内蒙古巴彦淖尔一中2014_2015学年高二物理上学期10月月考试卷(含解析)

内蒙古高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场强度的定义式E ＝，下列说法正确的是( )A ．该定义式只适用于点电荷产生的电场B ．F 是试探电荷所受到的力，q 是产生电场的电荷的电荷量C ．场强的方向与F 的方向相同D ．由该定义式可知，场中某点电荷所受的静电力大小与该点场强的大小成正比2.如图所示，为某一电场中的一条电场线，a 、b 为线上的两点，则下列判断正确的是( )A ．这是一个匀强电场B ．a 点场强一定比b 点场强大C ．a 点场强一定比b 点场强小D ．负电荷在两处所受静电力的方向一定相同3.如图所示，不带电的导体B 在靠近带正电的导体A 后，P 端及Q 端分别感应出负电荷和正电荷，则以下说法正确的是（ ）A ．若用导线将Q 端接地，然后断开，再取走A ，则导体B 将带负电 B ．若用导线将Q 端接地，然后断开，再取走A ，则导体B 将带正电C ．若用导线将Q 端接地，然后断开，再取走A ，则导体B 将不带电D ．若用导线将P 端接地，然后断开，再取走A ，则导体B 将带正电4.如图所示，一个均匀的带电圆环，带电荷量为＋Q ，半径为R ，放在绝缘水平桌面上．圆心为O 点，过O 点作一竖直线，在此线上取一点A ，使A 到O 点的距离为R ，在A 点放一检验电荷＋q ，则＋q 在A 点所受的电场力为( )A ． ，方向向上B ． ，方向向上C ．，方向水平向左D ．不能确定5.质量为m 1、m 2的小球分别带同种电荷q 1和q 2，它们用等长的细线吊在同一点O ，由于静电斥力的作用，使m 1球靠在竖直光滑墙上，m 1球的拉线l 1呈竖直方向，使m 2球的拉线l 2与竖直方向成θ角，m 1、m 2均处于静止，如图所示．由于某种原因，m 2球的带电量q 2逐渐减少，于是两球拉线之间夹角θ也逐渐小直到零．在θ角逐渐减小的过程中，关于l 1、l 2中的张力F T 1、F T2的变化是( )A ．F T1不变，F T2不变B ．F T1不变，F T2变小C ．F T1变小，F T2变小D ．F T1变小，F T2不变6.如图所示，a 、b 、c 三个相同的小球，a 从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b 、c 从同一高度分别开始做自由下落和平抛运动．它们从开始到到达地面，下列说法正确的有( )A ．它们同时到达地面B ．重力对它们的冲量相同C ．它们的末动能相同D ．它们动量变化的大小相同7.“纵跳摸高”是一种很好的有助于青少年长高的运动．其动作要领是原地屈膝两脚快速用力蹬地，跳起腾空后充分伸展上肢摸到最高点．则人在进行纵跳摸高时，从他开始屈膝到摸到最高点的过程中( ) A ．人始终处于超重状态 B ．人始终处于失重状态C ．地面支持力对人的冲量与重力冲量的大小相等D ．地面支持力对人做的功等于重力势能的增量8.动量相等的甲、乙两车，刹车后沿两条水平路面滑行．若两车质量之比＝，路面对两车的阻力相同，则两车的滑行时间之比为( ) A ．1∶1 B ．1∶2 C ．2∶1D ．1∶49.小车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶(人相对于小车静止不动)，靶装在车上的另一端，如图所示，已知车、人、枪和靶的总质量为M (不含子弹)，子弹的质量为m ，若子弹离开枪口的水平速度大小为v 0(空气阻力不计)，子弹打入靶中且留在靶里，则子弹射入靶后，小车获得的速度大小为( )A ．0B ．C ．D ．10.如图所示．a 、b 两质点从同一点O 分别以相同的水平速度v 0沿x 轴正方向被抛出，a 在竖直平面内运动，落地点为P 1，b 沿光滑斜面运动，落地点为P 2.P 1和P 2在同一水平面上，不计空气阻力．则下面说法中正确的是( )A．a、b的运动时间相同B．a、b沿x轴方向的位移相同C．a、b落地时的动量相同D．a、b落地时的动能相同11.如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点由点电荷-Q，且CO=OD，∠ADO=60°。

内蒙古巴彦淖尔一中2015届高三上学期月考物理试卷（10月份） 一、单项选择题（在每题下面只有一个正确选项，每题4分，共40分） 1．某物体做直线运动的vt图象如图所示，据此判断下列（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是（） A．B．C．D． 2．一个木块在水平桌面上滑动，它在滑动时的位移方程为x=6tt2（其中，x单位为m，t单位为s）．则下面判断正确的是（） A．该物体在04s时间内经过的位移为8m B．该物体在04s时间内经过的位移为10m C．该物体在t=4s时速度为8m/s D．该物体在04s时间内经过的路程为11m 3．质量为M=20kg、长为L=5m的木板放在水平面上，木板与水平面的动摩擦因数为μ1=0.15．将质量为m=10kg的小木块（可视为质点），以v0=4m/的速度从木板的左端被水平抛射到木板上（如图所示），小木块与木板面的动摩擦因数为μ2=0.4（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2）．则以下判断中正确的是（） A．木板一定静止不动，小木块不能滑出木板 B．木板一定静止不动，小木块能滑出木板 C．木板一定向右滑动，小木块不能滑出木板 D．木板一定向右滑动，小木块能滑出木板 4．如图所示，将质量为m的小球以速度v0由地面竖直向上抛出．小球落回地面时，其速度大小为v0设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（） A．mgB．mgC．mgD．mg 5．水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B．一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量m=10kg的重物，∠CBA=30°，如图所示，则滑轮受到绳子的作用力为（）（g取10m/s2） A．50NB．100NC．50ND．100N 6．如图所示，在平直的水平路面上，一匹马拉着车匀速前进，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（） A．马拉车的力和车拉马的力是一对平衡力 B．马对车的拉力和地面对车的作用力大小相等 C．马对车做的功和地面对车做的功相同 D．以上说法都不对 7．一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2．弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（） A．B．C．D． 8．描述物体惯性的物理量是物体的（） A．体积B．质量C．速度D．密度 9．如图，质量分别为mA、mB的A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上，在水平力F的作用下，A、B静止不动，则（） A．A物体受力的个数一定为3个 B．B受到墙壁的摩擦力方向可能向上，也可能向下 C．力F增大（A、B仍静止），A对B的压力也增大 D．力F增大（A、B仍静止），墙壁对B的摩擦力也增大 10．如图，用OA、OB两根轻绳将物体悬于两竖直墙之间，开始时OB 绳水平．现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳端由B点缓慢上移至B′点，此时OB′与OA之间的夹角θ＜90°．设此过程中OA、OB的拉力分别为FOA、FOB，下列说法正确的是（） A．FOA逐渐增大B．FOA逐渐减小C．FOB逐渐增大D．FOB逐渐减小 二、多项选择题（每题有两个或两个以上的正确选项，每题4分，共20分，漏选的得2分，有选错的不得分） 11．反映竖直上抛运动速度、加速度、位移随时间变化关系的是（以向上为正方向）（） A．B．C．D． 12．如图所示，质量为m1、m2．的两个物块，通过定滑轮和动滑轮以及轻绳悬挂在天花板的M、N两点，平衡时悬挂于M点的绳与竖直方向的夹角为 α，悬挂于N点的绳与竖直方向的夹角为β．现将悬点M向左缓慢移动一小段距离后固定，再次平衡后，关于α，β以及M、N两点所受作用力的变化情况，以下判断正确的是（滑轮重力和绳与滑轮之间的摩擦力不计）（） A．α和β均变大，且α=βB．α和β均不变，且α=2β C．绳对M、N的作用力不变D．绳对M、N的作用力变大 13．两个物体A和B，质量分别为2m和m，用跨过定滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如图所示，θ=30°，不计摩擦，则以下说法正确的是（） A．绳上拉力大小为mg B．物体A对地面的压力大小为mg C．物体A对地面的摩擦力大小为mg D．地面对物体A的摩擦力方向向右 14．如图所示，用水平力F将同种材料不同质量的物体压在一竖直墙壁上，下列说法正确的是（） A．若物体保持静止，则F越大，物体所受摩擦力越大 B．若物体保持静止，则质量越大，物体所受摩擦力越大 C．若物体沿墙壁向下滑动，则F越大，物体所受摩擦力越大 D．若物体沿墙壁向下滑动，则质量越大，物体所受摩擦力越大 15．如图所示，一个质量为m的小球，被三根质量不计的相同弹簧a、b、c固定在O点，c竖直向下，a、b、c之间的夹角均为120°．小球平衡时，弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1．设重力加速度为g，当单独剪断c瞬间，小球的加速度大小及方向可能为（） A．、竖直向下B．、竖直向上C．、竖直向下D．、竖直向上 三、填空题（每空2分，作图4分，共10分） 16．在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图1所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz交流电源． （1）设电火花计时器的周期为T，计算F点的瞬时速度vF的公式为vF=； （2）他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如表．以A点对应的时刻为t=0，试在图2所示坐标系中合理地选择标度，作出vt图象，并利用该图象求出物体的加速度a=m/s2； 对应点BCDEF 速度（m/s）0.1410.1800.2180.2620.301 （3）如果当时电网中交变电流的电压变成210V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比．（填“偏大”、“偏小”或“不变”） 四、计算题（共20分．要求写出必要的文字说明和公式） 17．如图所示，质量为m横截面为直角三角形的物块ABC，其中∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与竖直墙面的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g．现物块在垂直于斜面BC的已知外力F作用下处于静止，求物块实际受到的摩擦力． 18．滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下．为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力F，从而控制车速．为便于研究，作如下简化：游客从顶端A点由静止滑下8s后，操纵刹车手柄使滑沙车匀速下滑至底端B点，在水平滑道上继续滑行直至停止．已知游客和滑沙车的总质量m=70kg，倾斜滑道AB长LAB=128m，倾角θ=37°，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数μ=0.5．滑沙车经过B点前后的速度大小不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力． （1）求游客匀速下滑时的速度大小． （2）求游客匀速下滑的时间． （3）若游客在水平滑道BC段的最大滑行距离为16m，则他在此处滑行时，需对滑沙车施加多大的水平制动力？ 五、选做题，从19，20两题中任选一题． 19．如图所示，空气中在一折射率为的玻璃柱体，其横截面是圆心角为90°、半径为R的扇形OAB，一束平行光平行于横截面，以45°入射角照射到OA上，OB不透光，若只考虑首次入射到圆弧AB上的光，求： （1）这束光在玻璃柱体内的折射角； （2）这束光在玻璃柱体内的速度； （3）圆弧AB上有光透出部分的弧长． 20．如图所示，在光滑水平面上使滑块A以2m/s的速度向右运动，滑块B以4m/s的速度向左运动并与滑块A发生碰撞，已知滑块A、B的质量分别为1kg、2kg，滑块B的左侧连有轻弹簧，求： （1）当滑块A的速度减为0时，滑块B的速度大小； （2）两滑块相距最近时滑块B的速度大小． 内蒙古巴彦淖尔一中2015届高三上学期月考物理试卷（10月份） 一、单项选择题（在每题下面只有一个正确选项，每题4分，共40分） 1．某物体做直线运动的vt图象如图所示，据此判断下列（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是（） A．B．C．D． 考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像． 分析：在vt图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定． 速度时间图象特点： ①因速度是矢量，故速度时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向”，t轴下方代表的是“负方向”，所以“速度时间”图象只能描述物体做“直线运动”的情况，如果做曲线运动，则画不出物体的“位移时间”图象； ②“速度时间”图象没有时间t的“负轴”，因时间没有负值，画图要注意这一点； ③“速度时间”图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向； ④“速度时间”图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积”表示物体的位移 本题中物体先匀加速前进，然后匀减速前进，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据运动情况先求出加速度，再求出合力． 解答：解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确． 故选B． 点评：本题关键先根据图象确定物体的运动情况，然后求出各段过程的加速度，最后求解合外力． 2．一个木块在水平桌面上滑动，它在滑动时的位移方程为x=6tt2（其中，x单位为m，t单位为s）．则下面判断正确的是（） A．该物体在04s时间内经过的位移为8m B．该物体在04s时间内经过的位移为10m C．该物体在t=4s时速度为8m/s D．该物体在04s时间内经过的路程为11m 考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系． 专题：直线运动规律专题． 分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度，结合速度公式和位移公式进行求解． 解答：解：A、物体在04s时间内经过的位移x=6tt2=6×416m=8m．故A正确，B错误． C、根据x==6tt2得，v0=6m/s，a=2m/s2，物体在t=4s时的速度v=v0+at=62×4m/s=2m/s，故C错误． D、物体3s末速度为零，此时的位移大小，返回过程的位移大小，则物体经过的路程s=x1+x2=10m．故D错误． 故选：A． 点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用，基础题． 3．质量为M=20kg、长为L=5m的木板放在水平面上，木板与水平面的动摩擦因数为μ1=0.15．将质量为m=10kg的小木块（可视为质点），以v0=4m/的速度从木板的左端被水平抛射到木板上（如图所示），小木块与木板面的动摩擦因数为μ2=0.4（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2）．则以下判断中正确的是（） A．木板一定静止不动，小木块不能滑出木板 B．木板一定静止不动，小木块能滑出木板 C．木板一定向右滑动，小木块不能滑出木板 D．木板一定向右滑动，小木块能滑出木板 考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用． 专题：牛顿运动定律综合专题． 分析：比较小物块对木板摩擦力与地面对木板摩擦力的大小，从而判断出木板能否保持静止，然后对小物块进行分析，综合牛顿第二定律和运动学公式判断其能否从木板右端滑出． 解答：解：m对M的摩擦力f1=μ2mg=0.4×100N=40N，地面对M的摩擦力f2=μ1（M+m）g=45N．因为f1＜f2，木板一定静止不动． 根据牛顿第二定律小木块的加速度，则x=，小物块不会滑出．故A正确，B、C、D错误． 故选A． 点评：解决本题的关键能正确地进行受力分析，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解． 4．如图所示，将质量为m的小球以速度v0由地面竖直向上抛出．小球落回地面时，其速度大小为v0设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，则空气阻力的大小等于（） A．mgB．mgC．mgD．mg 考点：牛顿第二定律． 专题：牛顿运动定律综合专题． 分析：因为物体是从地面出发又回到地面，故其所受的重力做功为零，故对物体做功的只有空气阻力，且由于空气阻力大小不变，且物体上和下过程该阻力都做负功，故由动能定理可以解得空气阻力大小． 解答：解： 重力对物体做的功为零，设空气阻力大小为f，对整个过程应用动能定理得： 2fh=mv2 上升过程中物体加度为：a=由运动学公式得： 带入数据解得： f=故D正确 故选D 点评：本题要抓住物体在上下过程中，阻力是做功的，重力也做功，但是重力做功只和为零，故我们可以说重力不做功．然后对整体列动能定理，而不要把上下过程分开，那样很麻烦． 5．水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B．一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量m=10kg的重物，∠CBA=30°，如图所示，则滑轮受到绳子的作用力为（）（g取10m/s2） A．50NB．100NC．50ND．100N 考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：本题中跨过光滑定滑轮的轻绳上张力大小处处相等，滑轮对绳子的作用力应该是两滑轮两侧细绳拉力的合力，根据平衡条件和平行四边形定则求解． 解答：解：由题意可得，对绳B点受力分析： 滑轮受到绳子的作用力应为图中两段绳中拉力F1和F2的合力F，因同一根绳张力处处相等，都等于物体的重量，即为： F1=F2=G=mg=100N． 用平行四边形定则作图，由于拉力F1和F2的夹角为120°，则由几何知识得：F=100N，所以滑轮受绳的作用力为100N．方向与水平方向成30°角斜向下， 故选：B． 点评：本题利用平行四边形定则求两力的合力，关键要抓住定滑轮的力学特征，运用共点力平衡条件进行研究．这一题告诉我们：绳的弹力一定沿绳收缩方向，而杆的弹力方向不一定沿杆的特征．同时易错在：认为滑轮对绳子的作用力方向水平和向右． 6．如图所示，在平直的水平路面上，一匹马拉着车匀速前进，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（） A．马拉车的力和车拉马的力是一对平衡力 B．马对车的拉力和地面对车的作用力大小相等 C．马对车做的功和地面对车做的功相同 D．以上说法都不对 考点：功的计算；作用力和反作用力． 专题：功的计算专题． 分析：马向前拉车的力和车向后拉马的力是一对作用力与反作用力，马对车的拉力和地面对车的作用力没有关系，马对车做正功，地面做车做负功，不相同． 解答：解：A、马向前拉车的力和车向后拉马的力是一对作用力与反作用力，故A错误； B、车匀速前进，车受力平衡，车受到重力、马拉车的力和地面对车的力（包括支持力和摩擦力），所以马对车的拉力和地面对车的作用力不相等，故B错误； C、马对车做正功，地面做车做负功，不相同，故C错误． D、综上可知，D正确． 故选：D 点评：该题考查了牛顿第三定律：作用力与反作用力的关系，要求同学们能正确对车进行受力分析，知道车做匀速运动，受力平衡，难度不大，属于基础题． 7．一根轻质弹簧一端固定，用大小为F1的力压弹簧的另一端，平衡时长度为l1；改用大小为F2的力拉弹簧，平衡时长度为l2．弹簧的拉伸或压缩均在弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（） A．B．C．D． 考点：胡克定律． 分析：根据弹簧受F1、F2两个力的作用时的弹簧的长度，分别由胡克定律列出方程联立求解即可． 解答：解：由胡克定律得 F=kx，式中x为形变量，设弹簧原长为l0，则有： F1=k（l0l1） F2=k（l2l0） 联立方程组可以解得： k=故选：A． 点评：本题考查胡克定律的计算，在利用胡克定律 F=kx计算时，一定要注意式中x为弹簧的形变量，不是弹簧的长度，这是容易出错的一个地方． 8．描述物体惯性的物理量是物体的（） A．体积B．质量C．速度D．密度 考点：惯性． 分析：惯性大小的唯一量度是物体的质量，与其他的因素无关． 解答：解：惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性的大小只与物体的质量有关，与其他的因素如体积、速度和密度等等无关，故B正确，ACD错误． 故选B 点评：本题就是看对惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量． 9．如图，质量分别为mA、mB的A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上，在水平力F的作用下，A、B静止不动，则（） A．A物体受力的个数一定为3个 B．B受到墙壁的摩擦力方向可能向上，也可能向下 C．力F增大（A、B仍静止），A对B的压力也增大 D．力F增大（A、B仍静止），墙壁对B的摩擦力也增大 考点：摩擦力的判断与计算． 分析：先对AB整体受力分析，由平衡条件知，整体共受四个力作用，墙面对此有作用力；再分别隔离A、B受力分析，应用平衡条件分析即可． 解答：解：A、若AB间不存在静摩擦力，隔离A物体，受到重力、B对A的支持力和外力F，三个力作用，若AB间有摩擦力，A受4个力；故A错误； B、D、先对AB整体受力分析，竖直方向受重力和摩擦力平衡，故摩擦力向上； 由平衡条件知，竖直方向：f=GA+GB，因此当水平力F增大，墙壁对B的摩擦力仍不变；故B错误，D错误； C、物体A受重力、支持力、推力和摩擦力（可能有），根据平衡条件，压力等于推力的垂直接触面分力和重力的垂直接触面分力的合力，力F增大，A对B的压力也增大；故C正确； 故选：C． 点评：关键利用整体法并结合共点力平衡条件得到B物体与墙间不存在弹力，注意AB间是否存在静摩擦力是解题的关键． 10．如图，用OA、OB两根轻绳将物体悬于两竖直墙之间，开始时OB 绳水平．现保持O点位置不变，改变OB绳长使绳端由B点缓慢上移至B′点，此时OB′与OA之间的夹角θ＜90°．设此过程中OA、OB的拉力分别为FOA、FOB，下列说法正确的是（） A．FOA逐渐增大B．FOA逐渐减小C．FOB逐渐增大D．FOB逐渐减小 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：以结点O为研究对象，分析受力，作出轻绳在B和B′两个位置时受力图，由图分析绳的拉力变化． 解答：解：以结点O为研究对象，分析受力：重力G、绳OA的拉力FOA和绳BO的拉力FOB，如图所示，根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反， 作出轻绳OB在两个位置时力的合成图如图，由图看出，FOA逐渐减小，FOB先减小后增大，当θ=90°时，FOB最小． 故选B 点评：本题运用图解法研究动态平衡问题，也可以根据几何知识得到两绳垂直时，轻绳OB的拉力最小来判断． 二、多项选择题（每题有两个或两个以上的正确选项，每题4分，共20分，漏选的得2分，有选错的不得分） 11．反映竖直上抛运动速度、加速度、位移随时间变化关系的是（以向上为正方向）（） A．B．C．D． 考点：竖直上抛运动． 分析：金属小球竖直向上抛出，空气阻力忽略不计，只受重力，做竖直上抛运动，上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故是匀变速直线运动；根据运动学公式和机械能守恒定律列式分析即可． 解答：解：A、小球做竖直上抛运动，速度：v=v0gt，加速度的大小与方向都不变，所以速度图线是一条直线．故A正确，D错误； B、金属小球竖直向上抛出，空气阻力忽略不计，只受重力，做竖直上抛运动，上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故是匀变速直线运动，故B正确； C、根据位移时间公式，有，位移图象是开口向下的抛物线．故C错误． 故选：AB 点评：本题关键抓住竖直上抛运动是一种匀变速直线运动，结合运动学公式和机械能守恒定律列式分析求解． 12．如图所示，质量为m1、m2．的两个物块，通过定滑轮和动滑轮以及轻绳悬挂在天花板的M、N两点，平衡时悬挂于M点的绳与竖直方向的夹角为 α，悬挂于N点的绳与竖直方向的夹角为β．现将悬点M向左缓慢移动一小段距离后固定，再次平衡后，关于α，β以及M、N两点所受作用力的变化情况，以下判断正确的是（滑轮重力和绳与滑轮之间的摩擦力不计）（） A．α和β均变大，且α=βB．α和β均不变，且α=2β C．绳对M、N的作用力不变D．绳对M、N的作用力变大 考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：绳子上的拉力总是等于m2的重力保持不变，然后根据平行四边形定则合成的法则进行分析． 解答：解：动滑轮两边绳子拉力相等，且在水平方向的分量也要相等才能平衡，故两边绳子与竖直方向的夹角相等，都等于α， 绳子上的拉力总是等于m2的重力保持不变，且动滑轮两边绳子的拉力合力总是等于m1g，合力不变，根据平行四边形合成，则两边绳子的夹角不变，即α不变； 同理动滑轮右边绳子与竖直方向的夹角不变，即定滑轮两边绳子的夹角不变，又动滑轮两边绳子拉力不变，则合力不变，则定滑轮与N点连接绳子与竖直方向的夹角β不变， N点绳子沿定滑轮两边绳子拉力合力的方向，有上图知α=2β； 综上，BC正确，ABD错误； 故选：BC． 点评：本题要注意题目中隐含的信息，记住同一绳子各部分的张力相等，即可由几何关系得出夹角的关系；同时还要注意应用力的合成的一些结论． 13．两个物体A和B，质量分别为2m和m，用跨过定滑轮的轻绳相连，A静止于水平地面上，如图所示，θ=30°，不计摩擦，则以下说法正确的是（） A．绳上拉力大小为mg B．物体A对地面的压力大小为mg C．物体A对地面的摩擦力大小为mg D．地面对物体A的摩擦力方向向右 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：先以B为研究对象根据平衡条件求出绳子的拉力；然后以A为研究对象受力分析，根据共点力平衡条件求出支持力和摩擦力的大小． 解答：解：A、先以B为研究对象，受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mg；故A正确； B、再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的静摩擦力，如图所示： 根据平衡条件，有： 水平方向：Tcosθ=f 竖直方向：N+Tsinθ=2mg 将T=mg代入，有： f=N=1.5mg 结合牛顿第三定律，物体A对地面的压力大小为mg，物体A对地面的摩擦力大小为mg，故B错误，C正确，D错误； 故选：AC． 点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解． 14．如图所示，用水平力F将同种材料不同质量的物体压在一竖直墙壁上，下列说法正确的是（） A．若物体保持静止，则F越大，物体所受摩擦力越大 B．若物体保持静止，则质量越大，物体所受摩擦力越大 C．若物体沿墙壁向下滑动，则F越大，物体所受摩擦力越大 D．若物体沿墙壁向下滑动，则质量越大，物体所受摩擦力越大 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：本题中木块受到重力作用，但并没有向下掉，而是保持静止，处于平衡状态，故需对物体受力分析，结合平衡条件分析解决． 若物体沿墙壁向下滑动，则F越大，物体所受摩擦力越大． 解答：解：A、B、对物体受力分析，受推力F、重力G，由于物体保持静止，处于平衡状态，合力为零，故受墙壁对其垂直向外的支持力N，还有竖直向上的静摩擦力f，根据平衡条件，有： F=N f=G 即静摩擦力与重力平衡，与推力无关，A错误，B正确； C、D、若物体沿墙壁向下滑动，根据f=μN知，F越大，物体所受摩擦力越大，C正确，D错误； 故选：BC． 点评：静摩擦力的大小随着外力的变化而变化，其方向与物体的相对运动趋势的方向相反；滑动摩擦力的大小根据公式求解． 15．如图所示，一个质量为m的小球，被三根质量不计的相同弹簧a、b、c固定在O点，c竖直向下，a、b、c之间的夹角均为120°．小球平衡时，弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1．设重力加速度为g，当单独剪断c瞬间，小球的加速度大小及方向可能为（） A．、竖直向下B．、竖直向上C．、竖直向下D．、竖直向上 考点：共点力平衡的条件及其应用． 专题：共点力作用下物体平衡专题． 分析：对小球受力分析，根据平衡条件，假设C弹簧是向下的拉力，又a、b、c之间的夹角均为120°，且弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1，则小球的重力是C弹簧的弹力的2倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小、方向竖直向上；假设C弹簧是向上的弹力，同理可得，小球的重力是C弹簧的弹力的4倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小及方向竖直向下． 解答：解：A、根据题意，对小球受力分析，假设C弹簧是向下的拉力，又a、b、c之间的夹角均为120°，且弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1，由平衡条件得，mg+Fc=Fa 又 则 mg=2Fc，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律得：a==，方向竖直向上，故A错误，B、同理，B正确， C、假设C弹簧是向上的弹力，同理可得，小球的重力是C弹簧的弹力的4倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小为，方向竖直向下． 故C正确， D、同理，D错误． 故选：BC 点评：考查了受力平衡条件的应用，弹簧的弹力可能是拉力、也可能是支持力，注意分析． 三、填空题（每空2分，作图4分，共10分） 16．在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图1所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz交流电源． （1）设电火花计时器的周期为T，计算F点的瞬时速度vF的公式为vF=；。

内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（普通班） 一、选择题（本题共15小题；每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一个选项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分） 1．如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有A、B两点，试比较两点的电场强度E大小和电势φ高低，其中正确的是（） A．EA＞EB，φA＞φBB．EA＞EB，φA＜φBC．EA＜EB，φA＞φBD．EA＜EB，φA＜φB 2．在电场中（） A．某点的电场强度大，该点的电势一定高 B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大 C．某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零 D．某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零 3．当电场力对电荷做正功时，电荷的移动情况是（） A．正电荷一定从电势能小的位置到电势能大的位置 B．负电荷一定从电势能大的位置到电势能小的位置 C．一定从电势高位置到电势低位置 D．一定从电势低位置到电势高位置 4．如图所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a点运动到b点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，粒子从a点运动到b点的过程中（） A．运动的加速度逐渐增大B．运动的速度逐渐减小 C．粒子的电势能逐渐减小D．a点的电势比b点的电势高 5．对于水平放置的平行板电容器，有关电容器的电容，下列说法正确的是（） A．将两极板的间距增大，电容将增大 B．将两极板从正对平行错开，电容将增大 C．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大 D．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，电容将减小 6．如图所示，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场中央以初速度v0进入两平行金属板间的匀强电场，已知粒子的带电量为q，质量为m，板长为l，两板间距为d．两板间的电势差为U，则粒子从板间穿出时（） A．粒子沿电场方向偏移的距离为 B．粒子的速度方向偏角的正切值为 C．动能增加了qU D．电场力一定对粒子做了的功 7．如图所示，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等，一个带正电的粒子在A时的动能为10J，在电场力作用下从A运动到B速度为零，当这个粒子的动能为6J时，其电势能为（） A．14JB．4JC．0D．1J 8．一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64Ω，则导线原来的电阻值为（） A．128ΩB．32ΩC．4ΩD．2Ω 9．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（） A．电压表示数增大，电流表示数减少 B．电压表示数减少，电流表示数增大 C．两电表示数都增大 D．两电表示数都减少 10．欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的叙述正确的是（） ①测电阻前要使红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使表头指示电流为零 ②红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连 ③测电阻时，指针偏转角度太大，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档 ④测电阻时，指针偏转角度太小，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档． A．①②B．①③C．②④D．②③ 11．一个带正电的粒子从a点射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图实线所示，图中虚线为同心圆，表示电场中的等势面，不计重力，可以判断（） A．O点处的电荷带正电 B．粒子从a点运动到c点时电场力做功为零 C．粒子在a点处的电势能一定小于b点处的电势能 D．粒子在a点的速率一定小于b点处的速率 12．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（） A．电阻A的阻值大于电阻B B．电阻A的阻值小于电阻B C．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大 D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大 13．如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（） A．电动机消耗的电功率是10W B．电动机的输出功率10W C．电动机的热功率是2W D．整个电路消耗的电功率是24W 14．如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么（） A．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a B．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b C．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a D．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b 15．如下图所示，直线b为电源的UI图象，直线a为电阻R的UI图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的是（） A．电源的总功率为6WB．电源的输出功率为4W C．电源的效率为33.3%D．电源的效率为66.7% 二、填空题（每空2分，共16分） 16．一灵敏电流计，满偏电流为Ig=5mA，表头电阻Rg=400Ω，若改装成量程为10V的电压表，应联一个Ω得电阻，新表的内阻为Ω． 17．在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，可选用的仪器有： A．小灯泡，规格为“2.4V、1.0W”； B．直流电源，输出电压为6V； C．电压表3V，内阻大约1kΩ； D．电压表6V，内阻大约2kΩ； E．电流表0.6A，内阻大约3Ω； F．电流表3A，内阻大约1Ω； G．滑动变阻器，总电阻5Ω； H．滑动变阻器，总电阻500Ω； I．开关、导线若干 （1）实验中电压表应选用，电流表应选用；（填代号） （2）测量中滑动变阻器应使用（填“分压”或“限流”）连接方式，以上仪器中适合的滑动变阻器为（填代号）； （3）在图中画出实验应采用的电路图． 三、计算题（本题共3小题，共24分） 18．在静电场中，将一电量为q=1.5×106C的正电荷从A点移到B点，电场力做功为3×104J．如果将该电荷从B点移到C点，克服电场力做功1.5×104J．求静电场中A点和C点间的电势差． 19．如图所示电路中，电阻R1=R2=3Ω，R3=6Ω，S扳至1时，电流表的示数为1.0A，S扳至2时，电流表示数为1.5A，求：电源的电动势E和内阻r（电流表内阻不计）． 20．如图所示，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E．现有一质量为m、带正电q的小滑块（可视为质点），从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ，求： （1）滑块通过B点时的速度大小； （2）滑块经过圆弧轨道的B点时，所受轨道支持力的大小； （3）水平轨道上A、B两点之间的距离． 内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（普通班） 一、选择题（本题共15小题；每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一个选项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分） 1．如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有A、B两点，试比较两点的电场强度E大小和电势φ高低，其中正确的是（） A．EA＞EB，φA＞φBB．EA＞EB，φA＜φBC．EA＜EB，φA＞φBD．EA＜EB，φA＜φB 考点：电场线；电场强度；电势． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低． 解答：解：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，所以EA＞EB， 沿着电场线电势一定降低．所以φA＜φB故选B． 点评：掌握电场线的特点即可解决问题． 2．在电场中（） A．某点的电场强度大，该点的电势一定高 B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大 C．某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零 D．某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零 考点：电势能；电势． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：本题抓住电场强度与电势无关、正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小、电势为零，电势能为零，进行分析判断． 解答：解：A、某点的电场强度大，该点的电势不一定高，两者没有直接关系，故A错误． B、某点的电势高，由公式EP=qφ知，正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，故B错误． C、某点的场强为零，该点的电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零，故C错误． D、某点的电势为零，即φ=0，由公式EP=qφ知，检验电荷在该点的电势能一定为零，故D正确． 故选D 点评：解决本题关键要知道电势与电场强度无关、电势能的公式EP=qφ，即可进行判断分析． 3．当电场力对电荷做正功时，电荷的移动情况是（） A．正电荷一定从电势能小的位置到电势能大的位置 B．负电荷一定从电势能大的位置到电势能小的位置 C．一定从电势高位置到电势低位置 D．一定从电势低位置到电势高位置 考点：电势能． 分析：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能必定减小．而电势能与电势的关系是Ep=qφ，结合这些知识进行分析． 解答：解： A、B、只要电场力对电荷做正功，不论是正电荷还是负电荷，电荷的电势能都减小，所以电荷都一定从电势能大的位置到电势能小的位置，故A错误，B正确． C、D、根据电势能与电势的关系式Ep=qφ，知正电荷一定从电势高位置到电势低位置，负电荷一定从电势低位置到电势高位置．故CD错误． 故选：B． 点评：对于电场力做功与电势能变化的关系，可运用类比的方法理解，将它们的关系与重力做功和重力势能变化的关系进行类比，还抓住它们的不同点进行理解． 4．如图所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a点运动到b点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，粒子从a点运动到b点的过程中（） A．运动的加速度逐渐增大B．运动的速度逐渐减小 C．粒子的电势能逐渐减小D．a点的电势比b点的电势高 考点：电势；电场强度；电势能． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：解这类题是思路：根据运动轨迹弯曲方向判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，从而判断电势高低，根据电场力做功判断电势能的变化． 解答：解： A、由于a点运动到b点过程中，电场线越来越稀疏，故电场强度减小，粒子所受的电场附加税减小，则加速度逐渐减小，故A错误； B、电场力与速度方向的夹角为钝角，则电场力做负功，动能减小，速度减小．故B正确； C、从a点运动到b点电场力做负功，电势能增大，故C错误 D、由粒子的运动轨迹可知，带电粒子所受的电场力向左，由于粒子带正电，故电场线向左，沿电场线方向电势降低，D错误． 故选：B 点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力，利用电场中有关规律求解． 5．对于水平放置的平行板电容器，有关电容器的电容，下列说法正确的是（） A．将两极板的间距增大，电容将增大 B．将两极板从正对平行错开，电容将增大 C．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大 D．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，电容将减小 考点：电容器的动态分析． 专题：电容器专题． 分析：根据平行板电容器的电容决定式C=，分析电容的变化情况． 解答：解： A、将两极板的间距加大，d增大，由电容决定式C=得知，电容将减小．故A错误． B、将两极板平行错开，使正对面积减小，S减小，由电容决定式C=得知，电容将减小．故B错误． C、在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，?增大，C增大．故C正确． D、在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，板间距离减小．电容将增大．故D错误． 故选：C． 点评：解决本题的关键要掌握电容的决定式C=，明确电容的决定因素即可解题． 6．如图所示，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场中央以初速度v0进入两平行金属板间的匀强电场，已知粒子的带电量为q，质量为m，板长为l，两板间距为d．两板间的电势差为U，则粒子从板间穿出时（） A．粒子沿电场方向偏移的距离为 B．粒子的速度方向偏角的正切值为 C．动能增加了qU D．电场力一定对粒子做了的功 考点：带电粒子在匀强电场中的运动． 专题：带电粒子在电场中的运动专题． 分析：粒子在电场中做类平抛运动，在垂直于板面方向的分运动为匀加速运动，沿电场方向做匀速运动，根据平抛运动的规律，结合牛顿第二定律与运动学公式，即可解题． 解答：解：A、两极板间的电场强度E=带电粒子在极板间受到的电场力F=qE 由上述解得 F=带电粒子在极板间的加速度a=该粒子在电场中的运动时间t=粒子在电场中运动竖直方向偏移的距离y=at2， 由上述解得：y=，故A正确； B、在电场力方向的速度v⊥=at=；那么速度方向偏角的正切值为tanα==，故B错误； C、根据动能定理得，动能的变化等于电场力做功，则若粒子打在极板上，粒子的动能一定增加了q，故C错误． D、若粒子打在极板上，粒子初末位置的电势差为，电场力一定对粒子做了q 的功，故D错误． 故选：A． 点评：该题考查了带电粒子在电场中偏转的问题，要知道此时粒子做类平抛运动，根据平抛运动的基本公式解题，注意本题不考虑带电粒子的重力． 7．如图所示，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等，一个带正电的粒子在A时的动能为10J，在电场力作用下从A运动到B速度为零，当这个粒子的动能为6J时，其电势能为（） A．14JB．4JC．0D．1J 考点：电势差与电场强度的关系；电势能． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：相邻两个等势面间的电势差相等Uab=Ubc，所以Wab=Wbc，从而可以求出粒子在B点的动能，即粒子在电场中的总能量． 解答：解：相邻两个等势面间的电势差相等Uab=Ubc，所以qUab=qUbc，即： 而：WAB=0EK0=10J 所以，粒子在等势面b上时的动能EKb：Wac=EKbEK0 所以：Eb=EKb=5J 从而可以知道粒子在电场中的总能量值为5J． 当这个粒子的动能为6J时，EP=EEK=（56）J=1J． 所以选项ABC都错误，选项D正确． 故选：D 点评：该题中利用相邻两个等势面间的电势差相等Uab=Ubc，所以Wab=Wbc，从而可以求出粒子在B点的动能，即粒子在电场中的总能量是解题的关键．属于简单题． 8．一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64Ω，则导线原来的电阻值为（） A．128ΩB．32ΩC．4ΩD．2Ω 考点：电阻定律． 专题：恒定电流专题． 分析：通过导线长度和横截面积的变化，根据电阻定律R=求出电阻的大小． 解答：解：一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，则横截面积变为原来的，因为导线的体积不变，则长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=，知电阻变为原来的16倍，所以导线原来的电阻为4Ω．故C正确，A、B、D错误． 故选C． 点评：解决本题的关键掌握电阻定律的公式R=，知道影响电阻的因素． 9．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（） A．电压表示数增大，电流表示数减少 B．电压表示数减少，电流表示数增大 C．两电表示数都增大 D．两电表示数都减少 考点：闭合电路的欧姆定律． 专题：恒定电流专题． 分析：动态变化分析问题一般按照“局部→整体→局部”的顺序，分析总电阻变化→总电流变化→总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行．对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和R2电流变化确定． 解答：解：当滑动变阻器的滑片P向a滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=EIr增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数IA=II2，则减小．故A正确，BCD错误． 故选：A． 点评：电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小．本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定 10．欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的叙述正确的是（） ①测电阻前要使红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使表头指示电流为零 ②红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连 ③测电阻时，指针偏转角度太大，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档 ④测电阻时，指针偏转角度太小，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档． A．①②B．①③C．②④D．②③ 考点：用多用电表测电阻． 专题：实验题． 分析：使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零； 欧姆表的红表笔插“+”插孔，黑表笔插“”插孔，“+”与电源负极相连，“”与电源正极相连； 欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧 解答：解：①使用欧姆表测电阻确定合适的挡位后要进行欧姆调零，要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指向欧姆刻度的零处，但电流不为0为最大故①错误； ②红表笔与表内电池负极相接，黑表笔与表内电池正极相连接，②正确； ③、欧姆表零刻度线在最右侧，测电阻时，表针偏转角度越大，待测电阻值越小，应用小档位，则③正确 ④指针偏转角度太小，则阻大，用大档位，则④错误 故选：D 点评：本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意每次换挡都要重新调零． 11．一个带正电的粒子从a点射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图实线所示，图中虚线为同心圆，表示电场中的等势面，不计重力，可以判断（） A．O点处的电荷带正电 B．粒子从a点运动到c点时电场力做功为零 C．粒子在a点处的电势能一定小于b点处的电势能 D．粒子在a点的速率一定小于b点处的速率 考点：电势；电势能． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：电荷做曲线运动，受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据功能关系分析动能和电势能的变化情况；根据W=Uq判读电场力做功情况． 解答：解：A、根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在M、N间运动过程中，电荷一直受静电引力作用，由于运动的电荷为正电荷，故O点处的电荷一定带负电，故A错误． B、a点和c点在同一个等势面上，根据W=Uq可知，粒子从a点运动到c点时电场力做功为零，故B正确． C、从a到b点过程中电场力做正功，根据电场力做功和电势能变化的关系可知粒子的电势能减小，故粒子在a点处的电势能一定大于b点处的电势能，故C错误． D、从a到b点过程中电场力做正功，根据动能定理可知，粒子的动能增加，故粒子在a点的速率一定小于b点处的速率，故D正确． 故选：BD． 点评：本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．电荷在电场中一定受到电场力． 12．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断（） A．电阻A的阻值大于电阻B B．电阻A的阻值小于电阻B C．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大 D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大 考点：欧姆定律． 专题：恒定电流专题． 分析：IU曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小． 解答：解：A、在伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，从图中可得A的斜率大，所以A的电阻小，所以A错误，B正确； C、由于A的电阻小，所以当电压相同的时候，流过电阻A的电流强度较大，所以C正确； D、当两电阻串联时，电阻的电流相同，由P=I2R可得，电阻大的电阻的功率大，所以电阻B消耗的功率较大，所以D错误． 故选：BC． 点评：本题就是考察学生对于伏安特性曲线的理解，在做题时一定要区分开UI图象和IU图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同． 13．如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.5Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（） A．电动机消耗的电功率是10W B．电动机的输出功率10W C．电动机的热功率是2W D．整个电路消耗的电功率是24W 考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律． 专题：恒定电流专题． 分析：A、电动机的输入功率P=U1I，根据灯泡正常发光求出电流，电动机两端的电压等于输入电压减去灯泡的电压． B、电动机的输出功率P2=PI2RM． D、整个电路消耗的功率P总=UI． 解答：解：A、电动机两端的电压U1=UUL=126V=6V，整个电路中的电流I==2A，所以电动机消耗功率P=U1I=6×2W=12W．故A错误． B、电动机的热功率P热=I2RM=4×0.5W=2W，则电动机的输出功率P2=PI2RM=122W=10W．故BC正确． D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D正确． 故选：BCD． 点评：点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率P2=PI2RM以及知道整个电路消耗的功率P总=UI． 14．如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么（） A．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a B．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b C．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接a D．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b 考点：伏安法测电阻． 专题：恒定电流专题． 分析：伏安法测电阻时，电流表外接时，误差来自电压表的分流，电流表内接时误差来自电流表的分压，根据电压和电流的变化情况来判断采用内接还是外接法． 解答：解：A、B，电压表示数有明显变化，说明电流表内阻较大，分压较大，应采用电流表外接法，即S接a，可减小误差．故A正确，B错误． C、D，电流表示数有明显变化，说明电压表内阻较小，分流较大，应采用电流表内接法，即S接b，可减小误差．故C错误，D正确． 故选AD． 点评：本题的方法称为实验试探法，在不知道电压表、电流表和被测电阻的大约阻值时，常常采用这种方法． 15．如下图所示，直线b为电源的UI图象，直线a为电阻R的UI图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的是（） A．电源的总功率为6WB．电源的输出功率为4W C．电源的效率为33.3%D．电源的效率为66.7% 考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率． 专题：恒定电流专题． 分析：由电源的UI图象a纵轴截距读出电源的电动势，斜率求出电源的内阻．由电阻R的UI图象b斜率求出电阻R，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率． 解答：解：由b图线得到，电阻R==Ω=1Ω．由a图线纵轴的截距得到，电源的电动势为E=3V，短路电流为I短=6A，则电源的内阻为r==Ω=0.5Ω． 用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为 I==A=2A， 则电源的总功率 P总=EI=3×2W=6W； 路端电压为U=EIr=3V1×1V=2V，则电源的输出功率为P=UI=2×2W=4W； 电源的效率为η==≈67%．故ABD正确，C错误． 故选：ABD． 点评：本题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，其实两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率． 二、填空题（每空2分，共16分） 16．一灵敏电流计，满偏电流为Ig=5mA，表头电阻Rg=400Ω，若改装成量程为10V的电压表，应串联一个1600Ω得。

内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷〔普通班〕一、选择题〔此题共15小题；每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第1～10题只有一个选项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分〕1．如下列图是某电场中的几条电场线，在电场中有A、B两点，试比拟两点的电场强度E 大小和电势φ上下，其中正确的答案是〔〕A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB2．在电场中〔〕A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大C．某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零D．某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零3．当电场力对电荷做正功时，电荷的移动情况是〔〕A．正电荷一定从电势能小的位置到电势能大的位置B．负电荷一定从电势能大的位置到电势能小的位置C．一定从电势高位置到电势低位置D．一定从电势低位置到电势高位置4．如下列图，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a点运动到b点的轨迹，假设带电粒子只受电场力作用，粒子从a点运动到b点的过程中〔〕A．运动的加速度逐渐增大B．运动的速度逐渐减小C．粒子的电势能逐渐减小D．a点的电势比b点的电势高5．对于水平放置的平行板电容器，有关电容器的电容，如下说法正确的答案是〔〕A．将两极板的间距增大，电容将增大B．将两极板从正对平行错开，电容将增大C．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大D．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，电容将减小6．如下列图，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场中央以初速度v0进入两平行金属板间的匀强电场，粒子的带电量为q，质量为m，板长为l，两板间距为d．两板间的电势差为U，如此粒子从板间穿出时〔〕A．粒子沿电场方向偏移的距离为B．粒子的速度方向偏角的正切值为C．动能增加了qUD．电场力一定对粒子做了的功7．如下列图，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等，一个带正电的粒子在A时的动能为10J，在电场力作用下从A运动到B速度为零，当这个粒子的动能为6J时，其电势能为〔〕A．14J B．4J C．0 D．﹣1J8．一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64Ω，如此导线原来的电阻值为〔〕A．128ΩB．32ΩC．4ΩD．2Ω9．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为〔〕A．电压表示数增大，电流表示数减少B．电压表示数减少，电流表示数增大C．两电表示数都增大D．两电表示数都减少10．欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的表示正确的答案是〔〕①测电阻前要使红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使表头指示电流为零②红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连③测电阻时，指针偏转角度太大，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档④测电阻时，指针偏转角度太小，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档．A．①②B．①③C．②④D．②③11．一个带正电的粒子从a点射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图实线所示，图中虚线为同心圆，表示电场中的等势面，不计重力，可以判断〔〕A．O点处的电荷带正电B．粒子从a点运动到c点时电场力做功为零C．粒子在a点处的电势能一定小于b点处的电势能D．粒子在a点的速率一定小于b点处的速率12．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如下列图，从图线可以判断〔〕A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压一样时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大13．如下列图的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W〞字样，电动机线圈的电阻R M=0.5Ω．假设灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的答案是〔〕A．电动机消耗的电功率是10WB．电动机的输出功率10WC．电动机的热功率是2WD．整个电路消耗的电功率是24W14．如下列图的是伏安法测电阻的局部电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么〔〕A．假设电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aB．假设电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bC．假设电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aD．假设电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b15．如如下图所示，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的答案是〔〕A．电源的总功率为6W B．电源的输出功率为4WC．电源的效率为33.3% D．电源的效率为66.7%二、填空题〔每空2分，共16分〕16．一灵敏电流计，满偏电流为I g=5mA，表头电阻R g=400Ω，假设改装成量程为10V的电压表，应联一个Ω得电阻，新表的内阻为Ω．17．在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，可选用的仪器有：A．小灯泡，规格为“2.4V、1.0W〞；B．直流电源，输出电压为6V；C．电压表3V，内阻大约1kΩ；D．电压表6V，内阻大约2kΩ；E．电流表0.6A，内阻大约3Ω；F．电流表3A，内阻大约1Ω；G．滑动变阻器，总电阻5Ω；H．滑动变阻器，总电阻500Ω；I．开关、导线假设干〔1〕实验中电压表应选用，电流表应选用；〔填代号〕〔2〕测量中滑动变阻器应使用〔填“分压〞或“限流〞〕连接方式，以上仪器中适合的滑动变阻器为〔填代号〕；〔3〕在图中画出实验应采用的电路图．三、计算题〔此题共3小题，共24分〕18．在静电场中，将一电量为q=1.5×10﹣6C的正电荷从A点移到B点，电场力做功为3×10﹣4J．如果将该电荷从B点移到C点，抑制电场力做功1.5×10﹣4J．求静电场中A点和C点间的电势差．19．如下列图电路中，电阻R1=R2=3Ω，R3=6Ω，S扳至1时，电流表的示数为1.0A，S扳至2时，电流表示数为1.5A，求：电源的电动势E和内阻r〔电流表内阻不计〕．20．如下列图，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E．现有一质量为m、带正电q的小滑块〔可视为质点〕，从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．假设滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ，求：〔1〕滑块通过B点时的速度大小；〔2〕滑块经过圆弧轨道的B点时，所受轨道支持力的大小；〔3〕水平轨道上A、B两点之间的距离．内蒙古巴彦淖尔一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷〔普通班〕一、选择题〔此题共15小题；每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第1～10题只有一个选项符合题目要求，第11～15题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分〕1．如下列图是某电场中的几条电场线，在电场中有A、B两点，试比拟两点的电场强度E 大小和电势φ上下，其中正确的答案是〔〕A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的上下看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，所以E A＞E B，沿着电场线电势一定降低．所以φA＜φB应当选B．点评：掌握电场线的特点即可解决问题．2．在电场中〔〕A．某点的电场强度大，该点的电势一定高B．某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大C．某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零D．某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：此题抓住电场强度与电势无关、正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小、电势为零，电势能为零，进展分析判断．解答：解：A、某点的电场强度大，该点的电势不一定高，两者没有直接关系，故A错误．B、某点的电势高，由公式E P=qφ知，正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，故B错误．C、某点的场强为零，该点的电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零，故C 错误．D、某点的电势为零，即φ=0，由公式E P=qφ知，检验电荷在该点的电势能一定为零，故D 正确．应当选D点评：解决此题关键要知道电势与电场强度无关、电势能的公式E P=qφ，即可进展判断分析．3．当电场力对电荷做正功时，电荷的移动情况是〔〕A．正电荷一定从电势能小的位置到电势能大的位置B．负电荷一定从电势能大的位置到电势能小的位置C．一定从电势高位置到电势低位置D．一定从电势低位置到电势高位置考点：电势能．分析：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能必定减小．而电势能与电势的关系是E p=qφ，结合这些知识进展分析．解答：解：A、B、只要电场力对电荷做正功，不论是正电荷还是负电荷，电荷的电势能都减小，所以电荷都一定从电势能大的位置到电势能小的位置，故A错误，B正确．C、D、根据电势能与电势的关系式E p=qφ，知正电荷一定从电势高位置到电势低位置，负电荷一定从电势低位置到电势高位置．故CD错误．应当选：B．点评：对于电场力做功与电势能变化的关系，可运用类比的方法理解，将它们的关系与重力做功和重力势能变化的关系进展类比，还抓住它们的不同点进展理解．4．如下列图，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a点运动到b点的轨迹，假设带电粒子只受电场力作用，粒子从a点运动到b点的过程中〔〕A．运动的加速度逐渐增大B．运动的速度逐渐减小C．粒子的电势能逐渐减小D．a点的电势比b点的电势高考点：电势；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解这类题是思路：根据运动轨迹弯曲方向判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，从而判断电势上下，根据电场力做功判断电势能的变化．解答：解：A、由于a点运动到b点过程中，电场线越来越稀疏，故电场强度减小，粒子所受的电场附加税减小，如此加速度逐渐减小，故A错误；B、电场力与速度方向的夹角为钝角，如此电场力做负功，动能减小，速度减小．故B正确；C、从a点运动到b点电场力做负功，电势能增大，故C错误D、由粒子的运动轨迹可知，带电粒子所受的电场力向左，由于粒子带正电，故电场线向左，沿电场线方向电势降低，D错误．应当选：B点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力，利用电场中有关规律求解．5．对于水平放置的平行板电容器，有关电容器的电容，如下说法正确的答案是〔〕A．将两极板的间距增大，电容将增大B．将两极板从正对平行错开，电容将增大C．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大D．在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，电容将减小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：根据平行板电容器的电容决定式C=，分析电容的变化情况．解答：解：A、将两极板的间距加大，d增大，由电容决定式C=得知，电容将减小．故A错误．B、将两极板平行错开，使正对面积减小，S减小，由电容决定式C=得知，电容将减小．故B错误．C、在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的陶瓷板，ɛ增大，C增大．故C正确．D、在两极板之间放置一块厚度小于极板间距的铝板，板间距离减小．电容将增大．故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键要掌握电容的决定式C=，明确电容的决定因素即可解题．6．如下列图，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场中央以初速度v0进入两平行金属板间的匀强电场，粒子的带电量为q，质量为m，板长为l，两板间距为d．两板间的电势差为U，如此粒子从板间穿出时〔〕A．粒子沿电场方向偏移的距离为B．粒子的速度方向偏角的正切值为C．动能增加了qUD．电场力一定对粒子做了的功考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子在电场中做类平抛运动，在垂直于板面方向的分运动为匀加速运动，沿电场方向做匀速运动，根据平抛运动的规律，结合牛顿第二定律与运动学公式，即可解题．解答：解：A、两极板间的电场强度E=带电粒子在极板间受到的电场力F=qE由上述解得 F=带电粒子在极板间的加速度a=该粒子在电场中的运动时间t=粒子在电场中运动竖直方向偏移的距离y=at2，由上述解得：y=，故A正确；B、在电场力方向的速度v⊥=at=；那么速度方向偏角的正切值为tanα==，故B错误；C、根据动能定理得，动能的变化等于电场力做功，如此假设粒子打在极板上，粒子的动能一定增加了q，故C错误．D、假设粒子打在极板上，粒子初末位置的电势差为，电场力一定对粒子做了q的功，故D错误．应当选：A．点评：该题考查了带电粒子在电场中偏转的问题，要知道此时粒子做类平抛运动，根据平抛运动的根本公式解题，注意此题不考虑带电粒子的重力．7．如下列图，a、b、c三条虚线为电场中的等势面，等势面b的电势为零，且相邻两个等势面间的电势差相等，一个带正电的粒子在A时的动能为10J，在电场力作用下从A运动到B速度为零，当这个粒子的动能为6J时，其电势能为〔〕A．14J B．4J C．0 D．﹣1J考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：相邻两个等势面间的电势差相等U ab=U bc，所以W ab=W bc，从而可以求出粒子在B点的动能，即粒子在电场中的总能量．解答：解：相邻两个等势面间的电势差相等U ab=U bc，所以qU ab=qU bc，即：而：W AB=0﹣E K0=﹣10J所以，粒子在等势面b上时的动能E Kb：W ac=E Kb﹣E K0所以：E b=E Kb=5J从而可以知道粒子在电场中的总能量值为5J．当这个粒子的动能为6J时，E P=E﹣E K=〔5﹣6〕J=﹣1J．所以选项ABC都错误，选项D正确．应当选：D点评：该题中利用相邻两个等势面间的电势差相等U ab=U bc，所以W ab=W bc，从而可以求出粒子在B点的动能，即粒子在电场中的总能量是解题的关键．属于简单题．8．一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，此时它的阻值为64Ω，如此导线原来的电阻值为〔〕A．128ΩB．32ΩC．4ΩD．2Ω考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：通过导线长度和横截面积的变化，根据电阻定律R=求出电阻的大小．解答：解：一根均匀导线，现将它均匀拉长，使导线的直径减小为原来的一半，如此横截面积变为原来的，因为导线的体积不变，如此长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=，知电阻变为原来的16倍，所以导线原来的电阻为4Ω．故C正确，A、B、D错误．应当选C．点评：解决此题的关键掌握电阻定律的公式R=，知道影响电阻的因素．9．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为〔〕A．电压表示数增大，电流表示数减少B．电压表示数减少，电流表示数增大C．两电表示数都增大D．两电表示数都减少考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：动态变化分析问题一般按照“局部→整体→局部〞的顺序，分析总电阻变化→总电流变化→总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进展．对于电流表读数来说，由于滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和R2电流变化确定．解答：解：当滑动变阻器的滑片P向a滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电压表读数增大；并联局部的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数I A=I ﹣I2，如此减小．故A正确，BCD错误．应当选：A．点评：电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小．此题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定10．欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的表示正确的答案是〔〕①测电阻前要使红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使表头指示电流为零②红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连③测电阻时，指针偏转角度太大，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档④测电阻时，指针偏转角度太小，应使欧姆表选择开关拨到较小倍率档．A．①②B．①③C．②④D．②③考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：使用欧姆表测电阻时要选择适宜的挡位，然后进展欧姆调零；欧姆表的红表笔插“+〞插孔，黑表笔插“﹣〞插孔，“+〞与电源负极相连，“﹣〞与电源正极相连；欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧解答：解：①使用欧姆表测电阻确定适宜的挡位后要进展欧姆调零，要使红黑表笔相接，调节调零电阻，使表头的指针指向欧姆刻度的零处，但电流不为0为最大故①错误；②红表笔与表内电池负极相接，黑表笔与表内电池正极相连接，②正确；③、欧姆表零刻度线在最右侧，测电阻时，表针偏转角度越大，待测电阻值越小，应用小档位，如此③正确④指针偏转角度太小，如此阻大，用大档位，如此④错误应当选：D点评：此题考查了欧姆表的使用方法，特别注意每次换挡都要重新调零．11．一个带正电的粒子从a点射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图实线所示，图中虚线为同心圆，表示电场中的等势面，不计重力，可以判断〔〕A．O点处的电荷带正电B．粒子从a点运动到c点时电场力做功为零C．粒子在a点处的电势能一定小于b点处的电势能D．粒子在a点的速率一定小于b点处的速率考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷做曲线运动，受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据功能关系分析动能和电势能的变化情况；根据W=Uq判读电场力做功情况．解答：解：A、根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在M、N间运动过程中，电荷一直受静电引力作用，由于运动的电荷为正电荷，故O点处的电荷一定带负电，故A错误．B、a点和c点在同一个等势面上，根据W=Uq可知，粒子从a点运动到c点时电场力做功为零，故B正确．C、从a到b点过程中电场力做正功，根据电场力做功和电势能变化的关系可知粒子的电势能减小，故粒子在a点处的电势能一定大于b点处的电势能，故C错误．D、从a到b点过程中电场力做正功，根据动能定理可知，粒子的动能增加，故粒子在a点的速率一定小于b点处的速率，故D正确．应当选：BD．点评：此题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．电荷在电场中一定受到电场力．12．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如下列图，从图线可以判断〔〕A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压一样时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：I﹣U曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小．解答：解：A、在伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，从图中可得A的斜率大，所以A的电阻小，所以A错误，B正确；C、由于A的电阻小，所以当电压一样的时候，流过电阻A的电流强度较大，所以C正确；D、当两电阻串联时，电阻的电流一样，由P=I2R可得，电阻大的电阻的功率大，所以电阻B 消耗的功率较大，所以D错误．应当选：BC．点评：此题就是考察学生对于伏安特性曲线的理解，在做题时一定要区分开U﹣I图象和I﹣U图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同．13．如下列图的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L标有“6V，12W〞字样，电动机线圈的电阻R M=0.5Ω．假设灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的答案是〔〕A．电动机消耗的电功率是10WB．电动机的输出功率10WC．电动机的热功率是2WD．整个电路消耗的电功率是24W考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：A、电动机的输入功率P=U1I，根据灯泡正常发光求出电流，电动机两端的电压等于输入电压减去灯泡的电压．B、电动机的输出功率P2=P﹣I2RM．D、整个电路消耗的功率P总=UI．解答：解：A、电动机两端的电压U1=U﹣U L=12﹣6V=6V，整个电路中的电流I==2A，所以电动机消耗功率P=U1I=6×2W=12W．故A错误．B、电动机的热功率P热=I2RM=4×0.5W=2W，如此电动机的输出功率P2=P﹣I2RM=12﹣2W=10W．故BC正确．D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D正确．应当选：BCD．点评：点评：解决此题的关键知道电动机的输出功率P2=P﹣I2RM以与知道整个电路消耗的功率P总=UI．14．如下列图的是伏安法测电阻的局部电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么〔〕A．假设电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aB．假设电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bC．假设电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aD．假设电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：伏安法测电阻时，电流表外接时，误差来自电压表的分流，电流表内接时误差来自电流表的分压，根据电压和电流的变化情况来判断采用内接还是外接法．解答：解：A、B，电压表示数有明显变化，说明电流表内阻较大，分压较大，应采用电流表外接法，即S接a，可减小误差．故A正确，B错误．C、D，电流表示数有明显变化，说明电压表内阻较小，分流较大，应采用电流表内接法，即S接b，可减小误差．故C错误，D正确．应当选AD．点评：此题的方法称为实验试探法，在不知道电压表、电流表和被测电阻的大约阻值时，常常采用这种方法．15．如如下图所示，直线b为电源的U﹣I图象，直线a为电阻R的U﹣I图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，以下说法中正确的答案是〔〕A．电源的总功率为6W B．电源的输出功率为4WC．电源的效率为33.3% D．电源的效率为66.7%考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由电源的U﹣I图象a纵轴截距读出电源的电动势，斜率求出电源的内阻．由电阻R的U﹣I图象b斜率求出电阻R，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率．解答：解：由b图线得到，电阻R==Ω=1Ω．由a图线纵轴的截距得到，电源的电动势为E=3V，短路电流为I短=6A，如此电源的内阻为r==Ω=0.5Ω．用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为 I==A=2A，如此电源的总功率 P总=EI=3×2W=6W；路端电压为U=E﹣Ir=3V﹣1×1V=2V，如此电源的输出功率为P=UI=2×2W=4W；电源的效率为η==≈67%．故ABD正确，C错误．应当选：ABD．点评：此题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，其实两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率．二、填空题〔每空2分，共16分〕16．一灵敏电流计，满偏电流为I g=5mA，表头电阻R g=400Ω，假设改装成量程为10V的电压表，应串联一个1600Ω得电阻，新表的内阻为2000Ω．。

内蒙古自治区高二上学期物理10月月考试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共7题；共14分)1. （2分）关于α粒子散射实验，下列说法错误的是（）A . α粒子穿过原子时，由于α粒子的质量比电子大得多，电子不可能使α粒子的运动方向发生明显的改变B . 由于绝大多数α粒子穿过金箔后仍按原来方向前进，所以使α粒子发生大角度偏转的原因是在原子中极小的区域内集中存在着对α粒子产生库仑力的正电荷C . α粒子穿过原子时，只有少数粒子发生大角度偏转的原因是原子核很小，α粒子接近原子核的机会很小D . 使α粒子发生大角度偏转的原因是α粒子穿过原子时，原子内部两侧的正电荷对α粒子的斥力不相等2. （2分） (2019高三上·北京期中) 如图所示，A、B两物块的质量分别为2m 和m，静止叠放在水平地面上。

A、B间动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为，可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。

现对A施加一水平拉力F，则下列选项正确的是（）A . 当F <2 μmg 时，A，B 都相对地面静止B . 当 F = mg 时，A 的加速度为 gC . 当F >3 μmg 时，A 相对 B 滑动D . 无论 F 为何值，B 的加速度不会超过 g3. （2分） (2018高二上·嘉兴期中) 将一空心导体放入匀强电场中稳定后，电场线分布如图所示．A、D为电场中两点，B、C为导体表面两点．则下列说法中正确的是（）A . 同一带电粒子在A点受到的电场力大于在C点受到的电场力B . 同一带电粒子在A点的电势能大于在B点的电势能C . 一带电的粒子沿着导体表面从B点移动到C点，电场力不做功D . B点的电势低于D点的电势4. （2分） (2018高二上·临沂期末) 如图所示的实线为一簇未标明方向的点电荷电场的电场线，虚线是一个不计重力的带负电的粒子从a点运动到b点的运动轨迹，则由图可知（）A . 场源点电荷带负电B . 带电粒子在a点的加速度较小C . 带电粒子在a点的动能较小D . b点的电势较a点的电势低5. （2分）有四个电源，电动势均为8V，内阻分别为1Ω、2Ω、4Ω、8Ω，今要对的电阻供电，问选择内阻为多大的电源才能使R上获得的功率最大（）A . 1ΩB . 2ΩC . 4ΩD . 8Ω6. （2分） (2018高二上·扬州月考) 有一毫伏表，它的内阻是100 ，量程为0.2V，现要将它改装成量程为10A的电流表，则毫伏表应（）A . 并联一个0.02 的电阻B . 并联一个0.8 的电阻C . 串联一个50 的电阻D . 串联一个4900 的电阻7. （2分）如图为A、B两灯泡的I﹣U图象．把它们串联接在220V的恒压电源上．根据图象，计算A、B两灯泡的实际功率分别约为（）A . 48.4W、22WB . 22W、48.4WC . 50W、170WD . 5W、17W二、多选题 (共5题；共15分)8. （3分） (2020高三上·西安期末) 如图所示，物块位于倾角为的固定斜面上，受到平行于斜面阻力F 的作用而处于静止状态。

内蒙古高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图可知：（）A．在A和C时刻线圈处于中性面位置B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C．在A时刻到D时刻线圈转过的角度为πradD．若从O时刻到D时刻经过0.02s，则在1s内交变电流的方向改变100次2.如图所示，水平桌面上放有一个闭合铝环，在铝环轴线上方有一个条形磁铁．当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，下列判断正确的是 ()A．铝环有收缩趋势，对桌面压力减小B．铝环有收缩趋势，对桌面压力增大C．铝环有扩张趋势，对桌面压力减小D．铝环有扩张趋势，对桌面压力增大3.取两个完全相同的长导线．用其中一根绕成如图(a)所示的螺线管，当在该螺线管中通以电流强度为I的电流长，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B。

若将另一根长导线对折后绕成如图(b)所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为( )A．0 B．0.5B C．B D．2B4.穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图像分别如图所示．下列关于回路中产生的感应电动势的论述中正确的是( )A．图①中回路产生的感应电动势恒定不变B．图②中回路产生的感应电动势一直在变大C．图③中回路0～t1时间内产生感应电动势小于在t1～t2时间内产生感应电动势D．图④中回路产生的感应电动势先变小再变大5.如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直于纸面向里，abcd是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l。

t＝0时刻，bc边与磁场区域边界重合(如图)．现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是图乙中的()A．B．C．D．6.如图所示，螺线管匝数n＝1000匝，横截面积S＝10cm2，螺线管导线电阻r＝1Ω，电阻R＝4Ω，磁感应强度B 随时间变化的图象如图所示(以向右为正方向)，下列说法正确的是()A．通过电阻R的电流是交变电流B．感应电流的大小发生变化C．电阻R两端的电压为6VD．C点的电势为6V7.如图所示是一交变电流的i－t图象，则该交变电流的有效值为( )A．4A B．C．D．8.将阻值为5 Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是( )A．电路中交变电流的频率为0.25HzB．通过电阻的电流为AC．用交流电压表测得电阻两端的电压是5VD．电阻消耗的电功率为2.5W9.两块水平放置的金属板间的距离为d，用导线与一个n匝线圈相连，线圈电阻为r，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R与金属板连接，如图所示，两板间有一个质量为m、电荷量＋q的油滴恰好处于静止．则线圈中的磁感应强度B的变化情况和磁通量的变化率分别是( )A．磁感应强度B竖直向上且正增强，B．磁感应强度B竖直向下且正增强，C．磁感应强度B竖直向上且正减弱，D．磁感应强度B竖直向下且正减弱，10.变压器的铁芯是利用薄硅钢片叠压而成的，而不是采用一整块硅钢，这是为了( )A．增大涡流，提高变压器的效率B．减小涡流，提高变压器的效率C．增大铁芯中的电阻，以产生更多的热量D．增大铁芯中的电阻，以减小发热量二、多选题1.如图所示，两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计。

2015-2016学年内蒙古巴彦淖尔市乌中旗一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12题，每小题4分，共48分，1----8为单选题，9----12为不定项选择）1．电场强度的定义式为E=，以下说法正确的是（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是检验电荷所受到的力，q是产生电场的电荷电量C．场强的方向一定与负电荷受力的方向相同D．由该定义式可知，电场强度只有电场本身决定，与q无关2．下述说法正确的是（）A．在同一等势面上移动电荷，电场力不作功B．沿着电场线方向电势不一定越来越低C．静电场中两根电场线有可能相交D．电场线是电荷运动轨迹形成的3．在绝缘光滑的水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球，同时从静止释放，则对两小球的运动情况描述正确的是（）A．做加速度逐渐增大的变加速直线运动B．做加速度逐渐减小的变加速直线运动C．做匀加速直线运动D．做加速度逐渐减小的变减速直线运动4．如图甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点．将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图乙所示，比较A、B两点电势的高低和场强的大小，可得（）A．φA＞φB B．φA=φB C．E A＞E B D．E A=E B5．如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势φA＞φB，场强E A＜E BB．电势φA＞φB，场强E A＞E BC．将+q电荷从A点移动到B点电场力做负功D．将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA＞E PB6．关于等势面和电势能，下述说法正确的是（）A．若相邻的等势面的差相等，则等势面密的地方场强大B．等势面上各点场强大小一定相等C．电场中电势越高处，电荷的电势能就越大D．电场强度越强处，电荷的电势能就越大7．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（）A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向8．下列各图中所画的电场线，正确的是（）A．（1）（2）和（4）B．只有（4）C．只有（3）D．（2）和（3）9．一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为F，该点场强大小为E，则下面能正确反映这三者关系的是（）A．B．C．D．10．如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=5cm．则下述计算结果正确的是（）A．ab之间的电势差为40VB．ac之间的电势差为50VC．将q=﹣5×103C的点电荷沿矩形路径abcda移动一周，电场力做功为零D．将q=﹣5×103C的点电荷沿abdc或从a移动到c，电场力做功都是﹣0.25J11．在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射出，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则以下说法中正确的是（）A．该粒子带正电B．该粒子的动能先增大后减小C．该粒子的电势能先增大后减小D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v012．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在B点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，在B点电势能较大二、填空题（每空3分，共18分）13．一个电量q=+2×10﹣9C的电荷，在电场中从A点移到B点，电场力做功4×10﹣7J，则U AB=．14．把两个同种点电荷的距离增大一些，电场力做正功，电荷的电势能；把两个异种点电荷的距离增加一些，电场力做负功，电荷的电势能．15．把电荷量q=1.0×10﹣5C的电荷从A点移到B点，电场力做功W=2.0×10﹣2J，则电荷的电势能，若规定B点为零电势，则电荷在A点的电势能E PA为；A点的电势ϕA=．三、计算题（共3题，共34分）16．（10分）（2012春•南关区校级期末）如图所示，A为带正电Q的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m，电量为q 的小球．小球受水平向右的电场力偏转θ角而静止．小球用绝缘丝线悬挂于O点，则小球所在处的电场强度为．17．（12分）（2015秋•巴彦淖尔校级月考）如图所示，光滑斜面倾角为37°．质量为m、电荷量为q的一带有正电的小物块，置于斜面上．当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度为多大？（2）物体运动的加速度大小（3）沿斜面下滑距离为L时的速度大小．（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2）18．（12分）（2015秋•巴彦淖尔校级月考）一匀强电场，电场强度方向是水平的（如图所示）．一个质量为m的带电的小球从O点出发，初速度的大小为v0，只在电场力与重力的作用下，恰能沿着与电场强度的反方向成θ角的直线运动，求：（1）小球的电性．（2）小球运动到最高点时的电势能与O点时的电势能之差．2015-2016学年内蒙古巴彦淖尔市乌中旗一中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12题，每小题4分，共48分，1----8为单选题，9----12为不定项选择）1．电场强度的定义式为E=，以下说法正确的是（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是检验电荷所受到的力，q是产生电场的电荷电量C．场强的方向一定与负电荷受力的方向相同D．由该定义式可知，电场强度只有电场本身决定，与q无关考点：电场强度．分析：电场强度的定义式是E=是用比值定义法定义的物理量，式子中的q表示试探电荷的电荷量，而E为原电场的电场强度，是由电场本身决定的，与试探电荷无关；电场强度的方向规定与放在该点的正试探电荷所受的电场力方向相同．解答：解：A、电场强度的定义式是E=，运用比值法定义，是求解电场强度的通用公式，适用于任何电场．故A错误；B、公式中F是试探电荷所受到的电场力，q是试探电荷的电量，故B错误．C、场强的方向与正电荷的F方向相同，与负电荷的F方向相同反，故C错误．D、由该定义式可得，电场强度只有电场本身决定，与q无关，故D正确．故选：D．点评：本题涉及电场强度的定义式和点电荷电场强度的决定式，实际上空间某点的电场强度是由场源电荷和与场源电荷间的相对位置决定的．2．下述说法正确的是（）A．在同一等势面上移动电荷，电场力不作功B．沿着电场线方向电势不一定越来越低C．静电场中两根电场线有可能相交D．电场线是电荷运动轨迹形成的考点：电场线．分析：电场线是从正电荷（或者无穷远处）发出，到负电荷（或无穷远处）为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线与等势面垂直，电场强度方向是电场线的切线方向，故电场力与等势面一定垂直．解答：解：A、电场线与等势面垂直，电场强度方向是电场线的切线方向，故电场力与等势面一定垂直，在同一等势面上移动电荷，电场力一直不作功，故A正确；B、沿着电场线方向电势降低，故B错误；C、电场中的两条电场线一定不会相交．故C错误；D、电场线是为了形象的描述电场而人为引入的曲线，而物体的运动轨迹是由物体所受合外力与初速度之间的夹角决定，二者不一定重合，则D错误．故选：A点评：加强基础知识的学习，明确运动轨迹与电场线的不同，熟练应用力与运动以及有关电场线的知识即可解决本题．3．在绝缘光滑的水平面上，相隔一定距离有两个带同种电荷的小球，同时从静止释放，则对两小球的运动情况描述正确的是（）A．做加速度逐渐增大的变加速直线运动B．做加速度逐渐减小的变加速直线运动C．做匀加速直线运动D．做加速度逐渐减小的变减速直线运动考点：电场的叠加；牛顿第二定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据库仑定律分析电荷间作用力的变化．根据牛顿第二定律分析加速度之比的变化．解答：解：由于同种电荷间存在相互作用的排斥力，两球将相互远离，距离增大，根据库仑定律得知，相互作用力减小．由牛顿第二定律得知它们的加速度变小．随着两球间距离增大，电场力做功正功，电势能减少，总动能增加．所以速度增加，故选B点评：本题中两球间存在斥力，斥力逐渐减小，掌握功能关系的应用．4．如图甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点．将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图乙所示，比较A、B两点电势的高低和场强的大小，可得（）A．φA＞φB B．φA=φB C．E A＞E B D．E A=E B考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据受力方向判断电场线方向，从而判断电势的高低．根据加速度的大小，判断场强大小的变化．解答：解：由图乙知负电荷从A自由释放后，做加速运动，说明负电荷受到的电场力方向是从A指向B，那么电场方向就是由B指向A，由于沿电场线方向电势逐渐降低，所以A、B两点的电势关系是φA＜φB．根据v﹣t图象的斜率表示加速度，则知负电荷从A运动到B的过程中，它的加速度是逐渐减小的，由牛顿第二定律知，负电荷从A到B时，受到的电场力是逐渐减小的，由F=q E 知场强减小，则有E A＞E B．故C正确．ABD错误．故选：C点评：本题考查了对图象的认识和理解，能从图象中获取有用的物理信息，如斜率等于加速度，运用力学的方法分析．5．如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A．电势φA＞φB，场强E A＜E BB．电势φA＞φB，场强E A＞E BC．将+q电荷从A点移动到B点电场力做负功D．将﹣q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能E PA＞E PB考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．沿着电场线方向电势是降低的．解答：解：A、B、由图示可知，B处的电场线密，A处的电场线稀疏，因此B点的电场强度大，A点的场强小，即E A＜E B；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，由图示可知，φA ＞φB，故A正确，B错误；C、正电荷受到的电场力的方向向上，将+q电荷从A点移动到B点电场力做正功．故C错误；D、负电荷受到的电场力的方向向下，将﹣q电荷从A点移动到B点电场力做负功．负电荷的电势能增大，E PA＜E PB．故D错误故选：A．点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．6．关于等势面和电势能，下述说法正确的是（）A．若相邻的等势面的差相等，则等势面密的地方场强大B．等势面上各点场强大小一定相等C．电场中电势越高处，电荷的电势能就越大D．电场强度越强处，电荷的电势能就越大考点：电势能．分析：电势相等的各个点构成的面叫做等势面；沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．电场线与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面．电场中电势越高处，正电荷的电势能就越大；电场中电势越高处，负电荷的电势能就越小；电荷的电势能的大小与场强的大小无关．解答：解：A、若相邻两等势面的电势差相等，则等势面的疏密程度能反映场强的大小，故A正确；B、在同一个等势面上各点的电势相等，但场强大小不一定相等，故B错误；C、电场中电势越高处，正电荷的电势能就越大；电场中电势越高处，负电荷的电势能就越小，故C错误．D、电荷的电势能的大小与场强的大小无关，故D错误；故选：A．点评：本题关键记住电场线和等势面的关系，相互垂直，从电势高的等势面指向电势低的等势面，掌握等势面的基本特点：在等势面上移动电荷，电场力总是不做功．7．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（）A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．解答：解：A、电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，故A错误；B、在匀强电场中，电场强度不变，沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；C、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零．故C错误．D、沿着电场方向电势降低最快，故D说法正确；故选：D．点评：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系．顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．8．下列各图中所画的电场线，正确的是（）A．（1）（2）和（4）B．只有（4）C．只有（3）D．（2）和（3）考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线总是从正电荷出发，终止于负电荷；或从无穷远出发，终止于负电荷；或从正电荷出发，终止于无穷远．解答：解：（1）电场线总是从正电荷出发，终止于负电荷；而（1）是终止于正电荷，故（1）错误；（2）是从负电荷出发，故（2）错误；（3）两个正电荷的电场线分布如图，而不是终止于某一个正电荷，故（3）错误；（4）中所有的电场线都是电场线总是从正电荷出发，终止于负电荷；或从无穷远出发，终止于负电荷；或从正电荷出发，终止于无穷远．故（4）正确．所以，四个图中，只有（4）正确．即选项B正确，其他的选项ACD都错误．故选：B点评：加强基础知识的学习，掌握住常见电场的电场线的特点，即可解决本题．属于基础题目．9．一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为F，该点场强大小为E，则下面能正确反映这三者关系的是（）A．B．C．D．考点：电场强度；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量无关，由场源电荷决定．解答：解：AD、因为电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量q无关，由场源电荷决定．所以电场强度不随q、F的变化而变化．故A、D错误．BC、由E=得F=qE，某点的电场强度E一定，则F与q成正比．故B错误，C正确．故选：C．点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=．知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定．10．如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=5cm．则下述计算结果正确的是（）A．ab之间的电势差为40VB．ac之间的电势差为50VC．将q=﹣5×103C的点电荷沿矩形路径abcda移动一周，电场力做功为零D．将q=﹣5×103C的点电荷沿abdc或从a移动到c，电场力做功都是﹣0.25J考点：电势差与电场强度的关系；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，d是电场线方向两点间的距离，求解两点间的电势差．根据公式W=qU求解电场力做功．解答：解：根据几何关系可知ac=bd=3cmA、ab之间的电势差U ab=E•ab=103×0.04V=40V．故A正确；B、由图看出，a、c在同一等势面上，电势相等，电势差为0，故C错误；C、将q=﹣5×10﹣3C的点电荷沿矩形路径abcda移动一周，电场力不做功．故C正确；D、将q=﹣5×103C的点电荷沿abdc或从a移动到c，由于ac间电势差为0，故电场力做功为0，故D错误．故选：AC．点评：电场力做功与重力做功相似，只与电荷初末位置有关，与路径无关．不难属于基础题．11．在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射出，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则以下说法中正确的是（）A．该粒子带正电B．该粒子的动能先增大后减小C．该粒子的电势能先增大后减小D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v0考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子轨迹向右弯曲，受到的电场力大致向右，可判断出粒子的电性．电场力先做正功，后做负功，可分析动能和电势能的变化．因为MN为a、b连线的中垂线，是一条等势线，并且一直延伸到无穷远处，M点的电势与无穷远处相等，粒子从M点运动到无穷远处过程，电场力做功为零，该粒子运动到无穷远处后，其速度大小一定仍为v0．解答：解：A、粒子轨迹向右弯曲，受到的电场力大致向右，则知该粒子带负电．故A错误．B、由题可知，电场力先做正功，后做负功，则根据动能定理得知：粒子的动能先增大后减小．故B正确．C、电场力先做正功，后做负功，粒子的电势能先减小后增大．故C错误．D、M点的电势与无穷远处相等，粒子从M点运动到无穷远处过程，电场力做功为零，则该粒子运动到无穷远处后，其速度大小一定仍为v0．故D正确．故选：BD点评：本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向可判断出粒子的合力方向，分析出电场力做功情况．带等量异种电荷连线的中垂线是一条件延伸到无穷远处的等势线，要记牢．12．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在B点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，在B点电势能较大考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A正确；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B正确；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、粒子从A到B，电场力对带负电的粒子运动做负功，电势能增加；所以A、B两点相比，在B点电势能较大．故D正确；故选：ABD点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．二、填空题（每空3分，共18分）13．一个电量q=+2×10﹣9C的电荷，在电场中从A点移到B点，电场力做功4×10﹣7J，则U AB=200V．考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：A、B两点的电势差U AB=，W AB是电场力做功，q是试探电荷的电荷量，代入数据求解即可．解答：解：A、B两点的电势差：U AB===200V故答案为：200V．点评：电场中两点的电势差是由电场本身决定的，与试探电荷的电荷量无关，基础题．14．把两个同种点电荷的距离增大一些，电场力做正功，电荷的电势能减小；把两个异种点电荷的距离增加一些，电场力做负功，电荷的电势能增大．考点：电势能．分析：根据电场力方向与位移方向关系，判断电场力做功正负，电场力做功与电势能改变的关系解答即可解答：解：把两个同种点电荷之间的距离增大一些，电场力方向与电荷的位移方向相同，所以电场力做正功，电荷的电势能减小．把两个异种点电荷之间的距离增大一些，电场力方向与电荷的位移方向相反，所以电场力做负功，电荷的电势能增大故答案为：减少，增大点评：此题要掌握：电场力做功等于电势能的减小量．电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加15．把电荷量q=1.0×10﹣5C的电荷从A点移到B点，电场力做功W=2.0×10﹣2J，则电荷的电势能减小，若规定B点为零电势，则电荷在A点的电势能E PA为 2.0×10﹣2J；A 点的电势ϕA=2000V．考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题，已知正电荷从A点移到B点，电场力做的功，根据电势差公式求出AB间电势差．由AB间电势差U AB=φA﹣φB，及B点为零电势，求出A点的电势，再求出正电荷在A点的电势能E PA．解答：解：AB间电势差U AB==由题，B点为零电势，即φB=0，U AB=φA﹣φB，得到A点的电势φA=2000V，正电荷在A 点的电势能E PA=qφA=1.0×10﹣5×200J=2×10﹣2J故答案为：2×10﹣2J，2000V点评：求解电势．往往先求出该点与零电势点间的电势差，再求出某点的电势．也可以根据电场力做功与电势能变化的关系，求出正电荷在A点的电势能．三、计算题（共3题，共34分）16．（10分）（2012春•南关区校级期末）如图所示，A为带正电Q的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m，电量为q 的小球．小球受水平向右的电场力偏转θ角而静止．小球用绝缘丝线悬挂于O点，则小球所在处的电场强度为．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，小球处于静止状态，合力为零，根据平衡条件和电场力公式F=qE，结合求解电场强度E．解答：解：小球的受力如图所示．由平衡条件得：F电=mgtanθ又F电=qE解得，小球所在处的电场强度：E=故答案为：点评：本题是带电体在复合场中平衡问题，分析受力是关键，同时要掌握场强与电场力方向的关系．17．（12分）（2015秋•巴彦淖尔校级月考）如图所示，光滑斜面倾角为37°．质量为m、电荷量为q的一带有正电的小物块，置于斜面上．当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度为多大？（2）物体运动的加速度大小（3）沿斜面下滑距离为L时的速度大小．（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g取10m/s2）考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）对小球进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度．（2）电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度．（3）沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解解答：解析：（1）平衡时，物块受重力mg、电场力qE、斜面的支持力N的作用，如图所示，有：qE=mgtan 37°得：E=tan 37°=•=．（2）当E′=时，将滑块受力沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，如图，沿斜面方向，有：mgsin 37°﹣cos 37°=ma得：a=gsin 37°﹣×cos 37°=0.3g=3 m/s2．（3）物块沿斜面做匀加速直线运动，初速度为0，加速度为a，位移为L，由v﹣v=2aL，得：vt===．答：（1）原来的电场强度为（2）物体运动的加速度大小3 m/s2（3）沿斜面下滑距离为L时的速度大小点评：问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可18．（12分）（2015秋•巴彦淖尔校级月考）一匀强电场，电场强度方向是水平的（如图所示）．一个质量为m的带电的小球从O点出发，初速度的大小为v0，只在电场力与重力的作用下，恰能沿着与电场强度的反方向成θ角的直线运动，求：（1）小球的电性．（2）小球运动到最高点时的电势能与O点时的电势能之差．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）因物体受重力及电场力的作用而做直线运动，故物体所受力的合力一定在运动方向的直线上；则由力的合成可求得电场力，并判断出电性；（2）由牛顿第二定律可求得加速度；由位移公式求得位移，即可由功的公式求得电场力的功．解答：解：（1）设电场强度为E，小球带电量为q，因小球做直线运动，它受的电场力qE 和重力mg的合力必沿此直线，如图：mg=qEtanθ由此可知，小球受到的电场力的方向与电场线的方向相反，小球到达．（2）小球做匀减速运动的加速度大小为：设从O到最高点的路程为s，由速度和位移的关系得：v02=2as物体运动的水平距离为：l=scosθ两点的电势能之差：△W=qEl由以上各式得：。

内蒙古自治区高二上学期物理10月月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共10题；共20分)1. （2分） (2018高二上·曲阳月考) 如图所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用 a、 b、 c和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和场强，可以判定（）A . Ea = Eb = EcB . Ea＞Eb＞EcC . a – b= b – cD . a＞ b＞ c2. （2分） (2017高二上·淄川期末) 图中，电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间关系正确的是（）A .B .C .D .3. （2分）某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是（）A . a点的电势高于b点的电势B . 若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功C . c点的电场强度大于d点的电场强度D . 若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c4. （2分）(2017·黑龙江模拟) 如图所示，图线表示的导体的电阻为R1 ，图线2表示的导体的电阻为R2 ，则下列说法正确的是（）A . R1：R2=3：1B . 把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2C . 将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1：P2=1：3D . 将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：35. （2分） (2018高一上·中山月考) A、B两物体以相同的初速度滑到同一粗糙水平面上，若两物体的质量，两物体与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，则两物体能滑行的最大距离与相比为（）A .B .C .D . 不能确定6. （2分） (2019高二下·伊春月考) 如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad 边成60°角，ab＝bc＝cd＝L，长度为L的电阻丝电阻为r，框架与一电动势为E，内阻为r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为（）．A . 0B .C .D .7. （2分）如图所示，圆形线圈共n匝，线圈平面与磁场方向夹600角，匀强磁场磁感应为B，采用下列哪种方式能使线圈中磁通量变为原来的2倍（）A . 使线圈面积变为原来的2倍B . 使线圈匝数变为原来的2倍C . 使线圈半径变为原来的2倍D . 使线圈平面与磁场垂直8. （2分） (2019高二上·白云期中) 在静电场中，将一个电子由a点移到b点，克服电场力做功8eV，下列说法正确的是（）A . a、b两点电势差Uab＝8VB . 电子的电势能减少了8eVC . 电场强度的方向一定由a指向bD . 因零电势点未确定，a、b两点间的电势差无法确定9. （2分） (2017高二上·株洲期末) 如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R 组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A . 甲表是电流表，R增大时量程增大B . 甲表是电流表，R增大时量程减小C . 乙表是电压表，R增大时量程减小D . 上述说法都不对10. （2分） (2017高一下·内江期末) 如图所示，一辆小车静止在光滑的水平轨道上，一小球用细绳悬挂在车上，现将小车由图中位置无初速释放，在小球下摆的过程中，下列说法正确的是（）A . 绳对小球的拉力不做功B . 绳对小球的拉力做正功C . 绳对小球的拉力做负功D . 小球受到的合力不做功二、多选题 (共1题；共3分)11. （3分）充电宝是当今流行的移动充电电源，人们可以随时随地的给手机充电。

巴市一中2015-2016学年第一学期期末考试题高二年级物理试题第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（本题共15个小题，每小题4分，共60分.在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一个选项符合要求，第11～15题有多个选项符合要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的0分）1.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要.下符合史实的是( )A．英国的法拉第提出在电荷的周围存在由它产生的电场的观点B．安培发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的关系C．美国的特斯拉提出了分子电流假说D．法国的库仑最早测得元电荷e的数值2.关于静电场，下列说法中正确的是( )A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小C．根据公式U＝Ed可知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减小3.根据磁感应强度的定义式FBIL，下列说法正确的是（）A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处受磁场力F=0，那么该处的B一定为零C．磁场中某处的B的方向跟电流在该处受磁场力F的方向相同D．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到的磁场力F也一定为零4．如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在静电力的作用下沿直线从A点运动到B点，其v­t图像如图乙所示，则下列说法正确的是( )A．质子运动的加速度随时间逐渐减小B．电场线的方向由A点指向B点C．A、B两点的电场强度的大小关系满足E A < E BD．A、B两点的电势关系满足φ A < φ B5．两个用同种材料制成的均匀导体A、B，其质量相同，当它们接入电压相同的电路时，其电流之比I A∶I B ＝1∶4，则横截面积之比S A∶S B为( )第4题A ．1∶2B ．2∶1C ．1∶4D ．4∶16．如图所示，直线a 为某电源的路端电压随干路电流的变化图线，直线b 为某一电阻R 两端的电压随电流变化图线，把该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内阻分别为（ ） A ．4W ，0.5Ω B ．6W ，1Ω C ．4W ，1Ω D ．2W ，0.5Ω7．如图所示，放在通电螺线管内部中间处的小磁针静止时N 极指向右，则可判定电的极性和小磁针P （在螺旋管外部）的N 极的指向为（ ） A ．电的左端为正极，P 的N 极指向左端 B ．电的左端为负极，P 的N 极指向左端 C ．电的左端为正极，P 的N 极指向右端 D ．电的左端为负极，P 的N 极指向右端8．如图所示，一个矩形线圈与通有相同大小的电流的平行直导线同一平面，而且处在两导线的中央，则（ ）A ．两电流同向时，穿过线圈的磁通量为零B ．两电流反向时，穿过线圈的磁通量为零C ．两电流同向或反向，穿过线圈的磁通量都相等D ．因两电流产生的磁场是不均匀的，因此不能判定穿过线圈的磁通量是否为零9．两长直通电导线互相平行，电流方向相同，其截面处于一个等边三角形的A 、B 处，如图所示，两通电导线在C 处的磁感应强度均为B ，则C 处总磁感应强度为（ ） A ．2B B ．B C ．0 D.3B10．如图，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直．给导线通以垂直纸面向里的电流，用F N 表示磁铁对桌面的压力，用F f 表示桌面对磁铁的摩擦力，则导线通电后与通电前相比较（ ）A ．F N 减小，F f ＝0B ．F N 减小，F f ≠0C ．F N 增大，F f ＝0D ．F N 增大，F f ≠0 11.关于电场和磁场，下列说法正确的是（ ）A ．我们虽然不能用手触摸到电场的存在，却可以用试探电荷去探测它的存在和强弱B ．电场线和磁感线是可以形象描述电、磁场强弱和方向的客观存在的曲线C ．磁感线和电场线一样都是闭合的曲线D ．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，都是客观存在的物质第8题第9题第7题第6题第10题12．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹.由图可以判定（ ） A ．粒子带正电B ．M 点的电势高于N 点的电势C ．粒子在M 点的动能大于在N 点的动能D ．粒子在M 点时的加速度大于在N 点时的加速度13．如图所示的电路中，当滑动变阻器R 2的滑动触头P 向下滑动时（ ） A ．电压表的读数增大 B ．R 1消耗的功率增大 C ．电容器C 的电容增大 D ．电容器C 所带的电量增多14．两块水平放置的平行金属板，带等量异种电荷，一个带电油滴恰悬浮在平行板间．如果使油滴产生大小等于 g2的加速度，两板电荷量应是原来的（ ）A ．2倍B ．12C ．32倍D ．2315．1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖．若一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（ ） A ．该束带电粒子带负电 B ．速度选择器的P 1极板带正电C ．在B 2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D ．在B 2磁场中运动半径越大的粒子，比荷qm越小巴市一中2015-2016学年第一学期期末考试题高二年级 物理试题 第Ⅱ卷(非选择题 共40分)二、填空题 (每空2分, 共16分)16．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度L ，用螺旋测微器测量圆柱体的直径d ，示数如图所示． 由图可读出L ＝ cm ，d ＝ mm.第12题第13题第15题17．某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用滑动变阻器的阻值范围为0～20 Ω，连接电路的实物图如下图所示．（1）该学生接线中错误的和不规范的做法是．A．滑动变阻器不起变阻作用B．电流表接线有错C．电压表量程选用不当D．电压表接线不妥（2）在下面方框里画出这个实验的正确电路图．（3）上图是根据实验数据作出的U－I图象，由图可知，电源的电动势E ＝ V，内阻r ＝Ω．18．（1）关于用多用表测电阻的实验操作，以下说法正确的是 .A. 多用电表在使用前，应观察指针是否指电流表的零刻度，若有偏差，应用螺丝刀调节多用电表中间的定位螺丝，使多用表指针指电流表零刻度（注意与欧姆调零区分开）B. 测电阻时，只需将待测电阻与电源断开，和别的元件可以不断开C. 测电阻时为了接触良好，应用两手分别将两表笔金属部分与待测电阻两端紧紧捏在一起D. 第一次测量之前要调零，之后就算换挡测量，也没有必要重新调零（2）若实验员告知该多用表装新电池时测量值较为准确，而现在电池已因使用太久而致内阻增大，电动势减小了，但仍可通过欧姆档调零电阻调零，据此可判断此种情况下，按规范的实验操作测量电阻，其测量值比真实值（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）.三、计算题（共3小题，共20分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要计算步骤、只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位）19．（8分）如下图所示，电源电动势为12 V，内电阻为r＝1 Ω，R1＝1 Ω，R2＝6 Ω，电动机线圈电阻为0.5 Ω，若开关闭合后通过电源的电流为3 A，则R1上消耗的电功率为多少？电动机消耗的电功率为多少？20．（8分）如图所示，在倾角为θ＝30°的斜面上，固定一宽L＝0.25m的平行光滑金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R.电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，一质量m＝20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好.整个装置处于磁感应强度B＝0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨与金属棒的电阻不计）.取g＝10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小．（2）通过金属棒的电流的大小．（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值．21．（8分）如图所示，有界匀强磁场的磁感应强度B＝2×10－3T；磁场右边是宽度L＝0.2 m、场强E＝40 V/m、方向向左的匀强电场．一带电粒子电荷量q＝－3.2×10－19C，质量m＝6.4×10－27kg，以v＝4×104m/s的速度沿OO′垂直射入磁场，在磁场中偏转后进入右侧的电场，最后从电场右边界射出．（不计重力）求：（1）大致画出带电粒子的运动轨迹(画在给出的图中)；（2）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；（3）带电粒子飞出电场时的动能E k．2015—2016学年第一学期期末考试高二年级物理答案一、选择题二、填空题（每空2分，共16分）16. 2.25，6.860 17. AD ，，1.5V ，1.0Ω18. A , 偏大三、计算题19. （8分） 解：（1）P 1=I 2R 1=9W（2）U 1=I 1 R 1=3V，U 内=I 1 r=3VU M =U 并=E -U 1- U 内=6V ， I 2= U 并／R 2=1AI M = I 1- I 2=2A ， P M =U M I M =12W20. （8分）解：（1）金属棒静止在金属导轨上受力平衡，如图所示F 安＝mg sin30°，代入数据得F 安＝0.1N（2）由F 安＝BIL 得I ＝F 安BL＝0.5A （3）设滑动变阻器接入电路的阻值为R 0，根据闭合电路欧姆定律 得：E ＝I (R 0＋r ) 解得R 0＝EI－r ＝23Ω21. （8分） 解 (1)轨迹如下图所示．(2)带电粒子在磁场中运动时，由牛顿运动定律，有qvB ＝m v 2R，R ＝mv qB ＝6.4×10－27×4×1043.2×10－19×2×10－3 m ＝0.4 m. (3)E k ＝EqL ＋12mv 2＝40×3.2×10－19×0.2 J＋12×6.4×10－27×(4×104)2 J ＝7.68×10－18J.。