宁夏中卫市第一中学2017-2018学年高一物理上学期第二

中卫一中2017-2018学年第 一学期第二次月考试卷高三物理试卷分值：110分 期望值：55分一、单项选择题（每小题2分，共16×2分＝32分）1．火车的匀速运动的速度为8m/s ，关闭发动机后前进70m 时速度减为6m/s 。

若再经过50s ，火车又前进的距离为（ ）A.50mB.90mC.120mD.160m 2．甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动,t =0时刻同时经过公路旁的同一个路标。

在描述两车运动的v-t 图中(如图),直线a 、b 分别描述了甲乙两车在0～20秒的运动情况。

关于两车之间的位置关系,下列说法正确的是 ( )A.在0～10秒内两车逐渐靠近B.在10～20秒内两车逐渐远离C.在5～15秒内两车的位移相等D.在t=10秒时两车在公路上相遇3．一物体做匀加速直线运动，通过一段位移Δx 所用的时间为t 1，紧接着通过下一段位移Δx 所用时间为t 2.则物体运动的加速度为( )A. 2Δx (t 1－t 2)t 1t 2(t 1＋t 2)B. Δx (t 1－t 2)t 1t 2(t 1＋t 2)C. 2Δx (t 1＋t 2)t 1t 2(t 1－t 2)D.Δx (t 1＋t 2)t 1t 2(t 1－t 2)4．如图所示，两个质量均为m 的物体分别挂在支架上的B 点(如图甲所示)和跨过滑轮的轻绳BC 上(如图乙所示)，图甲中轻杆AB 可绕A 点转动，图乙中水平轻杆一端A 插在墙壁内，已知θ＝30°，则图甲中轻杆AB 受到绳子的作用力F 1和图乙中滑轮受到绳子的作用力F 2分别为( ) A.F 1＝mg 、F 2＝3mg B.F 1＝3mg 、F 2＝3mgC.F 1＝33mg 、F 2＝mg D.F 1＝3mg 、F 2＝mg5．半圆柱体P 放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN 。

在P 和MN 之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q ，整个装置处于静止。

2017-2018学年宁夏中卫一中高二（上）第二次月考物理试（B卷）（11月份）一、单项选择题1．以下说法正确的是（）A．由E=可知电场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式φ=可知电场中某点的电势φ与q成反比C．公式C=中，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关D．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大2．在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电场强度大的地方电势一定高B．场强大小相同的点电势不一定相同C．场强为零的地方电势也一定为零D．电势为零的地方场强也一定为零3．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变 B．尘埃将向上运动C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流4．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（）A．U1变大、U2变大B．U1变小、U2变大C．U1变大、U2变小D．U1变小、U2变小5．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B．电子定向移动速率越大，电流越大C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量6．用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（）A．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值大于真实值7．如图所示的匀强电场场强为103N/C，矩形区域由abdc围成，ab与E平行，ab=dc=4cm，ac=bd=3cm．则下述计算结果正确的是（）A．ab之间的电势差为40VB．ac之间的电势差为50VC．将q=﹣5×10﹣3C的点电荷沿矩形路径abdca移动一周，电场力做功是﹣0.25JD．将q=﹣5×10﹣3C的点电荷沿abd或acd从a移动到d，电场力做功都是﹣0.25J8．一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA．若将该电池板与一阻值为6Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．0.03V B．0.04V C．0.05V D．0.06V9．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J的功，那么（）A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能C．电荷的电势能增加了5×10﹣6JD．电荷的动能增加了5×10﹣6J10．电源电动势为E，内阻为r，对小灯泡供电，下列说法中正确的是（）①电源被短路时，通过电源的电流为，外电路电压为零②电源不接入电路时，通过电源的电流为，外电路电压为零③外电路并联的灯泡越少，路端电压就越大④外电路串联的灯泡越少，路端电压就越大．A．①②B．①③C．③④D．①④11．关于电源的电动势E，下列说法中正确的是（）①电动势E的大小与非静电力所做的功W的大小成正比，与移动电荷量q的大小成反比②电动势E由电源本身决定，跟电源的体积和外电路均无关③电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特．其三者本质一样的．④电动势E表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量．A．①②B．①③C．③④D．②④12．用电压表测量某段电路两端电压时，其读数为8V，如果这段电路两端电压不变，将4500Ω的电阻与电压表串联后再测其电压，结果示数为5V，则电压表内阻为（）A．1000ΩB．5000ΩC．7500ΩD．2000Ω13．有人在调制电路时用一个“100kΩ、W”的电阻和一个“300kΩ、W”的电阻串联，作为400kΩ的电阻使用，此时两串联电阻允许消耗的最大功率为（）A．W B．W C．W D．W14．如图所示，是测量电池的电动势和内阻的实验中得到的图线，则该电池的电动势为E 和内阻r为（）A．1.5V 2.5ΩB．0.5V 2.5ΩC．1.5V 0.6ΩD．0.5V 0.6Ω15．两根同种材料的电阻丝，长度之比为1：5，横截面积之比为2：3，则它们的电阻值之比为（）A．1：5 B．2：3 C．3：2 D．3：10二、多项选择题16．如图为某两个电阻的U﹣I图象，则（）A．两电阻之比R1：R2=2：1B．把两电阻串联后接入电路，则消耗功率P1：P2=1：2C．把两电阻串联后接入电路，则消耗功率P1：P2=2：1D．把两电阻并联后接入电路，则消耗功率P1：P2=1：217．如图所示，A和B为两等量异号电荷，A带正电，B带负电．在A、B的连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，a、c两点与b点等距，则（）A．a点与c点的电场强度相同B．a点与c点的电势相同C．a、b间的电势差与b、c间的电势差相同D．过b点做A、B连线的垂线，点电荷q沿此垂线方向移动，电荷的电势能保持不变18．如图所示，A、B是某个点电荷形成的电场中的一根电场线，在线上O点由静止释放一个负电荷，它将沿电场线向B点运动，下列判断中哪些是正确的（）A．电场线由B指向A，该电荷作加速运动，其加速度越来越小B．电场线由B指向A，该电荷作加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定C．由A指向B，电势升高D．电场线由A指向B，该电荷作加速运动，其加速度越来越大19．如图，A灯和B灯电阻相同，当变阻器滑动片向下滑动时，两灯的变化是（）A．A灯变亮 B．A灯变暗 C．B灯变亮D．B灯变暗20．现有量程为100μA内阻为450Ω的灵敏电流表，若改装为量程为1mA的毫安表，需要给它并联一只R l的电阻；若改装为量程为3V的电压表，需要给它串联一只R2的电阻．下列计算结果正确的有（）A．R l=50ΩB．R2=2950ΩC．R l=29550ΩD．R2=50Ω三、实验题21．用20分度游标卡尺测量物体长度时，读数如图所示，则该物体的长度为mm．22．用螺旋测微器测量物体长度时，读数如图所示，则该物体的长度为mm．23．用伏安法较准确的测量一个阻值约为50Ω的定值电阻，器材规格如下：A．电池组（6V，内阻很小）；B．电流表（0﹣50mA，内阻20Ω）；C．电压表（0﹣3V，内阻5kΩ）；D．滑动变阻器（0﹣10Ω，1A）；E．电键一个，导线若干条根据器材的规格和实验的要求，回答下列问题：（1）电流表应（填内接或外接）：；（2）滑动变阻器采用（填限流接法或分压接法）：；（3）在如图的实物图上用笔画线代替导线连接．三、计算题24．如图所示电路中，电源电动势ε=50V，内阻r=5Ω，电阻R1=30Ω，R 2=60Ω．不计电压表对电路的影响，问：（1）电路中的总电流多大？流过R1、R2的电流各多大？（2）电压表的读数多大？（3）R1、R2的电流功率各多大？电源消耗的总功率多大？25．如图所示．电源电动势为12V，内电阻为1Ω．R1=1Ω．R2=6Ω，电动机线圈电阻为0.5Ω．若开关闭合后通过电源的电流为3A．求：（1）R1上消耗的电功率；（2）电动机输出的机械功率；（3）电源的效率．26．如图所示，质量为0.2kg的物体带电量为4×10﹣4C，从半径为0.3m光滑的圆弧滑轨上端静止下滑到底端，然后继续沿水平面滑动．物体与水平面间的动摩擦因数为0.4，整个装置处于E=103N/C的匀强电场中，求下列两种情况下物体在水平面上滑行的最大距离：（1）E水平向左；（2）E竖直向下．（g取10m/s2）27．如图所示，匀强电场水平向左，带正电物块A沿绝缘水平板向右运动，经P点时动能为200J，到Q点时动能减少了160J，电势能增加了96J，则它再回到P点时的动能为多少？2016-2017学年宁夏中卫一中高二（上）第二次月考物理试（B卷）（11月份）参考答案与试题解析一、单项选择题1．以下说法正确的是（）A．由E=可知电场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式φ=可知电场中某点的电势φ与q成反比C．公式C=中，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关D．由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大【考点】电势；电场强度；电容．【分析】电场场强与电势由电场决定，与检验电荷无关，电容由电容器本身决定，U ab=Ed 中的d为沿场强方向的距离．结合这些知识分析．【解答】解：A、B、电场场强与电势都由电场本身决定，与检验电荷无关，则两种说法错误．故AB错误．C、公式C=是电容的定义式，采用比值法定义，电容器的电容大小C由电容器本身决定，与电容器两极板间电势差U无关，故C正确．D、由U ab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间沿电场线方向间的距离越大，则两点间的电势差一定越大；若匀强电场中的点a、b间的距离与电场线垂直，距离越大电势与不变．则D错误．故选：C．2．在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电场强度大的地方电势一定高B．场强大小相同的点电势不一定相同C．场强为零的地方电势也一定为零D．电势为零的地方场强也一定为零【考点】电场强度；电势．【分析】场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．【解答】解：A、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故A错误．B、在匀强电场中，场强处处相等，但沿着电场线的方向电势逐渐降低，所以场强大小相同的点电势不一定相同，故B正确．C、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故C错误．D、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零．故D错误．故选：B．3．如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变 B．尘埃将向上运动C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流【考点】带电粒子在混合场中的运动；电容．【分析】带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．【解答】解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B错误．CD、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选：C．4．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（）A．U1变大、U2变大B．U1变小、U2变大C．U1变大、U2变小D．U1变小、U2变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场时的速度．电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动．运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度θ的变化情况．【解答】解：设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：…①又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：v y=at…④由①、②、③、④可得：又有：故U2变大或U1变小都可能使偏转角θ变大，故选项B正确，选项ACD错误．故选B．5．关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B．电子定向移动速率越大，电流越大C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量【考点】电流、电压概念．【分析】电荷的定向移动形成电流，电流的大小取决于单位时间内流过导体横截面上的电量．【解答】解：A、电流的大小取决于电量与时间的比值；电荷量多可能时间长导致的；故A 错误；B、由I=nqvs可知，对于一给定导体，电子定向移动速率越大，电流越大；故B正确；C、根据电流的定义可知单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大；故C正确；D、电流有方向，但电流的不能按平行四边形规则进行运算，故电流是标量；故D错误；故选：BC．6．用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（）A．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值大于真实值【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．（2）电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小．【解答】解：A、B、伏安法测电阻的实验中，电流表外接法由于电压表的分流，使电流I的测量值偏大，电压U的测量值等于真实值，由R=可知，电阻测量值小于真实值，故A正确，B错误；C、D、在电流表的内接法中，由于电流表内阻的分压，使电压U的测量值大于真实值，电流I的测量值等于真实值，由R=可知，电阻测量值大于真实值，故C错误，D正确；故选AD．7．如图所示的匀强电场场强为103N/C，矩形区域由abdc围成，ab与E平行，ab=dc=4cm，ac=bd=3cm．则下述计算结果正确的是（）A．ab之间的电势差为40VB．ac之间的电势差为50VC．将q=﹣5×10﹣3C的点电荷沿矩形路径abdca移动一周，电场力做功是﹣0.25JD．将q=﹣5×10﹣3C的点电荷沿abd或acd从a移动到d，电场力做功都是﹣0.25J【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】由电场强度与电势差的关系，U=ED可求u ab，再根据电场力做功与电势差的关系求功．【解答】解：A、由电场强度与电势差的关系，U=Ed可求U ab=Ed=103×0.04=40V，故A正确．B、由图可知，ac的方向与电场线垂直，所以ac两点的电势差为0，故B错误．C、电荷q=﹣5×10﹣3C沿矩形路径abdc移动一周，点荷的电势不变，电势能也不变，由电场力做功与电势能的关系得电场力做功为零，故C错误．D、根据电场力做功与路径无关，故q=﹣5×10﹣3C的点电荷沿abd或acd从a移动到d，电场力做功相同等，由W=qEd，故在ad间移动电荷电场力做功为：W=﹣5×10﹣3×103×0.04=﹣0.2J．故D错误．故选：A．8．一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA．若将该电池板与一阻值为6Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．0.03V B．0.04V C．0.05V D．0.06V【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由电池板开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压．【解答】解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则该电池板的电动势为：E=80mV由闭合电路欧姆定律得短路电流：=I短则电源的内阻：r==Ω=2Ω该电源与6Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流：I==mA=10mA故路端电压：U=IR=10mA×6Ω=60mV=0.06V；故选：D．9．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J的功，那么（）A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能C．电荷的电势能增加了5×10﹣6JD．电荷的动能增加了5×10﹣6J【考点】电势能；动能定理的应用．【分析】电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J的功，电荷的电势能减小5×10﹣6J，根据动能定理得知，动能增加了5×10﹣6J．【解答】解：A、B由题知道电场力做功多少，只能判断电势能与动能的变化量，不能确定电势能与动能的大小．故AB错误．C、电场力做了5×10﹣6J的功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小5×10﹣6J．故C 错误．D、电荷只在电场力作用下，电场力做了5×10﹣6J的功，合力做功即为5×10﹣6J，根据动能定理得知，动能增加了5×10﹣6J．故D正确．故选D10．电源电动势为E，内阻为r，对小灯泡供电，下列说法中正确的是（）①电源被短路时，通过电源的电流为，外电路电压为零②电源不接入电路时，通过电源的电流为，外电路电压为零③外电路并联的灯泡越少，路端电压就越大④外电路串联的灯泡越少，路端电压就越大．A．①②B．①③C．③④D．①④【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据闭合电路欧姆定律分析外电阻变化时，电流的变化和路端电压的变化．外电路被短路时，电流等于电动势除以内阻，路端电压等于0【解答】解：①外电路被短路时，外电阻为0，电流等于电动势除以内阻，路端电压等于0，故①正确；②电源不接入电路时，通过电源的电流为0，外电路电压为E，故②错误；③、当外电路并联的灯泡越少，电阻越大，电流越小，内阻所占的电压越小，所以路端电压就越大，故③正确；④外电路串联的灯泡越少，电阻越小，电流越大，内电压越大，路端电压越小，故④错误；故B正确，ACD错误；故选：B11．关于电源的电动势E，下列说法中正确的是（）①电动势E的大小与非静电力所做的功W的大小成正比，与移动电荷量q的大小成反比②电动势E由电源本身决定，跟电源的体积和外电路均无关③电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特．其三者本质一样的．④电动势E表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量．A．①②B．①③C．③④D．②④【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：①：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，与非静电力做功W的大小以及移送电荷量q的大小无关．故①错误；②：电动势反映本身的特性，电动势与制作的材料有关，与体积的大小无关，与外电路的结构无关．故②正确；③：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱；电势差、电势电势描述电场的能的性质的物理量，三者的本质不同．故③错误；④：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故④正确．故D正确，ABC错误故选：D12．用电压表测量某段电路两端电压时，其读数为8V，如果这段电路两端电压不变，将4500Ω的电阻与电压表串联后再测其电压，结果示数为5V，则电压表内阻为（）A．1000ΩB．5000ΩC．7500ΩD．2000Ω【考点】串联电路和并联电路．【分析】根据题意可知，将电阻与电压表串联后，电压表的示数和电阻的电压之和为8V，再结合串联电路电流相等列式即可求解．【解答】解：根据题意可知，电路两端的电压U=8V，将一个4500Ω的电阻与电压表串联后再测该电路两端时，有：U V+U R=U，解得：U R=8﹣5=3V，电阻与电压表串联，则电流相等，则有：=，即：=，解得：r=7500Ω，故ABD错误，C正确；故选：C．13．有人在调制电路时用一个“100kΩ、W”的电阻和一个“300kΩ、W”的电阻串联，作为400kΩ的电阻使用，此时两串联电阻允许消耗的最大功率为（）A．W B．W C．W D．W【考点】电功、电功率．【分析】两电阻串联，电流相等，最大电流不能超过额定电流的最大值，根据P=I2R求出最大功率．【解答】解：根据P=I2R知，“300kΩ，W”的电阻的额定电流小，所以该电路中的电流不=I m2（R1+R2）==×能超过该电阻的额定电流，I m=，则最大总功率P总W=W．故C正确，A、B、D错误．故选C．14．如图所示，是测量电池的电动势和内阻的实验中得到的图线，则该电池的电动势为E和内阻r为（）A．1.5V 2.5ΩB．0.5V 2.5ΩC．1.5V 0.6ΩD．0.5V 0.6Ω【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】电源的U﹣I图象与纵坐标交点的纵坐标轴是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，根据图示图象可以求出电源电动势与内阻．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律可知：U=E﹣Ir，则由图可知，图象与纵轴的交点坐标值是1.5，则电源的电动势为E=1.5V；电源内阻r===2.5Ω；故A正确，BCD错误．故选：A．15．两根同种材料的电阻丝，长度之比为1：5，横截面积之比为2：3，则它们的电阻值之比为（）A．1：5 B．2：3 C．3：2 D．3：10【考点】电阻定律．【分析】根据电阻定律R=ρ进行分析，结合长度之比和截面积之比即可求出电阻之比．【解答】解：根据电阻定律可知，电阻民长度成正比，与截面积成反比，故两电阻的比值为：R1：R2==；故D正确，ABC错误．故选：D．二、多项选择题16．如图为某两个电阻的U﹣I图象，则（）A．两电阻之比R1：R2=2：1B．把两电阻串联后接入电路，则消耗功率P1：P2=1：2C．把两电阻串联后接入电路，则消耗功率P1：P2=2：1D．把两电阻并联后接入电路，则消耗功率P1：P2=1：2【考点】欧姆定律；电功、电功率．【分析】由图可知电阻的电压和电流值，根据欧姆定律可知即可求出电阻之比；根据串联电路电流相等和并联电路电压相等利用电功率P==I2R即可比较功率之比．【解答】解：A、由图象可知：U=6V，I1=1A，I2=2A；根据欧姆定律可知，R1：R2=I2：I1=2A：1A=2：1；故A正确；B、把两电阻串联后接入电路，电流相等，根据公式P=I2R，功率与电阻成正比，故P1：P2=R1：R2=2：1；故B错误，C正确；D、并联后接入电路，电压相等，根据公式P=可知，功率与电阻成反比，故P1：P2=R2：R1=1：2；故D正确．故选：ACD．17．如图所示，A和B为两等量异号电荷，A带正电，B带负电．在A、B的连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，a、c两点与b点等距，则（）A．a点与c点的电场强度相同B．a点与c点的电势相同C．a、b间的电势差与b、c间的电势差相同D．过b点做A、B连线的垂线，点电荷q沿此垂线方向移动，电荷的电势能保持不变【考点】库仑定律；电场的叠加．【分析】A、B为两等量异号电荷，产生的电场具有对称性，即关于AB连线的中垂线对称；根据顺着电场线电势降低，判断ac电势的高低；根据等势线对称性分析a、b间电势差与b、c间电势差的关系；AB连线的中垂线是等势线，电荷在等势线上移动时，电场力不做功．【解答】解：A、A、B为两等量异号电荷，产生的电场关于AB连线的中垂线对称，可知a点与c点的电场强度相同．故A正确．B、电场线方向从A到B，因为顺着电场线，电势降低，则a点电势高于c点的电势．故B 错误．C、由于AB产生的电场关于AB连线的中垂线左右对称，又ab=bc，根据U=Ed可定性分析得出a、b间电势差等于b、c间电势差．故C正确．D、将过b点做A、B连线的垂线，即为等势线，点电荷q沿此垂线方向移动，电场力不做功，电荷的电势能保持不变，故D正确．故选：ACD．18．如图所示，A、B是某个点电荷形成的电场中的一根电场线，在线上O点由静止释放一个负电荷，它将沿电场线向B点运动，下列判断中哪些是正确的（）A．电场线由B指向A，该电荷作加速运动，其加速度越来越小B．电场线由B指向A，该电荷作加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定C．由A指向B，电势升高D．电场线由A指向B，该电荷作加速运动，其加速度越来越大【考点】电场线；牛顿第二定律．【分析】根据负电荷的运动方向判断电场力，确定场强方向．场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密场强越大【解答】解：由题，负电荷由静止开始从O运动到B，负电荷所受电场力方向从0到B，场强方向与电场力方向相反，即场强方向由B指向A．负电荷从静止开始，必定做加速运动．由于电场线的分布情况未知，场强如何变化无法确定，电场力和加速度如何变化也无法确定，则电荷加速度可能越来越小，也可能越来越大．故B正确，ACD错误．故选：B19．如图，A灯和B灯电阻相同，当变阻器滑动片向下滑动时，两灯的变化是（）A．A灯变亮 B．A灯变暗 C．B灯变亮D．B灯变暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由电路图可知，灯泡A与灯泡B、滑动变阻器R、R1组成的电路并联，且B与R 为并联；当滑片向下滑动时，根据闭合电路欧姆定律分析，明确滑动变阻器的阻值变小→总电流变大→内阻分压变大→外电压变小，即可判断灯泡A亮度的变化；再根据串联电路的分压特点和并联电路的分流特点可知，灯泡B亮度的变化．【解答】解：由电路图可知，灯泡A与灯泡B、滑动变阻器R、R1组成的电路并联，且B 与R为并联；当滑片向下滑动时，滑动变阻器的阻值变小，那它与A灯并联的等效电阻变小，电路的总电阻都会变小，所以总电流变大；根据欧姆定律可知，总电流变大时，内阻分压变大，外电压变小，所以灯泡A两端的电压减小，A灯变暗；因为总电流是变大的，所以右边电路的分流变大了，通过R1上的电流变大，分压也就增加了；因为外电压是变小的，所以B灯和滑阻上的电压就变小了，B灯泡变暗．故BD正确，AC错误．故选：BD．20．现有量程为100μA内阻为450Ω的灵敏电流表，若改装为量程为1mA的毫安表，需要给它并联一只R l的电阻；若改装为量程为3V的电压表，需要给它串联一只R2的电阻．下列计算结果正确的有（）。

2017-2018学年宁夏中卫一中高三（上）第二次月考物理试（10月份）一、单项选择题1．下列说法错误的是（）A．光波是一种概率波B．光波是一种电磁波C．光具有波粒二象性D．微观粒子具有波动性，宏观物体没有波动性2．下列说法正确的是（）A．Th经过6次α衰变和4次β衰变后成为稳定的原子核PbB．核反应方程：Be+He→C+X，其中的X是正电子C．20个U的原子核经过两个半衰期后一定剩下5个UD．U在中子轰击下生成Sr和Xe的过程中，原子核中的平均核子质量变大3．处于基态的氢原子在某单色光束照射下，能发出频率为v1，v2，v3的三种光，且v1＜v2＜v3则该照射光的光子能量为（）A．hv1B．hv2C．hv3D．h（v1+v2+v3）4．如图所示，在一个足够大的光滑平面内有A、B两个质量相同的木块，中间用轻质弹簧相连．今对B施以水平冲量F△t（△t极短）．此后A、B的情况是（）A．在任意时刻，A、B加速度大小相同B．弹簧伸长到最长时，A、B速度相同C．弹簧恢复到原长时，A、B动量相同D．弹簧压缩到最短时，系统总动能最小5．一个做匀加速直线运动的物体，初速度v0=2.0m/s，它在第3s内通过的位移是4.5m，则它的加速度为（）A．0.5m/s2B．1.0m/s2C．1.5m/s2D．2.0m/s26．火车由静止做匀加速直线运动，在1min内行驶了540m，则它在最初的10s内的位移是（）A．90m B．45m C．30m D．15m7．如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）A．前两秒加速度为5m/s2B．4s末物体回到出发点C．6s末物体距出发点最远 D．8s末物体距出发点最远8．如图所示，质量分别为2m和m的两个可视为质点的小球a、b，中间用一细线连接，并通过另一细线将小球a与天花板上的O点相连，为使小球a和小球b均处于静止状态，且Oa细线向右偏离竖直方向的夹角恒为37°，需要对小球b朝某一方向施加一拉力F．若已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，则当F的大小达到最小时，Oa细线对小球a的拉力大小为（）A．1.8mg B．2mg C．2.4mg D．3mg9．用一束绿光照射光电管金属时不能产生光电效应，则下述措施可能使该金属产生光电效应的是（）A．延长光照时间B．保持光的频率不变，增大光的强度C．换用一束蓝光照射D．增大光电管的正向加速电压10．将力F分解为两个力，已知其中一个分力F1的方向与F的夹角为θ（如图所示），则下列说法错误的是（）A．只要知道另一个分力的方向就可得到确定的两个分力B．只要知道F1的大小，就可得到确定的两个分力C．如果知道另一个分力的大小，一定能够得到唯一确定的两个分力D．另一个分力的最小值是Fsinθ11．降落伞由于受水平风力的影响，沿着与竖直方向成45°角的直线匀速降落，降落伞和人共重为G，则降落伞和人所受空气作用力的大小为（）A．G B．C．2G D．G12．如图所示，木块A、B分别重40N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间的轻弹簧劲度系数为400N/m，系统在拉力F的作用下沿水平地面上做匀速直线运动，则弹簧（发生弹性形变）的形变量为（）A．10cm B．15cmC．2.5cm D．条件不足，无法确定二、多项选择题13．如图所示，半径和动能都相等的两个小球相向而行．甲球质量m甲大于乙球质量m乙，平面是光滑的，两球做对心碰撞以后的运动情况可能是下述哪些情况？（）A．甲球速度为零，乙球速度不为零B．两球速度都不为零C．乙球速度为零，甲球速度不为零D．两球以原速率反向运动14．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平地面上，小物块B斜面上，并通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，已知A、B、C都处于静止状态，下列说法正确的是（）A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．C有沿地面向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D．将细绳剪断，若B依然静止在斜面上，此时水平面对C的摩擦力为零15．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为10m/sD．平均速度大小为13m/s，方向向上16．甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动的v﹣t图象如图所示，则（）A．两个物体两次相遇的时刻是2s末和6s末B．t=4s时甲在乙的后面C．t=2s时两物体相距最远D．甲物体一直向前运动而乙物体先向前运动2s，随后向后运动17．如图所示，放置在水平地面上的直角劈M上有一个质量m的物体，若m在其上匀速下滑，M仍保持静止，那么正确的说法是（）A．M对地面的压力等于（M+m）g B．M对地面的压力大于（M+m）gC．地面对M没有摩擦力D．地面对M有向左的摩擦力18．如图所示，初始时A、B两木块在水平方向的外力作用下挤压在竖直墙面上处于静止状态，A与B、B与墙面之间的动摩擦因数都为µ=0.1，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两木块质量相等，都为1kg，当外力F变为下列不同值时，关于A、B之间的摩擦力f1，B与墙壁之间的摩擦力f2的大小，下列说法中正确的是（g=10m/s2）（）A．当F=0时，f1=f2=0 B．当F=50N时，f1=0，f2=5NC．当F=100N时，f1=5N，f2=10N D．当F=300N时，f1=10N，f2=20N三、填空题19．按照玻尔原子理论，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量（选填“越大”或“越小”）．已知氢原子的基态能量为E1（E1＜0），电子质量为m，基态氢原子中的电子吸收一频率为ν的光子被电离后，电子速度大小为（普朗克常量为h）．20．一物体由静止开始做匀加速直线运动，运动位移为4m时立即改做匀减速直线运动直至静止，若物体运动总位移为12m，全过程所用时间为6s，物体在加速阶段速度为m/s2；物体在减速阶段加速度为m/s2．21．某同学在做研究弹簧的形变与外力的关系实验时，将一轻弹簧竖直悬挂让其自然下垂，测出其自然长度L0；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（本实验过程中未超出弹簧的弹性限度）．由图可知该弹簧的自然长度为m；该弹簧的劲度系数为N/m．（计算结果均保留两位有效数字）22．研究匀变速直线运动的实验中，计时器所用电源的频率为50Hz，如图为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、G为相邻的计数点，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，则C点的瞬时速度为v C=m/s，小车运动的加速度a=m/s2（结果保留两位有效数字）四、计算题23．在平直公路上一辆值勤警车停在路边，突然警察发现一违规卡车以72km/h 的速度从旁边匀速驶过，4s后警察启动警车追赶卡车，警车加速阶段可看作匀加速直线运动，加速度a=5m/s2，此路段警车的最大时速为90km/h．试求：（1）两车相距最远时两车间的距离；（2）从警车发现卡车到追上卡车所需要的时间？24．如图所示，小车的顶棚上用绳线吊一小球，质量为m，车厢底板上放一个质量为M的木块，当小车沿水平面匀加速向右运动时，小球悬线偏离竖直方向30°，木块和车厢保持相对静止，g取10m/s2，求：（1）小车运动的加速度？（2）木块受到的摩擦力的大小？25．如图所示，质量m=2.0kg的木块静止在高h=1.8m的水平台上，木块距平台右边缘10m，木块与平台间的动摩擦因数µ=0.2．用大小为F=20N，方向与水平方向成37°角的力拉动木块，当木块运动到水平台末端时撤去F．不计空气阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）木块离开平台时速度的大小；（2）木块落地时距平台边缘的水平距离．26．如图所示，传送带与水平面夹角，皮带以10m/s的速率运动，皮带轮沿顺时针方向转动，今在传送带上端A处无初速度地放上一个质量为m=0.5kg 的小物块，它与传送带间的动摩擦因数为0.5，若传送带A到B的长度为16m，g取10m/s2，则（1）物体运动多长时间与传送带相对静止，此时运动位移为多少（2）物体从A运动到B的时间为多少．27．在如图所示的光滑水平面上，小明站在静止的小车上用力向右推静止的木箱，木箱离开手以5m/s的速度向右匀速运动，运动一段时间后与竖直墙壁发生弹性碰撞，反弹回来后被小明接住．已知木箱的质量为30kg，人与车的质量为50kg．求：（1）推出木箱后小明和小车一起运动的速度大小；（2）小明接住木箱后三者一起运动，在接木箱过程中系统损失的能量．2016-2017学年宁夏中卫一中高三（上）第二次月考物理试（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题1．下列说法错误的是（）A．光波是一种概率波B．光波是一种电磁波C．光具有波粒二象性D．微观粒子具有波动性，宏观物体没有波动性【考点】光的波粒二象性．【分析】德布罗意波理论告诉我们，一切运动的微粒都有一种波与之对应，即一切运动的微粒都具有波粒二象性．电子有波动性，但在一定的条件下才能表现出来．【解答】解：A、C、光具有波粒二象性，是一种概率波．故A正确，C正确；B、根据麦克斯韦的电磁场理论，光波是一种电磁波．故B正确；D、微观粒子和宏观物体都具有波粒二象性．故D错误．本题选择错误的，故选：D2．下列说法正确的是（）A．Th经过6次α衰变和4次β衰变后成为稳定的原子核PbB．核反应方程：Be+He→C+X，其中的X是正电子C．20个U的原子核经过两个半衰期后一定剩下5个UD．U在中子轰击下生成Sr和Xe的过程中，原子核中的平均核子质量变大【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】写出衰变方程，根据原子核经过一次α衰变，电荷数减小2，质量数减小4，一次β衰变后电荷数增加1，质量数不变，分析求解；半衰期针对大量原子核才有统计意义；裂变反应，有质量亏损，原子核中的平均核子质量变小．【解答】解：A、α衰变改变质量数，所以232﹣208=4×6，故经过6次α衰变，β衰变：90﹣2×6+n=82，得n=4；所以Th经过6次α衰变和4次β衰变后成为稳定的原子核Pb，故A正确；B、根据质量数和电荷数守恒知X的质量数：m=9+4﹣12=1，电荷数：z=4+2﹣6=0，是中子，故B错误；C、半衰期针对大量原子核才有统计意义，故C错误；D 、U 在中子轰击下生成Sr 和Xe 的过程是裂变反应，有质量亏损，以能量的形式释放出来，原子核中的平均核子质量变小，故D 错误； 故选：A3．处于基态的氢原子在某单色光束照射下，能发出频率为v 1，v 2，v 3的三种光，且v 1＜v 2＜v 3则该照射光的光子能量为（ ）A ．hv 1B ．hv 2C ．hv 3D ．h （v 1+v 2+v 3） 【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】氢原子能释放出三种不同频率的光子，知氢原子被单色光照射后跃迁到第3能级，吸收的光子能量等于两能级间的能级差．【解答】解：由题意可知，氢原子吸收能量后跃迁到第三能级，则吸收的能量等于n=1和n=3能级间的能级差，即单色光的能量E=hv 3．故C 正确，A 、B 、D 错误． 故选C ．4．如图所示，在一个足够大的光滑平面内有A 、B 两个质量相同的木块，中间用轻质弹簧相连．今对B 施以水平冲量F △t （△t 极短）．此后A 、B 的情况是（ ）A ．在任意时刻，A 、B 加速度大小相同 B ．弹簧伸长到最长时，A 、B 速度相同C ．弹簧恢复到原长时，A 、B 动量相同D ．弹簧压缩到最短时，系统总动能最小【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】分别对A 、B 进行受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度的关系．弹簧伸长到最长时，A 、B 相对静止，速度相同．弹簧恢复原长时，根据加速度方向与速度方向判断A 、B 两物体的速度关系．根据系统机械能守恒分析弹簧压缩到最短时系统的总动能．【解答】解：A 、撤去力F 后，弹簧的弹力是A 物体的合力，也是B 物体的合力，A 、B 质量相等，根据牛顿第二定律得在任意时刻，A 、B 两物体的加速度大小相等，故A 正确． B 、弹簧伸长到最长时，A 、B 相对静止，速度相同．故B 正确．C 、撤去力F 后，A 加速，B 减速，弹簧长度变小，弹簧恢复原长时，A 的速度大于B 的速度，所以A 、B 的动量不相等，故C 错误．D 、根据系统机械能守恒得弹簧压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，系统的总动能最小，故D 正确．故选：ABD ．5．一个做匀加速直线运动的物体，初速度v 0=2.0m/s ，它在第3s 内通过的位移是4.5m ，则它的加速度为（ ）A ．0.5m/s 2B ．1.0m/s 2C ．1.5m/s 2D ．2.0m/s 2 【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】设加速度为a ，由位移时间关系，列第3s 内位移的表达式，可以得到加速度． 【解答】解：第2s 末的速度为：v=v 0+at 2第2s 末的速度是第3s 的初速度，故第3s 内的位移为即：解得：a=1m/s2，故B正确．故选：B6．火车由静止做匀加速直线运动，在1min内行驶了540m，则它在最初的10s内的位移是（）A．90m B．45m C．30m D．15m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】在1min内行驶了540m，根据x=，求出加速度，再根据该公式求出最初10s 内的位移．【解答】解：x=，知a==0.3m/s2，所以在最初的10s内的位移=15m．故D正确，A、B、C错误．故选D．7．如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）A．前两秒加速度为5m/s2B．4s末物体回到出发点C．6s末物体距出发点最远 D．8s末物体距出发点最远【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】在速度﹣﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A、前两秒加速度由加速度的定义式：a===5m/s2，故A正确．BCD、在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，所以四秒末物体的位移为正向的最大值，离出发点最远，故BCD错误．故选：A8．如图所示，质量分别为2m和m的两个可视为质点的小球a、b，中间用一细线连接，并通过另一细线将小球a与天花板上的O点相连，为使小球a和小球b均处于静止状态，且Oa细线向右偏离竖直方向的夹角恒为37°，需要对小球b朝某一方向施加一拉力F．若已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，则当F的大小达到最小时，Oa细线对小球a的拉力大小为（）A．1.8mg B．2mg C．2.4mg D．3mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】以两个小球组成的整体为研究对象，当F垂直于Oa线时取得最小值，根据平衡条件求解F的最小值对应的细线拉力．【解答】解：以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与重力mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：根据平衡条件得：F=3mgsin37°=1.8mg，T=3mgcos37°=2.4mg，故C正确，ABD错误故选：C9．用一束绿光照射光电管金属时不能产生光电效应，则下述措施可能使该金属产生光电效应的是（）A．延长光照时间B．保持光的频率不变，增大光的强度C．换用一束蓝光照射D．增大光电管的正向加速电压【考点】光电效应．【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率．【解答】解：用一束绿光照射某金属时不能产生光电效应，知绿光的频率小于金属的极限频率，要能发生光电效应，需改用频率更大的光照射（如蓝光）．能否发生光电效应与入射光的强度和照射时间无关．故选：C．10．将力F分解为两个力，已知其中一个分力F1的方向与F的夹角为θ（如图所示），则下列说法错误的是（）A．只要知道另一个分力的方向就可得到确定的两个分力B．只要知道F1的大小，就可得到确定的两个分力C．如果知道另一个分力的大小，一定能够得到唯一确定的两个分力D．另一个分力的最小值是Fsinθ【考点】力的分解．【分析】分解一个确定大小和方向的力，根据平行四边形定则，以这个力为对角线作平行四边形，与这个力共点的两个邻边表示一对分力．如作出的平行四边形只有一个，就得到唯一确定的解．【解答】解：A、已知两个分力的方向，根据平行四边形定则，将已知力分解作出的平行四边形只有一个，这两个分力大小是唯一确定的．故A正确；B、已知一个分力的大小和方向，根据平行四边形定则，将已知力分解作出的平行四边形只有一个，这两个分力大小是唯一确定的．故B正确；C、已知一个分力的大小和另一个分力的方向，根据平行四边形定则，将已知力分解，可能有两解，可能有一解，也可能无解．故C错误；D、根据几何关系，可确定另一个分力的最小值是Fsinθ．故D正确．本题选择错误的，故选：C．11．降落伞由于受水平风力的影响，沿着与竖直方向成45°角的直线匀速降落，降落伞和人共重为G，则降落伞和人所受空气作用力的大小为（）A．G B．C．2G D．G【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】空气作用力是指空气对降落伞的浮力，它和重力是一对平衡力，根据平衡力可解此题．【解答】解：空气作用力是指空气对降落伞的浮力，它和重力是一对平衡力，根据平衡力特点．可知空气作用力等于重力G故选：D．12．如图所示，木块A、B分别重40N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间的轻弹簧劲度系数为400N/m，系统在拉力F的作用下沿水平地面上做匀速直线运动，则弹簧（发生弹性形变）的形变量为（）A．10cm B．15cmC．2.5cm D．条件不足，无法确定【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】分析A的受力情况，由平衡条件求出弹力的拉力，再由胡克定律求弹簧的形变量．【解答】解：物体A水平方向受到弹力向右的拉力和水平地面向左的滑动摩擦力，由平衡条件和胡克定律得kx=μG A可得，弹簧的形变量x==m=0.025m=2.5cm故选：C二、多项选择题13．如图所示，半径和动能都相等的两个小球相向而行．甲球质量m 甲大于乙球质量m 乙，平面是光滑的，两球做对心碰撞以后的运动情况可能是下述哪些情况？（ ）A ．甲球速度为零，乙球速度不为零B ．两球速度都不为零C ．乙球速度为零，甲球速度不为零D ．两球以原速率反向运动 【考点】动量守恒定律．【分析】该题考查动量守恒定律，动能与动量的关系，甲乙两球动能相等，有E K 甲=E K 乙，设甲球的动量为P 甲，乙球动量为P 乙，则E K 甲=，E K 乙=，因为m 甲＞m 乙，所以 P甲＞P 乙，又因为两球相向运动，所以P 甲与P 乙方向相反，碰撞后两球应沿动量大的方向，故两球运动方向与甲球原来的方向相同不为零．所以乙球速度不为零．【解答】解：A 、由题意可知：E K 甲=E K 乙，因为E K =mv 2==，所以动量为：P=，因为m 甲＞m 乙，所以有：P 甲＞P 乙，甲乙相向运动，则系统总动量方向与甲的动量方向相同，碰撞过程动量守恒，甲乙碰撞后总动量沿甲原来的方向，由于甲的质量大于乙的质量，碰撞后乙将反弹，乙的速度不为零，甲的速度可能为零，也可能向右继续运动，故A 正确． B 、因为碰撞后甲乙都沿甲原来的方向运动，故甲乙速度不为零，故B 正确； C 、因为乙必弹回，故速度不为零，故C 错误；D 、碰撞后甲乙均沿甲原来的方向运动，甲速度不反向，乙速度反向，故D 错误； 故选：AB ．14．如图所示，倾角为θ的斜面体C 置于水平地面上，小物块B 斜面上，并通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A 相连接，连接B 的一段细绳与斜面平行，已知A 、B 、C 都处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A ．B 受到C 的摩擦力一定不为零 B ．C 受到水平面的摩擦力一定为零C ．C 有沿地面向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D ．将细绳剪断，若B 依然静止在斜面上，此时水平面对C 的摩擦力为零 【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【分析】以B 为研究对象，分析绳子的拉力与重力沿斜面向下的分力的关系，判断B 是否受到C 的摩擦力．以B 、C 整体为研究对象，根据平衡条件分析水平面的摩擦力． 【解答】解：设A 、B 、C 的重力分别为G A 、G B 、G C ．A 、若G A =GB sin θ，B 相对于C 没有运动趋势，不受到C 的摩擦力．故A 错误．B 、C 、以整体为研究对象，由于整体不受外力；故整体水平方向没有运动趋势；C 不受地面的摩擦力；故B 正确，C 错误；D 、将细绳剪断，若B 依然静止在斜面上，则以B 、C 整体为研究对象得到，f=0，即水平面对C 的摩擦力为零．故D 正确． 故选：BD ．15．某物体以30m/s 的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g 取10m/s 2．5s 内物体的（ ） A ．路程为65mB ．位移大小为25m ，方向向上C ．速度改变量的大小为10m/sD ．平均速度大小为13m/s ，方向向上 【考点】竖直上抛运动．【分析】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度g ，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s 内位移．根据物体上升到最高点的时间，判断出该时间与5s 的关系，然后再求出路程；由速度公式求出速度的变化量，由平均速度的定义式求出平均速度．【解答】解：AB 、选取竖直向上方向为正方向，物体在5s 内的位移：h=v 0t ﹣gt 2=30×5﹣×10×52=25m ；方向与初速度的方向相同，即竖直向上．物体上升的最大高度：H==m=45m ，物体上升的时间：t 1==s=3s ＜5s所以5s 内物体的路程：s=2H ﹣h=45×2﹣25=65m ．故A 、B 正确；C 、5s 内速度的变化量：△v=gt=﹣10×5=﹣50m/s ，负号表示方向向下．故C 错误；D 、5s 内的平均速度： ===5m/s ，．故D 错误．故选：AB16．甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动的v ﹣t 图象如图所示，则（ ）A ．两个物体两次相遇的时刻是2s 末和6s 末B ．t=4s 时甲在乙的后面C ．t=2s 时两物体相距最远D ．甲物体一直向前运动而乙物体先向前运动2s ，随后向后运动 【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，当位移再次相等时，两物体再次相遇．根据“面积”分析什么时刻两物体再次相遇．根据速度的大小关系分析t=4s时两物体的位置关系，并确定什么时刻两物体相距最远．【解答】解：A、甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，从图象看出，2s末和6s末两图线的“面积”相等，说明两物体的位移再次相等，两物体再次相遇．故A正确．B、由图看出，t=4s时甲图线的“面积”小于乙图线的“面积”，则甲的位移小于乙的位移，两者又是从同一位置出发的，则t=4s时甲在乙的后面．故B正确．C、当两物体速度相等时相距最远，则t=1s和t=4s时两者相距最远．故C错误．D、根据图象看出，两物体的速度一直都为正值，说明两者都一直沿正方向向前运动．故D错误．故选AB17．如图所示，放置在水平地面上的直角劈M上有一个质量m的物体，若m在其上匀速下滑，M仍保持静止，那么正确的说法是（）A．M对地面的压力等于（M+m）g B．M对地面的压力大于（M+m）gC．地面对M没有摩擦力D．地面对M有向左的摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】m在斜面上匀速下滑，所以m受力平衡，由平衡条件可求出斜面对m的作用力，再对斜面受力分析应用平衡条件分析即可．【解答】解：m在斜面上匀速下滑，所以m受力平衡，对m受力分析如图：因为m处于平衡状态，故支持力N与摩擦力f的合力F′等于mg，方向竖直向上，即：斜面对m的作用力竖直向上大小为mg．对斜面受力分析如图：斜面对m的作用力竖直向上大小为mg，所以m对斜面的作用力F′大小为mg，方向竖直向下．由平衡条件得：地面对斜面没有摩擦力的作用，且：N=（M+m）g故：AC正确，BD错误．故选：AC18．如图所示，初始时A、B两木块在水平方向的外力作用下挤压在竖直墙面上处于静止状态，A与B、B与墙面之间的动摩擦因数都为µ=0.1，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两木块质量相等，都为1kg，当外力F变为下列不同值时，关于A、B之间的摩擦力f1，B与墙壁之间的摩擦力f2的大小，下列说法中正确的是（g=10m/s2）（）A．当F=0时，f1=f2=0 B．当F=50N时，f1=0，f2=5NC．当F=100N时，f1=5N，f2=10N D．当F=300N时，f1=10N，f2=20N【考点】静摩擦力和最大静摩擦力．【分析】通过题意明确物体受到的最大静摩擦力，然后判断物体是否发生运动；最后再根据摩擦力的计算方法进行运算．【解答】解：A、当F=0时，AB间及B与地面间均没有相互的挤压，故没有摩擦力；故A正确；B、当F=50N时，B与地面间的最大静摩擦力为：μF=0.1×50=5N；小于两物体的重力，故整体下滑；摩擦力为滑动摩擦力，f1=5N；AB相对静止，整体下滑的加速度a==7.5m/s2；则AB间的摩擦力为：mg﹣ma=2.5N；故f2=2.5N；故B错误；C、当F=100N时，B与墙面间及AB间最大静摩擦力f m=μF=10N，故AB整体下滑，摩擦力f2=μF=10N；A的重力等于AB间的最大静摩擦力；故AB不会发生相对运动，故AB间为静摩擦力；由牛顿第二定律可知，整体下滑的加速度为：a=m/s2=5m/s2；则对A分析可知：mg﹣f=ma；解得：f1=mg﹣ma=10﹣5=5N；故C正确；。

一、单项选择题（每小题2分，共15×2分=30分）1．带正电荷的小球只受到电场力作用从静止开始运动，它在任意一段时间内（ ）A ．—定沿电场线由高电势处向低电势处运动B ．—定沿电场线由低电势处向高电势处运动C ．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D ．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动2．使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上－3Q 和＋5Q 的电荷后，将它们固定在相距为的两点，它们之间库仑力的大小为F 1．现用绝缘工具使两小球相互接触后．再将它们固定在相距2的两点，它们之间库仑力的大小为F 2．则F 1与F 2之比为（ ）A ．60：1B ．16：1C ．4：1D ．2：13．如图所示，A 、B 、C 、D 、E 是半径为r 的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除A 点处的电荷量为－q 外，其余各点处的电荷量均为＋q ，则圈心O 处（ ）A ．场强大小为2r kq，方向沿OA 方向 B ．场强大小为2r kq，方向沿AO 方向C ．场强大小为22r kq，方向沿OA 方向D ．场强大小为22rkq，方向沿AO 方向4．如下图所示，正电荷q 在电场中由P 向Q 做加速运动，而且加速度越来越大，由此可以判定，它所在的电场是图中的（ ）5．图甲中AB是某电场中的一条电场线，图乙表示放在电场上、b两点上的相同的带正电的试探电荷电荷量与所受电场力大小间的函数关系，规定电场力方向由A向B为正向，由此可判定（）A．场源可能是正点电荷，在A侧B．场源可能是正点电荷，在B侧C．场源可能是负点电荷，在A侧D．场源可能是负点电荷，在B侧6．如下图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子在点的电势能大于在b点的电势能C．点电势比b点电势高D．粒子一定从点运动到b点7．如图，A、B、C三点在匀强电场中，AC丄BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一个电量q=1×10-5C的正电荷从A移到B，电场力不做功；从B移到C，电场力做功为－3×10-3J，则该匀強电场的场强大小和方向是（）A．866V/m，垂直AC向上B．866V/m，垂直AC向下C．l000V/m，垂直AB斜向上D．1000V/m，垂直AB斜向下8．如图所示的匀强电场场强为l03N/C，矩形区域由abdc围成，ab与E平行，ab=dc=4cm，ac=bd=3cm．则下述计算结果正确的是（）A．将q=－5×l0-3C的点电荷沿矩形路径abdca移动一周，电场力做功是－0.25JB．将q=－5×l0-3C的点电荷沿abd或acd从a移动到d，电场力做功都是＋0.2JC．ab之间的电势差为40VD．ac之间的电势差为50V9．关于等势面的说法，正确的是（）A．电荷在等势面上移动时，由于不受电场力作用，所以说电场力不做功B．在同一个等势面上各点的场强大小相等C．两个不等电势的等势面可能相交D．若相邻两等势面的电势差相等，则等势面的疏密程度能反映场强的大小10．在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，C 为A、B两点连线的中点，将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（）A．电势能逐渐增大B．电势能逐渐减小C．q3受到的电场力逐渐减小D．q3受到的电场力逐渐增大11．—带电油滴在匀强电场E中从到b的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下，不计空气阻力。