高三物理上学期第六次双周练试题word版本

2021年高三上学期物理周练试题2含答案一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。

每小题只有一个选项符合题意。

1．关于物体运动的速度和加速度的关系，下列说法正确的是A．速度越大，加速度也越大B．速度变化越快，加速度一定越大C．加速度增大，速度一定增大D．加速度的方向保持不变，速度方向也一定保持不变2．在“验证牛顿第二定律”的实验中，以下做法正确的是A．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力B．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源C．平衡摩擦力时，应将小盘用细绳通过定滑轮系在小车上D．求小车运动的加速度时，可用天平测出小盘和砝码的质量(M′和m′)以及小车质量M，直接用公式a＝M′＋m′Mg求出3．如图所示，质量为m的小球被水平绳AO和与竖直方向成θ角的轻弹簧系着处于静止状态，现用火将绳AO烧断，在绳AO烧断的瞬间，下列说法正确的是A．小球的加速度为零B．小球的加速度a=gsinθC．弹簧的拉力F=mg/cosθD．弹簧的拉力F=mgsinθ4．如图5所示，竖直放置在水平面上的轻弹簧上放着质量为2 kg的物体A，处于静止状态．若将一个质量为3 kg的物体B轻放在A上的一瞬间，则B对A的压力大小为(g取10 m/s2) A．30 N B．0C．15 N D．12 N5．如图甲所示，放在光滑水平面上的木块受到两个水平力F1与F2的作用，静止不动，现保持力F1不变，使力F2逐渐减小到零，再逐渐恢复到原来的大小，在这个过程中，在速度图像、加速度图像、位移图像中，能正确描述木块运动情况的是图乙中的二、多项选择题：(本题共5小题，每小题4分，共20分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.)6. A、B两个物体从同一地点在同一直线上做匀变速运动，它们的速度图象如图所示，则：A. A、B两个物体的运动方向相反B. t=8s时，两物体相遇C. 相遇前，t=4s时两物体距离最大D. 相遇前，两物体最大距离为40m7．关于超重和失重，下列说法正确的是A．物体处于超重时，物体可能在加速上升B．物体处于失重状态时，物体可能在上升C．物体处于完全失重时，地球对它的引力消失了D．物体在完全失重的条件下，对支持它的支承面压力为零8. 如图所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止的光滑斜面上，设小球质量为m，斜面倾角θ=30°，悬线与竖直方向夹角α=30°，质量为M的斜面，静止在粗糙水平面上，则下列说法正确的是t/sv/mABO54151026A.悬线对小球拉力是B. 地面对斜面的摩擦力是C.地面对斜面的支持力是D.悬线与竖直方向夹角增大，小球受到的弹力减小9．在电梯中，把一重物置于台秤上，台秤与力的传感器相连，当电梯从静止起加速上升，然后又匀速运动一段时间，最后停止运动时，传感器的荧屏上显示出其受的压力与时间的关系（N—t）图像如图所示（g取10m/s2）A．电梯加速上升的时间约为2.5sB．重物的质量为3kgC．2.5s~4s内电梯的加速度方向向下D．电梯的最大加速度约为6.7m/s210．A、B两物体叠放在一起，放在光滑水平面上，如图3甲所示，它们从静止开始受到一个变力F的作用，该力与时间关系如图乙所示，A、B始终相对静止．则图3A.在t0时刻A、B两物体间静摩擦力最大B.在t0时刻A、B两物体的速度最大C.在2t0时刻A、B两物体的速度最大D.在2t0时刻A、B两物体的位移最大三、实验题：(本题共2小题，共20分.把答案填在答题纸相应的横线上.)11．（8分）某同学利用如图5所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2和F3，回答下列问题：(1)改变钩码个数，实验能完成的是()A．钩码个数N1＝N2＝2，N3＝4B．钩码个数N1＝N3＝3，N2＝4 图5C．钩码个数N1＝N2＝N3＝4D．钩码个数N1＝3，N2＝4，N3＝5a /(m/s 2)▲ ▲ ▲ (2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是 ( )A ．标记结点O 的位置，并记录OA 、OB 、OC 三段绳子的方向 B ．量出OA 、OB 、OC 三段绳子的长度 C ．用量角器量出三段绳子之间的夹角D ．用天平测出钩码的质量(3)在作图时，你认为右图中________是正确的．(填“甲”或“乙”)12．（12分）某同学在“研究小车的加速度与质量关系"的探究实验中，使用的装置如图所示．他将光电门固定在光滑水平轨道上的某点B ，用同一重物拉不同质量的小车，每次小车都从同一位置A 由静止释放．（1）若遮光板的宽度d =1.2cm. 实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间Δt =4.0×10-2s ，则小车经过光电门时的瞬时速度为 ▲ m/s ；（2）若再用米尺测量出光电门到小车出发点之间的距离为s ，则计算小车加速度大小的表达式为a = ▲ （各量均用字母表示）；（3）实验中可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，则重物的质量m 与小车的质量M 间应满足的关系为▲ ；（4）某同学测得小车的加速度a 和小车质量的数据如下表所示：（物体所受合力F 保持不变）实验次数小车质 量m （kg ）小车的加速 度a （m/s 2）小车质量的 倒数1/m (1/kg)1 0.10 0.50 10.002 0.20 0.26 5.003 0.30 0.23 3.33 40.40 0.12 2.50 50.500.102.00AB光电 门遮光板小车重物第12题图根据表中的数据，在图示的坐标系中描出相应的实验数据点，并作出图象．由图象，你得出的结论为：▲．物体受到的合力大约为▲．四、计算题或论述题：(本题共5小题，共65分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案不得分.有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位.) 13．（12分）两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图所示．如果不考虑小球的大小，两小球均处于静止状态，则：(1)OB绳对小球的拉力为多大？(2)OA绳对小球的拉力为多大？(3)作用力F为多大？14．（12分）一质量m＝2.0 kg的小物块以一定的初速度冲上一个足够长的倾角为37°的固定斜面，某同学利用传感器测出了小物块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机做出了小物块上滑过程的速度—时间图线，如图所示．(取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)求：(1)小物块冲上斜面过程中加速度的大小；(2)小物块与斜面间的动摩擦因数；(3)小物块向上运动的最大距离．15．（12分）航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m =2㎏，动力系统提供的恒定升力F =28 N。

2019-2020年高三上学期第六次周考物理试卷含答案一、选择题（本大题共有8个小题，每小题6分，共48分;其中1-5题为单选题，6-8题为多选题。

）1.如图所示的a、b、c、d中,质量为M的物体甲受到相同的恒力F的作用,在力F作用下使物体甲在水平方向移动相同的位移。

μ表示物体甲与水平面间的动摩擦因数,乙是随物体甲一起运动的小物块,比较物体甲移动的过程中力F对甲所做功的平均功率大小（）( )A.P a最大B.P d最小C.P a<P cD.四种情况一样大2．当物体克服重力做功时，物体的( )A．重力势能一定减少，机械能可能不变B．重力势能一定增加，机械能一定增加C．重力势能一定增加，动能可能不变D．重力势能一定减少，动能可能减少3.2013年9月8日,在辽宁省大连市举行的全运会体操男子单杠决赛中,邹凯夺冠。

假设邹凯的质量为60kg,他用一只手抓住单杠,伸展身体,以单杠为轴做圆周运动。

此过程中,邹凯在最低点时手臂受的拉力至少为(忽略空气阻力,g取10m/s2)( )A.600NB.2400NC.3600ND.3000N4.我国前期发射的第16颗北斗导航卫星是一颗地球静止轨道卫星,它将与先期发射的15颗北斗导航卫星组网运行,形成区域服务能力。

下列关于这颗卫星的说法正确的是( )A.该卫星正常运行时一定处于赤道正上方,角速度小于地球自转角速度B. 该卫星的速度小于第一宇宙速度C.如果知道该卫星的周期与轨道半径可以计算出其质量D.该卫星正常运行时轨道也可以经过地球两极5.如图所示,固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环,圆环与一橡皮绳相连,橡皮绳的另一端固定在地面上的A点,橡皮绳竖直时处于原长h。

让圆环沿杆滑下,滑到杆的底端时速度为零。

则在圆环下滑过程中( )A.圆环机械能守恒B.橡皮绳的弹性势能一直增大C.橡皮绳的弹性势能增加了mghD.橡皮绳再次达到原长时圆环动能最大6.如图所示为跳伞爱好者从高楼跳伞表演的情形,他们从345m的高处跳下,在距地面150m高处打开伞包。

咐呼州鸣咏市呢岸学校泗高三〔上〕周练物理试卷〔2〕一．单项选择题〔每题3分，共15分〕1．如下图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的选项是〔〕A．E a= B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b2．如下图，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿①轨迹从两板间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿②轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，那么两次偏转电压之比为〔〕A．U1：U2=1：8 B．U1：U2=1：4 C．U1：U2=1：2 D．U1：U2=1：13．如下图电路，电源内阻不可忽略．在滑动变阻器触头由a滑向b的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电流表示数减小B．小灯泡L亮度增加C．电源内电阻消耗功率减小D．电源输出功率一增加4．如图是匀强电场遇到空腔导体后的电场线分布图，电场方向如图中箭头所示，M、N、Q是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN．以下说法正确的选项是〔〕A．O点电势与Q点电势相B．O、M间的电势差小于N、O间的电势差C．将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能增加D．在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与OQ垂直的方向竖直向上5．如下图的U﹣I图象中，直线a为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线b为某一电阻R的伏安特性曲线，两图线相交于〔2，2〕．用该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是〔〕A．6 W，1ΩB．6 W，0.5Ω C．4 W，1ΩD．4 W，0.5Ω二．多项选择题〔每题5分，共20分〕6．直流电路如下图，在滑动变阻器的滑片P从图示位置向右移动时．电源的〔〕A．总功率一减小B．效率一增大C．内部损耗功率一减小D．输出功率一先增大后减小7．如下图，是描述对给的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的选项是〔〕A．B．C．D．8．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷〔电荷量很小〕固在P点，如下图，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，E P表示正电荷在P点的电势能．假设保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么〔〕A．U变小，E不变B．E变大，E P变大C．U变小，E P不变D．U不变，E P不变9．如下图，绝缘弹簧的下端固在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q〔可视为质点〕固在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，假设两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．小球P的速度一先增大后减小B．小球P的机械能一在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能一增加三．选考模块〔每题12分，共24分〕〔3-3〕10．A．一位同学为了表演“轻功〞，用打气筒给4只相同的气球充以相质量的空气〔可视为理想气体〕，然后将它们放置在水平木板上，再在气球的上方平放一块轻质塑料板，如下图．这位同学慢慢站上轻质塑料板中间位置的过程中，气球一直没有破裂，球内气体温度可视为不变．〔1〕以下说法正确的选项是A．气球内气体的压强是由于气体重力而产生的B．由于该同学压迫气球，球内气体分子间表现为斥力C．气球内气体分子平均动能不变D．气球内气体的体积是所有气体分子的体积之和〔2〕表演过程中，对球内气体共做了4J的功，此过程中气球〔填“吸收〞或“放出〞〕的热量是J．假设某气球突然爆炸，那么该气球内的气体内能〔填“增加〞或“减少〞〕，温度〔填“升高〞或“降低〞〕．〔3〕一只气球内气体的体积为2L，密度为3kg/m3，平均摩尔质量为15g/mol，阿伏加德罗常数N A=6.02×1023mol﹣1，试估算这个气球内气体的分子个数．〔3-5〕11．在光电验中，小明同学用同一装置〔如图a〕在甲、乙、丙三种光的照射下得到了三条电流表与电压表读数之间的关系曲线，如图b所示．那么以下说法中正确的选项是〔〕A．乙光的频率小于甲光的频率B．甲光的波长大于丙光的波长C．丙光的光子能量小于甲光的光子能量D．乙光对的光电子最大初动能小于丙光的光电子最大初动能12．用光照射某金属，使它发生光电效现象，假设增加该入射光的强度，那么单位时间内从该金属外表逸出的光电子数，从外表逸出的光电子的最大动量大小．〔选填“增加〞、“减小〞或“不变〞〕13．〔4分〕用加速后动能为E k0的质子轰击静止的原子核X，生成两个动能均为E k的核，并释放出一个频率为ν的γ光子．写出上述核反方程并计算核反中的质量亏损．〔光在真空中传播速度为c〕四．填空题〔填空每空2分，画图4分，共20分〕14．〔6分〕如下图的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9mm长10分、19mm长20分、49mm长50分，它们的读数依次为mm、mm、mm．15．使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如下图，那么金属丝的直径是mm．16．室购置了一捆标称长度为100m的铜导线，某同学想通过测其实际长度．该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2，查得铜的电阻率为×10﹣8Ω•m，再利用图1所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6A，内阻约0.2Ω；电压表：量程3V，内阻约9kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω；滑动变阻器R2：最大阻值20Ω；值电阻：R0=3Ω；电源：电动势6V，内阻可不计；开关、导线假设干．答复以下问题：〔1〕中滑动变阻器选〔选填“R1〞或“R2〞〕，闭合开关S前将滑片移至端〔选填“a〞或“b〞〕．〔2〕在实物图中，已正确连接了导线，请根据图1电路完成剩余的连接．〔3〕调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50A时，电压表示数如图3所示，读数为V．〔4〕导线实际长度约为m．五、计算说理题〔15题12分，16题14分，17题15分，共41分〕17．如下图，在竖直平面内，光滑的绝缘细杆AC与半径为R的圆交于B、C两点，在圆心O处固一正电荷，B为AC的中点，C位于圆周的最低点．现有一质量为m、电荷量为﹣q、套在杆上的带负电小球〔可视为质点〕从A点由静止开始沿杆下滑．重力加速度为g，A、C两点的竖直距离为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．求：〔1〕小球滑至C点时的速度大小；〔2〕A、B两点间的电势差U AB．18．如下图，一根长 L=1.5m 的光滑绝缘细直杆MN，竖直固在场强为E=1.0×105N/C．与水平方向成θ=30°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固一个带电小球 A，电荷量Q=+×10﹣6C；另一带电小球 B 穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6 C，质量m=1.0×10﹣2 kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．〔静电力常量k=9.0×10 9N•m2/C2，取 g=l0m/s2〕〔1〕小球B开始运动时的加速度为多大？〔2〕小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？〔3〕小球B从N端运动到距M端的高度h2=0.61m时，速度为v=1.0m/s，求此过程中小球B的电势能改变了多少？19．如图甲所示，在xOy坐标系中，两平行金属板如图放置，OD与x轴重合，板的左端与原点O重合，板长L=2m，板间距离d=1m，紧靠极板右侧有一荧光屏．两金属板间电压U AO随时间的变化规律如图乙所示，U0=1×103V，变化周期T=2×10﹣3s，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A点，以v0=1×103m/s的速度平行于AB边射入板间，粒子电荷量q=1×10﹣5C，质量m=1×10﹣7kg，不计粒子所受重力，求：〔1〕粒子在板间运动的时间；〔2〕粒子打在荧光屏上的纵坐标；〔3〕粒子打到屏上的动能．泗高三〔上〕周练物理试卷〔2〕参考答案与试题解析一．单项选择题〔每题3分，共15分〕1．如下图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的选项是〔〕A．E a= B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．【解答】解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：应选：D．【点评】此题关键是明确点电荷的场强的公式E=，记住即可，根底题目．2．如下图，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿①轨迹从两板间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿②轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，那么两次偏转电压之比为〔〕A．U1：U2=1：8 B．U1：U2=1：4 C．U1：U2=1：2 D．U1：U2=1：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带点粒子在电场中做类似平抛运动，将合运动沿着平行平板和垂直平板方向正交分解，根据运动学公式和牛顿第二律列式求解．【解答】解：带点粒子在电场中做类似平抛运动，将合运动沿着平行平板和垂直平板方向正交分解，有x=v0ty=解得∝故应选A．【点评】此题关键根据类平抛运动的分位移公式和牛顿第二律联立列式求解出电压的一般表达式，然后再进行分析讨论．3．如下图电路，电源内阻不可忽略．在滑动变阻器触头由a滑向b的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电流表示数减小B．小灯泡L亮度增加C．电源内电阻消耗功率减小D．电源输出功率一增加【考点】闭合电路的欧姆律；电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化；那么由闭合电路欧姆律可得出电路中电流及电压的变化；再由功率公式明确电源输出功率的变化．【解答】解：A、滑片向b端移动时滑动变阻器接入电阻增大；那么电路中总电流减小；由E=U+Ir可知，路端电压增大；那么流过R的电流增大；故电流表示数增大；故A错误；B、因总电流减小，而流过R的电流增大；由并联电路的分流规律可知，流过灯泡的电流减小；故灯泡亮度减小；故B错误；C、因电流减小，那么由功率公式可知，是源内部消耗的功率减小；故C正确；D、当电源内外电阻相时，电源的输出功率最大；此题无法得出内外电阻的大小关系；故无法确功率的变化；故D错误；应选：C．【点评】此题考查闭合电路欧姆律及功率公式，在解题时要注意明确电源的输出功率的极值问题的用；注意电源的总功率随外电阻的变化而变化，防止错选D．4．如图是匀强电场遇到空腔导体后的电场线分布图，电场方向如图中箭头所示，M、N、Q是以直电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线垂直于MN．以下说法正确的选项是〔〕A．O点电势与Q点电势相B．O、M间的电势差小于N、O间的电势差C．将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能增加D．在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与OQ垂直的方向竖直向上【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线方向判断电势上下；灵活用公式U=Ed判断两点之间电势差的上下；根据电势上下或电场力做功情况判断电势能的上下；正确判断电荷在电场中移动时电场力做功的正负．【解答】解：A、根据电场线与势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的势点，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高，故A错误；B、根据电场分布可知，OM间的平均电场强度比NO之间的平均电场强度大，故由公式U=Ed可知，OM间的电势差大于NO间的电势差，故B错误；C、M点的电势比Q点的电势高，负电荷从高电势移动到低电势电场力做负功，电荷的电势能增加，故C正确．D、在Q点释放一个正电荷，正电荷所受电场力将沿与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D错误；应选：C．【点评】电场线、电场强度、电势、电势差、电势能物理量之间的关系以及大小比拟，是电场中的和难点，在平时训练中要这方面的练习，以加深对概念的理解．5．如下图的U﹣I图象中，直线a为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线b为某一电阻R的伏安特性曲线，两图线相交于〔2，2〕．用该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是〔〕A．6 W，1ΩB．6 W，0.5Ω C．4 W，1ΩD．4 W，0.5Ω【考点】路端电压与负载的关系；电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】由电源的U﹣I的关系图象与纵轴的交点读出电源的电动势，其斜率大小于电源的内阻．电阻R的伏安特性曲线的斜率于电阻．两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率．【解答】解：根据闭合电路欧姆律得U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，由读出电源的电动势E=3V，内阻于图线的斜率大小，那么r==Ω=0.5Ω．电阻的U﹣I图线的斜率于电阻，那么电阻R==Ω=1Ω；两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，那么电源的输出功率为P出=UI=4W．故ABC错误．D正确．应选：D．【点评】对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义．此题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义．二．多项选择题〔每题5分，共20分〕6．直流电路如下图，在滑动变阻器的滑片P从图示位置向右移动时．电源的〔〕A．总功率一减小B．效率一增大C．内部损耗功率一减小D．输出功率一先增大后减小【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆律可以判断电路电流如何变化，由电功率公式可以分析答题．【解答】解：由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆律可知，电路总电流I变小；A、电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故A正确；B、电源的效率η==，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，那么电源效率增大，故B正确；C、电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率P Q=I2r减小，故C正确；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故D错误；应选：ABC．【点评】知道电路串并联中的电流电压关系，并熟练用闭合电路欧姆律、电功率公式即可正确解题．7．如下图，是描述对给的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的选项是〔〕A．B．C．D．【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电容由本身的性质决，与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比．【解答】解：是电容的义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决式为：，只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；根据可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量Q和电压U成正比，故C正确；应选BCD．【点评】解决此题的关键掌握电容的义式为，知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关．8．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷〔电荷量很小〕固在P点，如下图，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，E P表示正电荷在P点的电势能．假设保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么〔〕A．U变小，E不变B．E变大，E P变大C．U变小，E P不变D．U不变，E P不变【考点】电容器的动态分析；电容器．【专题】电容器专题．【分析】抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决式和义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出P与下极板电势差的变化，得出P点的电势变化和电势能变化．【解答】解：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离d减小，根据C=知，电容C增大，根据U=，那么板间电压变小．由E==，C=得到：E=，可知E与d无关，那么知电场强度E不变．P与负极板间的距离不变，由公式U=Ed可知，P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变．故AC正确，BD错误．应选：AC．【点评】解决此题的关键知道电容器与电源断开后其电荷量不变，掌握电容器的决式C=以及义式C=．要能熟练推导出场强的表达式E=，记住E与d无关的结论，有利于进行动态分析．9．如下图，绝缘弹簧的下端固在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q〔可视为质点〕固在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，假设两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．小球P的速度一先增大后减小B．小球P的机械能一在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能一增加【考点】功能关系；共点力平衡的条件及其用；库仑律．【分析】此题中有库仑力做功，机械能不守恒；机械能守恒是普遍遵守的律；小球的速度变化可从受力与能量两种观点加以分析【解答】解：A、小球先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时，小球静止，故A正确B、根据除了重力和弹力之外的力做功量度机械能的变化得小球P除了重力和弹力做功还有之外的库仑斥力做功，开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向可能向上，也就是可能做负功，所以小球P的机械能可能增大，故B错误C、小球P的速度一先增大后减小，当p的加速度为零时，速度最大，所以小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力沿斜面向下的分力和库仑力的合力为零，故C错误D、根据能量守恒律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变，因为在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小，所以小球P与弹簧系统的机械能一增加，故D正确．应选AD．【点评】注意机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，从能量转化的角度讲，只发生机械能间的相互件转化，没有其他形式的能量参与．三．选考模块〔每题12分，共24分〕〔3-3〕10．A．一位同学为了表演“轻功〞，用打气筒给4只相同的气球充以相质量的空气〔可视为理想气体〕，然后将它们放置在水平木板上，再在气球的上方平放一块轻质塑料板，如下图．这位同学慢慢站上轻质塑料板中间位置的过程中，气球一直没有破裂，球内气体温度可视为不变．〔1〕以下说法正确的选项是 CA．气球内气体的压强是由于气体重力而产生的B．由于该同学压迫气球，球内气体分子间表现为斥力C．气球内气体分子平均动能不变D．气球内气体的体积是所有气体分子的体积之和〔2〕表演过程中，对球内气体共做了4J的功，此过程中气球放出〔填“吸收〞或“放出〞〕的热量是 4 J．假设某气球突然爆炸，那么该气球内的气体内能减少〔填“增加〞或“减少〞〕，温度降低〔填“升高〞或“降低〞〕．〔3〕一只气球内气体的体积为2L，密度为3kg/m3，平均摩尔质量为15g/mol，阿伏加德罗常数N A=6.02×1023mol﹣1，试估算这个气球内气体的分子个数．【考点】封闭气体压强；阿伏加德罗常数．【专题】气体的压强专题．【分析】〔1〕知道分子间表现的实际作用力为引力，知道被封闭气体压强产生的原理．温度是分子平均动能变化的标志．〔2〕根据热力学第一律的表达式△U=Q+W进行有关判断；〔3〕求出气体的质量，平均摩尔质量再求出摩尔数，最后求出分子数．【解答】解：〔1〕A、密闭容器内的气体压强是大量气体分子频繁撞击器壁产生，故A错误．B、该同学压迫气球，气体分子间距离仍然较大，气体分子间的作用力几乎为零．故B错误．C、球内气体温度可视为不变．所以气球内气体分子平均动能不变，故C正确．D、气体分子间空隙很大，所以气球内气体的体积远大于所有气体分子的体积之和，故D错误．应选C．〔2〕表演过程中，球内气体温度可视为不变，说明球内气体内能不变，即△U=0，对球内气体共做了4J的功，即W=4J，所以此过程中Q=﹣4J，即气球放出的热量是4J，假设某气球突然爆炸，气体对外做功，瞬间无热传递，那么该气球内的气体内能减少，温度降低．〔3〕一只气球内气体的体积为2L，密度为3kg/m3，气体质量M=ρV=0.006Kg，平均摩尔质量为15g/mol，所以气体的摩尔数n==0.4mol，阿伏加德罗常数N A=6.02×1023mol﹣1，所以这个气球内气体的分子个数N=0.4×6.02×1023=1×1023 ．故答案为：〔1〕C 〔2〕放出，4J，减少，降低．〔3〕1×1023【点评】热很多知识点要需要记忆，注意平时的积累，对于热力学第一律△U=W+Q，要明确公式中各个物理量的含义．〔3-5〕11．在光电验中，小明同学用同一装置〔如图a〕在甲、乙、丙三种光的照射下得到了三条电流表与电压表读数之间的关系曲线，如图b所示．那么以下说法中正确的选项是〔〕A．乙光的频率小于甲光的频率B．甲光的波长大于丙光的波长C．丙光的光子能量小于甲光的光子能量D．乙光对的光电子最大初动能小于丙光的光电子最大初动能【考点】光电效．【专题】光电效专题．【分析】根据遏止电压比拟最大初动能，从而比拟光子频率的大小，得出波长的大小．【解答】解：乙丙两个的遏止电压相，且大于甲光的遏止电压，根据，知乙丙两光照射产生光电子的最大初动能相，大于甲光照射产生的光电子最大初动能．根据光电效方程E Km=hv﹣W0，逸出功相，知乙丙两光的频率相，大于甲光的频率．所以乙丙两光的光子能量相大于甲光的光子能量．甲光频率小，那么波长长．故B正确，A、C、D错误．应选B．【点评】解决此题的突破口在于通过遏止电压比拟最大初动能，结合光电效方程进行分析．12．用光照射某金属，使它发生光电效现象，假设增加该入射光的强度，那么单位时间内从该金属外表逸出的光电子数增加，从外表逸出的光电子的最大动量大小不变．〔选填“增加〞、“减小〞或“不变〞〕【考点】光电效．【专题】光电效专题．【分析】根据光电效方程判断光电子最大初动能的变化，光的强弱影响单位时间内发出光电子的数目．【解答】解：假设增加该入射光的强度，那么单位时间内从该金属外表逸出的光电子数增加．根据光电效方程E km=hv﹣W0知，光强增加，光电子的最大初动能不变，那么光电子的最大速度不变，最大动量大小不变．故答案为：增加，不变．【点评】解决此题的关键掌握光电效方程，知道影响光电子最大初动能的因素．13．〔4分〕用加速后动能为E k0的质子轰击静止的原子核X，生成两个动能均为E k的核，并释放出一个频率为ν的γ光子．写出上述核反方程并计算核反中的质量亏损．〔光在真空中传播速度为c〕【考点】爱因斯坦质能方程．【专题】爱因斯坦的质能方程用专题．【分析】根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反方程，通过爱因斯坦质能方程求出质量亏损．【解答】解：根据电荷数守恒、质量数守恒有：→．根据能量守恒知释放的核能△E=2E k+hv﹣E k0根据爱因斯坦质能方程得，．答：核反方程为：→．在核反中的质量亏损为．【点评】解决此题的关键知道在核反过程中电荷数守恒、质量数守恒，以及掌握爱因斯坦质能方程．。

高一物理（上）第六周周末测试卷2018.9.28参考答案一、选择题（1-9小题单选。

10-15小题多选，每小题3分，共45分）1-5：D、B、A、D、C 6-10：A、D、D、C、AB11-15：AD、ABC、ABC、BD、AC二、实验题（空2分，作图3分，共19分）16、(1) 1.38 m/s, 2.64 m/s, 3.90 m/s。

(2)见右图(3) a＝12.0 m/s2左右17、（1） BC ；（2） 1.1 ； 4.0 ； 1.9三、计算题（每小题6分，共36分）18、（1）v1=10m/s；v2=10m/s（2）0s~2s ：5m/s2；2s~5s ：0m/s2；5s~8s ：-1.7m/s2；（3）见右图19、（1）OA段速度大小为3m/s，方向向东；CD段速度大小为6 m/s，方向向西；DE段速度大小为1 m/s，方向向西．（2）v﹣t图象如右图．20、先算得加速度a＝0.2 m/s2，再算得时间t2＝15 s.21、解：若2s末的速度方向与初速度方向相同，根据速度时间公式得，物体的加速度a=．若2s末的速度方向与初速度方向相反，根据速度时间公式得，物体的加速度a=22、解：规定水平向右为正方向．根据加速度的定义式a=∆v/∆t得：a=m/s2=﹣120m/s2负号表明加速度方向与正方向相反，即水平向左．23、解：因为光速远远大于声速，故可认为t1时间即是炮弹飞行的时间，t2即是炮弹飞行的时间跟声音从炮弹爆炸点传到炮台的时间之和．因此声音传播的时间是t2－t1，设炮弹的射程就是坦克离炮台的距离s，所以s＝v(t2－t1)＝510 m，故炮弹飞行的平均速度v＝s/t1＝850m/s.。

物理试题一､单选题1.一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时,其速度方向与斜面垂直,运动轨迹如图中虚线所示.小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离( )A.tan θB.2tan θ 11..2C D tan tan θθ2.船在静水中的航速为v 1,水流的速度为v 2.为使船行驶到河正对岸的码头,则v 1相对v 2的方向应为( )3.关于运动和力的叙述正确的是( )A.做平抛运动的物体,其加速度方向一定是变化的B.物体做圆周运动,合力一定指向圆心C.物体运动的速率在增加,合力方向一定与运动方向相同D.物体所受合力方向与运动方向相反,该物体一定做直线运动4.一个静止的质点,在两个互成锐角的恒力F 1、F 2作用下开始运动,经过一段时间后撤掉其中的一个力,则质点在撤去该力前后两个阶段中的运动情况分别是( )A.匀加速直线运动,匀减速直线运动B.匀加速直线运动,匀变速曲线运动C.匀变速曲线运动,匀速圆周运动D.匀加速直线运动,匀速圆周运动二、双选题5.如图所示,物体A和B的质量均为m,且分别与跨过定滑轮的轻绳连接(不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦),在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中A.物体A也做匀速直线运动B.绳子拉力始终大于物体A所受重力C.绳子对A物体的拉力逐渐增大D.绳子对A物体的拉力逐渐减小6.雨滴由静止开始下落遇到水平方向吹来的风,下述说法中正确的是( )A.风速越大,雨滴下落时间越长B.风速越大,雨滴着地时速度越大C.雨滴下落时间与风速无关D.雨滴着地速度与风速无关7.一物体做竖直上抛运动(不计空气阻力),初速度为30 m/s,当它的位移为25 m时,经历时间为(取g=10 m/s2)( )A.1 sB.2 sC.5 sD.3 s8．如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上．已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是( )A．球的速度v等于L g 2HB．球从击出到落地所用时间为2H gC．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关9．如图所示,一个内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面,圆锥筒固定不动,两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动,则( )A.球A的线速度必定大于球B的线速度B.球A的角速度必定小于球B的角速度C.球A的运动周期必定小于球B的运动周期D.球A对筒壁的压力必定大于球B对筒壁的压力三､实验题10. 实验室给同学们提供了如下实验器材：滑轮小车、小木块、长木板、停表、砝码、弹簧测力计、直尺，要求同学们用它们来粗略验证牛顿第二定律．(1)实验中因涉及的物理量较多，须采用控制变量的方法来完成该实验，即：先保持________不变，验证物体________越小加速度越大；再保持________不变，验证物体________越大，加速度越大．（每空1分）(2)某同学的做法是：将长木板的一端放小木块构成一斜面，用小木块改变斜面的倾角，保持滑轮小车的质量不变，让小车沿不同倾角的斜面由顶端无初速释放，用停表记录小车滑到斜面底端的时间．试回答下列问题：（每空2分）①改变斜面倾角的目的是：___________________________________________________________ _____________；②用停表记录小车下滑相同距离 (从斜面顶端到底端)所花的时间，而不是记录下滑相同时间所对应的下滑距离，这样做的好处是：___________________________________________________________ _____________(3)如果要较准确地验证牛顿第二定律，则需利用打点计时器来记录滑轮小车的运动情况．下图是某同学得到的一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了O、A、B、C、D、E、F共7个计数点(图中每相邻两个计数点间还有4个打点计时器打下的点未画出)，打点计时器接的是50 Hz的低压交流电源．他将一把毫米刻度尺放在纸上，其零刻线和计数点O对齐．①下表是某同学从刻度尺上直接读取数据的记录表，其中最后两栏他未完成，请你帮他完成.各点时物体的瞬时速度，其中打E点时的速度是________m/s(取三位有效数字)．四、计算题11.运动员穿着专用滑雪板,不带雪杖在助滑路上获得高速后水平飞出,在空中飞行一段距离后着陆,这项运动极为壮观.设一位运动员由山坡顶的A点沿水平方向飞出,到山坡上的B点着陆.如图所示,已知运动员水平飞出的速度为v0=20 m/s,山坡倾角为θ=37°,山坡可以看成一个斜面.(g=10 m/s2,si n37°=0.6,cos37°=0.8)求:(1)运动员在空中飞行的时间t;(2)AB间的距离s.12.如右图所示，在水平地面上固定一倾角θ＝37°、表面光滑的斜面体，物体A以v1＝6 m/s的初速度沿斜面上滑，同时在物体A的正上方，有一物体B以某一初速度水平抛出．如果当A上滑到最高点时恰好被B物体击中．(A、B均可看做质点，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)求：(1)物体A上滑到最高点所用的时间t；(2)物体B抛出时的初速度v2；(3)物体A、B间初始位置的高度差h.答案：1．D 2．C 3．D 4．B5．BD 6．BC 7．AC 8．AB 9．AB10．解析：(1)合外力 质量 质量 所受合外力 (2)①改变小车所受的合外力 ②记录更准确(或：更容易记录，记录误差会更小，时间更容易记录，方便记录，方便计时，位置很难记录等类似答案均正确)(3)①表一②0.23311．解析:(1)运动员由A 到B 做平抛运动水平方向的位移为x=v 0t①竖直方向的位移为y= gt 2②由①②可得t=0237v tan g3s③ (2)由题意可知sin37°=ys ④联立②④得s=237g sin t 2 将t=3s 代入上式得s=75 m.12．解析： (1)物体A 上滑的过程中，由牛顿第二定律得：mg sin θ＝ma代入数据得：a ＝6 m/s 2设经过t 时间B 物体击中A 物体，由运动学公式：0＝v 1－at代入数据得：t ＝1 s.(2)平抛物体B 的水平位移：x ＝12v 1t cos 37°＝2.4 m 平抛速度： v 2＝x t＝2.4 m/s. (3)物体A 、B 间的高度差：h ＝12v 1t sin 37°＋12gt 2＝6.8 m.薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。

高三上学期理综周考物理试卷（6）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、在一大雾天，一辆小汽车以30 m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30 m处有一辆大卡车以10 m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图所示，a、b分别为小汽车和大卡车的v -t图线，以下说正确的是()A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t＝5 s时追尾C．在t＝3 s时追尾D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾15、如图所示，甲是不带电的绝缘物块，乙是带正电的物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的绝缘水平地面上，地面上方有水平方向的匀强磁场．现加一个水平向左的匀强电场，发现甲、乙无相对滑动并一同水平向左加速运动，在加速运动阶段( )A．甲、乙两物块间的摩擦力不变B．甲、乙两物块做加速度减小的加速运动C．乙物块与地面之间的摩擦力不断减小D．甲、乙两物块可能做匀加速直线运动16、一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示．则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统( ) A．动量守恒，机械能守恒B．动量不守恒，机械能守恒C．动量守恒，机械能不守恒D．无法判定动量、机械能是否守恒17.如图所示,ab是一弯管,其中心线是半径为R的一段圆弧,将之置于一匀强磁场中,磁感线方向垂直于圆弧所在的纸面并向外,一束粒子对准左端射入弯管,粒子有不同的质量,不同的速度,但都是一价正离子,则( )A.只有速度大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管B.只有质量大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管C.只有动能大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管D.只有动量大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管18、如图所示，空间有与水平方向成θ角的匀强电场．一个质量为m的带电小球，用长L的绝缘细线悬挂于O点．当小球静止时，细线恰好处于水平位置．现用一个外力将小球沿圆弧缓慢地拉到最低点，此过程小球的电荷量不变．则该外力做的功为( )A．mgL B.mgLtan θC ．mgL tanθD.mgLcosθ19、如图所示，电源电动势为3 V，内阻为1 Ω，电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为3 Ω，电表均视为理想电表，则下列说法正确的是( )A．闭合开关S，电流表示数约为0.43 AB．闭合开关S，电压表示数约为1.3 VC．如果撤去电压表所在的整个支路，闭合开关S，电流表示数约为0.8 AD．如果撤去电流表所在的整个支路，闭合开关S，电压表示数约为1.8 V20. 如图所示，电流表A1(0～3 A)和A2(0～0.6 A)是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是( ) A．A1的读数小于A2的读数B．A1的读数大于A2的读数C．A1、A2的指针偏转角度之比为1∶1D．A1、A2的指针偏转角度之比为5∶121、木星是太阳系中最大的行星，它有众多卫星．观察测出：木星绕太阳作圆周运动的半径为r1、周期为T1；木星的某一卫星绕木星作圆周运动的半径为r2、周期为T2．已知万有引力常量为G，则根据题中给定条件（）A．能求出木星的质量 B．能求出木星与卫星间的万有引力C．能求出太阳与木星间的万有引力 D．可以断定三、非选择题：共174分，第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。

高三物理周练试卷(06年11刀23日)一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分。

每小题只有一个选项符合题意1.关于原子核，下列说法中正确的是A.原子核能发生0衰变说明原子核內存在电子B.核反应堆利用镉棒吸收小子控制核反应速度C.轻核的聚变反应可以在任何温度下进行D.一切核反应都能释放核能2、右图是在光滑水平而上沿同一•条直线运动的两个滑块°、方在发生碰撞前后的位移图象。

下列说法中止确的是A.碰撞前a的动量较大B.a、b的质量之比为1 : 4C.Q、方的质量之比为1 : 8D.碰撞过程中G的动能增大，b的动能减小( )3、对一定质量的理想气体，下列判断正确的是;A.气体对外做功，温度一定降低B.气体吸热，温度不可能降低C.气体体积不变，压强增大，内能一定增大D.气体温度不变，压强增大，内能一定减小()4、如图所示为一列沿X轴正方向传播的筒谐横波在某时刻的图象，由图可知A.这列波的波长为12mB.质点M的振幅为10cmC.质点M此时沿尹轴负方向运动D.质点M与质点N此吋的速度相同( )5、从地面竖肓上抛一小球，小球运动到最高点后乂落回到地血，设空气阻力的大小不变，则下列说法中正确的是:A、整个过程重力冲量为零B、整个过程空气阻力做功为零C、上升过程中重力冲量大小大于下降过程中重力冲量大小D、上升过程中合外力冲量的人小人于下降过程屮合外力冲量的人小( )6、1924年法国物理学家德布罗意提出物质波的概念，任何一个运动着的物体, 小到电子，人到行星、松星都有一种波与之对应，波长为Ep,〃为物体运动的动量，力是普朗克常数•同样光也具有粒子性，光子的动量为：p=h/A.根据上述观点町以证明一个静止的自由电了如果完全吸收一个/光了，会发生下列情况：设光了频率为V,则E=hv, p = h/X=hv/c,被电子吸收后有加=叫內2, hv/c=m Q V.由以上两式可解得：7=2c,电子的速度为两倍光速，显然这是不可能的.关于上述过程以下说法正确的是：A.在微观世界动量守恒定律不适用，上述论证错误，所以电子可能完全吸收一个/光子B.在微观世界能虽守恒定律不适用，上述论证错误，所以电了可能完全吸收一个於光了C.动量守恒定律、能量守恒定律是自然界中普遍适用规律，所以唯一•结论是电子不可能完全吸收一个/光子D.若/光子与一个静止的白由电子发牛作用，则？光子被电子散射后频率不变二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有多个选项符合题意。

2022-2023学年度江苏省扬州中学11月份双周练高三物理试题考试时间：75分钟一、单项选择题：共10小题，每小题4分，共计40分．每小题只有一个选项符合题意．1．学校所使用的答题卡扫描机如图所示，滚轮压紧答题卡后不断转动带动试卷进入扫描机。

假设每张答题卡质量均相等，答题卡之间、答题卡与底板的动摩擦因数均相同。

在扫描第1张答题卡的过程中，下列说法正确的是（ ）A．第1张答题卡受到滚轮的摩擦力方向与答题卡运动方向相反B．第2张答题卡到最后一张答题卡都不可能发生相对滑动C．第3张对第2张答题卡的摩擦力大于第1张对第2张答题卡的摩擦力D．滚轮与答题卡间的动摩擦因数小于答题卡之间的动摩擦因数2．仙王座VV是一对双星系统，分别由一颗红超巨星VVA（主星）和一颗蓝矮星VVB（伴星）组成，这是一个食变双星，两颗星会互相围绕着公共质心（质量中心，即质量集中的假想点）公转，其中VVA和VVB间的距离为25AU（1AU等于日地平均距离），它们绕公共质心公转的周期为20年，由于会有物质从VVA喷发出去，最终全部流向VVB，导致伴星的质量增大而主星的质量减小，假定在这个过程中两星间的距离不变，则在VVA的质量减小到两星的质量相等的过程中（ ）A．公共质心离VVB越来越远B．两星间的引力将减小C．两星绕公共质心公转的周期大于20年D．两星绕公共质心的角速度不变3．如图所示，光滑绝缘的半球形凹槽，O为圆心，O′为凹槽最低点，带同种电荷的小球A、B<。

A、B 置于凹槽内处于静止状态，此时OA与OO′间夹角为α，OB与OO′间夹角为β，且αβ两球的电荷量分别记为Q1、Q2，质量分别记为m1、m2，两球均可视为点电荷，则（ ）A．一定有m1>m2B．一定有m1<m2C．一定有Q1>Q2D．一定有Q1<Q24．如图甲所示，挡板OA与水平面的夹角为θ，小球从O点的正上方高度为H的P点以水平速度0v水平抛出，落到斜面时，小球的位移与斜面垂直；让挡板绕固定的O点转动，改变挡板的倾角θ，小球平抛运动的初速度0v也改变，每次平抛运动都使小球的位移与斜面垂直，22011tan v θ-关系图像如图乙所示，重力加速度210m/s =g ，下列说法正确的是（ ）A ．图乙的函数关系图像对应的方程式220111tan 2gH v θ=⨯+B ．图乙中a 的数值2-C ．当图乙中1b =，H 的值为0.2mD ．当45θ=︒，图乙中1b =，则平抛运动的时间为5．如图所示，电源电动势为E 、内阻为r ，0R 为定值电阻，电容器的电容为C ．闭合开关S ，增大电阻箱R 阻值的过程中，电压表示数的变化量为U ∆，电流表示数的变化量为I ∆，则下列说法中错误的是（ ）A ．电压表示数U 和电流表示数I 的比值为RB ．U ∆和I ∆的比值的绝对值为0R r +C ．电阻0R 两端电压的减小量为U ∆D ．电容器电量的增加量为C U∆6．如图为跳台滑雪赛道简化模型，斜坡可视为倾角为θ的斜面，质量为m 的运动员（可视为质点）从跳台处以速度v 沿水平方向向右飞出，不计空气阻力。

峙对市爱惜阳光实验学校三中高三〔上〕第六次周考物理试卷一、选择题〔每题6分，共48分〕1．伦敦奥运会男子100米决赛中，博尔特在比赛中，主要有起跑加速、途中匀速和加速冲刺三个阶段．假设他的脚与地面间不会发生相对滑动．那么〔〕A．加速阶段地面对博尔特的摩擦力做正功B．匀速阶段地面对博尔特的摩擦力做负功C．由于脚与地面间不发生相对滑动，所以不管加速还是匀速，地面对博尔特的摩擦力始终不做功D．无论是加速还是匀速阶段，地面对博尔特的摩擦力始终做负功2．如下图为在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，那么下述说法正确的选项是〔〕A．0～t1时间内做匀加速运动且功率恒B．t1～t2时间内牵引力做功为mv22﹣mv12C．t1～t2时间内的平均速度为〔v1+v2〕D．在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小3．如下图，A、B两小球由绕过轻质滑轮的细线相连，A放在固的光滑斜面上，B、C 两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A 后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．以下说法正确的选项是〔〕A．斜面倾角α=60°B．A 获得最大速度为C．C刚离开地面时，B的加速度最大D．从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒4．一环状物体套在光滑水平直杆上，能沿杆自由滑动，绳子一端系在物体上，另一端绕过滑轮，用大小恒的力F拉着，使物体沿杆自左向右滑动，如下图，物体在杆上通过a、b、c三点时的动能分别为E a、E b、E c，且ab=bc，滑轮质量和摩擦均不计，那么以下关系中正确的选项是〔〕A．E b﹣E a=E c﹣E b B．E b﹣E a＜E c﹣E b C．E b﹣E a＞E c﹣E b D．E a＜E b＜E c5．如下图，质量为m的滑块以一初速度滑上倾角为θ的固斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力F=mgsinθ；滑块与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q､滑块重力势能E P随时间t的关系及动能E k､机械能E随位移x的关系的是：〔〕A ．B ．C ．D ．6．如下图，两个质量均为m用轻质弹簧连接的物块A、B放在一倾角为θ的光滑斜面上，系统静止．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A，使之沿斜面向上运动，当物块B刚要离开固在斜面上的挡板C时，物块A运动的距离为d，瞬时速度为v，弹簧劲度系数为k，重力加速为g，那么此时〔〕A．物块A运动的距离d=B．物块A的加速度为a=C．弹簧的弹性势能的改变量△E P=0D．弹簧的弹性势能的改变量△E P=Fd ﹣mv27．如下图，半径为R、圆心角为60°的光滑圆弧槽，固在高为h的平台上，小物块从圆弧槽的最高点A静止开始滑下，滑出槽口B时速度水平向左，小物块落在地面上C点，B、C两点在以O2点为圆心的圆弧上，02在B点正下方地面上，那么〔〕A．4R=h B．2R=h C．R=h D．R=2h8．如下图，足够长粗糙斜面固在水平面上，物块a通过平行于斜面的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b相连，b的质量为m．开始时，a、b均静止且a刚好不受斜面摩擦力作用．现对b施加竖直向下的恒力F，使a、b做加速运动，那么在b下降h高度过程中〔〕A．a 的加速度为B．a的重力势能增加mghC．绳的拉力对a做的功于a机械能的增加D．F对b做的功与摩擦力对a做的功之和于a、b动能的增加二、题〔16分〕9．利用如图甲所示的装置做“验证机械能守恒律〞的．〔1〕除打点计时器〔含纸带、复写纸〕、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有〔选填器材前的字母〕．A．大小适宜的铁质重锤B．体积较大的木质重锤C．刻度尺D．游标卡尺E．秒表〔2〕图乙是中得到的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为h A、h B、h C．重锤质量用m表示，当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T．从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量|△E p|= ，动能的增加量△E k= ．三、计算题〔46分〕10．如下图，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相切，半圆形导轨的半径为R．一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右的速度后脱离弹簧，当它经过B点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的8倍，之后向上运动恰能到达最高点C．〔不计空气阻力〕试求：〔1〕物体在A点时弹簧的弹性势能；〔2〕物体从B点运动至C点的过程中产生的内能．11．如下图，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A 点以v0=2m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．木板上外表与圆弧轨道末端切线相平，木板下外表与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g 取10m/s2．求：〔1〕小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；〔2〕要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大？三中高三〔上〕第六次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔每题6分，共48分〕1．伦敦奥运会男子100米决赛中，博尔特在比赛中，主要有起跑加速、途中匀速和加速冲刺三个阶段．假设他的脚与地面间不会发生相对滑动．那么〔〕A．加速阶段地面对博尔特的摩擦力做正功B．匀速阶段地面对博尔特的摩擦力做负功C．由于脚与地面间不发生相对滑动，所以不管加速还是匀速，地面对博尔特的摩擦力始终不做功D．无论是加速还是匀速阶段，地面对博尔特的摩擦力始终做负功【考点】功的计算．【分析】做功的条件是：1、有力，2、在力的方向上要有位移，根据做功的条件进行判断．【解答】解：不管加速还是匀速，脚与地面未发生相对滑动，在有摩擦力时，在力的方向上没有位移，所以摩擦力不做功．故C正确，A、B、D错误．应选：C．【点评】解决此题的关键知道力做功的条件，即有力和在力方向上的位移．2．如下图为在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，那么下述说法正确的选项是〔〕A．0～t1时间内做匀加速运动且功率恒B．t1～t2时间内牵引力做功为mv22﹣mv12C．t1～t2时间内的平均速度为〔v1+v2〕D．在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2～t3时间内牵引力最小【考点】动能理的用；平均速度；匀变速直线运动的图像．【分析】在速度﹣时间图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，而水平的直线表示匀速直线运动，曲线表示变速直线运动；由图象可知物体的运动情况，由P=Fv可知，牵引力的变化；由动能理可知牵引力所做的功．【解答】解：A、0～t1时间内为倾斜的直线，故做匀加速运动，因故牵引力恒，由P=Fv可知，的牵引力的功率均匀增大，故A错误；B、t1～t2时间内动能的变化量为，而在运动中受牵引力及阻力，故牵引力做功一大于，故B错误；C、t1～t2时间内，假设图象为直线时，平均速度为〔v1+v2〕，而现在图象为曲线，故图象的面积大于直线时的面积，即位移大于直线时的位移，故平均速度大于〔v1+v2〕，故C错误；D、由P=Fv及运动过程可知，t1时刻物体的牵引力最大，此后功率不变，而速度增大，故牵引力减小，而t2～t3时间内，物体做匀速直线运动，物体的牵引力最小，故D正确；应选D．【点评】此题由图象确物体的运动情况，由P=Fv可分析牵引力及功率的变化；平均速度公式=〔v1+v2〕只适用于匀变速直线运动．3．如下图，A、B两小球由绕过轻质滑轮的细线相连，A放在固的光滑斜面上，B、C 两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A 后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．以下说法正确的选项是〔〕A．斜面倾角α=60°B．A 获得最大速度为C．C刚离开地面时，B的加速度最大D．从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒【考点】机械能守恒律；牛顿第二律．【分析】C刚离开地面时，物体A沿斜面下滑的距离该于弹簧原来被压缩的长度再加上后来弹簧被拉长的长度，B获得最大速度，B该处于受力平衡状态，对B受力分析，可以求得斜面的倾角α；对于整个系统机械能守恒，根据机械能守恒列出方程就可以求得B的最大速度．【解答】解：A、设当物体C刚刚离开地面时，弹簧的伸长量为x C，那么kx C=mg ①物体C刚刚离开地面时，以B为研究对象，物体B受到重力mg、弹簧的弹力kx C、细线的拉力T三个力的作用，设物体B的加速度为a，根据牛顿第二律，对B有T﹣mg﹣kx C=ma ②对A有4mgsinα﹣T=4ma ③由②、③两式得4mgsinα﹣mg﹣kx C=5ma ④当B获得最大速度时，有a=0 ⑤由①④⑤式联立，解得sinα=所以：α=30°故A错误；B、设开始时弹簧的压缩量x B，那么kx B=mg设当物体C刚刚离开地面时，弹簧的伸长量为x C，那么kx C=mg当物体C刚离开地面时，物体B上升的距离以及物体A沿斜面下滑的距离均为：h=x C+x B由于弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相，且物体C刚刚离开地面时，A、B两物体的速度相，且最大速度设为v Bm，以A、B及弹簧组成的系统为研究对象，由机械能守恒律得：4mghsinα﹣mgh=〔4m+m〕 V Bm2代入数据，解得：V Bm═2g，故B正确；C、C刚离开地面时，B的速度最大，加速度为零，故C错误；D、从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球以及弹簧构成的系统机械能守恒，故D错误；应选：B．【点评】此题关键是分析求出系统的运动情况，然后结合机械能守恒律和胡克律屡次列式求解分析，较难．4．一环状物体套在光滑水平直杆上，能沿杆自由滑动，绳子一端系在物体上，另一端绕过滑轮，用大小恒的力F拉着，使物体沿杆自左向右滑动，如下图，物体在杆上通过a、b、c三点时的动能分别为E a、E b、E c，且ab=bc，滑轮质量和摩擦均不计，那么以下关系中正确的选项是〔〕A．E b﹣E a=E c﹣E b B．E b﹣E a＜E c﹣E b C．E b﹣E a＞E c﹣E b D．E a＜E b＜E c【考点】动能理的用；功的计算．【分析】对物体运用动能理列式分析，拉力F做的功于拉力F与其作用点移动的距离的乘积．【解答】解：滑块从a到b过程，只有拉力F做功，根据动能理，有Fl1=E b﹣E a滑块从b到c过程，只有拉力F做功，根据动能理，有Fl2=E c﹣E b根据几何关系，有l1＞l2故E b﹣E a＞E c﹣E b拉力一直做正功，故E a＜E b＜E c应选C、D．【点评】此题关键是明确拉力F做的功于拉力F大小与拉力作用点运动距离的乘积，然后根据动能理列式分析．5．如下图，质量为m的滑块以一初速度滑上倾角为θ的固斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力F=mgsinθ；滑块与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ，取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q､滑块重力势能E P随时间t的关系及动能E k､机械能E随位移x的关系的是：〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【分析】对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，根据牛顿第二律列式求解加速度，然后推导出位移和速度表达式，再根据功能关式分析．【解答】解：对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，设加速度沿着斜面向上，根据牛顿第二律，有：F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，其中：F=mgsinθ，μ=tanθ，联立解得：a=﹣gcosθ即物体沿着斜面向上做匀减速直线运动：位移x=v0t+at2，速度v=v0+at；A、产生热量于克服滑动摩擦力做的功，即Q=fx，由于x与t不是线性关系，故Q与t不是线性关系，故A错误；B、重力势能E p=mgh=mgxsinθ=mgsinθ〔v0t+at2〕，那么E p﹣t图象不是线性关系，故B错误；C、物体向上运动的过程中，重力、拉力与摩擦力做功，由动能理得：△E K=Fs ﹣mgssinθ﹣μmgs=〔F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ〕s，E k与s是一次函数关系，故C正确；D、物体运动过程中，拉力和滑动摩擦力平衡，故相当于只有重力做功，故机械能总量不变，故D错误；应选：C【点评】此题是一道图象题，对物体正确受力分析，用牛顿第二律与运动学公式求出物体的速度与位移表达式，然后求出各图象所对的函数表达式，根据函数表达式分析即可正确解题．6．如下图，两个质量均为m用轻质弹簧连接的物块A、B放在一倾角为θ的光滑斜面上，系统静止．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A，使之沿斜面向上运动，当物块B刚要离开固在斜面上的挡板C时，物块A运动的距离为d，瞬时速度为v，弹簧劲度系数为k，重力加速为g，那么此时〔〕A．物块A运动的距离d=B．物块A的加速度为a=C．弹簧的弹性势能的改变量△E P=0D．弹簧的弹性势能的改变量△E P=Fd ﹣mv2【考点】功能关系；胡克律；弹性势能．【分析】系统原来处于静止状态，弹簧的弹力于A的重力沿斜面向下的分力，由胡克律求出弹簧的压缩量．当B刚离开C时，弹簧的弹力于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克律求解出弹簧的伸长量，即可求解d．根据牛顿第二律求出物块A的加速度大小，根据弹簧的形变量关系求解弹簧弹性势能的变化量．【解答】解：A、系统原来处于静止状态，弹簧的弹力于A的重力沿斜面向下的分力，由胡克律得：mgsinθ=kx1；得此时弹簧的压缩量为：x1=当B刚离开C时，弹簧的弹力于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克律得：此时弹簧的伸长量为：x2=那么有：d=x1+x2=2，故A错误．B、由上得：x2=，根据牛顿第二律得：a==，故B错误．C、D、由于开始时和B刚离开C时弹簧的压缩量与伸长量相，所以弹簧的弹性势能的改变量△E P=0，故C正确，D错误．应选：C【点评】含有弹簧的问题，往往要研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路．要掌握弹簧的弹性势能与形变量有关．7．如下图，半径为R、圆心角为60°的光滑圆弧槽，固在高为h的平台上，小物块从圆弧槽的最高点A静止开始滑下，滑出槽口B时速度水平向左，小物块落在地面上C点，B、C两点在以O2点为圆心的圆弧上，02在B点正下方地面上，那么〔〕A．4R=h B．2R=h C．R=h D．R=2h【考点】向心力；牛顿第二律．【分析】小球先做圆周运动，再做平抛运动，根据动能理求出B点的速度，再根据平抛运动的知识求出水平位移，从而求出R与h的关系．【解答】解：根据动能理得，mgR〔1﹣cos60°〕=，解得．根据h=得，t=．那么x=h=v B t=．解得h=2R．故B正确，A、C、D错误．应选B．【点评】此题综合考查了圆周运动抛运动的知识，难度不大，关键能够灵活运用动能理和运动学公式．8．如下图，足够长粗糙斜面固在水平面上，物块a通过平行于斜面的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b相连，b的质量为m．开始时，a、b均静止且a刚好不受斜面摩擦力作用．现对b施加竖直向下的恒力F，使a、b做加速运动，那么在b下降h高度过程中〔〕A．a 的加速度为B．a的重力势能增加mghC．绳的拉力对a做的功于a机械能的增加D．F对b做的功与摩擦力对a做的功之和于a、b动能的增加【考点】功能关系；重力势能；机械能守恒律．【分析】通过开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，根据共点力平衡得出a、b的质量关系．根据b上升的高度得出a下降的高度，从而求出a重力势能的减小量，根据能量守恒律判断摩擦力功与a、b动能以及机械能的关系．【解答】解：A、开始时，有m a gsinθ=m b g，那么m a =．a的加速度与B的加速度相，对b，根据牛顿第二律：F﹣T+mg=ma，而T＞0，故a ＜，A错误；B、b下降h，那么a上升hsinθ，那么a重力势能的增加量为m a g×hsinθ=mgh．故B正确．C、对a分析，绳子拉力做的功转化为a的机械能和a摩擦生热，所以绳子做的功该大于a机械能增量．故C错误．D、对系统，合外力做的功于动能的增加，即F对b做的功与摩擦力对a做的功与重力对a和b做的功之和，而重力对b做正功，对a做负功，且绝对值相，故重力对系统做功之和为0，那么F对b做的功与摩擦力对a做的功之和于动能增加．故D正确．应选：BD．【点评】此题是力与能的综合题，关键对初始位置和末位置正确地受力分析，以及合力选择研究的过程和研究的对象，运用能量守恒进行分析．二、题〔16分〕9．利用如图甲所示的装置做“验证机械能守恒律〞的．〔1〕除打点计时器〔含纸带、复写纸〕、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有AC 〔选填器材前的字母〕．A．大小适宜的铁质重锤B．体积较大的木质重锤C．刻度尺D．游标卡尺E．秒表〔2〕图乙是中得到的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为h A、h B、h C．重锤质量用m表示，当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T．从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量|△E p|= mgh B，动能的增加量△E k= ．【考点】打点计时器中纸带的处理；验证机械能守恒律．【分析】根据的原理确需要测量的物理量，从而确所需的测量器材．根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量．【解答】解：〔1〕中为了减小阻力的影响，重锤选择适宜的铁质重锤．需要测量某点的瞬时速度，那么需测量点迹间的距离，所以还需刻度尺．打点计时器就是记录时间的器材，所以不需要秒表，中不需要游标卡尺．应选：AC．〔2〕B点的瞬时速度为：v B ==，那么动能的增加量为：△E k =mv B2=m2=．重锤重力势能的减少量为：|△E p|=mgh B，故答案为：〔1〕AC 〔2〕mgh B【点评】解决此题的关键掌握的原理，会通过原理确器材，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度的大小，关键是匀变速直线运动推论的运用．三、计算题〔46分〕10．如下图，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相切，半圆形导轨的半径为R．一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右的速度后脱离弹簧，当它经过B点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的8倍，之后向上运动恰能到达最高点C．〔不计空气阻力〕试求：〔1〕物体在A点时弹簧的弹性势能；〔2〕物体从B点运动至C点的过程中产生的内能．【考点】功能关系；能量守恒律．【分析】〔1〕根据牛顿第二律得出B点的速度，结合能量守恒律求出物体在A 点时的弹簧的弹性势能．〔2〕物体恰好通过最高点C，根据牛顿第二律求出C点的速度，通过能量守恒律求出物体从B点运动至C点的过程中产生的热量．【解答】解：〔1〕设物体在B点的速度为v B，所受弹力为F NB，那么有：F NB﹣mg=m，又F NB=8mg，由能量守恒律可知：弹性势能E p =mv2B =mgR．〔2〕设物体在C点的速度为v C，由题意可知：mg=m物体由B点运动到C点的过程中，由能量守恒律得：Q=mv B2﹣〔mv C2+2mgR〕，解得：Q=mgR．答：〔1〕物体在A 点时弹簧的弹性势能为mgR；〔2〕物体从B点运动至C点的过程中产生的内能为mgR．【点评】此题考查了牛顿第二律和能量守恒律的综合运用，知道圆周运动向心力的来源是解决此题的关键．11．如下图，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A 点以v0=2m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．木板上外表与圆弧轨道末端切线相平，木板下外表与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g 取10m/s2．求：〔1〕小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；〔2〕要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大？【考点】向心力；平抛运动；动能理．【分析】〔1〕根据平抛运动的规律，结合到达C点的速度方向求出C点的速度大小，根据动能理求出到达D点的速度，结合牛顿第二律求出D点对物块的支持力，从而得出物块对轨道末端的压力大小．〔2〕结合动量守恒律和能量守恒律求出木板的至少长度．【解答】解：〔1〕物块到达C点的速度与水平方向的夹角为60度，根据平行四边形那么知，v C=2v0=4m/s，根据动能理得，根据牛顿第二律得，N﹣mg=m代入数据，联立两式解得，，N=60N．那么小物块对轨道的压力为60N．〔2〕根据动量守恒律得，mv D=〔M+m〕v，解得v=．根据能量守恒律得，代入数据解得L=m．答：〔1〕小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力为60N；〔2〕要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少为m．【点评】此题考查了平抛运动、圆周运动与动量守恒律、牛顿第二律、动能理、能量守恒的综合，知道平抛运动在竖直方向和水平方向上的运动规律和圆周运动向心力的来源是解决此题的关键．。

河南省信阳高级中学2015届高三上学期第六次大考物理试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）一、选择题（本题包括12小题。

每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分。

选不全的得2分，有选错的或不答的得0分，共48分）1.“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳。

质量为m 的小明如图所示静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg ，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时 A ．加速度为零，速度为零B ．加速度a ＝g ，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C ．加速度a ＝g ，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D ．加速度a ＝g ，方向竖直向下2.2012年6月9日晚.受沿线焚烧秸杆产生烟雾影响,宁洛高速公路安徽省蒙城段发生多起多点车辆追 尾事故。

假设髙速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶.甲车在前.乙车在后.速度均为 v 0=30m/s.距离s 0 = l00m.t=0时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化如图所示.取 运动方向为正方向.下面说法错误的是（ ）A.t=6s 时两车等速B.t=6s 时两车距离最近C.0-6s 内两车位移之差为90mD.两车在0-9s 内会相撞3.最近美国宇航局公布了开普勒探测器最新发现的一个奇特的行星系统，命名为“开普勒-11行星系统”，该系统拥有6颗由岩石和气体构成的行星围绕一颗叫做“kepler-11”的类太阳恒星运行。

经观测，其中被称为“kepler-11b ”的行星与“kepler-11”之间的距离是地日距离的N1，“kepler-11”的质量是太阳质量的k 倍，则“kepler-11b ”的公转周期和地球公转周期的比值是：（ ） A.13--k N B.k N 3 C.2123--kND.2123k N4.光盘驱动器在读取内圈数据时，以恒定线速度方式读取。