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4.1将模拟信号〃?(，)=sin 24fmt 载波c(r)=Acsin 271fd 相乘得到双边带抑制载波调幅(DSBSC)信号，设：(1)请画出DSB-SC 的信号波形图；(2)请写出DSB-SC 信号的傅式频谱式，并画出它的振幅频谱图； (3)画出解调框图，并加以简单说明。
解：⑴(2) s(t)= =sin(2^ Ac sin(27rfct)Ac=——[cos2](%-fm)t-COS 2兀5+ffn)t] A = »]+3[f-(fc-»]} 4A ，’ 2.1 "+(先+加)]+例/—(九+加)]} 4y(0l/2fc1/fc 3/2fc 2/fc 5/2fc 3/fc 7/2fc 4/fc 9/2fc 5/fct(s)S ⑴八3Ac/4- Ac/2.Ac/4(3)相干解调Cos(Wct)与发端相干偏调相干解调：将接收信号与载波信号sin(2乙加)相乘，得至U A cr(t)sin(2^fct)=Acm(t)sin(2^fct)sin(2^fit)=--cos(44fct)]通过低通滤波器抑制载频的二倍频分量，得到解调信号为刈⑺=与机⑺ 2.2 已知某调幅波的展开式为：s(t)=cos(2/rxl()4r)+4COS (2TT xl.lxl040+cos(2万xl.2xl04r) (1)求调幅系数和调制信号频率；(2)写出该信号的傅式频谱式，画出它的振幅频谱图； (3)画出该信号的解调框图。
解：⑴sQ)=cos(24xl04r)+4cos(2乃xl.lxl04r)+cos(2万xl.2xl04r)=4cos(2%xl.lxl04r)[l+0.5cos(2万x0.1xl04r)] 调制系数是a=0.5;信号频率是f=1000Hz(2)S(/)=；U(/+104)+演f —i04)]+2[Mf+l.lxl()4)+5(/—1.1X104)]+-W+1.2X 104)+^(/-1.2X 104)]-fm-fc ・fc -fc+fm。
第四章 模拟调制学习指导4.1.1 要点模拟调制的要点主要包括幅度调制、频率调制和相位调制的工作原理。
1. 幅度调制幅度调制是用调制信号去控制载波信号的幅度，使之随调制信号作线性变化的过程。
在时域上，已调信号的振幅随基带信号的规律成正比变化；在频谱结构上，它的频谱是基带信号频谱在频域内的简单平移。
由于这种平移是线性的，因此，振幅调制通常又被称为线性调制。
但是，这里的“线性”并不是已调信号与调制信号之间符合线性变换关系。
事实上，任何调制过程都是一种非线性的变换过程。
幅度调制包括标准调幅（简称调幅）、双边带调幅、单边带调幅和残留边带调幅。
如果调制信号m (t )的直流分量为0，则将其与一个直流量A 0相叠加后，再与载波信号相乘，就得到了调幅信号，其时域表达式为[]()()()AM 0c 0c c ()()cos cos ()cos (4 - 1)s t A m t t A t m t t ωωω=+=+ 如果调制信号m (t )的频谱为M (ω)，则调幅信号的频谱为[][]AM 0c c c c 1()π()()()() (4 - 2)2S A M M ωδωωδωωωωωω=++-+++- 调幅信号的频谱包括载波份量和上下两个边带。
上边带的频谱结构与原调制信号的频谱结构相同，下边带是上边带的镜像。
由波形可以看出，当满足条件|m (t )| A 0 (4-3)时，其包络与调制信号波形相同，因此可以用包络检波法很容易恢复出原始调制信号。
否则，出现“过调幅”现象。
这时用包络检波将发生失真，可以采用其他的解调方法，如同步检波。
调幅信号的一个重要参数是调幅度m ，其定义为[][][][]00max min 00max min()() (4 - 4)()()A m t A m t m A m t A m t +-+=+++ AM 信号带宽B AM 是基带信号最高频率分量f H 的两倍。
AM 信号可以采用相干解调方法实现解调。
填空题1.采用非均匀量化的主要原因是：改善________量化信噪比：________系统平均量化信噪比。
2.PCM方式的模拟信号数字化要经过____________________、___________________、_________三个过程。
3.将模拟信号数字化传输的基本方法有__________和__________两种。
4.在模拟信号转化为数字信号的过程中，抽样过程是为了实现_______的离散，量化过程是为了实现________的离散。
5.一个模拟信号在经过抽样后其信号属于_______信号，在经过量化后其信号属于________信号。
6.量化是将幅值_______的信号变换为幅值_________的信号。
7.PCM30/32基群帧结构中，TS0时隙主要用于传输_______信号，TS16时隙主要用于传输________信号。
8.设某样值为—2048△，则A律13折线8位码为_______，译码后输出的样值为__________。
9.若一低通信号m(t)的频带范围为0-108kHZ，则可以无失真恢复信号的最小采样频率为：_________。
10.改善弱信号的量化信噪比，通常可用_____________技术。
11.增量调制中为防止出现过在现象，必须满足______________________。
12.设输入信号抽样值为-131个量化单位，则其A律13折线编码输出码组为________。
13.在PCM30/32系统中，其信息传输速率为______________________。
14.在简单增量调制系统中，当信号实际斜率超过最大跟踪斜率时，将会造成______________。
15.电话采用的A律13折线8位非线性码的性能相当于编线性码位数为________。
16.当采用A律13折线进行非均匀量化时，其中第2、8段的量化信噪比改善量分别为 dB、 dB。
17.实际中，非均匀量化的方法是：将抽样值通过__________再进行_________。
第四章模拟调制4.1学习指导4.1.1要点模拟调制的要点主要包括幅度调制、频率调制和相位调制的工作原理。
1.幅度调制幅度调制是用调制信号去控制载波信号的幅度，使之随调制信号作线性变化的过程。
在时域上，已调信号的振幅随基带信号的规律成正比变化；在频谱结构上，它的频谱是基带信号频谱在频域内的简单平移。
由于这种平移是线性的，因此，振幅调制通常又被称为线性调制。
但是，这里的“线性”并不是已调信号与调制信号之间符合线性变换关系。
事实上，任何调制过程都是一种非线性的变换过程。
幅度调制包括标准调幅（简称调幅）、双边带调幅、单边带调幅和残留边带调幅。
如果调制信号m(t)的直流分量为0，则将其与一个直流量A0相叠加后，再与载波信号相乘，就得到了调幅信号，其时域表达式为stAmttAtmttAM()0()cosc0cosc()cosc(4-1)如果调制信号m(t)的频谱为M(ω)，则调幅信号的频谱为1S()πA()()M()M()(4-2)AM0cccc2调幅信号的频谱包括载波份量和上下两个边带。
上边带的频谱结构与原调制信号的频谱结构相同，下边带是上边带的镜像。
由波形可以看出，当满足条件|m(t)|A0(4-3)时，其包络与调制信号波形相同，因此可以用包络检波法很容易恢复出原始调制信号。
否则，出现“过调幅”现象。
这时用包络检波将发生失真，可以采用其他的解调方法，如同步检波。
调幅信号的一个重要参数是调幅度m，其定义为m A m(t)Am(t)0max0minAm(t)Am(t)0max0min(4-4)AM信号带宽B AM是基带信号最高频率分量f H的两倍。
AM信号可以采用相干解调方法实现解调。
当调幅度不大于1时，也可以采用非相干解调方法，即包络检波，实现解调。
双边带信号的时域表达式为stmttDSB()()cosc(4-5)其中，调制信号m(t)中没有直流分量。
如果调制信号m(t)的频谱为M(ω)，双边带信号的频谱为1S()M()M()(4-6)DSBcc2与AM信号相比，双边带信号中不含载波分量，全部功率都用于传输用用信号，调制效率达到100%。
第四章 模拟调制系统 习题（30道）1. 已知调制信号 m(t)=cos(2000πt)+cos(4000πt)，载波为cos104πt，进行单边带调制，试确定该单边带信号的表达试，并画出频谱图。
解：方法一：若要确定单边带信号，须先求得m(t)的希尔伯特变换 m ’（t）=cos（2000πt-π/2）+cos（4000πt-π/2） =sin（2000πt ）+sin（4000πt ） 故上边带信号为S USB (t)=1/2m(t) cos w c t -1/2m ’(t)sin w c t =1/2cos(12000πt )+1/2cos(14000πt ) 下边带信号为S LSB (t)=1/2m(t) cos w c t +1/2m ’(t) sin w c t=1/2cos(8000πt )+1/2cos(6000πt ) 其频谱如图所示。
方法二：先产生DSB 信号：s m (t)=m(t)cos w c t =···，然后经过边带滤波器，产生SSB 信号。
2. 将调幅波通过残留边带滤波器产生残留边带信号。
若次信号的传输函数H(w )如图所示。
当调制信号为m(t)=A[sin100πt +sin6000πt ]时，试确定所得残留边带信号的表达式。
解：设调幅波sm(t)=[m 0+m(t)]coswct，m0≥|m(t)|max，且s m (t)<=>S m (w)根据残留边带滤波器在f c 处具有互补对称特性，从H(w)图上可知载频f c =10kHz ，因此得载波cos20000πt。
故有sm(t)=[m0+m(t)]cos20000πt=m0cos20000πt+A[sin100πt+sin6000πt]cos20000πt=m0cos20000πt+A/2[sin(20100πt)-sin(19900πt)+sin(26000πt)-sin(14000πt)Sm(w)=πm0[σ(w+20000π)+σ(W-20000π)]+jπA/2[σ(w+20100π)-σ(w+19900π)+σ(w-19900π)+σ(w+26000π)-σ(w-26000π)-σ(w+14000π)+σ(w-14000π)残留边带信号为F(t)，且f(t)<=>F(w)，则F(w)=Sm(w)H(w)故有：F(w)=π/2m0[σ(w+20000π)+σ(w-20000π)]+jπA/2[0.55σ(w+20100π)-0.55σ(w-20100π)-0.45σ(w+19900π)+ 0.45σ(w-19900π)+σ(w+26000π) -σ(w-26000π)f(t)=1/2m0cos20000πt+A/2[0.55sin20100πt-0.45sin19900πt+sin26000πt]3.设某信道具有均匀的双边噪声功率谱密度Pn(f)=0.5*10-3W/Hz，在该信道中传输抑制载波的双边带信号，并设调制信号m(t)的频带限制在5kHz，而载波为100kHz，已调信号的功率为10kW.若接收机的输入信号在加至解调器之前，先经过一理想带通滤波器滤波，试问：1.）该理想带通滤波器应具有怎样的传输特性H(w)?2.）解调器输入端的信噪功率比为多少?3.）解调器输出端的信噪功率比为多少?4.）求出解调器输出端的噪声功率谱密度，并用图型表示出来。
【4-5】答案：仅编码信道模型部分
上图中，所有斜线上标出“１／１０２４＂。
特别提示：信道容量与信源特性没有关系，仅与信道特性有关（对于编码信道，信道的特性即其条件概率Ｐ（ｘｉ｜ｙｉ））。
所以，若要求信道容量，不需要知道信源各符号的发生概率。
【4-7】答案
传输带宽：B=3kHz
信道信噪比：SNR=10dB ，即101020/10==SNR 信道容量：s b SNR B C t / 1196.6172)101(log 3000)1(log 22≈+⨯=+=
假定各像素的亮度等级互相独立、且相等，则每个像素的信息量为：4)(=像素I
所以，一幅图像的信息量为：万比特万像素图像1600400)()(=⨯=I I 假定所采用的通信系统的信息速率达到了信道容量，即s b C R t b / 1196.6172≈=，则传输一幅图像所需时间为：秒秒
比特万比特图像3023.2592/1196.61721600)(≈≈b R I A A
B B
C C
Ｄ Ｄ
１０２１／１０２４ １０２１／１０２４ １０２１／１０２４ １０２１／１０２４。
“通信原理”第四章题解4-1 解AM 信号 []t t A t s AM ππ4010cos )2000cos(2)(⋅+=)108.0cos()102.1cos(10cos 24440t t t A πππ⨯+⨯+=DSB 信号 t t t s D SB ππ410cos )2000cos(2)(=)108.0cos()102.1cos(44t t ππ⨯+⨯=USB 信号 )102.1cos()(4t t s U SB π⨯= LSB 信号)108.0cos()(4t t s LSB π⨯=4-2 解AM 信号 []t t m A t s c AM ωcos )()(0⋅+= DSB 信号t t m t s c DSB ωcos )()(=当max 0)(t m A >时，两信号的包络输出见下图。
4-3 解根据残留边带滤波器在c f 处具有互补对称特性，从)(ωH 图上可知kHz f c 10=，因而载波为 )102cos(2cos cos 4t t f t c c ⋅==ππω，假定调幅波为DSB 信号，于是[][])1072sin()10132sin()1095.92sin()1005.102sin(2)102cos()30002sin()502sin(cos )()(33334t t t t At t t A t t m t s c DSB ⋅⋅-⋅⋅+⋅⋅-⋅⋅=⋅⋅+⋅==πππππππω[])1072()1072()10132()10132()1095.92()1095.92()1005.102()1005.102(2)(33333333⋅⋅-+⋅⋅+-⋅⋅--⋅⋅++⋅⋅-+⋅⋅+-⋅⋅--⋅⋅+=πωδπωδπωδπωδπωδπωδπωδπωδπωAj S DSB )()()(ωωωH S S DSB VSB = 以及 ⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧±±±±=kHzkHz kHzkHzf H 71395.905.100145.055.0)([])10132()10132()1095.92(45.0)1095.92(45.0)1005.102(55.0)1005.102(55.02)(333333⋅⋅--⋅⋅++⋅⋅-+⋅⋅+-⋅⋅--⋅⋅+=∴πωδπωδπωδπωδπωδπωδπωAj S VSB[])10132sin()1095.92sin(45.0)1005.102sin(55.02)(333t t t At s VSB ⋅⋅+⋅⋅-⋅⋅=πππ4-7 解1) 双边带信号t t m t s c m ωcos )()(=(4.2-8) 输入信号功率⎰-===mmf f m mi df f P t m t S S )(21)(21)(22(4.2-15)422210m m f m m f n df f f n m ==⎰ 2) 相干解调输出)(21)(0t m t m =(4.2-9) 输出信号功率 m m n f t m t m S 81)(41)(2200===(4.2-10) 3) 输入噪声功率m i f n B n N 002==(4.2-4) 输出噪声功率m i f n B n N N 000214141===(4.2-14)输出信噪比 00041n n N S m=(4.2-17)4-9 解[]t t t t t m 2121sin sin cos cos )(Ω+Ω=Ω+Ω=∧∧[][]()()[]t t t t t t t t t t t t t t t t m t t m t s c c c c SSB 1111111111111152cos 5cos 215sin )2sin (sin 5cos )2cos (cos 21sin )2sin (sin cos )2cos (cos 21sin )(21cos )(21)(ΩΩ+ΩΩ=ΩΩ+Ω±ΩΩ+Ω=Ω+Ω±Ω+Ω=±=∴∧ωωωω4-11 解 1) AM 信号[]t t m A t s c AM ωcos )()(0+=，且0)(=t m AM 信号总功率 )(100102802)(2220mW P P t m A P S s c AMi =⨯+=+=+== 输入噪声功率)(1.0)(102)/(105.02)(48mW Hz Hz W B f P N n i =⨯⨯⨯=⋅=-输入信噪比10001.0100==i i N S 或者 )(301000log 10log 101010dB N S i i ==⎪⎪⎭⎫⎝⎛ 2) 假定[])()(0t n t m A i >>+，则理想包络检波输出为)()()(t n t m A t E c ++≈(4.2-34)输出功率)(402022)(20mW P t m S s =⨯=== （经电容隔直后）输出噪声功率)(1.0)(20mW N t n N i c ===输出信噪比4001.04000==N S 或者 )(26400log 10log 10100010dB N S ==⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛ 3) 制度增益4.01000400//00===i i N S N S G4-13 解1) 瞬时角频率)/()102cos(102102)(2)(346s rad t t f t ⋅⋅+⋅==ππππω 总相位)102sin(10102)()(36t t d t t⋅+⋅==⎰∞-ππττωθ时域表达式 [])()102sin(10102cos 10)(cos )(36V t t t A t s FM ⋅+⋅==ππθ2) 频率偏移)(10)102cos(10)(max34max kHz t t f f =⋅=∆=∆π调频指数10101034==∆=m f f f m(4.3-16)频带宽度 )(2210)110(2)(23kHz f f B m =⨯+=+∆≈(4.3-23)3) 频率偏移)(10)1022cos(10)(max34max kHz t t f f =⋅⋅=∆=∆π调频指数51021034=⋅=∆=m f f f m (4.3-16)频带宽度)(2410)210(2)(23kHz f f B m =⨯+=+∆≈(4.3-23)由于m f f >>∆，带宽主要依赖于最大频偏。
《通信原理》习题参考答案第四章4-1. 已知线性调制信号表示式如下：(1) t t c ωcos cos Ω(2) ()t t c ωcos sin 5.01Ω+式中，ωc ＝6Ω。
试分别画出它们的波形图和频谱图。
解：(1)t Ωcos 和t c ωcos 的波形分别如下：t c ωcos 的频谱为：()()[]c c ωωδωωδπ-++ ∴t t c ωcos cos Ω的频谱为：()()[]()()[]{}c c ωωδωωδπωδωδππ-++*Ω-+Ω+21()()()()[]c c c c ωωδωωδωωδωωδπ-Ω-+-Ω+++Ω-++Ω+=2()()()()[]c Ω-+Ω-+Ω++Ω+=75572ωδωδωδωδπ(2) ()t Ω+sin 5.01和t c ωcos 的波形分别如下：两波形相乘可得到如下波形：()t t t t t c c c ωωωcos sin 5.0cos cos sin 5.01Ω+=Ω+ ∵t c ωcos 的频谱为：()()[]c c ωωδωωδπ-++t Ωsin 的频谱为：()()[]Ω--Ω+ωδωδπj∴()t t c ωcos sin 5.01Ω+的频谱如下：()()[]()()[]()()[]{}c c c c j ωωδωωδπωδωδππωωδωωδπ-++*Ω--Ω++-++215.0()()[]()()()()[]{}c c c c c c jωωδωωδωωδωωδπωωδωωδπ-Ω---Ω+++Ω--+Ω++-++=4 ()()[]()()()()[]{}Ω--Ω-+Ω+-Ω++Ω-+Ω+=7557466ωδωδωδωδπωδωδπj频谱图如下：4-3. 已知调制信号()()()t t t m ππ4000cos 2000cos +=载波为t π410cos ，进行单边带调制，试确定该单边带信号的表达式，并画出频谱图。
第四章 模拟角调制4.1 设一宽频率调制系统，载波振幅为100，频率为，调制信号的频率限制于5kHz ，V 100MHz ()m t 22()5000V m t =，500Hz/V f k π＝，最大偏频75kHz f Δ=，并设信道中噪声功率谱密度是均匀的，为（单边带），试求：3()10W/Hz n P f −=（1）接收机输入端理想带通滤波器的传输特性()H ω； （2）解调器输入端的信噪功率比； （3）解调器输出端的信噪功率比；（4）若以振幅调制方法传输，并以包络检波器检波，试比较在输出信噪比和所需带宽方面与频率调制系统有何不同？ ()m t 解：（1）根据题意可知系统的调制指数为max max75155FM f D f Δ=== 由卡森公式得调制信号的带宽为max 2(1)2(151)15160kHz FM FM B D f =+=×+×=载波为100，所以信号所处的频率范围为MHz 0.16100MHz MHz 2±。
由此可得接收机的输入端理想带通滤波器的传输特性应为,99.92MHz 100.08MHz()0,K f H ω⎧<<=⎨⎩其他 其中为常数。
K （注意：在调频系统中，最大频率偏移和带宽是两个不同的概念）（2）设解调器输入端的信号为f()cos[()d ]FM c s t A t k m ωττ+∞−∞=+∫则该点的信号功率和噪声功率分别为：22100500022i A S ===33()1016010160i n FM N P f B −==××=故500031.25160i i S N ==（3）根据调频信号解调器输出信噪比公式（教科书87页公式4－109，4－110）得：22222f 2323330max 3()3100(500)5000375008810(510)o o S A k m t N n f πππ−×××===×× （注意：有同学利用公式4－11423(1FM FM FM G ββ)=+计算输出信噪比，该公式成立的条件是调制信号为单频，不适用于本题）（4）采用振幅调制方式传输时，则所需带宽为 ()m tmax 210kHz 160kHz AM FM B f B ==<=采用包络检波器输出信噪比为2330()500050037500101010o o o AM o AM FMS S m t N n B N −⎛⎞⎛⎞===<=⎜⎟⎜⎟××⎝⎠⎝⎠ 因此，调频系统信噪比的增加是以增加带宽为代价的，反之，调幅系统带宽的减少是牺牲信噪比的结果。
4-1、设二进制符号序列为110010001110，试以矩形脉冲为例，分别画出相应的单极性码波形、双极性码波形、单极性归零码波形、双极性归零码波形、二进制差分码波形及八电平码波形。
解：略4-2、设随机二进制序列中的0和1分别由()t g 和()t g -组成，它们的出现概率分别为p 及()p -1：（1）求其功率谱密度及功率；（2）若()t g 为如题4-2图()a 所示波形，s T 为码元宽度，问该序列是否存在离散分量s s f 1=？（3）若()t g 改为题4-2图()b ，回答题（2）所问。
题4-2图解：（1）随机二进制序列的功率谱密度为：()[]221212(1)()()()(1)()()s s s s s s P f f p p G f G f f pG mf p G mf δf mf ∞-∞=--++--∑由题意知()()()12g t g t g t =-=，因此双极性波形序列的功率谱密度为()2224(1)()(12)()()s s s ss P f f p p G f f p G mf δf mf ∞-∞=-+--∑式中，()()G f g t ⇔；等式右端第一项是连续谱成分，第二项是离散谱成分。
功率2222222()4(1)()(12)()()4(1)|()|(21)|()|s s s ss s s sm s P f df f p p G f f p G mf δf mf dff p p G f df f p G mf ∞∞∞∞-∞-∞-∞-∞∞∞-∞=-∞==-+--=-+-∑⎰⎰⎰∑⎰（2）若基带脉冲波形为()120sT t g t ⎧≤⎪=⎨⎪⎩其它则()t g 的傅立叶变换()G f 为()()s s G f T Sa T f π＝因为()sin ()()0s s s s s sG f T Sa T f T Sa T ππ=π==π＝ 所以由题（1）的结果可知，该二进制序列不存在离散分量s s T f 1=（3）若基带脉冲波形为()140sT t g t ⎧≤⎪=⎨⎪⎩其它则()t g 的傅立叶变换()G f 为()()22s s T T f G f Sa π＝因为()sin 2()()022222s s s s s sT T f T G f Sa Sa T πππ==≠＝ 所以由题（1）的结果可知，该二进制序列存在离散分量s s T f 1=4-6、已知信息代码为100000000011，求相应的AMI 码、HDB 3码及双相码。
《通信原理》习题参考答案第四章4-5 某个信息源由A 、B 、C 、D 四个符号组成。
设每个符号独立出现，其出现概率分别为1/4、1/4、3/16、5/16，经过信道传输后，每个符号正确接收的概率为1021/1024，错为其他符号的条件概率()i j P x y 均为1/1024，试画出此信道模型，并求出该信道的容量C 等于多少b/符号。
【注意】本题中的信道属于具有对称噪声特性的信道，即正确接收概率相同，其余错误转移相同。
这类信道的信道容量为2()()max[()()]max ()()log ()p x p x C H x H x y H x H x y N H x y =-=-=-解：（1）此信道模型为发送端接收端AB D CABDC说明：粗线表示正确接收，其概率为1021/1024，细线表示错误转移，其概率为1/1024。
（2）条件信息量为4421142122()()()log ()()log ()1021102131log log 10241024102410240.0335(/)j i j i j j i i j i j i H x y P y P x y P x y P x y P x y b sym ===⎡⎤=-⎣⎦⎡⎤=-⎣⎦⎡⎤=-+⎢⎥⎣⎦≈∑∑∑因此该信道的信道容量为2log 4() 1.967(/)C H x y b sym =-≈4-6若个习题4-5中的四个符号分别用二进制码组00、01、10、11表示，每个二进制码元宽度为5ms 的脉冲传输，试求出该信道的容量t C 等于多少b/s 。
解：码元传输速率31100(B)2510B R -==⨯⨯因此该信道的信道容量100 1.967196.7(b/s)t B C R C ==⨯=4-7 设一幅黑白数字相片有400万个像素，每个像素有16个亮度等级。
若用3kHz 带宽的10dB ，试问需要传输多少时间？2log 1S C B N ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭来求解本道题，已知S N 和带宽B ，可由题目的C 即信息传输速率的最大值，然后再求传输时间。
一、填空
1. 电话信道信噪比为30dB,带宽为3.4KHz 时的最高信息传输速率的理论值为（ ）
2. 宽频带信号在短波电离层反射信道中传输时，可能遇到的主要衰落类型是（ ）
3. 在高斯信道中，当传输系统的信号噪声功率比下降时，为保持信道容量不变，可以采用（ ） 方法，这是基于（ ）理论得出的。
4. 香农公式告诉我们，理想通信系统是（ ）。
5. 某电离层反射信道的最大多径时延差为2ms ，为了避免频率选择性衰落，工程上认为在该信道上传输数字信号的码速率不应超过（ ）Baud
二、恒参信道 幅频特性和相频特性 ()()⎩⎨
⎧==d t ωωϕω-K
H
信号s(t)通过该信道后的输出信号的时域表
达式，并进行讨论。
