部编版2020高考物理一轮选习练题(9)(含解析)新人教版

【2019-2020】高考物理一轮选练编题（1）（含解析）新人教版(1)2019高考一轮选练编题（1）李仕才一、选择题1、如图(甲)所示,一质量为m的物块在t=0时刻,以初速度v0从足够长、倾角为θ的粗糙斜面底端向上滑行,物块速度随时间变化的图像如图(乙)所示.t0时刻物块到达最高点,3t0时刻物块又返回底端.下列说法正确的是( BC )A.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量为3mgt0·cos θB.物块从t=0时刻开始运动到返回底端的过程中动量的变化量为-mv0C.斜面倾角θ的正弦值为D.不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功解析:物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量I G=3mgt0,选项A错误;上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动,下滑过程中做初速度为零、末速度为v的匀加速直线运动,上滑和下滑的位移大小相等,所以有t0=·2t0,解得v=,物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为Δp=-mv-mv0=-mv0,选项B正确;上滑过程中有-(mgsin θ+μmgcosθ)·t0=0-mv0,下滑过程中有(mgsin θ-μmgcos θ)2t0=,解得sin θ=,选项C正确;根据图像可求出物块上升的最大位移,由动能定理求出整个过程中摩擦力所做的功,选项D错误.2、我国的北斗卫星导航系统计划由若干静止轨道卫星、中地球轨道卫星组成，其中静止轨道卫星均定位在距离地面约为3.6×104km的地球同步轨道上，中地球轨道卫星距离地面的高度约为2.16×104 km，已知地球半径约为6.4×103 km.则中地球轨道卫星运动的( )A．线速度大于第一宇宙速度B．线速度小于静止轨道卫星的线速度C ．加速度约是静止轨道卫星的2.3倍D ．加速度约是静止轨道卫星的2.8倍解析：选C.根据G Mm r 2＝m v 2r 得，v ＝GM r，因为中地球轨道卫星的轨道半径大于第一宇宙速度的轨道半径，则中地球轨道卫星的线速度小于第一宇宙速度；中地球轨道卫星的轨道半径小于静止轨道卫星的轨道半径，则线速度大于静止轨道卫星的线速度，故A 、B 错误．根据G Mm r 2＝ma 得，加速度a ＝GM r2，中地球轨道卫星的轨道半径大约是静止轨道卫星轨道半径的0.66倍，则加速度约为静止轨道卫星的2.3倍，故C 正确，D 错误．故选C.3、2018枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“”是导出单位【答案】B4、质量为m 、电荷量为q 的微粒，以速度v 与水平方向成θ角从O 点进入方向如图所示的正交的匀强电场(场强大小为E)和匀强磁场(磁感应强度大小为B)组成的混合场区，该微粒在电场力、洛伦兹力和重力的作用下，恰好沿直线运动到A ，重力加速度为g ，下列说法中正确的是( )A ．该微粒一定带正电B ．微粒从O 到A 的运动可能是匀变速运动C．该磁场的磁感应强度大小为mg qvcos θD．该电场的场强为Bvcos θ解析：选C.若微粒带正电，电场力水平向左，洛伦兹力垂直OA斜向右下方，则电场力、重力、洛伦兹力不能平衡．若微粒带负电，符合题意，A错误；微粒如果做匀变速运动，重力和电场力不变，而洛伦兹力变化，微粒不能沿直线运动，与题意不符，B错误；由平衡条件得：qvBcos θ＝mg，qvBsin θ＝qE，知C正确，D错误．5、扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌.为了有效隔离外界振动对STM的扰动,在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板,并施加磁场来快速衰减其微小振动,如图所示.无扰动时,按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场;出现扰动后,对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是( A )解析:紫铜薄板上下振动时,方案B,C,D中穿过薄板的磁通量不发生变化,没有感应电流产生;方案A中,无论是上下还是左右振动,薄板中的磁通量都会发生变化,产生的感应电流会阻碍紫铜薄板上下及其左右振动,达到衰减的效果,选项A正确.6、质量为0.8 kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6 N，g取10 m/s2，则以下说法正确的是( )A．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6 NB．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8 NC．若升降机是加速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 ND．若升降机是减速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N解析：选C.A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：F2绳子＋2＝62＋2 N＝10 N，故AB错误；C、若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：F y－mg＝ma，解得：F y＝12 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝6 5 N，故C正确；D、若升降机减速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：mg－F y＝ma，解得：F y＝4 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝213 N，故D错误；故选C.7、（2018××市第二中学期中）如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，之间用一轻弹簧连接．A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态。

2019年高考物理（人教版）一轮选练习题（9）李仕才1、如图2所示，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，下列说法正确的是( )图2A．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向B．人从A到B的平均速度方向由A指向BC．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人所经过的位移大小为圆周长的一半【答案】B【解析】人从A到B的位移方向由A指向B，故平均速度方向由A指向B，故选项A错误，B 正确；瞬时速度沿轨迹的切线方向，故人在B点的瞬时速度方向沿B点的切线方向，故选项C错误；人经过的位移大小为A、B间的直线长度，故为直径长度，选项D错误．2、一物体以初速度v0做匀减速直线运动，第1 s内通过的位移为x1＝3 m，第2 s内通过的位移为x2＝2 m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法错误的是( )A.初速度v0的大小为2.5 m/sB.加速度a的大小为1 m/s2C.位移x3的大小为1.125 mD.位移x3内的平均速度大小为0.75 m/s【答案】A3、(多选)如图7所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁.开始时a、b均静止.弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a 所受的摩擦力F f a≠0，b所受的摩擦力F f b＝0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )图7A.F f a 大小不变B.F f a 方向改变C.F f b 仍然为零D.F f b 方向向右 【答案】AD【解析】剪断右侧细绳瞬间，b 木块仍受弹簧向左的拉力，故此时F f b 不等于零，其方向水平向右，与弹簧拉力方向相反.a 木块在剪断细绳瞬间与剪断前受力情况没有发生变化，故F f a 的大小、方向均没有变化.选项A 、D 正确.4、(多选)已知力F ，且它的一个分力F 1跟F 成30°角，大小未知，另一个分力F 2的大小为33F ，方向未知，则F 1的大小可能是( )A.33FB.23FC.33FD.F 【答案】AC5、减速带是交叉路口常见的一种交通设施，车辆驶过减速带时要减速，以保障行人的安全.当汽车前轮刚爬上减速带时，减速带对车轮的弹力为F ，下图中弹力F 画法正确且分解合理的是( )【答案】B【解析】减速带对车轮的弹力方向垂直车轮和减速带的接触面，指向受力物体，故A 、C 错误；按照力的作用效果分解，将F 可以分解为水平方向和竖直方向，水平方向的分力产生的效果减慢汽车的速度，竖直方向的分力产生向上运动的作用效果，故B 正确，D 错误.6、(2018·安徽巢湖模拟)在某次交通事故中一辆载有30吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的电动车而紧急制动，结果车厢上的钢材向前冲出，压扁驾驶室.关于这起事故原因的物理分析正确的是( )A.由于车厢上的钢材有惯性，在汽车制动时，继续向前运动，压扁驾驶室B.由于汽车紧急制动，使其惯性减小，而钢材惯性较大，所以继续向前运动C.由于车厢上的钢材所受阻力太小，不足以克服其惯性，所以继续向前运动D.由于汽车制动前的速度太大，汽车的惯性比钢材的惯性大，在汽车制动后，钢材继续向前运动【答案】A7、如图10甲所示，在倾角为30°的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示规律变化(图中纵坐标是F与mg的比值，力沿斜面向上为正).则物体运动的速度v随时间t变化的规律是(物体初速度为零，重力加速度取10 m/s2)( )图10【答案】C8、(多选)一质点做直线运动的v－t图象如图6所示，下列选项正确的是( )图6A.在2～4 s内，质点所受合外力为零B.质点在0～2 s内的加速度比4～6 s内的加速度大C.在第4 s末，质点离出发点最远D.在0～6 s内，质点的平均速度为5 m/s【答案】AD9、四辆小车从同一地点向同一方向运动的情况分别如图7所示，下列说法正确的是( )图7A ．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B ．这四辆车均从静止开始运动C ．在0～t 2时间内，丙、丁两车在t 2时刻相距最远D ．在0～t 2时间内，丙、丁两车间的距离先增大后减小【答案】C【解析】x －t 图象中，位移方向用正负表示，图中甲、乙两个物体的位移一直为正，且不断增加，故甲与乙都是单向的直线运动，故A 错误；x －t 图象的斜率表示速度，v －t 图象的斜率表示加速度，故乙车做减速直线运动，甲车做匀速直线运动，则甲、乙不是从静止开始运动，故B 错误；由v －t 图象中图线与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t 2时刻面积差最大，所以相距最远，故C 正确；在0～t 2时间内，丁的速度大于丙的速度，两车间的距离一直增大，故D 错误．10、如图7所示，一儿童玩具静止在水平地面上，一名幼儿用沿与水平面成30°角的恒力拉着它沿水平地面运动，已知拉力F ＝6.5 N ，玩具的质量m ＝1 kg ，经过时间t ＝2.0 s ，玩具移动了距离x ＝2 m ，这时幼儿将手松开，玩具又滑行了一段距离后停下.(g 取10 m/s 2)求：图7(1)玩具与地面间的动摩擦因数.(2)松开后玩具还能滑行多远？(3)当力F 与水平方向夹角θ为多少时拉力F 最小？【答案】(1)33 (2)53m (3)30°【解析】(1)玩具做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式可得x ＝21at 2，解得a ＝ m/s 2，对玩具，由牛顿第二定律得F cos 30°－μ(mg －F sin 30°)＝ma解得μ＝33.(3)设拉力与水平方向的夹角为θ，玩具要在水平面上运动，则F cos θ－F f >0F f ＝μF N在竖直方向上，由平衡条件得F N ＋F sin θ＝mg解得F >cos θ＋μsin θμmg因为cos θ＋μsin θ＝sin(60°＋θ) 所以当θ＝30°时，拉力最小.11、(2018·甘肃天水质检)如图2所示，木杆长5 m ，上端固定在某一点，由静止放开后让它自由落下(不计空气阻力)，木杆通过悬点正下方20 m 处圆筒AB ，圆筒AB 长为5 m ，取g ＝10 m/s 2，求：图2(1)木杆经过圆筒的上端A 所用的时间t 1是多少？ (2)木杆通过圆筒AB 所用的时间t 2是多少？ 【答案】(1)(2－3) s (2)(5－3) s【解析】(1)木杆由静止开始做自由落体运动，木杆的下端到达圆筒上端A 用时t 下A ＝2h 下Ag＝2×1510s ＝ 3 s 木杆的上端到达圆筒上端A 用时t 上A ＝2h 上Ag＝2×2010s ＝2 s 则木杆通过圆筒上端A 所用的时间t 1＝t 上A －t 下A ＝(2－3) s(2)木杆的上端到达圆筒下端B 用时t 上B ＝2h 上Bg＝2×2510s ＝ 5 s 则木杆通过圆筒所用的时间t 2＝t 上B －t 下A ＝(5－3) s12、(2018·四川德阳模拟)如图11甲所示，长木板B 固定在光滑水平面上，可看做质点的物体A 静止叠放在B 的最左端.现用F ＝6 N 的水平力向右拉物体A ，经过5 s 物体A 运动到B 的最右端，其v －t 图象如图乙所示.已知A 、B 的质量分别为1 kg 、4 kg ，A 、B 间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取10 m/s 2.(1)求物体A 、B 间的动摩擦因数；(2)若B 不固定，求A 运动到B 的最右端所用的时间. 【答案】(1)0.4 (2)5 s【解析】(1)根据v －t 图象可知物体A 的加速度为a A ＝Δt Δv ＝510m/s 2＝2 m/s 2以A 为研究对象，根据牛顿第二定律可得F －μm A g ＝m A a A 解得μ＝mAgF －mAaA＝0.4。

【2019-2020】高考物理一轮选练编题（1）（含解析）新人教版版物理2019年高考一轮选练编题（1）李仕才一、选择题1、如图,在水平面上A,B,C三点固定着三个电荷量为3Q的正点电荷,将另一质量为m的带正电的小球(可视为点电荷)放置在O点,OABC恰构成一棱长为L的正四面体.已知静电力常量为k,重力加速度为g.为使小球能静止在O点,则关于小球所受电场力的合力方向和所带的电荷量,下列说法中正确的是( AD )A.所受电场力的合力方向竖直向上B.所受电场力的合力方向竖直向下C.电荷量为D.电荷量为解析: 对小球受力分析可知,重力与库仑力平衡,所以小球受到三个库仑力的合力的方向与重力方向相反,选项A正确,B错误;将A,B,C处正点电荷施加的库仑力正交分解到水平方向和竖直方向,设α是A,B,C处正点电荷施加的库仑力方向与竖直方向的夹角,根据平衡条件在竖直方向上得3Fcos α=mg,又由库仑定律得F=,再由图可知,∠CAO′=30°,则AO′=,OO′=L,所以得cos α=,联立以上各式解得q=,选项C错误,D 正确.2、如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在a 球上的力大小为F 1、作用在b 球上的力大小为F 2，则此装置平衡时，出现了如图右所示的状态，b 球刚好位于O 点的正下方．则F 1与F 2的大小关系应为( )A ．F 1＝4F 2B ．F 1＝3F 2C ．3F 1＝4F 2D ．3F 1＝7F 2解析：选D.设Oa 绳、ab 绳和竖直方向的夹角为α.以两个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件可知，F 1－F 2＝T Oa sin α；T Oa cos α＝4mg ；对小球b ；T ab cos α＝3mg ；F 2＝T ab sin α由此可得：T Oa T ab ＝43；F 1－F 2F 2＝T Oa T ab，解得3F 1＝7F 2；故选D. 3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为x ，动能变为原来的4倍。

人教物理2019高考一轮选练编题（9）李仕才一、选择题1、两个质量相等的物块通过轻绳绕过两个光滑滑轮处于如图所示的静止状态,AB与水平方向成45°角,过A的水平线与过B的竖直线交于C点,现给AB的中点O施加一外力F,使O点缓慢地向C点做直线运动,则运动过程中下列说法正确的是( AC )A.F的方向总是指向CB.F的方向在不断地变化C.F在不断地增大D.F先增大后减小解析:点O受两侧绳子的拉力和拉力F而平衡,两个物体重力相等,故两侧绳子的拉力等大;直线OC是线段AB的垂直平分线,两侧绳子的拉力等大,合力在角平分线上,即从C点指向O 点,根据平衡条件,拉力F的方向总是指向C,选项A正确,B错误;两侧绳子的拉力等大,夹角减小,由平行四边形定则可知合力变大,根据平衡条件,拉力F与两侧绳子的拉力的合力是大小相等,方向相反的,所以拉力F也变大,故选项C正确,D错误.2、如图所示，在竖直墙壁的A点处有一根水平轻杆a，杆的左端有一个轻滑轮O.一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重为G的物体，开始时BO段细线与天花板的夹角为θ＝30°.系统保持静止，当轻杆a缓慢向下移动的过程中，不计一切摩擦．下列说法中正确的是( )A．细线BO对天花板的拉力不变B．a杆对滑轮的作用力逐渐减小C．a杆对滑轮的作用力的方向沿杆水平向右D．墙壁对a杆的作用力不变解析：选B.细线BO对天花板的拉力大小等于物体重力，当轻杆a缓慢向下移动的过程中，细线拉力大小不变，方向改变，选项A错误；以滑轮为研究对象，画出受力分析图，当轻杆a缓慢向下移动的过程中，a杆对滑轮的作用力与绳对滑轮的作用力大小相等，方向相反，故选项B正确、C错误；以杆为研究对象，分析受力可得，墙壁对a杆的作用力方向改变，大小减小，选项D错误．3、（2018浙江省温州市高三上学期期中）随着时代的发展和科技的进步，手机给我们日常的生活带来了很大的便利，尤其是智能手机上装载的众多app软件改变着我们的生活。

2020届（人教版）高考物理一轮选择题过关选练含答案1、如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板为参照物()A．帆船朝正东方向航行，速度大小为vB．帆船朝正西方向航行，速度大小为vC．帆船朝南偏东45°方向航行，速度大小为2vD．帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为2v解析：选D.以帆板为参照物，帆船具有朝正东方向的速度v和朝正北方向的速度v，两速度的合速度大小为2v，方向朝北偏东45°，故选项D正确．2、伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是()A．如果斜面绝对光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小解析：选A.根据题意，铺垫材料粗糙程度降低时，小球上升的最高位置升高，当斜面绝对光滑时，小球在斜面上没有能量损失，因此可以上升到与O点等高的位置，而B、C、D三个选项，从题目不能直接得出，故选项A正确．3、如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m 的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原长状态．现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L ，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L (未超过弹性限度)，则在圆环下滑到最大距离的过程中()A ．圆环的机械能守恒B ．弹簧弹性势能变化了3mgLC ．圆环下滑到最大距离时，所受合力为零D ．圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变解析：选 B.圆环沿杆下滑的过程中，圆环与弹簧组成的系统动能、弹性势能、重力势能之和守恒，选项A 、D 错误；弹簧长度为2L 时，圆环下落的高度h ＝3L ，根据机械能守恒定律，弹簧的弹性势能增加了ΔE p ＝mgh ＝3mgL ，选项B 正确；圆环释放后，圆环向下先做加速运动，后做减速运动，当速度最大时，合力为零，下滑到最大距离时，具有向上的加速度，合力不为零，选项C 错误． 4、阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池E (内阻可忽略)连接成如图所示电路．开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1；闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2.Q 1与Q 2的比值为()A.25B ．12 C.35 D ．23解析：选C.电路中四个电阻阻值相等，开关S 断开时，外电路的连接等效为图1，由于不计电池的内阻，设每个定值电阻的阻值为R ，根据串、并联电路的特点可知，电容器两端的电压为U 1＝12×23R23R ＋R E ＝15E ；当开关S 闭合后，外电路的连接等效为图2，则电容器两端的电压为U2＝12R12R＋RE＝13E，由Q＝CU可知，Q1Q2＝U1 U2＝35，C项正确．5、在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是()A．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B．在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化解析：选D．产生感应电流必须满足的条件：①电路闭合；②穿过闭合电路的磁通量要发生变化．选项A、B电路闭合，但磁通量不变，不能产生感应电流，故选项A、B不能观察到电流表的变化；选项C满足产生感应电流的条件，也能产生感应电流，但是等我们从一个房间到另一个房间后，电流表中已没有电流，故选项C也不能观察到电流表的变化；选项D满足产生感应电流的条件，能产生感应电流，可以观察到电流表的变化，所以选D．6、某同学做了如下实验：先把空烧瓶放入冰箱冷冻，取出后迅速用一个气球紧套在烧瓶颈上，再将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球迅速胀大起来，如图所示．与烧瓶放进热水前相比，放进热水后密闭气体的()A．内能减小B．分子平均动能增大C．分子对烧瓶底的平均作用力增大D．体积是所有气体分子的体积之和解析：选BC．将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，烧瓶里的气体温度升高，内能增大，故A 错误；温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子平均动能增大，故B正确；温度升高，体积膨胀，压强增大，故分子对烧瓶底的作用力增大，C正确；因气体分子可自由移动，气体的体积指的是气体分子可能达到的空间，不是所有气体分子的体积之和，故D错误．7、一个质量为0．18 kg的垒球，以25 m/s的水平速度向左飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45 m/s，则这一过程中动量的变化量为()A．大小为3．6 kg·m/s，方向向左B．大小为3．6 kg·m/s，方向向右C．大小为12．6 kg·m/s，方向向左D．大小为12．6 kg·m/s，方向向右解析：选D．选向左为正方向，则动量的变化量Δp＝m v1－m v0＝－12．6 kg·m/s，大小为12．6 kg·m/s，负号表示其方向向右，D正确．8、就一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，其中正确的是()A．采用了大功率的发动机后，某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机，这表明可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性B．射出枪膛的子弹在运动相当长一段距离后连一件棉衣也穿不透，这表明它的惯性变小了C．货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性D．摩托车转弯时，车手一方面要控制适当的速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，通过调控人和车的惯性达到转弯的目的解析：选C.物体的惯性是物体本身的属性，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的速度无关，故选项C正确，A、B、D错误．9、如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2.设元电荷电荷量为e，则以下说法正确的是()A．溶液内电流方向从A到B，电流大小为n1e tB ．溶液内电流方向从B 到A ，电流大小为n 2e tC ．溶液内正、负离子反方向移动，产生的电流相互抵消D ．溶液内电流方向从A 到B ，电流大小为（n 1＋n 2）e t解析：选D.溶液内正、负离子反方向移动，通过截面的电荷量为正、负离子电荷量绝对值之和，由电流的定义可算出，电流为（n 1＋n 2）e t，故选D. 10、两个相邻的分子之间同时存在着引力和斥力，它们随分子之间距离r 的变化关系如图所示．图中虚线是分子斥力和分子引力曲线，实线是分子合力曲线．当分子间距为r ＝r 0时，分子之间合力为零，则下列关于该两分子组成系统的分子势能E p 与两分子间距离r 的关系曲线，可能正确的是( )解析：选BCD ．由于r ＝r 0时，分子之间的作用力为零，当r ＞r 0时，分子间的作用力为引力，随着分子间距离的增大，分子力做负功，分子势能增加，当r ＜r 0时，分子间的作用力为斥力，随着分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增加，故r ＝r 0时，分子势能最小．综上所述，选项B 、C 、D 正确，选项A 错误．。

速运动.。

而现在物理学中加速度的定义式为，下列说法正确的是（）A.若A不变，则a也不变B.若A>0且保持不变，则a逐渐变小C.若A不变，则物体在中间位置处速度为D.若A不变，则物体在中间位置处速度为【答案】C2、（20xx湖北省宜昌金东方高级中学月考）水平面上有质量相等的a、b两物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上．各作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下来．撤去推力时两物体速度相等，它们运动的v﹣t图象如图所示，图中AB∥CD，整个过程中（）A. 水平推力F1、F2的大小相等B. a、b与水平面间的动摩擦因数相等C. a的平均速度大于b的平均速度D. 水平推力F1、F2所做的功可能相等【答案】B3、一物体静止在粗糙斜面上，现用一大小为F1、方向与斜面平行的拉力向上拉动物体，经过时间t后其速度变为v；若将平行斜面方向的拉力大小改为F2，则物体从静止开始经过时间t后速度变为2v.。

对于上述两个过程，用WF1、WF2分别表示拉力F1、F2所做的功，WG1、WG2分别表示前后两次克服重力所做的功，Wf1、Wf2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则( )A．WF2＞4WF1、Wf2＞2Wf1、WG2＞2WG1B．WF2＞4WF1、Wf2＝2Wf1、WG2＝2WG1C．WF2＜4WF1、Wf2＝2Wf1、WG2＝2WG1D．WF2＜4WF1、Wf2＞2Wf1、WG2＝2WG1【答案】C【解析】由题意可知，两次物体均做匀加速直线运动，根据x＝·t 知，在同样的时间内，它们的位移之比为x1∶x2＝1∶2，两次上升的高度之比为h1∶h2＝x1sin θ∶x2sin θ＝1∶2，根据克服重力做功WG＝mgh得WG2＝2WG1；根据克服摩擦力做功Wf＝Ffx得Wf2＝2Wf1，由牛顿第二定律得F1－Ff－mgsin θ＝ma、F2－Ff－mgsin θ＝2ma，可得F2＜2F1，根据WF＝Fx可得WF2＜4WF1，故选项C正确．4、在地面附近，存在着两个有边界的理想电场，边界AB将该空间分成上、下两个区域Ⅰ、Ⅱ，区域Ⅰ中有竖直向上的匀强电场，区域Ⅱ中有竖直向下的匀强电场，两区域电场强度大小相等，在区域Ⅰ中的P点由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带电小球，小球穿过边界AB时的速度为v0，进入区域Ⅱ到达M点时速度刚好为零，如图所示．已知此过程中小球在区域Ⅱ中运动的时间是在区域Ⅰ中运动时间的2倍，已知重力加速度为g，不计空气阻力，以下说法正确的是( )A．小球带正电B．电场强度大小为C．P点距边界AB的距离为D．若边界AB处电势为零，则M点电势为－的距离为x1＝＝，M点距边界AB的距离为x2＝＝，M点与AB边界＝·＝，若边界AB处电势为零，则M点的电势正确．吉林省延边州敦化中学期末）如图所示，在平面直角坐(0,0)电子在磁场中运动的时间为电子在磁场中运动的时间为则A ，B 均错误.。

2020届人教高考物理一轮选择题稳优提优练题及参考答案1、如图所示，小车向右运动的过程中，某段时间内车中悬挂的小球A和车水平底板上的物块B都相对车厢静止，悬挂小球A的悬线与竖直线有一定夹角。

这段时间内关于物块B受到的摩擦力，下述判断中正确的是( )A.物块B不受摩擦力作用B.物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左C.物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右D.因小车的运动性质不能确定，故B受到的摩擦力情况无法判断【解析】选B。

由题图知A球的加速度大小为a=gtanθ，方向向左，则小车向右减速行驶，物块B相对小车有向右运动的趋势，它所受的摩擦力方向向左，大小为F f=m B gtanθ，只有B正确。

2、如图所示，长为2L的轻弹簧AB两端等高地固定在竖直墙面上，弹簧刚好处于原长，现在其中点O处轻轻地挂上一个质量为m的物体P后，物体向下运动，当它运动到最低点时，弹簧与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g，下列说法正确的是( )A.向下运动的过程中，物体的加速度先增大后减小B.向下运动的过程中，物体的机械能先增大后减小C.物体在最低点时，弹簧的弹性势能为D.物体在最低点时，弹簧中的弹力为【解析】选C。

物体向下运动，弹簧弹力增大，所受合外力减小，加速度减小，方向向下，当加速度为零时，重力和弹簧弹力的合力相等，速度最大，物体继续向下运动弹簧弹力增大，合力增大，加速度增大，方向向上，到达最低点时速度为零，加速度先减小后增大，故A错误；物体向下运动的过程中，弹簧弹力向上，位移向下，做负功，根据W除重=ΔE可知机械能一直减小，故B错误；根据机械能守恒定律可知，物体在最低点时，速度为零，动能为零，物体减小的重力势能转化为弹簧的弹性势能，由几何关系得物体下降的高度h=，故弹簧的弹性势能为E弹=mgh=，故C正确；当加速度为零时，重力和弹簧弹力的合力相等，物体继续向下运动弹簧弹力增大，弹簧弹力的合力大于重力，则有F弹cosθ>，解得F弹>，故D错误。

2020届人教高考物理选择题（一轮）选练（1）含答案1、(2019·开封模拟)如图所示，物体A 在斜面上由静止匀加速滑下x 1后，又匀减速地在平面上滑过x 2后停下，测得x 2=2x 1，则物体在斜面上的加速度a 1与在平面上的加速度a 2的大小关系为 ( )A.a 1=a 2B.a 1=2a 2C.a 1=a 2D.a 1=4a 2【解析】选B 。

物体在斜面上初速度为零，设末速度为v ，则有v 2-0=2a 1x 1；同理，在水平面上有0-v 2=-2a 2x 2，所以a 1x 1=a 2x 2，故a 1=2a 2，B 正确。

2、如图所示为粮袋的传送装置，已知A 、B 间长度为L ，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v ，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A 点将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A 到B 的运动，以下说法正确的是(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力) ( )A.粮袋到达B 点的速度与v 比较，可能大，也可能相等或小B.粮袋开始运动的加速度为g(sin θ-μcos θ)，若L 足够大，则以后将以一定的速度v 做匀速运动C.若μ≥tan θ，则粮袋从A 到B 一定一直是做加速运动D.不论μ大小如何，粮袋从A 到B 一直匀加速运动，且a ≥gsin θ【解析】选A 。

粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B 点时的速度小于v ；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B 点时速度与v 相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B 点时的速度大于v ，故A 正确；粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmgcos θ，根据牛顿第二定律得，加速度a=g(sin θ+μcos θ)；若μ≥tan θ，粮袋从A 到B 可能一直是做加速运动，也可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，故B 、C 错误；由上分析可知，粮袋从A 到B 不一定一直匀加速运动，故D 错误，故选A 。

人教物理2019高考一轮训练学题（9）李仕才1、一个物体做末速度为零的匀减速直线运动，比较该物体在减速运动的倒数第3 m、倒数第2 m、最后1 m内的运动，下列说法中正确的是( )A．经历的时间之比是1∶2∶3B．平均速度之比是3∶2∶1C．平均速度之比是1∶(2－1)∶(3－2)D．平均速度之比是(3＋2)∶(2＋1)∶1【答案】D2、(多选)在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力变化的规律的实验中，特设计了如图16甲所示的演示装置，力传感器A与计算机连接，可获得力随时间变化的规律，将力传感器固定在光滑水平桌面上，测力端通过细绳与一滑块相连(调节力传感器高度可使细绳水平)，滑块放在较长的小车上，小车一端连接一根轻绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶(调节滑轮可使桌面上部轻绳水平)，整个装置处于静止状态．实验开始时打开力传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子，小车一旦运动起来，立即停止倒沙子，若力传感器采集的图象如图乙，则结合该图象，下列说法正确的是( )A．可求出空沙桶的重力B．可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小C．可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D．可判断第50 s后小车做匀速直线运动(滑块仍在车上)【答案】ABC点评：上面的实验案例考查了静摩擦力与滑动摩擦力的区分．本题的难点分为：(1)对摩擦力分类的判断，考虑到最大静摩擦力大于滑动摩擦力，故在t＝50 s时刻为最大静摩擦力突变为滑动摩擦力的临界点，最大静摩擦力为3.5 N．(2)在50 s以后，沙和沙桶的重力一定大于滑动摩擦力，故小车加速运动，不可视为平衡状态来处理．3、如图(a)，一物块在t＝0时刻滑上一固定斜面，其运动的v-t图线如图(b)所示．若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出( )A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【答案】ACD【解析】由v-t图象可求知物块沿斜面向上滑行时的加速度大小为a＝，根据牛顿第二定律得mg sin θ＋μmg cos θ＝ma，即g sin θ＋μg cos θ＝.同理向下滑行时g sin θ－μg cos θ＝，两式联立得sin θ＝，μ＝.可见能计算出斜面的倾斜角度θ以及动摩擦因数，选项A、C正确；物块滑上斜面时的初速度v0已知，向上滑行过程为匀减速直线运动，末速度为0，那么平均速度为，所以沿斜面向上滑行的最远距离为x ＝t 1，根据斜面的倾斜角度可计算出向上滑行的最大高度为x sin θ＝t 1×＝，选项D 正确；仅根据v-t 图象无法求出物块的质量，选项B 错误．4、某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又沿原路返回到山脚，上山的平均速度为v 1，下山的平均速度为v 2，则往返的平均速度的大小和平均速率分别是( )A.v 1＋v 22、v 1＋v 22B.v 1－v 22、v 1－v 22C.0、v 1－v 2v 1＋v 2D.0、2v 1v 2v 1＋v 2【答案】D5、一物体以初速度v 0做匀减速直线运动，第1 s 内通过的位移为x 1＝3 m ，第2 s 内通过的位移为x 2＝2 m ，又经过位移x 3物体的速度减小为0，则下列说法错误的是( )A.初速度v 0的大小为2.5 m/sB.加速度a 的大小为1 m/s 2C.位移x 3的大小为1.125 mD.位移x 3内的平均速度大小为0.75 m/s【答案】A6、足球运动员已将足球踢向空中，如图1所示，描述足球在向斜上方飞行过程某时刻的受力，其中正确的是(G 为重力，F 为脚对球的作用力，F 阻为阻力)( )图1【答案】B7、(多选)已知力F ，且它的一个分力F 1跟F 成30°角，大小未知，另一个分力F 2的大小为33F ，方向未知，则F 1的大小可能是( )A.33FB.23FC.33FD.F 【答案】AC8、(多选)如图1所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是( )图1A ．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B ．细绳对小球的拉力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C ．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力D ．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力 【答案】BC9、如图7所示，质量分别为m 1、m 2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F 的作用下一起沿水平方向做匀加速直线运动(m 1在光滑地面上，m 2在空中).已知力F 与水平方向的夹角为θ.则m 1的加速度大小为( )图7A.m1＋m2Fcos θB.m1＋m2Fsin θC.m1Fcos θD.m2Fsin θ【答案】A10、如图4所示为粮袋的传送装置，已知A 、B 两端间的距离为L ，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v ，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A 端将粮袋放到运行中的传送带上.设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度大小为g .关于粮袋从A 到B 的运动，以下说法正确的是( )图4A.粮袋到达B 端的速度与v 比较，可能大，可能小也可能相等B.粮袋开始运动的加速度为g (sin θ－μcos θ)，若L 足够大，则以后将以速度v 做匀速运动C.若μ≥tan θ，则粮袋从A 端到B 端一定是一直做加速运动D.不论μ大小如何，粮袋从Α到Β端一直做匀加速运动，且加速度a ≥g sin θ【答案】A11、拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具(如图13)．设拖把头的质量为m ，拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ，重力加速度为g .某同学用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ.图13(1)若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小．(2)设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ.已知存在一临界角θ0，若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力有多大，都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切tan θ0.【答案】(1)sin θ－μcos θμmg (2)tan θ0＝λ【解析】(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F 的力推拖把．将推拖把的力沿竖直和水平方向分解，根据平衡条件有F cos θ＋mg ＝F N ① F sin θ＝F f ②式中F N 和F f 分别为地板对拖把的正压力和摩擦力． 所以F f ＝μF N ③联立①②③式得F ＝sin θ－μcos θμmg ④使⑦式成立的θ角满足θ≤θ0，这里θ0是题中所定义的临界角，即当θ≤θ0时，不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把．故临界角的正切为tan θ0＝λ.易错诊断本题的易错点在于不理解题目中“若θ≤θ0，则不管沿拖杆方向的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动“的含义，分析不出临界条件而出错．拖把无法从静止开始运动应满足F sin θ≤λF N.12、.(2018·山东烟台质检)如图11甲所示，A车原来临时停在一水平路面上，B车在后面匀速向A车靠近，A 车司机发现后启动A车，以A车司机发现B车为计时起点(t＝0)，A、B两车的v－t图象如图乙所示.已知B车在第1 s内与A车的距离缩短了x1＝12 m.图11(1)求B车运动的速度v B和A车的加速度a的大小.(2)若A、B两车不会相撞，则A车司机发现B车时(t＝0)两车的距离x0应满足什么条件？【答案】(1)12 m/s 3 m/s2 (2)x0>36 m【解析】(1)在t1＝1 s时A车刚启动，两车间缩短的距离x1＝v B t1代入数据解得B车的速度v B＝12 m/svBA车的加速度a＝t2－t1将t2＝5 s和其余数据代入解得A车的加速度大小a＝3 m/s2。

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2019人教高考物理一轮选训习题（9)及答案李仕才一、选择题1、如图所示，OM的左侧存在范围足够大,磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里,ON(在纸面内）与磁场方向垂直且∠NOM=60°，ON上有一点P，OP=L。

P点有一粒子源,可沿纸面内各个方向射出质量为m,电荷量为q的带正电的粒子(不计重力)，速率为,则粒子在磁场中运动的最短时间为（)A。

B。

C. D.【解析】选A。

粒子运动的半径r==;当粒子在磁场中运动时间最短时，在磁场中的圆弧弦最短,则由P点作MO的垂线即为最短弦长，则PA=Lsin60°=L,由三角函数可得：sin==，解得∠PO1A=90°，则最短时间t=T=，故选A。

2、物体沿一条直线运动,下列说法正确的是( )A．物体在某时刻的速度为3 m/s，则物体在1 s内一定运动了3 mB．物体在1 s内的平均速度是3 m/s，则物体在这1 s内的位移一定是3 mC．物体在某段时间内的平均速度是3 m/s，则物体在任1 s内的位移一定是3 mD．物体在某段时间内的平均速率是3 m/s，则物体在任1 s内的路程一定是3 m【答案】B3、如图所示，一带电小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内，当开关S闭合，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ。