内蒙古集宁一中2017_2018学年高二物理上学期期中试题

2017—2018年度第一学期期中考试高二年级物理试题本试卷分为Ⅰ卷(选择题，48分）和Ⅱ卷（非选择题，62分）两部分，考试时间为100分钟第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-9为单项选择；10-12为多项选择，全选对得4分，选对但不全，得2分，有选错得0分）1.用电器离电源为L，线路上的电流为I，为了使线路上的电压不超过U，已知输电线的电阻率为ρ，那么输电线的横截面积最小值为（）A. B. C. D.2.a、b、c三个粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好从下板边缘飞出电场，由此可以肯定（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．b和c同时飞离电场C．进入电场时，a的速度最大，c的速度最小D．三者动能的增量一样大3..如图所示的电路图中，C2=2C1，R2=2R1下列说法正确的是：（）A. 开关处于断开状态，电容器C1的电量与电容器C2的电量之比为1：1B. 开关处于断开状态，电容器C1的电量与电容器C2的电量之比为1：4C. 开关处于接通状态，电容器C1的电量与电容器C2的电量之比为1：1D. 开关处于接通状态，电容器C1的电量与电容器C2的电量之比为1：44. 指南针是我国古代四大发明之一。

关于指南针，下列说明正确的是( )A. 指南针可以仅具有一个磁极B. 指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C.指南针的指向不会受到附近铁块的干扰D.在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转5．将阻值随温度升高而减小的热敏电阻R1和定值电阻R2串联，接在不计内阻的稳压电源两端。

开始时R1和R2阻值相等，当电路接通后，R1随着温度的升高电阻不断减小，下面说法正确的是（）A．R 1消耗的功率逐渐变大 B．R 1消耗的功率逐渐变小C． R2消耗的功率不变 D .R2消耗的功率逐渐变小6.两电源电动势分别为E1、E2（E1>E2），内阻分别为r1、r2。

2017-2018学年内蒙古乌兰察布市集宁一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中.第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．下述关于力和运动的说法中，正确的是（）A．物体在变力作用下不可能作直线运动B．物体作曲线运动，其所受的外力不可能是恒力C．不管外力是恒力还是变力，物体都有可能作直线运动D．不管外力是恒力还是变力，物体都有可能作匀速圆周运动2．物体以初速度v0水平抛出，当抛出后竖直位移是水平位移的2倍时，则物体抛出的时间是（）A．B．C．D．3．质量为m的飞机以恒定速率v在空气水平盘旋，如图所示，其做匀速圆周运动的半径为R，重力加速度为g，则此时空气对飞机的作用力大小为（）A．m B．mg C．m D．m4．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．已知引力常量为G，则这颗行星的质量为（）A．B．C．D．5．目前普遍认为，原子核中的质子和中子都是由被称为u夸克和d夸克的两类夸克组成的，u夸克带电荷量为+，d夸克带电荷量为，e为元电荷．下列论断中可能正确的是（）A．质子由1个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成B．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成C．质子由1个u夸克和2个d夸克组成，中子由2个u夸克和1个d夸克组成D．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和1个d夸克组成6．如图所示，质量为m的小车在水平恒力F推动下，从山坡（粗糙）底部A处由静止起运动至高为h的坡顶B，获得的速度为v，A、B之间的水平距离为s，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．小车克服重力所做的功是mghB．合外力对小车做的功是mv2C．推力对小车做的功是FSD．阻力对小车做的功是Fs﹣mv2﹣mgh7．蹦床是一项好看又惊险的运动，如图所示为运动员在蹦床运动中完成某个动作时在不同位置的示意图，图中虚线PQ是弹性蹦床的初始位置，A为运动员抵达的最高点，B为运动员刚抵达蹦床时的位置，C为运动员抵达的最低点．不考虑空气阻力，在A、B、C三个位置上运动员的机械能分别是E A、E B、E C，则下列判断正确的是（）A．运动员由B到C过程中先加速后减速B．运动员由B到C过程中一直减速C．E A=E B，E B＞E CD．E A＞E B，E B=E C8．如图所示，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b虚线所示的径迹，重力不计，下列判断正确的是（）A．b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左三、非选择题．（22题-25题为物理题，计算题要求写出必要的文字说明和计算步骤．26题-29题为化学题．30题-32题为生物题．）9．在用落体法验证机械能守恒定律时，某小组按照正确的操作得到一条纸带，如图．其中O 是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中，单位：cm （已知打点计时器所用电源的频率为50HZ，当地的重力加速度大小为g=9.80 m/s2，重锤质量为m，计算结果均保留三位有效数字）．（1）这三个数据中不符合有效数字读数要求的是段的读数，应记作cm．（2）甲同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒定律，他用AC段的平均速度作为B点对应的瞬时速度v B，则求得该过程中重锤的动能的增加量为，重力势能的减少量为．这样验证的系统误差总是使动能的增加量重力势能的减少量（选填“＞”、“＜”或“=”）．（3）乙同学根据同一条纸带，同一组数据，也用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒定律，他将打点计时器打下的第一个点O记为第1个点，图中的B是打点计时器打下的第9个点．因此他用v=gt计算与B点对应的瞬时速度v B，得到动能的增加量为，这样验证的系统误差总是使动能的增加量重力势能的减少量．（4）上述两种处理方法中，你认为合理的是同学所采用的方法（填“甲”或“乙”）10．2013年6月11日，我国神舟十号载人飞船成功发射．飞船变轨后以速度v沿圆形轨道环绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R，地球质量为M，引力常量为G．求：（1）飞船绕地球运行时距地面的高度h；（2）飞船环绕地球运行的周期T．11．如图所示，让摆球从图中A位置由静止开始下摆，正好摆到最低点B位置时线被拉断．设摆线长L=1.6m，悬点O点离地高H=5.8m，不计断绳时机械能损失，不计空气阻力，g取10m/s2求：（1）摆球刚到达B点时的速度大小；（2）落地时小球速度大小．12．竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场．其电场强度为E，在该匀强电场中，用丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，如图所示，请问：（1）小球带电荷量是多少？（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？2017-2018学年内蒙古乌兰察布市集宁一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中.第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．下述关于力和运动的说法中，正确的是（）A．物体在变力作用下不可能作直线运动B．物体作曲线运动，其所受的外力不可能是恒力C．不管外力是恒力还是变力，物体都有可能作直线运动D．不管外力是恒力还是变力，物体都有可能作匀速圆周运动【考点】牛顿第一定律；牛顿第二定律；向心力．【分析】当作用力与速度方向在同一直线上时，物体做直线运动，当作用力力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动，作用力的大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、当作用力与速度方向在同一直线上时，物体做直线运动，作用力的大小可以变化，故A错误，C正确；B、物体作曲线运动，其所受的外力可能是恒力，如平抛运动，只受重力，故B错误；C、物体做匀速圆周运动，合外力提供向心力，且合外力的大小不变，方向时刻改变，所以恒力作用下不能做匀速圆周运动，故D错误．故选C2．物体以初速度v0水平抛出，当抛出后竖直位移是水平位移的2倍时，则物体抛出的时间是（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合竖直位移和水平位移的关系求出运动的时间．【解答】解：根据得，t=．故C正确．A、B、D错误．故选：C．3．质量为m的飞机以恒定速率v在空气水平盘旋，如图所示，其做匀速圆周运动的半径为R，重力加速度为g，则此时空气对飞机的作用力大小为（）A．m B．mg C．m D．m【考点】向心力．【分析】飞机受重力、空气的作用力，靠两个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出空气对飞机的作用力．=m．【解答】解：根据牛顿第二定律有：F合根据平行四边形定则，如图．空气对飞机的作用力F==m．故C正确，A、B、D错误．故选：C4．一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v．假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N．已知引力常量为G，则这颗行星的质量为（）A．B．C．D．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】先求出该星球表面重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解【解答】解：G=mg所以g=根据万有引力提供向心力得：解得：M=故选B5．目前普遍认为，原子核中的质子和中子都是由被称为u夸克和d夸克的两类夸克组成的，u夸克带电荷量为+，d夸克带电荷量为，e为元电荷．下列论断中可能正确的是（）A．质子由1个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成B．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成C．质子由1个u夸克和2个d夸克组成，中子由2个u夸克和1个d夸克组成D．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和1个d夸克组成【考点】原子的核式结构．【分析】根据u夸克带电量为，d夸克带电量为，质子带正电、中子不带电来判断u夸克、d夸克的个数．【解答】解：由质子带一个单位正电荷，中子不带电，设质子中u夸克、d夸克个数分别是x、y，x、y取正整数，则x×+y×（）=1，解得x=2、y=1；设中子中u夸克d夸克个数分别是m、n，m、n取正整数．m×（）+n×（）=0，解得m=1、n=2，故选B．6．如图所示，质量为m的小车在水平恒力F推动下，从山坡（粗糙）底部A处由静止起运动至高为h的坡顶B，获得的速度为v，A、B之间的水平距离为s，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．小车克服重力所做的功是mghB．合外力对小车做的功是mv2C．推力对小车做的功是FSD．阻力对小车做的功是Fs﹣mv2﹣mgh【考点】动能定理的应用；功的计算．【分析】小车受四个力作用，根据功的计算公式可计算恒力的功，由动能定理计算变力的功（1）重力做功只与物体的初末位移的高度差有关，与其它因素没有关系，W G=mgh；（2）推力是恒力，可以根据W=FLcosθ求解；（3）合外力对物体所做的功可根据动能定理求解；（4）摩擦阻力所做的功我们不好直接求解，但可以通过动能定理求得合外力所做的功，总共有三个力对物体做功，即推力和摩擦阻力还有重力对小车做功，这样就可以求得推力和摩擦阻力对小车做的功．【解答】解：A．重力对小车做的功为W G=mg△h=mg（h A﹣h B）=﹣mgh，故小车克服重力所做的功是mgh，故A正确B、对小车从A运动到B的过程中，运用动能定理得：合外力对小车做的功W=mv2﹣0=mv2，故B正确=Fs，故C正确．C、由于推力为恒力，故推力对小车做的功W推D、由动能定理得：W﹣mgh+W f=mv2，可得，阻力对小车做的功是：W f=mv2+mgh﹣Fs，推故D错误故选：ABC7．蹦床是一项好看又惊险的运动，如图所示为运动员在蹦床运动中完成某个动作时在不同位置的示意图，图中虚线PQ是弹性蹦床的初始位置，A为运动员抵达的最高点，B为运动员刚抵达蹦床时的位置，C为运动员抵达的最低点．不考虑空气阻力，在A、B、C三个位置上运动员的机械能分别是E A、E B、E C，则下列判断正确的是（）A．运动员由B到C过程中先加速后减速B．运动员由B到C过程中一直减速C．E A=E B，E B＞E CD．E A＞E B，E B=E C【考点】功能关系．【分析】从A到B的过程中，运动员做自由落体运动，速度逐渐增大，从B到C的过程中，重力先大于弹力，向下加速，然后弹力大于重力，向下减速，到达C点的速度为零．结合机械能守恒的条件分析．【解答】解：AB、从A到B的过程中，运动员做自由落体运动，由B到C过程中，运动员所受的蹦床的弹力先小于重力，后大于重力，所以运动员先加速后减速，故A正确，B错误．CD、在A到B的过程中，只有重力做功，运动员的机械能守恒，即有E A=E B．B到C的过程中，由于蹦床的弹性势能增大，则运动员的机械能减小，则E B＞E C．故C正确，D错误．故选：AC8．如图所示，实线为一匀强电场的电场线，一个带电粒子射入电场后，留下一条从a到b虚线所示的径迹，重力不计，下列判断正确的是（）A．b点电势高于a点电势B．粒子在a点的动能大于在b点的动能C．粒子在a点的电势能小于在b点的电势能D．场强方向向左【考点】电势能；电势．【分析】由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．【解答】解：A、D、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向左，因为带电粒子带电性质不确定，所以场强的方向也不能确定，从而不能判断ab两点电势的高低，故AD错误；B、C、带电粒子从a到b点过程中，电场力做负功，电荷的电势能增大，由动能定理，粒子的动能减小，即粒子在a点的动能大于在b点的动能，粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，故BC正确；故选：BC三、非选择题．（22题-25题为物理题，计算题要求写出必要的文字说明和计算步骤．26题-29题为化学题．30题-32题为生物题．）9．在用落体法验证机械能守恒定律时，某小组按照正确的操作得到一条纸带，如图．其中O 是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中，单位：cm （已知打点计时器所用电源的频率为50HZ，当地的重力加速度大小为g=9.80 m/s2，重锤质量为m，计算结果均保留三位有效数字）．（1）这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段的读数，应记作15.70cm．（2）甲同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒定律，他用AC段的平均速度作为B点对应的瞬时速度v B，则求得该过程中重锤的动能的增加量为 1.20m，重力势能的减少量为1.22m．这样验证的系统误差总是使动能的增加量＜重力势能的减少量（选填“＞”、“＜”或“=”）．（3）乙同学根据同一条纸带，同一组数据，也用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒定律，他将打点计时器打下的第一个点O记为第1个点，图中的B是打点计时器打下的第9个点．因此他用v=gt计算与B点对应的瞬时速度v B，得到动能的增加量为 1.23m，这样验证的系统误差总是使动能的增加量＞重力势能的减少量．（4）上述两种处理方法中，你认为合理的是甲同学所采用的方法（填“甲”或“乙”）【考点】验证机械能守恒定律．【分析】毫米刻度尺最小刻度是1mm，所以需要估读到下一位．动能的增加量：mv2，势能的减小量：mgh；由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量．【解答】解：（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm=0.1570m．（2）中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：v B==1.55m/s该过程中重锤的动能增加量E kB=m﹣0=1.20m重力势能减小量△E p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22m由于物体下落过程中存在摩擦阻力，这样验证的系统误差总是使△E k＜△E p．故填：大于；因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能（3）因为重锤质量为m，重锤的动能为E kB=m=m（gt）2=1.23m，即：重力势能的减少量小于动能的增加量，原因是：v是按照自由落体计算的，实际运动不是自由落体运动，有阻力，对应的下落高度比实际测得的高度要大．这样验证的系统误差总是使△E k＞△E p．（4）上述两种处理方法中，合理的是甲．故答案为：（1）OC，15.70；（2）1.20m，1.22m，＜；（3）1.23m，＞．（4）甲．10．2013年6月11日，我国神舟十号载人飞船成功发射．飞船变轨后以速度v沿圆形轨道环绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R，地球质量为M，引力常量为G．求：（1）飞船绕地球运行时距地面的高度h；（2）飞船环绕地球运行的周期T．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】（1）根据万有引力提供向心力求出轨道半径的大小，从而得出飞船距离地面的高度．（2）根据线速度与周期的关系求出飞船的运行周期．【解答】解：（1）根据万有引力提供向心力得，解得h=．（2）根据T=，r=R+h得，飞船的周期T=．答：（1）飞船绕地球运行时距地面的高度h=．（2）飞船环绕地球运行的周期T=．11．如图所示，让摆球从图中A位置由静止开始下摆，正好摆到最低点B位置时线被拉断．设摆线长L=1.6m，悬点O点离地高H=5.8m，不计断绳时机械能损失，不计空气阻力，g取10m/s2求：（1）摆球刚到达B点时的速度大小；（2）落地时小球速度大小．【考点】机械能守恒定律．【分析】（1）小球从A到B的过程中，摆线的拉力不做功，只有重力做功，小球的机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解摆球刚到达B点时的速度大小．（2）对小球从A到D的全过程中，运用机械能守恒定律求落地时小球速度大小．【解答】解：（1）小球从A摆至B的过程中，线对小球的拉力垂直于运动方向，对小球不做功，只有重力做功，机械能守恒．根据机械能守恒定律有mgL（1﹣cos60°）=mv B2得：v B==m/s=4m/s（2）小球从A到D的全过程中机械能守恒，则mg（H﹣Lcos60°）=mv D2得：v D=代入数据得v D=10m/s答：（1）摆球刚到达B点时的速度大小是4m/s；（2）落地时小球速度大小是10m/s．12．竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场．其电场强度为E，在该匀强电场中，用丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，如图所示，请问：（1）小球带电荷量是多少？（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）先分析小球的受力情况，重力竖直向下，电场力水平向右，绳子拉力沿绳子向上，处于三力平衡状态，根据平衡条件求解电荷量；（2）如将细线剪断，绳子的拉力撤去，其余二力的合力一定沿绳子的反方向，大小等于原先绳子的力，所以小球将做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律解出物体的运动时间．【解答】解：（1）由于小球处于平衡状态，对小球受力分析如图所示F sinθ=qE①F cosθ=mg②由得tanθ=，故q=．（2）由第（1）问中的方程②知F=，而剪断丝线后，小球所受电场力和重力的合力与未剪断丝线时丝线的拉力大小相等，故剪断丝线后小球所受重力、电场力的合力等于．小球的加速度a==，小球由静止开始沿着丝线拉力的反方向做匀加速直线运动，当碰到金属极上时，它经过的位移为s=，又由s=at2，t===答：（1）小球所带电荷为正，电荷量为．（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需要的时间为2017-2018学年10月19日。

A 集宁一中2018—2019学年第一学期第一次阶段性考试高二年级物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

本试卷满分为110分 第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、选择题（本题共8小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,1~5小题只有一个选项正确 ,6~8小题有多个选项正确，全部选对的得6分,选不全的得3分,有选错或不答的得0分） 1、两个不规则的带电导体间的电场线分布如图所示，已知导体附近的电场线均与导体表面垂直，a 、b 、c 、d 为电场中几个点，并且a 、d 为紧靠导体表面的两点，以无穷远为零电势点，则( )A ．场强大小关系有E a ＞E C B ．电势大小关系有ϕb ＞ϕdC ．将一负电荷放在d 点时其电势能为负值D ．将一正电荷由a 点移到d 点的过程中电场力做负功2、在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc ，顶点a 、b 处分别固定一个正点电荷，c 处固定一个负点电荷，它们的电荷量都相等，如图所示，D 点为正三角形外接圆的圆心，E 、G 、H 分别为ab 、ac 、bc 的中点，E 、F 两点关于c 点对称。

下列说法中正确的是（ ）A ．D 点的场强为零，电势也为零B ．E 、F 两点的电场强度大小相等、方向相反C ．G 、H 两点的场强相同D ．将一带正电的试探电荷由E 点移动到D 点的过程中，该电荷的电势能减小3、如图所示，匀强电场中的A 、B 、C 三点构成一边长为a 的等边三角形。

电场强度的方向与纸面平行，电子以某一初速度仅在静电力作用下从B 移动到E 0，质子以某一初速度仅在静电力作用下从C 移动到A 电子和质子电荷量绝对值均为e ，则匀强电场的电场强度为A ．2E 0ea B ．E 0ea C ．3E 03ea D ．23E 03ea4、 如图，在匀强电场中有一质量为m ，电荷量为q 点由静止释放，其运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，那么匀强电场大小为（ ）A. 惟一值q mg /tan θB. 最大值q mg /tan θC. 最小值q mg /sin θD. 最大值q mg / 5、如图所示，一个质量为m 、带电量为q 的粒子从两带电平行板的正中间沿与匀强电场垂直的方向射入，不计粒子所受的重力。

1内蒙古集宁一中2018-2019学年高二物理上学期期中试题（含解析）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

第I 卷（选择题)一、单选题1．从空中某一高度同时平抛，自由落下两个质量均为m 的小球，不计空气阻力，在小球落至地面的过程中（ ）A ．它们的动能变化不同，动量变化相同B ．它们的动能变化相同，动量变化相同C ．它们的动能变化不同，动量变化不同D ．它们的动能变化相同、动量变化都不同2．如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P 、Q 都可以看作质点，质量相等，Q 与轻弹簧相连，设Q 静止，P 以某一初速度向Q 运动并与弹簧发生碰撞，在整个过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于（ ）A ．P 的初动能B ．P 的初动能的1/2C ．P 的初动能的1/3D ．P 的初动能的1/43．如物体在运动过程中受到的合外力不为零，则（ ）A ．物体的动能不可能总是不变的B ．物体的动量不可能总是不变的C ．物体的加速度一定变化D ．物体的速度的方向一定变化 4．如图所示，空心导体上方有一靠近的带有正电的带电体，当一个重力不计的正电荷以速度v 水平飞入空心导体内时，电荷将做（ ）A ．向上偏转的类似平抛运动B ．向下偏转的类似平抛运动C ．匀速直线运动D ．变速直线运动 5．把一个架在绝缘支座上的导体放在负电荷形成的电场中,导体处于静电平衡时,导体表面上感应电荷的分布如图所示,这时导体( ) A ．A 端的电势比B 端的电势高 B ．A 端的电势比B 端的电势低 C ．A 端的电势可能比B 端的电势高,也可能比B 端的电势低 D ．A 端的电势与B 端的电势相等 6．如图所示，在O 、P 两点分别固定点电荷＋q 及－q ，比较图中a 、b 、c 三点场强大小的关系，ab 为PO 的中垂线，可得（ ）A ．E C ＞E b ＞E aB ．EC ＜E b ＜E a C ．E b ＞E a ＞E CD ．E b ＞E C ＞E a 7．将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。

集宁一中2017-2018学年第一学期期中考试高二年级物理试题本试卷满分为110分，考试时间为100分钟。

第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分,共48分。

1到7小题为单选题，8到12小题为多选题，每一小题全选对的得4分；选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分）1．某电场线分布如图所示，电场中a、b两点的电场强度大小分别为Ea 和Eb，电势分别为φa和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φbC．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb2．在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（）A．b点的电场强度一定比a点大 B.电场线方向一定从b指向aC．b点的电势一定比a点高 D.该电荷的动能一定减小3．空间中P、Q两点处各固定一个点电荷，其中P点处为正电荷，P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示，a、b、c、d为电场中的4个点，下列说法正确的是：（）A.P、Q两点处的电荷是等量同种电荷B.a点和b点的电场强度相同C.c点的电势低于d点的电势D.负电荷从a到c，电势能减少4．一质量为m的带电液滴以竖直向下的初速度v进入某电场中，由于电场力和重力的作用，液滴沿竖直方向下落一段距离h后，速度为零．下列判断正确的是（）A．电场力对液滴做的功为mv2B．液滴克服电场力做的功为mv2+mghC．液滴的机械能减少mgh D．液滴的机械能增加mgh5．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，则（）A．场强大小一定为E=40V/mB．c d间电势差一定为4 VC．场强的方向一定由b指向aD．c点电势可能比d点低6．如右图所示．当滑动变阻器的滑动触点向上端移动时，则（）A．V的示数增大，A的示数变小 B．V、A示数都增大C．V、A示数都减小 D．V示数减小，A示数增大7．一平行板电容器，两极板之间的距离为d和两极板面积为S都可以调节，电容器两极板始终与电池相连接．以Q表示电容器的电量，E表示两极板间的电场强度，则（）A．当d增大、S不变时，Q减小、E减小B．当S增大、d不变时，Q增大、E增大C．当S减小、d增大时，Q增大、E增大D．当S减小、d减小时，Q不变、E不变8．如右图所示，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的是（）A．电源的总功率为6W B.电源的输出功率为4WC．电源的效率为33.3% D.电源的效率为66.7%9．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如右图所示的电路．当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S断开，则以下判断正确的是（）A．液滴仍保持静止状态 B．液滴将向上运动C．电容器上的带电量将减为零D．电容器上的带电量将增大10．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如右图所示，从图线可以判断（）A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大11．如右图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W”字样，=0.5Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）电动机线圈的电阻RMA．电动机消耗的电功率是10W B.电动机的输出功率10WC．电动机的热功率是2WD．整个电路消耗的电功率是24W12．有一束带等量电荷的不同离子，组成的离子流，从同一点以垂直电场方向进入同一偏转电场，当这束离子流飞出电场后在荧光屏上形成同一个亮点，则有关这束离子的说法正确的是：( )A．离子电性相同 B．离子进入电场的初速度相同C．离子进入电场的初动能相同 D．离子飞越电场的时间相同第Ⅱ卷（非选择题共62分）二、实验题（每空4分，共24分）13．右图为一正在测量中的多用电表盘．使用时红表笔插入多用表的正(＋)插孔，则：(1)测电压时，电流从_______表笔流入多用电表；测电阻时，电流从________表笔流出多用电表；测电流时，电流从________表笔流入多用电表．(2)如果是用直流10 V挡测量电压，则读数为________ V.(3)如果是用“×1”挡测量电阻，则读数为________ Ω.(4)如果是用直流5 mA挡测量电流，则读数为________ mA.三、计算题（本题共3小题，共38分。

2017-2018学年内蒙古集宁一中（东校区）高二（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．1到7小题为单选题，8到12小题为多选题，每一小题全选对的得4分；选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分）1．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．闭合电路在磁场内做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流D．穿过闭合电路的磁通量发生变化，在电路中一定会产生感应电流2．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则（）A．线圈中感应电动势每秒增加2VB．线圈中感应电动势始终为2VC．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2VD．线圈中感应电动势每秒减少2V3．如图所示为三根通电平行直导线的断面图．若它们的电流大小都相同，且ab=ac=ad，则a点的磁感应强度的方向是（）A．垂直纸面指向纸里 B．垂直纸面指向纸外C．沿纸面由a指向b D．沿纸面由a指向d4．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示．在0﹣时间内，直导线中电流向上，则在﹣T时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（）A．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左B．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右C．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右D．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左5．由于科学研究的需要，常常将质子（H）和α粒子（He）等带电粒子贮存在圆环状空腔中，圆环状空腔置于一个与圆环平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B．如果质子和α粒子在空腔中做圆周运动的轨迹相同（如图中虚线所示），磁场也相同，比较质子和α粒子在圆环状空腔中运动的动能E kH和E kα及周期T H和Tα的大小，有（）A．E kH≠E kα，T H≠TαB．E kH=E kα，T H=TαC．E kH≠E kα，T H=TαD．E kH=E kα，T H≠Tα6．如图所示，悬线下挂着一个带正电的小球，它的质量为m，电荷量为q，整个装置处于水平向右的匀强电场中，电场强度为E，下列说法正确的是（）A．小球平衡时，悬线与水平方向夹角的正切值为B．若剪断悬线，则小球做曲线运动C．若剪断悬线，则小球做匀速运动D．若剪断悬线，则小球做匀加速直线运动7．某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．则下列说法中正确的是（）A．图线b表示输出功率P R随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C．在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C 三点，三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P CD．两个图线交点M与N的横坐标之比一定为1：2，纵坐标之比一定为1：38．调整欧姆零点后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，那么正确的判断和做法是（）A．这个电阻值很大B．这个电阻值很小C．为了把电阻测得更准确，应换用“×1”挡，重新调欧姆零点后测量D．为了把电阻测得更准确，应换用“×100”挡，重新调欧姆零点后测量9．如图所示，甲是一个带正电的小物块，乙是一个不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起置于粗糙的水平地板上，地板上方有水平方向的匀强磁场．现用水平恒力拉乙物块，使甲、乙无相对滑动地一起水平向左加速运动，在加速运动阶段（）A．乙物块与地之间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大C．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D．甲、乙两物块间的摩擦力大小不变10．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，y轴是一条电场线，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN，P点在y轴的右侧，MP⊥ON，则（）A．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功B．M点的电势比P点的电势高C．M、N 两点间的电势差大于O、M两点间的电势D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动11．图中为一“滤速器”装置示意图．a、b为水平放置的平行金属板，一束具有各种不同速率的电子沿水平方向经小孔O进入a、b两板之间．为了选取具有某种特定速率的电子，可在a、b间加上电压，并沿垂直于纸面的方向加一匀强磁场，使所选电子仍能够沿水平直线OO′运动，由O′射出．不计重力作用．可能达到上述目的办法是（）A．使a板电势高于b板，磁场方向垂直纸面向里B．使a板电势低于b板，磁场方向垂直纸面向里C．使a板电势高于b板，磁场方向垂直纸面向外D．使a板电势低于b板，磁场方向垂直纸面向外12．如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行金属导轨，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度为B，一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下，经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度v m，则（）A．如果B增大，v m将变大B．如果α变大，v m将变大C．如果R变大，v m将变大D．如果m变小，v m将变大二、实验题（每空4分，共20分）13．用螺旋测微器测一矩形小零件的长和宽时，螺旋测微器上的示数如图所示，（a）的读数是mm，（b）的读数是mm．14．一位同学设计了如图所示的电路来测电压表的内阻R V，电压表的量程为50mV，内阻约为50Ω．其实验的方法是：①将电键S1闭合、S2断开，调节滑动变阻器R使得电压表的指针达到满偏；②保持滑动变阻器R的滑片位置不变，再将电键S2闭合，调节电阻箱R1，使得电压表的指针指在刻度盘的中央；③读出电阻箱的阻值R1，可以认为电阻R V=R1．（1）实验中调整电阻箱达到实验要求时，电阻箱的各个旋钮的位置如图所示，待测电压表的内阻是Ω．（2）如果电源E的电动势为4V，下面提供最大阻值不同的四个滑动变阻器供选用，既要满足实验要求，又要调整方便，变阻器应选（填写阻值前相应的字母）．A.10ΩB.100ΩC.6kΩD.50kΩ（3）若要将此电压表改装成量程为3V的电压表，应该怎么做，并画出电路图．三、计算题（本题共3小题，共42分.解答应写出必要的文字说明、方程式和主要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）．15．如图甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定放置在水平面上，间距L=0.2m，一端通过导线与阻值为R=1Ω的电阻连接；导轨上放一质量为m=0.5kg的金属杆，金属杆与导轨的电阻均忽略不计．整个装置处于竖直向上的大小为B=0.5T的匀强磁场中．现用与导轨平行的拉力F作用在金属杆上，金属杆运动的v﹣t图象如图乙所示．（取重力加速度g=10m/s2）求：（1）t=10s时拉力的大小及电路的发热功率．（2）在0～10s内，通过电阻R上的电量．16．如图所示，在xOy平面的第一象限有一匀强电场，电场的方向平行于y轴向下，在x 轴和第四象限的射线OC之间有一匀强磁场，磁感应强度的大小为B，方向垂直于纸面向外．有一质量为m，带有电荷量+q的质点由电场左侧平行于x轴射入电场．质点到达x轴上A点时，速度方向与x轴的夹角为φ=30°，A点与原点O的距离为d．接着，质点进入磁场，并垂直于OC飞离磁场．不计重力影响．若OC与x轴的夹角也为φ．求：（1）粒子在磁场中运动速度的大小：（2）匀强电场的场强大小．17．1932年，劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器．回旋加速器的工作原理如图所示，置于高真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直．A处粒子源产生的粒子，质量为m、电荷量为+q，在加速器中被加速，加速电压为U．加速过程中不考虑相对论效应和重力作用．（1）求粒子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比；（2）求粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t；（3）实际使用中，磁感应强度和加速电场频率都有最大值的限制．若某一加速器磁感应强度和加速电场频率的最大值分别为B m、f m，试讨论粒子能获得的最大动能E km．2017-2018学年内蒙古集宁一中（东校区）高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．1到7小题为单选题，8到12小题为多选题，每一小题全选对的得4分；选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分）1．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生B．穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生C．闭合电路在磁场内做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流D．穿过闭合电路的磁通量发生变化，在电路中一定会产生感应电流【考点】感应电流的产生条件；闭合电路的欧姆定律．【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．【解答】解：A．若磁通量没有变化，则闭合回路中也没有感应电流，故A错误；B、电路不一定闭合，所以电路中不一定产生感应电流．故B错误．C．闭合电路在磁场中切割磁感线运动，磁通量不一定发生变化，电路中不一定产生感应电流．故C错误；D．感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．故D正确．故选：D．2．穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加2Wb，则（）A．线圈中感应电动势每秒增加2VB．线圈中感应电动势始终为2VC．线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于2VD．线圈中感应电动势每秒减少2V【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据法拉第电磁感应定律E=n分析感应电动势的大小，且电动势的大小与电阻无关．【解答】解：ABD、磁通量始终保持每秒钟均匀地增加2Wb，则=2V，根据法拉第电磁感应定律E=可知E=2V保持不变．故B正确，AD错误．C、线圈中产生的感应电动势的大小与线圈的电阻无关，故C错误；故选：B3．如图所示为三根通电平行直导线的断面图．若它们的电流大小都相同，且ab=ac=ad，则a点的磁感应强度的方向是（）A．垂直纸面指向纸里 B．垂直纸面指向纸外C．沿纸面由a指向b D．沿纸面由a指向d【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．【分析】该题考查了磁场的叠加问题．用右手定则首先确定三根通电直导线在a点产生的磁场的方向，利用矢量的叠加分析叠加后磁场大小变化和方向，从而判断各选项．【解答】解：用右手螺旋定则判断通电直导线在a点上所产生的磁场方向，如图所示：直导线b在a点产生磁场与直导线d在a点产生磁场方向相反，大小相等．则合磁场为零；而直导线c在a点产生磁场，方向从d指向b，即为沿纸面由a指向b故选：C．4．如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示．在0﹣时间内，直导线中电流向上，则在﹣T时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（）A．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左B．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右C．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右D．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左【考点】楞次定律；安培力．【分析】在﹣T时间内，直线电流方向向下，根据安培定则判断出直导线周围的磁场，根据磁场的变化，通过楞次定律判断出金属线框中的感应电流，从而通过受力判断线框所受安培力的合力．【解答】解：在﹣T时间内，直线电流方向向下，根据安培定则，知导线右侧磁场的方向垂直纸面向外，电流逐渐增大，则磁场逐渐增强，根据楞次定律，金属线框中产生顺时针方向的感应电流．根据左手定则，知金属框左边受到的安培力方向水平向右，右边受到的安培力水平向左，离导线越近，磁场越强，则左边受到的安培力大于右边受到的安培力，所以金属框所受安培力的合力水平向右．故C正确，A、B、D错误．故选：C．5．由于科学研究的需要，常常将质子（H）和α粒子（He）等带电粒子贮存在圆环状空腔中，圆环状空腔置于一个与圆环平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B．如果质子和α粒子在空腔中做圆周运动的轨迹相同（如图中虚线所示），磁场也相同，比较质子和α粒子在圆环状空腔中运动的动能E kH和E kα及周期T H和Tα的大小，有（）A．E kH≠E kα，T H≠TαB．E kH=E kα，T H=TαC．E kH≠E kα，T H=TαD．E kH=E kα，T H≠Tα【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】束缚粒子在圆环状空腔中的力是磁场施加的洛伦兹力使粒子在空腔中做匀速圆周运动，根据半径公式R=和周期公式T=，列式讨论可得．【解答】解：粒子在空腔中做匀速圆周运动，有：R=，E k=mv2，得：R=，因R H=Rα，mα=4m H，qα=2q H，得：E kH=E kα，由T=得：T H=Tα．故D正确．故选：D6．如图所示，悬线下挂着一个带正电的小球，它的质量为m，电荷量为q，整个装置处于水平向右的匀强电场中，电场强度为E，下列说法正确的是（）A．小球平衡时，悬线与水平方向夹角的正切值为B．若剪断悬线，则小球做曲线运动C．若剪断悬线，则小球做匀速运动D．若剪断悬线，则小球做匀加速直线运动【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】小球受重力、电场力和拉力作用下处于平衡，根据共点力平衡求出悬线与竖直方向夹角的正切值；剪断细线，根据小球的受力和初速度判断其运动情况．【解答】解：A、小球受到重力、电场力和拉力处于平衡，根据共点力平衡得，mgtanθ=qE，则tanθ=．故A正确．B、C、D、剪断细线，小球受重力和电场力，两个力为恒力，合力则为恒力．合力的方向与原来绳子的拉力方向等值反向，所以小球沿细绳方向做初速度为零的匀加速直线运动．故BC错误，D正确．故选：AD．7．某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．则下列说法中正确的是（）A．图线b表示输出功率P R随电流I变化的关系B．图中a线最高点对应的功率为最大输出功率C．在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C 三点，三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P CD．两个图线交点M与N的横坐标之比一定为1：2，纵坐标之比一定为1：3【考点】电功、电功率．【分析】根据电源消耗的总功率的计算公式P E=EI可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率Pr=I2r可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系．【解答】解：A、由电源消耗功率和电源内部消耗功率表达式P E=EI，Pr=I2r，可知，a是直线，表示的是电源消耗的总电功率，b是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率，c表示外电阻的功率即为电源的输出功率P R，所以AB错误；C、在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率P E 等于输出功率P R和电源内部的发热功率P r的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P C，所以C正确；D、当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为，功率的大小为，a、b线的交点N表示电源的总功率P E和电源内部的发热功率P r随相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为，功率的大小为，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，所以D错误．故选：C8．调整欧姆零点后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，那么正确的判断和做法是（）A．这个电阻值很大B．这个电阻值很小C．为了把电阻测得更准确，应换用“×1”挡，重新调欧姆零点后测量D．为了把电阻测得更准确，应换用“×100”挡，重新调欧姆零点后测量【考点】用多用电表测电阻．【分析】欧姆表的零刻度在表盘的右侧，当指针偏转角度较小时，说明电阻较大．每次换挡需重新欧姆调零．【解答】解：因为欧姆表的零刻度在表盘的右侧，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，知电阻值很大，为准确测量电阻阻值，需换用大挡，即“×100”挡，重新测量．故BC错误，AD正确．故选：AD9．如图所示，甲是一个带正电的小物块，乙是一个不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起置于粗糙的水平地板上，地板上方有水平方向的匀强磁场．现用水平恒力拉乙物块，使甲、乙无相对滑动地一起水平向左加速运动，在加速运动阶段（）A．乙物块与地之间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大C．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D．甲、乙两物块间的摩擦力大小不变【考点】洛仑兹力；摩擦力的判断与计算．【分析】以甲乙整体为研究对象，分析受力情况，根据洛伦兹力随着速度的增大而增大，分析地面对乙物块的支持力如何变化，来分析乙物块与地之间的摩擦力如何变化，根据牛顿第二定律分析加速度如何变化，再对甲研究，由牛顿第二定律研究甲所受摩擦力如何变化．【解答】解：A、以甲乙整体为研究对象，分析受力如图，则有N=F洛+（m甲+m乙）g，当甲乙一起加速运动时，洛伦兹力F洛增大，N增大，则地面对乙的滑动摩擦力f增大．故A 正确．BCD 、由于f 增大，F 一定，根据牛顿第二定律得，加速度a 减小，对甲研究得到，乙对甲的摩擦力f 甲=m 甲a ，则得到f 甲减小，甲、乙两物块间的静摩擦力不断减小．故BD 错误，C 正确．故选：AC10．如图所示，一电场的电场线分布关于y 轴（沿竖直方向）对称，y 轴是一条电场线，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM=MN ，P 点在y 轴的右侧，MP ⊥ON ，则（ ）A ．将负电荷由O 点移动到P 点，电场力做正功B ．M 点的电势比P 点的电势高C ．M 、N 两点间的电势差大于O 、M 两点间的电势D ．在O 点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y 轴做直线运动【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】电场力做功正负根据电势差正负和电场力做功公式W=qU 分析．根据电场线与等势线垂直，且顺着电场线方向电势降低，判断M 与P 两点电势的高低．由U=Ed 定性分析MN 间和OM 间电势差的大小．分析带电粒子的受力情况，判断其运动情况．【解答】解：A 、将负电荷由O 点移到P 点，因OP 间的电势差U OP ＞0，所以W=﹣qU OP ＜0，则电场力做负功，故A 错误；B 、过M 、P 、N 做等势线，可得到过P 点的等势线通过M 、N 之间，因顺着电场线电势降低，则有φM ＞φP ＞φN ，M 点的电势比P 点的电势高，故B 正确；C 、由U=Ed 可知，MN 间的场强小于OM 间的场强，故M 、N 两点间的电势差小于O 、M 两点间的电势差，故C 错误；D 、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y 轴两边对称，故y 轴上的场强方向在y 轴上，所以在O 点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y 轴正方向，则该粒子将沿y 轴做直线运动，故D 正确；故选：BD ．11．图中为一“滤速器”装置示意图．a 、b 为水平放置的平行金属板，一束具有各种不同速率的电子沿水平方向经小孔O 进入a 、b 两板之间．为了选取具有某种特定速率的电子，可在a、b间加上电压，并沿垂直于纸面的方向加一匀强磁场，使所选电子仍能够沿水平直线OO′运动，由O′射出．不计重力作用．可能达到上述目的办法是（）A．使a板电势高于b板，磁场方向垂直纸面向里B．使a板电势低于b板，磁场方向垂直纸面向里C．使a板电势高于b板，磁场方向垂直纸面向外D．使a板电势低于b板，磁场方向垂直纸面向外【考点】带电粒子在混合场中的运动；共点力平衡的条件及其应用．【分析】电子沿水平直线OO'运动，做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡，根据左手定则判断洛伦兹力方向，将各项逐一代入，选择符合题意的选项．【解答】解：A、a板电势高于b板，电子所受电场力方向向上．磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则判断出来，洛伦兹力方向向下，两力可以平衡，符合题意．故A正确．B、a板电势低于b板，电子所受电场力方向向下．磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则判断出来，洛伦兹力方向向下，两力不可能平衡，不符合题意．故B错误．C、使a板电势高于b板，电子所受电场力方向向上．磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则判断出来，洛伦兹力方向向上，两力不可能平衡，不符合题意．故C错误．D、使a板电势低于b板，电子所受电场力方向向下．磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则判断出来，洛伦兹力方向向上，两力可能平衡，符合题意．故D正确．故选AD．12．如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行金属导轨，上端接有可变电阻R，下端足够长，空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度为B，一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下，经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度v m，则（）A．如果B增大，v m将变大B．如果α变大，v m将变大C．如果R变大，v m将变大D．如果m变小，v m将变大【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；电磁感应中的能量转化．【分析】金属杆从轨道上由静止滑下的过程中，切割磁感线产生感应电流，金属棒将受到安培力作用，安培力先小于重力沿斜面向下的分力，后等于重力的分力，金属棒先做变加速运动，后做匀速运动，速度达到最大，由平衡条件和安培力公式F=得到最大速度的表达式，再进行分析．【解答】解：当金属杆做匀速运动时，速度最大，此时有：mgsinθ=F，安=又安培力大小为：F安联立得：v m=根据上式分析得知：A、如果只增大B，v m将变小．故A错误；B、当只增大α时，v m将变大．故B正确；C、当只R增大，v m将变大，故C正确；D、当只减小m，v m将变小．故D错误．故选：BC．二、实验题（每空4分，共20分）13．用螺旋测微器测一矩形小零件的长和宽时，螺旋测微器上的示数如图所示，（a）的读数是8.470mm，（b）的读数是 6.570mm．【考点】螺旋测微器的使用．【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；注意判断0.5毫米刻度线是否出现的方法：若可动刻度的“0”在固定刻度上方，则没有露出，若在下方则说明已经露出．【解答】解：a固定刻度的读数为：8mm，可动刻度读数为0.01×47.0mm=0.470mm，所以最终读数为：8mm+0.470mm=8.470mm．b固定刻度的读数为：6.5mm，可动刻度读数为0.01×7.0mm=0.070mm，所以最终读数为：6.5mm+0.070mm=6.570mm．故答案为：8.470，6.57014．一位同学设计了如图所示的电路来测电压表的内阻R V，电压表的量程为50mV，内阻约为50Ω．其实验的方法是：①将电键S1闭合、S2断开，调节滑动变阻器R使得电压表的指针达到满偏；②保持滑动变阻器R的滑片位置不变，再将电键S2闭合，调节电阻箱R1，使得电压表的指针指在刻度盘的中央；③读出电阻箱的阻值R1，可以认为电阻R V=R1．（1）实验中调整电阻箱达到实验要求时，电阻箱的各个旋钮的位置如图所示，待测电压表的内阻是43.0Ω．（2）如果电源E的电动势为4V，下面提供最大阻值不同的四个滑动变阻器供选用，既要满足实验要求，又要调整方便，变阻器应选C（填写阻值前相应的字母）．A.10ΩB.100ΩC.6kΩD.50kΩ（3）若要将此电压表改装成量程为3V的电压表，应该怎么做，并画出电路图．。

集宁一中2017-2018学年第一学期第三次月考高二年级物理试题一、选择题14如果运动电荷除磁场力外不受其他任何力的作用，则带电粒子在磁场中做下列运动可能成立的是( )A做匀速直线运动 B做匀变速直线运动C做变速曲线运动 D做匀变速曲线运动15.如图所示，大圆导线环A中通有电流，方向如图所示，另在导线环所在的平面画一个圆B，它的一半面积在A环内，另一半面积在A环外.则B圆内的磁通量（）A.为零B.是出来的C.是进去的D.条件不足，无法判别16 如图所示，一个静止的质量为m、带电荷量为q的粒子(不计重力)，经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，粒子在磁场中转半个圆后打在P点，设OP＝x，能够正确反映x与U之间的函数关系的是( )17如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，若要使圆环中产生如箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是( )A．使匀强磁场均匀增大B．使圆环绕水平轴ab如图转动30°C．使圆环绕水平轴cd如图转动30°D．保持圆环水平并使其绕过圆心的竖直轴转动18如图所示，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方(略靠前)固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流．释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中( ) A ．线框中感应电流方向依次为ACBA →ABCA B ．线框的磁通量为零时，感应电流却不为零C ．线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上D ．线框做自由落体运动19如图所示，圆位于纸面内，圆心为O ，圆内有垂直于圆面且磁感应强度为的匀强磁场。

一带电粒子沿半径方向从a 点射入磁场，从圆上b 点射出磁场，粒子速度方向改变了900；若保持入射速度及入射点不变，使磁感应强度变为B ，则粒子飞出磁场时速度方向改变的角度为（ ）A. 300B. 450C. 600D. 90020一个由电阻均匀的导线绕制成的闭合线圈放在磁场中，如图所示，线圈平面与磁场方向成60°角，磁感应强度随时间均匀变化，下列方法不能使感应电流增加一倍的是 ( )A ．把线圈匝数增加一倍B ．把线圈面积增加一倍C ．把线圈半径增加一倍D ．改变线圈与磁场方向的夹角21 如图所示，在平面直角坐标系xOy 中只有第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，点M 的坐标为(0，－d)．一电荷量为q ，质量为m 的带电粒子以某一速度从点M 与y 轴负方向成θ＝37°角垂直磁场射入第四象限，粒子恰好垂直穿过x 轴，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。

内蒙古包头市2017-2018学年高二物理上学期期中试题一、单项选择题(本题共10小题，每小题3分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求)1．电场中有一点P ，下列说法中正确的有( )A ．若放在P 点的电荷的电荷量减半，则P 点的场强减半B ．若P 点没有试探电荷，则P 点场强为零C ．P 点的场强越大，则同一电荷在P 点受到的电场力越大D ．P 点的场强方向为放在该点的电荷所受电场力的方向2．电荷从静止开始只在电场力作用下的运动(最初阶段的运动)，则电荷( ) A ．总是从电势高的地方移到电势低的地方 B ．总是从电场强度大的地方移到电场强度小的地方 C ．总是从电势能大的地方移到电势能小的地方 D ．总是从电势能小的地方移到电势能大的地方3、下列四个图中，a 、b 两点电势相等、电场强度也相等的是( )4、如图所示，a 、b 、c 为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c 为ab 的中点，a 、b 电势分别为φa ＝5 V 、φb ＝3 V.下列叙述正确的是( ) A.该电场在c 点处的电势一定为4 V B.a 点处的场强Ea 一定大于b 点处的场强Eb C.一正电荷从c 点运动到b 点电势能一定减少 D.一正电荷运动到c 点时受到的静电力由c 指向a5、如图，为电场中的一条电场线，A 、B 为其上的两点，以下说法正确的是-----( ) A 、.E A 与E B 一定不等，ϕA 与ϕB 一定不等B 、E A 与E B 可能相等，ϕA 与ϕB 可能相等C 、E A 与E B 一定不等，ϕA 与ϕB 可能相等D 、E A 与E B 可能相等，ϕA 与ϕB 一定不等6．某平行板电容器的电容为C ，带电量为Q ，相距为d ，今在板间中点放一个电量为q 的点电荷，则它受到的电场力的大小为（ ）A ．22kQq dB ．24kQq d C ．Qq Cd D ．2Qq Cd7、.如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a′点，b粒子打在B板的b′点，若不计重力，则A.a的电荷量一定大于b的电荷量B.b的质量一定大于a的质量C.a的比荷一定大于b的比荷D.b的比荷一定大于a的比荷8、示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图8所示，真空室中电极K发出电子(初速度不计)，经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B 间的中心线射入板中.金属板长为L，相距为d，当A、B间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点.已知电子的质量为m、电荷量为e，不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是( )A.U1变大，U2变大B.U1变小，U2变大C.U1变大，U2变小D.U1变小，U2变小9、如图所示，把原来不带电的金属壳B的外表面接地，将一带正电的小球A从小孔中放入球壳内，但不与B发生接触，达到静电平衡状态后，则( )A.B的空腔内电场强度为零B.B不带电C.B的外表面带正电D.B的内表面带负电10、如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为零，点A处的电势为6 V，点B处的电势为3V，则电场强度的大小为( )A．200 V/m B．200 3 V/mC．100 V/m D．100 3 V/m二、多项选择题(本题共5小题，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)11、如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是( )A.使A、B两板靠近一些B.使A、B两板正对面积减小一些C.断开S后，使B板向右平移一些D.断开S后，使A、B正对面积减小一些12、如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是：A．此液滴带正电B．液滴做匀加速直线运动C．合外力对液滴做的总功等于零 D．液滴的电势能减少13．两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．a、b、c三点和无穷远处等电势D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动14、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则( )A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度减小，b加速度增大C．a电势能减小，b电势能增大D．a和b的动能一定都增大15、如图所示，三个质量相同，带电荷量分别为＋q、－q和0的小液滴a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，则在穿过极板的过程中( )A．电场力对液滴a、b做的功相同B．三者动能的增量相同C．液滴a电势能的增加量等于液滴b电势能的减小量D．重力对三者做的功相同三、计算题16、(12分如图所示，匀强电场的电场线与AC平行，把带电荷量10－8 C的负电荷从A移至B 的过程中，电场力做功6×10－8 J，AB长6 cm，AB与AC的夹角为60°.求：(1)场强方向；(2)设B处电势为1 V，则A处电势为多少；(3)A处的场强大小；(4) 设B处电势为1 V，电子在A点的电势能．17.(12分)一个带正电的微粒，从A点射入水平方向的匀强电场中，微粒沿直线AB运动，如图11所示.AB与电场线夹角θ＝30°，已知带电粒子的质量m＝1.0×10－7 kg，电荷量q＝1.0×10－10C，A、B相距L＝20 cm.(取g＝10 m/s2，结果保留两位有效数字)求：(1)说明微粒在电场中运动的性质，要求说明理由.(2)电场强度的大小和方向.(3)要使微粒从A点运动到B点，微粒射入电场时的最小速度是多少？18(12分) 如图所示，质量为m、电荷量为q的带电粒子，以初速度v0垂直射入场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场中，射出电场的瞬时速度的方向与初速度方向成30°角.在这一过程中，不计粒子重力.求：(1)该粒子在电场中经历的时间；(2)粒子在这一过程中电势能的增量.19.(14分)如图所示，在E＝ 103 V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R＝0.4 m，一带正电荷q＝10－4 C的小滑块质量为m＝ 0.04 kg，与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.2，g取10 m/s2，求：(1)要使小滑块能运动到半圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大？(P为半圆轨道中点)答案16．(1)场强方向C 至A (2) －5 V (3)200 V/m(4)5 eV解析 (1)将负电荷从A 移至B ，电场力做正功，所以电荷所受电场力方向沿A 至C ，又因为是负电荷，场强方向与负电荷的受力方向相反，所以场强方向应为C 至A 方向．(2)由W ＝qU 得：U ＝W q ＝6×10－8J10－8C＝6 V ，即A 、B 两点间电势差为6 V ．沿电场线方向电势降低，B 点电势高于A 点电势．U ＝φB －φA ，φB ＝1 V ，φA ＝φB －U ＝1 V －6 V ＝－5 V ，即A 点的电势为－5 V.(3)如图所示，由B 向AC 作垂线交AC 于D ，D 与B 在同一等势面上．U DA ＝U BA ＝U ＝6 V ，沿场强方向A 、B 两点间距离为AB·cos 60°＝6 cm×12＝3 cm ＝0.03 m ，所以E ＝Ud＝200 V/m.(4)电子在A 点的电势能E p ＝q φA ＝(－e)×(－5 V)＝5 eV.17、（1）微粒只在重力和电场力作用下沿AB 直线运动，故合力一定与速度在同一条直线上，可知电场力的方向水平向左，如图所示．微粒所受合力的方向由B 指向A ，与初速度VA 方向相反，微粒做匀减速直线运动．即微粒做匀减速直线运动． （2）根据共点力平衡条件，有：qE=mgtan-1θ 故电场强度E= mg qtan θ=1.7×104N/C，电场强度方向水平向左．（3）微粒由A 运动到B 的速度vB=0，微粒进入电场中的速度最小，由动能定理有： mgLsin θ+qELcos θ= 1 2mvA2 解得vA=2.8m/s 即要使微粒从A 点运动到B 点，微粒射入电场时的最小速度是2.8m/s ． 18、19、答案 (1)20 m (2)1.5 N解析 (1)滑块刚能通过轨道最高点的条件是mg ＝m v 2R，v ＝gR ＝2 m/s 滑块由释放点到最高点过程，由动能定理得：qEx －μmgx －2mgR ＝12mv 2所以x ＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫12v 2＋2gREq －μmg 代入数据得：x ＝20 m(2)滑块过P 点时，由动能定理：－mgR －qER ＝12mv 2－12mv 2P 所以v 2P ＝v 2＋2(g ＋qE m)R 在P 点由牛顿第二定律：F N －qE ＝mv 2PR所以F N ＝3(mg ＋qE )代入数据得：F N ＝1.5 N。