★试卷5套汇总★乌鲁木齐市2021年新高考物理经典试题

新疆乌鲁木齐市2021届新高考五诊物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．仰卧起坐是《国家学生体质健康标准》中规定的女生测试项目之一。

根据该标准高三女生一分钟内完成 55 个以上仰卧起坐记为满分。

若某女生一分钟内做了 50 个仰卧起坐，其质量为 50kg ，上半身质量为总质量的 0.6 倍，仰卧起坐时下半身重心位置不变，g 取10m/s2 。

则测试过程中该女生克服重力做功的平均功率约为（ ）A ．10WB ．40WC ．100WD ．200W【答案】C【解析】【分析】【详解】 该同学身高约1.6m ，则每次上半身重心上升的距离约为14×1.6m=0.4m ，则她每一次克服重力做的功 W=0.6mgh=0.6×50×10×0.4=120 J1min 内她克服重力所做的总功 W 总=50W=50×120=6000 J她克服重力做功的平均功率为 6000100W 60W P t === 故C 正确，ABD 错误。

故选C 。

2．如图，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P 为磁场边界上的一点．有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子在纸面内沿各个方向以同样的速率通过P 点进入磁场．这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的1/1．将磁感应强度的大小从原来的1B 变为2B ，结果相应的弧长变为原来的一半，则2B ：1B 等于A ．2B 3C 2D ．1【答案】B【解析】【分析】画出导电粒子的运动轨迹，找出临界条件好角度关系，利用圆周运动由洛仑兹力充当向心力，分别表示出圆周运动的半径，进行比较即可．【详解】磁感应强度为B1时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为M，最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，∠POM=120°，如图所示：所以粒子做圆周运动的半径R为：sin60°=Rr，得：3R r=磁感应强度为B2时，从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为N，最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，∠PON=60°，如图所示：所以粒子做圆周运动的半径R′为：sin10°='Rr，得：'2rR=由带电粒子做圆周运动的半径：mvRqB=得：13 2mv mvR r qB qB==='21 2mv mvR r qB qB===联立解得：213BB=．故选B．【点睛】带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解．3．一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其p－T图象如图所示．下列判断正确的是()A．过程ab中气体一定吸热B．过程bc中气体既不吸热也不放热C．过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D．a、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最大【答案】A【解析】A、由图示可知，ab过程，气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度升高，内能增大，由热力学第一定律U Q W∆=+可知，气体吸收热量，故A正确；B、由图示图象可知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律U Q W∆=+可知，气体吸热，故B错误；C、由图象可知，ca过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W>0，气体温度降低，内能减少，△U<0，由热力学第一定律U Q W∆=+可知，气体要放出热量，过程ca中外界对气体所做的功小于气体所放热量，故C错误；D、由图象可知，a状态温度最低，分子平均动能最小，故D错误；故选A．【点睛】由图示图象判断气体的状态变化过程，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律答题．4．在如图所示的理想变压器供电线路中，原线圈接在有效值恒定的交流电源上，副线圈接有两个灯泡，电流表、电压表均为理想电表。

新疆乌鲁木齐市2021届第二次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．通信卫星一般是相对地面“静止”的同步卫星，三颗同步卫星就可以实现全球通信。

设地球的半径为R ，地面的重力加速度为g ，地球的自转周期为T 。

则速度为c 的电磁波从一颗卫星直线传播至相邻的另一颗卫星，传播时间为（ ）A ．2232334gR T πB ．223234gR T πC ．22321334gR T c π D ．2232134gR T c π【答案】C【解析】【详解】卫星绕地球运行，万有引力提供向心力，则有2224GMm r m r Tπ= 可得32r T GMπ= 综合“黄金代换”有2GM gR =如图所示由几何关系知sin602x r =︒ 联立整理得2232334gR T x π=根据运动规律，电磁波传播有x ct =可得t =故C 正确，A 、B 、D 错误；故选C 。

2．下列说法符合物理学史实的是（ ）A ．亚里士多德最早指出力不是维持物体运动的原因B ．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律C ．卡文迪许提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D ．哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律【答案】B【解析】【分析】【详解】A ．伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故A 错误；B ．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律，故B 正确；C ．牛顿总结了万有引力定律后，卡文迪许测出引力常量，故C 错误；D ．开普勒通过对行星运动的观察，发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，完善了哥白尼的日心说，得出了开普勒行星运动定律，故D 错误。

故选B 。

3．短跑运动员在训练中从起跑开始的一段时间内可看成先做匀加速直线运动再做匀速直线运动。

已知总位移为s ，匀速阶段的速度为v 、时间为t ，则匀加速阶段的时间为（ ）A ．s vB ．2s vC ．2s t v -D ．22s t v- 【答案】D【解析】【分析】【详解】匀速阶段的位移为1x vt =在匀加速直线运动过程，根据平均速度公式可得2112x vt = 根据题意则有12s x x =+解得匀加速阶段的时间122s t t v=- 故A 、B 、C 错误，D 正确。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考第四次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，图中曲线为两段完全相同的六分之一圆弧连接而成的金属线框（金属线框处于纸面内），每段圆弧的长度均为L，固定于垂直纸面向外、大小为B的匀强磁场中。

若给金属线框通以由A到C、大小为I的恒定电流，则金属线框所受安培力的大小和方向为（）A．ILB，垂直于AC向左B．2ILB，垂直于AC向右C．6ILBπ，垂直于AC向左D．3ILBπ，垂直于AC向左【答案】D【解析】【详解】由左手定则可知，导线所受安培力垂直于AC向左；设圆弧半径为R，则1 2 6R Lπ⋅=解得3LRπ=则所受安培力33L BILF BIππ==故选D。

2．如图所示，四根相互平行的固定长直导线L1、L2、L3、L4，其横截面构成一角度为60︒的菱形，均通有相等的电流I，菱形中心为O。

L1中电流方向与L2中的相同，与L3、L4，中的相反，下列说法中正确的是（）A．菱形中心O处的磁感应强度不为零B．菱形中心O处的磁感应强度方向沿OL1C．L1所受安培力与L 3所受安培力大小不相等D．L 1所受安培力的方向与L 3所受安培力的方向相同【答案】A【解析】【分析】【详解】AB．根据安培定则，L2、L4导线在菱形中心O处的磁应强度方向沿OL3斜向上，L3、L1导线在菱形中心O处的磁应强度方向沿OL2斜向下，由叠加原理可知，菱形中心O处的合磁场的磁感应强度不为零，且不沿OL1方向，故A正确，B错误；CD．根据同向电流相互吸引，反向电流相互排斥，L1与L3受力如图所示，由各导线中电流大小相等，则每两导线间的作用力大小相等，由平行四边形定则合成可知，L1所受安培力与L 3所受安培力大小相等，方向相反，故CD错误。

故选A。

3．图为探究变压器电压与匝数关系的电路图。

已知原线圈匝数为400匝，副线圈“1”接线柱匝数为800匝，“2”接线柱匝数为200匝，ab端输入的正弦交变电压恒为U，电压表V1、V2的示数分别用U1、U2表示。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考物理第二次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，aefc 和befd 是垂直于纸面向里的匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的边界。

磁场Ⅰ、Ⅱ的磁感应强度分别为B 1、B 2，且B 2＝2B 1，其中bc=ea=ef.一质量为m 、电荷量为q 的带电粒子垂直边界ae 从P 点射入磁场Ⅰ，后经f 点进入磁场 Ⅱ，并最终从fc 边界射出磁场区域。

不计粒子重力，该带电粒子在磁场中运动的总时间为()A ．12m qB π B ．132m qB π C ．1n qB π D ．134m qB π 【答案】B【解析】【详解】 粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有2v qvB m R= 所以mv R qB= 粒子垂直边界ae 从P 点射入磁场Ⅰ，后经f 点进入磁场Ⅱ，故根据几何关系可得：粒子在磁场Ⅰ中做圆周运动的半径为磁场宽度d ；根据轨道半径表达式，由两磁场区域磁感应强度大小关系可得：粒子在磁场Ⅱ中做圆周运动的半径为磁场宽度2d ，那么，根据几何关系可得：粒子从P 到f 转过的中心角为90︒，粒子在f 点沿fd 方向进入磁场Ⅱ；然后粒子在磁场Ⅱ中转过180︒在e 点沿ea 方向进入磁场Ⅰ；最后，粒子在磁场Ⅰ中转过90︒后从fc 边界射出磁场区域；故粒子在两个磁场区域分别转过180︒，根据周期 2π2πR m T v qB== 可得：该带电粒子在磁场中运动的总时间为1212111ππ3π222m m m T T qB qB qB +=+=2．某同学投篮时将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直放置的篮板上，篮球运动轨迹如图所示，不计空气阻力，关于篮球从抛出到撞击篮板前，下列说法正确的是（ ）A ．两次在空中的时间可能相等B ．两次碰的篮板的速度一定相等C ．两次抛出的初速度竖直分量可能相等D ．两次抛出的初动能可能相等【答案】D【解析】【详解】 A ．将篮球的运动逆向处理，即为平抛运动，由图可知，第二次运动过程中的高度较小，所以运动时间较短，故A 错误；B ．篮球的运动逆向视为平抛运动，则平抛运动在水平方向做匀速直线运动，水平射程相等，但第二次用的时间较短，故第二次水平分速度较大，即篮球第二次撞篮板的速度较大，故B 错误；C ．篮球的运动逆向视为平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，由2y v gh可知，第二次抛出时速度的竖直分量较小，故C 错误；D ．由于水平速度第二次大，竖直速度第一次大，根据速度的合成可知，抛出时的速度大小不能确定，有可能相等，所以两次抛出的初动能可能相等，故D 正确；故选D 。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考第一次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一个质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法不正确的是()A．质点振动的频率为4 HzB．在10s内质点经过的路程是20 cmC．在5s末，质点的速度为零，加速度最大D．t＝1.5 s和t＝4.5 s2cm【答案】A【解析】【详解】A．由题图图象可知，质点振动的周期为T＝4s，故频率f＝1T＝0.25Hz故A符合题意；B．在10 s内质点振动了2.5个周期，经过的路程是10A＝20cm故B不符合题意；C．在5s末，质点处于正向最大位移处，速度为零，加速度最大，故C不符合题意；D．由题图图象可得振动方程是x＝2sin2tπ⎛⎫⎪⎝⎭cm将t＝1.5s和t＝4.5s代入振动方程得x2cm故D不符合题意。

故选A。

2．一定质量的理想气体，其状态变化的P-T图像如图所示。

气体在由状态1变化到状态2的过程中，下列说法正确的是A．分子热运动的平均速率增大B．分子热运动的平均速率减小C．单位体积内分子数增多D．单位面积、单位时间内撞击器壁的分子数增多【答案】A【解析】【分析】本题考查分子动理论。

【详解】AB．温度是分子热运动平均动能的标志，温度升高，分子热运动平均动能增加，分子热运动的平均速率增大，A正确，B错误；C．由理想气体状态方程，=PV nRTnRTV=P温度升高，压强变小，体积变大，单位体积内分子数减少，C错误；D．温度升高，分子热运动的平均速率增大，压强却减小了，故单位面积，单位时间内撞击壁的分子数减少，D错误；故选A。

3．如图所示，在x>0、y>0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，方向垂直于xOy平面向里。

现有一质量为m、电量为q的带正电粒子，从x轴上的某点P沿着与x轴成30︒角的方向射人磁场。

不计重力影响，则可以确定的物理量是（）A．粒子在磁场中运动的时间B．粒子运动的半径【解析】【分析】【详解】AC ．粒子在磁场中做圆周运动，由于P 点位置不确定，粒子从x 轴上离开磁场或粒子运动轨迹与y 轴相切时，粒子在磁场中转过的圆心角最大，为max 300α︒=粒子在磁场中的最长运动时间maxmax 3002π5π3603603m m t T qB qB α︒︒︒==⨯= 粒子最小的圆心角为P 点与坐标原点重合，最小圆心角min 120α︒=粒子在磁场中的最短运动时间minmin 12π36033m t T T qB α︒=== 粒子在磁场中运动所经历的时间为2π5π33m m t qB qB≤≤ 说明无法确定粒子在磁场中运动的时间和粒子的偏转角，故AC 错误；B ．粒子在磁场中做圆周运动，由于P 点位置不确定，粒子的偏转角不确定，则无法确定粒子的运动半径，故B 错误；D ．粒子在磁场中做圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则2v qvB m r= 且2πr v T= 则得2π=m T qB说明可确定粒子做圆周运动的周期，故D 正确。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考第二次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．2018年12月8日“嫦娥四号”发射升空，它是探月工程计划中第四颗人造探月卫星．已知万有引力常量为G ，月球的半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，嫦娥四号绕月球做圆周运动的轨道半径为r ，绕月周期为T ．则下列说法中正确的是A ．“嫦娥四号”B C ．嫦娥四号绕行的向心加速度大于月球表面的重力加速度gD ．月球的平均密度为ρ＝3233r GT Rπ 【答案】D【解析】【分析】根据月球表面万有引力等于重力可求月球质量，进而可求月球的平均密度．根据月球对“嫦娥四号”的万有引力提供向心力可求“嫦娥四号”的绕行速度．根据重力提供向心力，可求月球的第一宇宙速度．【详解】A.根据万有引力提供向心力22GMm v m r r=，得v =，又因为月球表面的物体受到的重力等于万有引力2GMm mg R =，得GM=gR 2，所以．故A 错误；B.月球的第一宇宙速度为近月卫星的运行速度，所以重力提供向心力mg=2v m R，得.故B 错误； C. 根据万有引力提供向心力，嫦娥四号绕行的向心加速度2GM a r =，月球表面的重力加速度g=2GM R ．嫦娥四号绕行的向心加速度小于月球表面的重力加速度．故C 错误；D. 根据万有引力提供向心力，2224GMm m r r Tπ=，得月球的质量M=2324r GT π，所以月球的密度ρ=M/V=3233πr GT R．故D 正确； 故选D2．如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R 。

金属棒ab 与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下（方向不变），现使磁感应强度随时间均匀减小，ab 始终保持静止。

下列说法正确的是（ ）A ．ab 中的感应电流方向由b 到aB ．电阻R 的热功率逐渐变小C ．ab 所受的安培力逐渐减小D ．ab 所受的静摩擦力保持不变【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab 中的感应电流方向由a 到b ，故A 错误；B ．由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律 BS E n n t t∆Φ∆==∆∆ 可知，感应电动势恒定，则感应电流不变，由公式2P I R =可知，电阻R 的热功率不变，故B 错误； C ．根据安培力公式F=BIL 知，电流I 不变，B 均匀减小，则安培力减小，故C 正确；D ．导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡，则f F =安培力减小，则静摩擦力减小，故D 错误。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考物理模拟试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．绿化工人在街道旁边栽种大树时，为了确保树干不倾斜，需要用铁杆来支撑。

通常是用一个铁环紧套在树干上，三根长度不同的铁杆一端均匀分布在固定的铁环上，另一端固定在同一个水平地面上，大树栽好后竖直压在地上，如图所示。

由于树刚栽，地面对大树的作用力，除了竖直向上的支持力以外，其它力可以不考虑。

则下列说法中正确的是（ ）A ．三根铁杆对大树的作用力大小一定相等B ．大树对地面的作用力一定大于自身的重力C ．铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力是一对平衡力D ．铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．三根铁杆长度不等，与地面的夹角不等，则对大树的作用力大小不相等，选项A 错误；B ．由平衡知识可知，地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知地面对大树的作用力小于大树的重力，则大树对地面的作用力一定小于自身的重力，选项B 错误；C ．因为地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力不是一对平衡力，选项C 错误；D ．大树栽好后竖直压在地上，则铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零，选项D 正确。

故选D 。

2．一质点静止在光滑水平面上，先向右做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为1a ，经过时间t 后加速度变为零；又运动时间t 后，质点加速度方向变为向左，且大小为2a ，再经过时间t 后质点回到出发点。

以出发时刻为计时零点，则在这一过程中（ ）A ．213a aB ．质点向右运动的最大位移为2285a tC ．质点回到出发点时的速度大小为245a t D ．最后一个时间t 内，质点的位移大小和路程之比为3∶5【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．以向右为正方向，由速度公式有 11v a t =由题意知1230x x x =++由位移公式得21112x a t =，21x v t =，231212x v t a t =- 解得215a a =故A 错误；B ．根据题意，作出质点运动的v t -图象，如图所示，设向右从1v 减速到0所用的时间为t '，则有12v a t '=又11v a t =解得15t t '= 根据v t -图象的面积表示位移大小可知，质点向右运动的最大位移2111111182255x v t v t v t a t =++⋅= 故B 错误；C ．质点回到出发点时所用的时间为45t t t t '''=-= 则对应的速度大小为22245v a t a t ''== 故C 正确；D ．最后一个时间t 内，质点的位移大小为212132x x x a t '=+= 路程21111114174252510s a t t a t t a t =⋅+⨯⋅= 所以最后一个时间t 内，质点的位移大小和路程之比为15：17，故D 错误。

新疆乌鲁木齐市2021届第四次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，A、B、C三球的质量分别为m、m、2m,三个小球从同一高度同时出发，其中A球有水平向右的初速度，B、C由静止释放。

三个小球在同一竖直平面内运动，小球与地面之间、小球与小球之间的碰撞均为弹性碰撞，则小球与小球之间最多能够发生碰撞的次数为（）A．1次B．2次C．3次D．4次【答案】C【解析】【详解】由于三球竖直方向的运动情况相同，一定可以发生碰撞，可假设高度无穷大，可看作三球碰撞完成后才落地，A、B第一碰撞后水平速度互换，B、C发生第二碰撞后，由于B的质量小于C的质量，则B反向；B、A发生第三次碰撞后，B、 A水平速度互换，A向左，B竖直下落，三球不再发生碰撞，所以最多能够发生3次碰撞，故C正确，A、B、D错误；故选C。

【点睛】关键是A球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，与B、C竖直方向的运动情况相同，所以一定可以发生碰撞。

2．太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。

2019年10月28日发生了天王星冲日现象，即天王星、地球、太阳三者处于同一直线，此时是观察天王星的最佳时间。

已知地球到太阳距离为1个天文单位，天王星到太阳距离为19.2个天文单位，则下列说法正确的是（）A．此时太阳位于地球和天王星之间的某一点B．2020年10月28日还会出现一次天王星冲日现象C．天王星绕太阳公转的周期约为84年D．地球绕太阳公转的加速度约为天王星绕太阳公转的20倍【解析】【分析】【详解】A ．天王星、地球都绕太阳做圆周运动，即太阳为中心天体，所以太阳不可能位于地球和天王星之间，故A 错误；BC ．天王星、地球绕太阳做匀速圆周运动，根据开普勒第三定律可知330220R R T T = 得0084T T ≈ 即天王星绕太阳公转的周期约为84年，如果两次行星冲日时间间隔为t 年，则地球多转动一周，有 02π2π2π()t T T=- 解得 00841 1.01841TT t T T ⨯==≈--年年 再出现一次天王星冲日现象并不在2020年10月28日，故B 错误，C 正确；D ．由公式2Mm Gma r= 得 2GM a r =地球绕太阳公转的加速度约为天王星绕太阳公转的369倍，故D 错误。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考物理五模试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．氢原子的核外电子从n=2的能级跃迁到n=1的能级时，发出的光恰好能使某种金属发生光电效应，则下列各种说法中正确的是（）A．该光是氢原子所有可能发出的光中能量最大的B．氢原子中由高能级跃迁到n=2的能级时发出的光可能使该金属发生光电效应C．该金属发生光电效应产生的光电子的最大能量恰好等于氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级所放出光子的能量D．氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级所放出光子的能量等于该金属的逸出功【答案】D【解析】【分析】【详解】A．氢原子从n=2的能级跃迁到n=1的能级，所放出光子的能量是所有相邻能级间跃迁时能量最大的，但小于其他能级跃迁到n=1的能级时所放出的光子的能量，故A错误；B．氢原子从高能级跃迁到n=2的能级所放出的光子的能量都小于从n=2的能级跃迁到n=1的能级所放出的光子的能量，不会使金属发生光电效应，故B错误；C．恰好发生光电效应，说明光电子的最大初动能为零，故C错误；D．恰好发生光电效应，说明光子的能量等于金属的逸出功，故D正确。

故选D。

2．如图所示，足够长的两平行金属板正对竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关S相连。

闭合开关后，一个带电的液滴从两板上端的中点处无初速度释放，最终液滴落在某一金属板上。

下列说法中正确的是（）A．液滴在两板间运动的轨迹是一条抛物线B．电源电动势越大，液滴在板间运动的加速度越大C．电源电动势越大，液滴在板间运动的时间越长D．定值电阻的阻值越大，液滴在板间运动的时间越长【答案】B【解析】 【分析】 【详解】A ．液滴在磁场中受重力及电场力，电场力沿水平方向，重力沿竖直方向。

因液滴由静止释放，故合力的方向一定与运动方向一致，故液滴做直线运动，故A 错误；B ．两板间的电势差等于电源电压，当电动势变大时，两板上的电压变大，由U Ed =可知，板间的电场强度增大，电场力变大，合力变大，故加速度增大，故B 正确；C ．因粒子最终打在极板上，故运动时间取决于水平方向的加速度，当电动势变大时，其水平方向受力增大，加速度增大，运动时间减小，故C 错误；D ．定值电阻在此电路中只相当于导线，阻值的变化不会改变两板间的电势差，故带电粒子受力不变，加速度不变，运动时间不变，故D 错误。

新疆乌鲁木齐市2021届新高考物理第四次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．靠近地面运行的近地卫星的加速度大小为a 1，地球同步轨道上的卫星的加速度大小为a 2，赤道上随地球一同运转（相对地面静止）的物体的加速度大小为a 3，则（ ） A ．a 1=a 3＞a 2 B ．a 1＞a 2＞a 3C ．a 1＞a 3＞a 2D ．a 3＞a 2＞a 1【答案】B 【解析】 【分析】题中涉及三个物体：地球赤道上有一随地球的自转而做圆周运动物体3、绕地球表面附近做圆周运动的近地卫星1、地球同步卫星2；物体3与卫星1转动半径相同，物体3与同步卫星2转动周期相同，从而即可求解． 【详解】地球上的物体3自转和同步卫星2的周期相等为24h ，则角速度相等，即ω2=ω3，而加速度由a=rω2，得a 2＞a 3；同步卫星2和近地卫星1都靠万有引力提供向心力而公转，根据2GMm ma r =，得2GMa r=，知轨道半径越大，角速度越小，向心加速度越小，则a 1＞a 2，综上B正确；故选B ． 【点睛】本题关键要将赤道上自转物体3、地球同步卫星2、近地卫星1分为三组进行分析比较，最后再综合；一定不能将三个物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化． 2．倾角为θ的斜面固定在水平面上，在斜面上放置一“”形长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为μ。

平行于斜面的力传感器（不计传感器的重力）上端连接木板，下端连接一质量为m 的光滑小球，如图所示，当木板固定时，传感器的示数为1F ，现由静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中，传感器的示数为2F 。

则下列说法正确的是（ ）A ．若0μ=，则12F F =B ．若0μ=，则2sin F mg θ=C ．若0μ≠，则12tan F F θμ=D ．若0μ≠，则21tan F F θμ= 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】AB ．当木板固定时，对小球分析，根据共点力平衡有 F 1=mgsinθ静止释放木板，木板沿斜面下滑的过程中，若μ=0，则整体沿斜面下滑时根据牛顿第二定律可得 Mgsinθ=Ma 解得 a=gsinθ再以小球为研究对象，则有 mgsinθ-F 2=ma 解得 F 2=0 故AB 错误；CD ．当木板沿斜面下滑时，若μ≠0，对整体分析，根据牛顿第二定律可得加速度为 a=gsinθ-μgcosθ 隔离对小球分析有 mgsinθ-F 2=ma 解得 F 2=μmgcosθ 则有F 1：F 2=mgsinθ：μmgcosθ=tanθ：μ 解得21tan F F θμ=故C 错误、D 正确。