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【2019最新】高二物理上学期期中试卷（含解析） (2)一、选择题（每题4分，共48分．每题至少有一个正确选项，其中1-9为单选，10-12为多选，全对得4分，选不全得2分，错选不得分）1．电阻R1、R2的I﹣U图线如图所示，现将R1、R2串联后接到电源上，R1消耗的电功率是6W，则R2消耗的电功率是（）A．10w B．9W C．4W D．2W2．一电子以与磁场垂直的速度v从P处沿PQ方向进入长为d、宽为h的匀强磁场区域，从N点射出，如图所示，若电子质量为m，电荷量为e，磁感应强度为B，则（）A．h=dB．电子在磁场中运动的时间为C．电子在磁场中运动的时间为D．洛伦兹力对电子不做功3．如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B为电阻R的U﹣I图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A．4W、8W B．2W、4W C．4W、6W D．2W、3W4．如图所示，一带电小球质量为m，用丝线悬挂于O点，并在竖直平面内摆动，最大摆角为60°，水平磁场垂直于小球摆动的平面，当小球自左方摆到最低点时，悬线上的张力恰为零，则小球自右方摆到最低点时悬线上的张力为（）A．0 B．2mg C．4mg D．6mg5．倾角为θ的导电轨道间接有电源，轨道上静止放有一根金属杆ab．现垂直轨道平面向上加一匀强磁场，如图所示，磁感应强度B由零逐渐增加的过程中，ab杆受到的静摩擦力（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小 D．先减小后增大6．关于电磁感应，下列说法中正确的是（）A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C．穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D．通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大7．如图所示，导线框abcd与导线在同一平面内，直导线通有恒定电流I，当线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流的方向是（）A．先abcd，后dcba，再abcd B．先abcd，后dcbaC．始终dcba D．先dcba，后abcd，再dcba8．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小9．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差U CD下列说法中正确的是（）A．电势差U CD仅与材料有关B．若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差U CD＜0C．仅增大磁感应强度时，电势差U CD可能不变D．在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平10．水平桌面上放条形磁铁，磁铁正中上方吊着导线与磁铁垂直，导线中通入向纸内的电流，如图所示，产生的情况是（）A．悬线上的拉力没有变化 B．悬线上的拉力变大C．悬线上的拉力变小 D．条形磁铁对桌面压力变小11．在如图所示的电路中，电源的电动势、内电阻恒定．要想使电容器所带电量增加，可以（）A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．减小R212．无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度B的大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比，即B=（式中k为常数）．如图所示，两根相距L的无限长直导线分别通有电流I和3I．在两根导线的连线上有a、b两点，a点为两根直导线连线的中点，b点距电流为I的导线的距离为L．下列说法正确的是（）A．a点和b点的磁感应强度方向相同B．a点和b点的磁感应强度方向相反C．a点和b点的磁感应强度大小比为8：1D．a点和b点的磁感应强度大小比为16：1二、实验题13．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图2，可知其直径为mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图1，则该电阻的阻值约为Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～3mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势3V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A），开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求便于调节且测得多组数据进行分析，所选电流表；电压表；滑动变阻器（填所选器材的符号），并在右上框中画出测量的电路图．（4）如果实验中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L、直径为d，则该材料的电阻率ρ= （用测出的物理量的符号表示）．三、计算题（共36分每题必须写出必要的解题步骤）14．如图中电源的电动势E=12V，内电阻r=0.5Ω，将一盏额定电压为8V，额定功率为16W 的灯泡与一只线圈电阻为0.5Ω的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光，通电100min，问：①电源提供的能量是多少？②电流对电动机做功是多少？③电动机的线圈产生的热量是多少？④电动机的效率是多少？15．用磁场可以约束带电离子的轨迹，如图所示，宽d=2cm的有界匀强磁场的横向范围足够大，磁感应强度方向垂直纸面向里，B=1T．现有一束带正电的粒子从O点以v=2×106m/s的速度沿纸面垂直边界进入磁场．粒子的电荷量q=1.6×10﹣19C，质量m=3.2×10﹣27kg．求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径r和运动时间t是多大？（2）粒子保持原有速度，又不从磁场上边界射出，则磁感应强度最小为多大？16．如图所示，MN、PQ为竖直放置的两根足够长平行光滑导轨，相距为d=0.5m，M、P之间连一个R=1.5Ω的电阻，导轨间有一根质量为m=0.2kg，电阻为r=0.5Ω的导体棒EF，导体棒EF可以沿着导轨自由滑动，滑动过程中始终保持水平且跟两根导轨接触良好．整个装置的下半部分处于水平方向且与导轨平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B=2T．取重力加速度g=10m/s2，导轨电阻不计．若导体棒EF从磁场上方某处沿导轨下滑，进入匀强磁场时速度为v=2m/s，（1）求此时通过电阻R的电流大小和方向（2）求此时导体棒EF的加速度大小．2015-2016学年大厂回民中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共48分．每题至少有一个正确选项，其中1-9为单选，10-12为多选，全对得4分，选不全得2分，错选不得分）1．电阻R1、R2的I﹣U图线如图所示，现将R1、R2串联后接到电源上，R1消耗的电功率是6W，则R2消耗的电功率是（）A．10w B．9W C．4W D．2W【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】I﹣U图象的斜率等于电阻的倒数；把R1、R2串联后接到电源上时，由R1消耗的电功率为6W，根据功率公式P=I2R运用比例法求出输出功率．【解答】解：I﹣U图象的斜率等于电阻的倒数，则R1==8ΩR2==12ΩR1、R2串联后接到电源上时，它们的电流相等，据功率公式P=I2R，它们消耗的电功率之比与阻值之比成正比，则P2=6×=9W故选：B．【点评】本题关键要抓住图象的斜率的物理意义求出电阻，结合串联电流的特点求出电源的输出功率．2．一电子以与磁场垂直的速度v从P处沿PQ方向进入长为d、宽为h的匀强磁场区域，从N点射出，如图所示，若电子质量为m，电荷量为e，磁感应强度为B，则（）A．h=dB．电子在磁场中运动的时间为C．电子在磁场中运动的时间为D．洛伦兹力对电子不做功【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】电子垂直射入匀强磁场中做匀速圆周运动，速度大小不变，洛伦兹力不做功．时间可根据弧长与速度之比求解，不能运用运动的分解法求时间．【解答】解：A、电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，如果电子垂直与水平边射出，则电子在磁场中转过圆周，h=d，由图示可知，电子射出磁场时速度与水平边不垂直，电子转过的弧长不到圆周，h≠d，故A错误；B、用PN表示电子运动的弧长，电子垂直射入匀强磁场中，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，运动时间为 t==＞，故B错误，C正确．D、电子在匀强磁场中做匀速圆周运动．洛伦兹力提供向心力，洛伦兹力始终与速度方向垂直，洛伦兹力对电子不做功，故D正确；故选：CD．【点评】本题要知道带电粒子在磁场中作的是匀速圆周运动，应该用圆周运动的知识求时间，而不能运用运动的分解法求解时间．3．如图所示，直线A为电源的U﹣I图线，直线B为电阻R的U﹣I图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A．4W、8W B．2W、4W C．4W、6W D．2W、3W【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据图象可以得到电阻的电压和电阻的电流之间的关系，由此可以判断电源的功率和总功率的大小．【解答】解：由图可知，E=3V，U=2V，I=2A，则电源输出功率为：P=UI=2×2=4W，电源总功率是：P=EI=3×2=6W．故选：C【点评】电源输出功率和电源总功率计算的公式不同，区分开不同的公式即可求得不同的功率的大小．4．如图所示，一带电小球质量为m，用丝线悬挂于O点，并在竖直平面内摆动，最大摆角为60°，水平磁场垂直于小球摆动的平面，当小球自左方摆到最低点时，悬线上的张力恰为零，则小球自右方摆到最低点时悬线上的张力为（）A．0 B．2mg C．4mg D．6mg【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；向心力；左手定则；右手定则．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】小球摆动过程中，受到重力、线的拉力和洛伦兹力，只有重力做功，其机械能守恒，当小球自右方摆到最低点时的速率等于自左方摆到最低点时的速率，由机械能守恒定律求出小球经过最低点时的速率．根据小球自左方摆到最低点时，悬线上的张力恰为零，由重力与洛伦兹力的合力提供向心力，由牛顿第二定律列出方程．小球自右方摆到最低点时，洛伦兹力方向向下，再由牛顿第二定律求出悬线上的张力．【解答】解：设线的长度为L，小球经过最低点时速率为v．根据机械能守恒定律得：mgL（1﹣cos60°）=，得到v=当小球自左方摆到最低点时，有：qvB﹣mg=m①当小球自右方摆到最低点时，有：F﹣mg﹣qvB=m②由①+②得：F=2mg+2m=4mg．故选C【点评】本题磁场中的力学问题，考查综合应用机械能守恒定律和牛顿第二定律解题的能力，抓住洛伦兹力不做功的特点．5．倾角为θ的导电轨道间接有电源，轨道上静止放有一根金属杆ab．现垂直轨道平面向上加一匀强磁场，如图所示，磁感应强度B由零逐渐增加的过程中，ab杆受到的静摩擦力（）A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．先增大后减小 D．先减小后增大【考点】安培力．【分析】根据左手定则，判断安培力的方向；然后对杆受力分析，受重力、支持力、安培力和静摩擦力（可能有），根据共点力平衡条件列式分析．【解答】解：加上磁场之前，对杆受力分析，受重力、支持力、静摩擦力；根据平衡条件可知：mgsinθ=f；加速磁场后，根据左手定则，安培力的方向平行斜面向上，磁感应强度B逐渐增加的过程中，安培力逐渐增加；根据平衡条件，有：mgsinθ=f′+F A；由于安培力逐渐变大，故静摩擦力先减小后反向增加；故选：D．【点评】本题关键是对杆受力分析，然后根据平衡条件列式分析，不难．6．关于电磁感应，下列说法中正确的是（）A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C．穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D．通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大【考点】磁感应强度．【分析】由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与线圈的匝数成正比．【解答】解：A、穿过线圈的磁通量越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定．故A错误；B、穿过线圈的磁通量为零，可能磁通量变化率最大，则感应电动势也会最大，故B错误；C、穿过线圈的磁通量的变化越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定．故C错误；D、通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势也越大，故D正确．故选：D．【点评】感应电动势与磁通量的变化率有直接关系，而与磁通量变化及磁通量均没有直接关系．就如加速度与速度的关系一样．速度大，加速度不一定大；速度变化大，加速度也不一定大．加速度与速度的变化率有关．7．如图所示，导线框abcd与导线在同一平面内，直导线通有恒定电流I，当线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流的方向是（）A．先abcd，后dcba，再abcd B．先abcd，后dcbaC．始终dcba D．先dcba，后abcd，再dcba【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据通电导线由安培定则，来判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向．【解答】解：由安培定则得，载有恒定电流的直导线产生的磁场在导线左边的方向为垂直直面向外，右边的磁场方向垂直向里，当线圈向导线靠近时，则穿过线圈的磁通量变大，根据楞次定律，可知：感应电流方向为adcba；当线圈越过导线时到线圈中心轴与导线重合，穿过线圈的磁通量的变小，则感应电流方向为abcda；当继续向右运动时，穿过磁通量变大，由楞次定律可在，感应电流方向为：abcda；当远离导线时，由楞次定律可知，感应电流方向为：adcba；故ABC错误，D正确，故选：D【点评】通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律，注意通电导线的磁场大小与方向的分布．同时强调线圈中心轴处于导线位置时，磁通量为零．8．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R3为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器R4所在处出现火情时，分析R4的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R4所在处出现火情时，R4的阻值变小，R2、R3与R4的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即有U变小．因U变小，而电流增大，故R1分压增大；并联部分分压减小；故电流表示数减小；故选：A．【点评】本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析9．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差U CD下列说法中正确的是（）A．电势差U CD仅与材料有关B．若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差U CD＜0C．仅增大磁感应强度时，电势差U CD可能不变D．在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平【考点】霍尔效应及其应用．【分析】在霍尔元件中，移动的是自由电子，根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力方向，从而知道两侧面所带电荷的电性，即可知道C、D两侧面会形成电势差U CD的正负．CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡推导出电势差U CD与什么因素有关．【解答】解：A、由题意可知，CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有q=qvB，I=nqvS=nqvbc，则U=．故A、C错误；B、根据左手定则，电子向C侧面偏转，C表面带负电，D表面带正电，所以D表面的电势高，则U CD＜0，B正确．D、在测定地球两极上方地磁场强弱时，应将元件的工作面保持水平，让磁场垂直通过．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，以及自由电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡．10．水平桌面上放条形磁铁，磁铁正中上方吊着导线与磁铁垂直，导线中通入向纸内的电流，如图所示，产生的情况是（）A．悬线上的拉力没有变化 B．悬线上的拉力变大C．悬线上的拉力变小 D．条形磁铁对桌面压力变小【考点】电流的磁场对磁针的作用；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】应用题．【分析】首先以导线为研究对象，根据左手定则判断导线所受安培力的方向，再由牛顿第三定律分析导线对磁铁的作用力．最后判断绳子拉力及磁铁对桌面压力如何变化．【解答】解：（1）以导线为研究对象，导线所在位置的磁场方向水平向右，导线中电流方向向里，由左手定则可知，导线所受安培力的方向竖直向下，悬线拉力变大，故AC错误，B 正确；（2）由牛顿第三定律得知，导线对磁铁的磁场力方向竖直向上，则磁铁对桌面的压力变小，故D正确．故选BD．【点评】本题要灵活选择研究对象．由磁铁的磁感线的分布确定通电导线所在位置的磁场方向，然后由左手定则判断安培力的方向，最后由牛顿第三定律来确定磁铁受力方向．11．在如图所示的电路中，电源的电动势、内电阻恒定．要想使电容器所带电量增加，可以（）A．增大R1B．减小R1C．增大R2D．减小R2【考点】电容器．【专题】恒定电流专题．【分析】在恒定电流电路中，电容器相当于断路；电容器带电量与两端电压成正比．【解答】解：在恒定电流电路中，电容器相当于断路；电容器两端直接连接电压的两端，电容器带电量与两端电压成正比，故要使电容器所带电量增加，需要增加路端电压，即增加外电阻；而外电路由三个电路构成，增加其中的任意一个电阻，外电阻都增加，外电压也会增加；故AC正确，BD错误；故选AC．【点评】本题是动态分析问题，关键理清电路结构，明确电容器两端电压等于路端电压，不难．12．无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度B的大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比，即B=（式中k为常数）．如图所示，两根相距L的无限长直导线分别通有电流I和3I．在两根导线的连线上有a、b两点，a点为两根直导线连线的中点，b点距电流为I的导线的距离为L．下列说法正确的是（）A．a点和b点的磁感应强度方向相同B．a点和b点的磁感应强度方向相反C．a点和b点的磁感应强度大小比为8：1D．a点和b点的磁感应强度大小比为16：1【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】本题考查了磁场的叠加，根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据安培定则判断出两导线在M、N点形成磁场方向，磁感应强度B是矢量，根据矢量分解合成的平行四边形定则求解．【解答】解：AB、根据右手螺旋法则，导线周围的磁场的磁感线，是围绕导线形成的同心圆，3I导线与I导线在a处的磁感应强度方向都向下，则合磁感应强度方向向下的；根据B=K，3I导线在b处的磁感应强度方向向下，而I导线在b处的磁感应强度方向向上，因3I导线产生的磁场较大，则合磁感应强度方向向下，因此a点和b点的磁感应强度方向相同，故A 正确，B错误；CD、3I导线与I导线在a处的磁感应强度大小B a=K+K=K，而3I导线与I导线在b处的磁感应强度大小B b=K﹣K=K，则a点和b点的磁感应强度大小之比为16：1，故C错误，D正确．故选：AD．【点评】磁感应强度为矢量，合成时要用平行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提．二、实验题13．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图2，可知其直径为 4.699 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图1，则该电阻的阻值约为220 Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～3mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势3V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A），开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求便于调节且测得多组数据进行分析，所选电流表A2；电压表V1；滑动变阻器R1（填所选器材的符号），并在右上框中画出测量的电路图．（4）如果实验中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L、直径为d，则该材料的电阻率ρ= （用测出的物理量的符号表示）．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】（1、2）螺旋测微器读数时，也应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；欧姆表读数时注意倍率．（3）的关键是首先根据电源电动势大小选择电压表的量程，再通过求出待测电阻的最大电流来选择电流表的量程，根据实验要求多测几次数据可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；（4）的关键是根据电阻定律解出电阻率表达式，然后求解即可．【解答】解：（1、2）螺旋测微器的读数为：d=4.5mm+19.9×0.01mm=4.699mm；欧姆表的读数为：R=22×10Ω=220Ω；（3）：根据电源电动势为3V可知，电压表应选V1；根据欧姆定律可求出通过待测电阻的最大电流为I max==A≈14mA，所以电流表应选A2；根据实验要求便于调节且测得多组数据进行分析，可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1以方便调节；由于待测电阻满足R x＜，可知电流表应用外接法，电路图如图所示：（4）：根据R=，而R=，解得：ρ=；故答案为：（1）4.699；（2）220；（3）A2，V1，R1，如上图所示；（4）．【点评】应明确：①游标卡尺和螺旋测微器读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意游标卡尺的分度；②应根据电源电动势大小或待测电阻的额定电压来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；③当待测电阻满足R x＜时，电流表应用外接法；④当实验要求电流从零调或要求测得多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节．三、计算题（共36分每题必须写出必要的解题步骤）14．如图中电源的电动势E=12V，内电阻r=0.5Ω，将一盏额定电压为8V，额定功率为16W 的灯泡与一只线圈电阻为0.5Ω的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光，通电100min，问：①电源提供的能量是多少？②电流对电动机做功是多少？③电动机的线圈产生的热量是多少？④电动机的效率是多少？【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．。
2019学高二物理上学期期中考物理（文科）试题一、选择题(本题共20小题，每小题3分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
) 1．在下列情况中，人或物可以看成质点的是（）A.研究花样滑冰运动员的表演动作B.研究乒乓球比赛时球的旋转方向C.研究拳击运动员比赛时的搏击动作D.研究从福州开往上海的一列火车的运行速度2．关于惯性，下列说法正确的是（）A.歼击机战斗前丢掉副油箱是为了增大惯性B.在太空舱中处于完全失重状态的物体没有惯性C.货车载重量越大越不易停下是因为质量的惯性越大D.车辆前排的的乘客必须系好安全带是为了增大乘客的惯性3．如图所示，小球从6m高处下落后，竖直弹起2m。
在这个过程中，小球的位移大小和路程分别是（）A．2m 4m B．4m 4m C．4m 8m D．2m 6m4．如图所示为某汽车的速度计，指针所指位置的数值表示汽车（）A．已行驶了60 kmB．此时刻的瞬时速度为60 km／hC．行驶过程中的平均速度为60 km／hD．此时刻后每小时通过的路程是60 km5．如图所示，某同学用水平力F推粗糙水平面上的重物，但没有推动。
关于该重物所受的摩擦力判断正确的是（）A.不受摩擦力B.受到向左的摩擦力C.受到向右的摩擦力D.受到摩擦力大小小于水平力F的大小6．如图所示，重物静止地悬挂在细线下端，重物的重力为G，细线对重物的拉力为T，则（）A．T＜G B.T＞GC.T和G是一对平衡力D.T和G是一对作用力和反作用力7.如图所示，两人同时用大小相等的力沿不同方向拉小船，下列几种情况中，合力最大的是（）8.一辆载重汽车在丘陵地上行驶，地形如图所示，汽车以相同的速率经过图中M、N、P、Q四处时，最容易爆胎的是（）A．M处 B.N处 C.P处 D.Q处9．如图所示，起重机的钢绳上悬挂着重物。
下列说法正确的是（）A．当重物静止时，重力不做功，钢绳的拉力做正功B．当重物沿水平方向匀速移动时，重力和钢绳拉力都不做功C．当重物沿竖直方向向上移动时，重力和钢绳拉力都做正功D．当重物沿竖直方向向下移动时，重力和钢绳拉力都做负功10.如图所示，置于光滑斜面上的物块，在重力G、支持力N作用下沿斜面加速下滑过程中，下列判断正确的是（）A.G做正功，物块动能增大B.G做负功，物块动能减小C.N做正功，物块动能增大D.N做负功，物块动能减小11.下列运动过程中，机械能守恒的是（）A．跳伞运动员匀速下降B．木块沿粗糙斜面匀速下滑C．小球从高处自由下落（空气阻力不计）D．在水平路面上，汽车关闭发动机后减速向前滑行12.如图所示，在一次海上救援行动中，直升机用悬索系住伤员，直升机和伤员一起在水平方向以v1=8m/s的速度匀速运动，同时悬索将伤员在竖直方向以v2=6m/s的速度匀速上拉，则伤员实际运动速度v的大小是（）A.6m/sB.8m/sC.10m/sD.14m/s13.如图所示的电场线可形象描述等量同种电荷形成的电场，E M、E N分别表示电场中同一直线上M、N两点的电场强度大小。
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019学年高二物理上学期期中试题（含解析）一、单选题1. 有三个相同的金属小球A、B、C，其中A、B两球带电情况完全相同，C球不带电，将A、B 两球相隔很远距离固定起来，两球间的库仑力是F，若使C球先和A接触，再与B球接触，移去C，则A、B间的库仑力变为（）A. F/10B. 3F/8C. F/4D. F/2【答案】B【解析】试题分析：假设A带电量为Q，B带电量也为Q，两球之间的相互吸引力的大小是第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为Q/2，C与B接触时总电荷量再平分，则C、B分开后电量均为，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小，故选B．考点：库伦定律【名师点睛】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题。
2.如图所示，a、b和c表示电场中的三个等势面，a和c的电势分别为5V和1V，a、b的电势差等于b、c的电势差。
一带电粒子从等势面a上某处以速度v释放后，仅受电场力作用而运动，经过等势面c时的速率为2v，则它经过等势面b时的速率为（）A. B. C. D. 1.5v【答案】C【解析】由动能定理知从a到c： =1.5mv2=0.8qU，设在等势面b时的速率为v b，则：，Uab=0.4U，联立可得：，B正确．故选B.3.如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线上距A点距离也为d的一点，则下面关于三点电场强度E的大小、电势高低的比较，正确的是（）A. E B＞E A＞E C，B. E A>E C＞E B，C. E A＜E B，E A＜E C，,D. E A＞E B，E A＞E C，,【答案】A【解析】【详解】根据电场线的疏密分布知，A点的电场线比C点密，B点的电场线比A点密，则E B＞E A＞E C；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则A点的电势与C点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则A点的电势大于B点电势，所以φA=φC＞φB．故B正确，ACD错误。
【2019最新】高二物理上学期期中试卷（含解析）4一、选择题Ⅰ（共13小题，每小题3分，共39分．每小题中只有一个选项是符合题意的．）1．在国际单位制中，作为基本单位的物理量一组是（）A．加速度质量电流 B．千克米秒C．千克小时伏特 D．质量长度时间2．以下物理量中都是矢量的一组是（）A．平均速度加速度质量B．平均速度加速度路程C．加速度位移力 D．位移时间瞬时速度3．宋代诗人陈与义乘着小船出游（如图所示）时，写了一首诗，其中两句是：“卧看满天云不动，不知云与我俱东”．从描述运动的角度，“云与我俱东”所取的参考系是（）A．河岸 B．小船 C．云朵 D．作者4．某校开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两学生从图中的O点同时出发，并同时在位置A搜到“狐狸”，两学生的“搜狐”路径已在图中标出，则（）A．甲的路程等于乙的路程 B．甲的位移小于乙的位移C．甲的位移大于乙的位移 D．甲的位移等于乙的位移5．下列速度指瞬时速度的是（）①子弹出膛的速度②足球被踢出时的速度③火车通过甲、乙两地间的速度④子弹头过某点的速度．A．①②④B．①②③C．②③④D．①③④6．下列情况中的物体，可以看作质点的是（）A．研究汽车后轮上一点运动情况的车轮B．体育教练员研究百米赛跑运动员起跑动作C．研究从开往的一列火车的运行速度D．研究地球自转时的地球7．在图中所示的x﹣t和v﹣t图象中，能表示质点做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．8．汽车以20m/s的速度作匀速直线运动，刹车后的加速度大小为4m/s2，从刹车到汽车静止所需时间及通过的位移分别为（）A．5s，50m B．5s，100m C．10s，50m D．10s，100m9．关于物体的运动是否为自由落体运动，以下说法正确的是（）A．只有质量大的物体从静止开始下落的运动才可以看成自由落体运动B．只有很小的物体在空中下落才可看成自由落体运动C．在忽略空气阻力的情况下，任何物体在下落时都可以看成自由落体运动D．忽略空气阻力且物体从静止开始下落的运动可以看成自由落体运动10．下列说法正确的是（）A．任何物体的重心必定在物体本身上B．有受力物体就一定有施力物体C．合力的大小一定大于分力中最大者D．物体在自由下落时所受的重力小于物体在静止时所受到的重力11．如图所示，手沿水平方向将书压在竖直墙壁上，使其保持静止．现增大手对书的压力，则书（）A．将沿墙壁滑动 B．受到的合外力增大C．对墙壁的压力不变 D．受到的静摩擦力不变12．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上滑行，长木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与长木板间动摩擦因数为μ2，若长木板仍处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小一定为（）A．μ2mg B．μ1（m1+m2）g C．μ1mg D．μ2mg+μ1mg13．如图是“探究求合力的方法”实验示意图．图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条．下列说法正确的是（）A．甲实验时，两个拉力的大小应相等B．甲实验时，两个拉力的方向应互相垂直C．乙实验时，只须使橡皮条的伸长量与甲实验相等D．乙实验时，仍须将橡皮条的结点拉到O点二．非选择题（共四大题，共31分）14．实验题（1）关于电磁打点计时器和电火花计时器，下列说法正确的是A．电磁打点计时器用的是直流电源，而电火花计时器用的是交流电源B．它们每隔0.02s打一个点C．它们的工作电压均为220V的交流电源D．使用它们计时时，必须先拉动纸带，再立即接通电源．（2）如图1所示是电火花计时器的示意图，其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器B．接通开关，听到放电声，拖动纸带运动C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器D．将电火花计时器插头插入相应的电源插座上述步骤正确的顺序是．（按顺序填写步骤编号）（3）打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下如图甲所示．若工作电源的频率为50赫兹，纸带上打点如图，则打点计时器打A点时小车的速度v A= m/s，若小车做匀变速直线运动，该运动过程的加速度a=m/s2（4）在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度，为了计算加速度，最合理的方法是A．根据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度B．根据实验数据画出v﹣t图象，量取其倾角θ，由公式a=tanθ求出加速度C．根据实验数据画出v﹣t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=算出加速度D．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度．15．某物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t 图象如图所示，求：（1）0～6s内物体运动的平均速度大小；（2）撤去F后，物体做匀减速直线运动的加速度大小；（3）0～10s内物体运动的位移大小．16．某教练员选拔短跑运动员，要对运动员进行测试．对某运动员测试，在启跑后2s内通过的距离为10m（视为匀加速度过程）．该运动员的最大速度为10m/s，持续时间不超过10s．之后，减速运动，加速度大小为1m/s2．若把短跑运动员完成比赛跑的过程简化为匀加速直线运动、匀速直线运动及减速阶段．（1）求该运动员启动阶段的加速度大小．（2）求该运动员100m赛的最好成绩．17．在某市内的街道上，规定车辆行驶速度不得超过60km/h．在一次交通事故中，肇事车是辆轿车，量得这辆轿车紧急刹车（车轮被抱死）时留下的刹车痕迹长为14m，已知该轿车轮胎与路面的动摩擦因数为0.7，通过计算判断该轿车是否超速．（g取l0m/s2）2015-2016学年杜桥中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题Ⅰ（共13小题，每小题3分，共39分．每小题中只有一个选项是符合题意的．）1．在国际单位制中，作为基本单位的物理量一组是（）A．加速度质量电流 B．千克米秒C．千克小时伏特 D．质量长度时间【考点】力学单位制．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量，加速度不是国际单位制中基本单位的物理量，故ABC错误，D 正确故选：D【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．2．以下物理量中都是矢量的一组是（）A．平均速度加速度质量B．平均速度加速度路程C．加速度位移力 D．位移时间瞬时速度【考点】矢量和标量．【专题】常规题型．【分析】矢量有大小有方向，合成分解遵循平行四边形定则，标量只有大小，没有方向．【解答】解：A、平均速度，加速度都有大小和方向，是矢量．质量是只有大小，没有方向的标量，故A错误；B、平均速度，加速度都有大小和方向，是矢量．路程是只有大小，没有方向的标量，故B 错误；C、加速度，位移，力都有大小和方向，是矢量．故C正确；D、位移，瞬时速度都有大小和方向，是矢量．时间是只有大小，没有方向的标量，故D错误；故选：C．【点评】对于物理量的矢标性也是学习物理量必须掌握的内容，可结合矢量方向特点进行理解记忆．3．宋代诗人陈与义乘着小船出游（如图所示）时，写了一首诗，其中两句是：“卧看满天云不动，不知云与我俱东”．从描述运动的角度，“云与我俱东”所取的参考系是（）A．河岸 B．小船 C．云朵 D．作者【考点】参考系和坐标系．【分析】考系是为了研究问题方便而假定静止不动的物体．故只要研究对象与参考系的相对位置不发生变化，则观察到的结果是物体静止不动．【解答】解：在本题中船是向东高速行驶，而“卧看满天云不动”是指“云与我”保持相对静止，即“云与我”以相同的速度相对于地球向东运动．所以“云与我俱东”所选择的参考系是地球和地球上相对于地球保持静止不动的物体，故A正确．故选A．【点评】参考系的选择是任意的，对于同一个物体的运动，选取不同的参考系得到的结果是不同的．4．某校开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两学生从图中的O点同时出发，并同时在位置A搜到“狐狸”，两学生的“搜狐”路径已在图中标出，则（）A．甲的路程等于乙的路程 B．甲的位移小于乙的位移C．甲的位移大于乙的位移 D．甲的位移等于乙的位移【考点】位移与路程．【分析】位移是从起点到终点的有向线段，从图上找出起点和终点，可以确定位移关系．路程是物体运动路线的长度．【解答】解：A、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程．故A错误．BCD、由图看出，甲乙两人起点都在O点，终点都在A点，位移相同．故BC错误、D正确．故选：D．【点评】本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，也可以判断二者的平均速度相等．5．下列速度指瞬时速度的是（）①子弹出膛的速度②足球被踢出时的速度③火车通过甲、乙两地间的速度④子弹头过某点的速度．A．①②④B．①②③C．②③④D．①③④【考点】瞬时速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】瞬时速度是指物体在某一个位置或某一个时刻的速度，与时间点或某一个位置相对应．【解答】解：①子弹出膛的速度，是某个位置的速度，是指瞬时速度，②足球被踢出时的速度，是某个位置的速度，是指瞬时速度，③火车通过甲、乙两地间的速度，是指一段距离的速度，是指平均速度，④子弹头过某点的速度，是某个位置的速度，是指瞬时速度，所以指瞬时速度的是①②④，故选A．【点评】本题就是考查学生对平均速度和瞬时速度的区别，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单．6．下列情况中的物体，可以看作质点的是（）A．研究汽车后轮上一点运动情况的车轮B．体育教练员研究百米赛跑运动员起跑动作C．研究从开往的一列火车的运行速度D．研究地球自转时的地球【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解；A、研究汽车车轮上某点运动情况时的车轮，不能看成是质点，否则就没有内部结构了，故A错误B、体育教练员研究百米赛跑运动员的起跑动作，运动员的姿态、动作时不能将其看作质点，故B错误C、研究从开往的一列火车的运行速度，此时火车的长度可以忽略，能看成质点，故C正确D、研究自转的地球，不能将其看作质点，故D错误故选C．【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．7．在图中所示的x﹣t和v﹣t图象中，能表示质点做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】匀变速直线运动的位移时间图线是曲线，匀变速直线运动的速度时间图线是倾斜的直线．【解答】解：A、位移随时间不变，表示物体静止．故A错误．B、位移随时间均匀增大，表示物体做匀速直线运动．故B错误．C、速度随时时间均匀减小，表示物体做匀减速直线运动．故C正确．D、速度随时间不是均匀变化，做变加速直线运动．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道位移时间图线和速度时间图线的物理意义，知道物体做匀速直线运动，匀变速直线运动图线的形状．8．汽车以20m/s的速度作匀速直线运动，刹车后的加速度大小为4m/s2，从刹车到汽车静止所需时间及通过的位移分别为（）A．5s，50m B．5s，100m C．10s，50m D．10s，100m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动速度时间公式求出刹车时间，根据位移速度公式求解刹车位移．【解答】解：根据匀变速直线运动速度时间公式得：v=v0+at，解得：t=根据位移速度公式得：x=故选：A【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at和位移速度公式，注意汽车刹车速度减小为零不再运动．9．关于物体的运动是否为自由落体运动，以下说法正确的是（）A．只有质量大的物体从静止开始下落的运动才可以看成自由落体运动B．只有很小的物体在空中下落才可看成自由落体运动C．在忽略空气阻力的情况下，任何物体在下落时都可以看成自由落体运动D．忽略空气阻力且物体从静止开始下落的运动可以看成自由落体运动【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始．只在重力作用下保证了物体的加速度为g；从静止开始保证了物体初速度等于零．【解答】解：物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始，不管质量大小，要只受重力就要忽略空气阻力作用，还要从静止开始下落，故D正确，ABC错误．故选：D【点评】自由落体运动的条件是这类概念选择题判断的主要依据，所以不但要记准概念，还要充分理解．10．下列说法正确的是（）A．任何物体的重心必定在物体本身上B．有受力物体就一定有施力物体C．合力的大小一定大于分力中最大者D．物体在自由下落时所受的重力小于物体在静止时所受到的重力【考点】重心；合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】物体的重心有的在物体上，有的在物体之外；一个力是要有相互作用的两个物体；合力的大小会大于小于或等于某一分力，物体的重力与物体的质量和当地的重力加速度有关；由此可以判断各选项的正误．【解答】解：A、质量分布均匀的有规则的几何外形的物体的重心在其几何中心上，但是并不一定在物体上，例如质量分布均匀的被拉开的弓．选项A错误；B、力是物体对物体的作用，一个力既有施力物体，也有受力物体，选项B正确；C、当两分力的方向相反时，合力的大小就小于较大的那个分力．选项C错误；D、物体的重力与物体的质量和当地的重力加速度有关，与其运动状态无关，选项D错误．故选：B【点评】该题考查知识点较多，学习中要注意加强记忆，重心的位置取决于物体的几何形状和质量的分布情况；一定要注意力是成对出现的，一个力一定与两个物体相关联，即一个是施力物体，一个是受力物体；合力与分力遵循矢量的合成法则，大小关系要结合分力的夹角来分析解答；物体所受的重力与运动状态无关，只与物体的质量和当地的重力加速度有关．11．如图所示，手沿水平方向将书压在竖直墙壁上，使其保持静止．现增大手对书的压力，则书（）A．将沿墙壁滑动 B．受到的合外力增大C．对墙壁的压力不变 D．受到的静摩擦力不变【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】摩擦力专题．【分析】当重力小于最大静摩擦力时，物体处于静止，摩擦力大小等于外力大小；当重力大于最大静摩擦力时，物体处于滑动，则摩擦力等于动摩擦力因数与正压力的乘积．【解答】解：书保持静止，受合力为零，竖直方向受重力和静摩擦力平衡，水平方向受手的压力和墙壁的弹力平衡，当压力增大时，竖直方向受力不变，受到的静摩擦力不变等于重力；压力增大，对墙壁的压力增大，由于静止，合力仍然为零．故选：D．【点评】学会区别静摩擦力与滑动摩擦力，且大小的计算．静摩擦力的大小等于引起它有运动趋势的外力，而滑动摩擦力等于μF N．同时知道作用力与反作用力跟平衡力的关系．12．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上滑行，长木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与长木板间动摩擦因数为μ2，若长木板仍处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小一定为（）A．μ2mg B．μ1（m1+m2）g C．μ1mg D．μ2mg+μ1mg【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故P对长木板ab有向右的滑动摩擦力，故长木板ab有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有f2=f1，因而f2=μ2mg．本题中ab受地面的静摩擦力；故不能用f=μ1（m+M）g求摩擦力；故B错误；故只有A正确故选：A【点评】本题关键要分清楚静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力随外力的变化而变化，滑动摩擦力与正压力成正比．13．如图是“探究求合力的方法”实验示意图．图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条．下列说法正确的是（）A．甲实验时，两个拉力的大小应相等B．甲实验时，两个拉力的方向应互相垂直C．乙实验时，只须使橡皮条的伸长量与甲实验相等D．乙实验时，仍须将橡皮条的结点拉到O点【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】在实验过程中，需要根据力的大小和方向做平行四边形，由此可知需要记录力的大小和方向，同时该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同．【解答】解：A、图甲实验时，两个拉力的大小适当，将橡皮筋拉倒O点，并非要求它们的大小一定相等，故A错误；B、实验时两个分力的夹角大小适当即可，并非要求一定垂直，故B错误；C、图乙实验时，要求橡皮条的伸长量和形变方向与甲实验相等，即将橡皮筋拉到同一点，故C错误；D、为了保证两次拉橡皮筋效果相同，图2实验时，仍须将橡皮条的结点拉到O点，故D正确．故选：D．【点评】要解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，尤其是理解“等效”含义，“等效”指橡皮筋的形变量和方向均相同．二．非选择题（共四大题，共31分）14．实验题（1）关于电磁打点计时器和电火花计时器，下列说法正确的是 BA．电磁打点计时器用的是直流电源，而电火花计时器用的是交流电源B．它们每隔0.02s打一个点C．它们的工作电压均为220V的交流电源D．使用它们计时时，必须先拉动纸带，再立即接通电源．（2）如图1所示是电火花计时器的示意图，其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器B．接通开关，听到放电声，拖动纸带运动C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器D．将电火花计时器插头插入相应的电源插座上述步骤正确的顺序是DCBA ．（按顺序填写步骤编号）（3）打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下如图甲所示．若工作电源的频率为50赫兹，纸带上打点如图，则打点计时器打A点时小车的速度v A= 0.55 m/s，若小车做匀变速直线运动，该运动过程的加速度a= 5 m/s2（4）在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度，为了计算加速度，最合理的方法是 CA．根据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度B．根据实验数据画出v﹣t图象，量取其倾角θ，由公式a=tanθ求出加速度C．根据实验数据画出v﹣t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=算出加速度D．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度．【考点】测定匀变速直线运动的加速度；探究小车速度随时间变化的规律．【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项；根据匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解A、B两点的速度；根据推论公式△x=aT2求解加速度；通过题目给出的数据作出速度﹣时间图象，解出其斜率即是小车的加速度．利用图象法可以充分利用数据，从而可以减小误差．【解答】解：（1）ABC、电火花计时器是使用交流电源的计时仪器，电磁打点计时器的工作电压交流6V以下，当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点，故AC错误，B正确；D、使用它们计时时，必须先接通电源，再拉动纸带，故D错误；（2）实验步骤要遵循先安装器材后进行实验的原则进行：先将电火花计时器插头插入相应的电源插座，再将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器，然后接通开关，听到放电声，拖动纸带运动，最后当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时，上述步骤正确的顺序是DCBA．（3）小车做匀加速直线运动，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故v A==55cm/s=0.55m/s；根据推论公式△x=aT2，有a==m/s2=5m/s2；（4）AC、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v﹣t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式a=算出加速度，所以误差小；故A错误，C正确．B、若用一组数据则无法求得加速度a；故B错误；D、若依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度，则实际应用的只是第一组和最后一组数据，同样存在较大的误差；故D错误；故答案为：（1）B；（2）DCBA；（3）0.55，5；（4）C．【点评】对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用；明确纸带处理中瞬时速度和加速度的求解方法，掌握电火花打点计时器与电磁打点计时器的区别与联系；还考查实验数据处理的方法，在实验中处理数据的方法较多，而图象法往往是一种比较准确的解题方法．15．某物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t 图象如图所示，求：（1）0～6s内物体运动的平均速度大小；（2）撤去F后，物体做匀减速直线运动的加速度大小；（3）0～10s内物体运动的位移大小．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动的平均速度推论，结合初末速度求出平均速度的大小．（2）根据图线的斜率求出匀减速直线运动的加速度大小．（3）根据图象面积求出位移．【解答】解：（1）0﹣6s内物体运动的平均速度为： ===5m/s，（2））撤去F后，物块做匀减速运动，则加速度大小为：a2===﹣2m/s2，故加速度大小为2m/s2．（3）根据v﹣t图象面积表示位移x==46m答：（1）0～6s内物体运动的平均速度大小为5m/s；（2）撤去F后，物体做匀减速直线运动的加速度大小为2m/s2；（3）0～10s内物体运动的位移大小为46m。
2019—2019高二年级上册物理期中测试试题物理在经典时代是由与它极相像的自然哲学的研究所组成的，直到十九世纪物理才从哲学中分离出来成为一门实证科学。
小编准备了高二年级上册物理期中测试试题，具体请看以下内容。
第Ⅰ卷(选择题共50分)一：单选题 (本题共10个小题，每小题3分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
)1.下列说法中，正确的是 ( )A.由公式可知，在离点电荷非常近的地方(r0)，电场强度E 可达无穷大B.由可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大C.由公式可知负电荷在电势低的地方具有的电势能大D.公式，电容器所带电量Q越大，电压U越小，电容器的电容C越大2.如图所示，两块大小、形状完全相同的金属板正对着水平放置，构成一个平行板电容器.将两金属板分别与电源两极相连，闭合开关S达到稳定后，在两板间有一带电液滴P恰好处于静止状态，下列判断正确的是( )A.保持开关S闭合，增大两极间的距离，液滴向上运动B.保持开关S闭合，增大两板间的距离，液滴向下运动C.断开开关S，减小两板间的距离，液滴向上运动D.断开开关S，减小两板间的距离，液滴向下运动3.在图中，甲、乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下列说法不正确的是( )A.甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表内接法B.甲中误差由电压表分流引起，为了减小误差，应使RRV，故此法测较小电阻好C.乙中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使RRA，故此法测较大电阻好D.甲中R测R真，乙中R测4.如图所示，接地的空心金属球壳B右侧有一原来不带电的枕形导体C，现将带负电的小球A，置于空心金属球壳B的内部，则下列说法中正确的是( )A.球壳B带正电，枕形导体C的左端带负电B.球壳B带正电，枕形导体C的左端带正电C.球壳B带负电，枕形导体C的左端不带电D.球壳B带正电，枕形导体C的左端不带电5.图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0。
高二物理第一学期期中考试试卷（考试时间：90分钟 满分100分）（g 取10m/s 2）一、选择题（本题共10个小题．每题3分，共30分．每小题给出四个选项．有的小题只有一个选项正确，有的小题多个选项正确．全部选对得3分，选对但不全得部分分，错选或不答得0分）1．点电荷是静电学中的一个理想模型，它是指（ ）A 、体积很小的带电体B 、球形带电体C 、带电少的带电体D 、大小和形状对作用力影响可忽略的带电体2．如图1，APB 曲线是电场中的一条电场线，ab 与曲线相切于P ，cd 与ab 正交于P ，一个电子通过P 点时其速度与Pc 同向，则其加速度（ ) A 、与Pa 同向 B 、与Pb 同向C 、与Pc 同向D 、与Pd 同向 3．如图2所示，活塞的质量为m ，缸套的质量为M ，通过弹簧吊在天花板上，气缸内封有一定质量的气体，缸套和活塞间无摩擦，活塞面积为S ，缸套壁厚度不计，大气压强为p 0，则封闭气体的压强为（ ） A 、p = p 0 + mg/SB 、p = p 0 + （M+m ）g/SC 、p = p 0 - Mg/SD 、p = mg/S4．关于电场线、电势、电势能，下列说法中正确的是: ( ) A 、电场线是正电荷在电场中的运动轨迹 B 、电势降低的方向就是电场线方向C 、初速为零，只受电场力作用的负电荷一定从低电势运动到高电势D 、电场线是人们为了形象地描述电场而引入的曲线，电场中其实并不存在这样的曲线5．有一个医用氧气瓶，测得瓶内氧气状态经历了A →B →C 变化过程的P −T 图象如图3：由图线可以判断瓶内氧气 （ ） A 、在A →B 过程中，质量不变 B 、在A →B 过程中，质量减小 C 、在B →C 过程中，质量不变 D 、在B →C 过程中，质量减小6．如图4所示，两个带电地小球AB 的质量分别为m1、m2，带电量分别为q1、q2。
静止时两悬线与竖直方向夹角分别为θ1、θ2，且AB 恰好处于同一水平面上，则（ ）A 、若q1=q2，则θ1＝θ2B 、若q1<q2，则θ1>θ2C 、若m1＝m2，则θ1＝θ2D 、若m1<m2，则θ1>θ2图1 图2图3 图47．如图5所示，中子内有一个电荷量为 + 23e 的上夸克和两个电荷量为 -13e 的下夸克，3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为( ) A .ke r 2 B .ke 3r 2 C .ke 9r 2 D .2ke 3r 2 8．如图6所示，长度为1m 、内径均匀的细直玻璃管，一端封闭，开口向上竖直放置，管内用25cm 长的汞柱封闭44cm 长的空气柱，外界大气压为1.0×105Pa ，若将玻璃管在竖直平面内缓慢转180°，使管开口向下，此过程（ ） A ． 汞全部流出管外B ． 汞不会流出，封闭气柱长75cmC ． 汞部分流出，封闭气柱长88cmD ． 汞部分流出，封闭气柱长80cm9．一带电粒子沿着图中曲线ＪＫ穿过一匀强电场，ａ、ｂ、ｄ、ｄ为该电场的等势面，其中Ｕａ＜Ｕｂ＜Ｕｃ＜Ｕｄ，若不计粒子受的重力，可以确定（ ）Ａ．该粒子带正电 Ｂ．该粒子带负电Ｃ．从Ｊ到Ｋ粒子的电势能增加Ｄ．粒子从Ｊ到Ｋ运动过程中的动能与电势能之和不变10．有一个装有水的容器内，水中有一小试管开口向下竖直浮于水面上，试管露出水面的高度为h ，管内外水面的高度差为H ，当将大容器封闭后向外抽气试管又处于平衡时： （ ）A. h 不变，H 增大 B. h 和H 都增大 C. h 增大，H 不变 D. h 增大，H 减小 。
【最新】2019年联考高二物理上学期期中试卷（含解析）一、单项选择题（共12题，每题4分，共48分．）1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确2．下列说法中正确的是（）A．由公式E=可知，电场中某点的场强与放在该点的检验电荷所受的电场力的大小成正比，与检验电荷的电量成反比B．由公式UAB=可知，电场中A、B两点间电势差UAB与在这两点之间移动电荷时电场力所做的功WAB成正比，与电荷的电量q成反比C．在库仑定律的表达式F=k中，k=是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小D．公式E=中的d为匀强电场中电势差为U3．一个不带电的金属导体在电场中处于静电平衡状态．下列说法正确的是（）A．导体内部场强可以不为0B．导体上各点的电势相等C．导体外表面的电荷一定均匀分布D．在导体外表面，越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越少4．一正点电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）A．B．C．D5．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图得出的结论正确的是（）A．带电粒子带负电B．带电粒子在a点的受力方向沿电场线指向左下方C．带电粒子在b点的速度大D．带电粒子在a点的电势能大。
．．）间接一理想电流表，示数为间接理想电压表，示数为间接理想电流表，示数为间接理想电流表，示数为．≠15．在图所示的电路中，小量程电流表的内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω．（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是什么表？量程为多大？（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是什么表？量程为多大？16．如图所示，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率684W；S1、S2都闭合时电炉消耗功率475W（电炉电阻可看作不变）．试求：（1）电源的电动势；（2）S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小；（3）S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．17．如图所示，两带电平行板竖直放置，开始时两极板间电压为U，相距为d，两极板间形成匀强电场．有一带电粒子，质量为m（重力不计）、所带电荷量为+q，从两极板下端连线的中点P以竖直速度v0射入匀强电场中，带电粒子落在A极板的M点上．（1）若将A极板向左侧水平移动，此带电粒子仍从P点以速度v0竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，则两极板间电压应增大还是减小？电压应变为原来的几倍？（2）若将A极板向左侧水平移动并保持两极板间电压为U，此带电粒子仍从P点竖直射入匀强电场且仍落在A极板的M点上，则应以多大的速度v′射入匀强电场？．正确．正确．．）间接一理想电流表，示数为间接理想电压表，示数为间接理想电流表，示数为间接理想电流表，示数为．；；错误．点电势的变化和油滴电势能的变化．错误；来判断电势能的变化．．≠的关系，再求出．；错误．表示）．小于真实值；；．量大些，在满量程的左右偏转最好．．．；；是减小？电压应变为原来的几倍？v′射入匀强电场？关系．水平方向有：①②，由①得：可解得：。
2019学年上学期期中考试高二物理试题考试时间：90分钟分数：100分一、选择题（本题共14个小题，共46分。
其中1-10题为单项选择题，每小题3分；11-14题为多项选择题，全部选对得4分，部分选对得2分，其中有一个选项错误得0分。
）1．下列关于起电的说法错误的是（）A．静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一个部分转移到了另一个部分B．摩擦起电时，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电C．摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者使电子从一个物体转移到另一个物体上，而后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分D．一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体可能带上异种电荷2．如图1所示的三个点电荷q1、q2、q3，在一条直线上，q2和q3的距离为q1和q2距离的2倍，三个电荷都只在它们相互的静电力作用下处于平衡状态，由此可以判定，三个电荷的电荷量之比q1∶q2∶q3为( )图1A．(－9)∶4∶(－36) B．9∶4∶36 C．(－3)∶2∶(－6) D．3∶2∶6 3．如图2所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是( )图2A．甲图：离点电荷等距的a、b两点B．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点C．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点D．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点4．如图3所示，Q是带负电的点电荷，P1和P2是其电场中的两点，一个电子在P1和P2两点所受的电场力分别为F1和F2，所具有的电势能分别为E P1和E P2，则（）A． F1<F2，E P1>E P2。
B． F1<F2，E P1<E P2；C． F1>F2，E P1>E P2；D． F1>F2，E P1<E P2；图35．如图4所示，平行实线代表电场线，方向未知，带电量为1×10－2C的正电荷在电场中只受电场力作用．该电荷由A点运动到B点，动能损失了0.1J，若A点电势为10V，则下列判断正确的是（）①B点的电势为零 Bb②电场线方向向左③电荷运动的轨迹可能是图中曲线a ④电荷运动的轨迹可能是图中曲线b图4A ．①②③B ．②④C ． ①④D ． ②③6．如图5所示，一质量为m 、带电量为q 的小球用细线系住，线的一端固定在O 点. 若在空间加上匀强电场，平衡时线与竖直方向成60°角。
2019-2020年高二上学期期中试题物理含答案考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1. 本试卷分第Ⅰ卷、第Ⅱ卷和答题卡，共3页。
满分100分，考试用时80分钟。
考试结束后，请将答题卡卷交回，试题卷自己保存。
2．答题前，请您务必将自己的班级、姓名、学号、考号用0.5毫米黑色签字笔填写在答题卡上。
3．作答非选择题必须用0.5毫米的黑色签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置作答一律无效。
4．保持答题卷清洁、完整，严禁使用涂改液和修正带。
第I卷（选择题共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共计48分。
1--9题为单项选择题，只有一个答案是正确的；10-12题为多项选择题，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分.）1.下列叙述正确的是( )A.导体中电荷运动就形成电流B.电流是矢量C.导体中有电流通过时，导体内部场强不为零D.只有自由电子的定向移动才能形成电流2．关于电源的电动势，下面正确叙述的是()A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大3．有甲、乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则以下说法中正确的是()A．甲、乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲、乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍4．一台额定电压为U的电动机，它的电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则()A．电动机t秒内产生的热量是Q＝UItB．电动机t秒内产生的热量是Q＝I2RtC．电动机的功率为P＝I2RD．电动机的功率为P＝U2/R5．额定电压都是110V，额定功率P A＝100W，P B＝40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是下图中的哪一个()6.某同学做三种导电元件的导电性实验，他根据所测量的数据分别绘制了三种元件的I—U图象，如图所示，则下述判断正确的是()A．只有乙图正确B．甲、丙图的曲线肯定是偶然误差太大C．甲、丙不遵从欧姆定律，肯定不可能D．甲、乙、丙三个图象都可能正确，并不一定有较大误差7.如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是()A．路端电压变小B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变小D．电路的总电阻变大8.如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是()A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路9.如图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是() A．R增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大10．一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时()A．通过金属导线的电流为I2B．通过金属导线的电流为I 4C．自由电子定向移动的平均速率为v 2D．自由电子定向移动的平均速率为v411.如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U—I图象，则下列说法中正确的是()A．电动势E1＝E2，短路电流I1>I2B．电动势E1＝E2，内阻r1>r2C．电动势E1>E2，内阻r1<r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大12．如图所示的电路中，电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，电阻R1＝6Ω，R2＝5Ω，R3＝3Ω，电容器的电容C＝2×10－5F．若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电荷量为q.则()A．I＝0.75A B．I＝0.5AC．q＝2×10－5C D．q＝1×10－5C第Ⅱ卷（满分52分）二、实验题（每空2分，共计20分。
