2)因为a >b >0，所以0<b <a ＋b2.若a ＋b 4≤b ，即a ≤3b ，x ＝a ＋b 4时y 取得最大值(a ＋b )28； ……………12分若a ＋b 4>b ，即a >3b ，x ＝b 时y 取得最大值ab －b 2.综上，若a ≤3b ，当x ＝a ＋b 4时，四边形EFGH 的面积取得最大值(a ＋b )28；若a >3b ，当x ＝b 时，四边形EFGH 的面积取得最大值ab －b 2. ……………16分17.(1)过D 作DE AB ⊥，垂足为E ，则有BDE=30,BE=23DE ∠=(31)AD ==；2s i n154==……………9分(2)由已知得CAD=DAB=C=36,AD=CD=AB=2∠∠∠∴，设DB=x，由CAB~ADB∆∆，2,122xxx=∴=+∴2sin182x==；……………18分18.（1）取1x=，0y z==，可得33311003100=++-⨯⨯⨯，所以1具有性质P；取1x y==，0z=，可得33321103110=++-⨯⨯⨯，所以2具有性质P；…………………4分若3具有性质P，则存在整数,,x y z使得33()3()()x y z x y z xy yz zx=++-++++，从而可得33|()x y z++，故3|()x y z++，于是有39|()3()()x y z x y z xy yz zx++-++++，即9|3，这是不可能的，所以3不具有性质P. ……………………8分（2）记333(,,)3f x y z x y z xyz=++-，则33(,,)()3()3f x y z x y z xy x y xyz=++-+-3()3()()3()x y z x y z x y z xy x y z=++-+++-++＝3()3()()x y z x y z xy yz zx++-++++2221()()2x y z x y z xy yz zx=++++---2221()[()()()]2x y z x y y z z x=++-+-+-.即(,,)f x y z2221()[()()()]2x y z x y y z z x=++-+-+-①不妨设x y z≥≥，如果1,0,1x y y z x z-=-=-=，即1,x z y z=+=，则有(,,)31f x y z z=+；如果0,1,1x y y z x z-=-=-=，即1x y z==+，则有(,,)32f x y z z=+；如果1,1,2x y y z x z-=-=-=，即2,1x z y z=+=+，则有(,,)9(1)f x y z z=+；由此可知，形如31k+或32k+或9k（k为整数）的数都具有性质P.又若33|(,,)()3()()f x y z x y z x y z xy yz zx=++-++++，则33|()x y z++，从而3|()x y z++，进而可知39|(,,)()3()()f x y z x y z x y z xy yz zx=++-++++.综合可知：当且仅当93n k=+或96n k=+（k为整数）时，整数n不具有性质P.又2014＝9×223＋7，所以，在1，2，3，…，2013，2014这2014个连续整数中，不具有性质P的数共有224×2＝448个. ……………………18分19.作图20.本题10分。

上学期期末考试高 二 物 理一、选择题（每小题5分，共12题60分.每题至少一个选项正确.）1．如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a 、b 两点，用E a 、E b 分别表示两处场强的大小，Φa 、Φb 分别表示两处电势高低．则（ ）A ．顺着电场线由a 向 b 移动电荷，电势能降低B ．因为电场线由a 指向b ，所以E a >E bC ．因为电场线由a 指向b ，所以Φa ＞Φb ．D 顺着电场线由a 向 b 移动电荷，若电势能增加，则被移动电荷一定带负电。

2．将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示。

下列说法正确的是 ( )A ．电路中交变电流的频率为0.25 HzB ．通过电阻的电流为2AC ．电阻消耗的电功率为2.5 WD ．用交流电压表测得电阻两端的电压是5 V3．如图所示电路中，当滑动变阻器R 3的滑片P 向上端a 滑动时，电流表A 1、A 2及电压表V 的示数的变化情况是( )A ．电流表1A 增大，2A 减小，电压表V 减小B ．电流表1A 减小，2A 增大，电压表V 减小C ．电流表1A 增大，2A 增大，电压表V 增大D ．电流表1A 减小，2A 减小，电压表V 增大4．磁场中某区域的磁感线，如图所示，则（ ）A ．a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，B a >B b B ．a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，B a <B bC ．同一通电导线放在a 处受力一定比放在b 处受力大D ．同一通电导线放在a 处受力一定比放在b 处受力小5．某交流发电机产生的感应电动势与时间的关系如图所示如果其他条件不变，仅使线圈的转速变为原来的一半，则交流电动势的最大值和周期分别变为（ ）A ．200V ，0.08sB ．25V ，0.04sC ．50V ，0.08sD ．50V ，0.04s6．如图所示，在0>x 、0>y 的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy 平面向里，大小为B ．现有一质量为m 、电量为q 的带电粒子，在x 轴上到原点的距离为0x 的P 点，以平行于y 轴的初速度射入磁场．在磁场作用下沿垂直于y 轴的方向射出磁场．不计重力的影响，由这些信息可以确定的是（ ）A ．能确定粒子通过y 轴时的位置B ．能确定粒子速度的大小C ．能确定粒子在磁场中运动所经历的时间D ．能确定粒子带电性质7．如图所示，在沿水平方向向里的匀强磁场中，带电小球A 与B 在同一直线上，其中小球B 带正电荷并被固定，小球A 与一水平放置的光滑绝缘板C 接触(不粘连)而处于静止状态．若将绝缘板C 沿水平方向抽去后，以下说法正确的是（ ）A ．小球A 仍可能处于静止状态B ．小球A 将可能沿轨迹1运动C ．小球A 将可能沿轨迹2运动D ．小球A 将可能沿轨迹3运动8．如图所示，一导线弯成半径为a 的半圆形闭合回路。

2014-2015学年湖北省孝感高中高二（上）期末物理试卷一、单项选择（每小题4分）1．（4分）每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些宇宙射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，（如图，地球由西向东转，虚线表示地球自转轴，上方为地理北极），在地球磁场的作用下，它将（）A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转考点：洛仑兹力．分析：根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．解答：解：地球的磁场由南向北，当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向东，所以粒子将向东偏转，故A正确．故选：A．点评：本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．注意正负电荷的区别．2．（4分）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，地面对钢球的冲量的方向和大小为（）A．向上，m（v1+v2）B．向下，m（v1+v2）C．向上，m（v1﹣v2）D．向下，m（v1﹣v2）考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：由于碰撞时间极短，钢球的重力相对于地面对钢球的冲力可忽略不计．根据动量定理求解在碰撞过程中地面对钢球的冲量的方向和大小．解答：解：选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得地面对钢球的冲量为：I=﹣mv2﹣mv1=﹣m（v1+v2），则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2）．故选：A点评：应用动量定理求解冲量是常用的方法，要注意选取正方向，用带正号的量值表示矢量．如重力不能忽略，还要考虑重力的冲量．3．（4分）有一个均匀带电圆环，以圆环圆心O为坐标原点，过O且垂直于圆环平面的线为x轴，如图甲所示，现测得x轴上的电场强度随坐标x值变化的图象如图乙所示（场强为正值，表示方向沿x轴正方向），H、I是x轴上两点，且HO＜OI，取无穷远处电势为零．则以下分析正确的是（）A．该圆环带负电B．x轴上O点电势为零C．将一个正的试探电荷沿x轴从H移动到I的过程中，电势能先增大后减小D．H点的电势低于I点的电势考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由乙图可读出场强的大小变化情况和场强的方向，根据场强的方向判断圆环的电性和O点的电势正负．根据电场力做功正负，分析电势能的变化．根据U=Ed可定性分析H 和I两点电势的高低．解答：解：A、由乙图知：O点左侧场强方向从O点出发指向无穷远处，右侧场强方向也O 点指向无穷远处，根据电场线从正电荷出发到无穷远终止，可知该圆环带正电．故A 错误．B、根据顺着电场线方向电势降低可知，O点的电势高于无穷远处的电势，所以O点电势大于零．故B错误．C、将正的试探电荷沿x轴从H移动到I的过程中，所受的电场力先向左，后向右，则电场力先做负功后做正功，则电势能先增大后减小，故C正确．D、由图可知O点左右两侧的电场具有对称性，而顺着电场线电势降低，H、I两点的电势都低于O点，由于H点更靠近O点，所以H点的电势高于I点的电势．故D错误．故选：C．点评：解决本题关键要理解电场线的分布情况和特点，抓住电场的对称性，分析电势的高低，能由电场力做功正负判断电势能的变化．4．（4分）如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时，则（）A．R3的电阻变小，a点电势高于b点电势B．R3的电阻变小，a点电势低于b点电势C．R3的电阻变小，a点电势等于b点电势D．R3的电阻变大，a点电势低于b点电势考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：光敏电阻为半导体，其阻值随温度的升高而降低；取电源的负极电势为零， a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化；由欧姆定律可得出各电阻两端的电压变化，故可判断ab两点电势的高低．解答：解：取电源的负极电势为零，a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压．光敏电阻的电阻随温度的升高而降低，故R3的电阻减小，电路中总电阻减小，故由闭合电路的欧姆定律可知，电路中的总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小．没有光照时，a、b两点电势相等，有光照以后，两支路两端的电压相等，因R1、R2支路中电阻没有变化，故R2的分压比不变；而由于R3的电阻减小，故R4分压增大，故a端的电势要高于b端，故BCD错误，A正确．故选A．点评：本题首先要了解光敏电阻的特性，再按局部到整体，再到局部的顺序进行动态分析．5．（4分）介子衰变的方程为：K﹣→π﹣+π0，其中K﹣介子和π﹣介子带负的基元电荷，π0介子不带电．一个K﹣介子沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧AP，衰变后产生的π﹣介子的轨迹为圆弧PB，两轨迹在P点相切，它们的半径RK﹣与Rπ﹣之比为21．π0介子的轨迹未画出．由此可知π﹣的动量大小与π0的动量大小之比为（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：6考点：动量定理；洛仑兹力．专题：动量定理应用专题．分析：曲线运动中，粒子的速度方向沿着轨迹上该点的切线方向，又由于Kˉ介子衰变过程中，系统内力远大于外力，系统动量守恒，故可知衰变后，π﹣介子反向飞出，π0介子沿原方向飞出，再根据介子做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，可以列式求出Kˉ介子与π﹣介子的动量之比，再结合动量守恒定律列式分析．解答：解：Kˉ介子与π﹣介子均做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：eBv=m，粒子动量为：P=mv=eBR，则有：P Kˉ：Pπ﹣=2：1，以K﹣的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：P Kˉ=Pπ0﹣Pπ﹣解得：Pπ0=3Pπ﹣，则π﹣的动量大小与π0的动量大小之比为1：3；故选：C．点评：本题考查了求粒子的动量之比，应用牛顿第二定律与动量守恒定律、动量的计算公式即可正确解题．6．（4分）如图所示，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）A．开关S接通时，A2灯先亮、A1灯逐渐亮，最后A1A2一样亮B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反考点：自感现象和自感系数．分析：开关K闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，随后A灯变暗，B灯变亮．断开开关K的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭．解答：解：该电路中，A与L并联，B与R并联，然后两部分串联；A、开关K闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小，B灯逐渐增大，则A灯变暗，B 灯变亮，故A错误，B错误；C、断开开关K的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A灯，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，此时流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反．故C错误，D正确．故选：D点评：自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守楞次定律和法拉第电磁感应定律，要注意哪一部分在自感回路中．7．（4分）如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v﹣t图象中，可能正确描述上述过程的是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：线圈以一定的初速度进入匀强磁场，由于切割磁感线，所以出现感应电流，从而产生安培阻力，导致线圈做加速度减小的减速运动．当完全进入后，没有磁通量变化，所以没有感应电流，不受到安培力，因此做匀速直线运动，当出现磁场时，磁通量又发生变化，速度与进入磁场相似．解答：解：线圈以一定初速度进入磁场，则感应电动势为：E=BLv闭合电路欧姆定律，则感应电流为：安培力为：由牛顿第二定律为：F=ma则有：由于v 减小，所以a也减小，当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度与时间的关系与进入磁场相似．而速度与时间的斜率表示加速度的大小，因此D正确，ABC错误；故选：D点评：属于力与电综合题，并强调速度与时间的斜率表示加速度的大小，而由牛顿第二定律来确定加速度如何变化．二、多项选择题（全部选对得5分，选对但不全的得3分，错选或不答的得0分，）8．（5分）如图所示，Q为用毛皮摩擦过的橡胶圆盘，由于它的转动，使得金属环P中产生了逆时针方向的电流，则Q盘的转动情况是（）A．顺时针加速转动B．逆时针加速转动C．顺时针减速转动D．逆时针减速转动考点：安培定则．分析：由于Q带负电，当转动时相当于电荷定向移动，从而产生电流，并且电流的变化，导致B的磁通量发生变化，最终使金属环P有电流．解答：解：A、若Q顺时针加速转动，则Q环中有逆时针且大小变大的电流，导致通过P环磁通量变大，根据安培定则可得P处于垂直纸面向外的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向顺时针，故A错误；B、若Q逆时针加速转动，则Q环中有顺时针且大小变大的电流，导致通过P环磁通量变大，根据安培定则可得P处于垂直纸面向里的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向逆时针，故B正确；C、若Q顺时针减速转动，则Q环中有逆时针且大小变小的电流，导致通过P环磁通量变小，根据安培定则可得P处于垂直纸面向外的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向逆时针，故C正确；D、若Q逆时针减速转动，则Q环中有顺时针且大小变小的电流，导致通过P环磁通量变小，根据安培定则可得P处于垂直纸面向里的磁场中，由楞次定律可得感应电流方向顺时针，故D错误．故选：BC．点评：考查由电荷的定向移动形成电流，根据安培定则来确定电流与磁场方向，再由楞次定律来判定感应电流的方向．9．（5分）如图所示，设变压器为理想变压器，并保持输入电压U1不变，L为串联在原线圈的灯泡，L1、L2、L3、L4为副线圈的负载，当滑动变阻器R的滑片向下移动时（）A．L1灯亮度增加B．L2灯亮度减弱C．L3灯亮度增加D．L4灯亮度减弱考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．解答：解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．即L1灯亮度增强．故A正确；B、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L2灯电流增大，因此L2灯亮度增强，故B错误；C、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L2灯电流增大，因此L2灯电压增加，则有滑动变阻器上电压减小，所以滑动变阻器上的电流减小，所以L3上的电流增大，L3灯亮度增强．故C正确；D、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．由于L1灯两端电压增大，则L4灯两端电压减小，所以L4灯电流减小，故D正确．故选：ACD．点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．10．（5分）如图所示，一根长度L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BILsinθ）D．导体棒受到导轨摩擦力BLIcosθ考点：安培力．分析：对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力．解答：解：A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示．B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，选项A错误；B、根据共点力平衡规律得：BILsinθ+F n=mg，得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg﹣BILsinθ，选项B正确；C、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为F f=BILcosθ，选项C错误，选项D正确．故选：BD．点评：本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用，注意安培力公式F=BILsinθ，θ为B与I之间的夹角．11．（5分）如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒ab（电阻也不计）放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F把ab棒从静止起向右拉动的过程中（）A．恒力F做的功等于电路产生的电能B．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能C．克服安培力做的功等于电路中产生的电能D．恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：导体棒在恒力作用下沿粗糙导轨做切割磁感线，产生感应电动势，出现感应电流，棒又受到安培力．因此棒做加速度减小的加速运动，最终达到匀速直线运动状态．解答：解：A、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而安培力做功导致电路中的消耗电能，产生热能．故A错误；B、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而安培力做功导致电路中的消耗电能，产生热能．故B错误；C、安培力做功等于电路中产生的电能，从而产生热能．故C正确；D、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而安培力做功导致电路中的消耗电能，产生热能．故D正确；故选：CD点评：由功能关系可知：合力做功等于物体动能的变化，而安培力做功等于电路中消耗的电能，摩擦力做功则产生内能．三、实验题（每空3分，共计18分）12．（9分）（2011•鹰潭一模）用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，结果应该为 1.64 cm；如果改用20分度的游标卡尺去测量，结果应该为 1.640 cm；如果改用螺旋测微器去测量，结果应该为 1.6381 cm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．分析：用刻度尺测量物体长度时，记录结果时应估计到分度值的下一位，倒数第二位是分度值所在的单位．解答：解：用精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm．现改用最小刻度为1mm的刻度尺去测量，记录结果时应估计到分度值的下一位，所以结果应该为1.64cm，如果改用20分度的游标卡尺去测量，精确度为0.05mm，所以结果应该为1.640cm．如果改用螺旋测微器去测量，精确度为0.001mm，结果应该为1.6381cm．故答案为：1.64； 1.640；1.6381．点评：刻度尺要估读到分度值的下一位．注意游标卡尺和螺旋测微器的精确度．13．（9分）（2011•中山二模）某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A，量程有10mA和0.6A两种，电压表V，量程有3V和15V两种，电源电压为4.5V．该同学先按如图接好电路，闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处．则该同学在实验中：①所选电压表的量程为 3 V；②所选电流表的量程为10 mA；③被测电阻R x= 320 Ω．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选10mA挡；（3）根据欧姆定律和电路的串并联知识列式求解即可．解答：解：（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；故答案为：3．（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明待测电阻阻值较大，与伏特表相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，而电源电动势只有4.5V，故电流只有几个毫安，故电流表选10mA挡；故答案为：10．（3）闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，故电流为8mA，电压表读数为2.4V；再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处，故电压表读数为2.4V，电流表读数为7.5mA；故待测电阻两端电压为2.4V，电流为7.5mA，故待测电阻为320Ω；故答案为：320．点评：本题关键要明确两种接法电表读数改变的原因，然后根据实际情况，结合欧姆定律和电路的串并联知识进行分析处理．四、计算题（必须要有解答过程，只有结果没有过程的不得分．共计34分）14．（8分）如图所示，套在绝缘棒上的小球，质量为1g，带有q=4×10﹣3C的正电荷，小球在棒上可以自由滑动，直棒放在互相垂直且沿水平方向的匀强电场E=10N/C和匀强磁场B=5T 之中，小球和直棒之间的动摩擦因数为μ=0.2，求小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度和最大速度．（设小球在运动过程中电量不变，重力加速度g=10m/s2）．考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：本题应通过分析小球的受力情况，来判断其运动情况：小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向右的洛伦兹力、向左的电场力，当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；当洛伦兹力大于电场力，且滑动摩擦力与重力平衡时，速度最大．解答：解：当重力和电场力平衡时，摩擦力为零，小球只受重力，加速度最大，为：a m=g=10m/s2；当摩擦力与重力平衡时，小球速度达到最大，有：μ（Bqv m﹣qE）=mg解得：v m==+=4.5m/s；答：小球由静止沿棒竖直下落的最大加速度为10m/s2，最大速度为4.5m/s．点评：本题要注意分析带电小球的运动过程，属于牛顿第二定律的动态应用与电磁场结合的题目，此类问题要求能准确找出物体的运动过程，并能分析各力的变化，对学生要求较高．同时注意因速度的变化，导致洛伦兹力变化，从而使合力发生变化，最终导致加速度发生变化．15．（12分）如图所示，线圈的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为r=1Ω，外接电阻R=9Ω，匀强磁场的磁感应强度B=T，当线圈以300r/min的转速匀速旋转时，求：（1）若从中性面开始计时，写出线圈磁通量变化率的瞬时表达式．（2）电路中电压表和电流表的示数各是多少？（3）由图示位置转过60°角的过程产生的平均感应电动势为多少？考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：（1）从图示位置开始计时，写出线圈中磁通量变化率的表达式，由转速求出角速度ω代入解出；（2）电路中电压表、电流表的示数显示交流的有效值，由欧姆定律求出R电压和电流的有效值；（3）由法拉第电磁感应电定律可求得平均电动势．解答：解：（1）转速n=300r/min=5r/s，故频率f=n=5Hzω=2πf=2π×5rad/s=10πrad/s因为从中性面开始计时，=BSωsinωt=×0.05×10πsin10πt=0.5sin10πt（2）电阻两端电压的最大值为：U m===45（V）电压表的读数：U===45V电流表的读数：I===5A（3）转过60度角所用时间为△t==平均电动势：答：（1）磁通量的变化率为0.5sin10πt；（2）电路中电压表的示数是45，电流表的示数是5A；（3）平均电动势为33.8V．点评：本题关键是要区分交流电的有效值、瞬时值、平均值和最大值的区别，知道电流表和电压表读数是有效值，计算热量用有效值，计算电量用平均值．16．（14分）如图（a）所示，两水平放置的平行金属板C、D相距很近，上面分别开有小孔O、O′，水平放置的平行金属导轨与C、D接触良好，且导轨在磁感强度为B1=10T的匀强磁场中，导轨间距L=0.50m，金属棒AB紧贴着导轨沿平行导轨方向在磁场中做往复运动．其速度图象如图（b）所示，若规定向右运动速度方向为正方向，从t=0时刻开始，由C板小孔O处连续不断以垂直于C板方向飘入质量为m=3.2×10﹣21kg、电量q=1.6×10﹣19C的带正电的粒子（设飘入速度很小，可视为零）．在D板外侧有以MN为边界的匀强磁场B2=10T，MN 与D相距d=10cm，B1、B2方向如图所示（粒子重力及其相互作用不计）．求：（1）在0～4.0s时间内哪些时刻发射的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN？（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）粒子要飞出磁场边界MN，速度最小时，轨迹半径也最小，恰好与MN相切，可得到轨迹半径为d．根据粒子圆周运动的半径求出粒子进入磁场的速度，即为加速获得的末速度，再由动能定理求出加速电压U，由U=ε=B1Lv 求出AB运动的速度，由乙图可求出所求的量．（2）当AB棒速度最大，产生的感应电动势最大，CD板间电压最大，粒子经加速得到的速度最大，在磁场中轨迹半径也最大，粒子出MN边时，偏转距离最小，根据法拉第定律、动能定理和半径公式结合，并运用几何知识求得粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离．解答：解：（1）由右手定则可判断AB向右运动时，C板电势高于D板电势，粒子被加速进入B2磁场中，AB棒向右运动时产生的电动势E=B1Lv（即为C、D间的电压）．粒子经过加速后获得的速度为v′，则有qE=mv′2，粒子在磁场B2中做匀速圆周运动，半径．要使粒子恰好穿过，则有r=d．联立上述各式代入数据可得v=5.0m/s．故要使粒子能穿过磁场边界MN则要求v＞5m/s．由速度图象可知，在0.25s＜t＜1.75s可满足要求．（2）当AB棒速度为v=5m/s时，粒子在磁场B2中到达边界MN打在P点上，其轨道半径r=d=0.1m（此时=r=0.1m）如图所示．此时粒子向左的位移最大，出射点P与O’的水平距离为d=10cm．当AB棒速度最大，即v′=20m/s时产生感应电动势为：ε′=B1Lv′=100V此时带电粒子经加速后速度为v，由动能定理有：qɛ′=代入数据，解得：v=100m/s此时带电粒子的轨迹半径为：R′=m出射点Q与O’的水平距离为：x=R′﹣m=2.7cm粒子从边界MN射出来的位置间最大距离为S=d﹣x═10cm﹣2.7cm=7.3cm答：（1）0到4.0s内0.25s＜t＜1.75s时刻从O处飘入的粒子能穿过电场并飞出磁场边界MN．（2）粒子从边界MN射出来的位置之间最大的距离为7.3cm点评：本题是电磁感应与带电粒子在磁场中运动的综合，要注意挖掘临界条件，掌握电磁学。

湖北省孝感高级中学2013—2014学年度高中二年级上学期期末考试英语命题人：孙学菲满分：150分考试用时：120分钟第二部分：词汇知识运用（共两节，满分30分）第一节：多项选择（共10小题；每小题1分，满分10分）从A、B、C、D四个选项中，选出可以填入空白处的最佳选项，并在答题卡上将该项涂黑。

21. Unless a heart transplant is carried out, his chance of _______ is slight, since it is the third timethat he has suffered a severe heart attack.A. championshipB. survivalC. scholarshipD. approval22. It’s advisable to ignore some details properly but to consider its general _______ whenassessing some kind of treatment.A. symptomB. abuseC. faithD. effect23. The teachers decided to ______ a more gradual approach in their teaching to meet the needs ofthe students who were a bit slow in learning.A. adoptB. analyzeC. acquireD. adapt24. Some economists _______ the reform of the state-owned business, while some workers areagainst it for fear of being laid off.A. consumeB. rejectC. advocateD. predict25. Nowadays, children are ______ too many violent online games, which is bad for thedevelopment of their characters.A. defeated byB. limited toC. handled byD. exposed to26. Chemicals in our stomachs _____ the food we eat so we can absorb the nutrients to help ourbodies function well.A. break downB. break away fromC. break upD. break out of27. Prices, which sharply went up in the first quarter of this year, are now _______ and should notincrease with some firm measures taken by the government.A. steadyB. casualC. randomD. economical28. My friends Jim and Edward gave me apparently _______ advice as to whether I should acceptthe offer, which put me in a dilemma.A. realisticB. contradictoryC. competitiveD. contemporary29. If you are invited to any special occasion such as a wedding or a celebration, you will have to be ______ dressed.A. attractivelyB. appropriatelyC. conventionallyD. flexibly30. By sending text message or chatting online, we have been in touch for months, but I have nevermet my new friend ______.A. by accidentB. on purposeC. in the fleshD. in her absence第二节：完形填空（共20小题；每小题1分，共20分）阅读下面短文，掌握其大意，从每题所给的A、B、C、D四个选项中，选出最佳选项，并在答题卡上将该项涂黑。

孝感高中2014—2015学年度高一上学期期末考试物理试题一、单选题（共8小题，每小题4分，共计32分）1． 下列有关物理学家和物理学规律的发现，说法正确的是A ． 亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快B ． 笛卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律C ． 伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因D ． 卡文迪许提出万有引力定律，并利用扭秤实验，巧妙地测出了万有引力常量2． 如图所示，从同一条竖直线上两个不同点P 、Q 分别水平向右抛出两个小球，平抛的初速度分别为v1、v2，结果它们同时落到水平地面上的M 点处(不考虑空气阻力)。

下列说法中正确的是A ．一定是P 先抛出的，并且v1＝v2B ．一定是P 先抛出的，并且v1＜v2C ．一定是Q 先抛出的，并且v1＝v2D ．一定是Q 先抛出的，并且v1＞v23． 物体从地面附近某一高度处O 点开始做自由落体运动，先后经过O 点正下方A 、B 两点，此过程中，从O 运动到B 所用时间t1=3s ，从A 到B 所用时间t2=1s ，g 取10m/s2，不计空气阻力，则A 、B 间的距离是 A ．25m B ．5m C ．45m D ．20m4． 如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下可以改变与水平面间的倾角θ，用以卸下车厢中的货物，下列说法正确的是 A ．当货物相对车厢静止时，地面对货车有向左的摩擦力 B ．当货物相对车厢匀速下滑时，地面对货车有向左的摩擦力 C ．当货物相对车厢加速下滑时，地面对货车有向左的摩擦力D ．当货物相对车厢加速下滑时，货车对地面的压力大于货车和货物的总重力5． 随着太空技术的飞速发展，使地球上的人们登陆其它星球成为可能。

假设未来的某一天，宇航员登上某一星球后，测得该星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的2倍，而该星球的平均密度与地球的差不多，则该星球质量大约是地球质量的 A ．0.5倍 B ．2倍 C ．4倍 D ．8倍6． 如图所示，A 、B 两个物体质量不等且mA>mB ，在水平拉力F 的作用下，沿光滑水平面一起向右运动，滑轮及细绳质量不计。

2013-2014学年上学期期末考试高二物理试卷2014.1一、单选题（共12小题，计36分）1、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t＋t2(各物理量均采用国际制单位)，则该质点( )A．第1 s内的位移是5 m B．前2 s内的平均速度是6 m/sC. 任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD. 任意1 s内的速度增量都是2 m/s2、警车A停在路口，一违章货车B恰好经过A车，A车立即加速追赶，它们的v－t图象如图所示，则0～4 s时间内，下列说法正确的是()A、A车的加速度为5 m/s2 B．3 s末A车速度为7 m/sC. 在2 s末A车追上B车D．两车相距最远为5 m3．如图所示，一倾斜木板上放一物体，当板的倾角θ缓慢逐渐增大时，物体始终保持静止，则物体所受 ( )A．支持力变大 B．摩擦力变大C．合外力变小 D．合外力变大4．在静电场中，（）A、电势处处相同的地方，场强也一定处处相同B、电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C、电场强度的方向总是跟等势面垂直的D、电势不断降低的方向就是电场强度的方向5．电场线分布如图昕示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知Ea和Eb，电势分别为φa和φb，则:( )(A)Ea>Eb，φa>φb (B) Ea>Eb，φa<φb(C) Ea<Eb，φa>φb (D) Ea<Eb,φa<φb6、如图5所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止，下列判断正确的是（）A、F1>F2>F3B、F3>F1>F2C、F2>F3>F1D、F3> F2>F17、如图所示，均匀杆重G，通过图示滑轮装置用力F将杆拉成水平，若保持与杆相连的绳子均垂直于杆，拉力F与竖直方向成120O角，滑轮质量与摩擦均不计，B为杆的中点，0点为铰链，则拉力F大小为：A、GB、2GC、G/2D、G/38.如图2所示，重棒AB的B端支在地上，另一端A受水平力F作用，棒平衡，则地面对棒B端作用力的方向为：（）A.总是偏向棒的左边，如F1B.总是偏向棒的右边，如F3C.总是沿棒的方向如F2D.总是垂直于地面向上如F49．三盏灯泡L1（110V、100W）、L2（110V、60W）和L3（110V、25W），电源所能提供的电压为220V ，在图示的四个电路中，能通过调节变阻器R 使电路中各灯泡均能够正常发光且最省电的一种电路是( )10、如图所示为某一点电荷Q 产生的电场中的一条电场线，A 、B 为电场线上的两点，一电子在仅受电场力作用下沿电场线由A 运动到B 的过程中，动能增加，则可以判断 [ ]A ．A 、B 两点场大小关系为E A ＞E B B ．Q 一定在B 点右侧C ．电子的电势能增加D ．电场力一定做正功11、如图所示，闭合电键，当R 2的滑片向右移动时，电压表V 1和电压表V 2示数变化情况是[ ]A ．V 1变大，V 2变大B ．V 1变小，V 2变大C ．V 1变大，V 2变小D ．V 1变小，V 2变小12、下面关于电场线的说法，其中正确的是 ( )A ．在静电场中释放的点电荷，在电场力作用下一定沿电场线运动B ．电场线的切线方向一定与通过此处的正电荷运动方向相同C ．电场线的切线方向一定与通过该点的正电荷的加速度方向相同D ．电场线是从正电荷出发到负电荷中止．二、多选题（共4小题，计16分，每小题都有两个或两个以上答案是正确的。

湖北省孝感高级中学2013-2014学年度高中二年级上学期期中考试物 理命题人：叶延安 考试时间:120分钟 满分：120分一、选择题（每小题5分，共12题60分。

每题至少一个选项正确）1． 关于电阻率的说法正确的是A ．电阻率与导体长度有关B ．电阻率与导体形状有关C ．电阻率与导体横截面积有关D ．电阻率与导体材料有关【答案】D【ks5u 解析】根据L R Sρ=可知，电阻与电阻率、导体长度成正比，与导体横截面积成反比;电阻率由材料本身决定，与外界因素无关，故D 对.【考点】电阻定律2． 下列关于机械波的说法中正确的是A ．介质中各质点都在各自的平衡位置附近振动B ．传播波的过程中相邻质点间可以没有相互作用力C ．随着波的传播,介质中的各质点也将由近及远地迁移出去D ．将相邻的两个质点比较,离波源近的质点带动离波源远的质点振动【答案】AD【ks5u 解析】A 、介质中质点不随波的传播而移动，只在平衡位置附近做简谐运动，故A 对；B 、振源的振动使质点一个被一个带动，且与振源振动相同，同时总滞后前一个质点，故B 错误；C 、随着波的传播,介质中各质点都在各自的平衡位置附近来回振动，不随波迁移，故C错误;D、离波源近的质点靠相互作用力带动相邻离波源远的质点,故D对。

【考点】机械波3．下列关于波的干涉和衍射的说法中,正确的是A．两列波在相遇的区域内，一定能发生干涉现象B．频率不同的两列波叠加时，也可能发生干涉现象C．只要是波都能发生衍射，衍射是波特有的现象D．波长比障碍物或孔的宽度大得多时，衍射不明显【答案】C【ks5u解析】A、任意的两列波相遇，不一定都能产生稳定的干涉现象，只有两列波频率完全相同，才会出现稳定的干涉现象,故A错误；B、频率不同的两列波叠加时,不能形成稳定的干涉图像，故B错误；C、衍射现象是波特有的现象，故C正确；D、发生明显的衍射现象的条件是:波长比障碍物或孔的宽度大得多，故D错误。

高二（上）期末物理试卷题号一二三四五总分得分一、单项选择题（本大题共 6 小题，共24.0 分）1.如下图，匀强电场场强 E=200 V/m， A、 B 两点相距 10cm， A、 B连线与电场线夹角为60°，则 U AB之值为（）A.B.20VC.10VD.2. 图中实线为一簇电场线，虚线是一带电粒子从电场中的 A 点运动到B 点的运动轨迹．粒子只受电场力作用．以下说法正确的选项是（）A.粒子带正电B.粒子在 A 点的速度大于在 B 点的速度C.粒子在 A 点的加快度小于在 B 点的加快度D.粒子在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能3.如下图，电源内阻不行忽视。

电路中接有一小灯泡和一电动机。

小灯泡L 上标有“ 6V， 6W”字样，电动机的线圈电阻 R MΩ．若灯泡正常发光时，电源的=1输出电压为 16V，此时（）A. 电动机的输入功率为16WB. 电动机的输出功率为 10WC. 电动机的热功率为1WD. 整个电路耗费的电功率为16W4.如下图电路中， R 为某种半导体气敏元件，其阻值随四周环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，以下说法中正确的选项是（）A.B. 电压表 V 示数增大电流表 A 示数减小C.电路的总功率减小D.变阻器的取值越大，电压表示数变化越明显5.如下图，有一固定在水平川面上的倾角为θ的圆滑斜面，有一根水平放在斜面上的导体棒，长为 L，质量为 m，通有垂直纸面向外的电流 I ．空间中存在竖直向下的匀强磁场，磁感觉强度为 B．此刻开释导体棒，设导体棒遇到斜面的支持力为N，则关于导体棒的受力剖析必定正确的选项是（重力加快度为g）（）A. B.C. D.6.如下图，一劲度系数较小的金属弹簧处自由状态，当通以图示方向的电流时，弹簧将会发生的变化是（）缩短C. 纵向伸长，径向膨胀D. 纵向伸长，径向缩短二、多项选择题（本大题共 4 小题，共16.0 分）7.电路中假如电动势为 4V 的电源在电路上输出 2A 的电流，下边说法必定正确的选项是（）A.C. 内、外电阻之和是 B. 外电阻是电源总功率为8W D. 内、外电阻之差是8.有一只相细平均、直径为 d、电阻为 r 的圆滑金属圆环水平搁置在磁感觉强度大小为 B、方向整直向下的匀强磁场中，其俯视图如下图。