2020年湖南省湘西州中考数学试卷

2020年湖南省湘西州中考数学试卷一、选择题（本大题共10小题，共40.0分）1.下列各数中，比−2小的数是()A. 0B. −1C. −3D. 32.2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是()A. 0.927×105B. 9.27×104C. 92.7×103D. 927×1023.下列运算正确的是()A. √(−2)2=−2B. (x−y)2=x2−y2C. √2+√3=√5D. (−3a)2=9a24.如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是()A. B. C.D.5.从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为()A. 14B. 13C. 12D. 346.已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于12OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F.画直线EF，分别交OA于D，交OB于G.那么△ODG一定是()A. 锐角三角形B. 钝角三角形C. 等腰三角形D. 直角三角形7.已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A(−2,4)，下列说法正确的是()A. 正比例函数y1的解析式是y1=2xB. 两个函数图象的另一交点坐标为(4,−2)C. 正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D. 当x<−2或0<x<2时，y2<y18.如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D.下列结论不一定成立的是()A. △BPA为等腰三角形B. AB与PD相互垂直平分C. 点A、B都在以PO为直径的圆上D. PC为△BPA的边AB上的中线9. 如图，在平面直角坐标系xOy 中，矩形ABCD 的顶点A 在x 轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D 在y 轴的正半轴上，矩形的边AB =a ，BC =b ，∠DAO =x ，则点C 到x 轴的距离等于( )A. acosx +bsinxB. acosx +bcosxC. asinx +bcosxD. asinx +bsinx10. 已知二次函数y =ax 2+bx +c 图象的对称轴为x =1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc >0，②b −2a <0，③a −b +c >0，④a +b >n(an +b)，(n ≠1)，⑤2c <3b ．正确的是( )A. ①③B. ②⑤C. ③④D. ④⑤二、填空题（本大题共8小题，共32.0分）11. −13的绝对值是______．12. 分解因式：2x 2−2=______．13. 若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是______．14. 不等式组{x 3≥−11+2x ≥−1的解集为______． 15. 如图，直线AE//BC ，BA ⊥AC ，若∠ABC =54°，则∠EAC =______度．16. 从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量(单位：t)的数据，这两组数据的平均数分别是x −甲≈7.5，x −乙≈7.5，方差分别是S 甲2=0.010，S 乙2=0.002，你认为应该选择的玉米种子是______．17. 在平面直角坐标系中，O 为原点，点A(6,0)，点B 在y 轴的正半轴上，∠ABO =30°，矩形CODE 的顶点D ，E ，C 分别在OA ，AB ，OB 上，OD =2.将矩形CODE 沿x 轴向右平移，当矩形CODE 与△ABO 重叠部分的面积为6√3时，则矩形CODE向右平移的距离为______．18.观察下列结论：(1)如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，则AN=CM，∠NOC=60°；(2)如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，则AN=DM，∠NOD=90°；(3)如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，则AN=EM，∠NOE=108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M=A2N，A1N与A n M相交于O.也会有类似的结论，你的结论是______．三、计算题（本大题共1小题，共10.0分）19.某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求．工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．(1)求口罩日产量的月平均增长率；(2)按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？四、解答题（本大题共7小题，共68.0分）20.计算：2cos45°+(π−2020)0+|2−√2|.21.化简：(a2a−1−a−1)÷2aa2−1．22.如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．(1)求证：△BAE≌△CDE；(2)求∠AEB的度数．23.为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩(百分制)进行整理、描述和分析．部分信息如下：a.七年级参赛学生成绩频数分布直方图(数据分成五组：50≤x<60，60≤x<70，70≤x<80，80≤x<90，90≤x≤100)如图所示b.七年级参赛学生成绩在70≤x<80这一组的具体得分是：7071737576767677777879年级平均数中位数众数七76.9m80根据以上信息，回答下列问题：(1)在这次测试中，七年级在75分以上(含75分)的有______人；(2)表中m的值为______；(3)在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第______名；(4)该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．24.如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．(1)若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；(2)若CA=6，CE=3.6，求⊙O的半径OA的长．25.问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD=90°，∠BCD=90°，BA=BC，∠ABC=120°，∠MBN=60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F.探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是______；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD=90°，∠BCD=90°，BA=BC，∠ABC=2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论(直接写出“成立”或者“不成立”)，不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA=BC，∠BAD+∠BCD=180°，∠ABC= 2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F.上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心(O处)北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°.试求此时两舰艇之间的距离．26. 已知直线y =kx −2与抛物线y =x 2−bx +c(b,c 为常数，b >0)的一个交点为A(−1,0)，点M(m,0)是x 轴正半轴上的动点．(1)当直线y =kx −2与抛物线y =x 2−bx +c(b,c 为常数，b >0)的另一个交点为该抛物线的顶点E 时，求k ，b ，c 的值及抛物线顶点E 的坐标；(2)在(1)的条件下，设该抛物线与y 轴的交点为C ，若点Q 在抛物线上，且点Q 的横坐标为b ，当S △EQM =12S △ACE 时，求m 的值；(3)点D 在抛物线上，且点D 的横坐标为b +12，当√2AM +2DM 的最小值为27√24时，求b 的值．答案和解析1.【答案】C【解析】解：将这些数在数轴上表示出来：∴−3<−2<−1<0<3，∴比−2小的数是−3，故选：C．利用数轴表示这些数，从而比较大小．本题考查数轴表示数，比较有理数的大小，在数轴表示的数右边总比左边的大．2.【答案】B【解析】解：92700=9.27×104．故选：B．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．此题考查科学记数法表示较大的数的方法，把一个大于10的数记成a×10n的形式，其中a是整数数位只有一位的数，n是正整数，这种记数法叫做科学记数法．3.【答案】D【解析】解：A．√(−2)2=2，所以A选项错误；B.(x−y)2=x2−2xy+y2，所以B选项错误；C.√2+√3≠√5，所以C选项错误；D.(−3a)2=9a2.所以D选项正确．故选：D．根据二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，进行计算即可判断．本题考查了二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，解决本题的关键是综合运用以上知识．4.【答案】C【解析】解：从上边看有两层，底层右边是一个小正方形，上层是两个小正方形，故选：C．根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．本题考查了简单组合体的三视图，从上边看得到的图形是俯视图．5.【答案】A【解析】解：从长度为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，共有以下4种结果(不分先后)：1cm3cm5cm，1cm3cm6cm，3cm5cm6cm，1cm5cm6cm，其中，能构成三角形的只有1种，∴P(构成三角形)=14．故选：A．列举出所有可能出现的结果情况，进而求出能构成三角形的概率．本题考查随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果情况，是正确解答的关键．6.【答案】C【解析】解：如图所示，∵OM平分∠AOB，∴∠AOC=∠BOC，由题可得，DG垂直平分OC，∴∠OED=∠OEG=90°，∴∠ODE=∠OGE，∴OD=OG，∴△ODG是等腰三角形，故选：C．依据已知条件即可得到∠ODE=∠OGE，即可得到OD=OG，进而得出△ODG是等腰三角形．本题主要考查了基本作图以及等腰三角形的判定，如果一个三角形有两个角相等，那么这两个角所对的边也相等．7.【答案】D【解析】解：∵正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A(2,−4)，∴正比例函数y1=−2x，反比例函数y2=−8，x∴两个函数图象的另一个交点为(−2,4)，∴A，B选项说法错误；∵正比例函数y1=−2x中，y随x的增大而减小，反比例函数y2=−8中，在每个象限内xy随x的增大而增大，∴C选项说法错误；∵当x<−2或0<x<2时，y2<y1，∴选项D说法正确．故选：D．由题意可求正比例函数解析式和反比例函数解析式，根据正比例函数和反比例函数的性质可判断求解．本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，熟练运用反比例函数与一次函数的性质解决问题是本题的关键．8.【答案】B【解析】解：(A)∵PA、PB为圆O的切线，∴PA=PB，∴△BPA是等腰三角形，故A正确．(B)由圆的对称性可知：AB⊥PD，但不一定平分，故B不一定正确．(C)连接OB、OA，∵PA、PB为圆O的切线，∴∠OBP=∠OAP=90°，∴点A、B、P在以OP为直径的圆上，故C正确．(D)∵△BPA是等腰三角形，PD⊥AB，∴PC为△BPA的边AB上的中线，故D正确．故选：B．根据切线的性质即可求出答案．本题考查切线的性质，解题的关键是熟练运用切线的性质，本题属于中等题型．9.【答案】A【解析】解：作CE⊥y轴于E，如图：∵四边形ABCD是矩形，∴CD=AB=a，AD=BC=b，∠ADC=90°，∴∠CDE+∠ADO=90°，∵∠AOD=90°，∴∠DAO+∠ADO=90°，∴∠CDE=∠DAO=x，∵sin∠DAO=ODAD ，cos∠CDE=DECD，∴OD=AD×sin∠DAO=bsinx，DE=D×cos∠CDE=acosx，∴OE=DE+OD=acosx+bsinx，∴点C到x轴的距离等于acosx+bsinx；故选：A．作CE⊥y轴于E，由矩形的性质得出CD=AB=a，AD=BC=b，∠ADC=90°，证出∠CDE=∠DAO=x，由三角函数定义得出OD=bsinx，DE=acosx，进而得出答案．本题考查了矩形的性质、坐标与图形性质、三角函数定义等知识；熟练掌握矩形的性质和三角函数定义是解题的关键．10.【答案】D【解析】解：①由图象可知：a<0，b>0，c>0，abc<0，故此选项错误；②由于a<0，所以−2a>0．又b>0，所以b−2a>0，故此选项错误；③当x=−1时，y=a−b+c<0，故此选项错误；④当x=1时，y的值最大．此时，y=a+b+c，而当x=n时，y=an2+bn+c，所以a+b+c>an2+bn+c，故a+b>an2+bn，即a+b>n(an+b)，故此选项正确；⑤当x=3时函数值小于0，y=9a+3b+c<0，且该抛物线对称轴是直线x=−b2a=1，即a=−b2，代入得9(−b2)+3b+c<0，得2c<3b，故此选项正确；故④⑤正确．故选：D．由抛物线的开口方向判断a的符号，由抛物线与y轴的交点判断c的符号，然后根据对称轴及抛物线与x轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．本题主要考查了图象与二次函数系数之间的关系，二次函数y=ax2+bx+c系数符号由抛物线开口方向、对称轴和抛物线与y轴的交点、抛物线与x轴交点的个数确定．11.【答案】13【解析】解：根据负数的绝对值等于它的相反数可得，|−13|=13，故答案为：13．根据绝对值的意义，求出结果即可．本题考查绝对值的意义，理解负数的绝对值等于它的相反数．12.【答案】2(x+1)(x−1)【解析】解：2x2−2=2(x2−1)=2(x+1)(x−1)．故答案为：2(x+1)(x−1)．先提取公因式2，再根据平方差公式进行二次分解即可求得答案．本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用平方差公式进行二次分解，注意分解要彻底．13.【答案】6【解析】解：设该多边形的边数为n，根据题意，得，(n−2)⋅180°=720°，解得：n=6．故这个多边形的边数为6．故答案为：6任何多边形的外角和是360°，内角和等于外角和的2倍则内角和是720°.n边形的内角和是(n−2)⋅180°，如果已知多边形的内角和，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．本题主要考查了多边形的内角和以及外角和，已知多边形的内角和求边数，可以转化为方程的问题来解决，难度适中．14.【答案】x≥−1【解析】解：{x3≥−1 ①1+2x≥−1 ②，∵解不等式①得：x≥−3，解不等式②得：x≥−1，∴不等式组的解集为x≥−1，故答案为：x≥−1．求出每个不等式的解集，最后求出不等式组的解集即可．本题考查了解一元一次不等式组，能根据不等式的解集找出不等式组的解集是解此题的关键．15.【答案】36【解析】解：∵BA⊥AC，∴∠BAC=90°，∵∠ABC=54°，∴∠C=90°−54°=36°，∵AE//BC，∴∠EAC=∠C=36°，故答案为：36．根据垂直的定义得到∠BAC=90°，根据三角形的内角和定理得到∠C=90°−54°=36°，根据平行线的性质即可得到结论．本题考查了平行线的性质，三角形的内角和定理，熟练掌握平行线的性质是解题的关键． 16.【答案】乙【解析】解：∵x −甲=x −乙≈7.5，S 甲2=0.010，S 乙2=0.002，∴S 甲2>S 乙2， ∴乙玉米种子的产量比较稳定，∴应该选择的玉米种子是乙，故答案为：乙．在平均数基本相等的前提下，方差越小产量越稳定，据此求解可得．本题主要考查方差，解题的关键是掌握方差的意义：方差是反映一组数据的波动大小的一个量．方差越大，则平均值的离散程度越大，稳定性也越小；反之，则它与其平均值的离散程度越小，稳定性越好．17.【答案】2【解析】解：∵点A(6,0)，∴OA =6，∵OD =2，∴AD =OA −OD =6−2=4，∵四边形CODE 是矩形，∴DE//OC ，∴∠AED =∠ABO =30°， 在Rt △AED 中，AE =2AD =8，ED =√AE 2−AD 2=√82−42=4√3，∵OD =2，∴点E 的坐标为(2,4√3)；∴矩形CODE 的面积为4√3×2=8√3，∵将矩形CODE 沿x 轴向右平移，矩形CODE 与△ABO 重叠部分的面积为6√3∴矩形CODE 与△ABO 不重叠部分的面积为2√3，如图，设ME′=x ，则FE′=√3x ，依题意有x ×√3x ÷2=2√3，解得x =±2(负值舍去)．故矩形CODE 向右平移的距离为2．故答案为：2．由已知得出AD =OA −OD =4，由矩形的性质得出∠AED =∠ABO =30°，在Rt △AED 中，AE =2AD =8，由勾股定理得出ED =4√3，作出图形，根据三角形面积公式列出方程即可得出答案．考查了矩形的性质、坐标与图形性质、勾股定理、平移的性质、直角三角形的性质等知识；本题综合性强，有一定难度，熟练掌握含30°角的直角三角形的性质时是解题的关键．18.【答案】A 1N =A n M ，∠NOA n =(n−2)×180°n【解析】解：∵(1)如图①，在正三角形ABC 中，点M ，N 是AB ，BC 上的点，且AM =BN ，则AN =CM ，∠NOC =(3−2)×180°3=60°；(2)如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，则AN=DM，∠NOD=(4−2)×180°4=90°；(3)如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，则AN=EM，∠NOE=(5−2)×180°5=108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M=A2N，A1N与A n M相交于O．也有类似的结论是A1N=A n M，∠NOA n=(n−2)×180°n．故答案为：A1N=A n M，∠NOA n=(n−2)×180°n．根据已知所给得到规律，进而可得在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程会有类似的结论．本题考查了正多边形和圆、规律型：图形的变化类、全等三角形的判定与性质，解决本题的关键是掌握正多边形的性质．19.【答案】解：(1)设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意，得20000(1+x)2=24200解得x1=−2(舍去)，x2=0.1=10%，答：口罩日产量的月平均增长率为10%．(2)24200(1+0.1)=26620(个)．答：预计4月份平均日产量为26620个．【解析】(1)根据题意设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意列出方程即可求解；(2)结合(1)按照这个增长率，根据3月份平均日产量为24200个，即可预计4月份平均日产量．本题考查了一元二次方程的应用，解决本题的关键是掌握增长率问题应用题的等量关系．20.【答案】解：原式=2×√22+1+2−√2=√2+1+2−√2=3．【解析】分别根据特殊角的三角函数值，任何非零数的零次幂定义1以及绝对值的定义计算即可．本题主要考查了实数的运算，熟记相应定义以及特殊角的三角函数值是解答本题的关键．21.【答案】解：原式=(a2a−1−a2−1a−1)÷2a(a+1)(a−1)=1a−1⋅(a+1)(a−1)2a=a+12a．【解析】先计算括号内分式的减法、将除式分母因式分解，再将除法转化为乘法，最后约分即可得．本题主要考查分式的混合运算，解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则．22.【答案】(1)证明：∵△ADE为等边三角形，∴∠AD=AE=DE，∠EAD=∠EDA=60°，∵四边形ABCD为正方形，∴AB=AD=CD，∠BAD=∠CDA=90°，∴∠EAB=∠EDC=150°，在△BAE和△CDE中{AB=DC∠EAB=∠EDC AE=DE，∴△BAE≌△CDE(SAS)；(2)∵AB=AD，AD=AE，∴AB=AE，∴∠ABE=∠AEB，∵∠EAB=150°，∴∠ABE=12(180°−150°)=15°．【解析】(1)利用等边三角形的性质得到∠AD=AE=DE，∠EAD=∠EDA=60°，利用正方形的性质得到AB=AD=CD，∠BAD=∠CDA=90°，所以∠EAB=∠EDC=150°，然后根据“SAS”判定△BAE≌△CDE；(2)先证明AB=AE，然后根据等腰三角形的性质和三角形内角和计算∠ABE的度数．本题考查了正方形的性质：正方形的四条边都相等，四个角都是直角；正方形的两条对角线相等，互相垂直平分，并且每条对角线平分一组对角；正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质．也考查了全等三角形的判定与性质和等边三角形的性质．23.【答案】31 77.524【解析】解：(1)在这次测试中，七年级在75分以上(含75分)的有8+15+8=31(人)，故答案为：31．(2)七年级50人成绩的中位数是第25、26个数据的平均数，而第25、26个数据分别为77、78，∴m=77+782=77.5，故答案为：77.5；(3)在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名，故答案为：24；(4)估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数为500×4+15+850=270(人)．(1)将频数分布直方图中第3、4、5组数据相加可得答案；(2)根据中位数的定义求解可得；(3)由90≤x≤100的频数为8、80≤x<90的频数为15，据此可得答案；(4)用总人数乘以样本中七年级成绩超过平均数76.9分的人数占被调查人数的比例即可得．本题主要考查频数分布直方图、中位数及样本估计总体，解题的关键是根据直方图得出解题所需数据及中位数的定义和意义、样本估计总体思想的运用．24.【答案】(1)证明：连接AE，OE，∵AB是⊙O的直径，且E在⊙O上，∴∠AEB=90°，∴∠AEC=90°，∵D为AC的中点，∴AD=DE，∴∠DAE=∠AED，∵AC是⊙O的切线，∴∠CAE+∠EAO=∠CAB=90°，∵OA=OE，∴∠OAE=∠OEA，∴∠DEA+∠OEA=90°，即∠DEO=90°，∴DE是⊙O的切线；(2)解：∵∠AEC=∠CAB=90°，∠C=∠C，∴△AEC∽△BAC，∴ACBC =ECAC，∵CA=6，CE=3.6，∴6BC =3.66，∴BC=10，∵∠CAB=90°，∴AB2+AC2=BC2，∴AB=√102−62=8，∴OA=4，即⊙O的半径OA的长是4．【解析】(1)连接AE，OE，由AB是⊙O的直径，得到∠AEB=90°，根据直角三角形的性质得到AD=DE，求得∠DAE=∠AED，根据切线的性质得到∠CAE+∠EAO=∠CAB=90°，等量代换得到∠DEO=90°，于是得到结论；(2)证明△AEC∽△BAC，列比例式可得BC的长，最后根据勾股定理可得OA的长．本题考查了切线的判定和性质，直角三角形的性质，等腰三角形的性质，相似三角形的性质和判定，正确的识别图形是解题的关键．25.【答案】EF=AE+CF【解析】解：问题背景：如图1，延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF=AE+CF；故答案为：EF=AE+CF；探究延伸1：如图2，延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF=AE+CF；探究延伸2：上述结论仍然成立，即EF=AE+CF，理由：如图3，延长DC到H，使得CH=AE，连接BH，∵∠BAD+∠BCD=180°，∠BCH+∠BCD=180°，∴∠BCH=∠BAE，∵BA=BC，CH=AE，∴△BCH≌△BAE(SAS)，∴BE=HB，∠ABE=∠HBC，∴∠HBE=∠ABC，又∵∠ABC=2∠MBN，∴∠EBF=∠HBF，∵BF=BF，∴△HBF≌△EBF(SAS)，∴EF=HF=HC+CF=AE+CF；实际应用：如图4，连接EF，延长BF交AE的延长线于G，因为舰艇甲在指挥中心(O处)北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，所以∠AOB=140°，因为指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°，所以∠EOF=70°，所以∠AOB=2∠EOF．依题意得，OA=OB，∠A=60°，∠B=120°，所以∠A+∠B=180°，因此本题的实际的应用可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA=OB，∠A+∠B=180°，∠AOB=2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．根据探究延伸2的结论可得：EF=AE+BF，根据题意得，AE=75×1.2=90(海里)，BF=100×1.2=120(海里)，所以EF=90+120=210(海里)．答：此时两舰艇之间的距离为210海里．问题背景：延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，即可得出结论：EF=AE+CF；探究延伸1：延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF=AE+CF；探究延伸2：延长DC到H，使得CH=AE，连接BH，先证明△BCH≌△BAE，即可得到BE=HB，∠ABE=∠HBC，再证明△HBF≌△EBF，即可得出EF=HF=HC+CF= AE+CF；实际应用：连接EF，延长BF交AE的延长线于G，根据题意可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA=OB，∠A+∠B=180°，∠AOB=2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．再根据探究延伸2的结论：EF=AE+BF，即可得到两舰艇之间的距离．本题属于四边形综合题，主要考查了全等三角形的判定和性质，解题的关键是正确作出辅助线构造全等三角形，解答时注意类比思想的灵活应用．26.【答案】解：(1)∵直线y=kx−2与抛物线y=x2−bx+c(b,c为常数，b>0)的一个交点为A(−1,0)，∴−k−2=0，1+b+c=0，∴k=−2，c=−b−1，∴直线y=kx−2的解析式为y=−2x−2，∵抛物线y=x2−bx+c的顶点坐标为E(b2,4c−b24)，∴E(b2,−4b−4−b24)，∵直线y=−2x−2与抛物线y=x2−bx+c(b,c为常数，b>0)的另一个交点为该抛物线的顶点E，∴−4b−4−b24=−2×b2−2，解得，b=2，或B=−2(舍)，当b=2时，c=−3，∴E(1,−4)，故k=−2，b=2，c=−3，E(1,−4)；(2)由(1)知，直线的解析式为y=−2x−2，抛物线的解析式为y=x2−2x−3，∴C(0,−3)，Q(2,−3)，如图1，设直线y=−2x−2与y轴交点为N，则N(0,−2)，∴CN =1，∴S △ACE =S △ACN +S △ECN =12×1×1+12×1×1=1， ∴S △EQM =12， 设直线EQ 与x 轴的交点为D ，显然点M 不能与点D 重合，设直线EQ 的解析式为y =dx +n(d ≠0)，则{2d +n =−3d +n =−4， 解得，{d =1n =−5， ∴直线EQ 的解析式为y =x −5，∴D(5,0)，∴S △EQM =S △EDM =S △QDM =12DM ×|−4|−12DM ×|−3|=12DM =12|5−m|=12， 解得，m =4，或m =6；(3)∵点D(b +12,y D )在抛物线y =x 2−bx −b −1上，∴y D =(b +12)2−b(b +12)−b −1=−b 2−34， 可知点D(b +12,−b 2−34)在第四象限，且在直线x =b 的右侧，∵√2AM +2DM =2(√22AM +DM)，∴可取点N(0,1)，则∠OAN =45°，如图2，过D 作直线AN 的垂线，垂足为G ，DG 与x 轴相交于点M ，∵∠GAM=90°−∠OAN=45°，得√22AM=GM，则此时点M满足题意，过D作DH⊥x轴于点H，则点H(b+12,0)，在Rt△MDH中，可知∠DMH=∠MDH=45°，∴DH=MH，DM=√2MH，∵点M(m,0)，∴0=(−b2−34)=(b+12)−m，解得，m=b2−34，∵√2AM+2DM=27√24，∴√2[(b2−14)−(−1)]+2√2[(b+12)−(b2−14)]=27√24，解得，Bb=3，此时，m=32−14=54>0，符合题意，∴b=3．【解析】(1)将A点坐标代入直线与抛物线的解析式中求得k的值和b与c的关系式，再将抛物线的顶点坐标代入求得的直线的解析式，便可求得b、c的值，进而求得E点的坐标；(2)先根据抛物线的解析式求得C、Q点坐标，用m表示△EQM的面积，再根据S△EQM=12S△ACE列出m的方程进行解答；(3)取点N(0,1)，则∠OAN=45°，过D作直线AN的垂线，垂足为G，DG与x轴相交于点M，此时√2AM+2DM=2DG的值最小，由2DG=27√24列出关于b的方程求解便可．本题是二次函数的综合题，主要考查了待定系数法，二次函数的图象与性质，三角形面积公式，等腰直角三角形的性质，第(2)小题关键是由面积关系列出m的方程，第(3)小题关键是确定√2AM+2DM的最小值为2DG的值．。

2020年湘西土家族苗族自治州初中学业水平考试数学试题卷（时量120分钟，满分150分）一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．每个小题所给四个选项中有唯一正确选项）1．下列各数中，比﹣2小的数是（）A．0 B．﹣1 C．﹣3 D．32．2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是（）A．0.927×105B．9.27×104C．92.7×103D．927×1023．下列运算正确的是（）A．＝﹣2 B．（x﹣y）2＝x2﹣y2C．+＝D．（﹣3a）2＝9a24．如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（）A．B．C．D．5．从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（）A．B．C．D．6．已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F．画直线EF，分别交OA于D，交OB于G．那么△ODG一定是（）A．锐角三角形B．钝角三角形C．等腰三角形D．直角三角形7．已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），下列说法正确的是（）A．正比例函数y1的解析式是y1＝2xB．两个函数图象的另一交点坐标为（4，﹣2）C．正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D．当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y18．如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D．下列结论不一定成立的是（）A．△BPA为等腰三角形B．AB与PD相互垂直平分C．点A、B都在以PO为直径的圆上D．PC为△BPA的边AB上的中线9．如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB＝a，BC＝b，∠DAO＝x，则点C到x轴的距离等于（）A．acosx+bsinx B．acosx+bcosxC．asinx+bcosx D．asinx+bsinx10．已知二次函数y＝ax2+bx+c图象的对称轴为x＝1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc＞0，②b﹣2a＜0，③a﹣b+c＞0，④a+b＞n（an+b），（n≠1），⑤2c＜3b．正确的是（）A．①③B．②⑤C．③④D．④⑤二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，共32分）11．﹣的绝对值是．12．分解因式：2x2﹣2＝．13．若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是．14．不等式组的解集为．15．如图，直线AE∥BC，BA⊥AC，若∠ABC＝54°，则∠EAC＝度．16．从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t）的数据，这两组数据的平均数分别是甲≈7.5，乙≈7.5，方差分别是S甲2＝0.010，S2＝0.002，你认为应该选择的玉米种子是．乙17．在平面直角坐标系中，O为原点，点A（6，0），点B在y轴的正半轴上，∠ABO＝30°，矩形CODE的顶点D，E，C分别在OA，AB，OB上，OD＝2．将矩形CODE沿x轴向右平移，当矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6时，则矩形CODE向右平移的距离为．18．观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝CM，∠NOC＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝DM，∠NOD＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝EM，∠NOE＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N 是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也会有类似的结论，你的结论是．三、解答题（本大題关8小题，共78分，写出计算、解答或证明的主要步骤）19．（8分）计算：2cos45°+（π﹣2020）0+|2﹣|．20．（8分）化简：（﹣a﹣1）÷．21．（8分）如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．（1）求证：△BAE≌△CDE；（2）求∠AEB的度数．22．（10分）为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：50≤x＜60，60≤x＜70，70≤x＜80，80≤x＜90，90≤x≤100）如图所示b．七年级参赛学生成绩在70≤x＜80这一组的具体得分是：70 71 73 75 76 76 76 77 77 78 79c．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9 m 80d．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有人；（2）表中m的值为；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．23．（10分）某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求，工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？24．（10分）如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；（2）若CA＝6，CE＝3.6，求⊙O的半径OA的长．25．（12分）问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝120°，∠MBN＝60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论（直接写出“成立”或者“不成立”），不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA＝BC，∠BAD+∠BCD＝180°，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°．试求此时两舰艇之间的距离．26．（12分）已知直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A（﹣1，0），点M（m，0）是x轴正半轴上的动点．（1）当直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E时，求k，b，c的值及抛物线顶点E的坐标；（2）在（1）的条件下，设该抛物线与y轴的交点为C，若点Q在抛物线上，且点Q的横坐标为b，当S△EQM＝S△ACE时，求m的值；（3）点D在抛物线上，且点D的横坐标为b+，当AM+2DM的最小值为时，求b 的值．答案与解析一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．每个小题所给四个选项中有唯一正确选项）1．下列各数中，比﹣2小的数是（）A．0 B．﹣1 C．﹣3 D．3【知识考点】有理数大小比较．【思路分析】利用数轴表示这些数，从而比较大小．【解题过程】解：将这些数在数轴上表示出来：∴﹣3＜﹣2＜﹣1＜0＜3，∴比﹣2小的数是﹣3，故选：C．【总结归纳】考查了有理数大小比较法则．正数大于0，0大于负数，正数大于负数；两个负数，绝对值大的反而小．2．2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是（）A．0.927×105B．9.27×104C．92.7×103D．927×102【知识考点】科学记数法—表示较大的数．【思路分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为正整数．【解题过程】解：92700＝9.27×104．故选：B．【总结归纳】此题考查科学记数法表示较大的数的方法，把一个大于10的数记成a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n是正整数，这种记数法叫做科学记数法．3．下列运算正确的是（）A．＝﹣2 B．（x﹣y）2＝x2﹣y2C．+＝D．（﹣3a）2＝9a2【知识考点】幂的乘方与积的乘方；完全平方公式；二次根式的性质与化简；二次根式的加减法．【思路分析】根据二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，进行计算即可判断．【解题过程】解：A.＝2，所以A选项错误；B．（x﹣y）2＝x2﹣2xy+y2，所以B选项错误；C.+≠，所以C选项错误；D．（﹣3a）2＝9a2．所以D选项正确．故选：D．【总结归纳】本题考查了二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，解决本题的关键是综合运用以上知识．4．如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（）A．B．C．D．【知识考点】简单组合体的三视图．【思路分析】根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．【解题过程】解：从上边看有两层，底层右边是一个小正方形，上层是两个小正方形，故选：C．【总结归纳】本题考查了简单组合体的三视图，从上边看得到的图形是俯视图．5．从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（）A．B．C．D．【知识考点】三角形三边关系；列表法与树状图法．【思路分析】列举出所有可能出现的结果情况，进而求出能构成三角形的概率．【解题过程】解：从长度为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，共有以下4种结果（不分先后）：1cm、3cm、5cm，1cm、3cm、6cm，3cm、5cm、6cm，1cm、5cm、6cm，其中，能构成三角形的只有1种，∴P（构成三角形）＝．故选：A．【总结归纳】本题考查随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果情况，是正确解答的关键．6．已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F．画直线EF，分别交OA于D，交OB于G．那么△ODG一定是（）A．锐角三角形B．钝角三角形C．等腰三角形D．直角三角形【知识考点】等腰三角形的判定；作图—基本作图．【思路分析】依据已知条件即可得到∠ODP＝∠OGP，即可得到OD＝OG，进而得出△ODG是等腰三角形．【解题过程】解：如图所示，∵OM平分∠AOB，∴∠AOC＝∠BOC，由题可得，DG垂直平分OC，∴∠OPD＝∠OPG＝90°，∴∠ODP＝∠OGP，∴OD＝OG，∴△ODG是等腰三角形，故选：C．【总结归纳】本题主要考查了基本作图以及等腰三角形的判定，如果一个三角形有两个角相等，那么这两个角所对的边也相等．7．已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），下列说法正确的是（）A．正比例函数y1的解析式是y1＝2xB．两个函数图象的另一交点坐标为（4，﹣2）C．正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D．当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y1【知识考点】反比例函数与一次函数的交点问题．【思路分析】由题意可求正比例函数解析式和反比例函数解析式，根据正比例函数和反比例函数的性质可判断求解．【解题过程】解：∵正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），∴正比例函数y1＝﹣2x，反比例函数y2＝﹣，∴两个函数图象的另一个交点为（2，﹣4），∴A，B选项说法错误；∵正比例函数y1＝﹣2x中，y随x的增大而减小，反比例函数y2＝﹣中，在每个象限内y随x 的增大而增大，∴C选项说法错误；∵当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y1，∴选项D说法正确．故选：D．【总结归纳】本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，熟练运用反比例函数与一次函数的性质解决问题是本题的关键．8．如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D．下列结论不一定成立的是（）A．△BPA为等腰三角形B．AB与PD相互垂直平分C．点A、B都在以PO为直径的圆上D．PC为△BPA的边AB上的中线【知识考点】线段垂直平分线的性质；等腰三角形的判定；切线的性质．【思路分析】根据切线的性质即可求出答案．【解题过程】解：（A）∵PA、PB为圆O的切线，∴PA＝PB，∴△BPA是等腰三角形，故A选项不符合题意．（B）由圆的对称性可知：PD垂直平分AB，但AB不一定平分PD，故B选项符合题意．（C）连接OB、OA，∵PA、PB为圆O的切线，∴∠OBP＝∠OAP＝90°，∴点A、B、P在以OP为直径的圆上，故C选项不符合题意．（D）∵△BPA是等腰三角形，PD⊥AB，∴PC为△BPA的边AB上的中线，故D选项不符合题意．故选：B．【总结归纳】本题考查切线的性质，解题的关键是熟练运用切线的性质，本题属于中等题型．9．如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB＝a，BC＝b，∠DAO＝x，则点C到x轴的距离等于（）A．acosx+bsinx B．acosx+bcosxC．asinx+bcosx D．asinx+bsinx【知识考点】坐标与图形性质;矩形的性质；解直角三角形．【思路分析】作CE⊥y轴于E，由矩形的性质得出CD＝AB＝a，AD＝BC＝b，∠ADC＝90°，证出∠CDE＝∠DAO＝x，由三角函数定义得出OD＝bsinx，DE＝acosx，进而得出答案．【解题过程】解：作CE⊥y轴于E，如图：∵四边形ABCD是矩形，∴CD＝AB＝a，AD＝BC＝b，∠ADC＝90°，∴∠CDE+∠ADO＝90°，∵∠AOD＝90°，∴∠DAO+∠ADO＝90°，∴∠CDE＝∠DAO＝x，∵sin∠DAO＝，cos∠CDE＝，∴OD＝AD×sin∠DAO＝bsinx，DE＝CD×cos∠CDE＝acosx，∴OE＝DE+OD＝acosx+bsinx，∴点C到x轴的距离等于acosx+bsinx；故选：A．【总结归纳】本题考查了矩形的性质、坐标与图形性质、三角函数定义等知识；熟练掌握矩形的性质和三角函数定义是解题的关键．10．已知二次函数y＝ax2+bx+c图象的对称轴为x＝1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc＞0，②b﹣2a＜0，③a﹣b+c＞0，④a+b＞n（an+b），（n≠1），⑤2c＜3b．正确的是（）A．①③B．②⑤C．③④D．④⑤【知识考点】二次函数图象与系数的关系．【思路分析】由抛物线的开口方向判断a的符号，由抛物线与y轴的交点判断c的符号，然后根据对称轴及抛物线与x轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．【解题过程】解：①由图象可知：a＜0，b＞0，c＞0，abc＜0，故①错误；②由于a＜0，所以﹣2a＞0．又b＞0，所以b﹣2a＞0，故②错误；③当x＝﹣1时，y＝a﹣b+c＜0，故③错误；④当x＝1时，y的值最大．此时，y＝a+b+c，而当x＝n时，y＝an2+bn+c，所以a+b+c＞an2+bn+c，故a+b＞an2+bn，即a+b＞n（an+b），故④正确；⑤当x＝3时函数值小于0，y＝9a+3b+c＜0，且该抛物线对称轴是直线x＝﹣＝1，即a＝﹣，代入得9（﹣）+3b+c＜0，得2c＜3b，故⑤正确；故④⑤正确．故选：D．【总结归纳】本题主要考查了图象与二次函数系数之间的关系，二次函数y＝ax2+bx+c系数符号由抛物线开口方向、对称轴和抛物线与y轴的交点确定．二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，共32分）11．﹣的绝对值是．【知识考点】绝对值．【思路分析】根据绝对值的意义，求出结果即可．【解题过程】解：根据负数的绝对值等于它的相反数可得，|﹣|＝，故答案为：．【总结归纳】本题考查绝对值的意义，理解负数的绝对值等于它的相反数．12．分解因式：2x2﹣2＝．【知识考点】提公因式法与公式法的综合运用．【思路分析】先提取公因式2，再根据平方差公式进行二次分解即可求得答案．【解题过程】解：2x2﹣2＝2（x2﹣1）＝2（x+1）（x﹣1）．故答案为：2（x+1）（x﹣1）．【总结归纳】本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用平方差公式进行二次分解，注意分解要彻底．13．若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是．【知识考点】多边形内角与外角．【思路分析】任何多边形的外角和是360°，内角和等于外角和的2倍则内角和是720°．n边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的内角和，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．【解题过程】解：设该多边形的边数为n，根据题意，得，（n﹣2）•180°＝720°，解得：n＝6．故这个多边形的边数为6．故答案为：6【总结归纳】本题主要考查了多边形的内角和以及外角和，已知多边形的内角和求边数，可以转化为方程的问题来解决，难度适中．14．不等式组的解集为．【知识考点】解一元一次不等式组．【思路分析】求出每个不等式的解集，最后求出不等式组的解集即可．【解题过程】解：，∵解不等式①得：x≥﹣3，解不等式②得：x≥﹣1，∴不等式组的解集为x≥﹣1，故答案为：x≥﹣1．【总结归纳】本题考查了解一元一次不等式组，能根据不等式的解集找出不等式组的解集是解此题的关键．15．如图，直线AE∥BC，BA⊥AC，若∠ABC＝54°，则∠EAC＝度．【知识考点】垂线；平行线的性质．【思路分析】根据垂直的定义得到∠BAC＝90°，根据三角形的内角和定理得到∠C＝90°﹣54°＝36°，根据平行线的性质即可得到结论．【解题过程】解：∵BA⊥AC，∴∠BAC＝90°，∵∠ABC＝54°，∴∠C＝90°﹣54°＝36°，∵AE∥BC，∴∠EAC＝∠C＝36°，故答案为：36．【总结归纳】本题考查了平行线的性质，三角形的内角和定理，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．16．从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t）的数据，这两组数据的平均数分别是甲≈7.5，乙≈7.5，方差分别是S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，你认为应该选择的玉米种子是．【知识考点】算术平均数；方差．【思路分析】在平均数基本相等的前提下，方差越小产量越稳定，据此求解可得．【解题过程】解：∵甲＝乙≈7.5，S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，∴S甲2＞S乙2，∴乙玉米种子的产量比较稳定，∴应该选择的玉米种子是乙，故答案为：乙．【总结归纳】本题主要考查方差，解题的关键是掌握方差的意义：方差是反映一组数据的波动大小的一个量．方差越大，则平均值的离散程度越大，稳定性也越小；反之，则它与其平均值的离散程度越小，稳定性越好．17．在平面直角坐标系中，O为原点，点A（6，0），点B在y轴的正半轴上，∠ABO＝30°，矩形CODE的顶点D，E，C分别在OA，AB，OB上，OD＝2．将矩形CODE沿x轴向右平移，当矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6时，则矩形CODE向右平移的距离为．【知识考点】三角形的面积；矩形的性质；坐标与图形变化﹣平移．【思路分析】由已知得出AD＝OA﹣OD＝4，由矩形的性质得出∠AED＝∠ABO＝30°，在Rt △AED中，AE＝2AD＝8，由勾股定理得出ED＝4，作出图形，根据三角形面积公式列出方程即可得出答案．【解题过程】解：∵点A（6，0），∴OA＝6，∵OD＝2，∴AD＝OA﹣OD＝6﹣2＝4，∵四边形CODE是矩形，∴DE∥OC，∴∠AED＝∠ABO＝30°，在Rt△AED中，AE＝2AD＝8，ED＝＝＝4，∵OD＝2，∴点E的坐标为（2，4）；∴矩形CODE的面积为4×2＝8，∵将矩形CODE沿x轴向右平移，矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6∴矩形CODE与△ABO不重叠部分的面积为2，如图，设ME′＝x，则FE′＝x，依题意有x×x÷2＝2，解得x＝±2（负值舍去）．故矩形CODE向右平移的距离为2．故答案为：2．【总结归纳】考查了矩形的性质、坐标与图形性质、勾股定理、平移的性质、直角三角形的性质等知识；本题综合性强，有一定难度，熟练掌握含30°角的直角三角形的性质是解题的关键．18．观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝CM，∠NOC＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝DM，∠NOD＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝EM，∠NOE＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N 是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也会有类似的结论，你的结论是．【知识考点】规律型：图形的变化类；全等三角形的判定与性质；正多边形和圆．【思路分析】根据已知所给得到规律，进而可得在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程会有类似的结论．【解题过程】解：∵（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝CM，∠NOC＝＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝DM，∠NOD＝＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝EM，∠NOE＝＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也有类似的结论是A1N＝A n M，∠NOA n＝．故答案为：A1N＝A n M，∠NOA n＝．【总结归纳】本题考查了正多边形和圆、规律型：图形的变化类、全等三角形的判定与性质，解决本题的关键是掌握正多边形的性质．三、解答题（本大題关8小题，共78分，写出计算、解答或证明的主要步骤）19．（8分）计算：2cos45°+（π﹣2020）0+|2﹣|．【知识考点】实数的运算；零指数幂；特殊角的三角函数值．【思路分析】分别根据特殊角的三角函数值，任何非零数的零次幂定义以及绝对值的定义计算即可．【解题过程】解：原式＝＝＝3．【总结归纳】本题主要考查了实数的运算，熟记相应定义以及特殊角的三角函数值是解答本题的关键．20．（8分）化简：（﹣a﹣1）÷．【知识考点】分式的混合运算．【思路分析】先计算括号内分式的减法、将除式分母因式分解，再将除法转化为乘法，最后约分即可得．【解题过程】解：原式＝（﹣）÷＝•＝．【总结归纳】本题主要考查分式的混合运算，解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则．21．（8分）如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．（1）求证：△BAE≌△CDE；（2）求∠AEB的度数．【知识考点】全等三角形的判定与性质；等边三角形的性质；正方形的性质．【思路分析】（1）利用等边三角形的性质得到AD＝AE＝DE，∠EAD＝∠EDA＝60°，利用正方形的性质得到AB＝AD＝CD，∠BAD＝∠CDA＝90°，所以∠EAB＝∠EDC＝150°，然后根据“SAS”判定△BAE≌△CDE；（2）先证明AB＝AE，然后根据等腰三角形的性质和三角形内角和计算∠AEB的度数．【解题过程】（1）证明：∵△ADE为等边三角形，∴AD＝AE＝DE，∠EAD＝∠EDA＝60°，∵四边形ABCD为正方形，∴AB＝AD＝CD，∠BAD＝∠CDA＝90°，∴∠EAB＝∠EDC＝150°，在△BAE和△CDE中，∴△BAE≌△CDE（SAS）；（2）∵AB＝AD，AD＝AE，∴AB＝AE，∴∠ABE＝∠AEB，∵∠EAB＝150°，∴∠AEB＝（180°﹣150°）＝15°．【总结归纳】本题考查了正方形的性质：正方形的四条边都相等，四个角都是直角；正方形的两条对角线相等，互相垂直平分，并且每条对角线平分一组对角；正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质．也考查了全等三角形的判定与性质和等边三角形的性质．22．（10分）为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：50≤x＜60，60≤x＜70，70≤x＜80，80≤x＜90，90≤x≤100）如图所示b．七年级参赛学生成绩在70≤x＜80这一组的具体得分是：70 71 73 75 76 76 7677 77 78 79c．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9 m 80d．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有人；（2）表中m的值为；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．【知识考点】用样本估计总体；频数（率）分布直方图；加权平均数；中位数；众数．【思路分析】（1）将频数分布直方图中第3、4、5组数据相加可得答案；（2）根据中位数的定义求解可得；（3）由90≤x≤100的频数为8、80≤x＜90的频数为15，据此可得答案；（4）用总人数乘以样本中七年级成绩超过平均数76.9分的人数占被调查人数的比例即可得．【解题过程】解：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有8+15+8＝31（人），故答案为：31．（2）七年级50人成绩的中位数是第25、26个数据的平均数，而第25、26个数据分别为77、78，∴m＝＝77.5，故答案为：77.5；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名，故答案为：24；（4）估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数为500×＝270（人）．【总结归纳】本题主要考查频数分布直方图、中位数及样本估计总体，解题的关键是根据直方图得出解题所需数据及中位数的定义和意义、样本估计总体思想的运用．23．（10分）某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求，工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？【知识考点】一元二次方程的应用．【思路分析】（1）根据题意设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意列出方程即可求解；（2）结合（1）按照这个增长率，根据3月份平均日产量为24200个，即可预计4月份平均日产量．【解题过程】解：（1）设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意，得20000（1+x）2＝24200解得x1＝﹣2.1（舍去），x2＝0.1＝10%，答：口罩日产量的月平均增长率为10%．（2）24200（1+0.1）＝26620（个）．答：预计4月份平均日产量为26620个．【总结归纳】本题考查了一元二次方程的应用，解决本题的关键是掌握增长率问题应用题的等量关系．24．（10分）如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；（2）若CA＝6，CE＝3.6，求⊙O的半径OA的长．【知识考点】圆周角定理；切线的判定与性质；相似三角形的判定与性质．【思路分析】（1）连接AE，OE，由AB是⊙O的直径，得到∠AEB＝90°，根据直角三角形的性质得到AD＝DE，求得∠DAE＝∠AED，根据切线的性质得到∠CAE+∠EAO＝∠CAB＝90°，等量代换得到∠DEO＝90°，于是得到结论；（2）证明△AEC∽△BAC，列比例式可得BC的长，最后根据勾股定理可得OA的长．【解题过程】（1）证明：连接AE，OE，∵AB是⊙O的直径，且E在⊙O上，∴∠AEB＝90°，∴∠AEC＝90°，∵D为AC的中点，∴AD＝DE，∴∠DAE＝∠AED，∵AC是⊙O的切线，∴∠CAE+∠EAO＝∠CAB＝90°，∵OA＝OE，∴∠OAE＝∠OEA，∴∠DEA+∠OEA＝90°，即∠DEO＝90°，∴DE是⊙O的切线；（2）解：∵∠AEC＝∠CAB＝90°，∠C＝∠C，∴△AEC∽△BAC，∴，∵CA＝6，CE＝3.6，∴，∴BC＝10，∵∠CAB＝90°，∴AB2+AC2＝BC2，∴AB＝＝8，∴OA＝4，即⊙O的半径OA的长是4．。

2020年湖南省湘西州中考数学试卷1.下列各数中，比−2小的数是()A. 0B. −1C. −3D. 32.2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是()A. 0.927×105B. 9.27×104C. 92.7×103D. 927×1023.下列运算正确的是()A. √(−2)2=−2B. (x−y)2=x2−y2C. √2+√3=√5D. (−3a)2=9a24.如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是()A.B.C.D.5.从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为()A. 14B. 13C. 12D. 346.已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于12OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F.画直线EF，分别交OA于D，交OB于G.那么△ODG一定是()A. 锐角三角形B. 钝角三角形C. 等腰三角形D. 直角三角形7.已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A(−2,4)，下列说法正确的是()A. 正比例函数y1的解析式是y1=2xB. 两个函数图象的另一交点坐标为(4,−2)C. 正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D. 当x<−2或0<x<2时，y2<y18.如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D.下列结论不一定成立的是()A. △BPA为等腰三角形B. AB与PD相互垂直平分C. 点A、B都在以PO为直径的圆上D. PC为△BPA的边AB上的中线9.如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB=a，BC=b，∠DAO=x，则点C到x轴的距离等于()A. acosx+bsinxB. acosx+bcosxC. asinx+bcosx D. asinx+bsinx10.已知二次函数y=ax2+bx+c图象的对称轴为x=1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc>0，②b−2a<0，③a−b+c>0，④a+b>n(an+b)，(n≠1)，⑤2c<3b．正确的是()A. ①③B. ②⑤C. ③④D. ④⑤11.−1的绝对值是______．312. 分解因式：2x 2−2=______．13. 若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是______． 14. 不等式组{x3≥−11+2x ≥−1的解集为______．15. 如图，直线AE//BC ，BA ⊥AC ，若∠ABC =54°，则∠EAC =______度．16. 从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量(单位：t)的数据，这两组数据的平均数分别是x −甲约等于7.5，x −乙约等于7.5，方差分别是S 甲2=0.010，S 乙2=0.002，你认为应该选择的玉米种子是______．17. 在平面直角坐标系中，O 为原点，点A(6,0)，点B 在y 轴的正半轴上，∠ABO =30°，矩形CODE 的顶点D ，E ，C 分别在OA ，AB ，OB 上，OD =2.将矩形CODE 沿x 轴向右平移，当矩形CODE 与△ABO 重叠部分的面积为6√3时，则矩形CODE 向右平移的距离为______．18. 观察下列结论：(1)如图①，在正三角形ABC 中，点M ，N 是AB ，BC 上的点，且AM =BN ，则AN =CM ，∠NOC =60°；(2)如图2，在正方形ABCD 中，点M ，N 是AB ，BC 上的点，且AM =BN ，则AN =DM ，∠NOD =90°；(3)如图③，在正五边形ABCDE 中点M ，N 是AB ，BC 上的点，且AM =BN ，则AN =EM ，∠NOE =108°；…根据以上规律，在正n 边形A 1A 2A 3A 4…A n 中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M ，N 是A 1A 2，A 2A 3上的点，且A 1M =A 2N ，A 1N 与A n M 相交于O.也会有类似的结论，你的结论是______．19.计算：2cos45°+(π−2020)0+|2−√2|.20.化简：(a2a−1−a−1)÷2aa2−1．21.如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．(1)求证：△BAE≌△CDE；(2)求∠AEB的度数．22.为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩(百分制)进行整理、描述和分析．部分信息如下：a.七年级参赛学生成绩频数分布直方图(数据分成五组：50≤x<60，60≤x<70，70≤x<80，80≤x<90，90≤x≤100)如图所示b.七年级参赛学生成绩在70≤x<80这一组的具体得分是：7071737576767677777879c.七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9m80d.七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：(1)在这次测试中，七年级在75分以上(含75分)的有______人；(2)表中m的值为______；(3)在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第______名；(4)该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．23.某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求．工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．(1)求口罩日产量的月平均增长率；(2)按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？24.如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．(1)若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；(2)若CA=6，CE=3.6，求⊙O的半径OA的长．25.问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD=90°，∠BCD=90°，BA=BC，∠ABC=120°，∠MBN=60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F.探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是______；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD=90°，∠BCD=90°，BA=BC，∠ABC=2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论(直接写出“成立”或者“不成立”)，不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA=BC，∠BAD+∠BCD=180°，∠ABC= 2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F.上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心(O处)北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°.试求此时两舰艇之间的距离．已知直线y =kx −2与抛物线y =x 2−bx +c(b,c 为常数，b >0)的一个交点为A(−1,0)，点M(m,0)是x 轴正半轴上的动点．(1)当直线y =kx −2与抛物线y =x 2−bx +c(b,c 为常数，b >0)的另一个交点为该抛物线的顶点E 时，求k ，b ，c 的值及抛物线顶点E 的坐标；(2)在(1)的条件下，设该抛物线与y 轴的交点为C ，若点Q 在抛物线上，且点Q 的横坐标为b ，当S △EQM =12S △ACE 时，求m 的值；(3)点D 在抛物线上，且点D 的横坐标为b +12，当√2AM +2DM 的最小值为27√24时，求b 的值．答案和解析1.【答案】C【解析】解：将这些数在数轴上表示出来：∴−3<−2<−1<0<3，∴比−2小的数是−3，故选：C．利用数轴表示这些数，从而比较大小．本题考查数轴表示数，比较有理数的大小，在数轴表示的数右边总比左边的大．2.【答案】B【解析】解：92700=9.27×104．故选：B．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．此题考查科学记数法表示较大的数的方法，把一个大于10的数记成a×10n的形式，其中a是整数数位只有一位的数，n是正整数，这种记数法叫做科学记数法．3.【答案】D【解析】解：A．√(−2)2=2，所以A选项错误；B.(x−y)2=x2−2xy+y2，所以B选项错误；C.√2+√3≠√5，所以C选项错误；D.(−3a)2=9a2.所以D选项正确．故选：D．根据二次根式的加法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，进行计算即可判断．本题考查了二次根式的加法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，解决本题的关键是综合运用以上知识．4.【答案】C【解析】解：从上边看有两层，底层右边是一个小正方形，上层是两个小正方形，故选：C．根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．本题考查了简单组合体的三视图，从上边看得到的图形是俯视图．5.【答案】A【解析】解：从长度为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，共有以下4种结果(不分先后)：1cm3cm5cm，1cm3cm6cm，3cm5cm6cm，1cm5cm6cm，其中，能构成三角形的只有1种，∴P(构成三角形)=14．故选：A．列举出所有可能出现的结果情况，进而求出能构成三角形的概率．本题考查随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果情况，是正确解答的关键．6.【答案】C【解析】解：如图所示，∵OM平分∠AOB，∴∠AOC=∠BOC，由题可得，DG垂直平分OC，∴∠OED=∠OEG=90°，∴∠ODE=∠OGE，∴OD=OG，∴△ODG是等腰三角形，故选：C．依据已知条件即可得到∠ODE=∠OGE，即可得到OD=OG，进而得出△ODG是等腰三角形．本题主要考查了基本作图以及等腰三角形的判定，如果一个三角形有两个角相等，那么这两个角所对的边也相等．7.【答案】D【解析】【分析】本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，熟练运用反比例函数与一次函数的性质解决问题是本题的关键．由题意可求正比例函数解析式和反比例函数解析式，根据正比例函数和反比例函数的性质可判断求解．【解答】解：∵正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A(2,−4)，∴正比例函数y1=−2x，反比例函数y2=−8，x∴两个函数图象的另一个交点为(−2,4)，∴A，B选项说法错误；∵正比例函数y1=−2x中，y随x的增大而减小，反比例函数y2=−8中，在每个象限内yx随x的增大而增大，∴C选项说法错误；∵当x<−2或0<x<2时，y2<y1，∴选项D说法正确．故选D．8.【答案】B【解析】解：(A)∵PA、PB为圆O的切线，∴PA=PB，∴△BPA是等腰三角形，故A正确．(B)由圆的对称性可知：AB⊥PD，但不一定平分，故B不一定正确．(C)连接OB、OA，∵PA、PB为圆O的切线，∴∠OBP=∠OAP=90°，∴点A、B、P在以OP为直径的圆上，故C正确．(D)∵△BPA是等腰三角形，PD⊥AB，∴PC为△BPA的边AB上的中线，故D正确．故选：B．根据切线的性质即可求出答案．本题考查切线的性质，解题的关键是熟练运用切线的性质，本题属于中等题型．9.【答案】A【解析】解：作CE⊥y轴于E，如图：∵四边形ABCD是矩形，∴CD=AB=a，AD=BC=b，∠ADC=90°，∴∠CDE+∠ADO=90°，∵∠AOD=90°，∴∠DAO+∠ADO=90°，∴∠CDE=∠DAO=x，∵sin∠DAO=ODAD ，cos∠CDE=DECD，∴OD=AD×sin∠DAO=bsinx，DE=CD×cos∠CDE=acosx，∴OE=DE+OD=acosx+bsinx，∴点C到x轴的距离等于acosx+bsinx；故选：A．作CE⊥y轴于E，由矩形的性质得出CD=AB=a，AD=BC=b，∠ADC=90°，证出∠CDE=∠DAO=x，由三角函数定义得出OD=bsinx，DE=acosx，进而得出答案．本题考查了矩形的性质、坐标与图形性质、三角函数定义等知识；熟练掌握矩形的性质和三角函数定义是解题的关键．10.【答案】D【解析】解：①由图象可知：a<0，b>0，c>0，abc<0，故结论①错误；②由于a<0，所以−2a>0．又b>0，所以b−2a>0，故结论②错误；③当x=−1时，y=a−b+c<0，故结论③错误；④当x=1时，y的值最大．此时，y=a+b+c，而当x=n时，y=an2+bn+c，所以a+b+c>an2+bn+c，故a+b>an2+bn，即a+b>n(an+b)，故结论④正确；⑤当x=3时函数值小于0，y=9a+3b+c<0，且该抛物线对称轴是直线x=−b2a=1，即a=−b2，代入得9(−b2)+3b+c<0，得2c<3b，故结论⑤正确；故④⑤正确．故选：D．由抛物线的开口方向判断a的符号，由抛物线与y轴的交点判断c的符号，然后根据对称轴及抛物线与x轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．本题主要考查了图象与二次函数系数之间的关系，二次函数y=ax2+bx+c系数符号由抛物线开口方向、对称轴和抛物线与y轴的交点、抛物线与x轴交点的个数确定．11.【答案】13【解析】【分析】根据绝对值的意义，求出结果即可．本题考查绝对值的意义，理解负数的绝对值等于它的相反数．【解答】解：根据负数的绝对值等于它的相反数可得，|−13|=13，故答案为13．12.【答案】2(x+1)(x−1)【解析】解：2x2−2=2(x2−1)=2(x+1)(x−1)．故答案为：2(x+1)(x−1)．先提取公因式2，再根据平方差公式进行二次分解即可求得答案．本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用平方差公式进行二次分解，注意分解要彻底．13.【答案】6【解析】解：设该多边形的边数为n，根据题意，得，(n−2)⋅180°=720°，解得：n=6．故这个多边形的边数为6．故答案为：6任何多边形的外角和是360°，内角和等于外角和的2倍则内角和是720°.n边形的内角和是(n−2)⋅180°，如果已知多边形的内角和，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．本题主要考查了多边形的内角和以及外角和，已知多边形的内角和求边数，可以转化为方程的问题来解决，难度适中．14.【答案】x≥−1【解析】解：{x3≥−1 ①1+2x≥−1 ②，∵解不等式①得：x≥−3，解不等式②得：x≥−1，∴不等式组的解集为x≥−1，故答案为：x ≥−1．求出每个不等式的解集，最后求出不等式组的解集即可．本题考查了解一元一次不等式组，能根据不等式的解集找出不等式组的解集是解此题的关键．15.【答案】36【解析】解：∵BA ⊥AC ，∴∠BAC =90°，∵∠ABC =54°，∴∠C =90°−54°=36°，∵AE//BC ，∴∠EAC =∠C =36°，故答案为：36．根据垂直的定义得到∠BAC =90°，根据三角形的内角和定理得到∠C =90°−54°=36°，根据平行线的性质即可得到结论．本题考查了平行线的性质，三角形的内角和定理，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．16.【答案】乙【解析】解：∵x −甲=x −乙≈7.5，S 甲2=0.010，S 乙2=0.002，∴S 甲2>S 乙2， ∴乙玉米种子的产量比较稳定，∴应该选择的玉米种子是乙，故答案为：乙．在平均数基本相等的前提下，方差越小产量越稳定，据此求解可得．本题主要考查方差，解题的关键是掌握方差的意义：方差是反映一组数据的波动大小的一个量．方差越大，则平均值的离散程度越大，稳定性也越小；反之，则它与其平均值的离散程度越小，稳定性越好．17.【答案】2【解析】解：∵点A(6,0)，∴OA =6，∵OD =2，∴AD =OA −OD =6−2=4，∵四边形CODE 是矩形，∴DE//OC，∴∠AED=∠ABO=30°，在Rt△AED中，AE=2AD=8，ED=√AE2−AD2=√82−42=4√3，∵OD=2，∴点E的坐标为(2,4√3)；∴矩形CODE的面积为4√3×2=8√3，∵将矩形CODE沿x轴向右平移，矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6√3∴矩形CODE与△ABO不重叠部分的面积为2√3，如图，设ME′=x，则FE′=√3x，依题意有x×√3x÷2=2√3，解得x=±2(负值舍去)．故矩形CODE向右平移的距离为2．故答案为：2．由已知得出AD=OA−OD=4，由矩形的性质得出∠AED=∠ABO=30°，在Rt△AED 中，AE=2AD=8，由勾股定理得出ED=4√3，作出图形，根据三角形面积公式列出方程即可得出答案．考查了矩形的性质、坐标与图形性质、勾股定理、平移的性质、直角三角形的性质等知识；本题综合性强，有一定难度，熟练掌握含30°角的直角三角形的性质是解题的关键．18.【答案】解：∵(1)如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，A1N=A n M，∠NOA n=(n−2)×180°n【解析】根据已知所给得到规律，进而可得在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程会有类似的结论．解：在△ABN和△ACM中，{AB=AC∠B=∠CAM BN=AM,∴△ABN≌△ACM(SAS)，∴∠BAN=∠ACM，AN=CM，∴∠NOC=∠OAC+∠ACM=∠OAC+∠BAN=∠BAC=60°．则AN=CM，∠NOC=(3−2)×180°3=60°；(2)如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，同理：△ABN≌△ADM(SAS)，∴∠BAN=∠ADM，AN=DM，∴∠NOD=90°则AN=DM，∠NOD=(4−2)×180°4=90°；(3)同理：如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM=BN，则AN=EM，∠NOE=(5−2)×180°5=108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M=A2N，A1N与A n M相交于O．也有类似的结论是A1N=A n M，∠NOA n=(n−2)×180°n．故答案为：A1N=A n M，∠NOA n=(n−2)×180°n．本题考查了正多边形和圆、规律型：图形的变化类、全等三角形的判定与性质，解决本题的关键是掌握正多边形的性质．19.【答案】解：原式=2×√22+1+2−√2=√2+1+2−√2=3．【解析】分别根据特殊角的三角函数值，任何非零数的零次幂定义1以及绝对值的定义计算即可．本题主要考查了实数的运算，熟记相应定义以及特殊角的三角函数值是解答本题的关键．20.【答案】解：原式=(a2a−1−a2−1a−1)÷2a(a+1)(a−1)=1a−1⋅(a+1)(a−1)2a=a+12a．【解析】先计算括号内分式的减法、将除式分母因式分解，再将除法转化为乘法，最后约分即可得．本题主要考查分式的混合运算，解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则．21.【答案】(1)证明：∵△ADE为等边三角形，∴AD=AE=DE，∠EAD=∠EDA=60°，∵四边形ABCD为正方形，∴AB=AD=CD，∠BAD=∠CDA=90°，∴∠EAB=∠EDC=150°，在△BAE和△CDE中{AB=DC∠EAB=∠EDC AE=DE，∴△BAE≌△CDE(SAS)；(2)∵AB=AD，AD=AE，∴AB=AE，∴∠ABE=∠AEB，∵∠EAB=150°，∴∠AEB=12(180°−150°)=15°．【解析】(1)利用等边三角形的性质得到AD=AE=DE，∠EAD=∠EDA=60°，利用正方形的性质得到AB=AD=CD，∠BAD=∠CDA=90°，所以∠EAB=∠EDC=150°，然后根据“SAS”判定△BAE≌△CDE；(2)先证明AB=AE，然后根据等腰三角形的性质和三角形内角和计算∠AEB的度数．本题考查了正方形的性质：正方形的四条边都相等，四个角都是直角；正方形的两条对角线相等，互相垂直平分，并且每条对角线平分一组对角；正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质．也考查了全等三角形的判定与性质和等边三角形的性质．22.【答案】解：(1)在这次测试中，七年级在75分以上(含75分)的有8+15+8=31(人)，故答案为：31．(2)七年级50人成绩的中位数是第25、26个数据的平均数，而第25、26个数据分别为77、78，∴m=77+782=77.5，故答案为：77.5；(3)在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名，故答案为：24；(4)估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数为500×4+15+850=270(人)．【解析】(1)将频数分布直方图中第3、4、5组数据相加可得答案；(2)根据中位数的定义求解可得；(3)由90≤x≤100的频数为8、80≤x<90的频数为15，据此可得答案；(4)用总人数乘以样本中七年级成绩超过平均数76.9分的人数占被调查人数的比例即可得．本题主要考查频数分布直方图、中位数及样本估计总体，解题的关键是根据直方图得出解题所需数据及中位数的定义和意义、样本估计总体思想的运用．23.【答案】解：(1)设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意，得20000(1+x)2=24200解得x1=−2.1(舍去)，x2=0.1=10%，答：口罩日产量的月平均增长率为10%．(2)24200(1+0.1)=26620(个)．答：预计4月份平均日产量为26620个．【解析】(1)根据题意设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意列出方程即可求解；(2)结合(1)按照这个增长率，根据3月份平均日产量为24200个，即可预计4月份平均日产量．本题考查了一元二次方程的应用，解决本题的关键是掌握增长率问题应用题的等量关系．24.【答案】(1)证明：连接AE，OE，∵AB是⊙O的直径，且E在⊙O上，∴∠AEB=90°，∴∠AEC=90°，∵D为AC的中点，∴AD=DE，∴∠DAE=∠AED，∵AC是⊙O的切线，∴∠CAE+∠EAO=∠CAB=90°，∵OA=OE，∴∠OAE=∠OEA，∴∠DEA+∠OEA=90°，即∠DEO=90°，∴DE是⊙O的切线；(2)解：∵∠AEC=∠CAB=90°，∠C=∠C，∴△AEC∽△BAC，∴ACBC =ECAC，∵CA=6，CE=3.6，∴6BC =3.66，∴BC=10，∴AB=√BC2−AC2=√102−62=8，∴OA=4，即⊙O的半径OA的长是4．【解析】本题考查了切线的判定和性质，圆周角定理和相似三角形的判定与性质等知识．(1)连接AE，OE，由AB是⊙O的直径，得到∠AEB=90°，根据直角三角形斜边上的直线的性质得到AD=DE，求得∠DAE=∠AED，根据切线的性质得到∠CAE+∠EAO=∠CAB=90°，等量代换得到∠DEO=90°，于是得到结论；(2)证明△AEC∽△BAC，列比例式可得BC的长，最后根据勾股定理可得AB的长，进而可得OA的长．25.【答案】解：问题背景：如图1，延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF=AE+CF；故答案为：EF=AE+CF；探究延伸1：如图2，延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF=AE+CF；探究延伸2：上述结论仍然成立，即EF=AE+CF，理由：如图3，延长DC到H，使得CH=AE，连接BH，∵∠BAD+∠BCD=180°，∠BCH+∠BCD=180°，∴∠BCH=∠BAE，∵BA=BC，CH=AE，∴△BCH≌△BAE(SAS)，∴BH=BE，∠CBH=∠ABE，∴∠HBM=∠ABC，又∵∠ABC=2∠MBN，∴∠EBF=∠HBF，∵BF=BF，∴△HBF≌△EBF(SAS)，∴EF=HF=HC+CF=AE+CF；实际应用：如图4，连接EF，延长BF交AE的延长线于G，∵舰艇甲在指挥中心(O处)北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，∴∠AOB=140°，∵指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°，∴∠EOF=70°，∴∠AOB=2∠EOF．∵OA=OB，∠A=60°，∠B=120°，∴∠A+∠B=180°，因此本题的实际的应用可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA=OB，∠A+∠B=180°，∠AOB=2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．根据探究延伸2的结论可得：EF=AE+BF，根据题意得，AE=75×1.2=90(海里)，BF=100×1.2=120(海里)，∴EF=90+120=210(海里)．答：此时两舰艇之间的距离为210海里．【解析】问题背景：延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，即可得出结论：EF=AE+CF；探究延伸1：延长FC到G，使CG=AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF=AE+CF；探究延伸2：延长DC到H，使得CH=AE，连接BH，先证明△BCH≌△BAE，即可得到BH=BE，∠CBH=∠ABE，再证明△HBF≌△EBF，即可得出EF=HF=HC+CF= AE+CF；实际应用：连接EF，延长BF交AE的延长线于G，根据题意可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA=OB，∠A+∠B=180°，∠AOB=2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．再根据探究延伸2的结论：EF=AE+BF，即可得到两舰艇之间的距离．本题属于四边形综合题，主要考查了全等三角形的判定和性质，解题的关键是正确作出辅助线构造全等三角形，解答时注意类比思想的灵活应用．26.【答案】解：(1)∵直线y=kx−2与抛物线y=x2−bx+c(b,c为常数，b>0)的一个交点为A(−1,0)，∴−k−2=0，1+b+c=0，∴k=−2，c=−b−1，∴直线y=kx−2的解析式为y=−2x−2，∵抛物线y=x2−bx+c的顶点坐标为E(b2,4c−b24)，∴E(b2,−4b−4−b24)，∵直线y=−2x−2与抛物线y=x2−bx+c(b,c为常数，b>0)的另一个交点为该抛物线的顶点E，∴−4b−4−b24=−2×b2−2，解得，b=2，或B=−2(舍)，当b=2时，c=−3，∴E(1,−4)，故k=−2，b=2，c=−3，E(1,−4)；(2)由(1)知，直线的解析式为y=−2x−2，抛物线的解析式为y=x2−2x−3，∴C(0,−3)，Q(2,−3)，如图1，设直线y=−2x−2与y轴交点为N，则N(0,−2)，∴CN =1，∴S △ACE =S △ACN +S △ECN =12×1×1+12×1×1=1，∴S △EQM =12， 设直线EQ 与x 轴的交点为D ，显然点M 不能与点D 重合，设直线EQ 的解析式为y =dx +n(d ≠0)，则{2d +n =−3d +n =−4， 解得，{d =1n =−5， ∴直线EQ 的解析式为y =x −5，∴D(5,0)，∴S △EQM =S △EDM −S △QDM =12DM ×|−4|−12DM ×|−3|=12DM =12|5−m|=12， 解得，m =4或m =6；(3)∵点D(b +12,y D )在抛物线y =x 2−bx −b −1上，∴y D =(b +12)2−b(b +12)−b −1=−b 2−34，可知点D(b +12,−b 2−34)在第四象限，且在直线x =b 的右侧，∵√2AM +2DM =2(√22AM +DM)，∴可取点N(0,1)，则∠OAN =45°，如图2，过D 作直线AN 的垂线，垂足为G ，DG 与x 轴相交于点M ，∵∠GMA=90°−∠OAN=45°，得√22AM=GM，则此时点M满足题意，过D作DH⊥x轴于点H，则点H(b+12,0)，在Rt△MDH中，可知∠DMH=∠MDH=45°，∴DH=MH，DM=√2MH，∵点M(m,0)，∴0−(−b2−34)=(b+12)−m，解得，m=b2−14，∵√2AM+2DM=27√24，∴√2[(b2−14)−(−1)]+2√2[(b+12)−(b2−14)]=27√24，解得，b=3，此时，m=32−14=54>0，符合题意，∴b=3．【解析】(1)将A点坐标代入直线与抛物线的解析式中求得k的值和b与c的关系式，再将抛物线的顶点坐标代入求得的直线的解析式，便可求得b、c的值，进而求得E点的坐标；(2)先根据抛物线的解析式求得C、Q点坐标，用m表示△EQM的面积，再根据S△EQM=12S△ACE列出m的方程进行解答；(3)取点N(0,1)，则∠OAN=45°，过D作直线AN的垂线，垂足为G，DG与x轴相交于点M，此时√2AM+2DM=2DG的值最小，由2DG=27√24列出关于b的方程求解便可．本题是二次函数的综合题，主要考查了待定系数法，二次函数的图象与性质，三角形面积公式，等腰直角三角形的性质，第(2)小题关键是由面积关系列出m的方程，第(3)小题关键是确定√2AM+2DM的最小值为2DG的值．。

2020年湖南省湘西州中考数学试卷和答案解析一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．请将每个小题所给四个选项中唯一正确选项的代号填涂在答题卡相应的位置上）1．（4分）下列各数中，比﹣2小的数是（）A．0B．﹣1C．﹣3D．3解析：利用数轴表示这些数，从而比较大小．参考答案：解：将这些数在数轴上表示出来：∴﹣3＜﹣2＜﹣1＜0＜3，∴比﹣2小的数是﹣3，故选：C．点拨：考查了有理数大小比较法则．正数大于0，0大于负数，正数大于负数；两个负数，绝对值大的反而小．2．（4分）2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是（）A．0.927×105B．9.27×104C．92.7×103D．927×102解析：科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n 为正整数．参考答案：解：92700＝9.27×104．故选：B．点拨：此题考查科学记数法表示较大的数的方法，把一个大于10的数记成a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n是正整数，这种记数法叫做科学记数法．3．（4分）下列运算正确的是（）A．＝﹣2B．（x﹣y）2＝x2﹣y2C．+＝D．（﹣3a）2＝9a2解析：根据二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，进行计算即可判断．参考答案：解：A.＝2，所以A选项错误；B．（x﹣y）2＝x2﹣2xy+y2，所以B选项错误；C.+≠，所以C选项错误；D．（﹣3a）2＝9a2．所以D选项正确．故选：D．点拨：本题考查了二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，解决本题的关键是综合运用以上知识．4．（4分）如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（）A．B．C．D．解析：根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．参考答案：解：从上边看有两层，底层右边是一个小正方形，上层是两个小正方形，故选：C．点拨：本题考查了简单组合体的三视图，从上边看得到的图形是俯视图．5．（4分）从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（）A．B．C．D．解析：列举出所有可能出现的结果情况，进而求出能构成三角形的概率．参考答案：解：从长度为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，共有以下4种结果（不分先后）：1cm、3cm、5cm，1cm、3cm、6cm，3cm、5cm、6cm，1cm、5cm、6cm，其中，能构成三角形的只有1种，∴P（构成三角形）＝．故选：A．点拨：本题考查随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果情况，是正确解答的关键．6．（4分）已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F．画直线EF，分别交OA于D，交OB于G．那么△ODG一定是（）A．锐角三角形B．钝角三角形C．等腰三角形D．直角三角形解析：依据已知条件即可得到∠ODP＝∠OGP，即可得到OD＝OG，进而得出△ODG是等腰三角形．参考答案：解：如图所示，∵OM平分∠AOB，∴∠AOC＝∠BOC，由题可得，DG垂直平分OC，∴∠OPD＝∠OPG＝90°，∴∠ODP＝∠OGP，∴OD＝OG，∴△ODG是等腰三角形，故选：C．点拨：本题主要考查了基本作图以及等腰三角形的判定，如果一个三角形有两个角相等，那么这两个角所对的边也相等．7．（4分）已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），下列说法正确的是（）A．正比例函数y1的解析式是y1＝2xB．两个函数图象的另一交点坐标为（4，﹣2）C．正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D．当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y1解析：由题意可求正比例函数解析式和反比例函数解析式，根据正比例函数和反比例函数的性质可判断求解．参考答案：解：∵正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），∴正比例函数y1＝﹣2x，反比例函数y2＝﹣，∴两个函数图象的另一个交点为（2，﹣4），∴A，B选项说法错误；∵正比例函数y1＝﹣2x中，y随x的增大而减小，反比例函数y2＝﹣中，在每个象限内y随x的增大而增大，∴C选项说法错误；∵当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y1，∴选项D说法正确．故选：D．点拨：本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，熟练运用反比例函数与一次函数的性质解决问题是本题的关键．8．（4分）如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D．下列结论不一定成立的是（）A．△BPA为等腰三角形B．AB与PD相互垂直平分C．点A、B都在以PO为直径的圆上D．PC为△BPA的边AB上的中线解析：根据切线的性质即可求出答案．参考答案：解：（A）∵PA、PB为圆O的切线，∴PA＝PB，∴△BPA是等腰三角形，故A选项不符合题意．（B）由圆的对称性可知：PD垂直平分AB，但AB不一定平分PD，故B选项符合题意．（C）连接OB、OA，∵PA、PB为圆O的切线，∴∠OBP＝∠OAP＝90°，∴点A、B、P在以OP为直径的圆上，故C选项不符合题意．（D）∵△BPA是等腰三角形，PD⊥AB，∴PC为△BPA的边AB上的中线，故D选项不符合题意．故选：B．点拨：本题考查切线的性质，解题的关键是熟练运用切线的性质，本题属于中等题型．9．（4分）如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A 在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB＝a，BC＝b，∠DAO＝x，则点C到x轴的距离等于（）A．acosx+bsinx B．acosx+bcosxC．asinx+bcosx D．asinx+bsinx解析：作CE⊥y轴于E，由矩形的性质得出CD＝AB＝a，AD＝BC＝b，∠ADC＝90°，证出∠CDE＝∠DAO＝x，由三角函数定义得出OD＝bsinx，DE＝acosx，进而得出答案．参考答案：解：作CE⊥y轴于E，如图：∵四边形ABCD是矩形，∴CD＝AB＝a，AD＝BC＝b，∠ADC＝90°，∴∠CDE+∠ADO＝90°，∵∠AOD＝90°，∴∠DAO+∠ADO＝90°，∴∠CDE＝∠DAO＝x，∵sin∠DAO＝，cos∠CDE＝，∴OD＝AD×sin∠DAO＝bsinx，DE＝CD×cos∠CDE＝acosx，∴OE＝DE+OD＝acosx+bsinx，∴点C到x轴的距离等于acosx+bsinx；故选：A．点拨：本题考查了矩形的性质、坐标与图形性质、三角函数定义等知识；熟练掌握矩形的性质和三角函数定义是解题的关键．10．（4分）已知二次函数y＝ax2+bx+c图象的对称轴为x＝1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc＞0，②b﹣2a＜0，③a﹣b+c＞0，④a+b＞n（an+b），（n≠1），⑤2c＜3b．正确的是（）A．①③B．②⑤C．③④D．④⑤解析：由抛物线的开口方向判断a的符号，由抛物线与y轴的交点判断c的符号，然后根据对称轴及抛物线与x轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．参考答案：解：①由图象可知：a＜0，b＞0，c＞0，abc＜0，故①错误；②由于a＜0，所以﹣2a＞0．又b＞0，所以b﹣2a＞0，故②错误；③当x＝﹣1时，y＝a﹣b+c＜0，故③错误；④当x＝1时，y的值最大．此时，y＝a+b+c，而当x＝n时，y＝an2+bn+c，所以a+b+c＞an2+bn+c，故a+b＞an2+bn，即a+b＞n（an+b），故④正确；⑤当x＝3时函数值小于0，y＝9a+3b+c＜0，且该抛物线对称轴是直线x＝﹣＝1，即a＝﹣，代入得9（﹣）+3b+c＜0，得2c ＜3b，故⑤正确；故④⑤正确．故选：D．点拨：本题主要考查了图象与二次函数系数之间的关系，二次函数y＝ax2+bx+c系数符号由抛物线开口方向、对称轴和抛物线与y轴的交点确定．二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，共32分，请将正确答案填写在答题卡相应的横线上）11．（4分）﹣的绝对值是．解析：根据绝对值的意义，求出结果即可．参考答案：解：根据负数的绝对值等于它的相反数可得，|﹣|＝，故答案为：．点拨：本题考查绝对值的意义，理解负数的绝对值等于它的相反数．12．（4分）分解因式：2x2﹣2＝2（x+1）（x﹣1）．解析：先提取公因式2，再根据平方差公式进行二次分解即可求得答案．参考答案：解：2x2﹣2＝2（x2﹣1）＝2（x+1）（x﹣1）．故答案为：2（x+1）（x﹣1）．点拨：本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用平方差公式进行二次分解，注意分解要彻底．13．（4分）若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是6．解析：任何多边形的外角和是360°，内角和等于外角和的2倍则内角和是720°．n边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的内角和，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．参考答案：解：设该多边形的边数为n，根据题意，得，（n﹣2）•180°＝720°，解得：n＝6．故这个多边形的边数为6．故答案为：6点拨：本题主要考查了多边形的内角和以及外角和，已知多边形的内角和求边数，可以转化为方程的问题来解决，难度适中．14．（4分）不等式组的解集为x≥﹣1．解析：求出每个不等式的解集，最后求出不等式组的解集即可．参考答案：解：，∵解不等式①得：x≥﹣3，解不等式②得：x≥﹣1，∴不等式组的解集为x≥﹣1，故答案为：x≥﹣1．点拨：本题考查了解一元一次不等式组，能根据不等式的解集找出不等式组的解集是解此题的关键．15．（4分）如图，直线AE∥BC，BA⊥AC，若∠ABC＝54°，则∠EAC ＝36度．解析：根据垂直的定义得到∠BAC＝90°，根据三角形的内角和定理得到∠C＝90°﹣54°＝36°，根据平行线的性质即可得到结论．参考答案：解：∵BA⊥AC，∴∠BAC＝90°，∵∠ABC＝54°，∴∠C＝90°﹣54°＝36°，∵AE∥BC，∴∠EAC＝∠C＝36°，故答案为：36．点拨：本题考查了平行线的性质，三角形的内角和定理，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．16．（4分）从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t）的数据，这两组数据的平均数分别是甲≈7.5，乙≈7.5，方差分别是S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，你认为应该选择的玉米种子是乙．解析：在平均数基本相等的前提下，方差越小产量越稳定，据此求解可得．参考答案：解：∵甲＝乙≈7.5，S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，∴S甲2＞S乙2，∴乙玉米种子的产量比较稳定，∴应该选择的玉米种子是乙，故答案为：乙．点拨：本题主要考查方差，解题的关键是掌握方差的意义：方差是反映一组数据的波动大小的一个量．方差越大，则平均值的离散程度越大，稳定性也越小；反之，则它与其平均值的离散程度越小，稳定性越好．17．（4分）在平面直角坐标系中，O为原点，点A（6，0），点B在y轴的正半轴上，∠ABO＝30°，矩形CODE的顶点D，E，C分别在OA，AB，OB上，OD＝2．将矩形CODE沿x轴向右平移，当矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6时，则矩形CODE 向右平移的距离为2．解析：由已知得出AD＝OA﹣OD＝4，由矩形的性质得出∠AED＝∠ABO＝30°，在Rt△AED中，AE＝2AD＝8，由勾股定理得出ED ＝4，作出图形，根据三角形面积公式列出方程即可得出答案．参考答案：解：∵点A（6，0），∴OA＝6，∵OD＝2，∴AD＝OA﹣OD＝6﹣2＝4，∵四边形CODE是矩形，∴DE∥OC，∴∠AED＝∠ABO＝30°，在Rt△AED中，AE＝2AD＝8，ED＝＝＝4，∵OD＝2，∴点E的坐标为（2，4）；∴矩形CODE的面积为4×2＝8，∵将矩形CODE沿x轴向右平移，矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6∴矩形CODE与△ABO不重叠部分的面积为2，如图，设ME′＝x，则FE′＝x，依题意有x×x÷2＝2，解得x＝±2（负值舍去）．故矩形CODE向右平移的距离为2．故答案为：2．点拨：考查了矩形的性质、坐标与图形性质、勾股定理、平移的性质、直角三角形的性质等知识；本题综合性强，有一定难度，熟练掌握含30°角的直角三角形的性质是解题的关键．18．（4分）观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝CM，∠NOC＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝DM，∠NOD＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝EM，∠NOE＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也会有类似的结论，你的结论是A1N ＝A n M，∠NOA n＝．解析：根据已知所给得到规律，进而可得在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程会有类似的结论．参考答案：解：∵（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝CM，∠NOC＝＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝DM，∠NOD＝＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝EM，∠NOE＝＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也有类似的结论是A1N＝A n M，∠NOA n＝．故答案为：A1N＝A n M，∠NOA n＝．点拨：本题考查了正多边形和圆、规律型：图形的变化类、全等三角形的判定与性质，解决本题的关键是掌握正多边形的性质．三、解答题（本大題关8小题，共78分，每个题目都要求在答题卡的相应位置写出计算、解答或证明的主要步骤）19．（8分）计算：2cos45°+（π﹣2020）0+|2﹣|．解析：分别根据特殊角的三角函数值，任何非零数的零次幂定义以及绝对值的定义计算即可．参考答案：解：原式＝＝＝3．点拨：本题主要考查了实数的运算，熟记相应定义以及特殊角的三角函数值是解答本题的关键．20．（8分）化简：（﹣a﹣1）÷．解析：先计算括号内分式的减法、将除式分母因式分解，再将除法转化为乘法，最后约分即可得．参考答案：解：原式＝（﹣）÷＝•＝．点拨：本题主要考查分式的混合运算，解题的关键是掌握分式的混合运算顺序和运算法则．21．（8分）如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．（1）求证：△BAE≌△CDE；（2）求∠AEB的度数．解析：（1）利用等边三角形的性质得到AD＝AE＝DE，∠EAD＝∠EDA＝60°，利用正方形的性质得到AB＝AD＝CD，∠BAD＝∠CDA ＝90°，所以∠EAB＝∠EDC＝150°，然后根据“SAS”判定△BAE≌△CDE；（2）先证明AB＝AE，然后根据等腰三角形的性质和三角形内角和计算∠AEB的度数．参考答案：（1）证明：∵△ADE为等边三角形，∴AD＝AE＝DE，∠EAD＝∠EDA＝60°，∵四边形ABCD为正方形，∴AB＝AD＝CD，∠BAD＝∠CDA＝90°，∴∠EAB＝∠EDC＝150°，在△BAE和△CDE中，∴△BAE≌△CDE（SAS）；（2）∵AB＝AD，AD＝AE，∴AB＝AE，∴∠ABE＝∠AEB，∵∠EAB＝150°，∴∠AEB＝（180°﹣150°）＝15°．点拨：本题考查了正方形的性质：正方形的四条边都相等，四个角都是直角；正方形的两条对角线相等，互相垂直平分，并且每条对角线平分一组对角；正方形具有四边形、平行四边形、矩形、菱形的一切性质．也考查了全等三角形的判定与性质和等边三角形的性质．22．（10分）为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：50≤x＜60，60≤x＜70，70≤x＜80，80≤x＜90，90≤x≤100）如图所示b．七年级参赛学生成绩在70≤x＜80这一组的具体得分是：70 71 73 75 76 76 76 77 77 78 79c．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9m80d．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有31人；（2）表中m的值为77.5；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．解析：（1）将频数分布直方图中第3、4、5组数据相加可得答案；（2）根据中位数的定义求解可得；（3）由90≤x≤100的频数为8、80≤x＜90的频数为15，据此可得答案；（4）用总人数乘以样本中七年级成绩超过平均数76.9分的人数占被调查人数的比例即可得．参考答案：解：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有8+15+8＝31（人），故答案为：31．（2）七年级50人成绩的中位数是第25、26个数据的平均数，而第25、26个数据分别为77、78，∴m＝＝77.5，故答案为：77.5；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名，故答案为：24；（4）估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数为500×＝270（人）．点拨：本题主要考查频数分布直方图、中位数及样本估计总体，解题的关键是根据直方图得出解题所需数据及中位数的定义和意义、样本估计总体思想的运用．23．（10分）某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求，工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？解析：（1）根据题意设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意列出方程即可求解；（2）结合（1）按照这个增长率，根据3月份平均日产量为24200个，即可预计4月份平均日产量．参考答案：解：（1）设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意，得20000（1+x）2＝24200解得x1＝﹣2.1（舍去），x2＝0.1＝10%，答：口罩日产量的月平均增长率为10%．（2）24200（1+0.1）＝26620（个）．答：预计4月份平均日产量为26620个．点拨：本题考查了一元二次方程的应用，解决本题的关键是掌握增长率问题应用题的等量关系．24．（10分）如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O 于点E．（1）若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；（2）若CA＝6，CE＝3.6，求⊙O的半径OA的长．解析：（1）连接AE，OE，由AB是⊙O的直径，得到∠AEB＝90°，根据直角三角形的性质得到AD＝DE，求得∠DAE＝∠AED，根据切线的性质得到∠CAE+∠EAO＝∠CAB＝90°，等量代换得到∠DEO＝90°，于是得到结论；（2）证明△AEC∽△BAC，列比例式可得BC的长，最后根据勾股定理可得OA的长．参考答案：（1）证明：连接AE，OE，∵AB是⊙O的直径，且E在⊙O上，∴∠AEB＝90°，∴∠AEC＝90°，∵D为AC的中点，∴AD＝DE，∴∠DAE＝∠AED，∵AC是⊙O的切线，∴∠CAE+∠EAO＝∠CAB＝90°，∵OA＝OE，∴∠OAE＝∠OEA，∴∠DEA+∠OEA＝90°，即∠DEO＝90°，∴DE是⊙O的切线；（2）解：∵∠AEC＝∠CAB＝90°，∠C＝∠C，∴△AEC∽△BAC，∴，∵CA＝6，CE＝3.6，∴，∴BC＝10，∵∠CAB＝90°，∴AB2+AC2＝BC2，∴AB＝＝8，∴OA＝4，即⊙O的半径OA的长是4．点拨：本题考查了切线的判定和性质，直角三角形的性质，等腰三角形的性质，相似三角形的性质和判定，正确的识别图形是解题的关键．25．（12分）问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝120°，∠MBN＝60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是EF＝AE+CF；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论（直接写出“成立”或者“不成立”），不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA＝BC，∠BAD+∠BCD ＝180°，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°．试求此时两舰艇之间的距离．解析：问题背景：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，即可得出结论：EF＝AE+CF；探究延伸1：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG ≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF＝AE+CF；探究延伸2：延长DC到H，使得CH＝AE，连接BH，先证明△BCH≌△BAE，即可得到BE＝HB，∠ABE＝∠HBC，再证明△HBF ≌△EBF，即可得出EF＝HF＝HC+CF＝AE+CF；实际应用：连接EF，延长BF交AE的延长线于G，根据题意可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA＝OB，∠A+∠B ＝180°，∠AOB＝2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．再根据探究延伸2的结论：EF＝AE+BF，即可得到两舰艇之间的距离．参考答案：解：问题背景：如图1，延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF＝AE+CF；故答案为：EF＝AE+CF；探究延伸1：上述结论仍然成立，即EF＝AE+CF，理由如下：如图2，延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，∵CG＝AE，∠BCG＝∠A＝90°，BC＝BA，∴△BCG≌△BAE（SAS），∴BG＝BE，∠ABE＝∠CBG，∵∠ABC＝2∠EBF，∴∠ABE+∠CBF＝∠EBF，即∠CBG+∠CBF＝∠EBF，∴∠GBF＝∠EBF，又∵BF＝BF，∴△BFG≌△BFE（SAS），∴GF＝EF，即GC+CF＝EF，∴AE+CF＝EF∴可得出结论：EF＝AE+CF；探究延伸2：上述结论仍然成立，即EF＝AE+CF，理由：如图3，延长DC到H，使得CH＝AE，连接BH，∵∠BAD+∠BCD＝180°，∠BCH+∠BCD＝180°，∴∠BCH＝∠BAE，∵BA＝BC，CH＝AE，∴△BCH≌△BAE（SAS），∴BE＝HB，∠ABE＝∠HBC，∴∠HBE＝∠ABC，又∵∠ABC＝2∠MBN，∴∠EBF＝∠HBF，∵BF＝BF，∴△HBF≌△EBF（SAS），∴EF＝HF＝HC+CF＝AE+CF；实际应用：如图4，连接EF，延长BF交AE的延长线于G，因为舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，所以∠AOB＝140°，因为指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°，所以∠EOF＝70°，所以∠AOB＝2∠EOF．依题意得，OA＝OB，∠A＝60°，∠B＝120°，所以∠A+∠B＝180°，因此本题的实际的应用可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA＝OB，∠A+∠B＝180°，∠AOB＝2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．根据探究延伸2的结论可得：EF＝AE+BF，根据题意得，AE＝75×1.2＝90（海里），BF＝100×1.2＝120（海里），所以EF＝90+120＝210（海里）．答：此时两舰艇之间的距离为210海里．点拨：本题属于四边形综合题，主要考查了全等三角形的判定和性质，解题的关键是正确作出辅助线构造全等三角形，解答时注意类比思想的灵活应用．26．（12分）已知直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A（﹣1，0），点M（m，0）是x轴正半轴上的动点．（1）当直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E时，求k，b，c的值及抛物线顶点E的坐标；（2）在（1）的条件下，设该抛物线与y轴的交点为C，若点Q 在抛物线上，且点Q的横坐标为b，当S△EQM＝S△ACE时，求m 的值；（3）点D在抛物线上，且点D的横坐标为b+，当AM+2DM 的最小值为时，求b的值．解析：（1）将A点坐标代入直线与抛物线的解析式中求得k的值和b与c的关系式，再将抛物线的顶点坐标代入求得的直线的解析式，便可求得b、c的值，进而求得E点的坐标；（2）先根据抛物线的解析式求得C、Q点坐标，用m表示△EQM 的面积，再根据S△EQM＝S△ACE列出m的方程进行解答；（3）取点N（0，1），则∠OAN＝45°，过D作直线AN的垂线，垂足为G，DG与x轴相交于点M，此时AM+2DM＝2DG的值最小，由2DG＝列出关于b的方程求解便可．参考答案：解：（1）∵直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A（﹣1，0），∴﹣k﹣2＝0，1+b+c＝0，∴k＝﹣2，c＝﹣b﹣1，∴直线y＝kx﹣2的解析式为y＝﹣2x﹣2，∵抛物线y＝x2﹣bx+c的顶点坐标为E（，），∴E（，），∵直线y＝﹣2x﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E，∴＝﹣2×﹣2，解得，b＝2，或b＝﹣2（舍），当b＝2时，c＝﹣3，∴E（1，﹣4），故k＝﹣2，b＝2，c＝﹣3，E（1，﹣4）；（2）由（1）知，直线的解析式为y＝﹣2x﹣2，抛物线的解析式为y＝x2﹣2x﹣3，∴C（0，﹣3），Q（2，﹣3），如图1，设直线y＝﹣2x﹣2与y轴交点为N，则N（0，﹣2），∴CN＝1，∴，∴，设直线EQ与x轴的交点为D，显然点M不能与点D重合，设直线EQ的解析式为y＝dx+n（d≠0），则，解得，，∴直线EQ的解析式为y＝x﹣5，∴D（5，0），∴S△EQM＝S△EDM﹣S△QDM＝＝，解得，m＝3，或m＝7；（3）∵点D（b+，y D）在抛物线y＝x2﹣bx﹣b﹣1上，∴，可知点D（b+，）在第四象限，且在直线x＝b的右侧，∵，∴可取点N（0，1），则∠OAN＝45°，如图2，过D作直线AN的垂线，垂足为G，DG与x轴相交于点M，∵∠GAM＝90°﹣∠OAN＝45°，得AM＝GM，则此时点M满足题意，过D作DH⊥x轴于点H，则点H（b+，0），在Rt△MDH中，可知∠DMH＝∠MDH＝45°，∴DH＝MH，DM＝MH，∵点M（m，0），∴0﹣（）＝（b+）﹣m，解得，m＝，∵，∴，解得，b＝3，此时，m＝，符合题意，∴b＝3．点拨：本题是二次函数的综合题，主要考查了待定系数法，二次函数的图象与性质，三角形面积公式，等腰直角三角形的性质，第（2）小题关键是由面积关系列出m的方程，第（3）小题关键是确定AM+2DM的最小值为2DG的值．。

2020年湘西州中考数学试卷一、选择题（共10小题）.1．下列各数中，比﹣2小的数是（）A．0B．﹣1C．﹣3D．32．2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是（）A．0.927×105B．9.27×104C．92.7×103D．927×1023．下列运算正确的是（）A．＝﹣2B．（x﹣y）2＝x2﹣y2C．+＝D．（﹣3a）2＝9a24．如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（）A．B．C．D．5．从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（）A．B．C．D．6．已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F．画直线EF，分别交OA于D，交OB于G．那么△ODG一定是（）A．锐角三角形B．钝角三角形C．等腰三角形D．直角三角形7．已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），下列说法正确的是（）A．正比例函数y1的解析式是y1＝2xB．两个函数图象的另一交点坐标为（4，﹣2）C．正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D．当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y18．如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D．下列结论不一定成立的是（）A．△BPA为等腰三角形B．AB与PD相互垂直平分C．点A、B都在以PO为直径的圆上D．PC为△BPA的边AB上的中线9．如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB＝a，BC＝b，∠DAO＝x，则点C到x轴的距离等于（）A．a cos x+b sin x B．a cos x+b cos xC．a sin x+b cos x D．a sin x+b sin x10．已知二次函数y＝ax2+bx+c图象的对称轴为x＝1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc＞0，②b﹣2a＜0，③a﹣b+c＞0，④a+b＞n（an+b），（n≠1），⑤2c＜3b．正确的是（）A．①③B．②⑤C．③④D．④⑤二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，共32分，请将正确答案填写在答题卡相应的横线上）11．﹣的绝对值是．12．分解因式：2x2﹣2＝．13．若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是．14．不等式组的解集为．15．如图，直线AE∥BC，BA⊥AC，若∠ABC＝54°，则∠EAC＝度．16．从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t）的数据，这两组数据的平均数分别是甲≈7.5，乙≈7.5，方差分别是S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，你认为应该选择的玉米种子是．17．在平面直角坐标系中，O为原点，点A（6，0），点B在y轴的正半轴上，∠ABO＝30°，矩形CODE的顶点D，E，C分别在OA，AB，OB上，OD＝2．将矩形CODE 沿x轴向右平移，当矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6时，则矩形CODE向右平移的距离为．18．观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝CM，∠NOC＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝DM，∠NOD＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝EM，∠NOE＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也会有类似的结论，你的结论是．三、解答题（本大題关8小题，共78分，每个题目都要求在答题卡的相应位置写出计算、解答或证明的主要步骤）19．计算：2cos45°+（π﹣2020）0+|2﹣|．20．化简：（﹣a﹣1）÷．21．如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．（1）求证：△BAE≌△CDE；（2）求∠AEB的度数．22．为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：50≤x＜60，60≤x＜70，70≤x＜80，80≤x＜90，90≤x≤100）如图所示b．七年级参赛学生成绩在70≤x＜80这一组的具体得分是：70 71 73 75 7676 76 77 77 78 79c．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9m80d．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有人；（2）表中m的值为；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．23．某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求．工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？24．如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；（2）若CA＝6，CE＝3.6，求⊙O的半径OA的长．25．问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝120°，∠MBN＝60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论（直接写出“成立”或者“不成立”），不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA＝BC，∠BAD+∠BCD＝180°，∠ABC ＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°．试求此时两舰艇之间的距离．26．已知直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A（﹣1，0），点M（m，0）是x轴正半轴上的动点．（1）当直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E时，求k，b，c的值及抛物线顶点E的坐标；（2）在（1）的条件下，设该抛物线与y轴的交点为C，若点Q在抛物线上，且点Q的横坐标为b，当S△EQM＝S△ACE时，求m的值；（3）点D在抛物线上，且点D的横坐标为b+，当AM+2DM的最小值为时，求b的值．参考答案一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．请将每个小题所给四个选项中唯一正确选项的代号填涂在答题卡相应的位置上）1．下列各数中，比﹣2小的数是（）A．0B．﹣1C．﹣3D．3【分析】利用数轴表示这些数，从而比较大小．解：将这些数在数轴上表示出来：∴﹣3＜﹣2＜﹣1＜0＜3，∴比﹣2小的数是﹣3，故选：C．2．2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是（）A．0.927×105B．9.27×104C．92.7×103D．927×102【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．解：92700＝9.27×104．故选：B．3．下列运算正确的是（）A．＝﹣2B．（x﹣y）2＝x2﹣y2C．+＝D．（﹣3a）2＝9a2【分析】根据二次根式的加减法、幂的乘方与积的乘方、完全平方公式、二次根式的性质与化简，进行计算即可判断．解：A.＝2，所以A选项错误；B．（x﹣y）2＝x2﹣2xy+y2，所以B选项错误；C.+≠，所以C选项错误；D．（﹣3a）2＝9a2．所以D选项正确．故选：D．4．如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（）A．B．C．D．【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．解：从上边看有两层，底层右边是一个小正方形，上层是两个小正方形，故选：C．5．从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（）A．B．C．D．【分析】列举出所有可能出现的结果情况，进而求出能构成三角形的概率．解：从长度为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，共有以下4种结果（不分先后）：1cm 3cm 5cm，1cm 3cm 6cm，3cm 5cm 6cm，1cm 5cm 6cm，其中，能构成三角形的只有1种，∴P（构成三角形）＝．故选：A．6．已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F．画直线EF，分别交OA于D，交OB于G．那么△ODG一定是（）A．锐角三角形B．钝角三角形C．等腰三角形D．直角三角形【分析】依据已知条件即可得到∠ODE＝∠OGE，即可得到OD＝OG，进而得出△ODG是等腰三角形．解：如图所示，∵OM平分∠AOB，∴∠AOC＝∠BOC，由题可得，DG垂直平分OC，∴∠OED＝∠OEG＝90°，∴∠ODE＝∠OGE，∴OD＝OG，∴△ODG是等腰三角形，故选：C．7．已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），下列说法正确的是（）A．正比例函数y1的解析式是y1＝2xB．两个函数图象的另一交点坐标为（4，﹣2）C．正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D．当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y1【分析】由题意可求正比例函数解析式和反比例函数解析式，根据正比例函数和反比例函数的性质可判断求解．解：∵正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（2，﹣4），∴正比例函数y1＝﹣2x，反比例函数y2＝﹣，∴两个函数图象的另一个交点为（﹣2，4），∴A，B选项说法错误；∵正比例函数y1＝﹣2x中，y随x的增大而减小，反比例函数y2＝﹣中，在每个象限内y随x的增大而增大，∴C选项说法错误；∵当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y1，∴选项D说法正确．故选：D．8．如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D．下列结论不一定成立的是（）A．△BPA为等腰三角形B．AB与PD相互垂直平分C．点A、B都在以PO为直径的圆上D．PC为△BPA的边AB上的中线【分析】根据切线的性质即可求出答案．解：（A）∵PA、PB为圆O的切线，∴PA＝PB，∴△BPA是等腰三角形，故A正确．（B）由圆的对称性可知：AB⊥PD，但不一定平分，故B不一定正确．（C）连接OB、OA，∵PA、PB为圆O的切线，∴∠OBP＝∠OAP＝90°，∴点A、B、P在以OP为直径的圆上，故C正确．（D）∵△BPA是等腰三角形，PD⊥AB，∴PC为△BPA的边AB上的中线，故D正确．故选：B．9．如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB＝a，BC＝b，∠DAO＝x，则点C到x轴的距离等于（）A．a cos x+b sin x B．a cos x+b cos xC．a sin x+b cos x D．a sin x+b sin x【分析】作CE⊥y轴于E，由矩形的性质得出CD＝AB＝a，AD＝BC＝b，∠ADC＝90°，证出∠CDE＝∠DAO＝x，由三角函数定义得出OD＝b sin x，DE＝a cos x，进而得出答案．解：作CE⊥y轴于E，如图：∵四边形ABCD是矩形，∴CD＝AB＝a，AD＝BC＝b，∠ADC＝90°，∴∠CDE+∠ADO＝90°，∵∠AOD＝90°，∴∠DAO+∠ADO＝90°，∴∠CDE＝∠DAO＝x，∵sin∠DAO＝，cos∠CDE＝，∴OD＝AD×sin∠DAO＝b sin x，DE＝D×cos∠CDE＝a cos x，∴OE＝DE+OD＝a cos x+b sin x，∴点C到x轴的距离等于a cos x+b sin x；故选：A．10．已知二次函数y＝ax2+bx+c图象的对称轴为x＝1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc＞0，②b﹣2a＜0，③a﹣b+c＞0，④a+b＞n（an+b），（n≠1），⑤2c＜3b．正确的是（）A．①③B．②⑤C．③④D．④⑤【分析】由抛物线的开口方向判断a的符号，由抛物线与y轴的交点判断c的符号，然后根据对称轴及抛物线与x轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．解：①由图象可知：a＜0，b＞0，c＞0，abc＜0，故此选项错误；②由于a＜0，所以﹣2a＞0．又b＞0，所以b﹣2a＞0，故此选项错误；③当x＝﹣1时，y＝a﹣b+c＜0，故此选项错误；④当x＝1时，y的值最大．此时，y＝a+b+c，而当x＝n时，y＝an2+bn+c，所以a+b+c＞an2+bn+c，故a+b＞an2+bn，即a+b＞n（an+b），故此选项正确；⑤当x＝3时函数值小于0，y＝9a+3b+c＜0，且该抛物线对称轴是直线x＝﹣＝1，即a＝﹣，代入得9（﹣）+3b+c＜0，得2c＜3b，故此选项正确；故④⑤正确．故选：D．二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，共32分，请将正确答案填写在答题卡相应的横线上）11．﹣的绝对值是．【分析】根据绝对值的意义，求出结果即可．解：根据负数的绝对值等于它的相反数可得，|﹣|＝，故答案为：．12．分解因式：2x2﹣2＝2（x+1）（x﹣1）．【分析】先提取公因式2，再根据平方差公式进行二次分解即可求得答案．解：2x2﹣2＝2（x2﹣1）＝2（x+1）（x﹣1）．故答案为：2（x+1）（x﹣1）．13．若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是6．【分析】任何多边形的外角和是360°，内角和等于外角和的2倍则内角和是720°．n 边形的内角和是（n﹣2）•180°，如果已知多边形的内角和，就可以得到一个关于边数的方程，解方程就可以求出多边形的边数．解：设该多边形的边数为n，根据题意，得，（n﹣2）•180°＝720°，解得：n＝6．故这个多边形的边数为6．故答案为：614．不等式组的解集为x≥﹣1．【分析】求出每个不等式的解集，最后求出不等式组的解集即可．解：，∵解不等式①得：x≥﹣3，解不等式②得：x≥﹣1，∴不等式组的解集为x≥﹣1，故答案为：x≥﹣1．15．如图，直线AE∥BC，BA⊥AC，若∠ABC＝54°，则∠EAC＝36度．【分析】根据垂直的定义得到∠BAC＝90°，根据三角形的内角和定理得到∠C＝90°﹣54°＝36°，根据平行线的性质即可得到结论．解：∵BA⊥AC，∴∠BAC＝90°，∵∠ABC＝54°，∴∠C＝90°﹣54°＝36°，∵AE∥BC，∴∠EAC＝∠C＝36°，故答案为：36．16．从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t）的数据，这两组数据的平均数分别是甲≈7.5，乙≈7.5，方差分别是S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，你认为应该选择的玉米种子是乙．【分析】在平均数基本相等的前提下，方差越小产量越稳定，据此求解可得．解：∵甲＝乙≈7.5，S甲2＝0.010，S乙2＝0.002，∴S甲2＞S乙2，∴乙玉米种子的产量比较稳定，∴应该选择的玉米种子是乙，故答案为：乙．17．在平面直角坐标系中，O为原点，点A（6，0），点B在y轴的正半轴上，∠ABO＝30°，矩形CODE的顶点D，E，C分别在OA，AB，OB上，OD＝2．将矩形CODE 沿x轴向右平移，当矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6时，则矩形CODE向右平移的距离为2．【分析】由已知得出AD＝OA﹣OD＝4，由矩形的性质得出∠AED＝∠ABO＝30°，在Rt△AED中，AE＝2AD＝8，由勾股定理得出ED＝4，作出图形，根据三角形面积公式列出方程即可得出答案．解：∵点A（6，0），∴OA＝6，∵OD＝2，∴AD＝OA﹣OD＝6﹣2＝4，∵四边形CODE是矩形，∴DE∥OC，∴∠AED＝∠ABO＝30°，在Rt△AED中，AE＝2AD＝8，ED＝＝＝4，∵OD＝2，∴点E的坐标为（2，4）；∴矩形CODE的面积为4×2＝8，∵将矩形CODE沿x轴向右平移，矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6∴矩形CODE与△ABO不重叠部分的面积为2，如图，设ME′＝x，则FE′＝x，依题意有x×x÷2＝2，解得x＝±2（负值舍去）．故矩形CODE向右平移的距离为2．故答案为：2．18．观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝CM，∠NOC＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝DM，∠NOD＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝EM，∠NOE＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也会有类似的结论，你的结论是A1N＝A n M，∠NOA n＝．【分析】根据已知所给得到规律，进而可得在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程会有类似的结论．解：∵（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN＝CM，∠NOC＝＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝DM，∠NOD＝＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝EM，∠NOE＝＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也有类似的结论是A1N＝A n M，∠NOA n＝．故答案为：A1N＝A n M，∠NOA n＝．三、解答题（本大題关8小题，共78分，每个题目都要求在答题卡的相应位置写出计算、解答或证明的主要步骤）19．计算：2cos45°+（π﹣2020）0+|2﹣|．【分析】分别根据特殊角的三角函数值，任何非零数的零次幂定义1以及绝对值的定义计算即可．解：原式＝＝＝3．20．化简：（﹣a﹣1）÷．【分析】先计算括号内分式的减法、将除式分母因式分解，再将除法转化为乘法，最后约分即可得．解：原式＝（﹣）÷＝•＝．21．如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．（1）求证：△BAE≌△CDE；（2）求∠AEB的度数．【分析】（1）利用等边三角形的性质得到∠AD＝AE＝DE，∠EAD＝∠EDA＝60°，利用正方形的性质得到AB＝AD＝CD，∠BAD＝∠CDA＝90°，所以∠EAB＝∠EDC ＝150°，然后根据“SAS”判定△BAE≌△CDE；（2）先证明AB＝AE，然后根据等腰三角形的性质和三角形内角和计算∠ABE的度数．【解答】（1）证明：∵△ADE为等边三角形，∴∠AD＝AE＝DE，∠EAD＝∠EDA＝60°，∵四边形ABCD为正方形，∴AB＝AD＝CD，∠BAD＝∠CDA＝90°，∴∠EAB＝∠EDC＝150°，在△BAE和△CDE中，∴△BAE≌△CDE（SAS）；（2）∵AB＝AD，AD＝AE，∴AB＝AE，∴∠ABE＝∠AEB，∵∠EAB＝150°，∴∠ABE＝（180°﹣150°）＝15°．22．为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：50≤x＜60，60≤x＜70，70≤x＜80，80≤x＜90，90≤x≤100）如图所示b．七年级参赛学生成绩在70≤x＜80这一组的具体得分是：70 71 73 75 7676 76 77 77 78 79c．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9m80d．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有31人；（2）表中m的值为77.5；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．【分析】（1）将频数分布直方图中第3、4、5组数据相加可得答案；（2）根据中位数的定义求解可得；（3）由90≤x≤100的频数为8、80≤x＜90的频数为15，据此可得答案；（4）用总人数乘以样本中七年级成绩超过平均数76.9分的人数占被调查人数的比例即可得．解：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有8+15+8＝31（人），故答案为：31．（2）七年级50人成绩的中位数是第25、26个数据的平均数，而第25、26个数据分别为77、78，∴m＝＝77.5，故答案为：77.5；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名，故答案为：24；（4）估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数为500×＝270（人）．23．某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求．工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？【分析】（1）根据题意设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意列出方程即可求解；（2）结合（1）按照这个增长率，根据3月份平均日产量为24200个，即可预计4月份平均日产量．解：（1）设口罩日产量的月平均增长率为x，根据题意，得20000（1+x）2＝24200解得x1＝﹣2（舍去），x2＝0.1＝10%，答：口罩日产量的月平均增长率为10%．（2）24200（1+0.1）＝26620（个）．答：预计4月份平均日产量为26620个．24．如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；（2）若CA＝6，CE＝3.6，求⊙O的半径OA的长．【分析】（1）连接AE，OE，由AB是⊙O的直径，得到∠AEB＝90°，根据直角三角形的性质得到AD＝DE，求得∠DAE＝∠AED，根据切线的性质得到∠CAE+∠EAO＝∠CAB＝90°，等量代换得到∠DEO＝90°，于是得到结论；（2）证明△AEC∽△BAC，列比例式可得BC的长，最后根据勾股定理可得OA的长．【解答】（1）证明：连接AE，OE，∵AB是⊙O的直径，且E在⊙O上，∴∠AEB＝90°，∴∠AEC＝90°，∵D为AC的中点，∴AD＝DE，∴∠DAE＝∠AED，∵AC是⊙O的切线，∴∠CAE+∠EAO＝∠CAB＝90°，∵OA＝OE，∴∠OAE＝∠OEA，∴∠DEA+∠OEA＝90°，即∠DEO＝90°，∴DE是⊙O的切线；（2）解：∵∠AEC＝∠CAB＝90°，∠C＝∠C，∴△AEC∽△BAC，∴，∵CA＝6，CE＝3.6，∴，∴BC＝10，∵∠CAB＝90°，∴AB2+AC2＝BC2，∴AB＝＝8，∴OA＝4，即⊙O的半径OA的长是4．25．问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝120°，∠MBN＝60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是EF＝AE+CF；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论（直接写出“成立”或者“不成立”），不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA＝BC，∠BAD+∠BCD＝180°，∠ABC ＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°．试求此时两舰艇之间的距离．【分析】问题背景：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，即可得出结论：EF＝AE+CF；探究延伸1：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论：EF＝AE+CF；探究延伸2：延长DC到H，使得CH＝AE，连接BH，先证明△BCH≌△BAE，即可得到BE＝HB，∠ABE＝∠HBC，再证明△HBF≌△EBF，即可得出EF＝HF＝HC+CF ＝AE+CF；实际应用：连接EF，延长BF交AE的延长线于G，根据题意可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA＝OB，∠A+∠B＝180°，∠AOB＝2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．再根据探究延伸2的结论：EF＝AE+BF，即可得到两舰艇之间的距离．解：问题背景：如图1，延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG ≌△BFE，可得出结论：EF＝AE+CF；故答案为：EF＝AE+CF；探究延伸1：如图2，延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG ≌△BFE，可得出结论：EF＝AE+CF；探究延伸2：上述结论仍然成立，即EF＝AE+CF，理由：如图3，延长DC到H，使得CH＝AE，连接BH，∵∠BAD+∠BCD＝180°，∠BCH+∠BCD＝180°，∴∠BCH＝∠BAE，∵BA＝BC，CH＝AE，∴△BCH≌△BAE（SAS），∴BE＝HB，∠ABE＝∠HBC，∴∠HBE＝∠ABC，又∵∠ABC＝2∠MBN，∴∠EBF＝∠HBF，∵BF＝BF，∴△HBF≌△EBF（SAS），∴EF＝HF＝HC+CF＝AE+CF；实际应用：如图4，连接EF，延长BF交AE的延长线于G，因为舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B 处，所以∠AOB＝140°，因为指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°，所以∠EOF＝70°，所以∠AOB＝2∠EOF．依题意得，OA＝OB，∠A＝60°，∠B＝120°，所以∠A+∠B＝180°，因此本题的实际的应用可转化为如下的数学问题：在四边形GAOB中，OA＝OB，∠A+∠B＝180°，∠AOB＝2∠EOF，∠EOF的两边分别交AG，BG于E，F，求EF的长．根据探究延伸2的结论可得：EF＝AE+BF，根据题意得，AE＝75×1.2＝90（海里），BF＝100×1.2＝120（海里），所以EF＝90+120＝210（海里）．答：此时两舰艇之间的距离为210海里．26．已知直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A（﹣1，0），点M（m，0）是x轴正半轴上的动点．（1）当直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E时，求k，b，c的值及抛物线顶点E的坐标；（2）在（1）的条件下，设该抛物线与y轴的交点为C，若点Q在抛物线上，且点Q的横坐标为b，当S△EQM＝S△ACE时，求m的值；（3）点D在抛物线上，且点D的横坐标为b+，当AM+2DM的最小值为时，求b的值．【分析】（1）将A点坐标代入直线与抛物线的解析式中求得k的值和b与c的关系式，再将抛物线的顶点坐标代入求得的直线的解析式，便可求得b、c的值，进而求得E点的坐标；（2）先根据抛物线的解析式求得C、Q点坐标，用m表示△EQM的面积，再根据S△EQM ＝S△ACE列出m的方程进行解答；（3）取点N（0，1），则∠OAN＝45°，过D作直线AN的垂线，垂足为G，DG与x 轴相交于点M，此时AM+2DM＝2DG的值最小，由2DG＝列出关于b的方程求解便可．解：（1）∵直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A （﹣1，0），∴﹣k﹣2＝0，1+b+c＝0，∴k＝﹣2，c＝﹣b﹣1，∴直线y＝kx﹣2的解析式为y＝﹣2x﹣2，∵抛物线y＝x2﹣bx+c的顶点坐标为E（，），∴E（，），∵直线y＝﹣2x﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E，∴＝﹣2×﹣2，解得，b＝2，或B＝﹣2（舍），当b＝2时，c＝﹣3，∴E（1，﹣4），故k＝﹣2，b＝2，c＝﹣3，E（1，﹣4）；（2）由（1）知，直线的解析式为y＝﹣2x﹣2，抛物线的解析式为y＝x2﹣2x﹣3，∴C（0，﹣3），Q（2，﹣3），如图1，设直线y＝﹣2x﹣2与y轴交点为N，则N（0，﹣2），∴CN＝1，∴，∴，设直线EQ与x轴的交点为D，显然点M不能与点D重合，设直线EQ的解析式为y＝dx+n（d≠0），则，解得，，∴直线EQ的解析式为y＝x﹣5，∴D（5，0），∴＝，解得，m＝4，或m＝6；（3）∵点D（b+，y D）在抛物线y＝x2﹣bx﹣b﹣1上，∴，可知点D（b+，）在第四象限，且在直线x＝b的右侧，∵，∴可取点N（0，1），则∠OAN＝45°，如图2，过D作直线AN的垂线，垂足为G，DG与x轴相交于点M，∵∠GAM＝90°﹣∠OAN＝45°，得AM＝GM，则此时点M满足题意，过D作DH⊥x轴于点H，则点H（b+，0），在Rt△MDH中，可知∠DMH＝∠MDH＝45°，∴DH＝MH，DM＝MH，∵点M（m，0），∴0＝（）＝（b+）﹣m，解得，m＝，∵，∴，解得，Bb＝3，此时，m＝，符合题意，∴b＝3．。

2020年湘西土家族苗族自治州初中毕业考试数学试卷姓名 准考证号 注意事项：1、本卷为试卷题，考生应在答题卡上作答，在试题卷，草稿纸答题无效。

2 、答题前，考生须先将自己的姓名、准考证号分别在试题卷和答题卡上填写清楚。

3、答题完成后，请将试题卷、答题卡、草稿纸放在桌上，由监考老师统一收回。

4、本试卷三大题，25小题，时量120分钟，满分120分。

一、填空题（本大题6小题，每小题3分，共18分，将正确答案填在答题卡相应横线上） 1、2013-的绝对值是 。

2、如图，直线a 和直线b 相交于点O ，150∠=︒，则2∠= 。

3、吉首至怀化的高速公路2012年12月23日顺利通车后，赴凤凰古城游玩的游客越来越多。

剧统计，今年春节期间，凤凰古城接待游客约为210000人，其中210000人用科学计数法表示为 人。

4、函数y =x 的取值范围是 。

5、下面是一个简单的数值运算程序，当输入x 的值为3时，则输出的数值为 。

（用科学记算器计算或笔算）6、小明把如图所示的矩形纸板挂在墙上，玩飞镖游戏（每次飞 镖均落在纸板上）则阴影区域的概率是 。

二、选择题（本大题10小题，每小题3分，共30分，将每个小题所给四个选项中唯一正确选项的代号涂在答题卡上） 7、下列运算正确的是（ ）A 、248a a a ⋅=B 、2(2)(3)6x x x -+=-C 、22(2)4x x -=-D 、235a a a +=8、若y x >，则下列式子错误．．的是（ ） A 、33y x ->- B 、33y x ->- C 、33y x +>+ D 、33yx>9、下列图形中，是圆锥．．侧面展开图的是（ ）12A B10、在某次体育测试中，九年级(2)班6位同学的立定跳远成绩（单位：米）分别是：1.83,1.85,1.96,2.08 , 1.85,1.98，则这组数据的众数是（ ）A 、1.83B 、1.85C 、2.08D 、1.9611、如图，一副分别含有30︒和45︒角的两个直角三角板，拼成 如下图形，其中90C ∠=︒,45B ∠=︒,30E ∠=︒，则的度数是（ ）A 、15︒B 、25︒C 、30︒D 、10︒12、下列说法中，正确的是（ ）A 、同位角相等B 、对角线相等的四边形是平行四边形C 、四条边相等的四边形是菱形D 、矩形的对角线一定互相垂直13、如图，在平面直角坐标系中，将点( 2 , 3)A -向右平移3个单位长度后， 那么平移后对应的点A '的坐标是（ ）A 、( 2 , 3)--B 、( 2 , 6)-C 、(1 , 3)D 、( 2 , 1)-14、已知1O e 与2O e 的半径分别为3cm 和5cm ，若圆心距128O O cm =，则1e2位置关系是（ ）A 、相交B 、相离C 、内切D 、外切15、小芳的爷爷每天坚持体育锻炼，某天他慢步行走到离家较远的公园，打了一会儿太极拳，然后沿原路跑步到家里，下面能够反映当天小芳爷爷离家的距离．．．．．y （米）与时间x （分钟）之间的关系的大致图象是（ ）16、如图，在ABCD Y 中，E 是AB 边上的中点，连接BE ， 并延长BE 交CD 延长线于点F ，则EDF ∆与BCF ∆的周长之 比是（ ）A 、1:2B 、1:3C 、1:4D 、1:5三、解答题（本大题9个小题，共72分，每个题目都要求在答题卡的相应位置写出计算或证明的主要步骤）17、（本题5分）计算：11()303sin -︒ACD FE )))D ABCDF E18、（本题5分）解方程组：213211x y x y +=⋅⋅⋅⋅⋅⋅⋅⋅⎧⎨-=⋅⋅⋅⋅⋅⎩①②19、（本题8分）如图，在矩形ABCD 中，E 、F 分别是边AB 、CD 的中点，连接AF ，CE 。

【word版】2020年湖南省湘西州中考数学试卷(无答案)一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．请将每个小题所给四个选项中唯一正确选项的代号填涂在答题卡相应的位置上）1．（4分）下列各数中，比﹣2小的数是（）A．0B．﹣1C．﹣3D．32．（4分）2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元，用科学记数法表示92700是（）A．0.927×105B．9.27×104C．92.7×103D．927×1023．（4分）下列运算正确的是（）A．＝﹣2B．（x﹣y）2＝x2﹣y2C．+＝D．（﹣3a）2＝9a24．（4分）如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（）A．B．C．D．5．（4分）从长度分别为1cm、3cm、5cm、6cm四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（）A．B．C．D．6．（4分）已知∠AOB，作∠AOB的平分线OM，在射线OM上截取线段OC，分别以O、C为圆心，大于OC的长为半径画弧，两弧相交于E，F．画直线EF，分别交OA于D，交OB于G．那么△ODG一定是（）A．锐角三角形B．钝角三角形C．等腰三角形D．直角三角形7．（4分）已知正比例函数y1的图象与反比例函数y2的图象相交于点A（﹣2，4），下列说法正确的是（）A．正比例函数y1的解析式是y1＝2xB．两个函数图象的另一交点坐标为（4，﹣2）C．正比例函数y1与反比例函数y2都随x的增大而增大D．当x＜﹣2或0＜x＜2时，y2＜y18．（4分）如图，PA、PB为圆O的切线，切点分别为A、B，PO交AB于点C，PO的延长线交圆O于点D．下列结论不一定成立的是（）A．△BPA为等腰三角形B．AB与PD相互垂直平分C．点A、B都在以PO为直径的圆上D．PC为△BPA的边AB上的中线9．（4分）如图，在平面直角坐标系xOy中，矩形ABCD的顶点A在x轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D在y轴的正半轴上，矩形的边AB＝a，BC＝b，∠DAO＝x，则点C 到x轴的距离等于（）A．acosx+bsinx B．acosx+bcosxC．asinx+bcosx D．asinx+bsinx10．（4分）已知二次函数y＝ax2+bx+c图象的对称轴为x＝1，其图象如图所示，现有下列结论：①abc＞0，②b﹣2a＜0，③a﹣b+c＞0，④a+b＞n（an+b），（n≠1），⑤2c＜3b．正确的是（）A．①③B．②⑤C．③④D．④⑤二、填空题（本大题共8小题，每小题4分，共32分，请将正确答案填写在答题卡相应的横线上）11．（4分）﹣的绝对值是．12．（4分）分解因式：2x2﹣2＝．13．（4分）若一个多边形的内角和是外角和的两倍，则该多边形的边数是．14．（4分）不等式组的解集为．15．（4分）如图，直线AE∥BC，BA⊥AC，若∠ABC＝54°，则∠EAC＝度．16．（4分）从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心．选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t），乙≈7.5，方差分别是S甲2＝0.010，S乙2＝的数据，这两组数据的平均数分别是甲≈7.50.002，你认为应该选择的玉米种子是．17．（4分）在平面直角坐标系中，O为原点，点A（6，0），点B在y轴的正半轴上，∠ABO ＝30°，矩形CODE的顶点D，E，C分别在OA，AB，OB上，OD＝2．将矩形CODE沿x轴向右平移，当矩形CODE与△ABO重叠部分的面积为6时，则矩形CODE向右平移的距离为．18．（4分）观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝CM，∠NOC＝60°；（2）如图2，在正方形ABCD中，点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝DM，∠NOD＝90°；（3）如图③，在正五边形ABCDE中点M，N是AB，BC上的点，且AM＝BN，则AN ＝EM，∠NOE＝108°；…根据以上规律，在正n边形A1A2A3A4…A n中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M，N是A1A2，A2A3上的点，且A1M＝A2N，A1N与A n M相交于O．也会有类似的结论，你的结论是．三、解答题（本大題关8小题，共78分，每个题目都要求在答题卡的相应位置写出计算、解答或证明的主要步骤）19．（8分）计算：2cos45°+（π﹣2020）0+|2﹣|．20．（8分）化简：（﹣a﹣1）÷．21．（8分）如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，连接BE，CE．（1）求证：△BAE≌△CDE；（2）求∠AEB的度数．22．（10分）为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况，现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：50≤x＜60，60≤x＜70，70≤x ＜80，80≤x＜90，90≤x≤100）如图所示b．七年级参赛学生成绩在70≤x＜80这一组的具体得分是：7071737576 767677777879c．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下：年级平均数中位数众数七76.9m80d．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有人；（2）表中m的值为；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．23．（10分）某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000个，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求．工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？24．（10分）如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明：DE是⊙O的切线；（2）若CA＝6，CE＝3.6，求⊙O的半径OA的长．25．（12分）问题背景：如图1，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC＝120°，∠MBN＝60°，∠MBN绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG＝AE，连接BG，先证明△BCG≌△BAE，再证明△BFG≌△BFE，可得出结论，他的结论就是；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，∠BAD＝90°，∠BCD＝90°，BA＝BC，∠ABC ＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F，上述结论是否仍然成立？请直接写出结论（直接写出“成立”或者“不成立”），不要说明理由；探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA＝BC，∠BAD+∠BCD＝180°，∠ABC＝2∠MBN，∠MBN绕B点旋转．它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？并说明理由；实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30°的A处．舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等，接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50°的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处．且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70°．试求此时两舰艇之间的距离．26．（12分）已知直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的一个交点为A（﹣1，0），点M（m，0）是x轴正半轴上的动点．（1）当直线y＝kx﹣2与抛物线y＝x2﹣bx+c（b，c为常数，b＞0）的另一个交点为该抛物线的顶点E时，求k，b，c的值及抛物线顶点E的坐标；（2）在（1）的条件下，设该抛物线与y轴的交点为C，若点Q在抛物线上，且点Q的横坐标为b，当S△EQM ＝S△ACE时，求m的值；（3）点D在抛物线上，且点D的横坐标为b+，当AM+2DM的最小值为时，求b的值．。

2020年湖南湘西中考数学试题及答案一、选择题（本大题共10小题，请将每个小题所给四个选项中唯一正确选项的代号填涂在答题卡相应的位置上）1.下列各数中，比2-小的数是（ ）A. 0B. 1-C. 3-D. 3 【答案】C【解析】根据大于0的数是正数，而负数小于0，排除A 、D ，而-1>-2，排除B ，而-3<-2，从而可得答案．【详解】根据正负数的定义，可知-2<0，-2<3，故A 、D 错误；而-2<-1，B 错误；-3<-2，C 正确；故选C ．2.2019年中国与“一带一路”沿线国家货物贸易进出口总额达到92700亿元．用科学记数法表示92700是（ ）A. 50.92710⨯B. 49.2710⨯C. 392.710⨯D. 292710⨯ 【答案】B【解析】科学记数法的表示形式为10n a ⨯形式，其中110a ≤<，n 为整数．确定n 的值时，要看把原数变成a 时，小数点移动了多少位，n 的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>1时，n 是正数；当原数的绝对值<1时，n 是负数．【详解】解：92700=9.27×104故选B ．3.下列运算正确的是（ ）2=-B. 222()x y x y -=- = D. 22(3)9a a -= 【答案】D【解析】根据算术平方根的性质，完全平方公式，合并同类二次根式法则，积的乘方的运算法则依次判断即可得到答案.【详解】A 2=，故该选项错误；B 、222()2x y x xy y -=-+，故该选项错误；C 、23+中两个二次根式不是同类二次根式，不能合并，故该选项错误；D 、22(3)9a a -=，故该选项正确；故选：D.4.如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是（ ）A. B. C. D.【答案】C【解析】找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中． 【详解】解：从上面往下看，上面看到两个正方形，下面看到一个正方形，右齐．故选：C ．5.从长度分别为1cm 、3cm 、5cm 、6cm 四条线段中随机取出三条，则能够组成三角形的概率为（ ）A. 14B. 13C. 12D. 34【答案】A【解析】试验发生包含的基本事件可以列举出共4种，而满足条件的事件是可以构成三角形的事件，可以列举出共1种，根据概率公式得到结果．【详解】解：∵试验发生包含的基本事件为（1cm ，3cm ，5cm ）；（1cm ，3cm ，6cm ）；（1cm ，5cm ，6cm ）；（3cm ，5cm ，6cm ），共4种；而满足条件的事件是可以构成三角形的事件为（3cm ，5cm ，6cm ），共1种；∴以这三条线段为边可以构成三角形的概率是14，故选：A ．6.已知AOB ∠，作AOB ∠的平分线OM ，在射线OM 上截取线段OC ，分别以O 、C 为圆心，大于12OC 的长为半径画弧，两弧相交于E ，F ．画直线EF ，分别交OA 于D ，交OB 于G ．那么，ODG 一定是（ ）A. 锐角三角形B. 钝角三角形C. 等腰三角形D. 直角三角形【答案】C【解析】根据题意知EF 垂直平分OC ，由此证明△OMD ≌△ONG ，即可得到OD=OG 得到答案.【详解】如图，连接CD 、CG ，∵分别以O 、C 为圆心，大于12OC 的长为半径画弧，两弧相交于E ，F∴EF 垂直平分OC ，设EF 交OC 于点N ，∴∠ONE=∠ONF=90°，∵OM 平分AOB ∠，∴∠NOD=∠NOG ，又∵ON=ON ，∴△OMD ≌△ONG ，∴OD=OG ，∴△ODG 是等腰三角形，故选：C.7.已知正比例函数1y 的图象与反比例函数2y 的图象相交于点(2,4)A -，下列说法正确的是（）A. 正比例函数1y 的解析式是12y x =B. 两个函数图象的另一交点坐标为()4,2-C. 正比例函数1y 与反比例函数2y 都随x 的增大而增大D. 当2x <-或02x <<时，21y y <【答案】D【解析】根据两个函数图像的交点，可以分别求得两个函数的解析式1=2y x -和28=-y x ，可判断A 错误；两个函数的两个交点关于原点对称，可判断B 错误，再根据正比例函数与反比例函数图像的性质，可判断C 错误，D 正确，即可选出答案．【详解】解：根据正比例函数1y 的图象与反比例函数2y 的图象相交于点(2,4)A -，即可设11=y k x ，22=k y x ， 将(2,4)A -分别代入，求得12k =-，28k =-，即正比例函数1=2y x -，反比例函数28=-y x，故A 错误； 另一个交点与(2,4)A -关于原点对称，即()24-，，故B 错误； 正比例函数1=2y x -随x 的增大而减小，而反比例函数28=-y x 在第二、四象限的每一个象限内y 均随x 的增大而增大，故C 错误；根据图像性质，当2x <-或02x <<时，反比例函数28=-y x 均在正比例函数1=2y x -的下方，故D 正确． 故选D ． 8.如图，PA 、PB 为⊙O 的切线，切点分别为A 、B ，PO 交AB 于点C ，PO 的延长线交⊙O 于点D ．下列结论不一定成立的是（ ） A. BPA △为等腰三角形 B. AB 与PD 相互垂直平分C. 点A 、B 都在以PO 为直径的圆上D. PC 为BPA △的边AB 上的中线 【答案】B【解析】连接OB ，OC ，令M 为OP 中点，连接MA ，MB ，证明Rt △OPB ≌Rt △OPA ，可得BP=AP ，∠OPB=∠OPA ，∠BOC=∠AOC ，可推出BPA △为等腰三角形，可判断A ；根据△OBP 与△OAP 为直角三角形，OP 为斜边，可得PM=OM=BM=AM ，可判断C ；证明△OBC ≌△OAC ，可得PC ⊥AB ，根据△BPA 为等腰三角形，可判断D ；无法证明AB 与PD 相互垂直平分，即可得出答案．【详解】解：连接OB ，OC ，令M 为OP 中点，连接MA ，MB ，∵B ，C 为切点，∴∠OBP=∠OAP=90°，∵OA=OB ，OP=OP ，∴Rt △OPB ≌Rt △OPA ，∴BP=AP ，∠OPB=∠OPA ，∠BOC=∠AOC ，∴BPA △为等腰三角形，故A 正确；∵△OBP 与△OAP 为直角三角形，OP 为斜边，∴PM=OM=BM=AM∴点A 、B 都在以PO 为直径的圆上，故C 正确；∵∠BOC=∠AOC ，OB=OA ，OC=OC ，∴△OBC ≌△OAC ，∴∠OCB=∠OCA=90°，∴PC ⊥AB ，∵△BPA 为等腰三角形，∴PC 为BPA △的边AB 上的中线，故D 正确；无法证明AB 与PD 相互垂直平分，故选：B ．9.如图，在平面直角坐标系xOy 中，矩形ABCD 的顶点A 在x 轴的正半轴上，矩形的另一个顶点D 在y 轴的正半轴上，矩形的边,,AB a BC b DAO x ==∠=．则点C 到x 轴的距离等于（ ）A. cos sin a x b xB. cos cos a x b xC. sin cos a x b xD. sin sin a x b x【答案】A【解析】 作CE ⊥y 轴于E ．解直角三角形求出OD ，DE 即可解决问题．【详解】作CE ⊥y 轴于E ．Rt △OAD 中，∵∠AOD=90°，AD=BC=b ，∠OAD=x ，∴OD=sin OAD sin AD b x ∠=，∵四边形ABCD 是矩形，∴∠ADC=90°，∴∠CDE+∠ADO=90°，又∵∠OAD+∠ADO=90°，∴∠CDE=∠OAD=x ， ∴在Rt △CDE 中，∵CD=AB=a ，∠CDE=x ， ∴DE= cos CDE cos CD a x ∠=，∴点C 到x 轴的距离=EO=DE+OD=cos sin a x b x ，故选：A ．10.已知二次函数2y ax bx c =++图象的对称轴为1x =，其图象如图所示，现有下列结论：①0abc >；②20b a -<；③0a b c -+>；④(),(1)a b n an b n +>+≠；⑤23c b <．正确的是（ ）A. ①③B. ②⑤C. ③④D. ④⑤【答案】D【解析】 由图像判断出a<0，b>0，c>0，即可判断①；根据b=-2a 可判断②；根据当x=-1时函数值小于0可判断③；根据当x=1时，y 有最大值，y=a+b+c ，当x=n 时，y=an 2+bn+c 即可判断④；当x=3时，函数值小于0，y=9a+3b+c<0，且b=-2a ，即a=2b -，代入9a+3b+c<0可判断⑤． 【详解】∵抛物线开口向下，∴a<0，∵对称轴x=-2b a=1>0， ∴b=-2a ，∴b>0，∵抛物线与y 轴的交点在正半轴，∴c>0，∴abc<0，①错误；∵b=-2a ，∴b-2a=-2a-2a=-4a>0，②错误；由图像可得当x=-1时，y=a-b+c<0，③错误；当x=1时，y 有最大值，y=a+b+c ，当x=n 时，y=an 2+bn+c ，a+b+c>an 2+bn+c ，即a+b>n(an+b)，(n ≠1)，④正确；当x=3时，函数值小于0，y=9a+3b+c<0，∵b=-2a ，即a=2b -， 代入9a+3b+c<0得9（2b -）+3b+c<0， 32b -+c<0， -3b+2c<0，即2c<3b ，⑤正确；故选：D ．二、填空题（本大题共8小题，请将正确答案填写在答题卡相应的横线上）11.—13的绝对值是______________． 【答案】13 【解析】根据负数的绝对值等于它的相反数解答．【详解】解：-13的绝对值是13 故答案为13． 12.分解因式：222m -=_________________________．【答案】2(1)(1)m m +-．【解析】试题分析：222m -=22(1)m -=2(1)(1)m m +-． 故答案为2(1)(1)m m +-．13.若多边形的内角和是外角和的2倍，则该多边形是_____边形.【答案】六【解析】设这个多边形的边数为n ，根据内角和公式和外角和公式，列出等式求解即可．【详解】设这个多边形的边数为n ，∴()21802360n -⋅︒=⨯︒，解得：6n =，故答案为：六．14.不等式组1 3121xx⎧-⎪⎨⎪+≥-⎩的解集为______________．【答案】1x≥-【解析】分别解不等式即可得到不等式组的解集.【详解】解：13121xx⎧-⎪⎨⎪+≥-⎩①②，解不等式①得：3x≥-，解不等式②得：1x≥-，∴原不等式组的解集为1x≥-，故答案为：1x≥-.15.如图，直线AE∥BC，BA AC⊥，若54ABC∠=︒，则EAC∠=___________度．【答案】36.︒【解析】根据平行线的性质先求解,BAE∠利用BA AC⊥，从而可得答案．详解】解：AE∵∥BC，180,B BAE∴∠+∠=︒54,B∠=︒18054126,BAE∴∠=︒-︒=︒,BA AC⊥90,BAC∴∠=︒1269036,EAC∴∠=︒-︒=︒故答案为：36.︒16.从甲、乙两种玉米种子中选择一种合适的推荐给某地．考虑到庄稼人对玉米的产量和产量的稳定性十分的关心，选择之前，为了解甲、乙两种玉米种子的情况，某单位各用了10块自然条件相同的试验田进行试验，得到各试验田每公顷产量（单位：t ）的数据，这两组数据的平均数分别是x 甲7.5≈，x 乙7.5≈，方差分别是S 2甲0.010,S ≈2乙0.002≈，你认为应该选择的玉米种子是_________．【答案】乙【解析】通过平均数和方差的性质判断稳定性即可． 【详解】∵x 甲7.5≈，x 乙7.5≈，∴x 甲=x 乙，∴甲，乙的每公顷产量相同，∵2S 甲0.010≈，2S 乙0.002≈， ∴2S 甲>2S 乙， ∴乙的产量比甲的产量稳定，故答案为：乙．17.在平面直角坐标系中，O 为原点，点(6,0)A ，点B 在y 轴的正半轴上，30ABO ∠=︒．矩形CODE 的顶点D ，E ，C 分别在,,OA AB OB 上，2OD =．将矩形CODE 沿x 轴向右平移，当矩形CODE 与ABO 重叠部分的面积为63时，则矩形CODE 向右平移的距离为___________．【答案】2【解析】先求出点B 的坐标（0，63），得到直线AB 的解析式为：363y x =+，根据点D 的坐标求出OC的长度，利用矩形CODE 与ABO 重叠部分的面积为D G '=关系式求出OD '=4，即可得到平移的距离.【详解】∵(6,0)A ，∴OA=6，在Rt △AOB 中，30ABO ∠=︒， ∴63tan 30OA OB ==∴B （0， ），∴直线AB 的解析式为：y =+，当x=2时，y=∴E （2，，即DE=∵四边形CODE 是矩形，∴OC=DE=设矩形CODE 沿x 轴向右平移后得到矩形C O D E ''''，D E '' 交AB 于点G ，∴D E ''∥OB ，∴△AD G '∽△AOB ，∴∠AGD '=∠AOB=30°，∴∠EGE '=∠AGD '=30°，∴GE ''=,∵平移后的矩形CODE 与ABO 重叠部分的面积为∴五边形C O D GE '''的面积为∴12O D O C EE GE ''''''⋅-⋅=,∴122EE ''⨯⨯=∴2EE '=,∴矩形CODE 向右平移的距离DD '=2EE '=，故答案为：2.18.观察下列结论：（1）如图①，在正三角形ABC 中，点M ，N 是,AB BC 上的点，且AM BN =，则AN CM =，60NOC ∠=︒；（2）如图②，在正方形ABCD 中，点M ，N 是,AB BC 上的点，且AM BN =，则AN DM =，90NOD ∠=︒； （3）如图③，在正五边形ABCDE 中，点M ，N 是,AB BC 上的点，且AM BN =，则AN EM =，108NOE ∠=︒；……根据以上规律，在正n 边形1234n A A A A A 中，对相邻的三边实施同样的操作过程，即点M ，N 是1223,A A A A 上的点，且12A M A N =，1A N 与n A M 相交于O ．也会有类似的结论．你的结论是_________________．【答案】1A N =n A M ，(2)180n n NOA n -⋅︒∠=【解析】根据正多边形内角和定理结合全等三角形的判定和性质可得出（1）、（2）、（3）的结论，根据以上规律可得出正n 边形的结论．【详解】（1）∵正三角形ABC 中，点M 、N 是AB 、AC 边上的点，且AM=BN ，∴AB=AC ，∠CAM=∠ABN=()()218032180603n n -⋅︒-⋅︒==︒， ∵在△ABN 和△CAM 中，AB AC ABN CAM BN AM =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴△ABN ≌△CAM （SAS ），∴AN= CM ，∠BAN=∠MCA ，∴∠NOC=∠OAC+∠MCA =∠OAC+∠BAN =∠BAC=60°，故结论为：AN= CM ，∠NOC=60︒；（2）∵正方形ABCD 中，点M 、N 是AB 、BC 边上的点，且AM=BN ，∴AB=AD ，∠DAM=∠ABN=()()218042180904n n -⋅︒-⋅︒==︒， 同理可证：Rt △ABN ≅Rt △DAM ，∴AN= DM ，∠BAN=∠ADM ，∠NOD=∠OAD+∠ADM =∠OAD+∠BAN =∠BAC=90°，故结论为：AN= DM ，∠NOD=90︒；（3）∵正五边形ABCDE 中，点M 、N 是AB 、BC 边上的点，且AM=BN ，∴AB=AE ，∠EAM=∠ABN=()()2180521801085n n -⋅︒-⋅︒==︒， 同理可证得：Rt △ABN ≅Rt △EAM ，∴AN= EM ，∠BAN=∠AEM ，∠NOE=∠OAE+∠AEM =∠OAE+∠BAN =∠BAE=108°，故结论：AN= EM ，∠NOE=108︒；∵正三角形的内角度数为：60°，正方形的内角度数为：90°，正五边形的内角度数为：108°，∴以上所求的角恰好等于正n 边形的内角()2180n n -⋅︒， 在正n 边形1234n A A A A A 中，点M ，N 是1223,A A A A 上的点，且12A M A N =，1A N 与n A M 相交于O ，结论为：1A N =n A M ，(2)180n n NOA n-⋅︒∠=． 故答案为：1A N =n A M ，(2)180n n NOA n -⋅︒∠=．三、解答题（本大题共8小题，每个题目都要求在答题卡的相应位置写出计算、解答或证明的主要步骤）19.计算：2cos 45(2020)|22|π︒︒+-+-． 【答案】3 【解析】 根据特殊角的三角函数值，零指数幂运算及去绝对值法则进行计算即可．【详解】解：2cos 45(2020)|22|π︒︒+-+-＝2×22+1+2－2 =2+1+2－2=3．20.化简：222111a a a a a ⎛⎫--÷ ⎪--⎝⎭． 【答案】12a a+ 【解析】先计算括号内异分母分式的减法，再将除法转化为乘法，继而约分即可得.【详解】解：原式=22(1)111)12(a a a a a a a ⎛⎫--÷ ⎪--⎝-+⎭=(1)(111)2a a aa ⨯+-- =12a a +. 【点睛】本题主要考查了分式的混合运算，熟记分式混合运算的顺序和各类运算法则是解题的关键．21.如图，在正方形ABCD 的外侧，作等边角形ADE ，连接BE 、CE ．（1）求证：BAE CDE △≌△；（2）求AEB ∠的度数．【答案】(1)见解析；(2)15°．【解析】(1)利用正方形的性质得到AB=CD ，∠BAD=∠CDA，利用等边三角形的性质得到AE=DE ，∠EAD=∠EDA=60°即可证明；(2)由AB=AD=AE ，得到△ABE 为等腰三角形，进而得到∠ABE=∠AEB，且∠BAE=90°+60°=150°，再利用三角形内角和定理即可求解．【详解】解：(1)证明：∵四边形ABCD 是正方形，∴AB=CD，且∠BAD=∠CDA=90°，∵△ADE 是等边三角形，∴AE=DE，且∠EAD=∠EDA=60°，∴∠BAE=∠BAD+∠EAD=150°，∠CDE=∠CDA+∠ED A=150°，∴∠BAE=∠CDE，在△BAE 和△CDE 中:=⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩AB CD BAE CDE AE DE ，∴()△≌△BAE CDE SAS ．(2)∵A B=AD ，且AD=AE ，∴△ABE 为等腰三角形，∴∠ABE=∠AEB ，又∠BAE=150°，∴由三角形内角和定理可知：∠AEB=(180°-150°)÷2=15°．故答案为：15°．【点睛】此题主要考查了正方形的性质以及全等三角形的判定与性质，第二问中能得出△ABE 是等腰三角形且∠BAE=150°是解题关键．22.为加强安全教育，某校开展了“防溺水”安全知识竞赛，想了解七年级学生对“防溺水”安全知识的掌握情况．现从七年级学生中随机抽取50名学生进行竞赛，并将他们的竞赛成绩（百分制）进行整理、描述和分析．部分信息如下：a ．七年级参赛学生成绩频数分布直方图（数据分成五组：5060x ≤<，6070x ≤<，7080x ≤<，8090x ≤<，90100x ≤≤）如图所示b ．七年级参赛学生成绩在7080x ≤<这一组的具体得分是：70，71，73，75，76，76，76，77，77，78 ，79c ．七年级参赛学生成绩的平均数、中位数、众数如下： 年级平均数 中位数 众数 七76.9 m 80d ．七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分．根据以上信息，回答下列问题：（1）在这次测试中，七年级在75分以上（含75分）的有______人；（2）表中m 的值为__________；（3）在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第______名；（4）该校七年级学生有500人，假设全部参加此次测试，请估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数．【答案】（1）31；（2）77.5；（3）24；（4）270人【解析】（1）根据条形图及成绩在70≤x ＜80这一组的数据可得；（2）根据中位数的定义求解可得；（3）七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分在70≤x ＜80这一组的数据的最后1位，据此可得到答案；（4）用总人数乘以样本中七年级成绩超过平均数76.9分的人数所占比例可得．【详解】（1）成绩在70≤x ＜80这一组的数据中，75分以上（含75分）的有8人，∴在这次测试中，七年级75分以上（含75分）的有15+8+8=31(人)，故答案为：31；（2）七年级50人成绩的中位数是第25、26个数据的平均数，而第25、26个数据分别为77、78， ∴m=77782+=77.5， 故答案为：77.5；（3）七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分为79分在70≤x ＜80这一组的数据的最后1位，即15+8+1＝24(名)∴在这次测试中，七年级参赛学生甲的竞赛成绩得分排名年级第24名，故答案为：24；（4）估计七年级成绩超过平均数76.9分的人数为500415827050++⨯=(人) ． 23.某口罩生产厂生产的口罩1月份平均日产量为20000，1月底因突然爆发新冠肺炎疫情，市场对口罩需求量大增，为满足市场需求，工厂决定从2月份起扩大产能，3月份平均日产量达到24200个．（1）求口罩日产量的月平均增长率；（2）按照这个增长率，预计4月份平均日产量为多少？【答案】（1）10%；（2）26620个【解析】（1）设口罩日产量的月平均增长率为x ，根据1月及3月的日产量，即可列出方程求解．（2）利用4月份平均日产量=3月份平均日产量×（1＋增长率）即可得出答案．【详解】解：（1）设口罩日产量的月平均增长率为x ，依据题意可得：20000（1＋x ）2＝24200，解得：x 1＝0.1＝10%，x 2＝−2.1（不合题意舍去），∴x ＝10%，答：口罩日产量的月平均增长率为10%；（2）依据题意可得：24200（1＋10%）＝24200×1.1＝26620（个），答：按照这个增长率，预计4月份平均日产量为26620个．24.如图，AB 是⊙O 的直径，AC 是⊙O 的切线，BC 交⊙O 于点E ．（1）若D 为AC 的中点，证明：DE 是⊙O 的切线；（2）若6CA =， 3.6CE =，求⊙O 的半径OA 的长．【答案】（1）证明见解析；（2）⊙O 的半径OA 的长为4【解析】（1）连接AE和OE，由直角三角形的性质和圆周角定理易得∠OED=90°，可得DE是⊙O的切线；（2）在Rt△ACE中求得AE的长，证得Rt△ABE~Rt△CAE，利用对应边成比例即可求解．【详解】（1）连接AE，OE，∵AB是⊙O的直径，∴∠AEB=90°，∵AC是圆⊙O的切线，∴AC⊥AB，在直角△AEC中，∵D为AC的中点，∴DE=DC=DA，∴∠DEA=∠DAE，∵OE=OA，∴∠OEA=∠OAE，∵∠DAE+∠OAE=90°，∴∠DEA+∠OEA=∠DEO=90°，∴OE⊥DE，∴DE 是⊙O的切线；（2）∵AB是⊙O的直径，∴∠AEB=∠AEC=90°，在Rt△ACE中， CA=6， CE=3.6=185，∴22221824655 AC CE⎛⎫-=-=⎪⎝⎭，∴∠B+∠EAB=90°，∵∠CAE+∠EAB=90°，∴∠B=∠CAE，∴Rt△ABE~Rt△CAE，∴AB AE AC CE=，即2451865AB=，∴8AB=，∴⊙O的半径OA=142AB=．25.问题背景：如图1，在四边形ABCD中，90BAD∠=︒，90BCD∠=︒，BA BC=，120ABC∠=︒，60MBN∠=︒，MBN∠绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．探究图中线段AE，CF，EF之间的数量关系．小李同学探究此问题的方法是：延长FC到G，使CG AE=，连接BG，先证明BCG BAE△≌△，再证明BFC BFE△≌△，可得出结论，他的结论就是_______________；探究延伸1：如图2，在四边形ABCD中，90BAD∠=︒，90BCD∠=︒，BA BC=，2ABC MBN∠=∠，MBN∠绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？请直接写出结论（直接写出“成立”或者“不成立”），不要说明理由．探究延伸2：如图3，在四边形ABCD中，BA BC=，180BAD BCD∠+∠=︒，2ABC MBN∠=∠，MBN∠绕B点旋转，它的两边分别交AD、DC于E、F．上述结论是否仍然成立？并说明理由．实际应用：如图4，在某次军事演习中，舰艇甲在指挥中心（O处）北偏西30的A处舰艇乙在指挥中心南偏东70︒的B处，并且两舰艇到指挥中心的距离相等接到行动指令后，舰艇甲向正东方向以75海里/小时的速度前进，同时舰艇乙沿北偏东50︒的方向以100海里/小时的速度前进，1.2小时后，指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E、F处，且指挥中心观测两舰艇视线之间的夹角为70︒，试求此时两舰艇之间的距离．【答案】EF=AE+CF．探究延伸1：结论EF=AE+CF成立．探究延伸2：结论EF=AE+CF仍然成立．实际应用：210海里．【解析】延长FC到G，使CG AE=，连接BG，先证明BCG BAE△≌△，可得BG=BE，∠CBG=∠ABE，再证明BGF BEF△≌△，可得GF=EF，即可解题；探究延伸1：延长FC 到G ，使CG AE =，连接BG ，先证明BCG BAE △≌△，可得BG=BE ，∠CBG=∠ABE ，再证明BGF BEF △≌△，可得GF=EF ，即可解题；探究延伸2：延长FC 到G ，使CG AE =，连接BG ，先证明BCG BAE △≌△，可得BG=BE ，∠CBG=∠ABE ，再证明BGF BEF △≌△，可得GF=EF ，即可解题；实际应用：连接EF ，延长AE ，BF 相交于点C ，然后与探究延伸2同理可得EF=AE+CF ，将AE 和CF 的长代入即可．【详解】解：EF=AE+CF理由：延长FC 到G ，使CG AE =，连接BG ，在△BCG 和△BAE 中，90BC BA BCG BAE CG AE =⎧⎪∠=∠=︒⎨⎪=⎩，∴BCG BAE △≌△（SAS ），∴BG=BE ，∠CBG=∠ABE ，∵∠ABC=120°，∠MBN=60°，∴∠ABE+∠CBF=60°，∴∠CBG+∠CBF=60°，即∠GBF=60°，在△BGF 和△BEF 中，BG BE GBF EBF BF BF =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴△BGF ≌△BEF （SAS ），∴GF=EF ，∵GF=CG+CF=AE+CF ，∴EF=AE+CF ．探究延伸1：结论EF=AE+CF 成立．理由：延长FC 到G ，使CG AE =，连接BG ，在△BCG 和△BAE 中，90BC BA BCG BAE CG AE =⎧⎪∠=∠=︒⎨⎪=⎩，∴BCG BAE △≌△（SAS ），∴BG=BE ，∠CBG=∠ABE ，∵∠ABC=2∠MBN ，∴∠ABE+∠CBF=12∠ABC ， ∴∠CBG+∠CBF=12∠ABC ， 即∠GBF=12∠ABC ， 在△BGF 和△BEF 中，BG BE GBF EBF BF BF =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴△BGF ≌△BEF （SAS ），∴GF=EF ，∵GF=CG+CF=AE+CF ，∴EF=AE+CF ．探究延伸2：结论EF=AE+CF 仍然成立．理由：延长FC 到G ，使CG AE =，连接BG ，∵180BAD BCD ∠+∠=︒，∠BCG+∠BCD=180°，∴∠BCG=∠BAD在△BCG 和△BAE 中，BC BA BCG BAE CG AE =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴BCG BAE △≌△（SAS ），∴BG=BE ，∠CBG=∠ABE ，∵∠ABC=2∠MBN ，∴∠ABE+∠CBF=12∠ABC ， ∴∠CBG+∠CBF=12∠ABC ， 即∠GBF=12∠ABC ， 在△BGF 和△BEF 中，BG BE GBF EBF BF BF =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴△BGF ≌△BEF （SAS ），∴GF=EF ，∵GF=CG+CF=AE+CF ，∴EF=AE+CF ．实际应用：连接EF ，延长AE ，BF 相交于点C ，∵∠AOB=30°+90°+(90°-70°)=140°，∠EOF=70°，∴∠EOF=12∠AOB ∵OA=OB ，∠OAC+∠OBC=(90°-30°)+(70°+50°)=180°，∴符合探索延伸中的条件∴结论EF= AE+CF 仍然成立即EF=75×1.2+100×1.2=210（海里）答：此时两舰艇之间的距离为210海里．26.已知直线2y kx =-与抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）的一个交点为(1,0)A -，点(,0)M m 是x 轴正半轴上的动点．（1）当直线2y kx =-与抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）的另一个交点为该抛物线的顶点E 时，求k ，b ，c 的值及抛物线顶点E 的坐标；（2）在（1）的条件下，设该抛物线与y 轴的交点为C ，若点Q 在抛物线上，且点Q 的横坐标为b ，当12EQM ACE S S =△△时，求m 的值； （3）点D 在抛物线上，且点D 的横坐标为12b +22AM DM +272时，求b 的值． 【答案】（1）-2，2，-3，()1,4-；（2）3或7；（3）3 【解析】 （1）由题意可知直线2y kx =-经过(1,0)A -，因而把(1,0)A -代入直线2y kx =-即可求出k 的值，然后把(1,0)A -代入抛物线得出含b 的代数式表达c ，再根据直线2y kx =-与抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）的另一个交点得出抛物线的顶点坐标E 24,24b c b ⎛⎫- ⎪⎝⎭，并代入直线22y x =--，解方程即可求出b 的值，代入即可求解；（2）由（1）可知直线的解析式是22y x =--，抛物线的解析式为223y x x =--，根据题意使0x =求出C 的坐标，使2x b ==求出Q 的坐标，根据已知条件作图，延长EQ 交x 轴于点B ，因为点D 在y 轴上且在直线22y x =--上，所以令0x =时求出点D 的坐标，看图可知AO 是△ACE 以CD 为底的高，设E 到y 轴的距离为1l ，是△CED 以CD 为底的高，因此可以求出ACE S ，根据12EQM ACE S S =△△求出EQM S △，设点E 和Q 所在直线的解析式为y ax c =+，求出点B 的坐标，设点Q 和点E 到x 轴的距离分别为23,l l ，2l 是△EMB 以MB 为底的高，3l 是△BQM 以MB 为底的高，再根据EQM EMB BQM SS S =-求解，即可求出m 的值； （3）将点D 的横坐标12b +代入抛物线2y x bxc =-+（b ，c 为常数，0b >），根据点A 的坐标得到含b 的代数式表达c ，求出点D 的纵坐标为324b --，可知点D 13,224b b ⎛⎫+-- ⎪⎝⎭在第四象限，且在直线x b =的右侧，取点(0,1)N ，过点D 作直线AN 的垂线，垂足为G ，DG 与x 轴相交于点M ，过点D 作QH ⊥x 轴于点H ，则点H 1,02b ⎛⎫+ ⎪⎝⎭，在Rt △MDH 中，可知45DMH MDH ︒∠=∠=，由题意可知点(,0)M m ，用含b 的代数式表示m 24DM +=【详解】解：（1）∵直线2y kx =-经过(1,0)A -，∴把(1,0)A -代入直线2y kx =-，可得02k =--，解得2k =-；∵抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）经过(1,0)A -，∴把(1,0)A -代入抛物线2y x bx c =-+，可得1c b =--，∵当直线2y kx =-与抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）的另一个交点为该抛物线的顶点E ， ∴顶点E 的坐标为24,24b c b ⎛⎫- ⎪⎝⎭，把E 24,24b c b ⎛⎫- ⎪⎝⎭代入直线22y x =--， 可得242224b c b --⨯-=， ∴()2412224b b b ----⨯-=，解得2b =±， ∵0b >，∴2b =，∴213c =--=-，∴顶点E 的坐标为()1,4-．（2）由（1）可知直线的解析式是22y x =--，抛物线的解析式为223y x x =--， ∵抛物线与y 轴的交点为C ，∴令0x =，C 的坐标为()0,3-，∵点Q 在抛物线上，且点Q 的横坐标为b ，由（1）可知2b =，∴2x =，∴Q 的坐标为()2,3-．延长EQ 交x 轴于点B ，如图1所示，∵D 在y 轴上，且在直线22y x =--上，∴当0x =时，点D 的坐标为()0,2-，∵AO 是△ACE 以CD 为底的高，设E 到y 轴的距离为1l ，是△CED 以CD 为底的高， ∴11111111112222ACE ACD CED S S SCD AO CD l =+=⨯⨯+⨯⨯=⨯⨯+⨯⨯=， ∴1111222EQM ACE S S ==⨯=． 设点E 和Q 所在直线的解析式为y ax c =+， 把点E ()1,4-和点Q ()2,3-代入，解得：15a c =⎧⎨=-⎩，∴该直线的解析式为5y x =-， 令0y =，求得点B 的坐标为()5,0． 设点Q 和点E 到x 轴的距离分别为23,l l ，2l 是△EMB 以MB 为底的高，3l 是△BQM 以MB 为底的高， ∴231111545312222EQM EMB BQM S S S MB l MB l m m =-=⨯⨯-⨯⨯=⨯-⨯-⨯-⨯=， 解得：3m =或7，．（3）∵点D 在抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）上，且点D 的横坐标为12b +， ∴21122D y b b bc ⎛⎫⎛⎫=+-++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， ∵(1,0)A -在抛物线2y x bx c =-+（b ，c 为常数，0b >）上，∴()210b c -+=+，即1c b =--， ∴21131=2224D b y b b b b ⎛⎫⎛⎫=+-+---- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， 可知点D 13,224b b ⎛⎫+-- ⎪⎝⎭在第四象限，且在直线x b =的右侧． 22222DM AM DM ⎛⎫+=+ ⎪ ⎪⎝⎭，∴可取点(0,1)N ，如图2，过点D 作直线AN 的垂线，垂足为G ，DG 与x 轴相交于点M ，∴45GAM ︒∠=，得22AM GM =， 则此时点M 满足题意，过点D 作QH ⊥x 轴于点H ，则点H 1,02b ⎛⎫+⎪⎝⎭， 在Rt△MDH 中，可知45DMH MDH ︒∠=∠=， ∴,2D DH MH M MH ==，∵点(,0)M m ，∴31242bb m⎛⎫⎛⎫---=+-⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，解得：124bm=-，∵272 224AM DM+=，∴11127(1)2224222244b bb⎡⎤⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫---+⋅+--= ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎦⎦，∴3 b=．。