湖北省宜昌市夷陵中学、襄阳五中、钟祥一中2021届高三物理5月模拟试题(含解析)

2021年高三5月第一次模拟考试理综物理含答案xx.05本试卷分第I卷和第II卷两部分，共12页。

满分240分。

考试用时150分钟。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

答题前，考生务必将自己的姓名、座号、准考证号、县区和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

不能使用计算器。

第I卷(必做，共87分)注意事项：1．第I卷共20小题，共87分。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14.下列叙述中，符合物理学史实的是A.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点B.伽利略应用“斜面实验”研究了自由落体运动的规律C.牛顿曾说“我之所以比别人看得远，是因为我站在了巨人的肩膀上”，牛顿所指的巨人是伽利略、笛卡尔等人D.楞次在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律15.如图所示，三根长度均为L、无弹性的轻绳分别接于C、D两结点，A、B两端被悬挂在水平天花板上，相距2L。

现在结点C悬挂一个质量为3m的重物，CD绳保持水平、且整个系统处于静止状态，应在结点D施加力的最小值为A. B.C. D.16.如图所示，物体A、B通过柔软的轻绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧，物体A、B的质量分别为m、2m。

开始时，用手托着物体A使弹簧处于原长状态、且绳伸直，此时A与地面的距离为h，物体B静止在地面上。

放手后物体A下落，与地面即将接触时速度为v，此时物体B对地面恰好无压力，则这一时刻（物体A下落的过程中弹簧始终处在弹性限度内）A．物体B处于平衡状态B．弹簧的弹性势能等于C．物体A的加速度大小为g，方向竖直向下D．弹簧对A物体拉力的瞬时功率大小为2mgv17．2011年，“天宫一号”顺利升空，在离地高度为343 km的轨道上做匀速圆周运动。

2021年高三物理5月模拟考试试题（二）含答案本试卷分第Ⅰ 卷 (选择题)和第Ⅱ 卷 (非选择题)两部分,其中第Ⅱ 卷第33-40为选考题,其它题为必考题。

考生作答时,将答案答在答题卡上,在本试卷上答题无效。

注意事项:1. 答题前,考生务必先将自己的姓名和准考证号填涂正确、条形码粘在答题卡上。

2. 选择题答案使用 2B 铅笔填涂,非选择题答案使用 0.5 毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写。

3. 请按照题号在各题的答题区域 (黑色线框)内作答,超出答题区域书写的答案无效。

4. 做选考题时,考生按照题目要求作答,并用 2B 铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量: H : 1 C : 12 O : 16 F : 19 Mg: 24 Cl : 35.5 K : 39 Cu : 64第Ⅰ卷（选择题共126分）二、选择题 (本题共 8 小题,每小题 6 分。

在每小题给出的四个选项中,第14~18 题只有一项符合题目要求,第 19~21 题有多项符合题目要求。

全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分。

)14.在物理学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法不正确的是( )A.自然界的电荷只有两种，美国科学家富兰克林将其命名为正电荷和负电荷，美国物理学家密立根通过油滴实验比较精确地测定了电荷量e的数值B.安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C.奥斯特发现了电流间的相互作用规律，同时找到了带电粒子在磁场中的受力规律D. 楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化15.如图所示，光滑斜面与水平面成α=300角，斜面上一根长为l=0.30m的轻杆，一端系住质量为0.2kg的小球，另一端可绕O点在斜面内转动，先将轻杆拉至水平位置，然后给小球一沿着斜面并与轻杆垂直的初速度，取，则（）A．此时小球的加速度大小为B．小球到达最高点时，杆对其的弹力沿斜面向上C．若增大，小球达到最高点时杆子对小球的弹力一定增大D．若增大，小球达到最高点时杆子对小球的弹力可能减小16如图所示，在边长为a的正方形区域内，有以对角线为边界、垂直于纸面的两个匀强磁场，磁感应强度大小相同、方向相反，纸面内一边长为a的正方形导线框沿x轴匀速穿过磁场区域，t＝0时刻恰好开始进入磁场区域，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下列选项中能够正确表示电流与位移关系的是()17如图所示，物块A放在木板B上，A、B的质量均为，A、B之间的动摩擦因数为，B与地面之间的动摩擦因数为。

湖北省钟祥一中2018届高三下学期五月适应性考试（一）理综物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法中正确的是（）A．采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期B．由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子C．卢瑟福根据ɑ粒子散射实验提出了核式结构模型这一原子核结构模型D．原子核所含核子单独存在时的总质量小于该原子核的质量2．2021年1月31日“超级蓝月亮月全食”现身很多城市的夜空，某时刻月亮看起来比平常大14%、亮度提高了30%，这是因为月球沿椭圆轨道绕地球运动到近地点的缘故，则下列说法中正确的是( )A．此时月球的速度最小B．此时月球的加速度最大C．月球由远地点向近地点运动的过程，地球对月球的万有引力做负功D．月球由远地点向近地点运动的过程，月球的机械能减小3．如图所示，将两根劲度系数均为k、原长均为L的轻弹簧，一端固定在水平天花板上相距2L的两点，另一端共同连接一质量为m的物体，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为37︒。

若将物体的质量变为M，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为53︒，sin370.6︒=，则Mm等于（）A．932B．916C．38D．344．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1﹕n2=4﹕1，当导体棒L在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时，电流表A1的示数是12mA，则电流表A2的示数为（）A．3 mAB．0 mAC．48 mAD．与负载R的值有关5．一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，受重力、电场力和空气阻力三个力作用．若该过程中小球的重力势能增加3J，机械能增加1.5J，电场力对小球做功2J，则下列判断正确的是（）A．小球的重力做功为3JB．小球克服空气阻力做功0.5JC．小球的电势能增加2JD．小球的动能减少l J二、多选题6．有一根质量为m、长度为d的导体棒，通有垂直纸面向里的电流I，被长度为L的轻质绝缘细线悬挂在天花板上，处于静止。

2021年高三5月全真模拟试卷（一）物理试题含解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意，选对得3分，错选或不答得0分．1．（3分）在无风的环境中，将乒乓球从高处由静止释放，小明用摄像机研究乒乓球下落的运动，发现它在落地前已经做匀速运动，若空气阻力与速度成正比，则乒乓球（）A．在下落过程中，加速度先变大后变小B．在下落过程中，机械能先增大后不变C．从更高处由静止释放，在空中运动时间变长D．从更高处由静止释放，落地前瞬间的速度变大【考点】：机械能守恒定律；牛顿第二定律．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：根据牛顿第二定律分析加速度的变化，从而空中运动的时间关系，以及落地时速度关系．由于空气阻力做功，乒乓球的机械能不守恒．【解析】：解：AD、根据牛顿第二定律得：mg﹣f=ma，得加速度 a=g﹣随着速度的增大，空气阻力f增大，则知加速度减小，当加速度a=0时做匀速运动．设匀速运动的速度为v，则f=kv，由mg=f=kv得，匀速运动的速度 v=．由于乒乓球在落地前已经做匀速运动，可知从更高处由静止释放，落地前也做匀速运动，落地瞬间的速度不变，故AD错误．B、在下落过程中，空气阻力一直做负功，所以其机械能不断减小，故B错误．C、从更高处由静止释放，变加速运动的时间相同，而匀速运动的时间变长，所以在空中运动时间变长，故C正确．故选：C．【点评】：解决本题的关键是运用牛顿第二定律分析加速度的变化，知道加速度为零速度最大，做匀速运动．2．（3分）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电动机M的线圈电阻为R1．闭合开关S，电动机开始转动，稳定后电路中的电流为I，滑动变阻器接入电路的电阻为R2．则（）A．电源的输出功率为IE﹣I2rB．电动机两端的电压U=IR1C．电源的效率η=×100%D．电动机的机械功率P=IE﹣I2（R1+R2+r）【考点】：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：根据功率公式可以求得电源的输出功率；根据非纯电路的特点可以分析电压及电源效率；由能量守恒可求得电动机的机械效率．【解析】：解：A、电源的输出功率等于电源的总功率与内阻上的热功率的差值；故输出功率为IE﹣I2r；故A正确；B、电动机为非纯电阻电路，故不能应用欧姆定律求解两端的电压；故B错误；C、因不能用欧姆定律求解电源的输出电压；故电源的效率无法求解；故C错误；D、电动机的机械功率等于电源的总功率与电路中各元件消耗的热功率的差值；故D正确；故选：AD．【点评】：本题考查电源及电动机的功率问题，要注意对于非纯电阻电路是无法使用欧姆定律求解电压的．3．（3分）如图所示，某旋转磁极式发电机的转子有两对磁极，定子线圈的输出端接在一理想变压器的原线圈上．不计定子线圈的电阻．当转子以25r/s的转速匀速转动时，在定子线圈中产生频率为50Hz的正弦交流电．若使转子以50r/s的转速转动，则（）A．电流表A的示数变为原来的2倍B．电压表V的示数不变C．电阻R上交流电的频率为25HzD．变压器铁芯中磁通量变化率的最大值变为原来的4倍【考点】：变压器的构造和原理；法拉第电磁感应定律．【专题】：交流电专题．【分析】：根据E m=NBSω及ω=2πn可分析发电机输出电压变化，然后根据变压器电压与匝数的关系、角速度与频率之间关系解决其他问题．【解析】：解：转速加倍，根据ω=2πn则角速度加倍，根据E m=NBSω加倍，AB、变压器原线圈两端电压加倍，根据变压器电压与匝数成正比，则副线圈两端电压加倍，则电流加倍，由根据电流与匝数关系可知电流表的示数也加倍，故A正确，B错误；C、转速加倍，则原线圈输入电压频率加倍，为50Hz，变压器不改变电流频率，所以电阻R 上交流电的频率为50Hz，故C错误；D、根据法拉第电磁感应定律可知，电动势与磁通量变化率的成之比，因为电动势加倍，变压器铁芯中磁通量变化率的最大值变为原来的2倍，故D错误；故选：A．【点评】：本题考察交变电流的产生，最大电动势E m=NBSω与匝数、磁场、面积和角速度有关，只要其中一个改变电动势就随着改变．变压器只改变电压、电流不改变交流电的频率．4．（3分）某同学设计了一种能自动拐弯的轮子．如图所示，两等高的等距轨道a、b固定于水平桌面上，当装有这种轮子的小车在轨道上运行到达弯道略微偏向轨道外侧时，会顺利实现拐弯而不会出轨．下列截面图所示的轮子中，能实现这一功能的是（）A．B．C．D．【考点】：向心力．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：要使小车顺利拐弯，必须提供向心力，根据小车的受力情况，判断轨道提供的向心力，即可判断．【解析】：解：A、当该小车在轨道上运行到达弯道略微偏向轨道外侧时，由于惯性，内侧轮高度略降低，外侧轮高度略升高，轨道对小车的支持力偏向轨道内侧，与重力的合力提供向心力，从而顺利拐弯，故A正确．B、当该小车在轨道上运行到达弯道略微偏向轨道外侧时，由于惯性，内侧轮高度略升高，外侧轮高度略降低，轨道对小车的支持力偏向轨道外侧，小车会产生侧翻，故B错误．C、当该小车在轨道上运行到达弯道略微偏向轨道外侧时，由于惯性，由于惯性，内侧轮高度略升高，外侧轮高度也是略升高，轨道对小车的支持力竖直向上，不会顺利实现拐弯儿不会出轨的目的，故C错误．D、当该小车在轨道上运行到达弯道略微偏向轨道外侧时，没有外力提供向心力，由于惯性，小车会出轨，故D错误．故选：A．【点评】：解决本题的关键是分析小车的受力情况，确定什么提供向心力，从而判断其运动状态．5．（3分）如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B处切线水平，现将一小物体从轨道顶端A处由静止释放．若保持圆心的位置不变，改变圆弧轨道的半径（不超过圆心离地的高度）．半径越大，小物体（）A．落地时的速度越大B．平抛的水平位移越大C．到圆弧轨道最低点时加速度越大D．落地时的速度与竖直方向的夹角越大【考点】：向心力；平抛运动．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：（1）根据动能定理知B点的速度和落地速度，结合牛顿第二定律求出加速度的大小；根据加速度表达式表示加速度．（2）根据高度，结合位移时间公式求出平抛运动的时间，根据速度时间公式求出落地时的竖直分速度，结合平行四边形定则求出落地的速度方向．【解析】：解：A、根据动能定理知mgH=mv2知总高度不变，末速度大小不变，故A错误；B、根据平抛运动规律知h=gt2，x=v0tmgR=mv得x==2，平抛运动的水平位移随R增大后减小，故B错误；C、到圆弧轨道最低点时加速度a==2g，故加速度大小与R无关，故C错误；D、小滑块落地时竖直分速度v y=gt设与水平方向的夹角为θ，有tanθ===，R越大，落地时的速度与竖直方向的夹角越大，故D 正确；故选：D【点评】：本题考查了圆周运动和平抛运动的综合，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律和圆周运动向心力的来源是解决本题的关键．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.6．（4分）如图所示为真空中两个异种点电荷a、b电场的等势面分布，A、B为电场中的两点，且A点电势高于B点电势，则下列说法正确的是（）A．a带正电B．a的场强方向沿该处等势面的切线方向C．同一检验电荷，在A点受到的电场力大于在B点受到的电场力D．正检验电荷从A点移到B点，电场力做正功【考点】：等势面．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：该电场是不等量同种异号电荷的电场，具有上下对称性、左右不对称．电场线从正电荷出发到负电荷终止，顺着电场线方向电势逐渐降低，由电势的变化，分析电势能的变化．【解析】：解：A、由题可知，由于A点的电势高于B点的电势，结合顺着电场线方向电势逐渐降低可知，a处的电势一定高于b点处的电势，所以a带正电，b带负电．故A正确；B、由于等势面与电场线的方向总是垂直，所以a的场强方向沿该处等势面的切线的垂直方向．故B错误；C、由图可知，由于B处等势面比较密，所以B处的电场强度大，而A处的电场强度小，所以同一检验电荷，在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力．故C错误；D、由题可知，由于A点的电势高于B点的电势，所以正检验电荷从A点移到B点，电场力做正功．故D正确．故选：AD【点评】：该题考查常见电场的特点，解题的关键是在两个电荷连线的中垂线上的电势和无穷远处的电势相等．而正电荷周围的电场的电势都比它高，负电荷周围的电场的电势都比它低．7．（4分）木卫一是最靠近木星的卫星，丹麦天文学家罗迈早在十七世纪通过对木卫一的观测测出了光速．他测量了木卫一绕木星的运动周期T和通过木星影区的时间t．若已知木星的半径R和万有引力恒量G，T远小于木星绕太阳的运行周期，根据以上条件可以求出（）A．木星的密度B．木卫一的密度C．木卫一绕木星运动的向心加速度大小D．木卫一表面的重力加速度大小【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据木卫一绕木星的运动周期T和通过木星影区的时间t，计算走影区对应的圆心角，进而到木卫一的轨迹半径，从而求得中心天体质量和圆周运动的加速度．【解析】：解：A、B、如图：通过木星影区的时间t，周期为T，则：，解得：，而：，解得：，根据万有引力提供向心力：，解得：M==，可求得中心天体的质量，球体体积V=，可得：，故A正确，B错误；C、根据万有引力提供向心力：=，解得：a=，故C正确；D、公式只能计算中心天体的物理量，故D错误；故选：AC【点评】：本题关键是根据木星的卫星做圆周运动的向心力有万有引力提供，列出方程，分析方程式即可看出要测量的量．8．（4分）如图所示，竖直固定的光滑杆上套有一个质量m的小球A，不可伸长的轻质细绳通过固定在天花板上、大小可忽略的定滑轮O，连接小球A和小球B，虚线OC水平，此时连接小球A的细绳与水平的夹角为60°，小球A恰能保持静止．现在小球B的下端再挂一个小球Q，小球A可从图示位置上升并恰好能到达C处．不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g．则（）A．小球B质量为mB．小球B质量为mC．小球A到达C处时的加速度为0D．小球A到达C处时的加速度为g【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：物块A到达C处时合力等于重力，根据牛顿第二定律求解加速度；初始位置，先后对B和A受力分析，根据平衡条件列式求解．【解析】：解：AB、B物体受重力和拉力而平衡，故拉力等于其重力；物体A受重力、拉力和杆的支持力，如图所示设B物块的质量为M，绳子拉力为T；根据平衡条件：Tsin60°=MgT=mg联立解得M=m，故A错误，B正确；CD、当A物块到达C处时，由受力分析可知：水平方向受力平衡，竖直方向只受重力作用；所以A物块的加速度a=g，故C错误，D正确；故选：BD．【点评】：本题两问直接根据牛顿第二定律和平衡条件列式求解，掌握受力分析图的作法，理解力的平行四边形定则的应用．9．（4分）如图所示，有一范围足够大的水平匀强磁场，磁感应强度为B，一个质量为m、电荷量为+q的带电小圆环套在一根固定的绝缘竖直长杆上，环与杆间的动摩擦因数为μ．现使圆环以初速度v0向上运动，经时间t0圆环回到出发点，不计空气阻力，取竖直向上为正方向，下列描述该过程中圆环的速度v随时间t、摩擦力f随时间t、动能E k最随位移x、机械能E 随位移x变化规律的图象中，可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：小球受重力、洛伦兹力、支持力和滑动摩擦力，然后根据牛顿第二定律列式分析求解．【解析】：解：小球向上运动的过程中受重力、洛伦兹力、支持力和向下的滑动摩擦力，向上运动，重力和摩擦力做负功，速度不断减小，洛伦兹力不断减小，支持力减小，故滑动摩擦力减小，合力减小，物体做加速度不断减小的加速运动，当速度减为零时，向上的位移最大，摩擦力等于0，而加速度等于重力加速度；小球达到最高点后向下运动的过程中受重力、洛伦兹力、支持力和向上的滑动摩擦力，由于速度不断变大，洛伦兹力不断变大，支持力变大，故滑动摩擦力变大，合力减小，物体做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度最大；A、由以上的分析可知，小球先向上运动，加速度逐渐减小；后小球向下运动，加速度仍然继续减小．负号表示速度的方向前后相反．故A正确；B、由以上的分析可知，小球先向上运动，摩擦力的方向向下，逐渐减小；后小球向下运动，摩擦力的方向向上，逐渐增大．故B正确；C、小球向上运动的过程中：E k=E k0﹣W G﹣W f=E k0﹣mgx﹣fx，由于f逐渐减小，所以动能的变化率逐渐减小．故C错误；D、小球运动的过程中摩擦力做功使小球的机械能减小，向上运动的过程中：△E=﹣f△x，由于向上运动的过程中f逐渐减小，所以机械能的变化率逐渐减小；而向下运动的过程中摩擦力之间增大，所以机械能的变化率逐渐增大．故D正确．故选：ABD【点评】：本题关键分析清楚带电小球的运动情况，明确：向上运动的过程中摩擦力逐渐减小，向下运动的过程中摩擦力逐渐增大，加速度、速度和动能、机械能都随之发生变化．三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共2小题，共计42分.请将解答填写在答题卡相应的位置．10．（10分）验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O，然后每两个打点取一个计数点，分别标为l、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点l、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6．（l）已知打点计时器的打点周期为T，可求出打各个计数点时对应的速度分别为v l、V2、V3、V4、v5，其中v5的计算式为v5=．（2）若重锤的质量为m，取打点O时重锤所在水平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能Epi和动能E Ki，则打计数点3时对应重锤的势能Ep3=﹣mgh3；接着在E﹣h坐标系中描点作出如图丙所示的E K﹣h和E P﹣h图线，求得E P﹣h图线斜率的绝对值为K1，E K﹣h图线斜率为k2．则k1与k2满足k1=k2关系时重锤机械能守恒．（3）关于上述实验，下列说法中正确的是BD．A．实验中可用干电池作为电源B．为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些C．若纸带上打出的点被拉长为短线，应适当调高电源电压D．图丙Ek﹣h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能（4）关于该实验操作，你还能提出哪些注意事项（写出1条）：生锺从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出5点的速度；（2）根据下降的高度，结合参考平面，求出重力势能；再由动能与重力势能相互转化，则机械能守恒可知，两图线的斜率相等即可；（3）根据实验原理，电源使用交流电，重锤要求重且小，纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能；（4）根据实验操作与步骤，即可求解．【解析】：解：（1）根据平均速度等于瞬时速度，则有，5点的瞬时速度v5=，（2）取打点O时重锤所在水平面为参考平面，那么3点处，对应重锤的势能Ep3=﹣mgh3；根据图象可知，每一段对应的重力势能减小量和动能增加量相等，那么机械能守恒，即图线的斜率相同，才能满足条件，因此k1=k2．（3）A．实验中打点计时器，不可用干电池作为电源，故A错误；B．为了减小阻力的影响，重锤的密度和质量应该适当大些，故B正确；C．若纸带上打出的点被拉长为短线，说明打点时间过长，频率太高，因此应适当调低电源的频率，故C错误；D．图丙Ek﹣h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的初动能，故D正确；（4）关于该实验操作，仍要注意事项：生锺从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上．故答案为：（1）；（2）﹣mgh3，k1=k2；（3）BD；（4）生锺从靠近打点计时器处释放，或调节打点计时器限位孔在同一竖直线上．【点评】：解决本题的关键知道实验的原理，验证重力势能的减小量与动能的增加量是否相等．以及知道通过求某段时间内的平均速度表示瞬时速度，注意两图象的斜率绝对值相等，是验证机械能是否守恒的条件．11．（8分）将两个金属电极锌片和铜片插入一个水果中就可以做成一个水果电池，某兴趣小组欲测量水果电池的电动势和内阻．（1）甲同学用多用表的直流电压（0～1V）档估测某水果电池的电动势，稳定时指针如图1中A所示，则读数为0.84V；用多用表的欧姆×100档估测水果电池的内阻，稳定时指针如图1中B所示，则读数为 3.2×103Ω．上述测量中存在一重大错误，是不能用多用电表电阻档直接测电源内阻．（2）乙同学采用如图3所示电路进行测量，并根据测量数据做出了R﹣图象（如图2），则根据图象，该水果电池的电动势为 1.0V，内阻为 1.6×103Ω．（结果保留两位有效数字）【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）根据多用电表的使用方法可明确读数及正确使用；（2）由闭合电路欧姆定律可得出对应的公式；再由图象交点及斜率的意义可得出有关电动势和内电阻的表达式，则可求得电动势和内电阻；【解析】：解：（1）量程选择1V，则最小分度为0.1V，故读数为：0.84V；用×100档位测量电阻，电阻R=32×100=3.2×103Ω本实验方法直接用欧姆档测量电源的内阻，这是错误的，因为欧姆档内部本身含有电源，而外部电压会干涉读数；故不能用多用电表电阻档直接测电源内阻（2）由闭合电路欧姆定律可知：I=则=+；由由公式及数学知识可得：图象中的k===1b==1.6×103解得：E=1V，r=1.6×103故答案为：（1）0.84；3.2×103；不能用多用电表电阻档直接测电源内阻（2）1.0 1.6×103【点评】：本题涉及测定电源电动势和内电阻的实验原理及具体操作，虽然最后的图象处理不是用的伏安法，但都可以用闭合电路欧姆定律列式分析，作出直线图象是关键．四、选做题（本题包括A、B、C三小题，请选定其中两题作答.如三题都做，则按A、B两题评分）【A.选修模块3-3】12．（4分）下列说法正确的是（）A．分子间存在引力，使液体分子之间保持一定的间隙还不会分散开B．气体的温度越高，某速率区间分子占总分子数的百分率一定越大C．液晶分子没有固定的位置，但排列有大致相同的取向D．蜘蛛网上挂着的小露珠呈球状属于毛细现象【考点】：* 液体的表面张力现象和毛细现象；分子间的相互作用力．【分析】：分子之间存在着相互作用的引力和斥力；温度升高分子的平均动能增加，不同温度下相同速率的分子所占比例不同．液晶分子具有各向异性的特点液体表面分子比内部分子稀疏，液体表面存在表面张力．【解析】：解：A、液体分子之间保持一定的间隙还不会分散开，聚合在一起保持一定的体积，是由于分子之间存在引力的原因．故A正确；B、同一温度下，中等速率大的分子数所占的比例大，温度升高使得分子的平均速率增大；不同温度下相同速率的分子所占比例不同．故B错误；C、液晶一方面像液体具有流动性，另一方面又像晶体，分子在特定方向排列比较整齐有序，具有各向异性的特点．故C错误；D、由于液体表面存在张力，所以露珠呈现球状，不属于毛细现象．故D错误．故选：A【点评】：该题考查分子之间的作用力、麦克斯韦速度分布率、液晶的特点以及表面张力等知识点的内容，属于对基础知识点的考查，做好这一类的题目，多加积累即可．13．（4分）一定质量的理想气体，由状态A通过如图所示的箭头方向变化到状态C．则气体由状态A到状态B的过程中，气体的内能不变（选填“增大”、“减小”或“不变”），气体由状态A到状态C的过程中，气体与外界总的热交换情况是放热（选填“吸热”、“放热”或“无法确定”）【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：根据气体状态方程和已知的变化量去判断其它的物理量的变化，根据热力学第一定律的表达式△U=Q+W进行判断【解析】：解：理想气体从状态A变化到状态B，斜率K=PV保持不变，所以做等温变化，故气体的内能不变；理想气体从状态A变化到状态B，气体体积减小，W＞0，从B到C，体积不变，压强减小，所以温度降低，内能减小，由△U=Q+W，气体由状态A到状态C的过程中，气体与外界总的热交换情况是，Q＜0，则气体放热．故答案为：不变、放热【点评】：要注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化．运用△U=Q+W来分析问题时，必须理解表达式的物理意义，掌握它的符号法则14．（4分）如图所示，内壁光滑的导热气缸水平放置，一定质量的理想气体被封闭在气缸内，外界大气压强为p0、温度为T0．现对气缸缓慢加热，体积由V1增大为V2，此过程气体吸收热量Q1；然后固定活塞，停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同．求：①刚停止加热时封闭气体的温度T；②停止加热后，封闭气体向外传递的热量Q2．【考点】：理想气体的状态方程；热力学第一定律．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：①加热过程气体做等压变化，根据盖吕萨克定律列式求解；②封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同，加热过程与温度降低过程，内能变化相同，利用热力学第一定律列式求解．【解析】：解：①加热过程气体做等压变化，根据盖吕萨克定律得：解得：②加热过程，温度升高，气体内能增加，体积增大，气体对外界做功为：W=P0（V2﹣V1）由热力学第一定律得：△U=Q1﹣W=Q1﹣P0（V2﹣V1）①停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同内能减小，减小量与温度升高过程相等；由热力学第一定律得：﹣△U=﹣Q2②①②联立得：Q2=Q1﹣P0（V2﹣V1）答：①刚停止加热时封闭气体的温度T为；②停止加热后，封闭气体向外传递的热量Q2为Q1﹣P0（V2﹣V1）．【点评】：本题关键是从题目中挖掘隐含条件：“导热气缸水平放置，缓慢加热”研究活塞可知加热过程气体等压变化，然后根据盖吕萨克定律列式求解即可；“停止加热，封闭气体的温度逐渐降低至与外界大气温度相同”说明温度升高和降低过程气体内能变化量相同，根据热力学第一定律列式即可求解．【B.选修模块3-4】15．（4分）下列说法正确的是（）A．光的偏振现象说明光是一种纵波B．当波的波长比障碍物的尺寸大时，能产生明显的衍射现象C．当声源相对于观察者匀速远离时，观察者听到的声音音调会变低D．电磁波由真空进入玻璃后频率变小【考点】：电磁波的周期、频率和波速；多普勒效应．【分析】：偏振现象说明光是横波；根据明显衍射现象条件，可知，波长越长，越容易发生明显衍射现象；多普勒效应和波的频率由波源决定，利用以上即可求解．【解析】：解：A、光的偏振现象说明光是一种横波，而不是纵波，故A错误；B、波长比孔的宽度大得越多或相差不大时，波的衍射越明显，故B正确；C、据多普勒效应可知，当声源相对于观察者匀速远离时，观察者听到的声音音调会变低，故C正确；D、波的频率由波源决定，当电磁波由真空进入玻璃后频率不变，故D错误．故选：BC．【点评】：考查光的偏振、衍射、多普勒效应，注意衍射与明显衍射的区别，抓住问题的实质求解，基础题．。