天津市滨海新区塘沽滨海中学2014-2015学年高一上学期期中考试物理试题(无答案)

滨海中学2014-2015学年第一学期高一年级期中考试物理试题一．单项选择题（共10小题，每题3分，共30分，选对的得3分，选错或不选的得0分）1．下列物理量在运算过程中遵循平行四边形定则的有（）a．时间b．速度c．位移d．路程e．加速度f．力A．1个 B.2个 C.3个 D.4个2．在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是（）A．只要是小的物体，就可以看作质点B．研究足球的运动轨迹可将其视为质点C．研究一列火车通过某一路标所用的时间D．裁判跳水运动员的成绩，可以将其视为质点3．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度4．敦煌曲子中有这样的诗句：“满眼风波多闪烁？看山恰是走来迎，仔细看山山不动，是船行。

”其中“看山恰是走来迎”和“是船行”所选的参考系分别是A. 船和山B. 山和船C. 地面和山D. 河岸和水流5．沿直线运动的一列火车和一辆汽车，在计时开始时及每过1s时火车和汽车的速度分别为v1和v2如下表所示，由表中数据可看出三秒内（）Ａ．火车的位移在增大，汽车的位移在减小Ｂ．火车的位移在减小，汽车的位移在增大Ｃ．火车的速度变化大，汽车的速度变化小Ｄ．火车的速度变化慢，汽车的速度变化快．6．关于自由落体运动，下列说法不正确的是（）A．物体竖直向下的运动一定是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零，加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动C．物体只在重力作用下从静止开始下落的运动叫做自由落体运动D．当空气阻力的作用比较小，可以忽略不计时，物体的自由下落可看成自由落体运动7．某个自由下落的物体，可忽略空气阻力对其影响，到达地面时的速度为20m/s，由此可知，该物体是从m高的地方下落的，落到地面用了s的时间。

（g取10m/s2）A．40m,2s B．20m,1s C．40m,1s D．20m,2s8. 下列物体的受力分析图正确的是（）9．如图所示是探究某根弹簧的伸长量x与所受拉力F之间的关系图，已知弹簧原长50cm，当弹簧受F=1000N的拉力作用时，弹簧的总长度为（）A ．50cmB ．55cmC ．100cmD ．150cm10．下列关于弹力的说法中正确的是（ ）A. 直接接触的两个物体间必然有弹力存在B. 不接触的物体间也可能存在弹力C. 在直接接触且发生弹性形变的物体间才产生弹力D. 只要物体发生形变就一定有弹力二．不定项选择题（共5小题，每题4分，共20分，选对的得4分，不全得2分，选错或不选的得0分）11. 以下关于力的说法正确的是（ ）A ．力可以没有施力物体，但不能离开受力物体B ．只有直接接触的物体间才有力C ．自然界只有四种基本相互作用，分别是万有引力、电磁相互作用、强相互作用、弱相互作用D ．物体各部分都受到重力，可将物体的重力等效集中在一点，这一点叫物体的重心12. 如图所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是( )A. 小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B. 小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力C. 小球对细绳的拉力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力D. 小球对细绳的拉力和细绳对小球的拉力是一对平衡力13．某同学做《共点的两个力的合成》实验作出如图所示的图，其中A 为固定橡皮条的固定点，O 为橡皮条与细绳的结合点，则图中（ ）A. F 是F 1、F 2合力的理论值B. F 是F 1、F 2合力的实际值C. F ′是F 1、F 2合力的理论值2D．F′是F1、F2合力的实际值14. 甲乙两球从同一高度相隔1s先后自由下落，在下落过程中（）A.两球速度差始终不变B.两球速度差越来越大C.两球距离始终不变D.两球距离越来越大15. 某质点沿直线运动，其位移x和所用时间t满足方程2t2+5t＝x，由此可知这个质点运动的（）A.初速度为5m/sB.加速度为2m/s2C.3s末的瞬时速度为17 m/sD.第3s的位移33m三．填空题(本题共5空，每空2分，共10分，请将正确答案填在空白处)16．如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带（实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz），从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，相邻计数点间的时间间隔为T=________s，测得S1=5.18cm，S2=4.40cm，S3=3.60cm，S4=2.78cm，S5=2.00cm，S6=1.20cm。

2014-2015学年天津市滨海新区塘沽滨海中学高一（上）期中物理试卷一．单项选择题（共10小题，每题3分，共30分，选对的得3分，选错或不选的得0分）1．（3分）（2014秋•塘沽区校级期中）下列物理量在运算过程中遵循平行四边形定则的有（）2．（3分）（2014秋•塘沽区校级期中）在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是（）3．（3分）（2012秋•都昌县期末）在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）4．（3分）（2013•海陵区校级学业考试）敦煌曲子词中有这样的诗句“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”．其中“看山恰似走来迎”和“是船行”所选择的参考系分别是（）5．（3分）（2011秋•平阳县校级期末）沿直线运动的一列火车和一辆汽车，在计时开始时及每过==7．（3分）（2014秋•塘沽区校级期中）某个自由下落的物体，可忽略空气阻力对其影响，到达地面时的速度为20m/s，由此可知，该物体是从m高的地方下落的，落到地面用了s的时间．（g取2t=沿光滑斜面下滑的物体光滑球放在墙角静止9．（3分）（2014秋•塘沽区校级期中）如图所示是探究某根弹簧的伸长量x与所受拉力F之间的关系图，已知弹簧原长50cm，当弹簧受F=1000N的拉力作用时，弹簧的总长度为（）二．不定项选择题（共5小题，每题4分，共20分，选对的得4分，不全得2分，选错或不选的得0分）12．（4分）（2014秋•塘沽区校级期中）如图所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）13．（4分）（2014秋•塘沽区校级期中）某同学做《共点的两个力的合成》实验作出如图所示的图，其中A为固定橡皮条的固定点，O为橡皮条与细绳的结合点，则图中（）14．（4分）（2013春•洞口县期末）甲、乙两球从同一高处相隔1s先后自由下落，在下落过程中（）=gt+15．（4分）（2014秋•塘沽区校级期中）某质点沿直线运动，其位移x和所用时间t满足方程2t2+5t=x，三．填空题（本题共5空，每空2分，共10分，请将正确答案填在空白处）16．（10分）（2014秋•塘沽区校级期中）如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带（实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz），从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，测得S1=5.18cm，S2=4.40cm，S3=3.60cm，S4=2.78cm，S5=2.00cm，S6=1.20cm．（结果保留两位有效数字）（1）物体的加速度的表达式a=，代入数据可算得a=0.80m/s2；（2）打点计时器打记数点3时，物体的速度的表达式v3=，代入数据得v3=0.32m/s．a=（a=a=m/s==0.32m/s四．计算题题（本题共4小题，满分40）17．（10分）（2011秋•广州期末）汽车由静止开始做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，4s后加速度的大小改为0.5m/s2，方向仍与原来方向相同，求：（1）4s末的速度；（2）8s内的位移．==4×（18．（10分）（2014秋•塘沽区校级期中）如图所示为某高楼电梯上楼的速度图象，（1）分时间段描述电梯的运动性质；（2）求电梯8s内的位移；（3）求电梯最后3s的加速度．a=．19．（10分）（2012秋•都昌县期末）如图所示，悬挂的直杆AB长1m，在B以下0.2m处，有一长0.6m的无底圆筒CD，若将悬线剪断，则：（1）直杆下端B穿过圆筒所用的时间为多少？（2）整个直杆AB穿过圆筒的时间为多少？（g=10m/s2），有：=0.4s，有=0.6s﹣0.2s=0.4s20．（10分）（2014秋•塘沽区校级期中）如图，物体A重40N，B重20N，地面光滑，A、B接触面粗糙，物体B用细绳系住，当水平力F=8N时，才能将A匀速拉出，（1）做出A物体受力的示意图；（2）求A、B接触面间的动摩擦因数．。

滨海新区2014—2015学年度第二学期 高一年级物理学科期末质量检测试卷（A 卷）本试卷分为第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题），共100分，考试用时90分钟。

第I 卷第1至4页，第II 卷第5至8页。

答卷前，考生务必将自己的姓名、学校、考号、座位号填写在答题纸上。

答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上无效。

考试结束后，将答题纸上交。

第I 卷 选择题（共60分）一、选择题（本卷共15小题，每小题3分，共45分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的）1. 关于曲线运动，下列说法中正确的是：A ．曲线运动物体的速度方向保持不变B ．曲线运动一定是变速运动C ．物体受到变力作用时就做曲线运动D ．曲线运动的物体受到的合外力可以为零2. 下列说法正确的是：A. 平抛运动是匀变速曲线运动B. 匀速圆周运动是匀变速曲线运动C. 匀速圆周运动是一种匀速运动D. 平抛运动是一种变加速曲线运动 3. 如图，在同一竖直面内，小球a 、b 从高度不同的两点，分别以初速度v a 和v b 沿水平方向抛出，经过时间t a 和t b 后落到与两抛出点水平距离相等的P 点，若不计空气阻力，下列关系正确的是： A. t a ＞t b ，v a ＜v b B. t a ＞t b ，v a ＞v b C. t a ＜t b ，v a ＜v b D. t a ＜t b ，v a ＞v b4. 如图所示，把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动, 小球的向心力是：A. 重力B. 支持力C. 重力和支持力的合力D. 重力、支持力和摩擦力的合力5．质量为m 的物块，沿着半径为R 的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为v ，若物体与球壳之间的动摩擦因数为μ，则物体在最低点时，（重力加速度为g ）下列说法正确的是：A. 受到向心力为2v mg mR +B. 受到的摩擦力为2()v m mg Rμ+C. 受到的摩擦力为μm gD. 受到的合力方向竖直向上6. 如图a 、b 、c 是在地球大气层外圆轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是： A ．b 、c 的线速度大小相等，且大于a 的线速度 B ．b 、c 的向心加速度大小相等，且小于a 的向心加速度 C ．c 加速可追上同一轨道上的b ，b 减速可等候同一轨道上的c D ．a 卫星由于某原因，轨道半径减小，在新轨道上其线速度将减小7. 已知地球半径为R ，地面附近的重力加速度为g ，一颗卫星绕地球做匀速圆周运动，且卫星离地面的高度也为R ，则下列说法中正确的是：A ．卫星的线速度大小为gR 2B ．卫星的角速度大小为RgC ．卫星的向心加速度大小为g 41D ．卫星的运动周期为g R π48．关于功的概念，下列说法中正确的是： A ．因为功有正负，所以功是矢量 B ．力对物体不做功，说明物体一定无位移 C ．滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功D ．若作用力对物体做正功，则反作用力一定做负功9．汽车由静止开始运动，若要使汽车在开始运动一段时间内保持匀加速直线运动，则： A ． 不断减小牵引功率 B ．不断增大牵引功率 C ． 保持牵引功率不变 D ．不能判断牵引功率的变化10. 如图所示，质量为M 、长度为L 的木板静止在光滑的水平面上，质量为m 的小物体(可视为质点)放在木板上最左端，现用一水平恒力F 作用在小物体上，使物体从静止开始做匀加速直线运动。

天津市塘沽滨海中学2024届物理高一上期中调研试题请考生注意：1．请用2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、一质点做匀加速直线运动，通过A 点时速度为v A ，经过时间t 通过B 点，速度为v B ，又经过相同时间t 通过C 点，速度为v C ，则以下关系式不．正确的是 A ．()12B A C v v v =+ B ．()12B v AB BC t=+ C ．()1C A a v v t=- D ．()21a BC AB t =- 2、从塔顶自由下落一石块，它在着地前的最后1s 内的位移是30m ，取g ＝10m/s 2，下列说法中正确的是( ) A ．石块落地时速度是30m/sB ．石块落地时速度是35m/sC ．石块落地所用的时间是2.5sD ．石块下落全程平均速度是15 m/s3、如果某人雾天开车在公路上行驶，能见度仅为30m ，该人的反应时间为0.5s ，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5m/s 2,为了安全行驶，汽车行驶的最大速度为（ ）A ．10m/sB ．15m/sC ．17.3m/sD ．20m/s4、如图所示为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量。

下列说法中正确的是（ ）A ．甲处表示时间，乙处表示平均速度的大小B ．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度的大小C ．甲处表示时刻，乙处表示平均速度的大小D ．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度的大小5、在地球物理学领域有一种测g 值的方法叫“差值法”，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O 点上抛一小球又落到O 点的时间为，在小球运动过程中经过比O 点高H 的P 点，小球离开P 点到又回到P 点所用的时间为.测得、和，可求得g等于A．B．C．D．6、关于重力和重心的说法正确的是A．物体受到的重力就是地球对物体的吸引力B．在同一位置，物体所受重力的大小与运动状态无关C．重力的方向总是垂直向下的D．物体重心在物体上，与物体的形状和质量分布无关7、有滑动变阻器R，热敏电阻R0，二极管D和电容器组成的电路如图所示，有一个带电液滴静止于电容器两极板之间，电容器下极板接地，闭合开关S，下列说法中正确的是( )A．若把滑动变阻器的滑动触头向上移动，液滴将会向下运动B．若把开关断开，液滴将会向上运动C．若热敏电阻的温度降低，液滴将会向下运动D．若把上极板向上移动，液滴将静止不动8、如图所示是汽车与自行车在同一直线上、从同一地点同向运动、同时计时而作的v-t图象，由图象可知（）A．在2s末二者速度相同B．在4s末二者相遇C．在2s末二者相遇D．相遇前二者最远距离为6m9、A、B两质点沿同直线向同方向做匀加速直线运动，A的初速度为3m/s，加速度为2m/s2，B的初速度为6m/s，加速度为1 m/s2，初始时B在A后，相距L，下面说法正确的是（）A．若L=1.1m，A、B相遇一次B．若L=1.1m，A、B相遇二次C．若L=1.5m，A、B相遇一次D．若L=1．m，A、B不可能相遇10、结合图中给出的情景及数据，以下判断正确的是A．高速行驶的磁悬浮列车的速度很大，所以它的加速度不可能为零B．汽车时速为100km/h，紧急刹车至停止所用时间为2s（可视为加速度恒定），由此可得汽车刹车阶段的加速度大小约为a=13.9m/s2C．炮膛中的炮弹离开炮口时的速度指的是炮弹的瞬时速度D．根据图中数据可求出刘翔在110m栏比赛中通过终点线时的速率约为v≈8.42m/s11、关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A．速度变化的方向为正，加速度的方向也为正B．物体加速度增大，速度一定越来越大C．速度越来越大，加速度一定越来越大D．加速度为负值，物体也可能做加速运动12、一带电油滴在匀强电场E中从a到b的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下，不计空气阻力.此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况是（）A．动能减小B．电势能减少C．重力势能和电势能之和减小D．动能和电势能之和增加二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某同学用如右图所示装置测量重力加速度g，所用交流电频率为50 Hz．在所选纸带上取某点为0号计数点，然后每隔2个点取一个计数点，所有测量数据及其标记符号如下图所示（1）本实验中，电磁式打点计时器所使用的电源是_____________（填“甲”或“乙”）甲——电压合适的50Hz的交流电源；乙——电压可调的直流电源；（2）设相邻两个计数点的时间间隔为T，则计算重力加速度的表达式为______________________；重力加速度的计算结果是g=_____________________m/s2（结果保留3位有效数字）14、（10分）某学校物理学习小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”．(1)如图甲所示，将弹簧的上端O点固定悬吊在铁架台上，旁边放置一刻度尺，刻度尺的零刻度线跟O点对齐，在弹簧的下部A 处做一标记，如固定一个指针．在弹簧下端的挂钩上挂上钩码(每个钩码的质量都是50 g)，指针在刻度尺上指示的刻度为x．逐个增加所挂钩码的个数，刻度x随挂钩上的钩码的重F的不同而发生变化，将实验测得的相应F、x 各点描绘在图乙中．请在图乙中描绘出x 随F 变化的图像．由图像得出弹簧的劲度系数k A＝_____N/m(结果取两位有效数字)；此弹簧的弹力大小F弹跟弹簧伸长量Δx 的关系是_____．(2)如果将指针固定在A 点的下方P 处，再作出x 随F 变化的图像，得出弹簧的劲度系数与k A相比，可能是_____．A．大于k A B．等于k AC．小于k A D．无法确定(3)如果将指针固定在A 点的上方Q 处，再作出x 随F 变化的图像，得出弹簧的劲度系数与kA相比，可能是_____．A．大于k A B．等于k AC ．小于k AD ．无法确定三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）甲、乙两汽车可视为质点，在平直的公路上沿不同的车道同向匀速行驶，忽略其他车辆的影响。

1.下列关于电源的说法中正确的是()A.电源的电动势就是电源的路端电压B.电路中，如果每通过1C的电荷，电源能把2J的其他形式的能量转化为电能，则电源的电动势就为2VC.电源的电动势跟外电路有关D.电源的输出电流越大，则电源的电动势也就越大.答案：B解析：A、电源电动势等于电源没有接入电路时电源两极间的电压，大于电源的路端电压，故A错误；B、通过1C的电荷，电源能把2J的其他形式的能量转化为电能，电源电动势E===2V，故B正确；C、电源电动势由电源自身的结构决定，与外电路无关，故C错误；D、由闭合电路的欧姆定律可知，电路电流I=，由此可见，电路电流取决于电源电动势与电路总电阻的比值，电流大，电动势不一定大，故D错误；2.如图所示, 让平行板电容器带电后，极板B与一灵敏的静电计相接，极板A接地。

静电计的指针偏转一定的角度，若不改变A、B两板的带电量而将A板向B板靠近，那么静电计指针的偏转角度将A.一定减小B.一定增大C.一定不变D.可能不变答案：A解析：A板向B板靠近，两极板间距减小，据，电容增大，又，电量不变，电势差减小，静电计指针的偏转角度减小，A对。

3.如图所示，两个带电小球A、B的质量分别为m1、m2，电荷量分别为q1、q2.静止时两悬线与竖直方向的夹角分别为θ1、θ2，且恰好处于同一水平面上．下列说法正确的是()A.若q1＝q2，则θ1＝θ 2B.若q1＜q2，则θ1＞θ2C.若m1＝m2，则θ1＝θ2A. D.若m1＜m2，则θ1＜θ2答案：C解析：根据牛顿第三定律可知，两小球所受的库仑力为一对相互作用力，大小相等，方向相反，以小球为研究对象进行受力分析如图：故有：，同理有：，所以只有当两球质量相等时，悬线与竖直方向的夹角才相同，故只有选项C正确；4.如图，一带正电的物体靠在倾斜的天花板上，由于存在垂直天花板的匀强电场而处于静止，则下列判断正确的是：()A.物体可能受3个力B.物体所受弹力一定不为零C.物体所受摩擦力随电场强度的增大而变大D.若逐渐增大电场强度，物体可能沿天花板向上滑动。

滨海中学2013—2014学年高一下学期第一次月考物理试题一、选择题（（1—15题只有一个答案正确，每小题3分.）1、关于曲线运动的性质,以下说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．变速运动一定是曲线运动C．曲线运动一定是加速度变化的运动D．物体的速度大小、加速度大小都不变的运动一定是直线运动2、物体作平抛运动的过程中，下列那些量是不变的( ）A、物体的速度B、物体运动的加速度C、物体竖直向下的分速度D、物体位移的方向3、关于匀速圆周运动,下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀速运动B．匀速圆周运动是匀变速运动C．匀速圆周运动的周期不变D．匀速圆周运动的线速度不变4、从3。

2m的高处平抛一个小球,若落地点到抛出的水平距离为8m,不计空气阻力，g=102/s m则小球的水平抛出的初速度为（）A。

4m/s B. 10m/s C。

8m/s D、6m/s5、质量为800kg的小汽车使过一半径为50m的圆拱桥，到达桥顶时的速度为10m/s,此时对桥顶的压力的大小为( )A。

1600N B.6400N C。

8000N D.9600N6、如图所示，一圆盘可绕通过圆盘的中心O且垂直于盘面的竖直轴转动．在圆盘上放置一小木块A,它随圆盘做匀速圆周运动，则关于木块A的受力，下列说法正确的是（）A．木块A受重力、支持力、静摩擦力和向心力B．木块A受重力、支持力和静摩擦力，且摩擦力方向与木块运动方向相反C．木块A受重力、支持力和静摩擦力，且摩擦力方向指向圆心D．木块A受重力、支持力和静摩擦力，且摩擦力方向与木块运动方向相同7、如图所示，在光滑水平面上，小球在轻绳的拉力作用下做匀速圆周运动的轨迹为a，若小球到达P点时轻绳突然断裂，则小球运动的轨迹是A．轨迹a B．轨迹b C．轨迹c D．轨迹dAB8、关于列车转弯处内外铁轨间的高度关系，下列说法中正确的是( ）A ．内、外轨一样高，以防止列车倾倒造成翻车事故B ．因为列车转弯处有向内倾倒的可能，故一般使内轨高于外轨，以防列车倾倒C ．外轨比内轨略高，这样可以使列车顺利转弯,减少车轮与铁轨的挤压D ．以上说法都不对9、如图所示，天津永乐桥观光摩天轮半径为55米,外挂48个透明座舱,约28分钟匀速旋转一周，则摩天轮边缘的线速度大小约为A 、0。

天津市滨海新区汉沽第五中学2014-2015学年高一上学期期中考试物理试题（时间90分钟满分100分）一、单项选择题（每小题3分，共30分，每小题只有一个选项正确）1．2014年在俄罗斯举办的第22届冬季奥运会比赛项目中：冰壶运动员需要运用多种旋转技术推出冰壶；冰球运动员需要用力将冰球打入对方大门；短道速滑运动员在弯道处要控制好身体的倾斜程度；自由式滑雪空中技巧运动员在高空中需要做出各种高难度翻转．在这些项目中可以看成质点的是（）A．冰壶比赛中运动的冰壶B．冰球比赛中运动的冰球C．短道速滑中的运动员D．高空翻腾技巧运动中的运动员2．某物体在水平面上向正南方向运动了20m，然后又向正北方向运动了30m，对于这一过程，下列说法正确的是（）A.物体的位移大小是50m，方向由南向北B.物体的路程是10mC.物体的位移大小是10m，方向向北D.物体的位移大小是10m，方向向南3．关于匀减速直线运动，下列说法中错误．．的是：（）A. 加速度逐渐减小B. 加速度的方向与物体运动的方向相反C. 速度随时间均匀减小D. 位移继续增大4.甲、乙为两个在同一直线上沿规定的正方向运动的质点，a甲＝4m/s2，a乙＝-5m/s2。

那么，对甲、乙两物体的运动判断正确的是（）A．乙的速度变化量一定大于甲的速度变化量B．甲、乙两物体的运动方向一定相反C．甲、乙的速率都是越越大的D．甲的加速度和速度方向一致，乙的加速度和速度方向相反5. 物体由静止开始运动，加速度恒定，在第7s内的初速度是2.6m/s，则物体的加速度是（）A．0.4m/s2 B．0.37m/s2 C．2.6m/s2 D．0.43m/s26. 一辆汽车在车站由静止做匀加速直线运动开出，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀减速运动.从启动到停止一共经历t=10 s，前进了15m，在此过程中，汽车的最大速度为（）A．1.5 m/s B．3 m/s C．4 m/s D．无法确定7. P、Q、R三点在同一条直线上，一物体从P点静止开始做匀加速直线运动，经过Q 点的速度为v，到R点的速度为3v，则PQ∶QR等于（）A．1∶8 B．1∶6 C．1∶5 D．1∶38. 如图所示，甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点同时开始运动的位移图象和速度图象，则下列说法正确的是（）xA．甲车做曲线运动，乙车做直线运动B．0～t1时间内，甲车的平均速度大于乙车的平均速度C．在t2时刻丁车在丙车的前面D．0～t2时间内，丙、丁两车都做匀变速直线运动9. 一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．刹车后的第1 s内和第2 s内的位移大小依次为9 m和7 m．则刹车后6 s内的位移是（）A．20 m B．24 m C．25 m D．75 m10.在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思维法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述中不正确的是（）二、不定项选择题（每小题4分，共16分，每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的。

2022-2021学年天津市滨海新区塘沽滨海中学高二（上）期中物理试卷（理科）一．单项选择题（每个小题3分，共计45分）1．（3分）（2021秋•大连期末）电场中有一点P，下列说法中正确的有（）A．若放在P点的摸索电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有摸索电荷，则P点场强为零C．P点的场强越大，则同一摸索电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为就是放在该点的摸索电荷所受电场力的方向考点：电场强度．分析：本题应抓住场强反映电场本身的性质，与放入电场中的摸索电荷无关，场强的方向与正摸索电荷在该点所受的电场力方向相同．解答：解：A、场强是表示电场本身性质的物理量，由电场本身打算，与摸索电荷无关，所以当摸索电荷的电荷量减半时，P点的场强不变，故A错误．B、由于场强由电场本身打算，与摸索电荷无关，所以当P点没有摸索电荷，P点的场强不变，故B错误．C、由E=得，F=qE，q肯定时F与E成正比，则知P点的场强越大，同一摸索电荷在P点受到的电场力越大，故C正确．D、P点的场强方向为就是放在该点的正摸索电荷所受电场力的方向，与P放在该点的负摸索电荷所受电场力的方向相反，故D错误．故选：C．点评：电场强度是描述电场性质的物理量，可依据E=是比值法定义来理解E的物理意义．要知道电场力既与电荷有关，也与电场有关．2．（3分）（2022秋•金家庄区校级期末）下列是几种典型的电场线的分布示意图，其中正确的是（）A．B．C．D．考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：依据电场线从正电荷或无穷远处动身到负电荷或无穷远处终止，分析即可．解答：解：A、电场线应从无穷远处动身到负电荷终止，故A错误．B、电场线应正电荷动身到无穷远处终止，故B错误．C、依据电场线的特点：从正电荷动身到负电荷终止，可知该图线符合实际，故C正确．D、电场线应从无穷远处动身到负电荷终止，故D错误．故选：C．点评：对于电场线的特点：从正电荷或无穷远处动身到负电荷或无穷远处终止，常见电场的电场线分布要把握坚固．3．（3分）（2009•广东模拟）关于同一电场的电场线，下列表述正确的是（）A．电场线是客观存在的B．电场线越密，电场强度越小C．沿着电场线方向，电势越来越低D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小考点：电场线；电势．分析：电场线是为了形象的描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线电势降低．解答：解：A、电场线是人为引入，假象的线，并非真实存在的，故A错误；B、电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，故错误；C、沿电场线电势降低，电势的凹凸与电场线的疏密无关，故C正确；D、电势能的凹凸通过电场力做功来推断，沿电场线运动，电场力不肯定做正功，电势能不肯定减小，故D错误．故选C．点评：本题着重通过电场线考察了对电势、场强、电势能概念的理解状况，要理解它们的区分以及大小的打算因素．4．（3分）（2022秋•塘沽区校级期中）如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则（）A．b点的电场强度为零B．同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点受到的电场力小C．将正电荷在a点由静止释放，在电场力作用下运动的轨迹与电场线全都D．正电荷由a点运动到b点电场力做正功，电势能削减考点：电势差与电场强度的关系；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线上某点的切线方向表示电场的方向，依据电场力的方向确定电场力做功状况，从而分析电势能的变化．解答：解：A、b点的场强不为零，则A错误B、a点的电场线密，则其场强大，电荷受力大，则B错误C、正电荷放在a点受到的电场力沿电场线的切线方向，由静止释放后，正电荷将离开电场线，所以其运动轨迹与电场线不全都，则C错误D、a到b，电场力对正电荷做正功，动能增加，电势能减小，则D正确故选：D点评：本题考查对电场线物理意义的理解．要留意只有当电场线是直线，而且电荷无初速度或初速度方向与电场线共线时，电荷的轨迹才与电场线全都．5．（3分）（2022秋•宁城县期末）一带电油滴在场强为E的匀强电场中运动的轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化状况为（）A．动能减小B．电势能增加C．动能和电势能之和减小D．重力势能和电势能之和增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由粒子的运动轨迹可知粒子电性，则可求得电场力对粒子所做的功的性质；由动能定理可求得动能的变化；由能量关系可知重力势能与电势能总和的变化，及动能和电势能之和的变化．解答：解：A、粒子由a到b，由运动轨迹可判出粒子受电场力与重力的合力向上，故粒子带负电且电场力大于重力，电场力与重力的合力做正功，由动能定理可知，油滴的动能增大；故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能减小，故B错误；C、D、由能量的转化与守恒知，系统中重力势能、动能、电势能之和保持不变，由题易知重力势能增加，故动能和电势能之和减小；同理由前面分析知动能增加，则重力势能和电势能之和减小；故C正确D错误；故选：C．点评：带电粒子在电场中的偏转类题目，较好的考查了曲线运动、动能定理及能量关系，综合性较强，故在高考中经常消灭，在学习中应留意重点把握．6．（3分）（2022秋•白城期末）一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向．两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子a和b，从电容器边缘的P点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间．测得a和b与电容器的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1：2．若不计重力，则a和b的比荷之比是（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．4：1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子的运动方向垂直于电场线的方向，做类平抛运动，由水平距离之比可求得时间之比；因沿电场线方向粒子的距离相等，则表示出比荷的表达式，求得比荷之比．解答：解：两带电粒子都做类平抛运动，水平方向匀速运动，有x=vt，垂直金属板方向做初速度为零的匀加速直线运动，有y=，电荷在电场中受的力为F=Eq，依据牛顿其次定律有F=ma，联立解得：=．由于两粒子在同一电场中运动，E相同，初速度相同，侧位移相同，所以比荷与水平位移的平方成反比．所以比荷之比为4：1，故D正确．故选：D点评：当粒子垂直于电场进入时，粒子做平抛运动，因此可以分为沿电场线的匀加速直线运动和垂直于电场线方向上的匀速直线运动，两个运动互不干扰．7．（3分）（2009•天津）如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向肯定由M指向NB．粒子在M点的速度肯定比在N点的大C．粒子在M点的电势能肯定比在N点的大D．电场中M点的电势肯定高于N点的电势考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：压轴题．分析：由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变化；由电势与电势能的关系可推断电势．解答：解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能削减，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，故B正确，C错误；D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能推断M、N点电势的凹凸，D错误．点评：本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要留意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．8．（3分）（2011秋•吉林期末）在如图所示的点电荷的电场中，一摸索电荷从A点分别移动到B、C、D、E各点，B、C、D、E在以Q为圆心的同一圆周上，则电场力做功（）A．从A到B做功最大B．从A到C做功最大C．从A到E做功最大D．做功一样大考点：电势差与电场强度的关系；等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：B、C、D、E在以Q为圆心的同一圆周上，电势相等，电场力做功公式W=qU分析即可．解答：解：据题知，B、C、D、E都在以Q为圆心的同一圆周上，而此圆周是一个等势线，各点的电势相等，则A到各点的电势差U相等，电场力做功公式W=qU分析电场力做功相等．故D正确．故选：D．点评：本题一方面要知道以点电荷Q为圆心的圆是一个等势面；二要知道电场力做功与路径无关，只与初末位置的电势差有关．9．（3分）（2009•江苏）两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F ．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．12F考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：计算题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．依据库仑定律的内容，依据变化量和不变量求出问题．解答：解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q ，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．故选C．点评：本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．10．（3分）（2022秋•耀州区校级期末）如图所示的电路中，当可变电阻R的阻值增大时，下列说法正确的是（）A．A B两点间的电压U增大B．A B两点间的电压U减小C．通过R的电流强度I增大D．通过R2的电流强度I减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，然后再与另一个定值电阻串联；依据滑片的移动方向推断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，依据欧姆定律及串并联电路的特点推断AB两点间的电压和滑动变阻器R的电流如何变化．解答：解：AB、当滑动变阻器R的阻值增大时，定值电阻与滑动变阻器并联的总电阻增大，依据串联电路分压的特点可知，AB两点间分得的电压U增大；故A正确，B错误．CD、由欧姆定律知，与滑动变阻器并联的电阻R2中的电流增大，干路电流减小，又由于并联电路中，干路电流等于支路电流之和，所以通过R的电流减小．故CD错误．故选：A．点评：本题是电路动态变化分析问题，从局部到整体，再到局部，按挨次分析是常用的方法．11．（3分）（2011秋•长沙县校级期末）在争辩微型电动机的性能时，应用如图所示的试验电路．当调整滑动变阻器R并把握电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为1.0A和2.0V．重新调整R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32 W B．40 W C．47 W D．48 W考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立，由电流表和电压表的示数，依据欧姆定律求出电动机的电阻．电动机正常运转时输出功率等于输入的电功率与内部发热功率之差．解答：解：依题，电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为1.0A和2.0V，则电动机的电阻R==2Ω这台电动机正常运转时输出功率为P出=U2I2﹣=24×2﹣22×2（W）=40W故选：B点评：对于电动机电路是纯电阻电路还是非纯电阻电路，关键抓住电能如何转化，如电能全部转化为内能，则为纯电阻电路，否则是非纯电阻电路．12．（3分）（2021秋•宜昌期末）如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，假如变阻器的滑片P向b端滑动，则（）A．电灯L变亮，电流表的示数增大B．电灯L变亮，电流表的示数变小C．电灯L变暗，电流表的示数变小D．电灯L变暗，电流表的示数增大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来推断电灯亮度和电流表示数的变化．解答：解：滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，即R1↑，则外电路总电阻R↑，由闭合电路欧姆定律得知总电流I↓，路端电压U=E﹣Ir↑．电灯L的电压等于路端电压，所以电灯L更亮，电流表的示数减小．故选：B点评：本题是简洁的电路动态分析问题．对于路端电压也可以直接依据路端电压随外电阻增大而增大推断变化．13．（3分）（2022秋•赫山区校级期末）如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数状况为（）A．电压表示数增大，电流表示数削减B．电压表示数削减，电流表示数增大C．两电表示数都增大D．两电表示数都削减考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：动态变化分析问题一般依据“局部→整体→局部”的挨次，分析总电阻变化→总电流变化→总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行．对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和R2电流变化确定．解答：解：当滑动变阻器的滑片P向a滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数I A=I﹣I2，则减小．故A正确，BCD错误．故选：A．点评：电路动态变化分析是常见的题型，简洁犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小．本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是争辩干路电流和另一支路电流变化状况来确定14．（3分）（2022秋•塘沽区校级期中）一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA．若将该电池板与一阻值为18Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．40mV B．60mV C．72mV D．80mV考点：路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：由电池板开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再依据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压．解答：解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则知电池板的电动势为：E=80mV由闭合电路欧姆定律得短路电流：I短=则电源内阻：r===2Ω该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流：I==mA=4mA故路端电压：U=IR=4mA×18Ω=72mV；故选：C．点评：对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势．二．多项选择题（每个小题有2个或3个选项正确，全选对3分，共15分，选对不全得2分，有错误选项0分）15．（3分）（2008•清城区模拟）图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点．可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．M点的电势小于N点的电势C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D．粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题比较简洁，依据电场线的特点直接进行推断即可．解答：解：电场线的疏密表示电场强度的强弱，沿电场方向电势降低，从图中可知：M点电势比N点高，N点处的电场线密，电场强度大，所受电场力大，故BC错误，AD正确．故选AD．点评：电场线的概念是电场中的重要概念，该概念包含物理信息较多，要加强理解和应用．16．（3分）（2022秋•塘沽区校级期中）一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨道如图虚线a、b、c所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，则可以断定（）A．此粒子始终受到静电排斥力B．粒子在b点的电势能肯定大于a点的电势能C．粒子在b点的速度肯定大于a点的速度D．粒子在a点和c点速度大小相等考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解答：解：A、由轨迹的弯曲状况，知电场力应指向曲线凹侧，故此粒子始终受到静电斥力作用，故A正确．BC、粒子由a到b，电场力做负功，所以粒子的电势能增加，动能减小，所以b点的电势能肯定大于在a 点的电势能，在b点的速度肯定小于a点的速度，故B正确，C错误；D、c点和a点的电势相等，粒子在a、c两点的电势能相等，则由能量守恒可知速度的大小相等，故D正确．故选：ABD．点评：加强基础学问的学习，把握住电场线和等势面的特点，知道电势能与电势的关系，即可解决本题．17．（3分）（2022秋•塘沽区校级期中）如图所示，某区域电场线左右对称分布，M、N为对称线上两点．下列说法正确的是（）A．M点电势肯定高于N点电势B．M点场强肯定大于N点场强C．正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D．将电子从M点移动到N点，电场力做正功考点：电场的叠加；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由图可知该电场为等量正电荷形成的电场，留意沿电场线电势降低，电场线的疏密表示电场强度的强弱；正电荷受力方向与电场线方向相同，负电荷受力方向与电场线方向相反．解答：解：A、电场线是描述电场的一种直观手段，沿电场线的方向电势渐渐降低，所以M点电势高于N点电势，故A正确；B、电场强度由电场线的疏密来反映，电场线密的地方，电场强，反之电场弱，所以N点电场强，故B错误；C、电场力做正功，电势能削减，电场力做负功，电势能增加，一个正电荷从M点运动到N点的过程中，电场力做正功，电势能削减，所以C正确；D、将电子从M点移到N点，电场力做负功，故D错误．故选：AC．点评：电势、电势能、电场强度等概念是电场中的重要概念，在具体电场中要依据电场线的分布正确分析它们的变化状况．18．（3分）（2022秋•塘沽区校级期中）如图所示，固定在Q点的正点电荷的电场中有M、N两点，已知MQ＜NQ，下列叙述正确的是（）A．若把一正的点电荷从M点沿直线移动到N点，则电场力对该电荷做正功，电势能减小B．若把一正的点电荷从M点沿直线移动到N点，则该电荷克服电场力做功，电势能增加C．若把一负的点电荷从M点沿直线移动到N点，则电场力对该电荷做正功，电势能减小D．若把一负的点电荷从M点沿直线移动到N点，再从N点沿直线移动到M点，则该电荷克服电场力做的功，等于电场力对该电荷做的功，电势能不变考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决本题需要把握：电场力做功和电势能之间的关系；正确推断电场力做功的正负，可以依据功的定义直接进行推断，也可以依据电势凹凸先推断电势能的变化，从而推断功的正负．解答：解：解法一：电场力对电荷做正功，电势能削减，而正负功的推断要依据功的定义式W=FScosα，力和位移只带大小．功的正负取决于力与位移的方向夹角．从图上可以看出，将正电荷从M点沿直线移到N点的过程中，电场力与位移方向的夹角为锐角，电场力做正功，电势能削减．A正确，B错误；将负点电荷从M点沿直线移到N点的近程中，电场力指向正电荷，方向与位移的夹角为钝角，所以电场力做负功，电势能增加．C错误，D正确．故选：AD．解法二：选择无穷远处为零电势点，正电荷四周电势为正值，离电荷越远电势越低，因此正电荷从M点到N点过程中，电势降低，电势能降低，电场力做正功，故A正确，B错误；负电荷从M点到N点过程中，电势降低，电势能上升，电场力做负功，C错误；电场力做功和路径无关，因此负的点电荷从M点沿直线移到N点，再从N点沿不同路径移回到M点的过程中电势差为零，电场力不做功，故D正确．故选：AD．点评：电场力做功特点，电场力做功和电势能的关系是重点内容，要加强理解和练习．19．（3分）（2022秋•塘沽区校级期中）如图所示为某一电源的U﹣I曲线，由图可知（）A．电源电动势为2VB．电源内电阻为0.2ΩC．电源短路时电流为6AD．电路路端电压为1V时，电路中电流为5A考点：路端电压与负载的关系；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：依据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，分析U﹣I图线的意义：图线与纵轴交点表示I=0，是断路状态，纵坐标表示电动势．图线的斜率大小等于电源的内阻．短路时，外电阻R=0，由欧姆定律求出短路电流．再由U=E ﹣Ir，求出路端电压为1V时，读出电路中的电流．解答：解：A、由闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir得知，当I=0时，U=E，由图读出电源的电动势E=2.0V．故A正确．B、电源的内阻等于图线斜率的确定值，为r==Ω=0.2Ω．故B正确．C、电源短路时R=0，电流I短===10A．故C错误．D、由图读出，电路路端电压U=1V时，电路中电流为I=5A，故D正确．故选：ABD．点评：本题中电源的短路电流，是同学读图时经常消灭的错误，把（6.0，0.8）点的状态当成短路，说明对短路的特点不了解，短路时，路端电压U=0．20．（3分）（2010秋•兖州市期末）如图所示的图象能正确反映下面哪两个量的变化规律（）A．初速度为零的匀加速直线运动的速度与时间，y表示速度，x表示时间B．路端电压与外电阻，y表示路端电压，x表示外电阻C．带电粒子在某处所受电场力与带电量，y表示电场力，x表示带电量D．电容器的带电量与电压，y表示带电量，x表示电压考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：图中y﹣x图象是直线，斜率肯定；结合速度时间关系公式、欧姆定律公式、电场力公式、电容定义公式列式求解即可．解答：解：A、初速度为零的匀变速直线运动的速度与时间关系为v=at，v﹣t图象是一条过原点的倾斜直线，故A正确；B、路端电压与外电阻的关系，U=IR；依据闭合电路欧姆定律，I=，由于外电阻变化时，电流也变化，故U﹣R图象是曲线，故B错误；C、带电粒子在某处所受电场力F=qE，某处场强E肯定，则F与q成正比，F﹣q图象是一条通过坐标原点的直线，故C正确；D、平行板电容器极板上所带的电量与两极板间电势差的关系公式为Q=CU，故Q﹣U图象是直线，但肯定通过坐标原点，故D正确．故选：ACD．点评：本题关键是建立数学模型分析，同时要记住力学与电学中的基本公式，如运动学公式、定律定律公式等．三．填空题（每个空2分，共16分）21．（4分）（2022秋•塘沽区校级期中）有一段粗细均匀的导线，它的电阻是4Ω，把它对折起来作为一条导线用，电阻是1Ω，如把它均匀拉长到原来的两倍，电阻又是16Ω．考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：由电阻定律的公式依据题意中给出的变化进行比较即可得出阻值不变的选项．解答：解：有电阻定律R=可知它对折起来作为一条导线用长度是，横截面积是2倍，=1Ω；如把它均匀拉长到原来的两倍，长度是2倍，横截面积是倍，则=4×4Ω=16Ω．故答案为：1，16点评：本题考查电阻定律公式的应用，留意电阻与导体长度成正比，与导体的横截面积成反比．22．（2分）（2022秋•塘沽区校级期中）如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在A B弧中点处的电场强度大小为．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电小球沿竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管从A点静止释放，当滑到最低点时，对管壁恰好无压力．在下滑过程中由动能定理可求出最低点的速度大小，从而由牛顿其次定律可求出电场力，从而确定电场强度大小．解答：解：由题意知点电荷在AB弧中点处的电场强度大小与圆弧中点B的场强大小相等，设为E，则小球在该处受到的电场力为F=qE设小球至圆弧中点的速度为v，圆弧半径为R，对小球下滑至最低点的过程由机械能守恒定律得mgR=mv2小球在圆弧中点依据题意，由牛顿其次定律得F﹣mg=m综合以上各式解得：E=故答案为：。

天津市滨海新区塘沽滨海中学14—15学年上学期高一期中考试化学试题可能用到的相对原子质量：C-12，O-16，Na-23，Mg-24，Al-23，S-32，Fe-56，Cl-35.5第Ⅰ卷选择题（共50分）一、选择题（每小题2分，共60分。

每题只有一个选项符合或最符合题意）1、据中央电视台报道，近年来我国的一些沿江城市多次出现大雾天气，致使高速公路关闭，航班停飞，雾属于下列哪种分散系（）A、乳浊液B、溶液C、胶体D、悬浊液2、设阿伏加德罗常数为N A，则下列说法正确的是（）A、甲烷的摩尔质量为16克B、标准状况下，0.3molSO2中含氧原子数为0.3N AC、常温下，2.7克铝离子所带的电荷数为0.3 N AD、常温下，9.5克MgCl2晶体中含Mg2＋为0.2 N A3、氯化铁溶液和氢氧化铁胶体具有的共同性质是（）A、分散质粒子直径都在1－100nm之间B、都能通过半透膜C、都能通过滤纸D、都呈红褐色4、在酸性溶液中，可大量共存的离子是（）A、K＋Na＋OH-SO42-B、Mg2＋SO42-NH4+Cl-C、K＋Na＋HCO3-Cl-D、K＋Na＋NO3-CO32-5、Na2CO3俗名纯碱，下面是对纯碱采用不同分类法的分类，不正确的是（）A、Na2CO3是碳酸盐B、Na2CO3是盐C、Na2CO3是钠盐D、Na2CO3是碱6、遇到下列情况，处理不当的是（）A、不小心将少量浓硫酸沾到皮肤，立即用水冲洗。

B、加热试管内的物质时，试管底部应置于酒精灯的外焰部分C、为了避免浪费，应该把实验用剩的药品放回原试剂瓶中。

D、连接并组装成套仪器时，一般按自下而上、从左到右的顺序进行安装。

7、下列叙述正确的是（）。

A、0.012 kg12C含有6.02×1023个碳原子B、1 mol任何物质都含有6.02×1023个原子C 、硫酸的摩尔质量是98 gD 、常温常压下，1 mol 氧气的体积为22.4 L10、如果a g 某气体中含有的分子数为b ，则c g 该气体在标准状况下的体积是（ ）A 、A aN bc 4.22 LB 、A cN ab 4.22 L C 、A bN ac 4.22L D 、A acN b 4.22 L 11、离子方程式H ＋+OH -=H 2O 所表示的反应是（ ）A 、所有酸和碱之间的中和反应B 、所有强酸和强碱之间的中和反应C 、所有可溶性酸和可溶性碱之间的中和反应D 、强酸溶液与强碱溶液生成可溶性盐和水的反应12、对于相同物质的量的SO 2和SO 3，下列说法中正确的是（ ）A 、氧元素的质量比为1∶1B 、分子数之比为1∶1C 、原子总数之比为1∶1D 、质量之比为1∶113、下列物质中属于电解质的是（ ）A 、H 2OB 、CO 2C 、NaCl 溶液D 、Fe 14、下列类型的化学反应一定是氧化还原反应的是（ ）A 、化合反应B 、分解反应C 、置换反应D 、复分解反应15、下列变化中需加入氧化剂才能实现的是（ ）A 、Cl -→Cl 2B 、Fe 3+→Fe 2+C 、CuO→CuD 、H 2SO 4→BaSO 416、下列溶液中Cl －浓度与50 mL 1 mol·L -1 AlCl 3溶液中Cl －浓度相等的是 ( )A、150 mL 1 mol·L-1的NaCl溶液B、75 mL 2 mol·L-1 NH4Cl溶液C、75 mL 1 mol·L-1的FeCl3溶液D、150 mL 2 mol·L-1的KCl溶液17、下面是有关厨房中的常见操作或者常见现象，其中不属于氧化还原反应的是（）A、烧菜用过的铁锅，经放置常出现红棕色斑迹B、用煤气灶燃烧沼气22、下列离子方程式改写成化学方程式正确的是（）A、Mg2++2OH－=Mg(OH)2↓ MgSO4+Ba(OH) 2=Mg(OH)2↓+BaSO4↓B、Fe+Cu2+=Fe2++Cu Fe+Cu(OH)2=Fe(OH)2+CuC、Ag++Cl－=AgCl↓ AgNO3+HCl=AgCl↓+HNO3D、CO2+2OH－=CO32-+H2O CO2+Cu(OH)2=CuCO3↓+H2O23、下列关于Na2O和Na2O2的叙述正确的是（）A、都是白色固体B、都是碱性氧化物C、都能和水反应形成强碱溶液D、氧元素的化合价都是－2第Ⅱ卷非选择题（共50分）26、选择下列实验方法分离物质，将分离方法的序号填在横线上。

2021-2022学年天津市滨海新区塘沽滨海中学高一（下）第一次月考物理试卷一、选择题（（1-15题只有一个答案正确，每小题3分．）1．（3分）（2011春•广州期末）关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A．曲线运动肯定是变速运动B．变速运动肯定是曲线运动C．曲线运动肯定是变加速运动D．运动物体的加速度大小、速度大小都不变的运动肯定不是曲线运动考点：曲线运动；物体做曲线运动的条件．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不肯定变化，由此可以分析得出结论．解答：解：A、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是转变的，所以曲线运动肯定是变速运动，所以A正确．B、变速运动也可以是平常所学的匀加速直线运动或匀减速直线运动，并不肯定是曲线运动，所以B错误．C、变加速运动是指加速度变化的运动，平抛运动的加速度是重力加速度，重力加速度是不变的，所以C错误．D、匀速圆周运动的加速度大小、速度大小都是不变的，所以D错误．故选A．点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要把握住．2．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）物体作平抛运动的过程中，下列那些量是不变的（）A．物体的速度B．物体运动的加速度C．物体竖直向下的分速度D．物体位移的方向考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动是具有水平方向初速度只在重力作用下的曲线运动，是加速度为g的匀加速曲线运动．解答：解：A、平抛运动是曲线运动，速度方向始终转变，故速度变化，故A错误；B、平抛运动只受重力，加速度为g，不变，故B正确；C、平抛运动竖直方向做自由落体运动，速度渐渐增大，故C错误；D、平抛运动是曲线运动，位移的方向时刻转变，故D错误．故选：B点评：本题主要考查了平抛运动的性质，是一个匀加速曲线运动，水平方向匀速，竖直方向自由落体运动．3．（3分）（2021春•九原区校级期中）关于匀速圆周运动的说法中正确的是（）A．匀速圆周运动是匀速运动B．匀速圆周运动是变速运动C．匀速圆周运动的线速度不变D．匀速圆周运动的角速度是变化的考点：匀速圆周运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．向心力方向始终指向圆心，是变化的．角速度不变．解答：解：AB、匀速圆周运动速度大小不变，方向时刻变化，故速度是变化的，是变速运动，故A错误，B正确．C、匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻转变，所以线速度变化．故C错误．D、匀速圆周运动的角速度不变，故D错误．故选：B．点评：矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢量都是变化的．4．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）从3.2m的高处平抛一个小球，若落地点到抛出的水平距离为8m，不计空气阻力，g=10m/s2则小球的水平抛出的初速度为（）A．4m/s B．10m/s C．8m/s D．6m/s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，依据高度求出运动的时间，结合水平位移和时间求出水平初速度．解答：解：依据h=得：t=，则水平方向初速度为：故选：B点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式机敏求解．5．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）质量为800kg的小汽车使过一半径为50m的圆拱桥，到达桥顶时的速度为10m/s，此时对桥顶的压力的大小为（）A．1600N B．6400N C．8000N D．9600N考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：汽车在桥顶，靠重力和支持力的合力供应向心力，依据牛顿其次定律求出支持力的大小，从而得出汽车对桥顶的压力大小．解答：解：在桥顶，依据牛顿其次定律得：mg﹣N=，解得：N=mg﹣m=8000﹣800×N=6400N，则汽车对桥顶的压力为6400N．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道汽车做圆周运动向心力的来源，结合牛顿其次定律进行求解．6．（3分）（2022春•桦甸市校级月考）一个圆盘可绕通过圆盘的中心O且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放置一小木板A，它随圆盘一起运动做匀速圆周运动，如图，则关于木板A的受力，下列说法正确的是（）A．木板A受重力、支持力和向心力B．木板A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的方向指向圆心C．木板A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的方向与木板运动方向相反D．木板A受重力、支持力、摩擦力和向心力考点：向心力；摩擦力的推断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：物体做圆周运动，肯定要有外力来充当向心力，对物体受力分析可以得出静摩擦力的方向．解答：解：对木块A受力分析可知，木块A受到重力、支持力和静摩擦力的作用．重力竖直向下，支持力竖直向上，这两个力为平衡力，由于物体有沿半径向外滑动的趋势，静摩擦力方向指向圆心，由静摩擦力供应物体做圆周运动的向心力，故B正确．故选：B点评：物体做圆周运动时都需要向心力，向心力是由其他的力来充当的，向心力不是一个单独力．7．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）如图所示，在光滑水平面上，小球在轻绳的拉力作用下做匀速圆周运动的轨迹为a，若小球到达P点时轻绳突然断裂，则小球运动的轨迹是（）A．轨迹a B．轨迹b C．轨迹c D．轨迹d考点：离心现象．分析：小球在拉力F作用下绕圆心O做匀速圆周运动时，拉力等于向心力，拉力突然消逝时，速度还没有来得及发生变化，所需要的向心力不变，物体将沿切线方向飞出．解答：解：小球在拉力F作用下绕圆心O做匀速圆周运动时，拉力等于向心力，当拉力F突然消逝时，由于惯性，物体将沿切线Pd做离心运动．故D正确．故选：D．点评：本题主要考查了离心运动的相关学问，当供应的力小于向心力时，做离心运动，难度不大．8．（3分）（2009•湖南校级模拟）关于铁道转弯处内外铁轨间的高度关系，下列说法中正确的是（）A．内、外轨一样高，以防列车倾倒造成翻车B．由于列车转弯处有向内倾倒的可能，故一般使内轨高于外轨，以防列车翻倒C．外轨比内轨略高，这样可以使列车顺当转弯，削减车轮与铁轨的挤压D．以上说法均不正确考点：打算向心力大小的因素．分析：火车轨道外高内低的设计是为了减轻轮缘与轨道之间的挤压，这样火车转弯时，轨道给火车的支持力和其重力的合力供应向心力，保证行车平安．解答：解：A、若内外轨道一样高，外轨对轮缘的弹力供应火车转弯的向心力，火车质量太大，靠这种方法得到的向心力，会导致轮缘与外轨间的作用力太大，使铁轨和车轮简洁受损，并不能防止列车倾倒或翻车，故A 错误；B、若内轨高于外轨，轨道给火车的支持力斜向弯道外侧，势必导致轮缘和轨道之间的作用力更大，更容使铁轨和车轮受损，故B错误；C、当外轨高于内轨时，轨道给火车的支持力斜向弯道内侧，它与重力的合力指向圆心，为火车转弯供应了一部分向心力，减轻了轮缘和外轨的挤压，在修筑铁路时，依据弯道半径和轨道速度行驶，适当选择内外轨道的高度差，可以使火车的向心力完全由火车的支持力和重力的合力供应，是火车行驶更平安，故C正确；D、依据C选项正确，可知选项D错误．故选C．点评：生活中有很多圆周运动的实例，要明确其设计或工作原理，即向心力是由哪些力来供应的．9．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）如图所示，天津永乐桥观光摩天轮半径为55米，外挂48个透亮座舱，约28分钟匀速旋转一周，则摩天轮边缘的线速度大小约为（）A．0.1m/s B．0.2m/s C．0.4m/s D．12m/s考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：周期是转动一圈的时间，依据v=即可求解线速度．解答：解：依据题意可知，周期T=25×60=1500s则线速度为v==m/s=0.2m/s故选：B．点评：本题主要考查了周期的概念以及线速度与周期的关系，难度不大，属于基础题．10．（3分）（2011•湖南模拟）如图所示，A、B两点分别位于大、小轮的边缘上，大轮半径是小轮半径的2倍，它们之间靠摩擦传动，接触面不打滑，则A、B两点的角速度之比ωA：ωB为（）A．1：2 B．1：4 C．2：1 D．1：1考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：A、B两点靠摩擦传动，具有相同的线速度，依据v=rω，求出A、B两点的角速度之比．解答：解：A、B两点靠摩擦传动，具有相同的线速度，依据v=rω，半径比为2：1，则角速度之比为1：2．故A 正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道通过摩擦传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，以及把握线速度与角速度的关系v=rω．11．（3分）（2007•广东模拟）如图所示，用细线吊着一个质量为m的小球，使小球在水平面内做圆锥摆运动，关于小球受力，正确的是（）A．受重力、拉力、向心力B．受重力、拉力C．受重力D．以上说法都不正确考点：向心力；牛顿其次定律．分析：先对小球进行运动分析，做匀速圆周运动，再找出合力的方向，进一步对小球受力分析！解答：解：小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，即向心力是依据力的效果命名的，这里是重力和拉力的合力！故选B．点评：向心力是效果力，匀速圆周运动中由合外力供应，是合力，与分力是等效替代关系，不是重复受力！12．（3分）（2021•金湖县校级模拟）如图所示，长度为0.5m的轻质细杆OA，A端有一质量为3kg的小球，正在以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动，已知小球通过最高点时的速度为2m/s，取g=10m/s2．则在小球通过最高点时，轻杆OA将（）A．受到6.0N的拉力B．受到6.0N的压力C．受到24N的拉力D．受到54N的拉力考点：向心力；牛顿其次定律；牛顿第三定律．分析：物体运动到圆周运动的最高点时，杆的弹力和重力的合力供应向心力，可以直接依据牛顿其次定律列式求解．解答：解：小球到达最高点时，受重力和杆的弹力，先假设为向下的弹力，由牛顿其次定律F+mg=m解得F=m﹣mg==﹣6N＜0故弹力的方向与假设的方向相反，为向上的6N支持力；依据牛顿第三定律，球对杆有向下的6N压力；故选B．点评：本题可先假设弹力向下，解的结果为正，假设成立，若为负，实际方向与假设方向相反！13．（3分）（2022春•杜集区校级期中）由于地球的自转，关于地球上的物体的角速度、线速度的大小，以下说法正确的是（）A．在赤道上的物体线速度最大B．在两极上的物体线速度最大C．赤道上物体的角速度最大D．北京和南京的角速度大小不等考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：同轴转动角速度相同，依据v=ωr知线速度与半径成正比，从而判定各选项．解答：解：在该题中，在地球上各点角速度相等，即有：ωA=ωB，所以由v=ωr知转动半径越大，线速度越大，在地球上赤道上线速度最大，两极最小，故A正确，BCD错误；故选：A．点评：解决此问题关键是找到不变的物理量，知道同轴转动角速度相等，皮带联动线速度相同．14．（3分）（2022秋•思明区校级期中）一圆筒绕其中心轴OO1匀速转动，筒内壁上紧挨着一个物体与筒一起运动相对筒无滑动，如图所示，物体所受向心力是（）A．物体的重力B．筒壁对物体的静摩擦力C．筒壁对物体的弹力D．物体所受重力与弹力的合力考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：做匀速圆周运动的物体合力等于向心力，向心力可以由重力、弹力、摩擦力中的任意一种力来供应，也可以由几种力的合力供应，还可以由某一种力的分力供应；本题中物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，合力等于支持力，供应向心力．解答：解：物体做匀速圆周运动，合力指向圆心对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，如图其中重力G与静摩擦力f平衡，支持力N供应向心力故选：C．点评：本题中要使静摩擦力与重力平衡，角速度要大于某一个临界值，即重力不能大于最大静摩擦力！15．（3分）（2022•浙江校级模拟）甲、乙两个物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1：2，转动半径之比为1：2，在相同时间里甲转过60°角，乙转过45°角．则它们的向心力之比为（）A．1：4 B．2：3 C．4：9 D．9：16考点：向心力．分析：依据角速度定义ω=可知甲、乙的角速度之比，再由向心力公式F向=mω2r可以求出他们的向心加速度之比．解答：解：相同时间里甲转过60°角，乙转过45°角，依据角速度定义ω=可知甲、乙的角速度之比为ω1：ω2=4：3由题意r1：r2=1：2m1：m2=1：2依据公式式F向=mω2rF1：F2=m1ω12r1：m2ω22r2=4：9故选C．点评：要生疏角速度定义公式和向心加速度公式，能依据题意机敏选择向心加速度公式！二、多选题（16-20题有多个答案正确，选对但不全得2分，有错误选项为零分）16．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）在曲线运动中，关于力和运动的关系，下列说法错误的是（）A．假如物体速度不断增大，则表明物体所受的合外力也在不断增大B．物体运动的方向上必有力的作用C．假如物体运动的速率不变，则物体所受合外力必为零D．物体的速度不断变化时，而其所受的合外力可以不变考点：曲线运动；物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：当加速度与速度不共线时，物体做曲线运动．曲线运动存在加速度，但加速度可以恒定（平抛运动），也可以变化（圆周运动）．解答：解：A、当加速度与速度不共线时，物体做曲线运动，速度增大时，合力可以不变，如平抛运动．故A错误，D正确；B、物体运动的方向上不肯定有力的作用，如匀速圆周运动，合外力始终与速度方向垂直．故B错误；C、物体做匀速圆周运动时，速率不变，但物体所受合外力不为零．故C错误；本题选错误的，故选：ABC点评：曲线运动是变速运动，但可以是匀变速曲线运动﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣这点经常被同学忽视．17．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）甲乙两物体都做匀速圆周运动，哪种状况下甲物体的向心加速度比乙大（）A．它们的线速度相等，乙的半径小B．它们的半径相等，乙的转速大C．它们的角速度相等，乙的线速度小D．它们的周期相等，乙的半径小考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：向心加速度的公式有：a=ω2r==vω=r，机敏选择公式分析即可．解答：解：A、线速度相等，乙的半径小；依据公式a=，甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故A错误；B、半径相等，乙的转速大；依据a=ω2r=（2πn2）r，甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故B错误；C、角速度相等，乙的线速度小；依据公式a=vω，甲的向心加速度大于乙的向心加速度，故C正确；D、周期相等，乙的半径小；依据公式a=r，甲的向心加速度大于乙的向心加速度，故D正确；故选：CD．点评：对于圆周运动的公式要接受把握变量法来理解．当半径不变时，加速度才与线速度、角速度和周期有单调性关系，而当半径也变化时，加速度与线速度、角速度和周期不具有单调性关系．18．（3分）（2022春•塘沽区校级月考）一小球用长为L的悬线固定于O点，在O点正下方距O 点处钉有一根长钉，把悬线沿水平方向拉直后无初速度地释放小球，当悬线遇到钉子的瞬时（）A．小球的向心加速度突然增大B．小球的角速度突然增大C．小球的速度突然增大D．悬线的张力突然增大考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线遇到钉子的前后瞬间，线速度大小不变，半径发生变化，依据v=rω，a=推断角速度、向心加速度大小的变化，依据牛顿其次定律推断悬线拉力的变化．解答：解：A、把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线遇到钉子的前后瞬间，由于惯性，线速度大小不变，依据a=得，线速度大小不变，半径变小，则向心加速度变大，故A正确，C错误；B、依据v=rω，知线速度大小不变，半径变小，则角速度增大，故B正确；D、依据牛顿其次定律得，T﹣mg=得，T=mg+；半径变小，则拉力变大，故D正确；故选：ABD．点评：解决本题的关键知道线速度、角速度、向心加速度之间的关系，以及知道在本题中悬线遇到钉子的前后瞬间，线速度大小不变．19．（3分）（2008•增城市模拟）如图所示，甲、乙两球作匀速圆周运动，向心加速度随半径变化．由图象可以知道（）A．甲球运动时，线速度大小保持不变B．甲球运动时，角速度大小保持不变C．乙球运动时，线速度大小保持不变D．乙球运动时，角速度大小保持不变考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：依据向心加速度的公式a==ω2r，知，线速度大小不变，向心加速度与半径成反比，角速度不变，向心加速度与半径成正比．解答：解：（1）甲球的向心加速度与半径成反比，依据a=，知线速度大小不变．故A正确，B错误．（2）乙球的向心加速度与半径成正比，依据a=ω2r，知角速度不变．故C错误，D正确．故选AD．点评：解决本题的关键知道向心加速度的公式a==ω2r，线速度大小不变，向心加速度与半径成反比，角速度不变，向心加速度与半径成正比．20．（3分）（2021•高港区校级模拟）以速度v0水平抛出一物体，当其竖直分位移与水平分位移相等时，此物体的（）A．竖直分速度等于水平分速度B．瞬时速度为C．运动时间为D．发生的位移为考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：由竖直位移和水平位移的关系列出方程可求得运动的时间，再由平抛运动的速度及位移关系可求得位移及瞬时速度．解答：解：由题意可知：v0t=gt2；解得：t=；故C正确；则合位移为：v0t=，故D正确；此时竖直分速度为v y=gt=2v0；故A错误；合速度v==v0；故B正确；故选BCD．点评：对于平抛运动的理解重点在于应用速度的合成与分解学问的应用，要把握合运动与分运动的关系及求法．三、填空题（每个空2分，共10分）21．（4分）（2021春•莲湖区校级期中）某质点做匀速圆周运动的轨道半径为80cm，周期为2s，则它做匀速圆周运动的线速度为0.8πm/s；向心加速度为0.8π2m/s2．考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：本题比较简洁，直接依据向心加速度的定义以及角速度、线速度、周期之间的关系可以正确解答本题解答：解：角速度为：ω==πs线速度为：v=rω=0.8πm/s向心加速度为：a=rω2=0.8×π2=0.8π2m/s2故答案为：0.8π，0.8π2点评：描述圆周运动的概念比较多，要娴熟把握各个概念的物理意义，以及各物理量之间的关系．22．（2分）（2022春•塘沽区校级月考）飞机离地起飞时，水平分速度为200m/s，竖直分速度为150m/s，飞机飞离地面时的速度大小250m/s ．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：依据运动的合成法则，结合三角函数关系，即可求解．解答：解：依据力的平行四边形定则，则有：v==250m/s；故答案为：250．点评：考查矢量的合成法则，把握勾股定理的应用，留意正确的计算．23．（2分）（2022春•塘沽区校级月考）两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动，周期之比为T A：T B=1：27，则轨道半径之比1：9．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：万有引力定律的应用专题．分析：依据万有引力供应向心力得出轨道半径和周期的关系，从而结合周期之比求出轨道半径之比．解答：解：依据得，r=，由于T A：T B=1：27，则轨道半径之比r A：r B=1：9．故答案为：1：9．点评：解决本题的关键知道万有引力供应向心力这一理论，知道周期与轨道半径的关系，并能机敏运用．24．（2分）（2022春•塘沽区校级月考）两个质量均匀的球体相距r，它们之间的万有引力为10﹣8N，若它们的质量、距离都增加为原来的两倍，则它们之间的万有引力为10﹣8N．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：转变了两个物体的质量和距离，只需要代入万有引力定律求解．解答：解：原来的万有引力为：后来变为：即：F′=F=10﹣8N，故答案为：10﹣8．点评：此题是万有引力定律的基础应用，直接应用万有引力定律即可．四、试验题（每个空2分，共6分）25．（2分）（2008春•上虞市校级期中）安装试验装置过程中，斜槽末端的切线必需是水平的，这样做的目的是（）A．保证小球运动的轨道是一条抛物线B．保证小球在空中运动的时间每次都相等C．保证小球飞出时，初速度水平D．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小考点：争辩平抛物体的运动．专题：试验题；平抛运动专题．分析：在试验中让小球在固定斜槽滚下后，做平抛运动，记录下平抛后运动轨迹．然后在运动轨迹上标出特殊点，对此进行处理，由于是同一个轨迹，因此要求抛出的小球初速度是相同的，所以在试验时必需确保抛出速度方向是水平的，同时固定的斜槽要在竖直面．解答：解：争辩平抛运动的试验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出时小球才做平抛运动，故ABD错误，C正确．故选C．点评：在试验中如何实现让小球做平抛运动是关键，因此试验中关键是斜槽末端槽口的切线保持水平及固定后的斜槽要竖直．26．（2分）（2022•广陵区校级学业考试）如图所示，在争辩平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开接触开关S，被电磁铁吸住的小球B就会同时自由下落．转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，该试验现象说明白A球在离开轨道后（）A．竖直方向的分运动是匀速直线运动B．竖直方向的分运动是自由落体运动C．水平方向的分运动是匀速直线运动D．水平方向的分运动是匀加速直线运动考点：争辩平抛物体的运动．专题：试验题．分析：球A与球B同时释放，同时落地，由于B球做自由落体运动，A球做平抛运动，说明A球的竖直分运动与B球相同．解答：解：球A与球B同时释放，同时落地，时间相同；A球做平抛运动，B球做自由落体运动；将球A的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，两个分运动同时发生，具有等时性，因而A球的竖直分运动与B球时间相等，转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，说明在任意时刻在两球同一高度，即A球的竖直分运动与B球完全相同，说明白平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；故选：B．点评：本题关键将平抛运动正交分解后抓住题中的“转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地”，得出A球的竖直分运动与B球的运动相同．27．（2分）（2022春•塘沽区校级月考）在争辩平抛物体运动的试验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=5cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=（用L、g表示）．。