2016年甘肃省天水一中高一上学期物理期末试卷与解析

物理试题一、选择题：此题共12 小题，每题 4 分．在每题给出的四个选项中，第1-8 题只有一项切合题目要求，第9-12 题有多项切合题目要求。

所有选对的得 4 分，选对但不全的得分，有选错的得0 分．1．对于两个物体间作使劲与反作使劲的以下说法中，正确的选项是（）A．作使劲与反作使劲的大小时辰相等2B．有作使劲才有反作使劲，所以先有作使劲后产生反作使劲C．只有两个物体处于均衡状态中，作使劲与反作用才大小相等D．作使劲与反作使劲只存在于互相接触的两个物体之间2．以下图，、两物体用细线连着越过定滑轮静止，、物体的重力分别为40N 和 10N，A B A B绳索和滑轮的质量、摩擦不计。

以下说法正确的选项是A．地面对 A 的支持力是40NB．物体A遇到的合外力是30 NC．测力计示数10 ND．测力计示数20 N3．以初速V0竖直上抛的物体可达到的最大高度为H，为使它能达到的最大高度加倍，则初速度应增为（）A．2V0B． 2V0C．3V0D． 4V04．如图 3 所示，物体放在水平桌面上，在水平方向上共受三个力作用，即F1、F2和摩擦力作用，物块处于静止状态，此中F1=10 牛， F2=2 牛，若撤去F1，则物块遇到的摩擦力是( )A． 8 牛，方向向右B． 8 牛，方向向左C． 2 牛，方向向右D． 2 牛，方向向左5．以下图，底板圆滑的小车上用两个量程为20N、完整同样的弹簧秤甲和乙系住一个质量为 1kg 的物块．在水平川面上，当小车作匀速直线运动时，两弹簧秤的示数均为10N．当小车作匀加快直线运动时, 弹簧秤甲的示数变成7N，这时小车运动的加快度大小是( )A． 3m/s2 B． 6m /s 2 C． 7m/s2 D． 9m/s26．木块在粗拙水平面上以初速度v0自由运动时加快度大小为 a，当用大小为 F 的水平拉力沿运动方向拉木块时，木块加快度大小还是a，若水平拉力 F 与运动方向相反，木块的加快度大小是（）A． 3a B ． 2a C ． a D ．a 27．以下图， A 和 B 两物体互相接触并静止在水平面上，现有两面个水平推力F和F分别1 2作用在 A 和 B 上， A、B 两物体仍旧保持静止，则A、B 两物体之间的作使劲大小是( )A．必定等于零B．必定不等于零C．必定等于F1D．可能等于F28．以下说法正确的选项是（）A．运动得越快的汽车越不简单停下来，是因为汽车运动得越快，惯性就越大B．小球因为受重力的作用而自由着落时它的惯性就不存在了C．一个小球被竖直上抛．当抛出后，它能持续上涨，是因为小球遇到一个向上的推力D．物体的惯性仅与质量相关，质量大的惯性大，质量小的惯性小9．在以4m/s 2 的加快度匀加快上涨的电梯内，分别用天平易弹簧秤称量一个质量10kg 的物体(g 取 10m/s2) ，则（）A．天平的示数为10kgB．天平的示数为14kgC．弹簧秤的示数为100ND．弹簧秤的示数为140N10．物体在水平推力 F 的作用下静止于斜面上，如图静止，则（）A．物体所受协力增大6 所示，若稍稍增大推力，物体仍保持B．物体所受协力不变C．物体对斜面的压力增大D．斜面对物体的摩擦力增大11．甲、乙两个物体从同一地址沿同一方向做直线运动的速度图像如图7所示,则（）A．两个物体两次相遇的时间是2s 和 6sB． 4s 时甲在乙的后边C． 2s 时两物体相距最远D．甲物体向来向前运动而乙物体向前运动2s, 随后向后运动12．以下图, 有 A、B 两物体, m=2m,AB用细绳连结后放在圆滑的斜面上, 在它们下滑的过程中（）A．它们的加快度a=g sinθB．它们的加快度a<g sinθC．细绳的张力T=0D．细绳的张力T 1 m B g sin 3二．填空题：（此题 2 小题，每空 2 分，共 16 分）13．某同学在家中试试考证平行四边形定章，如图（甲）所示，他找到三条同样的橡皮筋（假设橡皮筋都按照胡克定律，橡皮筋的伸长量与力的大小成正比）和若干重物，以及刻度尺、三角板、铅笔、细绳、白纸、图钉等。

2015-2016学年甘肃省天水市秦安一中高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（每道题3分，共30分，每道题只有一个选项正确．）1．单位制是由基本单位和导出单位所组成的一系列完整的单位体制．在以下所给出的力学单位中，属于国际单位制中的基本单位是（）A．m B．m/s C．m/s2D．N2．如图所示为某校学生开展无线电定位“搜狐”比赛，甲、乙两人从O点同时出发，并同时到达A点搜到狐狸，两人的搜狐路径已在图中标出，则（）A．甲的平均速度大于乙的平均速度B．两人运动的平均速度相等C．甲的位移大于乙的位移D．甲的路程等于乙的路程3．关于速度与加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．物体的速度改变越快，其加速度也越大B．物体的速度越大，其加速度也越大C．物体的速度改变量越大，其加速度也越大D．物体的速度为零，其加速度一定为零4．关于惯性，下列说法中正确的是（）A．同一汽车，速度越快，越难刹车，说明物体速度越大，惯性越大B．物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性C．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D．已知月球上的重力加速度是地球上的，故一个物体从地球移到月球惯性减小为5．关于滑动摩擦力，以下说法正确的是（）A．滑动摩擦力总是和物体的运动方向相反B．滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动C．只有运动的物体才受到滑动摩擦力D．滑动摩擦力总跟物体的重力成正比6．关于合力与分力的关系，下列说法中正确的是（）A．合力的大小一定大于小的分力，小于大的那个分力B．合力的大小随分力夹角的增大而增大C．合力的大小一定大于任意一个分力D．合力的大小可能大于大的分力，也可能小于小的分力7．如图所示，物体在水平拉力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，速度为v．现让拉力逐渐减小，则物体的加速度和速度的变化情况是（）A．加速度逐渐变小，速度逐渐变大B．加速度和速度都在逐渐变小C．加速度和速度都在逐渐变大D．加速度逐渐变大，速度逐渐变小8．质量为2Kg的物体，同时受到2N、8N、7N三个共点力的作用，则物体的加速度不可能为（）A．0 B．6m/s2C．8m/s2D．10m/s29．在某次共点力的合成实验中，小明同学进行了下面的探究活动：使b弹簧秤按图示位置开始顺时针方向缓慢转过90°角，在这个过程中保持O点位置不动，a弹簧秤的拉伸方向不变，则整个过程中关于a、b弹簧秤的读数变化情况是（）A．a增大，b减小B．a减小，b增大C．a减小，b先减小后增大D．a先减小后增大，b减小10．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A．m=0.5kg，μ=0.4B．m=1.5kg，μ=C．m=0.5kg，μ=0.2D．m=1kg，μ=0.2二、多项选择题（每题4分，共20分，题中至少有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错不得分．）11．如图所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．细绳受到的拉力是由于细绳发生的形变产生的B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力C．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力D．小球受到的拉力和小球对细绳的拉力是一对作用力与反作用力12．如图是甲、乙两物体运动的位移图象，关于甲、乙两物体的运动情况，下列说法正确的是（）A．甲、乙同时开始运动B．甲、乙从同一地点开始运动C．前2s内乙的速度大于甲的速度，2s后乙的速度小于甲的速度D．在距出发点4m处，甲追上乙，两物体相遇13．在以4m/s2的加速度匀加速上升的电梯内，分别用天平和弹簧秤称量一个质量10kg的物体（g取10m/s2），则（）A．天平的示数为10kg B．天平的示数为14kgC．弹簧秤的示数为100N D．弹簧秤的示数为140N14．如图所示，质量为m的物体在恒力F作用下沿天花板做匀速直线运动，物体与顶板间动摩擦因数为μ，则物体受到摩擦力大小为（）A．FcosθB．FsinθC．μ（Fsinθ﹣mg）D．μ（mg﹣Fsinθ）15．如图，在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ．则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μmg B．C．μ（M+m）g D．Ma三、实验题（本大题共两小题，每空2分，共计14分．）16．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，某小组同学实验时先正确平衡摩擦力，并利用钩码和小车之间连接的力传感器测出细线上的拉力，改变钩码的个数，确定加速度与细线上拉力F的关系．（1）下列图象中能表示该同学实验结果的是（2）某次实验中打出如图所示的纸带（打点计时器电源的频率为50Hz），则这个加速度值a=m/s2．（计算结果保留两位有效数字）17．某同学在做“测定木板与木块间动摩擦因数”的实验时，设计了两种实验方案：方案一：木板固定，用弹簧测力计拉动木块，如图（a）所示．方案二：用弹簧测力计钩住木块，用力拉动木板，如图（b）所示．除了实验必须的弹簧测力计、木块、木板、细线外，该同学还准备了若干重量均为2.00N的砝码．（1）上述两种方案中，你认为更合理的方案是，理由是．（2）该同学在木块上加放砝码，改变木块对木板的压力，记录了5组实验数据，如下表所示：请根据上述数据在坐标纸上（图c）作出摩擦力f和砝码对木块的压力F的关系图象（以F 为横坐标）．并分析图象不过原点的原因是．求木块间的滑动摩擦因数为．四、计算题（本题共4小题，共36分，其中18题8分，19题8分，20题10分，21题10分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）18．从离地面80m的空中自由落下一个小球，g取10m/s2，求：（1）经过多长时间落到地面？（2）自开始下落计时，在第1s内的位移大小、最后1s内的位移大小；（3）下落时间为总时间的一半时的位移大小和速度大小．19．如图所示，一个重为100N的小球被夹在竖直的墙壁和A点之间，已知球心O与A点的连线与竖直方向成θ角，且θ=60°，所有接触点和面均不计摩擦．试求小球对墙面的压力F1和对A点压力F2．20．如图所示，物体的质量m=4kg，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.2，在倾角为37°，F=10N的恒力作用下，由静止开始加速运动，当t=5s时撤去F，（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物体做加速运动时的加速度a；（2）撤去F后，物体还能滑行多长时间？21．如图，有一水平传送带以2m/s的速度匀速运动，现将一物体轻轻放在传送带的左端上，若物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，已知传送带左、右端间的距离为10m，求传送带将该物体传送到传送带的右端所需时间．（g取10m/s2）2015-2016学年甘肃省天水市秦安一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每道题3分，共30分，每道题只有一个选项正确．）1．【考点】力学单位制．【分析】在国际单位制中基本单位有七个：m、kg、s、K、A、moL、cd，根据物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、m是长度的单位，是基本单位，故A正确B、m/s是速度单位，是导出单位，故B错误C、m/s2是加速度单位，是导出单位，故C错误D、N是力的单位，导出单位，故D错误故选：A．【点评】解决本题的关键要记住国际单位制中力学的基本单位：m、kg、s，要注意J和N 不是基本单位．2．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】平均速度等于物体的位移与所用时间的比值．位移是从起点到终点的有向线段，从图上找出起点和终点，确定位移关系，再研究平均速度关系．路程是物体运动路线的长度．【解答】解：A、B、C由图看出，甲乙两人起点都在O点，终点都在A点，位移相同，所用时间相同，则根据平均速度的公式得知，平均速度一定相同．故AC错误，B正确；D、路程是物体运动路线的长度，从图看出，甲的路程大于乙的路程．故D错误．故选：B．【点评】本题是物体的运动轨迹图线，能直接看出物体运动路线和起点、终点，只要懂得平均速度的含义就能正确解答．3．【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度描述速度变化的快慢．加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解答】解：A、加速度描述速度变化的快慢，物体的速度改变越快，其加速度也越大，故A正确；B、速度大，加速度可以为零，比如匀速直线运动，故B错误；C、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故C错误；D、物体的速度为零，其加速度不一定为零，例如火箭发射的瞬间，故D错误；故选：A．【点评】加速度是运动学中最重要的物理量，对它的理解首先抓住物理意义，其次是定义式，以及与其他物理量的关系．4．【考点】惯性．【分析】惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量．在月球上和在地球上，重力加速度的大小不一样，所以受的重力的大小也就不一样了，但质量不变，惯性也不变．【解答】解：物体的惯性大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，所以惯性与速度的大小无关，故A、B选项错误．C、乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的质量小，所以它的惯性小，故C选项正确．D、在月球上和在地球上，重力加速度的大小不一样，所以受的重力的大小也就不一样了，但质量不变，惯性也不变．所以D选项错误．故选：C．【点评】本题就是看对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量．5．【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力的方向总是跟接触面相切，并且跟物体相对运动方向相反；所谓相对，仍是以施加摩擦力的施力物体为参考系的．滑动摩擦力f的大小跟正压力成正比，即f=μF N．【解答】解：A、由于滑动摩擦力的方向总是跟接触面相切，跟物体相对运动方向相反，并不是跟物体运动的方向相反，故A错误B、由于滑动摩擦力的方向总是跟物体相对运动方向相反，所以滑动摩擦力的作用总是阻碍物体间的相对滑动，B正确．C、汽车刹车滑行时，地面是静止的，受到滑动摩擦力，故C错误．D、由于滑动摩擦力f的大小跟正压力成正比，即f=μF N，而正压力有时不等于物体的重力，故D错误．故选：B【点评】注意影响滑动摩擦力大小的因素：（1）物体所受压力大小．在接触面粗糙程度相同时，所受压力越大，滑动摩擦力越大．（2）与物体接触的面的粗糙程度（接触面粗糙程度）．在物体所受压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大．（3）滑动摩擦力的大小与接触面面积无关．（4）滑动摩擦力大小与物体运动速度无关．6．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法则图解法专题．【分析】力是矢量，求两力的合力时要用平行四边形定则；根据几何关系及分力间的夹角可得出合力和分力可能的关系．【解答】解：A、若夹角较大时，两个力的合力可能小于任一分力，故A错误；B、两个力大小一定，若夹角越大，则力的平行四边形中的对角线越短，即合力越小，故B 错误；C、两分力相互垂直时，由几何关系可知，合力一定大于任一分力，故C错误；D、根据力的合成法则可知，合力的大小可能大于分力，也可能小于分力，也可能等于分力，故D正确；故选：D．【点评】合力与分力的大小关系取决于它们的力的平行四边形，一定要考虑可能出现的情况找出可能的结果．7．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体开始做匀速直线运动，知物体在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力平衡，当拉力逐渐减小，根据牛顿第二定律判断出加速度的变化，根据速度与加速度的方向关系判断出速度的变化．【解答】解：开始物体在水平方向上受拉力和滑动摩擦力平衡，当拉力逐渐减小，根据牛顿第二定律，a=，知加速度逐渐增大，方向水平向左，方向与速度的方向相反，则速度逐渐减小．故D正确，A、B、C错误．故选D【点评】解决本题的关键知道根据合力的大小变化，可知道加速度大小的变化．以及知道当速度方向与加速度方向相同，物体做加速运动，当速度方向与加速度方向相反，物体做减速运动．8．【考点】牛顿第二定律；力的合成．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先确定出三个力合力范围，再由牛顿第二定律求得加速度的范围，即可进行选择．三个力合力最大值为三者之和．由于三个力能平衡，合力的最小值为零．【解答】解：2N、8N的合力范围为6N≤F合≤10N，7N能与F合大小相等，则知三个力能够平衡，故三个力合力的最小值为零，三个力合力最大值为三者之和，即最大值为17N．根据牛顿第二定律a=得：物体的加速度范围为：0≤a≤m/s2，即0≤a≤8.5m/s2．故10m/s2不可能．故D正确．故选：D．【点评】本题关键确定合力的范围，再求解加速度的范围．三个力合力的最大值等于三力之和，而最小值要根据三力能否平衡求解，平衡时合力的最小值为零．9．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】点0受到三个力作用处于平衡状态，保持O点的位置，说明一个拉力大小和方向不变，a弹簧秤的拉伸方向不变，说明一个拉力方向不变，判断另一拉力变化情况，因此利用“图示法”可正确求解．【解答】解：对点o受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，如图，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，oa弹簧拉力方向不变，ob弹簧拉力方向和大小都改变根据平行四边形定则可以看出b的读数先变小后变大，a的读数不断变小，故ABD错误，C 正确．故选：C．【点评】本题是三力平衡问题中的动态分析问题，关键受力分析后，作出示意图，然后运用力的平行四边形定则进行分析讨论．10．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据v﹣t图和F﹣t图象可知，在4﹣6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在根据在2﹣4s内物块做匀加速运动，由牛顿第二定律可以求得物体的质量的大小．【解答】解：由v﹣t图可知4﹣6s，物块匀速运动，有F f=F=2N．在2﹣4s内物块做匀加速运动，加速度a=2m/s2，由牛顿第二定律得ma=F﹣F f，将F=3N、F f=2N及a代入解得m=0.5kg．由动摩擦力公式得，所以A正确．故选：A．【点评】本题考查学生对于图象的解读能力，根据两个图象对比可以确定物体的运动的状态，再由牛顿第二定律来求解．二、多项选择题（每题4分，共20分，题中至少有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错不得分．）11．【考点】牛顿第三定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】弹力是发生形变的物体对与它接触的物体的作用力；小球受重力，绳的拉力，处于平衡状态．小球受到的重力和小球对细绳的拉力，大小相等，但作用在两个物体上，不是平衡力，但由于它们之间不是相互作用，故也不是作用力和反作用力．【解答】解：A、细绳受到的拉力是由于小球发生的形变产生的；故A错误；B、C、小球受重力，绳的拉力，处于平衡状态，故小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力，故C正确，B错误．D、小球受到的拉力和小球对细绳的拉力是一对作用力与反作用力．故D正确．故选：CD【点评】要会区分平衡力和作用力与反作用力：平衡力能使物体平衡；作用力和反作用力是一种相互作用．不能仅凭大小相等方向相反，是否作用在一个物体上做判定．12．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度；初始位置的坐标即为两物体出发时的距离；【解答】解：A、甲和乙都在t=0时刻开始运动，故A正确．B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点2m处出发，故B错误．C、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，从图象中看出直线甲斜率大于直线乙的斜率，所以甲的速度一直大于乙的速度，故C错误．D、在距出发点4m处，甲追上乙，两者位移相等，两物体相遇，故D正确．故选AD．【点评】此类问题比较简单，只要了解了x﹣t图象的意义就可顺利解出，故要学会读图．13．【考点】牛顿第二定律；超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】天平的工作原理是等臂杠杆，测量质量；弹簧秤的测力原理是胡克定律，测量力．【解答】解：A、B、天平的工作原理是等臂杠杆，测量质量，质量与加速度无关，故为10kg；故A正确，B错误；C、D、弹簧秤的测力原理是胡克定律，测量力，根据牛顿第二定律，有：F﹣mg=ma解得：F=m（g+a）=10×（10+4）=140N故C错误，D正确；故选：AD．【点评】本题关键明确天平测量力，弹簧秤测量弹力，工作原理不同，基础题．14．【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】对物体受力分析，受推力、重力、支持力、摩擦力而做匀速运动，根据平衡条件用正交分解法列式求解．【解答】解：对物体受力分析，将推力F正交分解，如图根据共点力平衡条件水平方向Fcosθ﹣f=0则物体受到摩擦力大小f=Fcosθ．故选A．竖直方向Fsinθ﹣N﹣mg=0摩擦力大小f=μN=μ（Fsinθ﹣mg），故选C．故选AC．【点评】本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图，列方程即可求解．选择恰当的方法，往往可以使问题简化，常用方法有：正交分解法；相似三角形法；直角三角形法；隔离法与整体法；极限法．15．【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由于小车和木块一起作无相对滑动的加速运动，所以小车和木块的加速度大小相同，对小车和木块受力分析，根据牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小．【解答】解：先对整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：F=（M+m）a ①再对物体m受力分析，受重力、支持力和向前的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有：f=ma ②由①②联立解得：f=ma=故ACD错误，B正确；故选：B．【点评】当分析多个物体的受力、运动情况时，通常可以采用整体法和隔离法，用整体法可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小．三、实验题（本大题共两小题，每空2分，共计14分．）16．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）平衡摩擦力后，细线拉力等于合力，而加速度与合力成正比，其关系图线应该为直线；（2）根据公式△x=aT2，结合逐差法进行计算即可；【解答】解：（1）平衡摩擦力后，细线拉力等于合力，而加速度与合力成正比，其关系图线应该为直线，故选A；（2）根据公式△x=aT2得到：0.0353﹣0.0193=2aT2代入数据得到：a=m/s2=0.80m/s2 ．故答案为：（1）A；（2）0.80．【点评】本题考查了学生对牛顿第二定律掌握和运用，本题关键：一是公式△x=aT2理解与掌握，注意巧用T的含义，二是能从图象上得到相关信息．17．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题；摩擦力专题．【分析】（1）方案一：对摩擦力的测量是采用“间接法”进行的，只有当弹簧秤拉动木块匀速运动时，拉力才与摩擦力成为一对平衡力，它们大小相等．方案二：拉动木板时，木块受到向左的摩擦力，由于木块相对地面静止，则摩擦力与弹簧秤的拉力是一对平衡力．（2）采用描点法做出图象．【解答】解：（1）方案二更合理．理由是：图（b）中固定弹簧测力计，拉动木板做相对运动，更容易控制拉动的速度，使示数更稳定，测量更准确．（2）采用描点法画出的图象如下：当砝码对木块的压力F=0时，摩擦力f≠0，所以图象不过原点的原因是：压力N中漏掉了木块的重力．由题意可知，图象的斜率k=μ==0.25故答案为：（1）方案二，图（b）中固定弹簧测力计，拉动木板做相对运动，更容易控制拉动的速度，使示数更稳定，测量更准确．（2）图线如图，压力N中漏掉了木块的重力，0.25【点评】在本实验中，准确读出弹簧测力计的示数是关键，因此，只有使物体做匀速直线运动，其拉力与摩擦力才是一对平衡力，改进后的方案也是为了使读数更准确．四、计算题（本题共4小题，共36分，其中18题8分，19题8分，20题10分，21题10分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）18．【考点】自由落体运动；匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】（1）自由落体运动的物体，下落时间由高度决定与其它因素无关；（2）第一秒、最后一秒都是指一秒钟的时间，这段时间内的位移可以由位移时间公式直接求解；（3）总时间可以通过高度求出，下落时间为总时间的一半时的位移大小和速度大小可以通过自由落体运动的基本公式求解．【解答】解：（1）由得物体下落到地面的时间为（2）在第1s内的位移最后1s内的位移等于总位移减去前3s的位移，即h第4秒=h总﹣h3=80﹣45m=35m（3）下落时间为总时间的一半t2=2s时的位移大小h'和速度大小υ'分别为：υ'=gt=10×2m/s=20m/s答：（1）经过4s钟小球落到地面；（2）第1s内的位移为5m、最后1s内的位移为35m；（3）下落时间为总时间的一半时的位移大小为20m、速度大小为20m/s．【点评】本题是自由落体规律和公式的直接运用，难度不大，属于基础题．19．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球受力分析，由共点力的平衡条件作出几何图象，由几何关系可知压力的大小．【解答】解：受力分析如图，将重力分解，小球对墙面的压力：F1=F1′=mgtan60°=100N小球对A点的压力：F2=F2′==200N；答：小球对墙面的压力为100，对A点的压力为200N．【点评】本题为共点力的平衡题目，可以由合成法也可以用分解法作出几何图象，则由几何关系可解．20．【考点】牛顿第二定律；牛顿运动定律的综合应用．【分析】对物体受力分析可知，物体的运动可以分为两个运动过程，先是匀加速直线运动，后是匀减速直线运动，由牛顿第二定律求出加速度，再由匀变速直线运动的规律求解即可．【解答】解：（1）物体在力F作用下做初速度为零的加速运动，受力如图水平方向有：Fcos37°﹣f=ma竖直方向有：Fsin37°+N﹣mg=0摩擦力：f=μN带入数据解得a=0.3m/s2（2）撤去外力F后物体在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，匀减速运动的初速度为υ=at1再由速度公式可得，0=υ﹣a′t2加速度为a′=μg代入数据解得t2=0.75s答：（1）物体做加速运动时的加速度为0.3m/s2；（2）撤去F后，物体还能滑行0.75s．【点评】本题是对牛顿运动定律和匀变速直线运动规律的考查，通过受力分析，掌握好运动规律就可以求出这道题，难度不是很大．。

2015-2016学年甘肃省天水一中高一（上）期末物理试卷一、选择题（1-9单选题，10-12多选题，每小题4分，共48分）1．牛顿的三大运动定律构成了物理学和工程学的基础．它的推出、地球引力的发现和微积分的创立使得牛顿成为过去一千多年中最杰出的科学巨人之一．下列说法中正确的是（）A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B．牛顿第二定律在非惯性系中不成立C．牛顿第一定律可以用实验验证D．为纪念牛顿，人们把“力”定为基本物理量，其基本单位为“牛顿”2．下列说法中正确的是（）A．运动越快的汽车不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．作用力与反作用力一定是同种性质的力C．伽利略的理想实验是凭空想象出来的，是脱离实际的理论假设D．马拉着车向前加速时，马对车的拉力大于车对马的拉力3．如图所示，A是一个质量为M的盒子，B的质量为M，A，B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角为θ的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态，现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A．绳子拉力逐渐增大 B．A对斜面压力逐渐增大C．A所受摩擦力逐渐增大 D．A所受合力逐渐增大4．如图所示，是一个做直线运动的物体到的速度﹣时间图象，已知初速度为v0，末速度为v t，则时间t内，物体的位移（）A ．等于B ．大于C ．小于D ．等于5．一物体由静止开始作匀加速运动，它在第n 秒内的位移是s ，则其加速度大小为（ ）A ．B ．C ．D ．6．一个物体从某一高度做自由落体运动，它在第1s 内的位移恰好等于它最后1s 内位移的，则它开始下落时距地面的高度为（取g=10m/s 2）（ ） A ．5m B ．11.25m C ．20m D ．31.25m7．如图所示，一轻杆AB ，A 端铰于低墙上，B 端用细线系住跨过低墙顶上的C 点用力F 拉住，并在B 端挂一重物．现缓慢地拉线使杆向上转动，杆与墙的夹角θ逐渐减小．在此过程中，杆所受的压力N 和拉力F 的大小变化情况是（ ）A ．N 和F 均变大B ．N 变小，F 变大C ．N 变大，F 变小D ．N 不变，F 变小8．如图所示，一个重为5N 的大砝码，用细线悬挂在O 点，现在用力F 拉砝码，使悬线偏离竖直方向30°时处于静止状态，此时所用拉力F 的最小值为（ ）A．5.0N B．2.5N C．8.65N D．4.3N9．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的（）A．路程为60mB．移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为10m/sD．平均速度大小为13m/s，方向向上10．某人提一重物直立保持静止，当人向右跨了一步后，人与重物重新保持静止，下述说法中正确的是（）A．地面对人的摩擦力减小 B．地面对人的摩擦力增大C．人对地面的压力增大D．人对地面的压力减小11．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．12．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B 点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定（）A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k二、实验题13．在《探究加速度与力、质量的关系》实验中采用如图所示的装置．（1）本实验应用的实验方法是．A．假设法B．理想实验法C．控制变量法D．等效替代法（2）下列说法中正确的是．A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（3）如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带，取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.50cm，BC=3.88cm，CD=6.26cm，DE=8.67cm，EF=11.08cm，FG=13.49cm，则小车运动的加速度大小a=m/s2，打纸带上E点时小车的瞬时速度大小v E=m/s．（结果均保留两位小数）（4）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如下表所示：（小车质量保持不变）请根据表中的数据在坐标图上作出a﹣F图象；图象不过坐标原点的原因可能是．三、计算题（共40分）14．如图所示，物体A重G A=40N，物体B重G B=20N，A与B、B与地面间的动摩擦因数都相同，物体B用细绳系住，当水平力F=32N时，才能将A匀速拉出．（1）画出A和B的受力示意图（2）求A与B、B与地面间的动摩擦因数μ（3）求物体B所受细绳的拉力T．15．质量是60kg的人站在升降机中的体重计上（g取10m/s2），求：（1）升降机匀速上升时体重计的读数；（2）升降机以4m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数；（3）当体重计的读数是420N时，判断升降机的运动情况．16．如图甲，一物体在t=0时刻以某一速度沿固定斜面下滑，物体运动到斜面底端与挡板碰撞时无机械能损失，其运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度g=10m/s2，斜面的倾角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求（1）物体与斜面间的动摩擦因数μ．（2）物体沿斜面上滑时的加速度大小a．（3）物体能上滑的最大距离s．2015-2016学年甘肃省天水一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-9单选题，10-12多选题，每小题4分，共48分）1．【考点】牛顿第二定律．【分析】牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律，牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，牛顿第三定律揭示了作用力与反作用力的关系．【解答】解：A、牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律，牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，故牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础，故A错误；B、牛顿运动定律成立的参考系是惯性系，故牛顿第二定律在非惯性系中不成立的，故B正确；C、地球上的一切物体都受到重力，完全不受力的物体是没有的，牛顿第一定律可以用理想实验验证，故C错误；D、为纪念牛顿，人们把力的单位规定为牛顿，即1N=1kg•m/s2，但不是基本单位，故D错误；故选B．【点评】本题考查了牛顿三定律之间的联系，牛顿第一定律是基础，说明力不需要运动来维持，第二定律给出了力与运动的具体关系．2．【考点】作用力和反作用力；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法；惯性．【分析】惯性是描述物体的运动的状态改变难易的物理量，不仅仅是“停下了”的难易；作用力和反作用力的来源是相同的，所以必定是同种性质的力；作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，伽利略的理想实验不是凭空想象出来的，也不是脱离实际的理论假设．【解答】解：A、运动快的汽车不容易停下来，是因为汽车运动得越快，汽车的动量越大，停下了所需要的冲量越大，时间就越长．故A错误；B、作用力和反作用力的来源是相同的，所以必定是同种性质的力；故B正确；C、伽利略的理想实验是依据他所做的实验，进行的理想化的推理，不是凭空想象出来的，对实际的生产和生活有非常重要的指导意义．故C错误；D、作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，所以马对车的拉力始终等于车对马的拉力．故D错误．故选：B【点评】该题考查了运动学多个概念和伽利略的理想实验，都是属于基础知识和容易混肴的一些知识．要加强对基础知识的学习．3．【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】绳子拉力等于B的重力，保持不变．A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力．A所受的重力沿斜面向下的分力等于B的重力，当向A中缓慢加入沙子时，分析A受到的摩擦力方向，由平衡条件分析大小的变化．A保持静止，合力为零，保持不变．【解答】解：A、B始终处于静止状态，由平衡条件得知绳子拉力等于B的重力，保持不变．故A错误．B、A对斜面的压力等于A及沙子的总重力沿垂直于斜面的分力，随着沙子质量的增加，A 对斜面的压力逐渐增大．故B正确．C、未加沙子时，A的重力沿斜面向下的分力与绳子的拉力大小关系不能确定，A的运动趋势方向不能确定，所以A可能不受静摩擦力，可能摩擦力沿斜面向下，也可能沿斜面向上．当向A中缓慢加入沙子时，若A原来不受摩擦力或摩擦力沿斜面向上，由平衡条件分析可知：随着沙子质量的增加，A所受的摩擦力逐渐增大．若A原来的摩擦力沿斜面向下时，当向A中缓慢加入沙子时，A所受的摩擦力可能不断减小．故C错误．D、整个系统始终保持静止，A所受的合力为零，不变．故D错误．故选：B．【点评】本题关键通过分析物体的受力情况，确定摩擦力的大小和方向．不能产生低级错误，认为加沙子，A的合力增大．4．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度时间图线中，图线与时间轴围成的面积表示位移，若是匀加速直线运动，结合平均速度推论求出位移，从而比较大小．【解答】解：若图线为图中虚线所示，物体做匀加速直线运动，梯形的面积表示位移，根据平均速度推论知，位移x=，因为实际图线围成的面积大于梯形面积，则物体的位移大于，故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动平均速度推论，以及知道速度时间图线围成的面积表示位移．5．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】计算题．【分析】要求物体的加速度，知道物体在第n秒内的位移，根据平均速度公式s=t，需求物体在第n秒内的平均速度，故需求物体在第n秒初的速度v1和在第n秒末的速度v2．【解答】解：设物体的加速度为a，由于物体做初速度为0的匀加速直线运动，根据v t=v0+at可得物体在第（n﹣1）秒末的速度为v1=（n﹣1）a，物体在第n秒末的速度为v2=na，则在第n秒内的平均速度，根据s=t物体在第n秒内的位移s=×1故物体的加速度a=故选A．【点评】知道某段时间内的位移，求物体的加速度，可以利用平均速度公式求解，要求平均速度，需要知道物体的初速度和末速度的表达式．6．【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】自由落体运动是初速度为零的匀加速运动，加速度的大小为重力加速度，根据自由落体运动规律计算即可．【解答】解：根据公式：h=gt2得：第1 s内下落的距离h1=×10×12 m=5 m．设：物体开始下落时离地面的高度为H，下落时间为t，则有：H=gt2…①最后1s之前的下降的高度为H﹣4h1=g（t﹣△t）2…②由①﹣②得：4h1=gt2﹣g（t﹣△t）2，∴t=2.5 s…③把③式代入①得：H=×10×（2.5）2 m=31.25 m．故选D．【点评】匀变速运动的常规题目，牢记公式，找准数量关系列方程，注意每次都从抛出点开始计算，这样比较简单．7．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当细绳缓慢拉动时，整个装置处于动态平衡状态，以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图．根据平衡条件，运用三角形相似法，得出F N与边长CA、BA及物体重力的关系，再分析F N的变化情况以及F的变化．【解答】解：设物体的重力为G．以B点为研究对象，分析受力情况，作出力图，如图．作出力F N与F的合力F2，根据平衡条件得知，F2=F1=G．由△F2F N B∽△CBA得知AB、AC长度不变，杆与墙的夹角θ逐渐减小，则BC减小，知F N不变，F减小．F N与杆所受的压力N大小相等．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】本题中涉及非直角三角形，运用几何知识研究力与边或角的关系，根据相似三角形法解决是常用的思路．8．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以物体为研究对象，采用作图法分析什么条件下拉力F最小．再根据平衡条件求解F的最小值．【解答】解：以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力F与细线垂直时最小．根据平衡条件得F的最小值为F min=Gsin30°=5×0.5N=2.5N故选B【点评】本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析F取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定．9．【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改变量．【解答】解：A、物体上升的最大高度为h1===45m，上升的时间为t1==3s，从最高点开始2s内下落的高度h2==×10×22m=20m，所以5s内物体通过的路程为S=h1+h2=65m，故A错误；B、物体上升的最大高度为h1===45m，上升的时间为t1==3s，从最高点开始2s内下落的高度h2==×10×22m=20m，所以5s内物体通过的位移为S=h1﹣h2=25m．且方向竖直向上，故B 正确．C、由于匀变速运动，则速度改变量△v=at=gt=﹣10×5m/s=﹣50m/s．故C错误．D、平均速度=m/s=5m/s，方向竖直向上．故D错误．故选：B【点评】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用．注意：5s内物体的位移也可以由此法解出，x=v0t﹣gt2=30×5﹣×10×52（m）=25m，位移方向竖直向上．（加速度方向与初速度方向相反）10．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对人受力分析：重力、绳子的拉力、支持力与地面给的静摩擦力，四力处于平衡状态．当人后退后重新处于平衡，则绳子与竖直方向夹角变大，由力的分解结合平衡条件可确定摩擦力、支持力的变化情况．【解答】解：对人受力分析，重力G、绳子的拉力T、支持力F与地面给的静摩擦力f，四力处于平衡状态．当绳子与竖直方向夹角θ变大时，则对绳子的拉力T进行力的分解得：Tsinθ=fTcosθ+F=G由题意可知，绳子的拉力大小T等于物体的重力，所以随着夹角θ变大，得静摩擦力增大，支持力变大，导致人对地的压力增大；故AD错误，BC正确；故选：BC．【点评】这是物体受力平衡的动态分析，方法是正确的受力分析，再由力的分解或合成来寻找力之间的关系．学生受力分析时容易出错，认为人受到三个力，重力、拉力与静摩擦力，却漏了支持力，学生误以为绳子竖直方向的分力就是支持力．11．【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【分析】由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出v﹣t图象．【解答】解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于G，故合力为G﹣F=50N，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；AD均符合题意；故选AD．【点评】本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案．12．【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】滑块运动分两个阶段，匀加速下滑和匀减速上滑，利用牛顿第二定律求出两端加速度，利用运动学公式求解．【解答】解：设下滑位移为L，到达底端速度为v由公式v2=2ax得：下滑过程：v2=2a下L ①上滑过程：②由牛顿第二定律得：下滑加速度为：③上滑加速度为：④①②③④联立得：所以A正确；，又f=μF N=μmgcosα两式联立得：，所以c正确；因为滑杆粗糙，所以最终滑块停在底端，所以B正确；因为不知道最初滑块下滑的位移，所以无法求出速度，所以D错误；故选ABC．【点评】解决本题的关键是上滑和下滑时摩擦力方向不同，所以加速度不同，另外抓住连接两段的桥梁是碰撞前后速度大小相等．二、实验题13．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题；定量思想；图析法；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．（2）探究加速度与力的关系实验时，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车．（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．（4）实验时应平衡摩擦力，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a﹣F图象在F轴上有截距；平衡摩擦力过度，在a﹣F图象的a轴上有截距．【解答】解：（1）本实验应用的实验方法是控制变量法，故选C．（2）平衡摩擦力时，小车上不应该挂砝码，只让小车拖着纸带做匀速运动即可，选项A错误；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项B正确；实验时，先接通打点计时器电源再放开小车，选项C错误；在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量，以使得小车的拉力近似等于砝码的重力．选项D正确；故选：BD．（3）小车运动的加速度大小：==2.40m/s2；打纸带上E点时小车的瞬时速度大小：==0.99m/s，（4）图线如图所示；由图线可看出，小车上不加拉力时就已经有了加速度，故图象不过坐标原点的原因可能是平衡摩擦过度或木板一端垫得过高．故答案为：（1）C；（2）BD；（3）2.40，0.99；（4）a﹣F图象如上图所示；平衡摩擦过度或木板一端垫得过高．【点评】对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．该题考查在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中的注意事项：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；同时会求瞬时速度与加速度，学会通过描点作图象，注意单位的统一与正确的计算．三、计算题（共40分）14．【考点】共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】（1）物体B受重力、支持力、细线的拉力和向右的滑动摩擦力；物体A受拉力、重力、压力、支持力、B对A向左的滑动摩擦力，地面对A向左的滑动摩擦力．（2）当水平力F=32N可以将B匀速拉出可知：在B被拉出过程中，物体A和B均处于平衡状态．对A受力分析可知外力F等于B对A的摩擦力和地面对A的摩擦力之和，地面对A的摩擦力μ（G A+G B）代入有关数据可求得μ．（3）物体B受细线的拉力和摩擦力而平衡，根据平衡条件列式求解即可．【解答】解：（1）对A受力分析，如图所示：对B受力分析，如图所示：（2）以A物体为研究对象，其受力情况如上图所示：物体B对其压力F N2=G B=20N，地面对A的支持力F N1=G A+G B=40N+20N=60N，因此A受B的滑动摩擦力F f2=μF N2=20μ，A受地面的摩擦力：F f1=μF N1=60μ，又由题意得：F=F f1+F f2=60μ+20μ=80μ，F=32（N），代入即可得到：μ=0.4．（3）对物体B，根据平衡条件，有：T=μG B=0.4×20=8N答：（1）画出A和B的受力示意图，如图所示；（2）求A与B、B与地面间的动摩擦因数为0.4；（3）求物体B所受细绳的拉力为8N．【点评】本题考查应用平衡条件处理问题的能力，要注意A对地面的压力并不等于A的重力，而等于A、B总重力．15．【考点】共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）体重计的读数等于升降机对人的支持力的大小；（2）升降机匀速上升时，人受力平衡，支持力等于重力；（3）当升降机以不同的加速度运动时，可根据牛顿第二定律求解．【解答】解：（1）升降机匀速上升，受力平衡，则F N=mg=600N（2）升降机加速上升，加速度方向向上，支持力大于重力根据牛顿第二定律得：F N1﹣mg=ma1F N1=m（g+a1）=840N（3）当体重计的读数是420N时，小于600N，人处于失重状态，则升降机加速下降，加速度方向向下根据牛顿第二定律得：mg﹣F N2=ma2升降机以3m/s2的加速度匀减速上升或3m/s2的加速度匀加速下降．答：（1）升降机匀速上升时体重计的读数是600N；（2）升降机以4m/s2的加速度上升时体重计的读数是840N；（3）以3m/s2的加速度匀减速上升或3m/s2的加速度匀加速下降．【点评】该题是牛顿第二定律的直接应用，难度不大，属于基础题．16．【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）对物块进行受力分析，由共点力的平衡即可求出物块与斜面之间的动摩擦因数．（2）对物块进行受力分析，由牛顿第二定律即可求出物块的加速度；（3）对向上运动的过程运用运动学的公式，即可求出物块滑块的位移．【解答】解：（1）物块向下做匀速直线运动，沿斜面的方向物块受到的摩擦力与重力沿斜面向下的分力大小相等，方向相反，则：mgsinθ=μmgcosθ所以：μ=tanθ=tan37°=0.75（2）当物体向上运动时，摩擦力的方向沿斜面向下，重力的分力沿斜面向下，由牛顿第二定律得：得，mgsinθ+μmgcosθ=ma，代入数据解得：a=12m/s2．（3）物体能上滑的最大距离s，则：s=m．答：（1）物块与杆之间的动摩擦因数μ为0.75；（2）物体沿斜面上滑时的加速度大小12m/s2．（3）物体能上滑的最大距离是1.5m．【点评】本题考查了牛顿第二定律、动能定理以及速度时间图线的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大．。

天水一中高二级2016-2017学年度第一学期期末考试物理试题（满分：100 时间：90）一、选择题（每题4分，共48分，其中2、4、8小题为多选题，其余为单选题）1．下列关于点电荷的说法中,正确的是（）A．体积大的带电体一定不是点电荷B．当两个带电体的大小、形状对它们间相互作用力的影响可忽略时,这两个带电体可看做点电荷C．点电荷就是体积足够小的电荷D．点电荷是电荷量和体积都很小的带电体2．以下说法正确的是（）A．由可知，电场中某点的电场强度E与F成正比B．由可知，某段导体中的电流I与U成正比C．由可知，磁场中的某点的磁感应强度B与放入磁场中的通电导线的电流I有关D．由可知，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关3．A、B两个带同种电荷的绝缘金属球，半径为r，球心相距3r，A带电荷量＋Q1，B带电荷量＋Q2，则A、B间相互作用力（）A．无法确定 B．等于C．大于 D．小于4．空间中存在沿x轴正方向的电场，x轴上各点的电场强度随x的变化情况如图所示。

下列叙述正确的是A．x1、x2两处的电势相同B．电子在x l处的电势能小于在x2处的电势能C．x=0处与x1处两点之间的电势差为．D．电子沿x轴从x l处运动到x2处，电场力一直做负功5．如图是一火警报警电路的示意图。

其中R3为用某种材料制成的传感器，这种材料的电阻率随温度的升高而增大。

值班室的显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器。

当传感器R3所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变小，U变大C．I变大，U变大D．I变小，U变小6．两定值电阻R1、R2串联后接在电压恒等于10V的直流电源上。

某学生把内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，如图所示，电压表示数为6V。

如果把此电压表改接在R2两端，则电压表示数将（）A．大于4V B．小于4VC．等于4V D．等于或大于4V7．如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过（）。

2015-2016学年甘肃省天水一中高一（上）段中物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象，对面的火车缓慢的起动了，等到站台出现，才发现对面的火车没有动，而是自己乘坐的火车在开动，则前、后两次乘客分别采用的参考系是（）A．自己坐的火车，站台B．站台，对面的火车C．两次都是对面火车 D．两次都是站台2．在研究物体的运动时，下列物体可看作质点的是（）A．研究在校运动会上跳高运动员的过杆动作B．研究火车通过长江大桥所需的时间C．研究”婵娥”二号卫星的运动轨迹D．研究跳水运动员的入水动作3．某物体在水平面上向正南方向运动了20m，然后又向正北方向运动了30m，对于这一过程，下列说法正确的是（）A．物体的位移大小是50m，方向由南向北B．物体的路程是10mC．物体的位移大小是10m，方向向北D．物体的位移大小是10m，方向向南4．一辆汽车沿平直公路行驶，开始以54km/h的速度行驶了全程的，接着以速度v行驶其余的的路程，已知全程的平均速度为72km/h，则v等于（）A．22.5km/h B．81km/h C．80km/h D．90km/h5．物体在某时刻的瞬时速度是5m/s，对此速度正确的理解是（）A．在该时刻的前1s内，物体的位移为5mB．在该时刻的后1s内，物体的位移为5mC．在该时刻的前0.5s和后0.5s内，物体的位移共5mD．若从该时刻起物体做匀速运动，则每秒内的位移是5m6．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度变化越快，加速度越大C．某时刻物体的加速度为零，则速度一定为零D．物体的速度变化越大，加速度越大7．一物体作直线运动的v﹣t图线如图所示，则（）A．第1秒内和第3秒内位移相同B．前4秒内位移为零C．第2秒末物体的加速度改变方向D．第1秒末物体的速度改变方向8．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止9．下列说法正确的是（）A．“北京时间8点整”指的是时间B．第ns内就是（n﹣1）s末到ns末这1s时间（n为任意正整数）C．列车在广州停15分钟，指的是时间D．不管是前5s还是第5s，都是指时间10．下列物理量中属于矢量的是（）A．速度 B．加速度C．路程 D．位移11．对以a=2m/s2做匀加速直线运动的物体，下列说法正确的是（）A．在任意1 s内末速度比初速度大2 m/sB．第n s末的速度比第1 s末的速度大2（n﹣1）m/sC．2 s末速度是1 s末速度的2倍D．n秒时速度是秒时速度的2倍12．甲、乙、丙三个物体做匀变速运动，通过A点时，物体甲的速度是6m/s，加速度是1m/s2；物体乙的速度是2m/s，加速度是6m/s2；物体丙的速度是﹣4m/s，加速度是2m/s2．则下列说法中正确的是（）A．通过A点时，物体甲最快，乙最慢B．通过A点前1s时，物体丙最快，乙最慢C．通过A点后1s时，物体乙最快，丙最慢D．以上说法都不正确二．填空题：（本题2小题，每空2分，共20分）13．目前实验室用的打点计时器有打点计时器和计时器两种，它们的原理基本一样，所接电源均为频率为50Hz的交流电源，每隔打一次点．14．（16分）（2015春•邢台校级期中）某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定的A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，其相邻点间的距离如图1所示，每两个相邻计数点之间的时间间隔为0.10s．①试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打B、C、D、E、F五个点时的瞬时速度，并将各个速度值填入下式（数值保留到小数点后第三位）v B= m/s，v C=m/s，v D= m/s，v E= m/s，v F= m/s．②将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在图2所示的坐标线上，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线．三、计算题（本题共2小题，共32分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（10分）（2014•始兴县校级模拟）一子弹击中木板时的速度是800m/s，历时0.2s穿出木板，穿出时子弹的速度为300m/s，则子弹穿过木板时的加速度为多少？16．（10分）（2015秋•天水校级月考）一辆汽车正以v0=108km/h的速度在高速路上行驶，前方突遇事故，司机采取急刹车，汽车最终停止运动，已知刹车的加速度大小为a=6m/s2．求该车刹车3s及6s时的速度大小．（普通班做，特殊班不做）17．（12分）（2015秋•天水校级月考）一物体做匀加速直线运动，初速度v0=5m/s，加速度a=0.5m/s2，求物体在第3s内的位移大小．（特殊班做，普通班不做）18．（2015•益阳校级模拟）某汽车训练场地有如图设计，在平直的道路上，依次有编号为A、B、C、D、E的五根标志杆，相邻杆之间的距离△L=12.0m．一次训练中，学员驾驶汽车以57.6km/h 的速度匀速向标志杆驶来，教练与学员坐在同排观察并记录时间．当教练经过O点时向学员发出指令：“立即刹车”，同时用秒表开始计时．忽略反应时间，刹车后汽车做匀减速直线运动，停在D标杆附近．教练记录自己经过C杆时秒表的读数为t C=6.0s，已知L OA=36m，教练距车头的距离△s=1.5m．求：（1）刹车后汽车做匀减速运动的加速度大小a；（2）汽车停止运动时，车头离标志杆D的距离△x．2015-2016学年甘肃省天水一中高一（上）段中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象，对面的火车缓慢的起动了，等到站台出现，才发现对面的火车没有动，而是自己乘坐的火车在开动，则前、后两次乘客分别采用的参考系是（）A．自己坐的火车，站台B．站台，对面的火车C．两次都是对面火车 D．两次都是站台考点：参考系和坐标系．分析：研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论，明确参考系的概念，理解物体运动相对性．解答：解：此类现象在我们的日常生活中随处可见，关键是参考系的选取不同造成的，乘客出站时，看到对方火车运动，实际上是以自身为参考系造成的，当等到站台出现，发现自己乘坐的火车开动了，这是由于乘客以站台为参考系造成的，故A正确，BCD正确．故选：A．点评：明白了参考系的含义就能顺利解决此类问题，故一定要加强对概念的理解，同时要提高应用所学知识解决实际问题的能力．2．在研究物体的运动时，下列物体可看作质点的是（）A．研究在校运动会上跳高运动员的过杆动作B．研究火车通过长江大桥所需的时间C．研究”婵娥”二号卫星的运动轨迹D．研究跳水运动员的入水动作考点：质点的认识．分析：当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响不计时，可以把物体看作质点，根据这个条件进行判断．解答：解：A、研究在校运动会上跳高运动员的过杆动作时，运动员的动作、体形是研究的主要内容，不能把运动员看作质点．故A错误．B、研究火车通过长江大桥所需的时间时，火车的长度对研究影响很大，不能忽略不计，所以不能把火车看作质点．故B错误．C、由于”婵娥”二号卫星本身的大小相对于离地球的距离而言，可以忽略不计，则可以把”婵娥”二号卫星看作质点．故C正确．D、研究跳水运动员的入水动作时，不能把运动员看作质点，否则无法分辨运动的动作了．故D错误．故选：C点评：物体能否被看作质点，是看物体的大小和形状对所研究的问题影响能否忽略不计，不是看物体绝对体积和质量的大小．3．某物体在水平面上向正南方向运动了20m，然后又向正北方向运动了30m，对于这一过程，下列说法正确的是（）A．物体的位移大小是50m，方向由南向北B．物体的路程是10mC．物体的位移大小是10m，方向向北D．物体的位移大小是10m，方向向南考点：位移与路程．分析：位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度．解答：解：物体在水平面上向正南方向运动了20m，然后又向正北方向运动了30m，位移的大小x=30﹣20=10m，方向由南向北；故AD错误；C正确；路程s=20+30m=50m．故B错误；故选：C．点评：解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道位移是矢量，路程是标量．4．一辆汽车沿平直公路行驶，开始以54km/h的速度行驶了全程的，接着以速度v行驶其余的的路程，已知全程的平均速度为72km/h，则v等于（）A．22.5km/h B．81km/h C．80km/h D．90km/h考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：假设汽车的总位移为4x，前的位移汽车做匀速直线运动，求出此段时间表达式．后位移，汽车也做匀速直线运动，再求出此段时间，最后由平均速度公式列出全程平均速度与总位移和时间的关系式，求解v．解答：解：设全程的位移为4x，则汽车以速度v1=54km/h行驶了前x的位移，以速度v行驶了后3x的位移．则汽车通过前位移的时间t1=；汽车通过后位移的时间t2=全程平均速度代入解得：v=81km/h故选：B点评：本题根据平均速度的定义公式去求解速度v，是常规题，要注意正确列出方程式．5．物体在某时刻的瞬时速度是5m/s，对此速度正确的理解是（）A．在该时刻的前1s内，物体的位移为5mB．在该时刻的后1s内，物体的位移为5mC．在该时刻的前0.5s和后0.5s内，物体的位移共5mD．若从该时刻起物体做匀速运动，则每秒内的位移是5m考点：速度．专题：直线运动规律专题．分析：速度是描述质点运动快慢和方向的物理量，等于位移和发生此位移所用时间的比值．解答：解：A、物体某时刻的速度是5m/s，是指若保持这个趋势，每秒钟将发生5m的位移，但物体不一定匀速运动，故A错误；B、物体某时刻的速度是5m/s，是指若保持这个趋势，每秒钟将发生5m的位移，但物体不一定匀速运动，故B错误C、物体某时刻的速度是5m/s，该速度与时刻对应，是瞬时速度，前0.5 s和后0.5 s内，物体的位移不一定是5m，故C错误；D、物体某时刻的速度是5m/s，是指若保持这个趋势，每秒钟将发生5m的位移，故D正确；故选D．点评：本题关键是要区分瞬时速度与平均速度，明确瞬时速度与时刻对应，平均速度与时间间隔对应．6．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度变化越快，加速度越大C．某时刻物体的加速度为零，则速度一定为零D．物体的速度变化越大，加速度越大考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是速度变化和所用时间的比值，加速度反应物体速度变化快慢的物理量．解答：解：A、速度变化越大，但不知道变化所用时间，故不能确定加速度也越大，故A错误；B、加速度反应物体速度变化快慢的物理量，加速度越大，速度变化越快，故B正确；C、加速度为零说明物体的速度没有发生变化，速度没有发生变化，而速度不一定为零，故C 错误；D、速度变化越大，但不知道变化所用时间，故不能确定加速度也越大，故D错误．故选：B．点评：掌握加速度的定义及其物理意义，知道加速度与速度的关系是正确解题的关键．7．一物体作直线运动的v﹣t图线如图所示，则（）A．第1秒内和第3秒内位移相同B．前4秒内位移为零C．第2秒末物体的加速度改变方向D．第1秒末物体的速度改变方向考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：速度时间图线中，速度的正负表示运动的方向，图线的斜率表示加速度，图线图时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A、由图线可知，在第1s内图线与时间轴围成的面积与第3s内图线与时间轴围成的面积大小相等，方向不同，则位移不相同．故A错误．B、在前4s内，图线与时间轴围成的面积为零，则位移为零．故B正确．C、在1﹣3s内图线的斜率不变，则加速度不变．故C错误．D、0﹣2s内速度一直为正，第1秒末物体的速度方向没有发生改变．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．8．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大，直到加速度等于零为止考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．解答：解：A、由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大．故A错误．B、根据A选项分析，故B正确．C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大．故C错误．D、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，加速度等于零时做匀速运动，位移仍然增大，故D错误．故选B．点评：要清楚物理量的物理意义，要掌握某一个量的变化是通过哪些因素来确定的．9．下列说法正确的是（）A．“北京时间8点整”指的是时间B．第ns内就是（n﹣1）s末到ns末这1s时间（n为任意正整数）C．列车在广州停15分钟，指的是时间D．不管是前5s还是第5s，都是指时间考点：时间与时刻．分析：时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，对应物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，对应物体的位置．解答：解：A、北京时间8点整，指的是一个时间点，是时刻，所以A错误．B、第ns内就是（n﹣1）s末到ns末这1s时间（n为任意正整数），所以B正确．C、停15分钟，是指时间的长度，指的是时间，所以C正确．D、前5s还是第5s，都是指时间的长度，指的是时间，所以D正确．故选：BCD．点评：时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．10．下列物理量中属于矢量的是（）A．速度 B．加速度C．路程 D．位移考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．解答：解：ABD、速度、加速度、位移是既有大小又有方向的矢量．故ABD正确C、路程是只有大小没有方向的标量，不是矢量．故C错误故选ABD．点评：矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．11．对以a=2m/s2做匀加速直线运动的物体，下列说法正确的是（）A．在任意1 s内末速度比初速度大2 m/sB．第n s末的速度比第1 s末的速度大2（n﹣1）m/sC．2 s末速度是1 s末速度的2倍D．n秒时速度是秒时速度的2倍考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内速度变化量，结合加速度的定义式逐项分析判断．解答：解：A、加速度等于单位时间内的速度变化量，以a=2m/s2做匀加速直线运动的物体，每秒内速度增加2m/s，故A正确，C、D错误．B、第ns末比第1s末多（n﹣1）s，则速度增量△v=a（n﹣1）=2（n﹣1）m/s，故B正确．故选：AB．点评：解决本题的关键掌握加速度的定义式，知道加速度等于单位时间内速度的变化量，基础题．12．甲、乙、丙三个物体做匀变速运动，通过A点时，物体甲的速度是6m/s，加速度是1m/s2；物体乙的速度是2m/s，加速度是6m/s2；物体丙的速度是﹣4m/s，加速度是2m/s2．则下列说法中正确的是（）A．通过A点时，物体甲最快，乙最慢B．通过A点前1s时，物体丙最快，乙最慢C．通过A点后1s时，物体乙最快，丙最慢D．以上说法都不正确考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：速度越大，物体运动的越快，根据速度时间公式求出物体的速度大小，从而进行比较．解答：解：A、通过A点时，甲的速度大小为6m/s，乙的速度大小为2m/s，丙的速度大小为4m/s，所以甲最快，乙最慢．故A正确．B、通过A点前1s时，根据速度时间公式知，甲的速度大小为5m/s，乙的速度大小为4m/s，丙的速度大小为6m．s，可知丙最快，乙最慢．故B正确．C、通过A点后1s时，根据速度时间公式知，甲的速度大小为7m/s，乙的速度大小为8m/s，丙的速度大小为2m/s，可知乙最快，丙最慢．故C正确．D、因为A、B、C正确，故D错误．故选：ABC．点评：解决本题的关键知道速度表示物体运动的快慢，负号表示速度的方向．二．填空题：（本题2小题，每空2分，共20分）13．目前实验室用的打点计时器有电火花打点计时器和电磁打点计时器两种，它们的原理基本一样，所接电源均为频率为50Hz的交流电源，每隔0.02s 打一次点．考点：电火花计时器、电磁打点计时器．专题：实验题．分析：正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器．解答：解：打点计时器有电火花打点计时器和电磁打点计时器，都是一种使用交流电源的计时仪器，实验室中计时器的交流电源的频率为50Hz，则计时器将每隔0.02s打一次点．故答案为：电火花，电磁打点，0.02s．点评：对于基本仪器的使用，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作，深刻了解具体操作细节的含义，同时注意电火花计时器和电磁打点计时器在电压上的不同．14．（16分）（2015春•邢台校级期中）某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定的A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，其相邻点间的距离如图1所示，每两个相邻计数点之间的时间间隔为0.10s．①试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打B、C、D、E、F五个点时的瞬时速度，并将各个速度值填入下式（数值保留到小数点后第三位）v B= 0.400 m/s，v C= 0.479 m/s，v D=0.560 m/s，v E= 0.640 m/s，v F= 0.685 m/s．②将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在图2所示的坐标线上，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；根据求得的速度，进行描点，作图即可．解答：解：①根据匀变速直线运动的推论：v B===0.400m/sv C===0.479m/sv D===0.560m/sv E===0.640m/sv F===0.685m/s②将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在如图2所示的坐标纸上，画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线如图：故答案为：①0.400，0.479，0.560，0.640s，0.685；②图如上所示．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，注意描点后平滑连线各点，且当心起点不是0开始的．三、计算题（本题共2小题，共32分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（10分）（2014•始兴县校级模拟）一子弹击中木板时的速度是800m/s，历时0.2s穿出木板，穿出时子弹的速度为300m/s，则子弹穿过木板时的加速度为多少？考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=求出子弹的加速度，注意方向．规定正方向，求出加速度为正值，与正方向相同，为负值，与正方向相反．解答：解析：选子弹初速度方向为正则v1=800 m/s，v2=300 m/sa== m/s2=﹣2500 m/s2“﹣”表示子弹加速度与初速度方向相反．点评：解决本题的关键掌握加速度的定义式a=．规定正方向16．（10分）（2015秋•天水校级月考）一辆汽车正以v0=108km/h的速度在高速路上行驶，前方突遇事故，司机采取急刹车，汽车最终停止运动，已知刹车的加速度大小为a=6m/s2．求该车刹车3s及6s时的速度大小．考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据已知条件先分析汽车静止所需要的时间，再根据给出时间与刹车时间之间的关系，根据速度公式求解即可．解答：解：选汽车初速度方向为正则v0=108 km/h=30m/s，a=﹣6 m/s2汽车从刹车到静止所用时间t0==5st1=3s＜5s则刹车3s后汽车的速度v=v0+at=12m/s则刹车6s后汽车的速度为0答：汽车刹车3s及6s时速度分别为12m/s和0．点评：本题考查汽车刹车类问题，要注意明确汽车刹车到速度为零后将保持静止，在解题时一定要注意此实际问题．（普通班做，特殊班不做）17．（12分）（2015秋•天水校级月考）一物体做匀加速直线运动，初速度v0=5m/s，加速度a=0.5m/s2，求物体在第3s内的位移大小．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：物体在第3s内的位移等于前3s内的位移与前2s内的位移差，根据位移时间关系求解即可．解答：解：物体在前2s内的位移为：x1=v0t1+at12=5m/s×2s+×0.5m/s2×（2s）2=11m物体在前3s内的位移为：x2=v0t2+at22=5m/s×3s+×0.5m/s2×（3s）2=17.25m所以物体在第3s内的位移为：△x=x2﹣x1=6.25m答：物体在第3s内的位移大小为6.25m．点评：掌握匀变速直线运动的位移时间关系，注意区分前3s与第3s的不同，基础题．（特殊班做，普通班不做）18．（2015•益阳校级模拟）某汽车训练场地有如图设计，在平直的道路上，依次有编号为A、B、C、D、E的五根标志杆，相邻杆之间的距离△L=12.0m．一次训练中，学员驾驶汽车以57.6km/h 的速度匀速向标志杆驶来，教练与学员坐在同排观察并记录时间．当教练经过O点时向学员发出指令：“立即刹车”，同时用秒表开始计时．忽略反应时间，刹车后汽车做匀减速直线运动，停在D标杆附近．教练记录自己经过C杆时秒表的读数为t C=6.0s，已知L OA=36m，教练距车头的距离△s=1.5m．求：（1）刹车后汽车做匀减速运动的加速度大小a；（2）汽车停止运动时，车头离标志杆D的距离△x．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）学员甲在反应时间△t内，汽车做仍匀速运动，刹车后做匀减速运动．汽车从O到标志杆B的过程中和汽车从O到标志杆C的过程中分别列位移方程，联立求解速度和加速度．（2）先求出汽车从开始到停下运动的距离，在根据位移关系求汽车停止运动时车头前端面离D的距离．解答：解：（1）汽车从O到标志杆B的过程中：L OA+△L=v0△t+v0（t B﹣△t）﹣（t B﹣△t）2汽车从O到标志杆C的过程中：L OA+2△L=v0△t+v0（t C﹣△t）﹣（t C﹣△t）2联立方程组得：△t=0.5s；a=2m/s2（2）汽车从开始到停下运动的距离：。

天水一中2015级2015-2016学年度第一学期第二学段段中考试试题物理一、选择题（每道题4分，共4×12=48分，1-8题为单项选择，9-12题是多项选择外）1.下述说法中正确的是 ( )A．物体运动的速度随着加速度的减小而减小B．加速度是描述物体速度变化快慢的物理量C．加速度为正，表示物体做加速运动D．做匀变速直线运动的物体速度方向不发生变化2．关于物体重心的说法，正确的是 ( )A.重心就是物体上最重的点B.物体的重心都在其几何中心上C.物体的重心一定在物体上D.物体的重心是物体的各个部分所受重力的等效作用点3．如图所示为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向做匀加速运动的v-t图线。

已知在第3s末两个物体在途中相遇，则两个物体出发点的关系是（）A．从同一地点出发B．A在B前3 m处C．B在A前3 m处D．B在A前5 m处4．如图A、B、C三个物体叠放在水平桌面上处于静止状态，那么以下说法正确的是（）A．物体A对C有向下的压力作用B．物体A和B对地面都有压力作用C．地面对C的支持力是由于地面发生形变要恢复原状产生的D．物体A对B的压力是由于B物体发生形变要恢复原状产生的5．如图所示，用力F将一个木块压在倾斜板上静止不动，则木块（）A．有可能只受两个力作用B．有可能只受三个力作用C．必定受四个力作用D ．以上说法都不对6．水平桌面上静置一重200N 的物体，物体与桌面间的滑动摩擦因数为0.2，当依次用15N ，30N ，80N 的水平拉力拉此物体时，物体受到的摩擦力依次为：（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（ ）A ．15N ，30N ，40NB ．0N ，15N ，15NC ．0N ，20N ，40ND ．15N ，40N ，40N7．下述关于静摩擦力的说法正确的是： （ ）A. 静摩擦力的方向总是与物体运动方向相反B ．静摩擦力的大小与物体的正压力成正比C ．静摩擦力只能在物体静止时产生D ．静摩擦力的方向与接触物体相对运动的趋势方向相反8．关于弹力的方向，以下说法不正确的是 （ ）A ．压力的方向总是垂直于接触面，并指向被压物B ．支持力的方向总是垂直于支持面，并指向被支持物C ．绳对物体拉力的方向总是沿着绳，并指向绳收缩的方向D ．杆对物体的弹力总是沿着杆，并指向杆收缩的方向9．如图所示，小球在竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光得到了图中1、2、3、4、5…所示的小球运动过程中每次曝光的位置．已知连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度均为d ．根据图中的信息，下列判断正确的是（ ）A ．小球做匀加速直线运动B ．小球在位置“3”的速度为小球在位置“2”的2倍C ．小球在位置“4”的速度为92d TD ．位置“1”是小球释放的初始位置10．三个共点力作用于一个物体，下列每一组力中合力可以为零的是（ ）A ．2N ，3N ，4NB ．4N ，5N ，10NC ．10N ，12N ，21ND ．10N ，10N ，10N11．对两个大小不等的共点力进行合成，则( )A ．合力一定大于每个分力B ．合力可能同时垂直于两个分力C．合力的方向可能与一个分力的方向相反D．两个分力的夹角在0°到180°之间变化时，夹角越小，合力越大F是其12．五个共点力的情况如图所示。

天水一中2016—2017学年度第一学期2016级第二阶段考试物理试题（B卷，供特殊班之用)第Ⅰ卷（选择题)一、选择题(本题共12道小题，每小题4分，共48分.第1-8题为单项选择题，每道小题只有一个正确答案;第9—12题为多选题,每小题至少有两个正确答案,全部选对者得4分，选对部分但不全者得2分,有选错或不答者得0分。

）1．下列说法正确的是A．物体的速度越大，其惯性越大，其运动状态就越不容易改变B．速度很大的物体，其加速度一定很大C．合力与分力是一种等效思想D．亚里士多德设想的理想斜面实验开创了实验研究和逻辑推理相结合的探索自然规律的科学方法.是F 2．F1和F2是力F的两个分力．若F＝10N,则下列哪组力不可能．．．的两个分力A．F1＝2N F2＝6N B．F1＝20N F2＝20NC．F1＝10N F2＝10N D．F1＝20N F2＝30N3．如图所示,在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块，各小物块之间由四根完全相同的轻橡皮筋相互连接，正好组成一个菱形，∠BAD=120°,整个系统保持静止状态．已知A物块所受的摩擦力大小为f, 则D物块所受的摩擦力大小为（）A．3f B．f C．3f D．2f24．一位4岁小男孩从高15层的楼顶坠下，被同楼的一位青年在楼下接住,幸免于难，设每层楼的高度为3m ，这位青年从他所在的地方到楼下需要的时间是1.3s ，则该青年要接住孩子,至多允许他反应的时间是（g ＝10m/s 2）A ．3。

0sB ．1.7sC ．0。

4sD ．1.3s5．一人从雪坡上沿直线匀加速下滑，他依次通过a 、b 、c 三个标志旗，已知ab=6m,bc=10m ，这人通过ab 和bc 所用时间都等于2s ，则这人过a 、b 、c 三个标志旗的速度分别是A ．v a =1m/s ，v b =4m/s ，v c =7m/sB ．v a =3m/s ，v b =5m/s ，v c =7m/sC ．v a =3m/s,v b =4m/s ，v c =5m/sD ．v a =2m/s,v b =4m/s ，v c =6m/s6．如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O 为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F 的作用下静止在P 点。

2016-2017学年甘肃省天水一中高一（下）期末物理试卷（文科）一、选择题（每小题5分，共40分．每题所给四个选项中，有且只有一个选项符合题意，请将正确选项的序号涂在答题卡上）1．（5分）决定平抛物体在空中运动时间的因素是（）A．初速度B．抛出时物体的高度C．抛出时物体的高度和初速度D．以上说法都不正确2．（5分）一质点在半径为R的圆周上从A处沿顺时针运动到B处，则它通过的路程、位移大小分别是（）A．、B．、R C．R、R D．R、3．（5分）火车转弯做圆周运动，如果外轨和内轨一样高，火车能匀速通过弯道做圆周运动，下列说法中正确的是（）A．火车通过弯道向心力的来源是外轨的水平弹力，所以外轨容易磨损B．火车通过弯道向心力的来源是内轨的水平弹力，所以内轨容易磨损C．火车通过弯道向心力的来源是火车的重力，所以内外轨道均不磨损D．以上三种说法都是错误的4．（5分）关于环绕地球运转的人造地球卫星，有如下几种说法，其中正确的是（）A．轨道半径越大，速度越小，周期越长B．轨道半径越大，速度越大，周期越短C．轨道半径越小，速度越大，周期越长D．轨道半径越小，速度越小，周期越长5．（5分）起重机用30s的时间将重物吊起，整个过程中做的功是6000J，在此过程中起重机的平均功率是（）A．100W B．200W C．600W D．300W6．（5分）下列现象中，机械能守恒的是（不计空气阻力）（）A．沿斜面匀速下滑的物体B．跳伞运动员在空中匀速下降C．抛出的钢球做平抛运动D．一个热气球匀速竖直上升7．（5分）如图所示，一物体沿竖直平面内的三条不同的路径由B点运动到A点，则在此过程中，物体所受的重力做的功（）A．一样大B．沿Ⅰ较大C．沿Ⅱ较大D．沿Ⅲ较大8．（5分）质量为m的物体沿光滑斜面向下加速运动，在运动中物体的（）A．重力势能逐渐减小，动能逐渐增加，机械能保持不变B．重力势能逐渐减小，动能逐渐增加，机械能逐渐减小C．重力势能逐渐增加，动能逐渐增加，机械能逐渐增加D．重力势能逐渐增加，动能逐渐减小，机械能逐渐增加二、填空题（每空3分，共18分）9．（18分）在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如图．其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中（单位cm）．（1）这三个数据中不符合有效数字读数要求的是段，应记作cm．（2）该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s2，他用AC 段的平均速度作为跟B点对应的物体的瞬时速度，则该段重锤重力势能的减少量为，而动能的增加量为，（均保留3位有效数字，重锤质量用m表示）．这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量（填大于、小于或等于）动能的增加量，原因是．三、解答题（每小题14分，共42分．必须写出相关的演算步骤）10．（14分）一物体在距地面高h=5m处以v0=5m/s的速度水平抛出下落到地面，不计空气阻力，（g=10m/s2）求：（1）下落时间；（2）小球落地点与抛出点的水平距离；（3）物体刚接触到地面时速度大小．11．（14分）火星绕太阳的运动可看作匀速圆周运动，火星与太阳间的引力提供火星运动的向心力．已知火星运行的轨道半径为r，运行的周期为T，引力常量为G，试求太阳的质量M．12．（14分）质量为m的物体从高出地面H处由静止开始自由落下，不考虑空气阻力，落至地面进入沙坑h米停止，求物体在沙坑中受到的平均阻力．2016-2017学年甘肃省天水一中高一（下）期末物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（每小题5分，共40分．每题所给四个选项中，有且只有一个选项符合题意，请将正确选项的序号涂在答题卡上）1．（5分）决定平抛物体在空中运动时间的因素是（）A．初速度B．抛出时物体的高度C．抛出时物体的高度和初速度D．以上说法都不正确【解答】解：平抛运动下落时只要接触到地面即不能再运动，故由h=gt2可得：t=，即下落时间只与抛出点的高度有关，和水平初速度无关；故选：B。

2016-2017学年甘肃省天水一中高一（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题包括12小题，每小题4分，48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项符合题目要求，第9-12题有多个选项符合要求．全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错不得分）1．中国是掌握空中加油技术的少数国家之一．如图所示是我国自行研制的第三代战斗机“歼﹣10”在空中加油的情景，以下列的哪个物体为参照物，可以认为加油机是运动的（）A．“歼﹣10”战斗机B．地面上的房屋C．加油机中的飞行员 D．“歼10”战斗机里的飞行员2．2016年9月15日22时04分09秒在酒泉卫星发射中心发射成功发射的天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室，也是中国第一个真正意义上的空间实验室．预计第四季度发射的神舟十一号载人飞船将承载两名航天员，与天宫二号进行对接，并进行长达30天的中期驻留试验，将创造中国宇航员在轨飞行时间的新纪录，也是中国开始建造空间站的关键步骤．根据上面信息，下列说法正确的是（）A．“第三季度”和“30天”前者表示“时刻”后者表示“时间”B．载人飞船绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C．载人飞船绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D．地面控制中心在对载人飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点3．如图所示是三个质点A、B、C的轨迹，三个质点同时从N点出发，同时到达M点，下列说法正确的是（）①三个质点从N到M的平均速度相同②三个质点从N到M的平均速率相同③到达M点时A的瞬时速率最大④从N到M过程中，A的平均速率最大．A．①④B．①②C．②④D．①③4．关于速度、速度变化、加速度，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度不断减小，速度也不断减小5．两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．开始时a的速度较大，加速度较小B．a做匀减速运动，b做匀加速运动C．a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D．在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇6．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均的大小为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R7．汽车在平直的公路上以20m/s的速度行驶，当汽车以5m/s2的加速度刹车时，刹车2s内与刹车6s内的位移之比为（）A．1：1 B．3：4 C．4：3 D．3：18．一小物体以一定的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab的中点，已知物体由a到e的时间为t0，则它从e经b再返回e所需时间为（）A．t0B．2（+1）t0 C．（﹣1）t0D．（2+1）t09．对于物体做直线运动，下列说法正确的是（）A．若加速度方向和速度方向相反，则物体的位移不断减小B．若物体的加速度恒定，则物体的平均速度变化率恒定C．在给定的时间间隔内，平均速度越大位移越大D．若位移随时间变化而变化，则物体做匀变速直线运动10．一物体做速度均匀变化的直线运动，某时刻速度的大小为6m/s，1s后速度的大小变为10m/s，则在这1s内该物体的（）A．速度变化的大小可能小于4 m/sB．速度变化的大小可能大于10 m/sC．加速度的大小可能小于4 m/s2D．加速度的大小可能大于10 m/s211．2015年9月24日上午，黄冈市四运会青少年田径比赛决出22金，参赛健儿充分展示了自身的速度和耐力，现场精彩不断．罗田选手郭倩在女子少年乙组1500m决赛距终点近300m时鞋子跑掉了一只，她光着一只脚坚持跑到终点，并以5′36“65的好成绩最终夺冠．物理研究小组分析了郭倩跑最后百米冲刺的录像带，测得：郭倩在最后百米冲刺的前7s跑了57m，8s末到8.1s末跑了0.8l m，跑到终点共用11.8s，则关于最后百米冲刺下列说法正确的是（）A．运动员在前7 s的平均速度大小是8.14m/sB．运动员在8 s末的瞬时速度大小为9.2m/sC．运动员在百米全过程的平均速度大小是8.47m/sD．无法知道运动员在8s末的瞬时速度大小12．甲、乙两辆赛车从同一地点沿同一平直公路行驶，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．甲、乙加速时，甲车的加速度大于乙车的加速度B．20 s时，甲、乙两车相距最远C．60 s时，甲车在乙车的前方D．40 s时，甲、乙两车速度相等且相距900 m二、实验题（每空3分，共12分）13．在做“练习使用打点计时器”的实验时．打出一条纸带，如图所示，物体做匀加速直线运动，交流电频率是50Hz，舍去前面比较密的点，从0点开始，标出几个计数点1、2、3…，相邻两个计数点之间还有4个打印点未画出，那么相邻两个计数点之间对应的时间间隔为s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=4.00cm、x2=9.00cm、x3=15.00cm，则打计数点1时物体的速度大小v1=m/s，打计数点2时物体的速度大小v2=m/s，物体运动的加速度大小为m/s2．三、解答题（要写出必要的解答过程，共3小题，共40分）14．如图表示某物体的v﹣t图象，（1）从图象可知OA段的加速度大小是多少？（2）AB段的位移大小是多少？（3）物体在这14s内运动的总位移大小是多少？15．一辆汽车在高速公路上以30m/s的速度匀速行驶，由于在前方出现险情，司机采取紧急刹车，刹车时加速度的大小为5m/s2，求：（1）汽车刹车后20s内滑行的距离；（2）从开始刹车汽车滑行50m所经历的时间；（3）在汽车停止前3s内汽车滑行的距离．16．甲、乙两辆汽车沿平直公路同向匀速行驶，甲车在乙车前面，它们之间相距s0=40m，速度均为v0=10m/s．某时刻，甲车刹车作匀减速直线运动，加速度大小为5m/s2．从此时刻起，求：（1）甲车经过多长时间停止运动？（2）当甲车静止时，甲、乙两辆汽车之间的距离为多大？（3）经多长时间两车相遇？2016-2017学年甘肃省天水一中高一（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，每小题4分，48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一个选项符合题目要求，第9-12题有多个选项符合要求．全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错不得分）1．中国是掌握空中加油技术的少数国家之一．如图所示是我国自行研制的第三代战斗机“歼﹣10”在空中加油的情景，以下列的哪个物体为参照物，可以认为加油机是运动的（）A．“歼﹣10”战斗机B．地面上的房屋C．加油机中的飞行员 D．“歼10”战斗机里的飞行员【考点】参考系和坐标系．【分析】相对于参照物位置变化的物体是运动的，位置不变的物体是静止的；本题研究的是加油机的运动情况，关键看它与所选参照物的位置是否变化，据此对各个选项逐一进行分析即可做出选择．【解答】解：A、加油机相对于“歼﹣10”战斗机位置不变，以“歼﹣10”战斗机为参照物，加油机是静止的，故A错误．B、加油机相对于地面上的房屋位置不断变化，以地面上的房屋为参照物，加油机是运动的，故B正确．C、加油机相对于加油机中的飞行员位置不变，以加油机中的飞行员为参照物，加油机是静止的，故C错误．D、加油机相对于“歼﹣10”战斗机里的飞行员位置不变，以“歼﹣10”战斗机里的飞行员为参照物，加油机是静止的，故D错误．故选：B．2．2016年9月15日22时04分09秒在酒泉卫星发射中心发射成功发射的天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室，也是中国第一个真正意义上的空间实验室．预计第四季度发射的神舟十一号载人飞船将承载两名航天员，与天宫二号进行对接，并进行长达30天的中期驻留试验，将创造中国宇航员在轨飞行时间的新纪录，也是中国开始建造空间站的关键步骤．根据上面信息，下列说法正确的是（）A．“第三季度”和“30天”前者表示“时刻”后者表示“时间”B．载人飞船绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C．载人飞船绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D．地面控制中心在对载人飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点【考点】时间与时刻；质点的认识；位移与路程．【分析】时间描述的是“段”，时刻描述的是“点”，位移大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度；平均速度等于位移与时间的比值；当物体的形状和大小在研究的问题中可以忽略，物体可以看成质点．【解答】解：A、“第三季度”和“30天”都表示时间．故A错误．B、飞船绕地球飞行一圈，初末位置重合，位移为零，路程不为零．故B错误．C、平均速度等于位移与时间的比值，飞行一圈，则位移为零，平均速度等于0，但是瞬时速度不为零．故C正确．D、地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时，飞船的形状不能忽略，不能看成质点．故D错误．故选：B3．如图所示是三个质点A、B、C的轨迹，三个质点同时从N点出发，同时到达M点，下列说法正确的是（）①三个质点从N到M的平均速度相同②三个质点从N到M的平均速率相同③到达M点时A的瞬时速率最大④从N到M过程中，A的平均速率最大．A．①④B．①②C．②④D．①③【考点】平均速度；瞬时速度．【分析】三个质点同时从N点出发，同时到达M点，说明运动时间相同，位移是指从初位置到末位置的有向线段，路程是轨迹的长度，故从M到N过程中，三个物体的位移相同，但路程不等；平均速率是路程与时间的比值，而平均速度是位移与时间段的比值．【解答】解：三个质点同时从N点出发，同时到达M点，说明运动时间相同①平均速度等于位移与时间的比值，由于位移与时间都相等，故平均速度相同，故①正确；②平均速率等于路程与时间的比值，由于时间相等，路程不等，故平均速率不相等，故②错误；③虽然时间相等，但A到达M点时A的瞬时速率无法比较，故③错误；②平均速率等于路程与时间的比值，由于时间相等，A的路程最大，故A的平均速率最大，故④正确；故选A．4．关于速度、速度变化、加速度，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度不断减小，速度也不断减小【考点】加速度；速度．【分析】利用加速度的定义式a=分析求解，注意加速度的方向与速度的变化量的方向相同和匀加速运动的分为匀减速和匀加速直线运动．【解答】解：A、据加速度的定义式a=可知，其加速度与速度的变化量和时间有关，并不是速度变化越大，加速度越大，故A错误；B、据加速度的意义可知，加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，所以速度变化越快，加速度越大，故B正确；C、据加速度的定义式可知，加速度的方向与速度变化的方向相同，并不是与速度的方向保持不变，故C错误；D、加速度减小，速度不一定减小，如物体做加速度逐渐减小的加速运动，其速度逐渐增大，故D错误．故选：B．5．两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A．开始时a的速度较大，加速度较小B．a做匀减速运动，b做匀加速运动C．a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D．在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】位移时间图线斜率表示速度，根据斜率的正负判断运动的方向，位移相等时，根据斜率表示速度的大小．【解答】解：A、由图线可知，a、b均做匀速直线运动，加速度都为零，开始时b的速度大小较大．故A错误，B错误．C、a、b图线的斜率为一正一负，知速度方向相反，速度大小之比为2：3．故C正确．D、在t=3s时，a、b的位移相等，速度不等．故D错误．故选C．6．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均的大小为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R【考点】位移与路程．【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也由方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．【解答】解：人经过了1.75个圆周，所以经过的路程为1.75×2πR=3.5πR；位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度，所以位移的大小为R．故选：C．7．汽车在平直的公路上以20m/s的速度行驶，当汽车以5m/s2的加速度刹车时，刹车2s内与刹车6s内的位移之比为（）A．1：1 B．3：4 C．4：3 D．3：1【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】汽车刹车速度为零后不再运动，根据速度时间公式求出刹车到停止所需的时间，再根据位移公式求出刹车后的位移，从而得出位移之比．【解答】解：汽车刹车到停止所需的时间：＞2s所以刹车在2s内的位移：m=30m．4s＜6s，所以在6s内的位移等于4s内的位移：m=40m．所以x1：x2=3：4．故B正确，A、C、D错误．故选B．8．一小物体以一定的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab的中点，已知物体由a到e的时间为t0，则它从e经b再返回e所需时间为（）A．t0B．2（+1）t0 C．（﹣1）t0D．（2+1）t0【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】匀减速直线运动问题可以用其逆过程，相当于初速度为零的匀加速直线运动，结合运动学关系式可以解出所需的时间．【解答】解：设物体从a到b所用时间为t，从c到b所用时间为t1则t1=t﹣t0 ①设ab长度为L，物体运动加速度为a，由匀变速直线运动的位移速度关系式，根据逆过程，得：L=at2②从c到b由根据逆过程得：L= ③①②③联立可得t1=（+1）t0由对称性，从c到b再回c所用时间t2=2t1=2（+1）t0故选：B．9．对于物体做直线运动，下列说法正确的是（）A．若加速度方向和速度方向相反，则物体的位移不断减小B．若物体的加速度恒定，则物体的平均速度变化率恒定C．在给定的时间间隔内，平均速度越大位移越大D．若位移随时间变化而变化，则物体做匀变速直线运动【考点】加速度；平均速度．【分析】根据速度的方向确定位移的变化，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．根据平均速度的定义，判断相等时间内的位移．【解答】解：A、当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动，位移不一定减小，故A错误．B、加速度等于速度的变化率，加速度恒定，则物体平均速度变化率恒定，故B正确．C、根据x=知，在给定的时间间隔内，平均速度越大，位移越大，故C正确．D、位移随时间变化而变化，加速度不一定恒定，物体不一定做匀变速直线运动，故D错误．故选：BC．10．一物体做速度均匀变化的直线运动，某时刻速度的大小为6m/s，1s后速度的大小变为10m/s，则在这1s内该物体的（）A．速度变化的大小可能小于4 m/sB．速度变化的大小可能大于10 m/sC．加速度的大小可能小于4 m/s2D．加速度的大小可能大于10 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．【分析】由于末速度方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，以初速度方向为正方向，末速度可能为正，也可能为负值，根据速度变化和加速度公式可求出两个可能值．【解答】解：由题，v0=6m/s，v1=10m/s，v2=﹣10m/s则△v1=v1﹣v0=10﹣6=4m/s，△v2=v2﹣v0=﹣10﹣6=﹣16m/sa1===4m/s2a2=则说明速度的变化量最小为4m/s；最大可以为16m/s；加速度的变化最小为4m/s2；最大为16m/s2；可知，BD正确，AC错误；故选：BD．11．2015年9月24日上午，黄冈市四运会青少年田径比赛决出22金，参赛健儿充分展示了自身的速度和耐力，现场精彩不断．罗田选手郭倩在女子少年乙组1500m决赛距终点近300m时鞋子跑掉了一只，她光着一只脚坚持跑到终点，并以5′36“65的好成绩最终夺冠．物理研究小组分析了郭倩跑最后百米冲刺的录像带，测得：郭倩在最后百米冲刺的前7s跑了57m，8s末到8.1s末跑了0.8l m，跑到终点共用11.8s，则关于最后百米冲刺下列说法正确的是（）A．运动员在前7 s的平均速度大小是8.14m/sB．运动员在8 s末的瞬时速度大小为9.2m/sC．运动员在百米全过程的平均速度大小是8.47m/sD．无法知道运动员在8s末的瞬时速度大小【考点】平均速度．【分析】根据平均速度的定义式求出前7s内的平均速度，以及最后100m的平均速度，根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出8s末的瞬时速度．【解答】解：A、依题意运动员前7s的平均速度为：，A正确；B、8s末到8.1s末跑了0.81m，根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，8s末的瞬时速度v=，故B错误，D错误．C、全程的平均速度为：，故C正确；故选：AC12．甲、乙两辆赛车从同一地点沿同一平直公路行驶，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．甲、乙加速时，甲车的加速度大于乙车的加速度B．20 s时，甲、乙两车相距最远C．60 s时，甲车在乙车的前方D．40 s时，甲、乙两车速度相等且相距900 m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度﹣时间图象切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据两车的速度关系知道速度相等时相距最远，由位移求相距的距离．【解答】解：A、速度﹣时间图象斜率表示加速度，根据图象可知，甲加速时的加速度小于乙加速时的加速度，故A错误；B、40s之前甲的速度大于乙的速度，40s后甲的速度小于乙的速度，所以40s时，甲乙相距最远，在20s时，两车相距不是最远，故B错误；C、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知60s时，甲的位移大于乙的位移，所以甲车在乙车前方，故C正确；D、根据图象可知，40s时，甲乙两车速度相等都为40m/s，甲的位移x1=×（10+40）×20+20×40=1300m，乙的位移x2=×20×40=400m，所以甲乙相距△x=x1﹣x2=1300﹣400=900m，故D正确．故选：CD二、实验题（每空3分，共12分）13．在做“练习使用打点计时器”的实验时．打出一条纸带，如图所示，物体做匀加速直线运动，交流电频率是50Hz，舍去前面比较密的点，从0点开始，标出几个计数点1、2、3…，相邻两个计数点之间还有4个打印点未画出，那么相邻两个计数点之间对应的时间间隔为0.1s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=4.00cm、x2=9.00cm、x3=15.00cm，则打计数点1时物体的速度大小v1=0.45m/s，打计数点2时物体的速度大小v2=0.55m/s，物体运动的加速度大小为1m/s2．【考点】用打点计时器测速度．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出1与2点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度．【解答】解：频率为50Hz，则打点的时间间隔为0.02s，每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出，则相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出1与2点的速度，则有：v1===0.45m/s，v2===0.55m/s，那么加速度：a===1m/s2．故答案为：0.1；0.45；0.55；1．三、解答题（要写出必要的解答过程，共3小题，共40分）14．如图表示某物体的v﹣t图象，（1）从图象可知OA段的加速度大小是多少？（2）AB段的位移大小是多少？（3）物体在这14s内运动的总位移大小是多少？【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度﹣时间图象的斜率表示加速度，速度图象与时间轴围成的面积表示位移即可解题．【解答】解：（1）OA段：由图可知（2）AB段的位移数值上等于由图AB与时间轴所包围的面积，为：S AB=（8﹣4）×4=16m（3）这14S内总位移大小为图象与时间轴所包围的总面积：S=（4+10）×4﹣4×2=24m答：（1）从图象可知OA段的加速度大小为4m/s2（2）AB段的位移大小是16m；（3）物体在这14s内运动的总位移大小是24m．15．一辆汽车在高速公路上以30m/s的速度匀速行驶，由于在前方出现险情，司机采取紧急刹车，刹车时加速度的大小为5m/s2，求：（1）汽车刹车后20s内滑行的距离；（2）从开始刹车汽车滑行50m所经历的时间；（3）在汽车停止前3s内汽车滑行的距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】（1）汽车刹车时做匀减速运动，由初速度、加速度求出汽车刹车到停下的时间，判断刹车后20s内汽车的运动情况．再由位移公式求解滑行的距离．（2）运用逆向思维：汽车从静止开始做匀加速运动，加速度大小为5m/s2，求出在汽车停止前3s内汽车滑行的距离．【解答】解：设汽车运动方向为正方向，则a=﹣5m/s2（1）设刹车的时间为t0，则有t0==s=6s则汽车刹车20s后的位移与6s末的位移相同，x=v0t+=30×（m）=90m（2）由x1=v0t1+at12得50=30t1+解得t1=2s（3）汽车减速为0可看成反向的初速度为0的匀加速运动．由x2=v0t2+at22，代入解得x2=22.5m答：（1）汽车刹车后20s内滑行的距离是90m；（2）从开始刹车汽车滑行50m所经历的时间是2s；（3）在汽车停止前3s内汽车滑行的距离是22.5m．16．甲、乙两辆汽车沿平直公路同向匀速行驶，甲车在乙车前面，它们之间相距s0=40m，速度均为v0=10m/s．某时刻，甲车刹车作匀减速直线运动，加速度大小为5m/s2．从此时刻起，求：（1）甲车经过多长时间停止运动？（2）当甲车静止时，甲、乙两辆汽车之间的距离为多大？（3）经多长时间两车相遇？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀速直线运动及其公式、图像．【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度时间公式求解．（2）分别求出甲车停止时，两车的位移，然后根据位移关系求出两车的距离．（3）已求出甲车停止的时间，再去求出停止后还需多长时间追上，两个时间之和即是所求的时间，【解答】解：（1）由v=v0+at，甲车停止运动的时间t1=2s故甲车经过2s停止运动．==10m（2）时间t1内，甲车的位移x甲=v0t1=20 m乙车的位移x乙两车相距△x=10+40﹣20m=30 m故当甲车静止时，甲、乙两辆汽车之间的距离为30m．（3）甲车停止后还需时间t 2==3s．t=t1+t2=5s．故经过5s两车相遇．2016年10月16日。

甘肃省天水市第一中学2016届高三上学期期末考试理综试题(word版)天水市一中2015-2016学年第一学期2013级期末考试理科综合能力测试试题第I 卷（选择题 共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.某细菌能产生一种毒性肽，其分子式为C 55H 70O 19N 10，将它彻底水解后只能得到下列四种氨基酸，甘氨酸（C 2H 5NO 2）、丙氨酸（C 3H 7NO 2）、苯丙氨酸（C 9H 11NO 2）、谷氨基（C 5H 9N O 4）。

则参与该毒性肽合成的谷氨酸分子数和控制该毒性肽合成的基因至少含有的碱基数分别为 A 、4、30 B 、3、20 C 、4、60 D 、3、60 2．如图是[H]随化合物在生物体内转移的过程，下面对其分析不正确的是 A ．能形成ATP 的过程有①②④⑤⑥⑦B ．[H]经⑤转移到水中，其过程需氧气参与C ．①产生的[H]可在②过程中将三碳化合物还原D ．长在向阳坡上的小麦比背阳坡上的小麦①过程旺盛 3.无尾猫是一种观赏猫。

猫的无尾、有尾是一对相对性状，按基因的分离定律遗传。

为了选育纯种的无尾猫，让无尾猫自交多代，但发现每一代中总会出现约1/3的有尾猫，其余均为无尾猫。

由此推断正确的是 A ．猫的有尾性状是由显性基因控制的 B ．自交后代出现有尾猫是基因突变所致高考提分，学霸之路 C ．无尾猫与有尾猫杂交后代中无尾猫约占1/2 D ．自交后代无尾猫中既有杂合子又有纯合子 4.若用玉米为实验材料，验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论，影响最小的是 A ．所选相对性状是否受一对等位基因控制 B ．所选相对性状的显隐性是否易于区分 C ．所选实验材料是否为纯合子 D ．是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法 5.马拉松长跑是一项超高强度的体育运动，需要运动员有良好的身体素质．下列说法错误的是 A.运动员出发后心跳加快，这是神经调节的结果 B.运动停止后心跳并不立即恢复到正常水平，体现了体液调节的特点 C.出发后体温在较高水平上维持相对稳定，产热和散热达到动态平衡 D.途中运动员大量出汗，造成血浆的渗透压升高，应及时补充水分6.中国女科学家屠呦呦获2015年获诺贝尔生理学或医学奖，与屠呦呦分享诺贝尔生理学或医学奖的另两位科学家发现了阿维菌素（从一类气生性腐生放线菌中提取）。