北京市房山区2023-2024学年高二上学期期中考试数学试题含答案

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房山区2023-2024学年度第一学期期中学业水平调研

高二数学

(答案在最后)

第一部分(选择题共50分)

一、选择题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题列出的四个选项中,选出符合题目

要求的一项.

1.已知

1,3A

,

3,5B

,则线段AB

的中点坐标为()

A.(1,4)B.(2,1)C.(2,8)D.(4,2)

【答案】A

【解析】

【分析】用中点坐标公式即可求解.

【详解】设线段AB的中点坐标为

,Mab,则13

2

35

2a

b

,

即1

4a

b

,则线段AB的中点坐标为

1,4M

.

故选:A.

2.如图,平行六面体

1111ABCDABCD

中,E为

1CC中点.设

ABa

=,ADb

1AAc

,用基底

,,abc

表示向量AE

,则AE

()

A.abcrrrB.1

2abcC.1

2abcD.1

2abc

【答案】B【解析】

【分析】利用几何图形的关系,结合向量的加法运算,即可求解.【详解】

111

22AEACCEABADAAabc



.

故选:B

3.在如图所示的正方体

1111ABCDABCD

中,异面直线

1AB

1BC

所成角的大小为()

A.30°B.45°C.60°D.90°

【答案】C

【解析】

【分析】根据异面直线所成角的定义及正方体的特征求解

【详解】连接

1AD

,DB,如图,

因为正方体中

11//ADBC,

所以

1BAD

就是

1AB

1BC

所成的角,

1BAD

中,

11ADABBD

.

160BAD

.

故选:C

4.在棱长为2的正方体

1111ABCDABCD

中,

11AABC

()A.22B.42C.2D.4【答案】D

【解析】

【分析】根据向量数量积定义计算即可.

【详解】

在棱长为2的正方体

1111ABCDABCD

中,

易知

12AA

122BC

因为

11AABB

1BB

1BC的夹角为π

4,

所以

1AA

1BC的夹角为π

4,

1111π2

cos2224

42AABCAABC

.

故选:D

5.如图,在四面体ABCD

中,AD平面BCD

,BCCD

,则下列叙述中错误的是()

A.ACD

是直线AC

与平面BCD

所成角

B.ABD是二面角ABCD

的一个平面角

C.线段AC

的长是点A到直线BC

的距离

D.线段AD的长是点A到平面BCD

的距离

【答案】B

【解析】

【分析】根据线面垂直即可求解AD,根据BC

平面ACD

,即可得BCAC

,进而判断C,结合二面角的定义即可判断B.

【详解】对于AD,由于AD平面BCD

,所以ACD

是直线AC

与平面BCD

所成角,线段AD的长是

点A到平面BCD

的距离,故AD正确,

对于B,AD平面BCD

,BC

平面BCD

,所以BCAD

,又BCCD

,,ADCDDADCD

平面ACD

,所以BC

平面ACD

CA

平面ACD

,故BCAC

,

又BCCD

,AC

平面ABC

,CD

平面BCD

,

故ACD

是二面角ABCD的一个平面角,故B错误,

对于C,由于BCAC

,所以线段AC

的长是点A到直线BC

的距离,C正确,

故选:B

6.已知直线

1l

:

210xaya

与直线

2l

:20axy

平行,则a

的值为()

A.1或2B.1

3C.2D.1

【答案】D

【解析】

【分析】根据两直线平行,即可列式求解.

【详解】因为

12ll//,所以21

12aa

a



解得:1a

.

故选:D

7.在同一平面直角坐标中,表示

1l

:yaxb

2l

:ybxa

的直线可能正确的是()

A.

B.

C.

D.

【答案】C【解析】

【分析】结合各选项分析直线的斜率与在y

轴上的截距,即可判断.

【详解】对于A:由图可得直线

1l

的斜率0a

,在y

轴上的截距0b;

2l

的斜率0b

,矛盾,故A错误.

对于B:由图可得直线

1l

的斜率0a

,在y

轴上的截距0b;

2l

的斜率0b

,矛盾,故B错误.

对于C:由图可得直线

1l

的斜率a<0

,在y

轴上的截距0b;

2l

的斜率0b,在y

轴上的截距0a

,即a<0

,故C正确.

对于D:由图可得直线

1l

的斜率a<0

,在y

轴上的截距0b

2l

的斜率0b,矛盾,故D错误.

故选:C.

8.长方体

1111ABCDABCD

中,

12AAAB

,M为AB的中点,

1DMMC

,则AD()

A.1B.2C.3D.4

【答案】A

【解析】

【分析】连接

1CD,设ADa

0a

,表示出CM

1CD,

1MD,利用勾股定理计算可得.

【详解】如图连接

1CD,设ADa

0a,则21CMa,

22

12222CD

,2222

1125MDaa

因为

1DMMC

,所以222

11MCMDCD

,即22158aa

,解得1a(负值舍去).

故选:A9.设P为直线1y

上的动点,过点P作圆C

:22

324xy

的切线,则切线长的最小值为()

A.2B.5C.3D.13

【答案】B

【解析】

【分析】根据切线最小时为圆心到直线上的点的距离最小时可以求出圆心到直线的距离,再求出切线长即

可.

【详解】圆心为

3,2C

,半径为2r,设切点为Q

要使得切线长PQ

最小,则CP

最小,此时CPl

所以21

3

1CP

,所以2

25PQCPr,

故选:B

10.古希腊数学家阿波罗尼奥斯(约公元首262~公元前190年)的著作《圆锥曲线论》是古代世界光辉的

科学成果,著作中这样一个命题:平面内与两定点距离的比为常数

0kk

且

1k

的点的轨迹是圆,后人

将这个圆称为阿波罗尼斯圆,已知点

1,0A,

2,0B

,圆221

:20

4Cxymm

,在圆上

存在点P

满足2PAPB

,则实数m

的取值范围是()A.26

,

22



B.521

,

42



C.21

0,

2



D.521

,

22





【答案】D

【解析】

【分析】设

,Pxy

,根据2PAPB

求出点P的轨迹方程,根据题意可得两个圆有公共点,根据圆心距

大于或等于半径之差的绝对值小于或等于半径之和,解不等式即可求解.

【详解】设

,Pxy

,因为点

1,0A,

2,0B

,2PAPB

所以

22

22122xyxy

即22650xyx

所以2

234xy,可得圆心

3,0

,半径2R,

由圆221

:2

4Cxym可得圆心

2,Cm

,半径1

2r,

因为在圆

C

上存在点P满足2PAPB