北师大版数学高二-选修4试题 平面与圆柱面的截线

学业分层测评(七)2.4 切割线定理(建议用时：45分钟)学业达标]一、选择题1.如图1-2-91所示，线段AB和⊙O交于C，D，AC＝BD，AE，BF分别切⊙O于E，F.那么AE与BF的关系为()图1-2-91A.AE＝2BFB.AE＝13BFC.AE>BFD.AE＝BF【解析】∵AE2＝AC(AC＋CD)，BF2＝BD(BD＋CD).又∵AC＝BD，CD＝CD，∴AE2＝BF2，∴AE＝BF.【答案】 D2.如图1-2-92，P AB，PCD是⊙O的两条割线，PC＝AB，P A＝20，CD＝11，则AB的长为()图1-2-92A.30B.25C.20D.15【解析】设PC＝AB＝x，则x(x＋11)＝20×(20＋x)，所以x＝25.所以AB的长为25.【答案】 B3.如图1-2-93所示，已知P A是⊙O的切线，A为切点，PC与⊙O相交于B，C两点，PB＝2 cm，BC＝8 cm，则P A的长等于()图1-2-93A.4 cmB.16 cmC.20 cmD.2 5 cm【解析】∵PB＝2，BC＝8，∴PC＝10.∵P A是⊙O的切线，PC是⊙O的割线，∴P A2＝PB·PC＝2×10，∴P A＝25(cm).【答案】 D4.如图1-2-94，已知圆O的半径为3，从圆O外一点A引切线AD和割线ABC，圆心O到直线AC的距离为22，AB＝3，则AD的长为()图1-2-94A.7B.213C.15D.5 6【解析】∵圆O的半径为3，圆心O到AC的距离为2 2.∴BC＝232－(22)2＝2.又∵AB＝3，∴AC＝5.又∵AD为⊙O的切线，由切割线定理得AD2＝AB·AC＝3×5＝15，∴AD＝15.【答案】 C5.如图1-2-95，∠ACB＝90°，CD⊥AB于点D，以BD为直径的圆与BC交于点E，则()图1-2-95A.CE·CB＝AD·DBB.CE·CB＝AD·ABC.AD·AB＝CD2D.CE·EB＝CD2【解析】在直角三角形ABC中，根据直角三角形射影定理可得CD2＝AD·DB，再根据切割线定理可得CD2＝CE·CB，所以CE·CB＝AD·DB.【答案】 A二、填空题6.如图1-2-96，自圆O外一点P引切线与圆切于点A，M为P A中点，过M 引割线交圆于B，C两点.求证：∠MCP＝∠MPB.图1-2-96【证明】∵P A与圆相切于A，∴MA2＝MB·MC.∵M为P A中点，∴PM＝MA，∴PM2＝MB·MC，∴PMMC＝MBPM.∵∠BMP＝∠PMC，∴△BMP∽△PMC，∴∠MCP＝∠MPB.7.如图1-2-97，PT是⊙O的切线，切点为T，直线P A与⊙O交于A，B两点，∠TP A的平分线分别交直线TA，TB于D，E两点，已知PT＝2，PB＝3，则P A＝__________，TEAD＝__________.图1-2-97 【解析】由切割线定理得PT2＝PB·P A，∴P A＝43＝43 3.由弦切角定理得∠PTB＝∠TAB，又DP平分∠TP A，∴∠TPE＝∠DP A.∵∠TED＝∠PTB＋∠TPE，∠TDE＝∠TAB＋∠DP A，∴∠TED＝∠TDE.∴TD＝TE.由角平分线性质得TD AD ＝PT P A ＝2433＝32.∴TE AD ＝32.【答案】 433 328.如图1-2-98，直线PQ 与⊙O 相切于点A ，AB 是⊙O 的弦，∠P AB 的平分线AC 交⊙O 于点C ，连接CB ，并延长与PQ 相交于Q 点，若AQ ＝6，AC ＝5，则弦AB 的长是________.【导学号：96990032】图1-2-98【解析】 ∵PQ 为切线， ∴∠P AC ＝∠ABC . ∵AC 是∠P AB 的平分线， ∴∠BAC ＝∠P AC . ∴∠ABC ＝∠BAC ， ∴AC ＝BC ＝5， 由切割线定理， 可得AQ 2＝QB ·QC ， ∴62＝QB ·(QB ＋5)， 解得QB ＝4. ∵∠QAB ＝∠QCA ， ∴△QAB ∽△QCA ，∴ABAC＝QAQC，∴AB5＝64＋5，解得AB＝103.【答案】10 3三、解答题9.已知如图1-2-99所示，AD为⊙O的直径，AB为⊙O的切线，割线BMN 交AD的延长线于点C，且BM＝MN＝NC，若AB＝2，求：图1-2-99(1)BC的长；(2)⊙O的半径r.【解】(1)不妨设BM＝MN＝NC＝x.根据切割线定理，得AB2＝BM·BN，即22＝x(x＋x).解得x＝2，∴BC＝3x＝3 2.(2)在Rt△ABC中，AC＝BC2－AB2＝14，由割线定理，得CD·AC＝CN·CM，∴CD＝CN·CMAC＝2147，∴r＝12(AC－CD)＝12(14－2147)＝51414.10.如图1-2-100，在△ABC和△ACD中，∠ACB＝∠ADC＝90°，∠BAC＝∠CAD，⊙O是以AB为直径的圆，DC的延长线与AB的延长线交于点E.图1-2-100(1)求证：DC是⊙O的切线；(2)若EB＝6，EC＝62，求BC的长.【解】(1)证明∵AB是⊙O的直径，∠ACB＝90°，∴点C在⊙O上.连接OC，可得∠OCA＝∠OAC＝∠DAC，∴OC∥AD.又∵AD⊥DC，∴DC⊥OC.∵OC为半径，∴DC是⊙O的切线.(2)∵DC是⊙O的切线，∴EC2＝EB·EA.又∵EB＝6，EC＝62，∴EA＝12，AB＝6.又∠ECB＝∠EAC，∠CEB＝∠AEC，∴△ECB∽△EAC，∴BCAC＝ECEA＝22，即AC＝2BC.又∵AC2＋BC2＝AB2＝36，∴BC＝2 3.能力提升]1.如图1-2-101所示，在⊙O中，AB是直径，AD是弦，过B点的切线与AD 的延长线交于点C，且AD＝DC，则sin∠ACO＝()图1-2-101A.1010 B.210C.55 D.24【解析】如图所示，连接BD、DO，过点O作OE⊥AC于点E.∵AB是直径，∴BD⊥AC.又∵BC是⊙O的切线，∴∠ABC＝90°.又∵AD＝CD，∴△ACB是等腰直角三角形.设AE＝x，∵OE⊥AC，BD⊥AC，O是AB的中点，∴E是AD的中点，∴AD＝2x.又∵CD＝AD，∴CE＝3x.又OE＝AE＝x，∴CO＝10x，∴sin∠ACO＝sin∠ECO＝x10x＝1010.【答案】 A2.如图1-2-102，已知圆O的割线P AB交圆O于A、B两点，割线PCD经过圆心，若P A＝72，AB＝52，PO＝5，则圆O的半径为()图1-2-102 A.2 B.3C.7D.6【解析】设圆的半径为r，则PC＝5－r，PD＝5＋r.PB＝P A＋AB＝72＋52＝6，由切割线定理得：PC·PD＝P A·PB.所以，(5－r)(5＋r)＝72·6，解得：r＝2.【答案】 A3.如图1-2-103，已知P是⊙O外一点，PD为⊙O的切线，D为切点，割线PEF经过圆心O，若PF＝12，PD＝43，则圆O的半径长为__________，∠EFD 的度数为__________.图1-2-103【解析】由切割线定理得，PD2＝PE·PF，∴PE＝PD2PF＝(43)212＝4，EF＝8，OD＝4.∵OD⊥PD，OD＝12PO，∴∠P＝30°，∠POD＝60°，∴∠EFD＝30°.【答案】430°4.A点在圆周上，BC与圆切于M，AB，AC分别与圆相交于D，E，且M为︵DE的中点.求证：DB∶BM＝EC∶CM.【证明】如图，连接AM.∵BC与圆切于点M，∴CM2＝CE·CA，BM2＝BD·BA.即CE∶CM＝CM∶CA，BD∶BM＝BM∶BA.又∵M为︵DE的中点，∴∠1＝∠2，∴BM∶BA＝CM∶CA，∴BD∶BM＝EC∶MC.。

柱面与平面的截面-北师大版选修4-1 几何证明选讲教案教学目的1.通过学习柱面与平面的截面知识，加深学生对截面的理解，提高几何证明能力。

2.培养学生的三维空间想象能力和逻辑推理能力。

3.提高学生的几何思维和解决问题的能力。

教学内容柱面与平面的截面教学方法1.讲解法：讲解柱面与平面的截面的基本概念和性质。

2.探究法：通过对实际物体的观察和探究，引导学生研究柱面与平面的截面的性质。

3.练习法：通过练习题，引导学生掌握柱面与平面的截面的基本证明方法和技巧。

教学步骤第一步：引入本节课学习的内容是柱面与平面的截面知识。

首先请同学们回想一下在前面的几节课中我们学习了哪些与截面有关的内容，例如截线、截点等。

第二步：讲解1.柱面：从某个曲线（称为母线）出发，沿着与母线平行的一条直线（称为生成线）作为运动轨迹，不断滑动生成线，得到由无数平行于母线的生成线所连成的曲面，称为柱面。

2.平面截柱面：一个平面与某个柱面相交所得的截线，会有不同的形状，比如圆、椭圆、矩形等。

3.椭圆的特性：椭圆有两个焦点，任何一条线段焦点距离之和等于该椭圆的长轴长。

4.证明椭圆的特性：我们可以用割圆法证明椭圆的特性。

割圆法是将椭圆看成圆柱面的割截线，然后验证图形中两个焦点到任意一点的距离之和是否与短轴长相等。

具体证明过程可以参考下面的练习题。

第三步：探究让学生自己探究柱面与平面的截面的性质，可以通过下面的探究题来引导学生：1.用平面分别截一个立方体、长方体和圆柱，在纸上画出它们的截面图形，并比较截面的异同处。

2.用平面截一个圆锥，这个截面是什么形状？如何证明其形状？3.用平面截一段直线，为什么截出来的截面是点？4.用平面截一个球体，这个截面是什么形状？如何证明其形状？第四步：练习下面是几道练习题，供学生练习柱面与平面的截面证明方法和技巧：1.如图，ABCD是一个矩形，PQ交BC、CD于E、F两点。

若PE=PF，PF=FD，则证明AB=AD。

[学生用书P 50～P 51]1．用一个平面去截一个圆柱面，其交线是( )A ．圆B ．椭圆C ．两条平行线D ．以上均可能答案：D2．用一个平面去截圆锥面可能得到的截线为( )A ．双曲线B ．椭圆C ．抛物线D ．以上三类均可以答案：D3．在空间，直线l ′与l 相交于点O ，其夹角为α，l ′绕l 旋转一周得到以O 为顶点，l ′为母线的圆锥面，任取平面β，若它与轴l 的交角为θ，则当θ＝α时，平面β与圆锥面的交线为( )A ．双曲线B ．椭圆C ．抛物线D ．以上皆错答案：C4．已知圆柱面的半径r ＝6，截圆柱面的平面β与母线所成的角为60°，求此截面的Dandelin 双球的球心距离，并指出截线椭圆的长轴长，短轴长和离心率e .解：∵Dandelin 双球的球心距离等于截线椭圆的长轴长，∴Dandelin 双球的球心距离为2r sin60°＝2×632＝8 3. ∴截线椭圆的长轴长为83，短轴长为2r ＝12，离心率e ＝cos60°＝12.5．一圆锥面的母线和轴线成30°角，当用一与轴线成30°的不过顶点的平面去截圆锥面时，所截得的截线是( )A ．椭圆B ．双曲线C ．抛物线D ．两条相交直线解析：选C.如图所示，可知应为抛物线．6．用一个过圆锥面顶点的平面去截圆锥面，则截线为( )A ．椭圆B ．双曲线C ．抛物线D ．两条相交直线解析：选D.作出图形可知应为两条相交直线．7．已知F 1、F 2是双曲线的两个焦点，PQ 是经过F 1且垂直于F 1F 2的弦．如果∠PF 2Q ＝90°，则双曲线的离心率是( )A. 2B.2＋1C.2－1D.22＋1解析：选B.如图，由对称性知△F 1F 2P 是等腰直角三角形，∴F 1F 2＝PF 1.设双曲线的焦距为2c ，实轴长为2a ，则PF 1＝2c ，∴PF 2＝22c .由双曲线结构特点，PF 2－PF 1＝2a ，即22c －2c ＝2a .∴c a＝2＋1.∴e ＝2＋1. 8．圆锥的顶角为50°，圆锥的截面与轴线所成的角为30°，则截线是( )A ．圆B ．椭圆C ．双曲线D ．抛物线解析：选B.由已知α＝50°2＝25°，β＝30°， ∴β＞α.故截线是椭圆，故选B.9．一圆柱面被一平面所截，平面与母线成60°角，截线上最长的弦长为43，则该圆柱底面的半径为( )A. 3 B ．2 3C ．3D ．6解析：选C.圆柱底半径r ＝23sin60°＝3.10．已知圆锥面的轴截面为等腰直角三角形，用一个与轴线成30°角的不过圆锥顶点的平面去截圆锥面时，所截得的截线的离心率为________．解析：∵圆锥的轴截面为等腰直角三角形，所以母线与轴线的夹角α＝45°；又截面与轴线的夹角β＝30°，即β＜α，∴截线是双曲线，其离心率e ＝cos βcos α＝cos30°cos45°＝32＝62. 答案：6211．一平面截半径为3的圆柱面得椭圆，若椭圆的Dandelin 双球的球心距离为10，则截面与圆柱面母线夹角的余弦值为________．解析：Dandelin 双球球心距离即为椭圆的长轴长，∴2a ＝10，即a ＝5，又椭圆短轴长2b ＝6，∴b ＝3.∴c ＝4.故离心率e ＝c a ＝45，∴cos φ＝45， 故截面与母线所成角的余弦值为45. 答案：4512．已知F 1、F 2是椭圆的左、右焦点，以F 1为顶点，F 2为焦点的抛物线交椭圆于两点P 、Q ，且PF 1PF 2＝e ，其中e 是椭圆的离心率，求e 的值． 解：如图，设l 是椭圆的准线，由离心率定义得PF 1PM＝e . 由条件PF 1PF 2＝e ，∴PF 1PM ＝PF 1PF 2.∴PM ＝PF 2. 而点P 在抛物线上，F 2为抛物线焦点，根据抛物线定义，∴l 又是抛物线的准线．∴F 1H ＝F 1F 2＝2c .∴OH ＝3c .又∵椭圆两准线间距离为2a 2c， ∴OH ＝a 2c .∴a 2c ＝3c ，∴e ＝c a ＝33. 13．在空间中，取直线l 为轴，直线l ′与l 相交于O 点，夹角为α，l ′围绕l 旋转得到以O 为顶点，l ′为母线的圆锥面．任取平面π，若它与轴l 的交角为β，试证明：β＞α时，平面π与圆锥的交线为椭圆．证明：如图，在圆锥内部嵌入Dandelin 双球，一个位于平面π的上方，一个位于平面π的下方，并且与平面π及圆锥都相切．当β＞α时，由上面的讨论可知，平面π与圆锥的交线是一个封闭曲线．设两个球与平面π的切点分别为F 1、F 2，与圆锥相切于圆S 1、S 2.在截口的曲线上任取一点P ，连接PF 1、PF 2，过P 作母线交S 1于Q 1点，交S 2于Q 2点，于是PF 1和PQ 1是从P 到上方球的两条切线，因此PF 1＝PQ 1.同理PF 2＝PQ 2.所以PF 1＋PF 2＝PQ 2＋PQ 1＝Q 1Q 2.由圆锥的对称性知，Q 1Q 2的长度等于两圆S 1、S 2所在平行平面间的母线段的长度而与P 的位置无关，由此我们可知在β＞α时，平面π与圆锥的交线为一个椭圆．。

柱面与平面的截面【教学目标】1．亲历认识柱面、旋转面、垂直截面、一般截面的探索过程，体验分析归纳得出平面截圆柱面得出的结论，进一步发展学生的探究、交流能力。

2．掌握柱面、旋转面、垂直截面与一般截面。

3．熟练运用平面截圆柱面得出的结论。

【教学重难点】重点：掌握柱面、旋转面、垂直截面、一般截面。

难点：熟练运用平面截圆柱面得出的结论。

【教学过程】一、直接引入师：今天这节课我们主要学习柱面与平面的截面，这节课的主要内容有柱面、旋转面、垂直截面、一般截面，并且我们要掌握这些知识的具体应用，能熟练解决相关问题。

二、讲授新课（1）教师引导学生在预习的基础上了解柱面、旋转面的概念，形成初步感知。

（2）首先，我们先来学习柱面、旋转面，它的具体内容是如图，圆柱面可以看成是一个矩形ABCD以一边CD所在的直线为轴，旋转一周后AB形成的曲面；平面上一条曲线绕着一条直线旋转一周后形成的曲面称为旋转面。

它是如何在题目中应用的呢？我们通过一道例题来具体说明。

例：以矩形一边为轴旋转得到的是怎样的一个面？答案：圆柱面。

根据例题的解题方法，让学生自己动手练习。

练习：平面上一条曲线绕着一条直线旋转一周后形成的曲面称为_____。

答案：旋转面。

（3）接着，我们再来看下垂直截面内容，它的具体内容是 如图，设l 为圆柱的轴，用垂直于l 的平面α截圆柱，所得的交线是圆。

它是如何在题目中应用的呢？我们通过一道例题来具体说明。

例：什么是圆柱的垂直截面？答案：用垂直于圆柱的轴的平面截圆柱，所得的截面即为垂直截面。

根据例题的解题方法，让学生自己动手练习。

练习：圆柱的垂直截面有什么特点？答案：圆柱的垂直截面所得的交线是圆。

（4）接着，我们再来看下一般截面及其推论，它的具体内容是用一个平面截一个圆柱面，当截面β与圆柱面的轴不垂直时，所得交线为椭圆。

它是如何在题目中应用的呢？我们通过一道例题来具体说明。

例：如图，动点P 到两定点12F F ，的距离之和为_____。

A 选修4选修41第三讲圆锥曲线性质的探讨二平面与圆柱面的截线 测试题 2019.91,下列命题中正确的是（ ）A ．过平面外一点作此平面的垂面是唯一的B ．过直线外一点作此直线的垂线是唯一的C ．过平面的一条斜线作此平面的垂面是唯一的D ．过直线外一点作此直线的平行平面是唯一的2,由422=+=y x x y 和圆所围成的较小图形的面积是( )A ．πB ．4πC ．43πD ．23π3,设数列{}n a 的前n 项和S n ，且12+-=n a n ，则数列}{n S n 的前11项的和为（ ）A ．-45B ．-50C ．-55D ．-664,设则的值为（ ）A ．B ．C ．、中较小的数D ．、中较大的数5,某工厂有甲、乙、丙、丁四类产品的数量成等比数列，共计3000件，现要用分层抽样的方法从中抽取150件进行质量检测，其中乙、丁两类产品抽取的总数为100件，则甲类产品总共有（ ）⎩⎨⎧<>-=)0(1)0(1)(x x x f )(2)()()(b a b a f b a b a ≠-⋅--+a b a b a bA. 100件B. 200件C. 300件D. 400件6,某工厂有甲、乙、丙、丁四类产品的数量成等比数列，共计3000件，现要用分层抽样的方法从中抽取150件进行质量检测，其中乙、丁两类产品抽取的总数为100件，则甲类产品总共有（ ）A. 100件B. 200件C. 300件D. 400件7,已知函数)20,0)(sin()(πϕωϕω≤<>+=x x f ，且此函数的图象如图所示，则点),(ϕωP 的坐标是（ ） A.)2,2(π B.)4,2(π C.)2,4(π D.)4,4(π8,命题:p 不等式0]1)1(lg[>+-x x 的解集为{}10|<<x x ；命题:q 在ABC ∆中，B A >是B A sin sin >成立的必要不充分条件.则（ ）A.p 真q 假B.p 且q 为真C.p 或q 为假D.p 假q 真9,已知数列是等差数列，是等比数列，且,．（1）求数列的通项公式；（2）求数列的前10项和．{}n a {}n b 112,a b ==454b =12323a a a b b ++=+{}n b {}n a 10S10,已知向量, 向量，且与的夹角为，其中A 、B 、C 是的内角．（1）求角B 的大小； （2）求 的取值范围．测试题答案1, C2, A3, D4, D5, B6, B7, B8, A9, 解（1）（2）10, 解：（1） m =，且与向量n = （2，0）所成角为，又()m sin B,1cos B =-()n 2,0=m n 3πABC ∆C A sin sin +132-⨯=n n b 29010=S ()B B cos 1,sin -3π∴3sin cos 1=-B B ∴cos 1B B +=∴21)6sin(=+πB π<<B 0∴6766πππ<+<B ∴656ππ=+B ∴32π=B（2）由（1）知，，A+C= ===，，32π=B ∴3π∴C A sin sin +)3sin(sin A A -+πA A cos 23sin 21+)3sin(A +π 30π<<A ∴3233πππ<+<A ∴)3sin(A +π⎥⎦⎤ ⎝⎛∈1,23∴C A sin sin +⎥⎦⎤ ⎝⎛∈1,23。

二平面与圆柱面的截线课时过关·能力提升基础巩固1下列说法不正确的是()A.圆柱面的母线与轴线平行B.圆柱面的某一轴截面垂直于直截面C.圆柱面与斜截面截得的椭圆的离心率与圆柱面半径无关,只与母线和斜截面的夹角有关D.平面截圆柱面的截线椭圆中,短轴长即为圆柱面的半径A正确;由于任一轴截面过轴线,故轴截面与圆柱的直截面垂直,B正确;C显然正确;D中短轴长应为圆柱面的直径长,故不正确.2已知平面β与一圆柱斜截口(椭圆)的离心率为,则平面β与圆柱母线的夹角是()A. 0°B.60°C.45°D.90°β与母线夹角为φ,则cosφ=,故φ= 0°.3如果椭圆的两个焦点将长轴分成三等份,那么,这个椭圆的两条准线间的距离是焦距的() A.9倍 B.4倍 C.12倍 D.18倍2a,2b,2c,由已知,得=2c,即a=3c,故两条准线间的距离为=18c.4一组底面为同心圆的圆柱被一平面所截,截口椭圆具有() A.相同的长轴 B.相同的焦点C.相同的准线D.相同的离心率,所以长轴不同.嵌入的Dandelin球不同,则焦点不同,准线也不同,而平面与圆柱的母线夹角相同,故离心率相同.5若椭圆的一个顶点与两个焦点构成等边三角形,则此椭圆的离心率是()A.5B.4C. D.2a,2b,2c,由已知a=2c,得,即e=.6两个圆柱的底面半径分别为R,r(R>r),平面π与它们的母线的夹角分别为α,β(α<β<90°),斜截口椭圆的离心率分别为e1,e2,则()A.e1>e2B.e1<e2C.e1=e2D.无法确定e1=cosα,e2=cosβ,又α<β<90°时,cosα>cosβ,∴e1>e2.7已知圆柱的底面半径为2,平面π与圆柱的斜截口椭圆的离心率为,则椭圆的长半轴是() A.2 B.4C. 6D.42a,2b,2c.由题意,知b=2,-,则-4,解得a=4.8已知平面π截圆柱体,截口是一条封闭曲线,且截面与底面所成的角为45°,此曲线是,它的离心率为.9已知椭圆两条准线间的距离为8,离心率为,则Dandelin球的半径是.4,,解得 , ,∴b=-.∴Dandelin球的半径为.10如图,设两个焦点的距离F1F2=2c,两个端点的距离G1G2=2a,求证:l1与l2之间的距离为.,设椭圆上任意一点P,过点P作PQ1⊥l1于点Q1,过点P作PQ2⊥l2于点Q2.连接PF1,PF2.∵e=,∴PF1=PQ1,PF2=PQ2.由椭圆定义,知PF1+PF2=2a,∴PQ1+PQ2=2a.∴PQ1+PQ2=,即l1与l2之间的距离为.能力提升1如图,过点F1作F1Q⊥G1G2,若△QF1F2为等腰直角三角形,则椭圆的离心率为()A.B.-C.2-D.-12a,2b,2c.∵△QF1F2是等腰直角三角形,∴QF1=F1F2=2c,QF2=2 c.由椭圆的定义,得QF1+QF2=2a,∴e=-1.2已知圆柱的底面半径为r,平面α与圆柱母线的夹角为 0°,则它们截口椭圆的焦距是() A.2r B.4r C.r D.3r,过点G2作G2H⊥AD,H为垂足,则G2H=2r.在Rt△G1G2H中,=2r×2=4r,G1G2=60°∴长轴2a=G1G2=4r,短轴2b=2r.∴焦距2c=2-=2×r=2r.3一平面截圆柱(圆柱底面半径为1,高足够长)的侧面,得到一个离心率是的二次曲线,该曲线两焦点之间的距离为()A. B.2 C.3 D.e=<1,∴曲线是椭圆,且e=cosθ=,θ= 0°,φ=60°(φ是底面与截面的夹角).∴ 60°=,∴2a==4,∴a=2.又,∴c=.∴2c=2.★4如图,已知A为左顶点,F是左焦点,l交OA的延长线于点B,点P,Q在椭圆上,有PD⊥l于点D,QF⊥AO,则椭圆的离心率是①;②;③;④;⑤.其中正确的是()A.①②B.①③④C.②③⑤D.①②③④⑤符合离心率定义;②过点Q作QC⊥l于C,∵QC=FB,∴符合离心率定义;③∵AO=a,BO=,∴,故也是离心率;④∵AF=a-c,AB=-a,∴-,∴是离心率;-⑤∵FO=c,AO=a,∴是离心率.∴①②③④⑤的表述均正确,故选D.5已知圆柱底面半径为b,平面π与圆柱母线的夹角为 0°,在圆柱与平面交线上有一点P到一准线l1的距离是b,则点P到另一准线l2对应的焦点F2的距离是.=4b,∴c=4- b.,椭圆短轴长为2b,长轴长2a=0°∴e=或e= 0°=.设点P到焦点F1的距离为d,则,∴d=b.又PF1+PF2=2a=4b,∴PF2=4b-PF1=4b-b=5b.6如图,已知PF1∶PF2=1∶3,AB=12,G1G2=20,求PQ的长.2a,短轴长为2b,焦距为2c,.由椭圆定义,知PF1+PF2=G1G2=20,由已知可得a=10,b=6,c=-=8,e=45又PF1∶PF2=1∶3,则PF1=5,PF2=15.,由离心率定义,得45.∴PQ= 54★7如图,在圆柱O1O2内嵌入双球,使它们与圆柱面相切,并且和圆柱的斜截面相切,切点分别为F1,F2.求证:斜截面与圆柱面的截线是以点F1,F2为焦点的椭圆.,设点P为曲线上任一点,连接PF1,PF2,则PF1,PF2分别是两个球面的切线,切点分别为F1,F2,过点P作母线,与两球面分别相交于点K1,K2,则PK1,PK2分别是两球面的切线,切点为K1,K2.根据切线长定理的空间推广,知PF1=PK1,PF2=PK2,所以PF1+PF2=PK1+PK2=K1K2.由于K1K2为定值,故点P的轨迹是以F1,F2为焦点的椭圆.。

二平面与圆柱面的截线
1.圆柱形物体的斜截口是.
2.如图3-2-1.
图3-2-1
椭圆中,F1、F2是焦点,B1B2是F1F2的中垂线,则叫椭圆的长轴, 叫椭圆的短轴,叫椭圆的焦距.若长轴为2a,短轴为2b,则焦距2c = .
3.椭圆上任一点到焦点F1的距离与到直线l1的距离之比为定值cosφ,则直线l1叫做椭圆的一条.
4.若e =cosφ,则e叫做椭圆的.
知识回顾
1.切线长定理.
从圆外一点引圆的两条切线,它们的切线长相等,圆心和这一点的连线平分两条切线的夹角.
2.三角函数.
3.椭圆.
平面上到两个定点的距离之和等于定长的点的轨迹叫做椭圆.。

《选修4-1 几何证明选讲》核心考点与典型例题
知识点15：平面与圆柱面的截线
常考题型：求平面与圆柱面的截线图形的几何性质
方法详述：根据截面的形状，研究几何图形的几何性质
例1 底面直径为12cm 的圆柱被与底面成30°的平面所截，截口是一个椭圆，该椭圆的长轴长_____，短轴长_____，离心率为_____．
答案：8cm ，12cm ，12
． 分析：根据平面与圆柱面的截线及椭圆的性质，可得圆柱的底面直径为12cm ，截面与底面成30°，根据截面所得椭圆长轴、短轴与圆柱直径的关系，我们易求出椭圆的长轴长和短轴长，进而得到椭圆的离心率．
解析：∵圆柱的底面直径d 为12cm ，截面与底面成30°
∴椭圆的短轴长212b d cm ==
椭圆的长轴长2cos30
d a cm == 根据得，椭圆的半焦距长2c cm =，
则椭圆的离心率12
c c a ===． 故答案为：8cm ，12cm ，
12． 高考试题精析 【2014年高考题改编】如图，AB 是圆柱体OO ′的一条母线，BC 过底面圆的圆心O ，D 是圆O 上不与点B ，C 重合的任意一点，已知棱AB=5，BC=5，CD=3．
(1)求直线AC 与平面ABD 所成的角的大小；
(2)将四面体ABCD 绕母线AB 转动一周，求△ACD 的三边在旋转过程中所围成的几何体的体积．
径的圆上，所以BD ⊥DC ，因为
【练习】
1．在如图所示的斜截圆柱中，已知圆柱底面的直径为40cm ，母线长最短50cm ，最长80cm ，则斜截圆柱的侧面面积S=( )
A ．22600cm
B ．25200cm
C ．22600cm π
D ．2
5200cm π。

平面截圆锥面一， 选择题1，用一个过圆锥面顶点的平面去截圆锥面，则截线为（ ）A ，椭圆B ，双曲线C ，抛物线D ，两条相交直线2，一圆锥面的母线和轴线成30°角，当用一与轴成30°角的不过顶点的平面去截圆锥面时，所截得的截线是（ ）A ，椭圆B ，双曲线C ，抛物线D ，两条相交直线3，已知AD 是等边⊿ABC 上的高，直线l 与AD 相交于点P ，且与AD 的夹角为β，当l 与AB （或AB 的延长线），AC 相交时，β的取值范围是（ ）A ，⎪⎭⎫ ⎝⎛6,0πB ，⎪⎭⎫ ⎝⎛3,0πC ，⎪⎭⎫ ⎝⎛2,3ππD ，⎪⎭⎫ ⎝⎛2,6ππ 4，一圆锥面的母线与轴成α角，不过顶点的平面和轴线成β角，且与圆锥面的交线是椭圆，则β和α的大小关系是（ ）A ，αβ>B ，αβ<C ，αβ=D ，无法确定二， 填空题5，如图所示，AD 为等腰三角形ABC 底边BC 上的高，∠BAD=α，直线l 与AD 相交于点P ，且与AD 的夹角为)20(πββ<<，则有：Dαβ>时，直线l 与AB （或AB 的延长线） ；αβ=时，直线l 与AB 平行，l 与AB ；αβ<时，直线l 与BA 的6，在空间中取直线l 为轴，直线l '与l 相交于O 点夹角为α，l '围绕l 旋转得到以O 为顶点，l '为母线的圆锥面。

任取一个平面π，若它与轴l 的交角为β（当π与l 平行时，记0=β），则αβ>，平面π与圆锥的交线为 ；αβ=，平面π与圆锥的交线为 ；αβ<，平面π与圆锥的交线为 。

7，在圆锥的内部嵌入Dandelin 双球，一个位于平面π的上方，一个位于平面π的下方，并且与平面π与圆锥面均相切，则两切点是所得圆锥曲线的 。

三， 解答题8，椭圆的中心在原点，焦点在x 轴上，离心率23=e ，椭圆上各点到直线025:=++-y x l 的最短距离为1，求椭圆的方程9，定长为3的线段AB 的两个端点在抛物线x y =2上移动，设线段AB 的中点为M ，求点M 到y 轴的最短距离。

平面截圆锥面 同步练习一， 选择题1，用一个过圆锥面顶点的平面去截圆锥面，则截线为（ ）A ，椭圆B ，双曲线C ，抛物线D ，两条相交直线2，一圆锥面的母线和轴线成30°角，当用一与轴成30°角的不过顶点的平面去截圆锥面时，所截得的截线是（ ）A ，椭圆B ，双曲线C ，抛物线D ，两条相交直线3，已知AD 是等边⊿ABC 上的高，直线l 与AD 相交于点P ，且与AD 的夹角为β，当l 与AB （或AB 的延长线），AC 相交时，β的取值范围是（ ）A ，⎪⎭⎫ ⎝⎛6,0πB ，⎪⎭⎫ ⎝⎛3,0π C ，⎪⎭⎫ ⎝⎛2,3ππ D ，⎪⎭⎫ ⎝⎛2,6ππ 4，一圆锥面的母线与轴成α角，不过顶点的平面和轴线成β角，且与圆锥面的交线是椭圆，则β和α的大小关系是（ ）A ，αβ>B ，αβ<C ，αβ=D ，无法确定二， 填空题5，如图所示，AD 为等腰三角形ABC 底边BC 上的高，∠BAD=α，直线l 与AD 相交于点P ，且与AD 的夹角为)20(πββ<<，则有：Dαβ>时，直线l 与AB （或AB 的延长线） ；αβ=时，直线l 与AB 平行，l 与AB ；αβ<时，直线l 与BA 的6，在空间中取直线l 为轴，直线l '与l 相交于O 点夹角为α，l '围绕l 旋转得到以O 为顶点，l '为母线的圆锥面。

任取一个平面π，若它与轴l 的交角为β（当π与l 平行时，记0=β），则αβ>，平面π与圆锥的交线为 ；αβ=，平面π与圆锥的交线为 ；αβ<，平面π与圆锥的交线为 。

7，在圆锥的内部嵌入Dandelin 双球，一个位于平面π的上方，一个位于平面π的下方，并且与平面π与圆锥面均相切，则两切点是所得圆锥曲线的 。

三， 解答题8，椭圆的中心在原点，焦点在x 轴上，离心率23=e ，椭圆上各点到直线025:=++-y x l 的最短距离为1，求椭圆的方程9，定长为3的线段AB 的两个端点在抛物线x y =2上移动，设线段AB 的中点为M ，求点M 到y 轴的最短距离。

选修4-1 第2节[知能演练]一、填空题1．一平面截球面产生的截面形状是________；它截圆柱面所产生的截面形状是________．答案：圆 圆或椭圆2．如下图所示，圆O 的直径AB ＝6，C 为圆周上一点，BC ＝3，过C 作圆的切线l ，过A 作l 的垂线AD ，垂足为D ，则∠DAC ＝________.解析：由弦切角定理，可知∠DCA ＝∠B ＝60°，又AD ⊥l ，故∠DAC ＝30°. 答案：30°3．一个圆的两弦相交，一条弦被分为12 cm 和18 cm 两段，另一弦被分为3∶8，则另一弦的长为________．解析：设另一弦被分的两段长分别为3k,8k (k >0)， 由相交弦定理，得3k ·8k ＝12×18，解得k ＝3， 故所求弦长为3k ＋8k ＝11k ＝33 cm. 答案：33 cm4．已知P A 是圆O 的切线，切点为A ，P A ＝2，AC 是圆O 的直径，PC 与圆O 交于点B ，PB ＝1，则圆O 的半径R 的长为________．解析：如右图，连接AB ，∵P A 是⊙O 的切线， ∴∠P AB ＝∠C ， 又∵∠APB ＝∠CP A ， ∴△P AB ∽△PCA ， ∴P A AC ＝PB AB ，即P A 2R ＝PBAB， ∴R ＝P A ·AB 2PB ＝2×22－122×1＝ 3.答案： 35．已知如下图，⊙O 和⊙O ′相交于A 、B 两点，过A 作两圆的切线分别交两圆于C 、D .若BC ＝2，BD ＝4，则AB 的长为________．解析：∵AC 、AD 分别是两圆的切线，∴∠C ＝∠2，，1＝∠D ， ∴△ACB ∽△DAB . ∴BC AB ＝ABBD， ∴AB 2＝BC ·BD ＝2×4＝8. ∴AB ＝8＝22(舍去负值)． 答案：2 26．如右图，已知EB 是半圆O 的直径，A 是BE 延长线上一点，AC 切半圆O 于点D ，BC ⊥AC 于点C ，DF ⊥EB 于点F ，若BC ＝6，AC ＝8，则DF ＝________.解析：设圆的半径为r ，AD ＝x ， 连接OD ，得OD ⊥AC ，故AD AC ＝OD BC ，即x 8＝r 6，故x ＝43r . 又由切割线定理得AD 2＝AE ·AB ， 即169r 2＝(10－2r )×10，故r ＝154. 由射影定理知DF ＝3. 答案：3 二、解答题7．如下图，已知AP 是⊙O 的切线，P 为切点，AC 是⊙O 的割线，与⊙O 交于B ，C 两点，圆心O 在∠P AC 的内部，点M 是BC 的中点．(1)证明：A ，P ，O ，M 四点共圆；(2)求∠OAM ＋∠APM 的大小．(1)证明：连结OP ，OM ， 因为AP 与⊙O 相切于点P ， 所以OP ⊥AP .因为M 是⊙O 中弦BC 的中点，所以OM ⊥BC .于是∠OP A ＋∠OMA ＝180°，由圆心O 在∠P AC 的内部，可知四边形APOM 的对角互补，所以A ，P ，O ，M 四点共圆．(2)解：由(1)，得A ，P ，O ，M 四点共圆， 所以∠OAM ＝∠OPM .由(1)，得OP ⊥AP .由圆心O 在∠P AC 的内部，可知∠OPM ＋∠APM ＝90°，所以∠OAM ＋∠APM ＝90°. 8．如右图，梯形ABCD 内接于⊙O ，AD ∥BC ，过B 引⊙O 的切线分别交DA 、CA 的延长线于E 、F .(1)求证：AB 2＝AE ·BC .(2)已知BC ＝8，CD ＝5，AF ＝6，求EF 的长． (1)证明：因为BE 切⊙O 于B ， 所以∠ABE ＝∠ACB .由于AD ∥BC ，所以∠BAE ＝∠ABC . 所以△EAB ∽△ABC . 所以AE AB ＝ABBC .故AB 2＝AE ·BC .(2)解：由(1)，知△EAB ∽△ABC ， 所以BE AC ＝AB BC .又AE ∥BC ，所以EF AF ＝BE AC .所以AB BC ＝EFAF .又AD ∥BC ，所以AB ＝CD .所以AB ＝CD .所以58＝EF6.所以EF ＝308＝154.[高考·模拟·预测]1．如右图，已知P A 、PB 是圆O 的切线，A 、B 分别为切点，C 为圆O 上不与A 、B 重合的另一点，若∠ACB ＝120°，则∠APB ＝________.解析：连结OA 、OB ，∠P AO ＝∠PBO ＝90°， ∵∠ACB ＝120°，∴∠AOB ＝120°. 又P 、A 、O 、B 四点共圆，故∠APB ＝60°.答案：60°2．如右图，点P 在圆O 直径AB 的延长线上，且PB ＝OB ＝2，PC切圆O 于C 点，CD ⊥AB 于D 点，则CD ＝________.解析：由切割线定理知，PC 2＝P A ·PB ，解得PC ＝2 3.又OC ⊥PC ，故CD ＝PC ·OC PO ＝23×24＝ 3.答案： 33．如下图，圆O 和圆O ′相交于A 、B 两点，AC 是圆O ′的切线，AD 是圆O 的切线，若BC ＝2，AB ＝4，则BD ＝________.解析：易证△CBA ∽△ABD ， 所以BC AB ＝ABBD ，BD ＝8.答案：84．如右图，点A ，B ，C 是圆O 上的点，且AB ＝4，∠ACB ＝45°，则圆O 的面积等于________．解析：根据同弧所对的圆心角是圆周角的2倍．知∠AOB ＝2∠ACB ＝90°，在Rt △OAB 中，得OA ＝22，即r ＝22，∴S ＝πr 2＝8π.答案：8π5．如右图，已知△ABC 中，AB ＝AC ，D 是△ABC 外接圆劣弧AC上的点(不与点A ，C 重合)，延长BD 到E .(1)求证：AD 的延长线平分∠CDE ；(2)若∠BAC ＝30°，△ABC 中BC 边上的高为2＋3，求△ABC 外接圆的面积．解：(1)如右图，设F 为AD 延长线上一点． ∵A 、B 、C 、D 四点共圆， ∴∠CDF ＝∠ABC .又AB ＝AC ，∴∠ABC ＝∠ACB ， 且∠ADB ＝∠ACB ，∴∠ADB ＝∠CDF . 对顶角∠EDF ＝∠ADB ， 故∠EDF ＝∠CDF ，即AD的延长线平分∠CDE.(2)设O为外接圆圆心，连结AO交BC于H，则AH⊥BC. 连结OC，由题意∠OAC＝∠OCA＝15°，∠ACB＝75°，∴∠OCH＝60°.设圆半径为r，则r＋32r＝2＋3，得r＝2，外接圆面积为4π.。

柱面与平面的截面
【学习目标】
1．亲历认识柱面、旋转面、垂直截面、一般截面的探索过程，体验分析归纳得出平面截圆柱面得出的结论，进一步发展学生的探究、交流能力。

2．掌握柱面、旋转面、垂直截面与一般截面。

3．熟练运用平面截圆柱面得出的结论。

【学习重难点】
重点：掌握柱面、旋转面、垂直截面、一般截面。

难点：熟练运用平面截圆柱面得出的结论。

【学习过程】
一、新课学习
知识点一：柱面、旋转面
柱面是直线沿着一条定曲线平行移动所形成的曲面。

旋转面：它是一条平面曲线绕着它所在的平面上一条固定直线旋转一周所生成的曲面。

根据前面的知识做一做：
练习：
1．以矩形一边为轴旋转得到的是怎样的一个面？
2．平面上一条曲线绕着一条直线旋转一周后形成的曲面称为_____。

知识点二：垂直截面
根据前面的知识做一做：
练习：
1．什么是圆柱的垂直截面？
2．圆柱的垂直截面有什么特点？
3．知识点三：截面及其推论
根据前面的知识做一做：
练习：
1．如图，动点P 到两定点12F F ，的距离之和为_____。

2．如果篮筐的内径与篮球的直径相等，那么站在场内将篮球投向篮筐，篮球能否入筐？
三、课程总结
1．这节课我们主要学习了哪些知识？
2．这节课我们主要学习了哪些解题方法？步骤是什么？
四、习题检测
1．利用手中的材料动手制作一个圆柱面被截出的椭圆的模型。

2．平面β截圆柱面，β与圆柱面的轴的夹角θ变化，所截出的椭圆有什么变化？
3．平面β与圆柱面的轴的夹角θ不变，而圆柱面的半径在变化，则所截出的椭圆又有什么特点？。

平面与圆柱面的截线（北京习题集）（教师版）一．选择题（共4小题）1．（2008•崇文区二模）若半径为1的球与120︒的二面角的两个半平面切于M、N两点，则两切点间的球面距离是( )A．43πB．πC．23πD．3π2．（2017秋•朝阳区期末）如图，PAD∆为等边三角形，四边形ABCD为正方形，平面PAD⊥平面ABCD．若点M 为平面ABCD内的一个动点，且满足MP MC=，则点M在正方形ABCD及其内部的轨迹为()A．椭圆的一部分B．双曲线的一部分C．一段圆弧D．一条线段3．（2015秋•大兴区期末）若直线//a平面α，直线bα⊂，a b⊥，则在平面α内到直线a和直线b距离相等的点的轨迹是()A．圆B．抛物线C．椭圆D．双曲线4．（2013秋•大兴区期末）工人师傅在如图1的一块矩形铁皮上画一条曲线，沿曲线剪开，将所得到的两部分卷成圆柱状，如图2，然后将其对接，可做成一个直角的“拐脖”，如图3．工人师傅所画的曲线是()A．一段圆弧B．一段抛物线C．一段双曲线D．一段正弦曲线二．填空题（共3小题）5．（2006秋•东城区期末）已知棱长等于2的正四面体的四个顶点在同一个球面上，则球的半径长为，球的表面积为．6．（2013秋•大兴区期末）工人师傅在如图1的一块矩形铁皮的中间画了一条曲线，并沿曲线剪开，将所得的两部分卷成圆柱状，如图2，然后将其对接，可做成一个直角的“拐脖”，如图3．对工人师傅所画的曲线，有如下说法：（1）是一段抛物线；（2）是一段双曲线；（3）是一段正弦曲线；（4）是一段余弦曲线；（5）是一段圆弧．则正确的说法序号是．7．（2003•北京）如图，已知底面半径为r的圆柱被一个平面所截，剩下部分母线长的最大值为a，最小值为b，那么圆柱被截后剩下部分的体积是．平面与圆柱面的截线（北京习题集）（教师版）参考答案与试题解析一．选择题（共4小题）1．（2008•崇文区二模）若半径为1的球与120︒的二面角的两个半平面切于M 、N 两点，则两切点间的球面距离是()A ．43πB ．πC ．23πD ．3π 【分析】画出图形，圆O 是球的一个大圆，MAN ∠是二面角的平面角，AM 、AN 是圆O 的切线，欲求两切点间的球面距离即求圆O 中劣弧MN 的长，将立体几何问题转化为平面几何问题解决．【解答】解：画出图形，如图，在四边形OMNA 中，AM 、AN 是球的大圆的切线，AM OM ∴⊥，AN ON ⊥，12060MAN MON ∠=︒∴∠=︒∴两切点间的球面距离是33MN OM ππ=⨯=．故选：D ．【点评】空间几何体的主要元素往往集中在某一特征截面上，这个特征截面是一个平面图，从而将立体几何问题转化为平面几何问题．从特征截面入手加以剖析，实现转化是解题的关键．2．（2017秋•朝阳区期末）如图，PAD ∆为等边三角形，四边形ABCD 为正方形，平面PAD ⊥平面ABCD ．若点M为平面ABCD 内的一个动点，且满足MP MC =，则点M 在正方形ABCD 及其内部的轨迹为( )A．椭圆的一部分B．双曲线的一部分C．一段圆弧D．一条线段【分析】在空间中，过线段PC中点，且垂直线段PC的平面上的点到P，C两点的距离相等，此平面与平面ABCD 相交，两平面有一条公共直线．【解答】解：在空间中，存在过线段PC中点且垂直线段PC的平面，平面上点到P，C两点的距离相等，记此平面为α平面α与平面ABCD有一个公共点，则它们有且只有一条过该点的公共直线．故点M在正方形ABCD及其内部的轨迹为一条线段．故选：D．【点评】本题是轨迹问题与空间线面关系相结合的题目，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．3．（2015秋•大兴区期末）若直线//⊥，则在平面α内到直线a和直线b距离相等的点的a平面α，直线bα⊂，a b轨迹是()A．圆B．抛物线C．椭圆D．双曲线【分析】设a到α距离为d，在α内的射影为c，则在α内以b为x轴，c为y轴建立坐标系．设(,)P x y，根据平面α内的动点P到b与到a的距离相等，即可得出．【解答】解：设a到α距离为d，在α内的射影为c，则在α内以b为x轴，c为y轴建立坐标系．设(,)P x y，则平面α内的动点P到b的距离与到a的距离相等，22∴=+||y x d222∴-=，y x d∴点P的轨迹是双曲线．故选：D．【点评】本题考查了双曲线的标准方程及其性质、两点之间的距离公式、空间线面位置关系，考查了推理能力，属于中档题．4．（2013秋•大兴区期末）工人师傅在如图1的一块矩形铁皮上画一条曲线，沿曲线剪开，将所得到的两部分卷成圆柱状，如图2，然后将其对接，可做成一个直角的“拐脖”，如图3．工人师傅所画的曲线是()A．一段圆弧B．一段抛物线C．一段双曲线D．一段正弦曲线【分析】利用平面图分析曲线的对称性，即可得出结论．【解答】解：将图2剪开展成平面图分析可知，曲线为轴对称图形，将图3剪开展成平面图分析可知，曲线也为中心对称图形．所以此曲线即为轴对称图形又为中心对称图形，故只有D正确．故选：D．【点评】本题考查平面与圆柱面的截线，考查函数的对称性和奇偶性，比较基础．二．填空题（共3小题）5．（2006秋•东城区期末）已知棱长等于2的正四面体的四个顶点在同一个球面上，则球的半径长为6，球的表面积为．【分析】将正四面体补成正方体，再将正方体放在一个球体中，利用它们之间的关系求解．【解答】解：如图，将正四面体补形成一个正方体，正四面体为2，∴2又球的直径是正方体的对角线，设球半径是R，2236R∴==6R∴=，球的表面积为6π．故填：62；6π． 【点评】巧妙构造正方体，利用正方体的外接球的直径为正方体的对角线，从而将问题巧妙转化．若已知正四面体V ABC -的棱长为a ，求外接球的半径，我们可以构造出一个球的内接正方体，再应用对角线长等于球的直径可求得．6．（2013秋•大兴区期末）工人师傅在如图1的一块矩形铁皮的中间画了一条曲线，并沿曲线剪开，将所得的两部分卷成圆柱状，如图2，然后将其对接，可做成一个直角的“拐脖”，如图3．对工人师傅所画的曲线，有如下说法：（1）是一段抛物线；（2）是一段双曲线；（3）是一段正弦曲线；（4）是一段余弦曲线；（5）是一段圆弧．则正确的说法序号是 ③④ ．【分析】利用平面图分析曲线的对称性，即可得出结论．【解答】解：将图2剪开展成平面图分析可知，曲线为轴对称图形，将图3剪开展成平面图分析可知，曲线也为中心对称图形．所以此曲线即为轴对称图形又为中心对称图形，故只有③④正确．故答案为：③④．【点评】本题考查平面与圆柱面的截线，考查函数的对称性和奇偶性，比较基础．7．（2003•北京）如图，已知底面半径为r 的圆柱被一个平面所截，剩下部分母线长的最大值为a ，最小值为b ，那么圆柱被截后剩下部分的体积是 21()2r a b π+ ．【分析】用补形法：两个相同的几何体，倒立一个，对应合缝，恰好形成一个圆柱体．求出总体积的一半即可．【解答】解：取两个相同的几何体，倒立一个，对应合缝，恰好形成一个圆柱体．所求几何体的体积：2211()()22r a b r a b ππ⨯⨯+=+故答案为：21()2r a b π+ 【点评】本题考查几何体的体积，考查转化思想，是基础题．。

柱面与平面的截面一，选择题1，过球面上一点可以作球的（ ）A ．一条切线和一个切平面B ，两条切线和一个切平面C ，无数条切线和一个切平面D ，无数条切线和无数个切平面2，球的半径为3，球面外一点和球心的距离为6，则过该点的球的切线和过切点的半径所成的角为（ ）A ，30°B ，60°C ，90°D ，不确定3，一个平面和圆柱面的轴成α角)900(︒<<︒α，则同时与圆柱面和该平面都相切的球的个数为（ ）A ，0B ，1C ，2D ，由α的不同而定4，从圆012222=+--+y x y x 外一点P （2，3）引圆的切线，则其切线方程为（ ） A ，0643=+-y x B ，06430643=-+=+-y x y x 或 C ，0643=-+y x D ，30643==+-y y x 或5，一圆柱面底面的半径等于2cm ，一个截割圆柱面的平面与轴成60角，从割平面上，下放入圆柱的两个切球，使它们都与截面相切，则这两个切点的距离为（ ） A ，332 B ，334 C ，34D ，38 二，填空题6，半径分别为1和2两个球的球心相距12，则这两个球的外公切线和长为 内公切线的长为7，将两个半径为2cm 的球嵌入底面半径为2cm 的圆柱中，使两球的距离为6cm ，用一个平面分别与两个球相内切，所成的截线为一个椭圆，则该椭圆的长轴为 短轴长为 焦距为 离心率为8，如图，AB ，CD 是两个半径为2的等圆的直径，AB//CD ，AC ，BD 与两圆相切，作两圆公切线EF ，切点为F1，F2，交BA ，CD 延长线于E ，F ，交AC 于G1，交BD 于G2，设EF 与BC ，CD 的交角分别为2,1∠∠，G2F1+G2F2= ，若︒=∠302则=∠1三,解答题9, 已知椭圆如图，162422y x +＝1，直线L ：812y x +＝1，P 是L 上一点，射线OP 交椭圆于点R ，又点Q 在OP 上且满足|OQ |·|OP |＝|OR |2.当点P 在L 上移动时，求点Q 的轨迹方程，并说明轨迹是什么曲线.10, 设F 1、F 2为椭圆4922y x +＝1的两个焦点，P 为椭圆上的一点．已知P 、F 1、F 2是一个直角三角形的三个顶点，且|PF 1|＞|PF 2|，求||||21PF PF 的值．参考答案1，C 2，C 3，C 4，C 5，B 6，143 153 7，6 4 52358，3384+∠1=60° 9，解：由题设知点Q 不在原点，设P 、R 、Q 的坐标分别为（x P ，y P ），（x R ，y R ），（x ，y ），其中x 、y 不同时为零.设OP 与x 轴正方向的夹角为α，则有 x P ＝|OP |cos α，y P ＝|OP |sin α x R ＝|OR |cos α，y R ＝|OR |sin α x ＝|OQ |cos α，y ＝|OQ |sin α由上式及题设|OQ |·|OP |＝|OR |2，得⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧==y OQ OP y x OQ OP x P P ||||||||⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧==2222||||||||y OQ OP y x OQ OP x R R 由点P 在直线L 上，点R 在椭圆上，得方程组⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+=+11624181222R R PP y x y x 将①②③④代入⑤⑥，整理得点Q 的轨迹方程为35)1(25)1(22-+-y x ＝1（其中x 、y 不同时为零）所以点Q 的轨迹是以（1，1）为中心，长、短半轴分别为210和315，且长轴与x 轴平行的椭圆，去掉坐标原点.10, 解法一：由已知|PF 1|＋|PF 2|＝6，|F 1F 2|＝25，根据直角的不同位置，分两种情况：若∠PF 2F 1为直角，则|PF 1|2＝|PF 2|2＋|F 1F 2|2即|PF 1|2＝（6－|PF 1|）2＋20， 得|PF 1|＝314，|PF 2|＝34，故27||||21=PF PF ；若∠F 1PF 2为直角，则|F 1F 2|2＝|PF 1|2＋|PF 2|2，即20＝|PF 1|2＋（6－|PF 1|）2， 得|PF 1|＝4，|PF 2|＝2，故||||21PF PF ＝2.解法二：由椭圆的对称性不妨设P （x ，y ）（x ＞0，y ＞0），则由已知可得F 1（－5，0），F 2（5，0）.根据直角的不同位置，分两种情况：若∠PF 2F 1为直角，则P （5，34）于是|PF 1|＝314，|PF 2|＝34，故27||||21=PF PF若∠F 1PF 2为直角，则⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=-⋅+=+15514922x y x y y x解得554,553==y x ，即P （554,553）， 于是|PF 1|＝4，|PF 2|＝2，故||||21PF PF ＝2.。