当前位置：文档之家 › 大学物理习题集1-8答案

大学物理习题集1-8答案

  • 格式：doc
  • 大小：1.61 MB
  • 文档页数：21

物理习题解答（48学时）注意：题号为红色字体的题目或者是标注过了解的计算题进行了解即可。

第一章 质点运动学一、选择题：1（D ），2（D ）， 3（C ）， 4（B ）， 5（D ）， 6（B ）， 7（B ）， 8（B ），9（D ）, 10（C ）， 11（B ）， 12（C ） 二、填空题：1、 )]()5cos()5sin([50SI j t i t+-, 0, 圆；2、]sin 2cos )[(22t t Aetωβωωωββ+--， 2,1,0)21(=+n n ωπ；3、tS ∆，t v ∆-02 ；4、24020)(,R bt v b bt v +++；5、)/(4,1622s rad Rt ； 6、（1），（3），（4）；7、)1(22S S +；8、)(4SI j i +-； 9、)/(20s m ；10、)/(1.02s m ；11、)(1,)(,2RC b cRct b c ±--；12、)/(20),/(3.17s m s m三、计算题１．解：（１）)/(5.0/s m t x v -=∆∆=；（２）269/t t dt dx v -==， s m v /6)2(-=； （３）m x x x x s 25.2|)5.1()2(||)1()5.1(|=-+-=．２．解：t dt dv a 4/==，tdt dv 4=⎰⎰=tvtdt dv 04， 22t v =22/t dt dx v ==⎰⎰=xtdt t dx 10022)(103/23SI t x +=．３．(了解)解：（１）t v x 0=， 221gt y =轨迹方程是：2022/v g x y =．（２）0v v x =， gt v y =．速度大小为： 222022t g v v v v y x +=+=．方向为：与Ｘ轴的夹角)/(01v gt tg -=θ22202//t g v t g dt dv a t +==，与v 同向．222002122/)(t g v g v a g a tn +=-=，方向与t a 垂直．4.解：由t kv dt dv 2/-=ktdt v dv -=2 积分：⎰⎰-=tdt k vdv2 C kt v +-=-2211当0=t 时，0v v = 01v C -=∴ 得：21211v kt v += 5.解：设质点在x 处的速率为v ，262x dtdx dx dv dt dv a +=⋅==⎰⎰+=x vdx x vdv 020)62(s m x x v /)(22/13+=6.解：选地面为静止参考系s ，火车为运动参考系s '，雨滴为运动质点p ： 已知：绝对速度：ps v大小未知，方向与竖直方向夹030牵连速度：s m v s s /35='，方向水平； 相对速度：s p v '大小未知，方向偏向车后045．ss '由速度合成定理：s s s p ps v v v ''+=由矢量关系式画出矢量图，由几何关系可得：3530sin 30cos 00=+ps ps v vs m v ps /6.25=．第二章 牛顿定律一、选择题：1（B ），2（D ）， 3（E ）， 4（C ）， 5（B ）， 6（C ）。

二、填空题：1、)(2323SI j t i t +； 2、2%； 3、21:cos θ；4、θθθcos sin ,cos glmg； 5、24（cm ）。

三、计算题：1.（了解）解：（１）以Ａ、Ｂ、绳为研究对象 a m m m g m g m mg F B A B A )(++=---g m m m F m m m g m m m F a BA B A B A -++=++++-=∴)(．（２）以绳的下段长和物体Ａ为研究对象 a L mx m g L mx m x T B A )/()/()(+=+- ))(/()(a g L mx m x T A ++=∴ )(2496)/(N x m m m L mx m F BA A +=+++=．2. （了解）解：受力图如图所示：OY1B'AN '2'BA地以Ａ为研究对象：Ｘ方向：0cos sin 12='-'+-θθf N f B（１） Ｙ方向：0cos sin 1='-'--θθBA N f Mg N （２） 同时，θμcos 11mg f f ='= （３）θcos mg N N BB ='= （４） （１）、（２）、（３）、（４）联立求解：θθμθθθsin cos cos sin cos 21mg mg Mg f N Mg N BA ++='+'+= θμθθθθ212cos sin cos cos sin mg mg f N f B-='-'= 斜面对地面的压力：θθμθsin cos cos 2mg mg Mg N A ++=' 斜面对地面的摩擦力：θμθθ22cos sin cos mg mg f -='. 3. （了解）解：（1）子弹进入沙土后，受力为kv - ，由牛顿定律 dtdvmkv =- ⎰⎰=-⇒=-∴v v t v dv dt m k vdvdt m k 00 mkt e v v -=∴（2）求最大深度解法一：dtdxv =dt ev dx dt ev dx mkt t x mkt --⎰⎰=⇒=∴00kmv x e v k mx m kt0max 0)1(=⇒-=-解法二：dxdv mv dt dx dx dv m dt dv mkv ===- ⎰⎰-=⇒-=∴000max v x dv kmdx dv k m dxkmv x 0max =∴第三章 功和能一、选择题：1（A ），2（B ）， 3（D ）， 4（C ）， 5（B ）， 6（C ）， 7（C ）， 8（B ） 二、填空题：1、R GMm 32-； 2、)11(21ab m Gm -； 3、动量，动能，功； 4、αsin 2mgx ； 5、)/(6),(18s m J ； 6、4000（J ）；7、r k mrk 2,-； 8、RGMmRGMm 3,6-； 9、-0.21（J ）。

三、计算题1. （了解）解：由x=ct 3可求物体的速度：23ct dtdx==υ 物体受到的阻力为：3/43/242299x kc t kc kv f ===阻力对物体所作的功为：⎰⎰⋅==x d f dw W ⎰-=dx x kc l3/43/2907/273/73/2l kc -=2. 解：方法一：根据功能原理，木块在水平面上运动时，摩擦力所作的功等于系统（木块和弹簧）机械能的增量。

由题意有：,212122υm kx x f r -=- 而mg f k r μ=由此得木块开始碰撞弹簧时的速率为s m mkx gx k /83.522=+=μυ方法二：根据动能定理，摩擦力和弹性力对木块所作的功，等于木块动能的增量，则：⎰-=--x o k m kxdx mgx 2210υμ其中⎰=xokx kxdx 221 带入数据可得相同结果3. （了解）解：（1）根据功能原理，有mgh m fs -=2021υ ααμαμsin cos sin mghNh fs ==αμm g h c t g =m g h m -=2021υ )(25.4)1(220m ctg g h =+=∴αμυ（2）根据功能原理有fs m mgh =-221υ αμυmghctg mgh m -=221s m ctg gh /16.8)]1(2[2/1=-=αμυ4.解：（1）取地心为原点，从O 指向陨石为r 的正方向，如图。

陨石由a 落到b ，万有引力的功⎰⎰++-=-=R h R Rh R r r d GMm r d rMmG W 22 )()11(h R R hGmM h R R GmM +=+-= （2）取陨石为研究对象，根据动能定理⎰+-=-RhR o mv r d r Mm G2221 221)(mv h R R h M m G =+ 得)(2h R R h GM v +=（也可用机械能守恒解）5.解：用动能定理，对物体⎰=-Fdx o m 40212υ168210)610(0432=+=+=⎰x x dx x得 s m /13,1682==υυ解出第四章 动量和角动量一、选择题：1（B ），2（C ）， 3（C ）， 4（D ）， 5（D ）， 6（C ）， 7（A ）， 8（A ），9（A ）, 10（B ） 二、填空题：1、4.7（N ⋅s ），与速度方向相反；2、mM MV+； 3、18（N ⋅s ）4、6.3（m/s ）；5、不一定， 动量；6、140（N ⋅s ）， 24（m/s ）;7、0.003（s ），0.6（N ⋅s ），2（g ）；8、0；9、RGMmRGMm3,32-。

三、计算题1. 解：建立如图坐标系，由动量定理，小球受到的冲量的Ｘ，Ｙ分量的表达式为：Ｘ方向：x x x x mv mv mv t F 2)(=--=∆（１）Ｙ方向：0)(=---=∆y y y mv mv t F （２）t mv F F x x ∆==∴/2αcos v v x =t mv F ∆=∴/cos 2α 方向沿Ｘ正向．根据牛顿第三定律，墙受的平均冲力为：||F F -='方向垂直墙面指向墙内．2.解：由动量定理知质点所受外力的总冲量12)(v m v m v m I -=∆=由Ａ→Ｂ10683.045cos -⋅⋅-=--=-=sm kg mv mv mv mv I A B Ax Bx x1283.045sin 0-⋅⋅-=-=-=sm kg mv mv I A Ay ys N I I I y x ⋅=+=739.022方向：x y I I tg /1=θ，05.202=θ（与Ｘ轴正向夹角）．3. （了解）解：完全弹性碰撞：动量守恒；机械能守恒 碰撞前：Ａ：1A v ，方向水平向右，Ｂ：01=B v ；碰撞后：Ａ：2A v ，设方向水平向右，Ｂ：2B v ，方向水平向右． 动量守恒：221B B A A A A v m v m v m += １） 机械能守恒：222221212121B B A A A A v m v m v m +=(２） （１）、（２）联立方程组，解得：12A BA BA A v m m m m v +-=且02>A v ，与所设方向相同．122A BA AB v m m m v +=二球同时落地，下落时间相同，有：t v L A A 2=; t v L B B 2= 得：ABA B A m m m v v 25222-== 解得：5/=B A m m ． 4.解：（１）因穿透时间极短，故可认为物体未离开平衡位置．因此，作用于子弹、物体系统上的外力均在铅直方向，故系统在水平方向动量守恒．令子弹穿出时物体的水平速度为v '，有：v M mv mv '+=0s m M v v m v /13.3/)(0=-=' N l Mv Mg T 5.26/2=+=（２）s N mv mv t f ⋅-=-=∆7.40（0v 方向为正,负号表示冲量与0v方向相反）．第五章 刚体的转动一、选择题：1（C ），2（A ）， 3（D ）， 4（B ）， 5（B ）， 6（C ）， 7（A ）， 8（C ），9（B ）， 10（C ）。

合集下载

湖南大学大学物理练习册答案(一、二两册全)

湖南大学大学物理练习册答案(一、二两册全)

大学物理（一）练习册 参考解答第1章 质点运动学一、选择题1(D)，2(D)，3(B)，4(D)，5(D)，6(D)，7(D)，8(D )，9(B)，10(B)， 二、填空题(1). sin 2t A ωω，()π+1221n (n = 0,1,… ),(2). 8 m ，10 m. (3). 23 m/s.(4). 16Rt 2 ，4 rad /s 2(5). 4t 3-3t 2 (rad/s)，12t 2-6t (m/s 2). (6).331ct ，2ct ，c 2t 4/R .(7). 2.24 m/s 2，104o(8). )5cos 5sin (50j t i t+-m/s ，0，圆. (9). h 1v /(h 1-h 2) (10). 0321=++v v v三、计算题1. 有一质点沿x 轴作直线运动，t 时刻的坐标为x = 4.5 t 2 – 2 t 3 (SI) ．试求：(1) 第2秒内的平均速度； (2) 第2秒末的瞬时速度；(3) 第2秒内的路程．解：(1) 5.0/-==∆∆t x v m/s(2) v = d x /d t = 9t - 6t 2, v (2) =-6 m/s. (3) S = |x (1.5)-x (1)| + |x (2)-x (1.5)| = 2.25 m.2. 一质点沿x 轴运动，其加速度为a = 4t (SI)，已知t = 0时，质点位于x 0=10 m 处，初速度v 0 = 0．试求其位置和时间的关系式．解： =a d v /d t 4=t ， d v 4=t d t⎰⎰=vv 0d 4d tt t v = 2t 2v d =x /d t 2=t 2t t x txx d 2d 02⎰⎰=x 2= t 3 /3+x 0 (SI)3. 质点沿x 轴运动，其加速度a 与位置坐标x 的关系为 a ＝2＋6 x 2(SI)，如果质点在原点处的速度为零，试求其在任意位置处的速度．解：设质点在x 处的速度为v ，62d d d d d d 2x tx xta +=⋅==v v()x x xd 62d 02⎰⎰+=v v v() 2 213 x x +=v4. 一物体悬挂在弹簧上作竖直振动，其加速度为-=a ky ，式中k 为常量，y 是以平衡位置为原点所测得的坐标. 假定振动的物体在坐标y 0处的速度为v 0，试求速度v 与坐标y 的函数关系式．解： yt yy t a d d d d d d d d vvv v===又 -=a ky ∴ -k =y v d v / d y⎰⎰+=-=-C kyy ky 222121, d d vv v已知 =y y 0 ，=v v 0 则 20202121ky C --=v)(220202y y k -+=v v5. 一质点沿半径为R 的圆周运动．质点所经过的弧长与时间的关系为221ct bt S += 其中b 、c 是大于零的常量，求从0=t 开始到切向加速度与法向加速度大小相等时所经历的时间．解： ct b t S +==d /d v c t a t ==d /d v ()R ct b a n /2+=根据题意： a t = a n 即 ()R ct b c /2+=解得 cb cR t -=6. 如图所示，质点P 在水平面内沿一半径为R =2 m 的圆轨道转动．转动的角速度ω与时间t 的函数关系为2kt =ω (k 为常量)．已知s t 2=时，质点P 的速度值为32 m/s ．试求1=t s 时，质点P 的速度与加速度的大小．解：根据已知条件确定常量k()222/rad 4//sRttk ===v ω24t =ω, 24Rt R ==ωvs t 1=时， v = 4Rt 2= 8 m/s2s /168/m Rt dt d a t ===v 22s /32/m R a n ==v()8.352/122=+=n t a a a m/s 27. (1)对于在xy 平面内，以原点O 为圆心作匀速圆周运动的质点，试用半径r 、角速度ω和单位矢量i、j 表示其t 时刻的位置矢量．已知在t = 0时，y = 0, x = r , 角速度ω如图所示；(2)由(1)导出速度 v与加速度 a的矢量表示式； (3)试证加速度指向圆心．解：(1) j t r i t r j y i x rs i n c o s ωω+=+=(2) j t r i t r t rc o s s i nd d ωωωω+-==v j t r i t r tas i n c o s d d 22ωωωω--==v (3) ()r j t r i t r a s i n c o s 22ωωωω-=+-=这说明 a 与 r 方向相反，即a指向圆心8. 一飞机驾驶员想往正北方向航行，而风以60 km/h 的速度由东向西刮来，如果飞机的航速（在静止空气中的速率）为 180 km/h ，试问驾驶员应取什么航向？飞机相对于地面的速率为多少？试用矢量图说明．解：设下标A 指飞机，F 指空气，E 指地面，由题可知：v FE =60 km/h 正西方向 v AF =180 km/h 方向未知v AE 大小未知， 正北方向由相对速度关系有： FE AF AE v v v +=AE v 、 AF v 、EE v 构成直角三角形，可得 ()()k m /h 17022v v v =-=FEAFAE() 4.19/tg1==-AEFEv v θ（飞机应取向北偏东19.4︒的航向）．西北θFEv vAF v vAEvv四 研讨题1. 在下列各图中质点M 作曲线运动，指出哪些运动是不可能的？参考解答：(1)、(3)、(4)是不可能的．(1) 曲线运动有法向加速度，加速度不可能为零；(3) 曲线运动法向加速度要指向曲率圆心； (4) 曲线运动法向加速度不可能为零.2. 设质点的运动方程为)(t x x =，)(t y y =在计算质点的速度和加速度时： 第一种方法是，先求出22yx r +=，然后根据 td d r =v 及 22d d tr a =而求得结果；第二种方法是，先计算速度和加速度的分量，再合成求得结果，即 22)d d ()d d (ty t x +=v 和 222222)d d ()d d (ty tx a +=.你认为两种方法中哪种方法正确？参考解答：第二种方法是正确的。

山东理工大学大学物理上_---练习题册及答案(1——8)

山东理工大学大学物理上_---练习题册及答案(1——8)

第一章 力学的基本概念(一)第1单元序号 学号 姓名 专业、班级一 选择题[ A ]1. 一小球沿斜面向上运动，其运动方程为(SI)，则小球运动到最高点的时285t t s -+=刻是： (A) s 4=t ;(B) s 2=t ; (C) s 8=t ;(D) s 5=t 。

[ D ]2. 一运动质点在某瞬时位于矢径 r (x,y)的端点处，其速度大小为(A)dtdr (B) dt d r(C)dt d r (D)22)()(dt dy dt dx +[ D ]3. 某质点的运动方程x=3t-53t +6 (SI),则该质点作： （A ） 匀加速直线运动，加速度沿x 轴正方向； （B ） 匀加速直线运动，加速度沿x 轴负方向；（C ） 变加速直线运动，加速度沿x 轴正方向；（D ） 变加速直线运动，加速度沿x 轴负方向。

[ C ]4. 某物体的运动规律为dtdv =-k 2v t,式中k 为常数，当t=0时，初速度为0v ,则速度v 与时间的函数关系为：（A ） v=21 k 2t +0v ; （B ） v=-21k 2t +0v（C ） v 1=21k 2t +01v（D ） v1=-21k 2t +01v[ D ]5. 一质点从静止出发，沿半径为1m 的圆周运动，角位移θ=3+92t ,当切向加速度与合加速度的夹角为︒45时，角位移θ等于：(A) 9 rad, （B ）12 rad, (C)18 rad, (D) rad[ D ]6. 质点作曲线运动，r 表示位置矢量，s 表示路径，t a 表示切向加速度，下列表达式中： （1）dt dv =a; (2)dt dr =v; (3)dtds=v; (4)dt d v =t a ,则，（A ） 只有（1）、（4）是对的；（B ） 只有（2）、（4）是对的； （C ） 只有（2）是对的； （D ） 只有（3）是对的。

[ B ]7. 一质点在平面上运动，已知质点位置矢量的表示式为j i r 22bt at +=（其中a,b 为常量）则该质点作：(A) 匀速直线运动 (B) 变速直线运动 (C) 抛物线运动 (D) 一般曲线运动二 填空题1. 设质点在平面上的运动方程为r =Rcos t ωi +Rsin tωj ,R 、ω为常数，则质点运动的速度v =j t con R i t R ϖϖωωωω+-sin ，轨迹为 半径为R 的圆 。

《新编大学物理》(上、下册)习题答案

《新编大学物理》(上、下册)习题答案

第1章 质点运动学一、选择题 题1.1 答案：[B]提示：明确∆r 与r ∆的区别题1.2： 答案：[A]题1.3： 答案：[D]提示：A 与规定的正方向相反的加速运动， B 切向加速度， C 明确标、矢量的关系，加速度是d dtv题1.4： 答案：[C] 提示： 21r r r ∆=-，12,R R r j r i ==-，21v v v ∆=-，12,v v v i v j =-=-题1.5： 答案：[D]提示：t=0时，x=5； t=3时，x=2得位移为-3m ；仅从式x=t 2-4t+5=(t-2)2+1，抛物线的对称轴为2，质点有往返题1.6： 答案：[D]提示：a=2t=d dt v，2224t v tdt t ==-⎰，02tx x vdt -=⎰，即可得D 项题1.7：答案：[D]北v 风v 车1v 车2提示： 21=2v v 车车，理清=+v v v 绝相对牵的关系二、填空题 题1.8：答案： 匀速(直线)，匀速率题1.9：答案：2915t t -，0.6 提示： 2915dxv t t dt==-，t=0.6时，v=0题1.10：答案：（1）21192y x =-（2）24t -i j 4-j（3）411+i j 26-i j 3S提示： (1) 联立22192x t y t =⎧⎨=-⎩，消去t 得：21192y x =-，dx dydt dt =+v i j (2) t=1s 时，24t =-v i j ，4d dt==-va j (3) t=2s 时，代入22(192)x y t t =+=+-r i j i j 中得411+i j t=1s 到t=2s ，同样代入()t =r r 可求得26r∆=-i j ，r 和v 垂直，即0∙=r v ，得t=3s题1.11： 答案：212/m s 提示：2(2)2412(/)dv d x a v x m s dt dt=====题1.12： 答案：1/m s22π提示： 200t dvv v dt t dt =+=⎰，11/t vm s ==，201332tv dt t R θπ===⎰，222r R π∆==题1.13：答案：2015()2t v t gt -+-i j 提示： 先对20(/2)v tg t =-r j 求导得，0()y v gt =-v j 与5=v i 合成得05()v gt =-+-v i j 合 201=5()2t v t gt -+-∴⎰r v i j t合0合dt=题1.14： 答案：8, 264t提示：8dQ v R Rt dt τ==，88a R τ==，2264n dQ a R t dt ⎛⎫== ⎪⎝⎭三、计算题 题1.15：解：（1）3t dv a t dt == 003v tdv tdt =∴⎰⎰ 232v t ∴=又232ds v t dt == 20032stds t dt =∴⎰⎰ 312S t =∴（2）又S R θ= 316S t R θ==∴ （3）当a 与半径成45角时，n a a τ=2434n v a t R == 4334t t =∴ 34t S =∴题1.16：解：（1）dv a kv dt ==- 0v tdvkdt v =-∴⎰⎰， 0ln v kt v =-（*）当012v v =时，1ln 2kt =-，ln 2t k=∴ （2）由上式：0kt v v e-=0kt dxv e dt -=∴，000xtkt dx v e dt -=⎰⎰ 0(1)kt v x e k-=-∴第2章 质点动力学一、选择题 题2.1： 答案：[C]提示：A ．错误，如：圆周运动B ．错误，m =p v ，力与速度方向不一定相同 D ．后半句错误，如：匀速圆周运动题2.2： 答案：[B]提示：y 方向上做匀速运动：2y y S v t t == x 方向上做匀加速运动（初速度为0），Fa m=22tx v a d t t ==⎰，223tx x t S v dt ==⎰ 2223t t =+∴S i j题2.3： 答案：[B]提示：受力如图MgF杆'F 猫mg设猫给杆子的力为F ，由于相对于地面猫的高度不变'F mg = 'F F = 杆受力 1()F Mg F M m g =+=+1()F M m g a M M+==题2.4 ：答案：[D] 提示：Ba BTTa A Tmg22A BAB m g T m a T m a a a ⎧⎪-=⎪=⎨⎪⎪=⎩ 得45A a g = （2A B a a =，通过分析滑轮，由于A 向下走过S ，B 走过2S） 2A B a a =∴题2.5： 答案：[C]提示： 由题意，水平方向上动量守恒， 故 0(cos60)()1010m mv m v =+共 0=22v v 共题2.6： 答案：[C] 提示：RθθRh-R由图可知cos h RRθ-=分析条件得，只有在h 高度时，向心力与重力分量相等所以有22cos ()mv mg v g h R Rθ=⇒=- 由机械能守恒得（以地面为零势能面）2200112()22mv mv mgh v gh g h R =+⇒=+-题2.7： 答案：[B]提示： 运用动量守恒与能量转化题2.8： 答案：[D] 提示：θv 0v x v y由机械能守恒得20122mgh mv v gh =⇒= 0sin y v v θ=sin 2Gy Pmgv mg gh θ==∴题2.9： 答案： [C]题2.10： 答案： [B]提示： 受力如图fT Fx由功能关系可知，设位移为x （以原长时为原点）2()xF mg Fx mgx kxdx x kμμ--=⇒=⎰弹性势能 2212()2p F mg E kx kμ-==二、填空题题2.11: 答案：2mb提示： '2v x bt == '2a v b == 2F m a m b==∴题2.12：答案：2kg 4m/s 2 提示：4N 8Nxy 0由题意，22/x a m s = 4x F N =8y F N = 2Fm k ga== 24/y y F a m s m==题2.13： 答案：75，1110提示： 由题意，32()105F a t m ==+ 27/5v adt m s ⇒==⎰ 当t=2时，1110a =题2.14： 答案：180kg提示：由动量守恒，=m S -S m 人人人船相对S （）=180kg m ⇒船题2.15： 答案：11544+i j 提示：各方向动量守恒题2.16：答案： ()mv +i j ，0，-mgR提示：由冲量定义得 ==()()mv mv mv --=+I P P i j i j 末初- 由动能定律得 0k k E W E ∆=⇒∆=，所以=0W 合 =W m g R -外题2.17： 答案：-12提示：3112w Fdx J -==⎰题2.18：答案： mgh ，212kx ，MmG r - h=0，x=0，r =∞ 相对值题2.19： 答案：02mg k ，2mg ，0mg k题2.20： 答案： +=0A∑∑外力非保守力三、计算题 题2.21：解：（1）=m F xg L 重 ()mf L xg L μ=- （2）1()(1)ga F f x g m Lμμ=-=+-重（3）dv a v dx =，03(1)v LL g vdv x g dx L μμ⎡⎤=+-⎢⎥⎣⎦⎰⎰，2(2)3v Lg μ=-题2.22： 解：（1）以摆车为系统，水平方向不受力，动量守恒。

物理学课后练习1-8标准答案

物理学课后练习1-8标准答案

物理学课后练习1-8标准答案1. 答案：根据牛顿第一定律，物体将保持其静止或匀速直线运动的状态，除非有外力作用于它。

因此，物体在没有外力作用的情况下，会保持原来的运动状态。

2. 答案：重力是地球对物体施加的吸引力。

根据牛顿第二定律，物体受到的重力大小等于其质量乘以重力加速度。

重力加速度在地球上约为9.8m/s^2。

3. 答案：动能是物体由于其运动而具有的能量。

动能的大小等于物体的质量乘以速度的平方再除以2。

公式为：KE = 1/2 * m *v^2。

4. 答案：弹性势能是指物体由于被压缩或拉伸而储存的能量。

弹性势能的大小与物体的弹性系数和物体的形变程度有关。

公式为：PE = 1/2 * k * x^2，其中k为弹性系数，x为形变程度。

5. 答案：冲量是力对物体的作用时间的乘积。

冲量等于力在作用时间上的积分，可以表示为冲量等于质量乘以速度变化量。

公式为：I = F * Δt = m * Δv。

6. 答案：功是力对物体的作用所做的功或能量变化。

当力沿物体的运动方向时，功的大小等于力与移动距离的乘积。

公式为：W = F * d * cosθ，其中F为力，d为移动距离，θ为力和物体运动方向的夹角。

7. 答案：机械波是通过介质传播的波动。

机械波的传播需要介质的存在，介质中的粒子通过振动传递能量。

典型的机械波包括声波和水波。

8. 答案：电磁波是由电场和磁场交替产生的波动现象。

电磁波可以在真空中传播，不需要介质的存在。

典型的电磁波包括无线电波、微波、可见光、紫外线、X射线和γ射线。

以上为物理学课后练习1-8的标准答案。

希望对你有帮助！。