房山区高三第一次模拟测试卷物理部分13．下列说法中正确的是A ．光电效应说明光具有波动性B ．光纤通信利用了光的折射现象C ．泊松亮斑说明了光沿直线传播D ．光的干涉和衍射现象说明光具有波动性14. 日本福岛核电站发生核泄漏危机引起世界对安全利用核能的关注。
泄漏的污染物中含有131I 和137Cs 。
131I发生衰变时会释放β射线；137Cs 发生衰变时会释放γ射线，过量的射线对人体组织有破坏作用。
核泄露一旦发生，应尽量避免污染物的扩散。
下列说法正确的是A ．γ射线电离作用很强B ．β射线是高速电子流C ．目前世界上运行的核电站均采用核聚变D ．可以通过降低温度减小污染物的半衰期，从而减小危害15．宇航员在月球表面附近高h 处释放一个物体，经时间t 后落回月球表面，月球半径为R 。
在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的宇宙飞船速率为A．2tB．tC．tD16. 如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图乙中曲线a 、b 所示，则A ．两次t ＝0时刻线圈的磁通量均为零B ．曲线a 、b 对应的线圈转速之比为2∶3C ．曲线a 表示的交变电动势频率为25 HzD ．曲线b 表示的交变电动势有效值为10 V17．如图所示，在一个粗糙的绝缘水平面上，彼此靠近地放置两个带电的小物块。
由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终静止在水平面上。
在物块的运动过程中，下列表述正确的是A ．两个物块一定同时运动同时静止B ．物块间的电场力不做功C ．两个物块的电势能逐渐减少D ．物块受到的摩擦力始终小于物块间的电场力 18．右图是某同学站在压力传感器上做下蹲-起立的动作时传感器记录的压力随时间变化的图线，纵坐标为压力，横坐标为时间。
由图线可知，该同学的体重约为650N ，除此以外，还可以得到以下信息A ．1s 时人处在下蹲的最低点B ．2s 时人处于下蹲静止时间（s ）400600800 1000 2 4 5（N ） 3-2s)乙状态C．该同学做了2次下蹲-起立的动作D．下蹲过程中人始终处于失重状态19．图甲是用来探究加速度和力之间关系的实验装置示意图，图乙是其俯视图。
两个相同的小车，放在比较光滑的水平板上（摩擦力很小，可以略去），前端各系一条细绳，绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘，盘里可放砝码。
两个小车后端各系一条细线，细线后端用夹子固定，打开夹子，小盘和砝码牵引小车运动，合上夹子，两小车同时停止。
用刻度尺测出两小车通过的位移，则位移之比就等于它们的加速度之比。
为了探究加速度大小和力大小之间的关系，下列说法中正确的是A．使小盘和砝码的总质量尽可能等于小车质量B．若将小车放在粗糙水平板上，对实验结果没有影响C．位移之比等于加速度之比是因为小车的位移与加速度成正比D．可在两小盘内放置相同质量的砝码，在两小车内放置不同质量的砝码进行实验20．美国科研人员2月11日宣布，他们利用激光干涉引力波天文台（LIGO）于去年9月首次探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前所做的猜测。
在爱因斯坦的描述中，有质量的物体会使它周围的时空发生扭曲，物体质量越大，时空就扭曲的越厉害。
当有质量的两物体加速旋转的时候，他们周围的时空会发生起伏，震颤，波浪……这种“时空扰动”以波（涟漪）的形式向外传播，这就是“引力波”。
其实只要有质量的物体加速运动就会产生引力波，不同方式产生的引力波的波长是不一样的。
引力波是以光速传播的时空扰动，是横波。
引力波和物质之间的相互作用极度微弱，因此它的衰减也是极度缓慢的。
引力波的发现为我们打开了研究宇宙的全新窗口，引力波携带着与电磁波截然不同的信息，将为我们揭示宇宙新的奥秘。
根据上述材料做下列推断，其中一定错误．．的是A．引力波应该只能在真空中传播B．引力波应该携带波源的信息C．引力波应该有偏振现象D．引力波应该不容易被探测到21．（18分）（1）在“用油膜法估测分子大小”的实验中，已知实验室中使用的酒精油酸溶液每104mL溶液中含有2mL油酸，又用滴管测得每50滴这种酒精油酸溶液的总体积为1mL，将一滴这种溶液滴在浅盘中的水面上，在玻璃板上描出油膜的边界线，再把玻璃板放在画有边长为1cm的正方形小格的纸上(如右图)。
①油膜占有的面积约为_________cm2。
②油酸分子的大小d=_________m。
（结果保留一位有效数字）（2）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，需测量一个“2.5V，0.3A”的小灯泡两端的电压和通过它的电流。
现有如下器材：直流电源（电动势3.0V，内阻不计）电流表A1（量程3A，内阻约0.1Ω）电流表A2（量程600mA，内阻约5Ω）电压表V1（量程3V，内阻约3kΩ）电压表V2（量程15V，内阻约15kΩ）滑动变阻器R1（阻值0~10Ω，额定电流1A）滑动变阻器R2（阻值0~1kΩ，额定电流300mA）①在该实验中，电流表应选择____________（填“A1”或“A2”），电压表应选择____________（填“V1”或“V2”），滑动变阻器应选择____________（填“R1”或“R2”）。
②为了减小实验误差，应选择以下哪个实验电路进行实验A B C0.200.100.30③ 下表是学习小组在实验中测出的数据，某同学根据表格中的数据在方格纸上已画出除了第6组数据的对应点，请你在I-U 图象上画出第6组数据的对应点，并作出该小灯泡的伏安特性曲线。
④ 实验中，如果把这个小灯泡和一个阻值为9Ω的定值电阻串联在电动势为3V ，内阻为1Ω的直流电源上。
则小灯泡消耗的实际功率约为__________W。
22．（16分）AB 是竖直平面内的四分之一光滑圆弧形轨道，圆轨道半径R=1.25m ，其末端切线是水平的，轨道下端距地面高度h=0.8米，如图所示。
质量M= 1kg 的小物块自A 点由静止开始沿轨道下滑至 B 点沿轨道末端水平飞出，落在地上的C 点。
重力加速度g 取10 m/s 2。
求（1）小物块到达B （2）小物块到达B 点时对轨道的压力大小； （3）小物块的落地点C 与B 点的水平距离。
23．2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功。
设某一舰载机质量为m = 2.5×104kg ，着舰速度为v 0=50m/s ，着舰过程中航母静止不动。
发动机的推力大小恒为 F = 1.2×105 N ，若空气阻力和甲板阻力保持不变。
（1）若飞机着舰后，关闭发动机，仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a 0=2m/s 2的加速度做匀减速运动，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里。
A舰载机（2）为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了拦阻索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机。
若飞机着舰后就钩住拦阻索，图示为飞机钩住拦阻索后某时刻的情景，此时飞机的加速度大小为a 1=38m/s 2，速度为40 m/s ，拦阻索夹角θ=106°两滑轮间距40m ，（sin530.8,cos530.6︒=︒=）a ．求此时拦阻索承受的张力大小。
b. 飞机从着舰到图示时刻，拦阻索对飞机做的功。
24.（1）如图所示，图甲是电阻为R 半径为r 的金属圆环，放在匀强磁场中，磁场与圆环所在平面垂直，图乙是磁感应强度B 随时间t 的变化关系图像(B 1 B 0 t 0均已知)，求：a ．在0-t 0的时间内，通过金属圆环的电流大小，并在图中标出电流方向；b ．在0-t 0的时间内，金属圆环所产生的电热Q 。
（2）超导体在温度特别低时电阻可以降到几乎为零。
将一个闭合超导金属圆环水平放置在匀强磁场中，磁感线垂直于圆环平面，逐渐降低温度使超导环发生由正常态到超导态的转变后突然撤去磁场，此后若环中的电流不随时间变化，则表明其电阻为零。
为探究该圆环在超导状态的电阻率上限，研究人员测得撤去磁场后环中电流为I ，并经一年以上的时间t 未检测出电流变化。
实际上仪器只能检测出大于ΔI 的电流变化，其中II ∆≪，当电流的变化小于ΔI 时，仪器检测不出电流的变化，研究人员便认为电流没有变化。
设环的横截面积为S ，环中电子定向移动的平均速率为v ，电子质量为m 、电荷量为e ，环中定向移动电子减少的动能全转化为圆环的内能。
试用上述给出的各物理量，求超导状态的电阻率上限ρ。
B 10B 00.20 0.100.30房山区高三一模物理学科参考答案(1)① 60±2cm 2 3分 ② 7×10-10m 或6×10-10m 3分 (2)① A 2 V 1 R 1 3分 ② C 3分 ③ 3④ 0.20±0.02W 22．（1）有动能定理得：212B MgR Mv = 3分带入数据解得5B v ==m/s 1分（2）由牛顿运动定律得：2BMv N Mg R-= 4分带入数据解得：3N Mg ==30N 1分由牛顿第三定律得支持力与压力等大反向，所以压力为30N 1分 （3）由平抛运动规律得：212h gt = 2分带入数据得0.4t =s 1分 由B x v t = 2分 带入数据解得 2x =m 1分23.（1）（1） 由匀变速直线运动规律得 2202t v v ax -=带入数据解得625x =m 5分（2）a ．有牛顿第二定律得ma f = 得f =5×104N 2分 飞机着舰受力如图：2分有牛顿第二定律得： 2s i n 37m a T f F =︒+- 2分 带入数据解得：58.510T =⨯N 1分 b ．从着舰到图示位置飞机前进115x =m 2分 由动能定理得：11T k Fx W fx E ++=∆ 3分 带入数据解得：T W =-1.23×107J 1分 24. （1）a.由法拉第电磁感应定律得 E t∆Φ=∆ 2分 BS ∆Φ=∆=210()r B B π- 2分EI R=1分 联立解得：2100()r B B I Rt π-=1分 方向 1分Fb.2Q IR t = 得 242100()r B B Q Rt π-=3分(2)设圆环周长为l 、电阻为R ，由电阻定律得lR Sρ= 1分设t 时间内环中电流释放焦耳热而损失的能量为E ∆，由焦耳定律得2E I Rt ∆= 1分设环中单位体积内定向移动电子数为n ，则I nevS = 1分式中n 、e 、S 不变，只有定向移动电子的平均速率的变化才会引起环中电流的变化，电流变化大小取I ∆时，相应定向移动电子的平均速率的变化得大小为v ∆，则I neS v ∆=∆ 2分设环中定向移动电子减少的动能总和为k E ∆，则2211()22k E nlS mv m v v ⎡⎤∆=--∆⎢⎥⎣⎦2分由于II ∆，可得 k l m vE I e∆=∆ 2分 因为环中定向移动电子减少的动能全转化为圆环的内能。
