2014届高考数学知识点总复习教案导数的应用(一)
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第2讲导数的应用(一)
A级基础演练(时间:30分钟满分:55分) 一、选择题(每小题5分,共20分)
1.(2013·石景山模拟)若函数h(x)=2x-k
x+
k
3在(1,+∞)上是增函数,则实数k
的取值范围是().A.(-2,+∞) B.(2,+∞)
C.(-∞,-2) D.(-∞,2)
解析由条件得h′(x)=2+k
x2=2x2+k
x2≥0在(1,+∞)上恒成立,即k≥-
2x2在(1,+∞)上恒成立,所以k∈(-2,+∞).
答案 A
2.(2013·郑州检测)函数f(x)=(4-x)e x的单调递减区间是().A.(-∞,4) B.(-∞,3)
C.(4,+∞) D.(3,+∞)
解析f′(x)=e x+(4-x)·e x=e x(3-x),令f′(x)<0,由于e x>0,∴3-x<0,解得x>3.
答案 D
3.(2013·安庆模拟)下列函数中,在(0,+∞)内为增函数的是().A.f(x)=sin 2x B.f(x)=x e x
C.f(x)=x3-x D.f(x)=-x+ln x
解析sin 2x=2sin x cos x,(sin 2x)′=2(cos2x-sin2x),在(0,+∞)不恒大于
零;(x3-x)′=3x2-1,在(0,+∞)不恒大于零;(-x+ln x)′=-1+1
x在(0,
+∞)不恒大于零;(x e x)′=e x+x e x,当x∈(0,+∞)时e x+x e x>0,故选B.
答案 B
4.函数f(x)的定义域是R,f(0)=2,对任意x∈R,f(x)+f′(x)>1,则不等式e x·f(x)>e x
+1的解集为 ( ).
A .{x |x >0}
B .{x |x <0}
C .{x |x <-1或x >1}
D .{x |x <-1或0 解析 构造函数g (x )=e x ·f (x )-e x ,因为g ′(x )=e x ·f (x )+e x ·f ′(x )-e x =e x [f (x )+f ′(x )]-e x >e x -e x =0,所以g (x )=e x ·f (x )-e x 为R 上的增函数,又因为g (0)=e 0·f (0)-e 0=1,所以原不等式转化为g (x )>g (0),解得x >0. 答案 A 二、填空题(每小题5分,共10分) 5.函数y =x -2sin x 在[0,π]上的递增区间是________. 解析 y ′=1-2cos x ,令1-2cos x ≥0,得cos x ≤12,解得2k π+π 3≤x ≤2k π+53π,k ∈R ,又0≤x ≤π,∴π 3≤x ≤π. 答案 ⎣⎢⎡⎦ ⎥⎤ π3,π 6.已知直线y =x +1与曲线y =ln(x +a )相切,则a 的值为________. 解析 设切点坐标为(x 0,y 0)又y ′=1 x +a ,由已知条件⎩⎪⎨⎪⎧ y 0=x 0+1, y 0=ln (x 0+a ),1 x 0+a =1, 解 得a =2. 答案 2 三、解答题(共25分) 7.(12分)设函数f (x )=ax 3-3x 2,(a ∈R ),且x =2是y =f (x )的极值点,求函数g (x )=e x ·f (x )的单调区间. 解 f ′(x )=3ax 2-6x =3x (ax -2). 因为x =2是函数y =f (x )的极值点. 所以f ′(2)=0,即6(2a -2)=0,因此a =1, 经验证,当a =1时,x =2是函数f (x )的极值点, 所以g (x )=e x (x 3-3x 2), g ′(x )=e x (x 3-3x 2+3x 2-6x ) =e x (x 3-6x )=x (x +6)(x -6)e x . 因为e x >0,所以y =g (x )的单调增区间是(-6,0)和(6,+∞);单调减区间是(-∞,-6)和(0,6). 8.(13分)已知函数f (x )=x 3+ax 2-x +c ,且a =f ′⎝ ⎛⎭ ⎪⎫ 23. (1)求a 的值; (2)求函数f (x )的单调区间; (3)设函数g (x )=(f (x )-x 3)·e x ,若函数g (x )在x ∈[-3,2]上单调递增,求实数c 的取值范围. 解 (1)由f (x )=x 3+ax 2-x +c ,得f ′(x )=3x 2+2ax -1. 当x =23时,得a =f ′⎝ ⎛⎭⎪⎫23=3×⎝ ⎛⎭⎪⎫232+2a ×⎝ ⎛⎭⎪⎫ 23-1, 解之,得a =-1. (2)由(1)可知f (x )=x 3-x 2-x +c . 则f ′(x )=3x 2-2x -1=3⎝ ⎛⎭⎪⎫ x +13(x -1),列表如下: 所以f (x )的单调递增区间是(-∞,-1 3)和(1,+∞); f (x )的单调递减区间是⎝ ⎛⎭ ⎪⎫ -13,1. (3)函数g (x )=(f (x )-x 3)·e x =(-x 2-x +c )·e x , 有g ′(x )=(-2x -1)e x +(-x 2-x +c )e x =(-x 2-3x +c -1)e x , 因为函数g (x )在x ∈[-3,2]上单调递增, 所以h (x )=-x 2-3x +c -1≥0在x ∈[-3,2]上恒成立. 只要h (2)≥0,解得c ≥11,所以c 的取值范围是[11,+∞). 探究提高 利用导数研究函数单调性的一般步骤: (1)确定函数的定义域;