2014-2015学年北京市重点中学高一(下)期初数学试卷 Word版含解析
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2014-2015学年北京市重点中学高一(下)期初数学试卷
一、选择题:本大题共8小题,每小5题分,共40分.
1.函数y=的定义域是()
A.,求a的值;
(Ⅱ)若f(x)在区间(﹣∞,2]上是减函数,且对任意的x1,x2∈,总有|f(x1)﹣f(x2)|≤4,求a的取值范围.
2014-2015学年北京市重点中学高一(下)期初数学试卷参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共8小题,每小5题分,共40分.
1.函数y=的定义域是()
A.∪.
考点:分段函数的应用;函数的零点.
专题:计算题.
分析:先根据分段函数的画法画出函数f(x)的图象,F(x)=f(x)﹣1的零点可看成y=f (x)与y=1的交点个数,结合图象进行求解,F(x)≤1即f(x)≤2,结合图象进行求解即可.解答:解:画出f(x)的图象
F(x)=f(x)﹣1的零点可看成y=f(x)与y=1的交点个数,结合图象可知有3个交点
故函数F(x)=f(x)﹣1的零点的个数为3
F(x)≤1即f(x)≤2
结合图象可知x∈∪
故答案为:3,x∈∪
点评:本题主要考查了分段函数的图象,以及函数的零点和不等式的求解等有关基础知识,属于中档题.
三、解答题:本大题共3个小题,共35分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.14.(11分)(2015春•北京校级月考)已知奇函数f(x)=的定义域为R,其中g
(x)为指数函数且过点(2,9).
(Ⅰ)求函数y=f(x)的解析式;
(Ⅱ)判断函数f(x)的单调性,并用函数单调性定义证明.
考点:指数函数综合题.
专题:函数的性质及应用.
分析:(Ⅰ)设g(x)=a x,由g(x)的图象过点(2,9),求得a=3,可得g(x)的解析式.再根据f(0)=0,求得m的值,可得f(x)的解析式.
(Ⅱ)根据f(x)=﹣1,设x1<x2,则0<<,根据f(x1)﹣f(x2)
=>0,从而根据函数的单调性的定义得出结论.
解答:解:(Ⅰ)设g(x)=a x,由g(x)的图象过点(2,9),可得a2=9,∴a=3,g(x)=3x.
故函数f(x)==.
再根据f(x)为奇函数,可得f(0)===0,∴m=g(0)=1,即f(x)=.
(Ⅱ)∵f(x)===﹣1,.
设x1<x2,则0<<,
由于f(x1)﹣f(x2)=﹣=,结合0<<,可
得2(﹣)>0,
∴f(x1)﹣f(x2)>0,即f(x1)>f(x2),故f(x)在R上单调递减.
点评:本题主要考查指数函数的综合应用,函数的奇偶性的性质,利用函数的单调性的定义证明函数的单调性,属于中档题.
15.(12分)(2009秋•温州校级期中)已知函数f(x)=﹣1+log a(x+2)(a>0,且a≠1),g (x)=.
(1)函数y=f(x)的图象恒过定点A,求A点坐标;
(2)若函数F(x)=f(x)﹣g(x)的图象过点(2,),证明:方程F(x)=0在x∈(1,2)上有唯一解.
考点:函数的零点与方程根的关系;对数函数的单调性与特殊点;函数与方程的综合运用.专题:计算题.
分析:(1)由log a1=0可得y=f(x)的图象恒过定点A的坐标;
(2)将点(2,)代入F(x)的解析式,求出a,利用根的存在性定理和函数的单调性证明
即可.
解答:解:(1)由log a1=0可得f(﹣1)=﹣1+log a1=﹣1,故A(﹣1,﹣1)
(2)∵
∴a=2
∴
∵分别为(﹣2,+∞)上的增函数和减函数
∴F(x)为(﹣2,+∞)上的增函数
∴F(x)在(﹣2,+∞)上至多有一个零点
又(1,2)⊂(﹣2,+∞)
∴F(x)在(1,2)上至多有一个零点
而
∴F(x)=0在(1,2)上有唯一解
点评:本题考查对数函数的性质、函数图象的交点问题、根的存在性定理等知识.
16.(12分)(2011•武进区校级模拟)已知f(x)=x2﹣2ax+5(a>1)
(Ⅰ)若f(x)的定义域和值域均为,求a的值;
(Ⅱ)若f(x)在区间(﹣∞,2]上是减函数,且对任意的x1,x2∈,总有|f(x1)﹣f(x2)|≤4,求a的取值范围.
考点:函数的值域;函数单调性的性质.
专题:计算题;证明题.
分析:(I)由f(x)的对称轴是x=a知函数在递减,列出方程组即可求得a值;
(II)先由f(x)在区间(﹣∞,2]上是减函数得a≥2,当f(x1)、f(x2)分别是函数f(x)的最小值与最大值时不等式恒成立.从而函数在区间上的最小值是f(a)=5﹣a2得出函数的最大值是f(1)最后结合|f(x1)﹣f(x2)|≤4知(6﹣2a)﹣(5﹣a2)≤4,解得a的取值范围即可.
解答:解:f(x)=(x﹣a)2+5﹣a2
(I).由f(x)的对称轴是x=a知函数在递减,
故,解可得a=2
(II)由f(x)在区间(﹣∞,2]上是减函数得a≥2,
当f(x1)、f(x2)分别是函数f(x)的最小值与最大值时不等式恒成立.
故函数在区间上的最小值是f(a)=5﹣a2,
又因为a﹣1≥(a+1)﹣a,所以函数的最大值是f(1)=6﹣2a,
由|f(x1)﹣f(x2)|≤4知(6﹣2a)﹣(5﹣a2)≤4,解得2≤a≤3.
点评:此题主要考查绝对值不等式的应用问题.涉及到绝对值不等式的应用.对于此类型的题目需要对题目概念做认真分析再做题.属于中档题目.。