新疆兵团农二师华山中学2015-2016学年高二上学期期末考试物理试卷

2015-2016学年新疆兵团农二师华山中学高二（下）期中物理试卷（A卷）一．选择题（本题共12小题；每小题4分．共48分，1-7小题只有一个选项正确，8-12有多个选项正确．全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（B组）第一个发现电磁感应现象的科学家是：（）A．奥斯特B．库仑C．法拉第D．安培2．（4分）中央电视台《焦点访谈》多次报道某些边远落后农村电价过高，农民负担过重。

其中客观原因是电网陈旧老化，近年来进行了农村电网改造。

为了减少远距离输电线路上的电能损耗而降低电费价格，以下措施中切实可行的是（）A．提高输送功率B．应用超导材料做输电线C．提高输电电压D．减小输电导线的横截面积3．（4分）如图所示，将直径为d，电阻为R的闭合金属环从匀强磁场B中拉出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为（）A．B．C．D．4．（4分）如图甲所示，长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，长直导线中的电流i随时间t的变化关系如图乙所示。

在0﹣时间内，直导线中电流向上，则在﹣T时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（）A．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左B．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右C．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右D．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左5．（4分）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表．线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动．从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为10AB．线圈转动的角速度为50π rad/sC．0.01s时线圈平面与磁场方向平行D．0.02s时电阻R中电流的方向自右向左6．（4分）如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里。

一边长为20cm 的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v＝20cm/s通过磁场区域。

2015-2016学年第一学期高二年级学前考试物 理 试 卷（考试时间50分钟，满分100分）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、 选择题:( 本题共10小题，每小题5分，共50分．在各小题给出的四个选项中，1-5为单选，6-10为多选。

全部选对的得5分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）1. 如图所示，小物块A 与水平圆盘之间保持相对静止。

若小物块A跟随圆盘做匀速圆周运动，则A 受到的力有( )A. 重力、支持力、向心力B. 重力、支持力、向心力、摩擦力C. 重力、支持力、指向圆心的摩擦力D. 重力、支持力2、如图是上海锦江乐园新建的“摩天转轮”，它的直径达98米；世界排名第五。

游人乘坐时，转轮始终不停地匀速转动，每转一周用时25分钟，每个箱轿共有6个座位。

试判断下列说法中正确的（ ）A. 每时每刻，每个人受到的合力都不等于零B ．每个乘客都在做加速度为零的匀速运动C ．乘客在乘坐过程中对座位的压力始终不变D ．乘客在乘坐过程中的机械能始终保持不变3．地球半径R ，如果在离地高处H ，物体的重力加速度只有g/16，则H 为（ ）A 、RB 、2RC 、3RD 、4R4．“天宫一号”被长征二号火箭发射后，准确进入预定轨道，如图所示，“天宫一号”在轨道1上运行4周后，在Q 点开启发动机短时间加速，关闭发动机后，“天宫一号”沿椭圆轨道2运行到达P 点，开启发动机再次加速，进入轨道3绕地球做圆周运动。

“天宫一号”在图示轨道1、2、3上正常运行时，下列说法正确的是（ ）A ．“天宫一号”在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B ．“天宫一号”在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C ．“天宫一号”在轨道1上经过Q 点的加速度大于它在轨道2上经过Q 点的加速度D ．“天宫一号”在轨道2上经过P 点的加速度等于它在轨道3上经过P 点的加速度5．某汽车以额定功率在水平路面上行驶，空载时的最大速度为1v ，装满货物后的最大速度为2v ，已知汽车空车的质量为0m ，汽车所受的阻力跟车重成正比，则汽车后来所装货物的质量是（）A ．1202v v m v +B ．1202v v m v - C ．1201v v m v - D ．102v m v6．下列叙述中，正确的是( )A ．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值。

2015-2016学年第一学期高二年级期中考试物 理 试 卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

出卷人：唐慧 注意事项：1、本试卷满分100分，考试时间90分钟。

2. 答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。

3. 用0.5毫米的黑色墨水签字笔答在答题卡上每题对应的答题区域内，答在试题卷上无效。

第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题:(本题共10小题，每小题4分，共40分．在各小题给出的四个选项中，1-7为单选，8 -10为多选。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）1. 比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式不是用比值法定义的是（ ）A. 电场强度q F E =B. 电势q E p =ϕC. 电容U Q C =D. 电流RU I = 2. 当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3C ，消耗的电能为0.9 J 。

为在相同时间内使0.6 C 的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是 ( )A ．3V ，1.8JB ．3V ，3.6JC ．6V ，l.8JD ．6V ，3.6J3. 真空中有两个相同的带等量异种电荷的金属小球A 和B （均可看成点电荷），分别固定在两 处，两球间静电力为F 。

现用一个不带电的同样的金属小球C ，先与A 接触，再与B 接触， 然后移开C ，再让A 、B 两球距离增大为原来的n 倍，使它们间的静电力变为F/32，则n 是（ ）A. 2B. 4 C ．5 D. 84. 如图所示，带正电的A 球固定，质量为m 、电荷量为+q 的粒子B 从a 处以速度v 0射向A ，虚线abc 是B 运动的一段轨迹，b 点距离A 最近.粒子经过b 点时速度为v ，重力忽略不计.则（ ）A. 粒子从a 运动到b 的过程中动能不断增大B. 粒子从b 运动到c 的过程中加速度不断增大C. 可求出A 产生的电场中a 、b 两点间的电势差D. 可求出A 产生的电场中b 点的电场强度 5. 如图所示是电阻R 的I-U 图线，图中α＝45°，由此得出( )A. 通过电阻的电流与两端电压成正比B. 电阻R ＝0.5 ΩC. 因I-U 图线的斜率表示电阻的倒数，故R ＝1/tan α＝1.0 ΩD. 图线为直线表示电阻随电压均匀变化。

新疆兵团农二师华山中学2014-2015学年高二物理上学期学前考试试题（考试时间：90分钟，满分:100分）一、单项选择题（本题包括8小题，共32分）1．物体做曲线运动的条件是 ( )A．只有受到一个方向不断改变的力，物体才可能做曲线运动B．物体所受合外力一定竖直向下C．物体初速度方向一定不在竖直方向D．物体速度方向与所受合外力方向不在一条直线上2．做平抛运动的物体，在运动过程中保持不变的物理量是（）A．位移 B．速度 C．加速度 D．动能3、某人骑自行车以4m/s的速度向正东方向行驶，天气预报报告当时是正北风，风速是3m/s，则骑车人感觉的风速方向和大小为( )A．西偏北，风速5m/s B．西偏南，风速5m/sC．东偏北，风速5m/s D．东偏南，风速5m/s4．把太阳系各行星的运动近似看作匀速圆周运动，则离太阳越远的行星，下列说法错误的是( )A．周期越小 B．线速度越小C．角速度越小 D．加速度越小5．人造地球卫星中的物体处于失重状态是指物体（）A．不受地球引力作用B．受到的合力为零C．对支持它的物体没有压力D．不受地球引力，也不受卫星对它的引力6.火车做匀加速直线运动时，若阻力保持不变，则牵引力F和瞬时功率P的变化情况是（）A．F不变，P变大 B．F变小，P不变 C．F变大，P变大 D．F、P都不变7．起重机吊钩下挂着一个质量为m的木箱，若木箱以加速度a匀减速下降高度h，则木箱克服钢索拉力做的功为（）A． mgh B． m（g﹣a）h C． m（g+a）h D．m（a﹣g）h8.下列所述实例中（均不计空气阻力），机械能守恒的是（）A．小石块被平抛后在空中运动 B．木箱沿粗糙斜面匀速下滑C．人乘电梯加速上升 D．子弹射穿木块二、多项选择题（本题包括4小题，共16分．每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）9．物体做曲线运动时，其加速度（）A．一定不等于零B．可能不变 C．一定改变D．一定不变10．地球同步卫星相对于地面静止不动，犹如悬挂在空中一样，则世界各国的地球同步卫星( )A．只能位于地球赤道上空 B．绕地心的角速度跟地球自转角速度相同C．高度和速率是唯一确定的 D．轨道都相同，且处于平衡状态11．质量为1500kg的汽车在平直的公路上运动，v﹣t图象如图所示，由此可求（） A．前25s内汽车的平均速度 B．前10s内汽车的加速度C．前10s内汽车所受的阻力 D．15﹣25s内合外力对汽车所做的功12．如图小球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由a→b→c的运动过程中正确的是（）A．小球的机械能守恒B．小球的重力势能随时间一直减少C．小球的动能先从零增大，后减小到零，在b点时动能最大D．到c点时小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量三、实验与探究（本题共2小题，每空2分，共10分）13．在做“用落体法验证机械能守恒定律”的实验中：除了铁架台、低压交流电源、纸带等实验器材外，还必需的器材应包括________A．秒表B．多用电表C．打点计时器D．弹簧秤14．某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，他们还找来了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、细沙．要完成该项实验，则： (1) 实验时，为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，要使沙和沙桶的总质量远_____ 滑块的质量（填“大于”或“小于”），另外，实验时还需要________________ (2) 在(1)的基础上，某同学测出滑块的质量M。

2015-2016学年第一学期高二年级期末考试数学 试卷（考试时间 ：120分钟 满分：150分） 命题教师：张涛第I 卷(选择题）一。

选择题（每小题5分，共60分） 1．设,x y R ∈，则“22x y ≥≥且”是“224x y +≥”的（ )A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充分必要条件D ．既不充分也不必要条件2．抛掷一枚质地均匀的硬币，如果连续抛掷1000次，那么第999次出现反面朝上的概率是（ ）A ．9991B ．10001C ．21D ．10009993．直线y kx b =+与曲线31y xax =++相切于点(2,3)，则b 的值为 ( ）A ．－3B ．9C ．－15D ．－7 4．圆M 的圆心在直线x y 2-=上，经过点)1,2(-A ，且与直线 1=+y x 相切，则圆M的方程为（ ）A 。

22(1)(2)2x y ++-=B 。

22(1)(2)2x y +++=C.22(1)(2)2x y -++= D.22(1)(2)2x y -+-=5．若焦点在x 轴上的椭圆22x +my 2=1的离心率a c=21,则m 等于（ ）A.3B.23C.38D.326．若向量),1,1(x a =→,)1,2,1(=→b ，)1,1,1(=→c ,满足条件2)2()(-=⋅-→→→b a c ,则x =（ )A ．21 B ．2 C ．21- D ．―27．若='=)2(,cos )(πf x x f 则( ）A ．1-B ．23 C ．0 D ．18．在长为6cm 的线段上任取一点P ，使点P 到线段两段点的距离都大于2cm 的概率是( ） A.14B 。

31 C 。

12D 。

32 9．命题“0x R ∃∈，3210x x -+>”的否定是 ( ）A ．0x R ∃∈，3210x x -+< B ．0x R ∃∈，3210x x -+≤C ．x R ∀∈，3210xx -+≤ D ．不存在x R ∈,3210xx -+>10．直线AB 过抛物线x y =2的焦点F ，与抛物线相交于A 、B 两点，且|AB|=3，则线段AB 的中点到y 轴的距离为（ )A ．21B ．1C ．89 D ．4511．如果直线0x y m ++=与圆222xy +=交于相异两点,A B O 、是坐标原点，OA OB OA OB +>-,那么实数m 的取值范围是( ）.(AB .(2,(2,2)C -.(2,2)D -12．已知双曲线)0,0(12222>>=-b a by a x 上一点C ，过双曲线中心的直线交双曲线于B A ,两点，记直线BC AC ,的斜率分别为21,k k ，当||ln ||ln 22121k k k k ++最小时，双曲线离心率为（ ) A ．2B ．3C 12.+D 2.第II 卷(非选择题）二．填空题：（每小题5分，共20分)13．已知函数⎪⎩⎪⎨⎧<-≥.2,)1(,2,23x x x x若关于x 的方程k x f =)(有两个不同的实根，则实数k的取值范围是________.14．圆心在曲线)0(,2>=x xy 上，且与直线012=++y x 相切的面积最小的圆的方程为 ．15．已知点)3,2(-A 、(3,2),B --直线l 过点)1,1(P ，且与线段AB 相交，则直线l 的斜率k 的取值范围是 ． 16．若双曲线221y x k-=的焦点到渐近线的距离为，则实数k 的值是 ．三、解答题： （ 共70分 要写出必要的解题步骤或证明过程) 17．（本小题满分10分）写出下列命题的否定,并判断其真假：已知命题p ：方程x 2+mx+1=0有两个不相等的实根;q ：不等式4x 2+4（m —2）x+1＞0的解集为R ；若p 或q 为真，p 且q 为假，求实数m 的取值范围．18．（本小题满分12分）第8届中学生模拟联合国大会将在本校举行，为了搞好接待工作，组委会招募了12名男志愿者和18名女志愿者．将这30名志愿者的身高编成如下茎叶图(单位：cm ）：男 女15 7 7 8 9 9 99 8 16 0 0 1 2 4 5 8 9 8 6 5 0 17 2 5 6 7 4 2 1 18 01 0 19若男生身高在180cm 以上（包括180cm)定义为“高个子”， 在180cm 以下(不包括180cm ）定义为“非高个子", 女生身高在170cm 以上（包括170cm ）定义为“高个子”，在170cm 以下（不包括170cm ）定义为“非高个子”．（1)如果用分层抽样的方法从“高个子”和“非高个子”中抽取6人，则应分别抽取“高个子"、“非高个子"各几人？（2）从（1）中抽出的6人中选2人担任领座员，那么至少有一人是“高个子”的概率是多少？19．（本小题满分12分) 已知椭圆C ：22221(0)x y a b a b+=>>的一个焦点F 与抛物线24yx =的焦点重合,且截抛物线的准线所得弦长为2，倾斜角为45的直线l 过点F 。

2017-2018学年第一学期高二年级期末考试物理试卷（考试时间：90分钟，满分：100分）第Ⅰ卷（选择题共40分）一.选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分。

1-5题为单项选择，6-10题为不定项选择，选对但不全的得２分，选错和不选的得０分。

）1.已知一个电子所带电量e=1.6×10-19C，现高二有位同学发现某本资料书上有个数值很模糊，根据你所学知识，推断该数值不可能．．．是下列哪一个?A. 3.2×10-19CB. 3.0×10-19CC. 3.2×10-18CD. 3.2×10-17C2.如图所示，在水平向右的匀强电场中，在O点固定一电荷量为Q的正电荷，A、B、C、D为以O 为圆心的同一圆周上的四点，BD连线与电场线平行，AC连线与电场线垂直．则（）A．A、O两点的场强相同B．B点的场强大于A点的场强C．DA间的电势差大于AB间的电势差D．检验电荷在A点的电势能大于在C点的电势能3.受动画片《四驱兄弟》的影响，越来越多的小朋友喜欢上了玩具赛车，某玩具赛车充电电池的输出功率P随电流I的变化的图象如图所示，由图可知下列选项错误．．的是（）A．该电池的电动势ε=4V；B．该电池的内阻r=1ΩC．该电池的输出功率为3W时，电路中的电流可能为1AD．输出功率为3w时，此电源的效率一定为25%4.如图甲所示，一个质量为m，电荷量为q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动且细杆处于匀强磁场中（不计空气阻力），现给圆环一向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环的速度-时间图象如图乙所示．则关于圆环所带的电性，匀强磁场的磁感应强度B和圆环克服摩擦力所做的功W（重力加速度为g），则下列说法正确．．的是A．圆环带正电，B. 圆环带负电，C. 圆环带负电，D. 圆环带正电，5.古时有“守株待兔”的寓言．设兔子的头部受到大小等于自身体重的打击力即可致死，并设兔子与树桩作用时间为0.2s，则被撞死的兔子其奔跑的速度至少．．为（10m/s2）（）A．1m/s B．1.5m/s C．2m/s D．2.5m/s6.冰壶比赛场地如图，运动员在投掷线MN处放手让冰壶滑出，为了使冰壶滑行的更远，运动员可用毛刷擦冰壶滑行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小到原来的一半，一次比赛中，甲队要将乙队停在营垒（半径为1.83m）中心O的冰壶A（可看作质点）击出营垒区，甲队将冰壶B（与A质量相同）以某一初速度掷出后，若不擦冰，冰壶B与A发生正碰（无机械能损失）后，A将停在距O点1m处，冰壶B掷出后，通过下列擦冰方式能将A击出营垒区的是A．在冰壶B滑行5m后，在其滑行前方擦冰1.7mB．在冰壶B与A正碰后，立即紧贴A在其滑行前方擦冰1.7mC．先在冰壶B前方擦冰1m，正碰后，再从距O点1m处开始在A前方擦冰0.7mD．先在冰壶B前方擦冰0.8m．正碰后，再从距O点1m处开始在A前方擦冰0.9m7.如图所示，平行板电容器AB两极板水平放置，A在上方，B在下方，现将其和二极管串连接在电源上，已知A和电源正极相连，二极管具有单向导电性，一带电小球从AB间的某一固定点水平射入，打在B极板上的N点，小球的重力不能忽略，现通过上下移动A板来改变两极板AB间距（两极板始终平行），则下列说法正确．．的是A．若小球带正电，当AB间距减小时，小球打在N点的左侧B．若小球带正电，当AB间距增大时，小球打在N点的右侧C．若小球带负电，当AB间距增大时，小球可能打在N点的左侧D．若小球带负电，当AB间距减小时，小球可能打在N点的右侧8.在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A变暗，B灯变亮，则故障可能．．是A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R4短路9.氢原子在某三个相邻能级间跃迁时，可发出三种不同波长的辐射光．已知其中的两个波长分别为λ1和λ2，且λ1＞λ2，则另一个波长可能．．是A．λ1+λ 2 B．λ1-λ 2 C．D．10.如图所示，AOB为一边界为1/4圆弧的匀强磁场区域，圆弧半径为R，O点为圆心，D点为边界OB中点，C点为边界上一点，且CD∥AO．现有两个完全相同的带电粒子以相同速度射入磁场（不计粒子重力），其中粒子1从A点正对圆心O射入，恰从B点射出，粒子2从C点沿CD射入，从某点离开磁场，则A.粒子2必在B点射出磁场B.粒子2在磁场中的轨道半径等于RC.粒子1与粒子2离开磁场时速度方向相同D.粒子1与粒子2在磁场中运行时间之比为3：2第Ⅱ卷（非选择题共60分）二.填空题（本题共2小题，共15分。

新疆兵团农二师华山中学2014-2015学年高二物理上学期期中试题 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

注意事项：1. 本卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟。

2. 答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在试题卷和答题卡上。

3. 选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，答在试题卷上无效。

4. 非选择题用0.5毫米的黑色墨水签字笔答在答题卡上每题对应的答题区域内，答在试题卷上无效。

第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。

1-7题为单项选择，8-12题为多项选择，选对但不全的得2分，选错和不选的得0分。

）1、在物理学的发展过程中，有很多物理学家做出了重要贡献，下列说法错误的是（ ）A.库仑利发现了电荷之间的相互作用规律——库仑定律，卡文迪许测出了静电力常量k 的值B. 富兰克林在费城通过风筝实验验证闪电是放电的一种形式，把天电与地电统一起来，并发明避雷针，富兰克林引入了正电和负电概念C. 法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场D. 密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e 电荷量2. 真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F ，如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的3倍，那么它们之间的静电力的大小变为（ ） A. 3F B. 3F C. 9F D. 9F 3. 下列说法中正确的是 ( )A ．电场强度反映了电场力的性质，因此场中某点的场强与试探电荷在该点所受的电场力成正比B ．场中某点的场强方向是试探电荷在该点的受力方向．C ．场中某点的场强等于F/q ，但与试探电荷的受力大小及电荷量无关D ．公式E ＝F/q 和E ＝k Q r 2对于任何静电场都是适用的 4．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是( )A ．1、2两点的场强相等B ．1、3两点的场强相等C ．1、2两点的电势相等D ．2、3两点的电势相等5.某电解池，如果在1s 内共有5×1018个二价正离子和1×1019个一价负离子通过面积为0.1m 2的某截面，那么通过这个截面的电流是（ ）A.3.2AB.1.6AC.0.8AD.06、如图所示，在匀强电场中有a 、b 、c 、d 四点，它们处于同一圆周上，且ac 、bd 分别是圆的直径．已知a 、b 、c 三点的电势分别为φa＝9 V ，φb ＝15 V ，φc ＝18 V ，则d 点的电势为( )A ．4 VB ．8 VC ．12 VD ．16 V7、如图所示，无限大均匀带正电薄板竖直放置，其周围空间的电场可认为是匀强电场。

2016-2017学年新疆兵团二师华山中学高二（上）期末物理试卷一．选择题（本题共12小题；每小题4分．共48分，1-7小题只有一个选项正确，8-12有多个选项正确．全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．如图所示，质子（）和α粒子（），以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．1：42．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为（）A．﹣3 V B．0 C．2 V D．1 V3．如图，一水平放置的矩形闭合线框abcd，在细长磁铁的N极附近竖直下落，保持bc边在纸外，ad边在纸内，如图中的位置Ⅰ经过位置Ⅱ到位置Ⅲ，位置Ⅰ和Ⅲ都很靠近Ⅱ，在这个过程中，线圈中感应电流（）A．沿abcd流动B．沿dcba流动C．由Ⅰ到Ⅱ是沿abcd流动，由Ⅱ到Ⅲ是沿dcba流动D．由Ⅰ到Ⅱ是沿dcba流动，由Ⅱ到Ⅲ是沿abcd流动4．如图所示，两极板间距为d的平行板电容器与一电源连接，电键S闭合，电容器两极间有一质量为m、带电荷量为q的微粒静止不动，下列叙述正确的是（）A．微粒带正电B．电源电动势的大小为C．断开电键S，微粒将向下做加速运动D．保持电键S闭合，把电容器两极板距离增大，微粒将向下做加速运动5．如图所示，电路中有四个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率均为P，变压器为理想变压器，现在四个灯泡都正常发光，则变压器的匝数比n1：n2和电源电压U1分别为（）A．1：22U B．1：24U C．2：14U D．2：12U6．如图甲所示，一个由导体做成的矩形线圈abcd，以恒定速率v向右运动，从无场区进入匀强磁场区，磁场宽度大于矩形线圈的宽度da，然后出来，线圈平面始终与磁场垂直．若取逆时针方向的电流为正方向，那么乙图中正确地表示回路中电流与时间关系的是（）A．B．C．D．7．如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法错误的是（）A．三个粒子都带正电荷B．c粒子速率最小C．c粒子在磁场中运动时间最短D．它们做圆周运动的周期T a=T b=T c8．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，后经过N点，可以判定（）A．粒子带正电B．M点的电势高于N点的电势C．M点处的动能大于N点处的动能D．粒子在M点的电势能小于在N点的电势能9．如图，直线b为电源图象，直线a为电阻R的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是（）A．电源的效率为67% B．电源的输出功率为4WC．电源的输出功率为2W D．电源的效率为33.3%10．在如图所示的电路中，闭合开关K后，当滑动变阻器R1的滑动片P向b端移动时（）A．A1的示数增大，V的示数减小B．A1的示数减小，A2的示数增大C．A2的示数增大，V的示数增大D．A1的示数增大，A2的示数增大11．如图所示，真空中M、N处分别放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的3条等势线，d点和e点位于a等势线上，f点位于c等势线上，df平行于MN．以下说法正确的是（）A．d点的电势高于f点的电势B．d点的电势与e点的电势相等C．若将一负试探电荷沿直线由d点移动到f点，则电场力先做正功、后做负功D．若将一正试探电荷沿直线由d点移动到e点，试探电荷的电势能增加12．如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1=R2=R3，电感L的电阻可忽略，D为理想二极管（正向导通时电阻忽略不计）．下列说法中正确的是（）A．开关S闭合瞬间，L1、L2、L3均立即变亮，然后逐渐变暗B．开关S闭合瞬间，L1逐渐变亮，L2、L3均立即变亮，后亮度稍有下降，稳定后L2、L3亮度相同C．开关S从闭合状态突然断开时，L2立即熄灭，L1、L3均逐渐变暗D．开关S从闭合状态突然断开时，L1、L2、L3均先变亮，然后逐渐变暗二.实验题（13题4分，14题7分．共11分）13．如图为一正在测量中的多用电表表盘．（1）如果是用×10Ω档测量电阻，则读数为Ω．如果是用×100Ω档测量电阻，则读数为Ω．（2）如果是用直流10mA档测量电流，则读数为mA．（3）如果是用直流5V档测量电压，则读数为V．14．鹤岗三中四区A班顾洋洋同学采用如图甲的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约2Ω，电压表（0～3V约3kΩ），电流表（0～0.6A约1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω2A）和R2各一只．（1）实验中滑动变阻器应选用（选填“R1”或“R2”）．（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙图象，由图可较准确地求出电源电动势E=V；内阻r=Ω．求出的电源电动势E（测）E（真）；求出的电源内阻r测r真（后面两个空请填：大于、等于、小于）．三．计算题（共4小题.共41分）15．如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．P是一个质量为m的重物，它用细绳绕在电动机的轴上，闭合开关S，重物P以速度v 匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5A和U=220V，重物P匀速上升的速度v=0.4m/s，重物的质量m=50kg，g取10m/s2．求：（1）电动机消耗的电功率P；电；（2）绳对重物做功的机械功率P机（3）电动机线圈的电阻R．16．为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n=100、总电阻r=10Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R=90Ω，与R并联的交流电压表为理想电表．在t=0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图（乙）所示正弦规律变化．（π取3.14）求：（1）交流发电机产生的电动势的最大值；（2）电路中交流电压表的示数．17．如图所示，足够长的相距为L=0.5m金属导轨ab、cd与水平面成θ=30°角放置，导轨ab、cd的电阻不计，导轨末端bd间接有阻值为R=0.8Ω的定值电阻，磁感应强度为B=0.4T的匀强磁场垂直穿过导轨平面．有一质量为m=0.05kg、阻值也为0.8Ω的导体棒MN，它与导轨之间的动摩擦因数为μ=，导体棒MN从静止开始沿导轨下滑，滑行距离为x=7m时导体棒恰好匀速下滑，（取g=10m/s2）．求：（1）导体棒匀速下滑时的速度v；（2）导体棒从静止开始下滑距离为x的过程中导体棒上产生的焦耳热是多少．18．如图，在平面直角坐标系xOy内，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限以ON为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，从y轴正半轴上y=h 处的M点，以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上x=2h处的P点进入磁场，最后以垂直于y轴的方向射出磁场．不计粒子重力．求：（1）电场强度大小E；（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；（3）粒子从进入电场到离开磁场经历的总时间t．2016-2017学年新疆兵团二师华山中学高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（本题共12小题；每小题4分．共48分，1-7小题只有一个选项正确，8-12有多个选项正确．全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．如图所示，质子（）和α粒子（），以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．1：4【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】质子和α粒子垂直射入偏转电场都做类平抛运动，根据牛顿第二定律和位移公式推导出两个粒子射出电场时的侧位移y与初动能的关系，再进行选择．【解答】解：质子和α粒子垂直射入偏转电场都做类平抛运动，根据牛顿第二定律得到粒子加速度的表达式为a=粒子射出电场时的侧位移y的表达式为y=at2又t=联立得，y=由题，两个粒子的初动能E k相同，E、l相同，则y与q成正比，质子（）和α粒子（）电荷量之比为1：2，侧位移y之比为1：2．故选：A2．如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为（）A．﹣3 V B．0 C．2 V D．1 V【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】在匀强电场中，在电场方向前进相同的距离，电势差相等，结合平行四边形的特点分析．【解答】解：在匀强电场中，根据U=Ed知，沿电场方向相同距离电势差相等，根据平行四边形的特点知，AB与DC平行且相等，所以AB边与DC边沿电场方向的距离相等，AB间的电势差与DC间的电势差相等，即有φA﹣φB=φD﹣φC 解得φD=φA﹣φB+φC=1V﹣4V+0V=﹣3V故选：A3．如图，一水平放置的矩形闭合线框abcd，在细长磁铁的N极附近竖直下落，保持bc边在纸外，ad边在纸内，如图中的位置Ⅰ经过位置Ⅱ到位置Ⅲ，位置Ⅰ和Ⅲ都很靠近Ⅱ，在这个过程中，线圈中感应电流（）A．沿abcd流动B．沿dcba流动C．由Ⅰ到Ⅱ是沿abcd流动，由Ⅱ到Ⅲ是沿dcba流动D．由Ⅰ到Ⅱ是沿dcba流动，由Ⅱ到Ⅲ是沿abcd流动【考点】楞次定律．【分析】穿过线圈的磁通量发生变化，则闭合电路中产生感应电流．可以根据楞次定律来确定感应电流的方向．【解答】解：磁铁产生的磁场如图所示，线圈从位置1到位置2的过程中，穿过线圈的向上的磁通量减小，则产生感应电流的磁场方向向上，由右手定则知电流沿abcd方向；线圈从位置2到位置3的过程中，线圈内穿过的向下的磁通量增加，则感应电流的磁场方向向上，由右手定则知感应电流方向沿abcd方向，故选：A．4．如图所示，两极板间距为d的平行板电容器与一电源连接，电键S闭合，电容器两极间有一质量为m、带电荷量为q的微粒静止不动，下列叙述正确的是（）A．微粒带正电B．电源电动势的大小为C．断开电键S，微粒将向下做加速运动D．保持电键S闭合，把电容器两极板距离增大，微粒将向下做加速运动【考点】电容器的动态分析．【分析】带电荷量为q的微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，由平衡条件分析微粒的电性．由E=，求解电源电动势．断开电键s，根据微粒的电场力有无变化，分析微粒的运动情况．【解答】解：A、由题，带电荷量为q的微粒静止不动，由平衡条件知：微粒受到竖直向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电．故A错误．B、由平衡条件得：mg=q得，电源电动势的大小为：E=．故B错误．C、断开电键s，电容器所带电量不变，场强不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍静止不动．故C错误．D、保持电键s闭合，把电容器两极板距离s增大，由E场强=知，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动．故D正确．故选：D5．如图所示，电路中有四个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率均为P，变压器为理想变压器，现在四个灯泡都正常发光，则变压器的匝数比n1：n2和电源电压U1分别为（）A．1：22U B．1：24U C．2：14U D．2：12U【考点】变压器的构造和原理．【分析】变压器的特点：匝数与电压成正比，与电流成反比，根据灯泡正常发光可知原副线圈中电流的大小关系，从而得到n1：n2．再由变压比，求出原线圈的电压，即可得到电源的电压．【解答】解：设灯泡正常发光时，额定电流为I0．由题图可知，原线圈中电流I原=I0，副线圈中两灯并联，副线圈中电流I副=2I0，U副=U根据理想变压器的基本规律：I原n1=I副n2得n1：n2=2：1；U原：U副=n1：n2得U原=2U，所以U1=4U．故C正确．故选：C6．如图甲所示，一个由导体做成的矩形线圈abcd，以恒定速率v向右运动，从无场区进入匀强磁场区，磁场宽度大于矩形线圈的宽度da，然后出来，线圈平面始终与磁场垂直．若取逆时针方向的电流为正方向，那么乙图中正确地表示回路中电流与时间关系的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】先根据楞次定律判断感应电流方向，再根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求出各段过程感应电流的大小，选择图象．【解答】解：由楞次定律判断可知，线圈进入磁场时，感应电流方向为逆时针方向，为正值；线圈穿出磁场时，感应电流方向为顺时针方向，为负值；由I==，由于B 、L 、v 、R 不变，线圈进入和穿出磁场时，感应电流的大小不变；线圈完全在磁场中运动时，磁通量不变，没有感应电流产生．故C 正确．故选：C ．7．如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b 、c ，以不同的速率对准圆心O 沿着AO 方向射入磁场，其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法错误的是（ ）A ．三个粒子都带正电荷B ．c 粒子速率最小C ．c 粒子在磁场中运动时间最短D ．它们做圆周运动的周期T a =T b =T c【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同．运动轨迹对应的半径越大，粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，运动时间由圆弧对应的圆心角决定．【解答】解：A 、三个带电粒子均向上偏转，射入磁场时所受的洛伦兹力均向上，根据左手定则判断得知：三个粒子都带正电荷．故A正确．B、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据qvB=m，可得：r=，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，a粒子的轨迹半径最小，c粒子的轨迹半径最大，则a粒子速率最小，c粒子速率最大，故B错误，C、D三个带电粒子的质量和电荷量都相同，由粒子运动的周期T=及t=T，θ是粒子轨迹对应的圆心角，也等于速度的偏转角，可知，三粒子运动的周期相同，即T a=T b=T c．由图知，a在磁场中运动的偏转角最大，运动的时间最长，c在磁场中运动的偏转角最小，c粒子在磁场中运动时间最短，故CD正确．本题选错误的，故选：B．8．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，后经过N点，可以判定（）A．粒子带正电B．M点的电势高于N点的电势C．M点处的动能大于N点处的动能D．粒子在M点的电势能小于在N点的电势能【考点】电场线．【分析】由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，确定带电粒子的电性．根据电场力做功的正负判断电势能的大小和动能的大小．根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小．【解答】解：A、由图看出，粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电．故A正确．B、粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，则粒子M点的电势能大于N点的电势能，而粒子带正电，所以M点的电势高于N点的电势，粒子在M点的动能小于在N点的动能．故B正确，CD错误．故选：AB．9．如图，直线b为电源图象，直线a为电阻R的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别是（）A．电源的效率为67% B．电源的输出功率为4WC．电源的输出功率为2W D．电源的效率为33.3%【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由电源的U﹣I图象读出电动势，求出内阻．由电阻R的U﹣I图象求出电阻R，根据闭合电路欧姆定律求出用该电源和该电阻组成闭合电路时电路中电流和电源的输出电压，再求出电源的输出功率和效率．【解答】解：由a图线得到，电阻R==Ω=1Ω；r==由b图线得到，电源的电动势为E=3V，短路电流为I短=6A，内阻为Ω=0.5Ω；用该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为：I==2A，路端电压为U=E﹣Ir=2V；则电源的输出功率为：P=UI=4W；电源的效率为：η==≈67%．故选：AB．10．在如图所示的电路中，闭合开关K后，当滑动变阻器R1的滑动片P向b端移动时（）A．A1的示数增大，V的示数减小B．A1的示数减小，A2的示数增大C．A2的示数增大，V的示数增大D．A1的示数增大，A2的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当滑动变阻器R1的滑动片P向b端移动时，先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，再分析外电路总电阻的变化，即可判断出干路电流的变化和路端电压的变化，根据路端电压的变化判断出通过R2的电流如何变化，结合干路电流的变化，分析通过R1的电流变化，即可知道两电表读数的变化情况．【解答】解：当滑动变阻器R1的滑动片P向b端移动时，R1减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，所以可知A1的示数增大．电源的内电压增大，则路端电压即V的示数减小，通过R2的电流减小，则通过A2的电流增大．故A正确．故选：AD11．如图所示，真空中M、N处分别放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的3条等势线，d点和e点位于a等势线上，f点位于c等势线上，df平行于MN．以下说法正确的是（）A．d点的电势高于f点的电势B．d点的电势与e点的电势相等C．若将一负试探电荷沿直线由d点移动到f点，则电场力先做正功、后做负功D．若将一正试探电荷沿直线由d点移动到e点，试探电荷的电势能增加【考点】电场的叠加；电势；电势能．【分析】由电场线、等势面的分布可得电势的高低，再由电场线与电势的关系分析电场强度大小和方向．进而判断电荷的受力情况．通过电荷电势能的变化得出电场力做功情况．【解答】解：A、由电场线、等势面的分布可得d点电势高于f点电势．故A正确B、d、e在同一等势面上，故d点的电势与e点的电势相等，故B正确．C、因负电荷由d到f电场力一直做负功，故C错误，D、将一正试探电荷沿直线由d点移动到e点，试探电荷的电势能不变，故D错误；故选：AB．12．如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1=R2=R3，电感L的电阻可忽略，D为理想二极管（正向导通时电阻忽略不计）．下列说法中正确的是（）A．开关S闭合瞬间，L1、L2、L3均立即变亮，然后逐渐变暗B．开关S闭合瞬间，L1逐渐变亮，L2、L3均立即变亮，后亮度稍有下降，稳定后L2、L3亮度相同C．开关S从闭合状态突然断开时，L2立即熄灭，L1、L3均逐渐变暗D．开关S从闭合状态突然断开时，L1、L2、L3均先变亮，然后逐渐变暗【考点】自感现象和自感系数．【分析】对于二极管来说具有单向导电性，而对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流．【解答】解：A、闭合开关S瞬间，因二极管来说具有单向导电性，所以L1与二极管处于通路，导致灯泡L2立刻亮，而在闭合开关S瞬间，因线圈L的电流的变化，导致阻碍灯泡L1的电流增大，导致灯泡L1将慢慢变亮，L2、L3均立即变亮，后亮度稍有下降，稳定后L2、L3亮度相同，故A错误；B正确；C、断开S的瞬间，因二极管的导通方向与电流方向相反，则L2立即熄灭，线圈L与灯泡L1、L3构成回路，因线圈产生感应电动势，所以灯泡L1、L3均将由亮变暗，故C正确，D错误；故选：BC二.实验题（13题4分，14题7分．共11分）13．如图为一正在测量中的多用电表表盘．（1）如果是用×10Ω档测量电阻，则读数为60Ω．如果是用×100Ω档测量电阻，则读数为600Ω．（2）如果是用直流10mA档测量电流，则读数为7.2mA．（3）如果是用直流5V档测量电压，则读数为 3.60V．【考点】用多用电表测电阻．【分析】根据不同的档位选择相应的表盘进行读数即可．要注意估读问题．【解答】解：欧姆档在最上面的一排数据读取，读数为：R=6×10=60Ω，如果是用×100Ω档测量电阻为：6×100Ω=600Ω；电流档取10mA，故测量时应读取中间的三排数据的第三排数据，读数为7.2mA；同样直流电压档测量读取中间的三排数据的第二排数据较好，读数为3.60V．故答案为：（1）60，600；（2）7.2；（3）3.60．14．鹤岗三中四区A班顾洋洋同学采用如图甲的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约2Ω，电压表（0～3V约3kΩ），电流表（0～0.6A约1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω2A）和R2各一只．（1）实验中滑动变阻器应选用R1（选填“R1”或“R2”）．（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙图象，由图可较准确地求出电源电动势E= 1.47V；内阻r= 1.79Ω．求出的电源电动势E（测）小于E（真）；求出的电源内阻r测小于r真（后面两个空请填：大于、等于、小于）．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器．（2）对照电路图，按顺序连接电路．（3）由闭合电路欧姆定律分析U﹣I图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻．【解答】解：（1）电路中最大电流I=0.75A，R2的额定电流远小于0.75A，同时R2阻值远大于电源内阻r，不便于调节，所以变阻器选用R1（2）对照电路图，按电流方向连接电路，如图所示．（3）由闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir得知，当I=0时，U=E，U﹣I图象斜率的绝对值等于电源的内阻，则将图线延长，交于纵轴，纵截距即为电动势E=1.47V图象的斜率为电源的内阻，r===1.79Ω．由图甲所示可知，相对于电源来说，实验采用电流表外接法，当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的U﹣I图象如图所示，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻的测量值小于真实值．故答案为：（1）R1（2）见图（3）1.47，1.79，小于，小于．三．计算题（共4小题.共41分）15．如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．P是一个质量为m的重物，它用细绳绕在电动机的轴上，闭合开关S，重物P以速度v 匀速上升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5A和U=220V，重物P匀速上升的速度v=0.4m/s，重物的质量m=50kg，g取10m/s2．求：；（1）电动机消耗的电功率P电（2）绳对重物做功的机械功率P；机（3）电动机线圈的电阻R．【考点】电功、电功率．【分析】（1）已知电动机两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出电动机的耗电功率，根据P出=mgv求出机械功率；（2）由机械部分的机械效率可求出电动机输出功率，根据电动机消耗的功率与输出功率之差，即为线圈电阻发热功率，再由P=I2R求出电动机线圈的电阻．【解答】解：（1）根据电功率关系式有：P电=UI=5×220W=1100W（2）以物体为研究对象，由于物体匀速上升，有：F﹣mg=0…①P机=F•v…②联解①②，代入数据得：P机=200W（3）根据功能关系有：P电=P机+P热…③P热=I2R…④联解③④，代入数据得：R=36Ω为1100W答：（1）电动机消耗的电功率P电为200W（2）绳对重物做功的机械功率P机（3）电动机线圈的电阻R为36Ω．16．为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n=100、总电阻r=10Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R=90Ω，与R并联的交流电压表为理想电表．在t=0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图（乙）所示正弦规律变化．（π取3.14）求：（1）交流发电机产生的电动势的最大值；（2）电路中交流电压表的示数．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】（1）交流发电机产生电动势的最大值E m=nBSω，根据Φ﹣t图线得出周期T以及磁通量的最大值Φ=BS．从而求出感应电动势的最大值．（2）交流电压表的示数为有效值，求出电动势的有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电压表的示数．【解答】解：（1）由图乙可得Φm=BS=2×10﹣2Wbω==100rad/s故交流发电机产生的电动势的最大值为E m=nBSω=100×2×10﹣2×100=200V（2）交流发电机产生的电动势有效值为E==100V由串联电路特点得电路中交流电压表的示数为U==90V答：（1）交流发电机产生的电动势的最大值为200V；（2）电路中交流电压表的示数为90V．17．如图所示，足够长的相距为L=0.5m金属导轨ab、cd与水平面成θ=30°角放置，导轨ab、cd的电阻不计，导轨末端bd间接有阻值为R=0.8Ω的定值电阻，磁感应强度为B=0.4T的匀强磁场垂直穿过导轨平面．有一质量为m=0.05kg、阻值也为0.8Ω的导体棒MN，它与导轨之间的动摩擦因数为μ=，导体棒MN从静止开始沿导轨下滑，滑行距离为x=7m时导体棒恰好匀速下滑，（取g=10m/s2）．求：（1）导体棒匀速下滑时的速度v；（2）导体棒从静止开始下滑距离为x的过程中导体棒上产生的焦耳热是多少．。

2015-2016学年新疆兵团农二师华山中学高二（下）第二次月考物理试卷一．单项选择（1-6，每题4分，共计24分）1．如图所示，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人．原来车和人都静止．当人从左向右行走的过程中（）A．人和车组成的系统水平方向动量不守恒B．人和车组成的系统机械能守恒C．人和车的速度方向相同D．人停止行走时，人和车的速度一定均为零2．（2016春•商水县校级期中）如图所示，在光滑水平面上静止放着两个相互接触的木块A、B，质量分别为m1和m2，今有一子弹水平穿过两木块．设子弹穿过木块A、B的时间分别为t1和t2，木块对子弹的阻力恒为f，则子弹穿过两木块后，木块A的速度大小是（）A．B．C．D．3．甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是P甲=5kg•m/s，P乙=7kg•m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kg•m/s，则二球质量m甲与m乙间的关系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲4．（2011•顺义区一模）一名消防队员从一平台上无初速度跳下，下落0.8s 后双脚触地，接着他用双腿弯曲的方法缓冲，又经过0.2s重心停止了下降，在着地过程中，可估计地面对他双脚的平均作用力为（）A．自身所受重力的10倍B．自身所受重力的8倍C．自身所受重力的5倍D．自身所受重力的2倍5．恒力F作用在质量为m的物体上，如图所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是（）A．拉力F对物体的冲量大小为零B．拉力F对物体的冲量大小为FtC．拉力F对物体的冲量大小是FtcosθD．合力对物体的冲量大小不为零6．（2014春•蚌山区校级期中）质量为5kg的物体，它的动量的变化率为2kg•m/s2，且保持不变．则下列说法正确的是（）A．该物体一定做匀速运动B．该物体一定做匀变速直线运动C．该物体在任意相等的时间内所受合外力的冲量一定相同D．无论物体运动轨迹如何，它的加速度一定是0.5m/s2二．多项选择（7-12题，每题4分，共计24分）7．质量为m速度为v的球A，跟质量也是m的静止球B发生正碰，碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，碰后B球的速度可能是（）A．v B．0.7v C．0.5v D．0.3v8．（2016春•汕头校级期中）如图，在光滑的水平面上放有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B等高，现让小滑块m从A点静止下滑，在此后的过程中，则（）A．M和m组成的系统机械能守恒，动量守恒B．M和m组成的系统机械能守恒，动量不守恒C．m从C到B的过程中，M向左运动D．m从A到B的过程中，M的位移大小为9．（2009•虹口区一模）一只青蛙蹲在置于水平地面上的长木板一端，并沿板的方向朝另一端跳，在下列情况下，青蛙一定不能跳过长木板的是（）A．木板的上表面光滑而底面粗糙B．木板的上表面粗糙而底面光滑C．木板上下两表面都粗糙D．木板上下两表面都光滑10．（2016春•衡水校级期中）下列关于力的冲量和动量的说法中，正确的是（）A．物体所受的合力为零，它的动量一定为零B．物体所受的合外力的做的功为零，它的动量变化一定为零C．物体所受的合外力的冲量为零，它的动量变化不一定为零D．物体所受的合外力不变，它的动量变化率不变11．（2014春•包头校级期末）两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B球在前，A球在后，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=3m/s，当A球与B球发生碰撞后，A、B两球速度可能为（）A．v A=4m/s，v B=4m/s B．v A=2m/s，v B=5m/sC．v A=﹣4m/s，v B=6m/s D．v A=7m/s，v B=2.5m/s12．（2009秋•沈河区校级期末）在光滑水平面上，动能为E0，动量大小为p0的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的动动方向相反．将碰撞后球1的动能和动量的大小分别计为E1、p1，球2的动能和动量的大小分别计为E2、p2，则必有（）A．E1＜E0B．E2＞E0C．p2＜p0D．p2＞p0三．实验题（12分）13．（12分）如图1所示，用“碰撞实验器”：可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通过仅测量（填选项前的符号），间接地解决这个问题．A．小球开始释放高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的射程（2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影．实验时，先让入射球m l多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m l从斜轨上S 位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复．接下来要完成的必要步骤是．（填选项前的符号）A．用天平测量两个小球的质量m l、m2B．测量小球m1开始释放高度hC．测量抛出点距地面的高度HD．分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE．测量平抛射程OM、ON（3）经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图2所示．碰撞前、后m1的动量分别为p1与p1′，则p1：p1′=：11；若碰撞结束时m2的动量为p2′，则p1′：p2′=11：．实验结果表明，碰撞前、后总动量的比值为．（此问结果保留三位有效数字）四．计算题14．（9分）（2015春•银川校级期末）如图所示，在倾角α=37°的斜面上，有一质量为5kg的物体沿斜面滑下，物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.2，求物体下滑2s的时间内，物体所受各力的冲量和合外力的冲量．（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）15．（9分）在光滑水平面上放着两块质量都是m的木块A和B，中间用一根劲度系数为k的轻弹簧连接着，如图所示，现从水平方向射来一颗子弹，质量为，速度为v0，射中木块A后，留在A中．求：（1）在子弹击中木块瞬间木块A、B的速度v A和v B；（2）弹簧压缩量最大时物体B的速度．16．（10分）（2014•天津）如图所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量m A=4kg，上表面光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计，可视为质点的物块B置于A的最右端，B的质量m B=2kg，现对A施加一个水平向右的恒力F=10N，A运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经时间t=0.6s，二者的速度达到v t=2m/s，求（1）A开始运动时加速度a的大小；（2）A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小；（3）A的上表面长度l．17．（12分）（2013•安徽模拟）如图所示，光滑的水平面AB与半径为R=0.32m 的光滑竖直半圆轨道BCD在B点相切，D为轨道最高点．用轻质细线连接甲、乙两小球，中间夹一轻质弹簧，弹簧与甲乙两球不栓接．甲球的质量为m1=0．lkg，乙球的质量为m2=0.3kg，甲、乙两球静止在光滑的水平面上．现固定甲球，烧断细线，乙球离开弹簧后进入半圆轨道恰好能通过D点．重力加速度g取l0m/s2，甲、乙两球可看作质点．（l）试求细线烧断前弹簧的弹性势能．（2）若甲球不固定，烧断细绳，求乙球离开弹簧后进入半圆轨道能达到的最大高度．（3）若同时给甲、乙两球向右初速度v o烧断细绳，乙球离开弹簧后进入半圆轨道仍恰好能通过D点．求v o的大小．2015-2016学年新疆兵团农二师华山中学高二（下）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择（1-6，每题4分，共计24分）1．如图所示，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人．原来车和人都静止．当人从左向右行走的过程中（）A．人和车组成的系统水平方向动量不守恒B．人和车组成的系统机械能守恒C．人和车的速度方向相同D．人停止行走时，人和车的速度一定均为零【考点】动量守恒定律【分析】根据动量守恒定律得条件判断人和车组成的系统在水平方向上动量是否守恒，若守恒，结合动量守恒定律求出人停止行走时，人和车的速度大小．【解答】解：A、人和车组成的系统在水平方向上不受外力，动量守恒，故A 错误．B、人和车组成的系统，初状态机械能为零，一旦运动，机械能不为零，可知人和车组成的系统机械能不守恒，故B错误．C、人和车组成的系统在水平方向上动量守恒，总动量为零，可知人和车的速度方向相反，当人的速度为零时，车速度也为零，故C错误，D正确．故选：D．2．（2016春•商水县校级期中）如图所示，在光滑水平面上静止放着两个相互接触的木块A、B，质量分别为m1和m2，今有一子弹水平穿过两木块．设子弹穿过木块A、B的时间分别为t1和t2，木块对子弹的阻力恒为f，则子弹穿过两木块后，木块A的速度大小是（）A．B．C．D．【考点】动量守恒定律；动量定理【分析】根据动量定理分别对木块m1进行列式，求出子弹穿过木块后，木块A的速度．【解答】解：设子弹穿过木块m1时，m1、m2的速度为v1，由动量定理ft1=（m1+m2）v1得v1=故选：B．3．甲、乙两球在水平光滑轨道上向同方向运动，已知它们的动量分别是P甲=5kg•m/s，P乙=7kg•m/s，甲从后面追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为10kg•m/s，则二球质量m甲与m乙间的关系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲【考点】动量守恒定律【分析】碰撞过程遵守动量，总动能不增加，根据这两个规律，得到A、B两球的质量关系．【解答】解：根据动量守恒定律得P1+P2=P1′+P2′解得P1′=2kg．m/s碰撞过程系统的总动能不增加，则有解得碰撞后甲的速度不大于乙的速度，则有．解得．故C正确，A、B、D错误．故选：C．4．（2011•顺义区一模）一名消防队员从一平台上无初速度跳下，下落0.8s 后双脚触地，接着他用双腿弯曲的方法缓冲，又经过0.2s重心停止了下降，在着地过程中，可估计地面对他双脚的平均作用力为（）A．自身所受重力的10倍B．自身所受重力的8倍C．自身所受重力的5倍D．自身所受重力的2倍【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重【分析】运动员先自由落体，根据速度时间关系公式求解出末速度；其重心减速下降过程，先根据速度时间关系公式求解出加速度，然后根据牛顿第二定律列式求解出支持力．【解答】解：运动员先自由落体，根据速度时间公式，其落地速度为：v=gt1=10×0.8s=8m/s；其重心减速下降过程，加速度为：=﹣4g；根据牛顿第二定律，有mg﹣F=ma故F=mg﹣ma=5mg；故选C．5．恒力F作用在质量为m的物体上，如图所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是（）A．拉力F对物体的冲量大小为零B．拉力F对物体的冲量大小为FtC．拉力F对物体的冲量大小是FtcosθD．合力对物体的冲量大小不为零【考点】动量定理【分析】力对物体的冲量可以根据公式：I=Ft计算．冲量具有独立性．冲量是矢量，合成要使用平行四边形定则．【解答】解：A、拉力F对物体的冲量：I F=Ft，与物体是否倍拉动无关．故AC错误，B正确；D、由于地面对物体的摩擦力较大，物体没有被拉动，说明物体仍然处于平衡状态，受到的合外力为0．所以合力对物体的冲量大小为0．故D错误．故选：B6．（2014春•蚌山区校级期中）质量为5kg的物体，它的动量的变化率为2kg•m/s2，且保持不变．则下列说法正确的是（）A．该物体一定做匀速运动B．该物体一定做匀变速直线运动C．该物体在任意相等的时间内所受合外力的冲量一定相同D．无论物体运动轨迹如何，它的加速度一定是0.5m/s2【考点】动量守恒定律【分析】根据动量定理可知，物体动量的变化量等于合外力的冲量，及F合t=△P．【解答】解；A、根据F合t=△P得：F合==2N，所以物体受恒力作用，由于不知道初速度与合外力的方向关系，所以该物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀加速曲线运动，故AB错误；C、根据I=F合t=△P=2kg•m/s2可知，该物体在任意相等的时间内所受合外力的冲量一定相同，故C正确；D、根据牛顿第二定律得：a==0.4 m/s2，故D错误；故选：C．二．多项选择（7-12题，每题4分，共计24分）7．质量为m速度为v的球A，跟质量也是m的静止球B发生正碰，碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，碰后B球的速度可能是（）A．v B．0.7v C．0.5v D．0.3v【考点】动量守恒定律；功能关系【分析】碰撞过程遵守动量守恒，根据B的速度，由动量守恒定律得到A的速度，根据碰撞总动能不增加，分析是否可能．【解答】解：A、若碰后B的速度为v，根据动量守恒定律得，mv=mv+mv′，解得A球的速度v′=0，则碰撞前的总动能等于碰撞后的总动能，即发生的弹性碰撞，是可能的．故A正确．B、若碰后B的速度为0.7v，根据动量守恒定律得，mv=0.7mv+mv′，解得A球的速度v′=0.3v，因为mv2＞m（0.7v）2+m（0.3v）2，不违背能量守恒，是可能的，是可能的，故B正确．C、若碰后B的速度为0.5v，根据动量守恒定律得，mv=0.5mv+mv′，解得A 球的速度v′=0.5v，两者发生完全非弹性碰撞，是可能的，故C正确．D、若碰后B的速度为0.3v，根据动量守恒定律得，mv=0.3mv+mv′，解得A 球的速度v′=0.7v，将发生二次碰撞，违背实际规律，是不可能的，故D错误．故选：ABC．8．（2016春•汕头校级期中）如图，在光滑的水平面上放有一物体M，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R，最低点为C，两端A、B等高，现让小滑块m从A点静止下滑，在此后的过程中，则（）A．M和m组成的系统机械能守恒，动量守恒B．M和m组成的系统机械能守恒，动量不守恒C．m从C到B的过程中，M向左运动D．m从A到B的过程中，M的位移大小为【考点】动量守恒定律【分析】小滑块m从A点静止下滑，物体M与滑块m组成的系统水平方向所受合力为零，系统水平方向动量守恒，竖直方向有加速度，合力不为零，系统动量不守恒．用位移表示平均速度，根据水平方向平均动量守恒定律求出物体M发生的水平位移．【解答】解：A、小滑块m从A点静止下滑，物体M与滑块m组成的系统水平方向所受合力为零，系统水平方向动量守恒，竖直方向有加速度，合力不为零，所以系统动量不守恒．M和m组成的系统机械能守恒，故A错误，B正确；C、系统水平方向动量守恒，由于系统初始状态水平方向动量为零，所以m从A到C的过程中，m向右运动，M向左运动，m从C到B的过程中M还是向左运动，即保证系统水平方向动量为零．故C正确；D、设滑块从A到B的过程中为t，滑块发生的水平位移大小为x，则物体产生的位移大小为2R﹣x，取水平向右方向为正方向．则根据水平方向平均动量守恒得：m﹣M=0解得：x=所以物体产生的位移的大小为2R﹣x=，故D正确；故选：BCD9．（2009•虹口区一模）一只青蛙蹲在置于水平地面上的长木板一端，并沿板的方向朝另一端跳，在下列情况下，青蛙一定不能跳过长木板的是（）A．木板的上表面光滑而底面粗糙B．木板的上表面粗糙而底面光滑C．木板上下两表面都粗糙D．木板上下两表面都光滑【考点】动量定理【分析】若木板的上表面光滑，则水平方向青蛙不受力，则青蛙的动量不变，没有速度，就不能与木板发生相对运动，据此分析即可．【解答】解：木板的上表面光滑，说明青蛙受到的力在水平方向上的分量为0，根据动量定理可知：青蛙水平方向速度变化为零，即青蛙没有速度，所以青蛙一定不能跳过长木板，若木板上表面粗糙，木板和青蛙在水平方向上有力的作用，根据动量定理可知，青蛙和木板在水平方向产生相反的速度，所以青蛙可以跳过木板，故AD正确．故选AD10．（2016春•衡水校级期中）下列关于力的冲量和动量的说法中，正确的是（）A．物体所受的合力为零，它的动量一定为零B．物体所受的合外力的做的功为零，它的动量变化一定为零C．物体所受的合外力的冲量为零，它的动量变化不一定为零D．物体所受的合外力不变，它的动量变化率不变【考点】动量定理；动量冲量【分析】冲量等于力与时间的乘积，是矢量，方向与力的方向相同．根据动量定理可分析动量、动量变化及冲量之间的关系．【解答】解：A、物体受到的合外力为零，则冲量为零，动量不会发生变化，但是它的动量不一定为零；故A错误；B、合外力做功为零动能不变，但合外力的冲量不一定为零，则动量的变化不一定为零；如匀速圆周运动，其合力做功为零，但其动量始终在变化；故B 错误；C、物体所受的合外力的冲量为零，则动量变化一定为零；故C错误；D、物体受到的合外力不变，则由动量定理可知，动量的变化率不变；故D正确；故选：D．11．（2014春•包头校级期末）两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B球在前，A球在后，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=3m/s，当A球与B球发生碰撞后，A、B两球速度可能为（）A．v A=4m/s，v B=4m/s B．v A=2m/s，v B=5m/sC．v A=﹣4m/s，v B=6m/s D．v A=7m/s，v B=2.5m/s【考点】动量守恒定律【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：M A v A+M B v B=（M A+M B）v，代入数据解得：v=4m/s，如果两球发生完全弹性碰撞，有：M A v A+M B v B=M A v A′+M B v B′，由机械能守恒定律得：，代入数据解得：v A′=2m/s，v B′=5m/s，则碰撞后A、B的速度：2m/s≤v A≤4m/s，4m/s≤v B≤5m/s，故A、B正确，C、D错误．故选：AB．12．（2009秋•沈河区校级期末）在光滑水平面上，动能为E0，动量大小为p0的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的动动方向相反．将碰撞后球1的动能和动量的大小分别计为E1、p1，球2的动能和动量的大小分别计为E2、p2，则必有（）A．E1＜E0B．E2＞E0C．p2＜p0D．p2＞p0【考点】动量守恒定律；动量定理【分析】根据碰撞过程的两大基本规律：系统动量守恒和总动能不增加，分析可知得到：E1＜E0，E2＜E0，P1＜P0．由动量守恒定律分析P2与P0的关系．【解答】解：A、B、C由题，碰撞后两球均有速度．根据碰撞过程中总动能不增加可知，E1＜E0，E2＜E0，P1＜P0．否则，就违反了能量守恒定律．D、根据动量守恒定律得：P0=P2﹣P1＞0，得到P2＞P1，故D正确．故选：ABD．三．实验题（12分）13．（12分）如图1所示，用“碰撞实验器”：可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通过仅测量 C （填选项前的符号），间接地解决这个问题．A．小球开始释放高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的射程（2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影．实验时，先让入射球m l 多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m l从斜轨上S 位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复．接下来要完成的必要步骤是ADE ．（填选项前的符号）A．用天平测量两个小球的质量m l、m2B．测量小球m1开始释放高度hC．测量抛出点距地面的高度HD．分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE．测量平抛射程OM、ON（3）经测定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地点的平均位置距O点的距离如图2所示．碰撞前、后m1的动量分别为p1与p1′，则p1：p1′=14 ：11；若碰撞结束时m2的动量为p2′，则p1′：p2′=11： 2.9 ．实验结果表明，碰撞前、后总动量的比值为 1.01 ．（此问结果保留三位有效数字）【考点】验证动量守恒定律【分析】验证动量守恒定律实验中，质量可测而瞬时速度较难．因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度．过程中小球释放高度不需要，小球抛出高度也不要求．只需满足每次入射球每次从同一点开始运动即可；最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒．【解答】解：（1）验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通过落地高度不变情况下水平射程来体现速度．故选C．（2）实验时，先让入射球m l多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m l从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复．测量平均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中D、E是必须的，而且D要在E之前．至于用天平秤质量先后均可以．所以答案是：ADE．（3）若碰撞是弹性碰撞，动能是守恒的，则有成立碰撞前后m1动量之比：，=，=1.01．故答案为：（1）C；（2）ADE；（3）14，2.9，1.01四．计算题14．（9分）（2015春•银川校级期末）如图所示，在倾角α=37°的斜面上，有一质量为5kg的物体沿斜面滑下，物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.2，求物体下滑2s的时间内，物体所受各力的冲量和合外力的冲量．（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）【考点】动量定理【分析】对物体受力分析求得各力的大小，再由冲量的定义求解各力的冲量；根据受力分析求解合力，再由冲量的定义求解合力的冲量．【解答】解：对物体受力分析可知，物体受重力、支持力及摩擦力的作用；支持力为：F=mgcosθ=50×0.8=40N；摩擦力为：f=μmgcosθ=0.2×50×0.8=8N；故重力的冲量为：I1=mgt=50×2=100Ns；支持力的冲量为：I2=Ft=40×2=80NS；摩擦力的冲量为：I3=ft=8×2=16NS；物体受到的合力为：F合=mgsinθ﹣μmgcosθ=50×0.6﹣8=24N；故合外力的冲量为：I=F合t=24×2=48Ns；答：重力的冲量100Ns；支持力的冲量80NS；摩擦力的冲量16NS；合外力的冲量为：48Ns；15．（9分）在光滑水平面上放着两块质量都是m的木块A和B，中间用一根劲度系数为k的轻弹簧连接着，如图所示，现从水平方向射来一颗子弹，质量为，速度为v0，射中木块A后，留在A中．求：（1）在子弹击中木块瞬间木块A、B的速度v A和v B；（2）弹簧压缩量最大时物体B的速度．【考点】动量守恒定律【分析】（1）在子弹击中木块瞬间，弹簧来不及发生形变，B的速度为零，子弹和A组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律求出子弹击中木块A后A 的速度．（2）当子弹、木块A和B组成的系统速度相同时，弹簧的形变量最大，弹性势能最大，结合动量守恒定律求物体B此时的速度．【解答】解：（1）在子弹打入木块A的瞬间，由于相互作用时间极短，弹簧来不及发生形变，A、B都不受弹力的作用v B=0由于此时A不受弹力，木块A和子弹构成系统，取向右为正方向，由系统动量守恒，有：v0=（+m）v A，解得：v A=v0．（2）由于v A＞v B，弹簧开始被压缩，分别给A、B木块施以弹力，使得A木块开始做变减速运动，B木块做变加速运动．弹簧不断被压缩，弹性势能增大，直到v A=v B时弹簧压缩量最大，此时弹性势能最大．在弹簧压缩过程木块A（包括子弹）、B与弹簧构成的系统动量守恒，机械能守恒．设弹簧压缩量最大时共同速度为v1，有：（+m）v A=（+m+m）v1，解得v1=v0．答：（1）在子弹击中木块瞬间木块A、B的速度v A和v B分别为v0和0（2）弹簧压缩量最大时物体B的速度是v0．16．（10分）（2014•天津）如图所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量m A=4kg，上表面光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计，可视为质点的物块B置于A的最右端，B的质量m B=2kg，现对A施加一个水平向右的恒力F=10N，A运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经时间t=0.6s，二者的速度达到v t=2m/s，求（1）A开始运动时加速度a的大小；（2）A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小；（3）A的上表面长度l．【考点】动量守恒定律；动量定理【分析】（1）由牛顿第二定律可以求出加速度；（2）由动量定理求出碰撞后的速度；（3）由动量守恒定律与动能定理可以求出A上表面的长度．【解答】解：（1）以A为研究对象，由牛顿第二定律得：F=m A a，代入数据得：a=2.5m/s2；（2）A、B碰撞后共同运动过程中，选向右的方向为正，由动量定理得：Ft=（m A+m B）v t﹣（m A+m B）v，代入数据解得：v=1m/s；（3）A、B碰撞过程动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m A v A=（m A+m B）v，A从开始运动到与B发生碰撞前，由动能定理得：Fl=m A v A2﹣0，联立并代入数据得：l=0.45m；答：（1）A开始运动时加速度a的大小为2.5m/s2；（2）A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小为1m/s；（3）A的上表面长度为0.45m．17．（12分）（2013•安徽模拟）如图所示，光滑的水平面AB与半径为R=0.32m 的光滑竖直半圆轨道BCD在B点相切，D为轨道最高点．用轻质细线连接甲、乙两小球，中间夹一轻质弹簧，弹簧与甲乙两球不栓接．甲球的质量为m1=0．lkg，乙球的质量为m2=0.3kg，甲、乙两球静止在光滑的水平面上．现固定甲球，烧断细线，乙球离开弹簧后进入半圆轨道恰好能通过D点．重力加速度g取l0m/s2，甲、乙两球可看作质点．（l）试求细线烧断前弹簧的弹性势能．（2）若甲球不固定，烧断细绳，求乙球离开弹簧后进入半圆轨道能达到的最大高度．（3）若同时给甲、乙两球向右初速度v o烧断细绳，乙球离开弹簧后进入半圆轨道仍恰好能通过D点．求v o的大小．。

2015-2016学年第一学期高一年级期末考试物理试卷第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题:( 本题共12小题，每小题4分，共40分．在各小题给出的四个选项中，1-7为单选，8-12为多选。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分）1、火车在宽阔的平原上向前行驶，坐在车上的旅客看到两边的树木和庄稼都向车后面退去，旅客所选参考系应该是（）A．两边的树木B．铁轨 C．平原 D．火车2．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，可以把物体简化为一个有质量的点，即质点。

物理学中，把这种在原型的基础上，突出问题的主要方面，忽略次要因素，经过科学抽象而建立起来的客体称为（）A．控制变量 B．理想模型C．等效代替D．科学假说3．下列说法中正确的是（）A. 两个互相接触的物体之间一定有弹力作用B.一个物体静止在另一个物体的表面上，它们之间一定存在摩擦力的作用C.两个物体之间如果有弹力的作用，就一定有摩擦力的作用D. 两个物体之间如果有摩擦力的作用，就一定有弹力的作用4如图，是利用传感器记录的两个物体间作用力和反作用力变化图线，根据图线可以得出的结论是（）A．作用力大时，反作用力小B．作用力和反作用力不是同时变化的C．作用力和反作用力的方向总是相反的D．此图线一定是在两个物体都处于平衡状态下显示出来的5．两位同学做一小实验来测定反应时间．一位同学用两手指捏住1m长木尺顶端零刻度处，第二位同学的一只手在木尺的下端做握住木尺的准备，但不碰到尺．当他看到第一位同学松手时，立即握住木尺，手握处的读数为0.55m，g取10m/s2，则第二位同学的反应时间为（单位：s）( ) A．0.10 B．0.30 C．0.11 D．0.336.如图所示，一小球(可视为质点)沿斜面匀加速滑下，依次经过A、B、C三点。

已知AB=6m，BC=10m，小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s，则小球在经过A、B、C三点时的速度大小分别是（）A.2 m/s，3 m／s，4 m/sB.2 m/s，4 m/s，6 m/sC.3 m/s，4 m／s，5 m/sD.3 m/s，5 m/s，7 m/s 7．用与竖直方向成θ角（已知θ＜45°）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b上的拉力为F1．现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时针缓慢转动，当转过θ角时，绳b上的拉力为F2；再转过θ角时，绳b的拉力为F3，则( )A．F1＜F2＜F3B．F1＞F3＞F2C．F1=F3＜F2D．F1=F3＞F28．下列说法正确的是（）A．加速度越大，速度变化越大B．速度很大的物体，其加速度可能为零C．速度变化越来越快，加速度越来越小D．物体做加速运动时，其加速度可能越来越小9．如图所示的x－t图像和v－t图像中，给出的四条曲线1、2、3、4，分别代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．曲线1表示物体沿x轴正方向做直线运动B．x－t图像中，t1时刻v1=v2C．v－t图像中0至t3时间内物体3平均速度小于物体4的平均速度D．两图像中，t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动10.如图所示，质量为m的木块被水平推力F压着，静止在竖直墙面上，当推力F的大小增加到2F时，则（）A. 木块所受墙面的弹力增加到原来的2倍B. 木块所受墙面的弹力不变C. 木块所受墙面的摩擦力增加到原来的2倍D. 木块所受墙面的摩擦力不变11．A、B两个物体从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则( )A．A、B两物体运动方向相反B．4st=时，A、B两物体相遇C．在相遇前，4st=时A、B两物体相距最远D．在相遇前，A、B两物体最远距离20m12.质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在动摩擦因数为0.1的水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今用大小为F＝20 N作用在A上使AB相对静止一起向前匀加速运动（弹簧的弹力在弹性限度内），则下列说法正确的是（）A．弹簧的弹力大小等于8NB．弹簧的弹力大小等于12NA BF甲C ．突然撤去F 瞬间，A 的加速度大小为1 m/s 2D ．突然撤去F 瞬间，B 的加速度大小为3 m/s 2第II 卷（选择题 共52分）二、实验题(每空3分，共12分)13．在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时,采用如图所示的实验装置，小车及车中的砝码质量用M 表示，盘及盘中的砝码质量用m 表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计数器打上的点计算出：（1）当m 与M 的大小关系满足 时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力。