2019年高考物理原创押题预测卷 02(新课标Ⅱ卷)(全解全析)
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理科综合物理 第 1 页（共 7 页）
GM
r
GM
r3
2 2
2019 年高考原创押题预测卷 02【新课标Ⅱ卷】理科综合物理·全解全析
14. C【解析】伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，故 A 正确；卡文迪许在利用扭秤实验装置测量引力常量时，应用了放大法，故B 正确；由a F ，知 a 与 F 成正比，与 m 成反比， m
可知该公式不属于比值定义法，故C 不正确；合力与分力、总电阻用的是“等效替代”的方法，故D 正确。本题选不正确的故选C。
15. A【解析】根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X 粒子的质量数为 4，电荷数为 2，为4 He ，选项A 正
确；温度不能改变放射性元素的半衰期，选项B 错误；经过 2T，一定质量的 8 Be 占开始时的 1 ，选项
4 4
C 错误；“核燃烧”的核反应是轻核聚变反应，选项D 错误；故选A。
16. A【解析】由力的平衡知识可知，三根树叉对鸟窝的合力大小等于 mg，选项 A 正确；鸟窝所受重力作用在鸟窝上，而鸟窝对树叉的力是作用在树杈上，两力不是一对平衡力，选项 B 错误；鸟窝与树叉之间也可能存在摩擦力的作用，选项C 错误；树叉对鸟窝的弹力方向垂直于树枝方向，不一定指向鸟窝的重心，选项D 错误；故选 A。
17. B【解析】由题意可知，月球绕地球一周过程中，其正面始终正对地球，据此可知，月球公转一周的时间内恰好自转一周，所以形成人们始终看不到月球背面的原因是月球绕地球的公转周期与其自转周期
相同，故A 错误，B 正确；根据万有引力提供向心力得线速度为： v ，地球的第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大环绕速度，所以月球绕地球公转的线速度小于地球的第一宇宙速度，故 C 错误；根据万有引力提供向心力得角速度为： ，月球绕地球公转的半径大于地球同步卫星绕地
球运动的半径，所以月球绕地球公转的角速度小于地球同步卫星绕地球运动的角速度，故D 错误。
18. C【解析】从 Φ–t 图线可以看出，Φ =1.0×10 –2 Wb，T=3.14×10 –2 s， 2π ，感应电动势的最大值 E
max T
max=nωΦ
max=100× 2π
3.14 102
×1×10 –2=200 V，故 A 正确；t=3.14×10 –2 s 时，磁通量 Φ 的变化率最大，
Δ最大值为 Emax 200 Wb/s=2 Wb/s ，选项 B 正确；电路中电流最大值 Emax 2 200 ，
Δt n 100 I A A R r 100 2
则串联在外电路中的交流电流表的读数为 2 A，故C 错误，D 正确，故选C。 14 15 16 17 18 19 20 21
C A A B C AC AD BCD
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19. AC【解析】根据v t 图象的斜率表示加速度，知 2~4 s 内物体的加速度为： a2 12 8 m/s2 2 m/s2 ，
2
由牛顿第二定律有： mgsin mgcos ma2 ，解得： 0.5 ，故A 正确；0~2 s 内物体的加速度为：
a 8 m/s2 4 m/s2 ，由牛顿第二定律有： mgsin Fcos mgcos Fsin ma ，解得：F=4 N，
1 2 1
故 B 错误，C 正确；物体在 0~4 s 内的位移为： x （8 2 8 12 2）m=28 m ，故 D 错误。故选：AC。 2 2
v 2
20. AD【解析】根据 Bqv0=m 0 ，可知粒子在磁场中运动的半径 r=2L；假设粒子能经过 C 点，则此时粒 r
3 L
子速度方向与 CO 的夹角为 α，则由几何关系可知sin 2 2L 3 1 ，则 α<300，可知粒子能经 C
4 2
点，此种情况下粒子在磁场中运动的弦长最长，时间最长，故选项A 正确，B 错误；以 θ>30°飞入的粒子在磁场中运动时的弧长不同，则运动的时间不相等，选项 C 错误；若当 θ=90°入射时，假设此时粒子运动的半径等于 OC= 3 L，则粒子打到 AC 边上距离 C 点 3 L 的位置，而粒子运动的半径大于 3 L， 则粒子打到 AC 边上的位置距离 C 点的距离一定大于 3 L，选项D 正确；故选 AD。
21. BCD【解析】由题分析可知，小球在 A、B 两点时弹簧的形变量大小相等，弹簧的弹性势能相等，小球
从 A 到 B 的过程，根据系统的机械能守恒得： 1 2，解得小球运动到 B 点时的速度大小为：v
2mgR= 2 mvB
B=2 gR ，故A 错误。根据小球与弹簧组成的系统机械能守恒知，弹簧长度等于 R 时，小弹簧的弹性
势能为零，最小，则小球的机械能最大，故 B 正确；设小球在 A、B 两点时弹簧的弹力大小为 F，在 A
v2
点，圆环对小球的支持力 F1=mg+F；在 B 点，由圆环，由牛顿第二定律得：F2–mg–F=m B ，解得圆 R
环对小球的支持力为：F2=5mg+F，则 F2–F1=4mg，由牛顿第三定律知，小球在 A、B 两点时对圆环的压力差为 4mg，故 C 正确。小球运动到 B 点时重力与速度方向垂直，则重力的功率为 0，故D 正确。故选BCD。
22．（6 分）
（1）2.4（1 分 ） （2）0.58（1 分） 0.60（1 分） 在误差允许的范围内机械能守恒（1 分） （3）
9.7（2 分）
【解析】（1）由于每相邻两个计数点间还有 4 个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔 T=0.1 s，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点 5 的瞬时速度：
0.2160 0.2640 m/s=2.4 m/s 。
2 0.1
（2） 在 0~5 过程中系统动能的增加量 ΔE = 1 （m +m ） 2 1 2 。系统重力势能的减
k 2 1 2 v5 = 2 ×0.2×2.4 J=0.58 J v5 理科综合物理 第 3 页（共 7 页）
少量为（m2–m1）gx=0.1×10× （0.384+0.216）J=0.60 J。由此得出的结论是在误差允许的范围内机械能守恒；
（3） 根据系统机械能守恒得，（m −m ）gh=
1
（m +m ）v2，解得 1 v2= m2 m1 gh，则图线的斜率 k=
2 1 2 1 2 2 m m 1 2 m2 m1 g= 5.82 ，解得 g=9.7 m/s2。
m1 m2 1.20
23．（9 分）
（1）不会（1 分） （2）2 000（1 分） （3）电路图见解析（3 分） （4）2 276（2 分） 没达标（2 分）
【解析】（1）测量电阻时，多用电表内部电源被接通，电流从多用电表内部流出，因为电阻不分正负极，所以电流流向电阻哪一端无所谓，红、黑表笔分别插在负、正插孔不会影响测量结果；
（2） 电阻读数时指针最好在中值电阻附近，故依据左图读数，指针示数乘以倍率，得出水样的电阻约为：2000 Ω；
（3） 因为要精确测量电阻值，需要电路中电压有较大的变化范围，而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻，所以连线时滑动变阻器要用分压接法；又因为电流表内阻已知，则采用电流表内接法，电路连接如图所示。
（4） 利用 R=U/I 计算出每次的电阻 R，再求平均值，总电阻为 2 776 Ω，又 R=R 总–RA=2 280 Ω，根
据电阻定律：R=ρ L ，代入数据得 ρ=114 Ω•m<200Ω•m，故所测水样没达到排放标准。
S
24．（12 分）
（1）5 N （2）vA'=2 m/s vB'=8 m/s
【解析】（1）据分析物块 A 与木板恰好发生相对滑动时物块 B 和木板之间的摩擦力没有达到最大静摩擦力（1 分）
设物块 A 与木板恰好发生相对滑动时，拉力为 F0，整体的加速度大小为 a，则：
对整体：F0=（2m+M）a（1 分）
对木板和 B：μmg=（m+M）a（1 分） 理科综合物理 第 4 页（共 7 页）
1 2gR 2 解得：F0=5 N（1 分）
即为使物块与木板发生相对滑动，恒定拉力至少为 5 N（1 分）
（2）物块的加速度大小为： aA F mg 4 m∕s2 （1 分）
m
木板和 B 的加速度大小为： aB mg =1 m/s2（1 分）
M +m
设物块滑到木板右端所需时间为 t，则：xA–xB=L（1 分）
即 1 a t2 1 a t 2 L
2 A 2 B
解得：t=2 s（1 分）
vA=aAt=8 m/s
vB=aBt=2 m/s
A、B 发生弹性碰撞则动量守恒：mvA+mvB=mvA'+mvB'（1 分）
1 2 1 2 1
2 1 2
机械能守恒： 2 mvA + 2 mvB = 2 mvA' + 2 mvB' （1 分）
解得：vA'=2 m/s vB'=8 m/s（1 分）
25．（20 分）
（1） 1 2gR （2） 1 mgh （3） m 2gh （4） mR 2gh
2 2 2BL B2 L2
【解析】（1）a 从 h 高处由静止滑到水平导轨处，由动能定理得： mgh 1 mv2 （1 分）
2 0
解得： v0 2gh （1 分）
a 进入磁场后，a 棒减速，b 棒加速，最终速度相等，a、b 系统水平方向合外力为零，设水平向右为正方向，由动量守恒得到： mv0 2mv （1 分）
解得最终速度为： v （2 分）
（2）整个过程，系统重力势能转化为动能和电能，电能全部转化为焦耳热由能量守恒得到： mgh 1 2mv2 Q （2 分） 2
解得： Q 1 mgh （3 分）
2
（3）a 进入磁场运动至稳定速度，水平方向只受安培力，通过回路电荷量为： q I t
动量定理： F安t BILt BLq mv mv0 （2 分）
解得： q m 2gh （3 分）
2BL
