2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练专题6.9与连接体相关的能量问题(提高篇)(含解析)

2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练（选修3-2）第四部分 电磁感应专题4.11 电磁感应中的能量问题（基础篇）一．选择题1. (多选)如图所示，竖直放置的“”形光滑导轨宽为L ，矩形匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的高和间距均为d ，磁感应强度为B .质量为m 的水平金属杆由静止释放，进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等.金属杆在导轨间的电阻为R ，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g .金属杆( )A.刚进入磁场Ⅰ时加速度方向竖直向下B.穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间C.穿过两磁场产生的总热量为4mgdD.释放时距磁场Ⅰ上边界的高度h 可能小于m 2gR 22B 4L 4【参考答案】 BC【名师解析】 穿过磁场Ⅰ后，金属杆在磁场之间做加速运动，在磁场Ⅱ上边缘速度大于从磁场Ⅰ出来时的速度，即进入磁场Ⅰ时的速度等于进入磁场Ⅱ时的速度，大于从磁场Ⅰ出来时的速度，金属棒在磁场Ⅰ中做减速运动，加速度方向向上，A 错误；金属棒在磁场Ⅰ中做减速运动，由牛顿第二定律知BIL －mg ＝B 2L 2vR －mg ＝ma ，a 随着减速过程逐渐变小，即在前一段做加速度减小的减速运动，在磁场之间做加速度为g 的匀加速直线运动，两个过程位移大小相等，由v －t 图象(可能图象如图所示)可以看出前一段用时多于后一段用时，B 正确；由于进入两磁场时速度相等，由动能定理知， W 安1－mg ·2d ＝0， W 安1＝2mgd .即通过磁场Ⅰ产生的热量为2mgd ，故穿过两磁场产生的总热量为4mgd ，C 正确； 设刚进入磁场Ⅰ时速度为v ，则由机械能守恒定律知mgh ＝12mv 2，①进入磁场时BIL －mg ＝B 2L 2vR －mg ＝ma ，解得v ＝m a ＋g RB 2L 2，②由①②式得h ＝m 2a ＋g 2R 22B 4L 4g >m 2gR 22B 4L4，D 错误.2．如图所示，光滑斜面的倾角为θ，斜面上放置一矩形导体线框abcd ，ab 边的边长为l 1，bc 边的边长为l 2，线框的质量为m ，电阻为R ，线框通过绝缘细线绕过光滑的定滑轮与一重物相连，重物质量为M ．斜面上ef 线(ef 平行底边)的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为B ，如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的ab 边始终平行于底边，则下列说法正确的是( )A ．线框进入磁场前运动的加速度为Mg －mg sin θmB ．线框进入磁场时匀速运动的速度为（Mg －mg sin θ）RBl 1C ．线框做匀速运动的总时间为B 2l 21Mg －mgR sin θD ．该匀速运动过程中产生的焦耳热为(Mg －mg sin θ)l 2 【参考答案】D【名师解析】由牛顿第二定律得，Mg －mg sin θ＝(M ＋m )a ，解得线框进入磁场前运动的加速度为Mg －mg sin θM ＋m ，A 错误；由平衡条件，Mg －mg sin θ－F 安＝0，F 安＝BIl 1，I ＝ER ，E ＝Bl 1v ，联立解得线框进入磁场时匀速运动的速度为v ＝（Mg －mg sin θ）R B 2l 21，B 错误；线框做匀速运动的总时间为t ＝l 2v＝B 2l 21l 2（Mg －mg sin θ）R，C 错误；由能量守恒定律，该匀速运动过程中产生的焦耳热等于系统重力势能的减小量，为(Mg －mg sin θ)l 2，D 正确．3．两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L ，顶端接阻值为R 的电阻．质量为m 、电阻为r 的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向里的匀强磁场垂直，如图所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g ，则下列说法错误的是( )A ．金属棒在磁场中运动时，流过电阻R 的电流方向为b →aB ．金属棒的速度为v 时，金属棒所受的安培力大小为B 2L 2vR ＋rC ．金属棒的最大速度为mg （R ＋r ）BLD ．金属棒以稳定的速度下滑时，电阻R 的热功率为⎝⎛⎭⎫mg BL 2R 【参考答案】C【名师解析】金属棒在磁场中向下运动时，由楞次定律知，流过电阻R 的电流方向为b →a ，选项A 正确；金属棒的速度为v 时，金属棒中感应电动势E ＝BLv ，感应电流I ＝E R ＋r ，所受的安培力大小为F ＝BIL ＝B 2L 2v R ＋r ，选项B 正确；当安培力F ＝mg 时，金属棒下滑速度最大，金属棒的最大速度为v ＝mg （R ＋r ）B 2L 2，选项C 错误；金属棒以稳定的速度下滑时，电阻R 和r 的总热功率为P ＝mgv ＝⎝⎛⎭⎫mg BL 2(R ＋r )，电阻R 的热功率为⎝⎛⎭⎫mg BL 2R ，选项D 正确．4．（2016河南开封一模）如右图所示，足够长的光滑导轨倾斜放置，导轨宽度为L ，其下端与电阻R 连接；导体棒ab 电阻为r ，导轨和导线电阻不计，匀强磁场竖直向上。

第四部分电磁感应专题4.36 近三年高考真题精选精练（能力篇）一．选择题1．（2018高考全国理综I）如图，导体轨道OPQS固定，其中PQS是半圆弧，Q为半圆弧的中心，O为圆心。

轨道的电阻忽略不计。

OM是有一定电阻。

可绕O转动的金属杆。

M端位于PQS上，OM与轨道接触良好。

空间存在半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，现使OQ位置以恒定的角速度逆时针转到OS位置并固定（过程Ⅰ）；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从B增加到B'（过程Ⅱ）。

在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过OM的电荷量相等，则BB等于（）A．54B．32C．74D．2【参考答案】B【名师解析】本题考查电磁感应、磁通量变化等知识点。

过程I回路中磁通量变化△Φ1=14BπR2，设OM的电阻为R，流过OM的电荷量Q1=△Φ1/R。

过程II回路中磁通量变化△Φ2=12（B’-B）πR2，流过OM的电荷量Q2=△Φ2/R。

Q2= Q1，联立解得：B’/B=3/2，选项B正确。

2．（2018高考全国理综I）如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。

将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态。

下列说法正确的是（）A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动【参考答案】AD【名师解析】本题考查电磁感应、安培定则等知识点。

开关闭合的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，选项A正确；开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，小磁针恢复到原来状态，选项BC错误；开关闭合并保持一段时间后再断开后的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向外，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，选项D正确。

100考点最新模拟题千题精练6-61.（2018华大新高考联盟11月测评）固定的光滑斜面轨道AB的末端连接着光滑水平轨道BC，有直径均为d的六只相同的钢球排放在斜面轨道上，被挡板顶住处于静止状态。

已知斜面轨道的倾角为α，水平轨道BC的长度为3d，且不计钢球经过B点连接体的能量损耗。

当抽去挡板后，从钢球开始下滑到最终落在水平地面的过程中A．1号球的机械能守恒B．6号球的机械能不守恒C．钢球落在地面上共有6个落点D．钢球落在地面上共有4个落点【参考答案】BD2．（2018广州一模）如图，质量为1kg的小物块从倾角为30°、长为2m的光滑固定斜面顶端由静止开始下滑，若选初始位置为零势能点，重力加速度取10m/s2，则它滑到斜面中点时具有的机械能和动能分别是A．5J，5J B．10J，15JC．0，5J D．0，10J【参考答案】C【命题意图】本题考查机械能守恒定律、动能、重力势能及其相关的知识点。

3．(2016·四川外国语学校高三月考)如图所示，汽车通过轻质光滑的定滑轮，将一个质量为m 的物体从井中拉出，绳与汽车连接点距滑轮顶点高A ，开始时物体静止，滑轮两侧的绳都竖直绷紧，汽车以v 向右匀速运动，运动到跟汽车连接的细绳与水平夹角为30°，则( )A ．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mghB ．从开始到绳与水平夹角为30°时，拉力做功mgh ＋38m v 2C ．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率为mg vD ．在绳与水平夹角为30°时，拉力功率大于32mg v 【参考答案】BD【名师解析】将汽车的速度沿着绳子和垂直绳子方向分解如图所示，货物速度为v 货＝v cos θ，由于θ逐渐变小，故货物的速率增大，当θ＝30°时，货物速度为v 货＝32v ， 根据动能定理得，W F －mgh ＝12mv 2货，联立解得，W F ＝mgh ＋38mv 2，A 错误，B 正确；在绳与水平夹角为30°时，拉力的功率为P ＝Fv 货＝32Fv ，由于货物的加速度向上，故拉力大于重力，P ＞32mgv ，C 错误，D 正确。

2020高考一轮复习必刷考点好题精练第二部分相互作用十七．连接体平衡问题（基础篇）一．选择题1.（2019高考仿真模拟5）如图所示，倾角为θ的斜面体放在水平地面上，质量为m的木块通过轻质细线绕过斜面体顶端的定滑轮与质量为M的铁块相连，整个装置均处于静止状态，已知mg sinθ>Mg。

现将质量为m0的磁铁轻轻地吸放在铁块下端，铁块加速向下运动，斜面体仍保持静止。

不计滑轮摩擦及空气阻力。

则与放磁铁前相比（）A．细线的拉力一定变小B．木块所受的合力可能不变C．斜面对木块的摩擦力可能减小D．斜面体相对地面有向右运动的趋势2.（2019新疆二模）将体积相同、质量m A=5m的灯笼A和质量m B=3m的灯笼B用轻质细绳2连接，灯笼A又用轻质细绳1悬挂在天花板上的O点，两灯笼在相同的水平恒定风力作用下，处于如图所示的静止状态。

其中，轻质细绳1与竖直方向的夹角α=45°，下列说法正确的是（）A．细绳1中的张力大小为5 mgB．细绳2中的张力大小为8 2 mgC．作用在每一个灯笼上的水平风力的大小为8 mgD．细绳2与竖直方向的夹角为53°3. (2018·西安联考)如图所示，物体A 、B 置于水平地面上，与地面间的动摩擦因数均为μ，物体A 、B 用一跨过动滑轮的细绳相连，现用逐渐增大的力向上提升滑轮，某时刻拉A 物体的绳子与水平面的夹角为53°，拉B 物体的绳子与水平面的夹角为37°，此时A 、B 两物体刚好处于平衡状态，则A 、B 两物体的质量之比m A m B为(认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)( )A.4μ＋33μ＋4 B. 3μ＋44μ＋3 C. 4μ－33μ－4 D. 3μ－44μ－34.如图所示，一条细线一端与地板上的物体B 相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A 相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O ′点，细线与竖直方向所成角度为α，则( )A ．如果将物体B 在地板上向右移动一点，α角将增大B ．无论物体B 在地板上左移还是右移，只要距离足够小，α角将不变C ．增大小球A 的质量，α角一定减小D ．悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A 的重力5.(2018·深圳联考)如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平。

2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练第六部分机械能专题6.12 功能关系问题（提高篇）一．选择题1．（6分）（2019湖北黄冈三模）一物体放在倾角为θ且足够长的光滑斜面上，初始位置如图甲所示，在平行于斜面的力F的作用下由静止开始沿斜面运动，运动过程中物体的机械能E随位置x的变化关系如图乙所示。

其中0～x1过程的图线是曲线，x1～x2过程的图线是平行于x轴的直线，x2～x3过程的图线是倾斜的直线，则下列说法正确的是（）A．在0～x1的过程中，力F逐渐变大B．在0～x1的过程中，物体的加速度逐渐增大C．在x1～x2的过程中，物体的动能越来越大D．在0～x3的过程中，物体的速度方向先向上再向下【参考答案】BC【名师解析】在0～x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，拉力方向沿斜面向上，所以物体的位移方向向下，即物体在沿斜面向下运动。

根据功能关系得：△E＝F•△x，得F＝，则知图线的斜率表示拉力，在0～x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零。

根据a＝，可知，加速度一直增大，故A错误，B正确；在x1～x2过程中，拉力F＝0，机械能守恒，向下运动，重力势能减小，动能增大，故C正确；在0～x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以物体做加速运动；x1～x2过程中，F＝0，物体做匀加速运动；x2～x3过程，机械能增大，拉力做正功，沿斜面向下，故物体继续向下做加速运动，即物体一直沿斜面向下运动，故D错误。

2．（2019安徽合肥二模）如图甲所示，置于水平地面上质量为m的物体，在竖直拉力F作用下，由静止开始向上运动，其动能E与距地面高度h的关系如图乙所示，已知重力加速度为g·空气阻力不计。

下列说法正确的是（）A ．在0~h 0过程中，F 大小始终为mgB ．在0~h 0和h 0~2h 0过程中，F 做功之比为2︰1C ．在0~2h 0过程中，物体的机械能不断增加D ．在2h 0~3.5h 0过程中，物体的机械能不断减少 【参考答案】C【命题意图】此题考查对动能E 与距地面高度h 的关系图象的理解、功能关系及其相关知识点。

2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练第二部分相互作用四．动态平衡问题（提高篇）一．选择题1.（6分）（2019湖北黄冈三模）《大国工匠》节目中讲述了王进利用“秋千法”在1000kV的高压线上带电作业的过程。

如图所示，绝缘轻绳OD一端固定在高压线杆塔上的O点，另一端固定在兜篮上。

另一绝缘轻绳跨过固定在杆塔上C点的定滑轮，一端连接兜篮，另一端由工人控制。

身穿屏蔽服的王进坐在兜篮里，缓慢地从C点运动到处于O点正下方E点的电缆处。

绳OD一直处于伸直状态，兜篮、王进及携带的设备总质量为m，不计一切阻力，重力加速度大小为g。

关于王进从C点运动到E点的过程中，下列说法正确的是（）A．工人对绳的拉力一直变大B．绳OD的拉力一直变小C．OD、CD两绳拉力的合力大小等于mgD．当绳CD与竖直方向的夹角为30°时，工人对绳的拉力为mg2（2019广东惠州第三次调研）某建筑工地需要把货物提升到高处，采取如图所示的装置。

光滑的轻滑轮用细绳OO’悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂货物a，人拉绳的另一端缓慢向右运动达到提升货物的目的。

在人向右缓慢运动的过程中，则（）A. 人对水平面的压力保持不变B. 细绳OO’的张力逐渐变小C. 细绳OO’的张力逐渐变大D. 细绳对人的拉力大小保持不变3、(2019陕西西安三模)如图所示，木板P下端通过光滑铰链固定于水平地面上的O点，物体A、B叠放在木板上且处于静止状态，此时物体B的上表面刚好水平。

现使木板P绕O点缓慢旋转到虚线所示位置，物体A、B仍保持静止，且相对木板没有发生移动，与原位置相比（）A．A对B的作用力减小B．B对A的摩擦力不变C．板对B的摩擦力减小D．板对B的作用力减小4.（2019山西吕梁期末）如图，1/4光滑圆轨道竖直固定在水平地面上，O为圆心，A为轨道上的一点，OA 与水平面夹角为30°。

小球在拉力F作用下始终静止在A点。

当拉力方向水平向左时，拉力F的大小为10N。

专题3。

14加速运动的连接体问题（提高篇）一．选择题1.（2019河南郑州二模）如图所示，2019个质量均为m的小球通过完全相同的轻质弹簧(在弹性限度内）相连，在水平拉力F的作用下，一起沿光滑水平面以加速度a向右做匀加速运动，设1和2之间弹簧的弹力为F1—2,2和3间弹簧的弹力为F2—3，2018和2019间弹簧的弹力为F2018—2019，则下列结论正确的是（ )A.F1—2∶F2—3∶......F2018—2019=1∶2∶3∶ (2018)B.从左到右每根弹簧长度之化为1∶2∶3∶ (2018)C.如果突然撤去拉力F,撤去F瞬间，第2019个小球的加速度为F，其余每个球的加速度依然为aD.如果1和2两个球间的弹簧从第1个球处脱落，那么脱落瞬间第1个小球的加速度为0，第2个小球的加速度为2a，其余小球加速度依然为a【参考答案】AD【名师解析】隔离小球1，由牛顿运动定律,F1—2=ma,把小球1和2看作整体隔离,由牛顿运动定律，F2—3=2ma，把小球1、2和3看作整体隔离，由牛顿运动定律，F3—4=3ma，把小球1、2、3和4看作整体隔离，由牛顿运动定律，F4—5=4ma,·····把小球1到2018看作整体隔离,由牛顿运动定律,F2018—2019=2018ma，联立解得:F1—2∶F2-3∶F3—4∶F4-5∶F5-6······F2018-2019=1∶2∶3∶4∶5······2018，选项A正确；由于弹簧长度等于弹簧原长加弹簧伸长量，弹簧伸长量与弹簧弹力成正比,所以选项B错误；如果突然撤去拉力F，撤去F的瞬间，小球之间弹簧弹力不变，2018和2019之间的弹簧弹力F2018—2019=2018ma,由牛顿第二定律可得F=2019ma,F2018—2019=ma’，联立解得第2019个小球的加速度a’=20182019Fm,选项C错误；如果1和2两个球之间的弹簧从第1个球处脱落,那么脱落瞬间，第1个小球受力为零，加速度为零,第2个小球受到2和3之间弹簧弹力，F2—3=ma2,解得第2个小球的加速度a2=2a，其余小球受力情况不变,加速度依然为a，选项D正确。

专题3.15加速运动的连接体问题（能力篇）一．选择题1. （2019辽宁沈阳一模）如图所示，甲、乙两物体靠在一起，放在光滑的水平面上，在水平力F1和F2共同作用下，一起从静止开始运动，已知F1>F2，两物体运动一段时间后（）A. 若突然撤去F1，甲的加速度一定减小B. 若突然撤去F1，甲乙间的作用力减小C. 若突然撤去F2，乙的加速度一定增大D. 若突然撤去F2，甲乙间的作用力增大【参考答案】BC【名师解析】要分析加速度的变化，先由牛顿第二定律求出整体的加速度，再进行分析，由隔离法求出甲乙间的作用力，根据表达式进行分析；一起运动时，整体的加速度为：；对乙分析，则甲、乙之间的作用力为：，解得j；突然撤去，则整体的加速度，不一定大于，甲乙之间的作用力，故A错误、B正确；突然撤去，则整体的加速度，则，即加速度增大，甲乙之间的作用力为：，故选项C正确，D错误。

【名师点睛】关于连接体的处理方法，先整体后隔离，可以求得连接体间的相互作用力的大小。

2．（6分）（2019湖北四地七校考试联盟期末）如图所示，光滑的水平地面上有两块材料完全相同的木块A、B，质量均为m，A、B之间用轻质细绳水平连接。

现沿细绳所在直线施加一水平恒力F作用在A上，A、B开始一起做匀加速运动，在运动过程中把和木块A、B完全相同的木块C放在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动，则在放上C并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．若C放在A上面，绳上拉力不变B ．若C 放在B 上面，绳上拉力为 C ．C 放在B 上，B 、C 间摩擦力为D ．C 放在A 上比放在B 上运动时的加速度大【思路分析】对整体分析，运用牛顿第二定律判断系统加速度的变化。

通过隔离分析，得出绳子拉力和摩擦力的大小。

【参考答案】C【名师解析】设原来的加速度为a 0，根据牛顿第二定律可得F ＝2ma 0，因无相对滑动，所以，无论C 放到哪块上，根据牛顿第二定律都有：F ＝3ma ，a 都将减小。

2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练（选修3-2）第五部分交变电流专题5.18 电能输送（基础篇）一．选择题1.（6分）（2019湖南长郡中学等四校5月模拟）如图为模拟远距离输电的部分测试电路。

a、b端接电压稳定的正弦交变电源，定值电阻阻值分别为R1、R2，且R1＜R2，理想变压器的原、副线圈匝数比为k且k＜1，电流表、电压表均为理想表，其示数分别用I和U表示。

当向下调节滑动变阻器R3的滑动端P时，电流表、电压表示数变化分别用△I和△U表示。

则以下说法正确的是（）A．||＝B．＝R2C．电源的输出功率一定减小D．电压表示数一定增加【参考答案】ACD【命题意图】本题考查变压器、电能输送及其相关知识点。

【解题思路】由变压器变压公式可得，理想变压器初、次级线圈电压变化比＝=k；由变压器变流公式可得理想变压器初、次级线圈电流变化之比＝=1/k，则＝=1/k2×，将R1视为输入端电源内阻，则＝R1，所以＝，这也是R1耦合到次级线圈电阻值为，即为等效电源内阻，选项A正确；根据欧姆定律，＝R2+R3，选项B错误；电源电压不变，电流减小，故电源输出功率减小，选项C正确；当向下调节滑动变阻器R3的滑动端P时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，变压器副线圈输出电功率减小，根据变压器输出电功率决定输入电功率可知，输入电流减小，变压器输入电压增大，输出电压增大，电压表示数一定增加，选项D 正确。

【关键点拨】变压器输入电压决定输出电压，输出电功率决定输入电功率。

2.(2019·安徽省马鞍山市质检)图甲为远距离输电示意图，理想升压变压器原、副线圈匝数比为1∶1 000，理想降压变压器原、副线圈匝数比为1 000∶1，输电线的总电阻为1 000 Ω，若升压变压器的输入电压如图乙所示，用户端电压为220 V .下列说法正确的是( )A.输电线中的电流为3 AB.电站输出的功率为7 500 kWC.输电线路损耗功率为90 kWD.用户端交变电流的频率为100 Hz 【参考答案】 B【名师解析】 由题图乙知升压变压器输入端电压的最大值为U m ＝250 2 V ，有效值为U 1＝U m2＝250 V ，根据U 1U 2＝n 1n 2，得副线圈两端的电压U 2＝n 2n 1U 1＝1 0001×250 V ＝2.5×105 V ；用户端电压为220 V ，根据U 3U 4＝n 3n 4，得降压变压器原线圈两端的电压U 3＝n 3n 4U 4＝1 0001×220 V ＝2.2×105 V ，故输电线上损失的电压为ΔU ＝U 2－U 3＝3×104V ，则输电线上的电流为I ＝ΔU R ＝3×1041 000A ＝30 A ，电站的输出功率为P 1＝P 2＝U 2I ＝7 500 kW ，输电线路损耗功率为ΔP ＝I 2R ＝900 kW ，由题图乙可知，原线圈交变电流的周期为T ＝0.02 s ，则频率为f ＝1T ＝50 Hz ，变压器不会改变交流电的频率，故用户端交变电流的频率为50 Hz ，故B 正确，A 、C 、D 错误. 3. (多选)(2018·广东省潮州市下学期综合测试)远距离输电线路简化如图所示，电厂输送电功率不变，变压器均为理想变压器，图中标示了电压和电流，其中输电线总电阻为R ，则( )A.I 2<U 2RB.输电线损失的电功率为U 22RC.提高输送电压U 2，则输电线电流I 2增大D.电厂输送电功率为U 2I 2 【参考答案】 AD【名师解析】 在输电线路上：U 2＝I 2R ＋U 3，所以I 2<U 2R，故A 正确；由于U 2不是R 两端的电压，所以输电线损失的电功率不是U 22R ，故B 错误；因为输送功率不变，根据P 2＝U 2I 2，可知提高输送电压U 2，则输电线电流I 2减小，故C 错误；因变压器为理想变压器，所以有P 1＝P 2＝U 2I 2，故D 正确.4.（2017广西五市考前联考）如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压1U 和输电线的电阻和理想变压器匝数均不变，且n 1∶n 2= n 3∶n 4，当用户消耗的功率增大时，下列表述正确的是A ．用户的总电阻增大B ．用户两端的电压4U 减小C ．U 1∶U 2= U 3∶U ,4D ．用户端增加的功率等于升压变压器多输入的功率 【参考答案】．BC【名师解析】当用户消耗的功率增大时，用户中电流一定增大，输电线中电流一定增大，输电线上损失的电压根据变压器公式，U 1∶U 2= n 1∶n 2，U 3∶U 4= n 3∶n 4，又n 1∶n 2= n 3∶n 4，所以U 1∶U 2= U 3∶U ,4，选项C 正确；增大 ，降压变压器输入电压减小，用户两端的电压4U 减小，选项B 正确。

2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练第六部分机械能专题6.8与连接体相关的能量问题（基础篇）一．选择题1.（2019湖南衡阳三模）如图所示，用铰链将三个质量均为m的小球A、B、C与两根长为L轻杆相连，B、C置于水平地面上，系统静止时轻杆竖直，现给系统一个微小扰动，B、C在杆的作用下向两侧滑动，三小球始终在同一竖直平面内运动，忽略一切摩擦，重力加速度为g，则此过程中（）A．球A的机械能一直减小B．球C的机械能一直增大C．球B对地面的压力不可能小于mg D．球A落地的瞬时速度为【参考答案】D【名师解析】因为A、B、C组成的系统机械能守恒，在A落地前，BC运动；在A落地时，BC停止运动。

由于系统机械能守恒可知，A的机械能转化为BC的动能，故A的机械能不可能一直减小，同理C的机械能不可能一直增大，故A错误、B错误；在A落地前，B做减速运动，由于轻杆对B有斜向上的拉力，因此B对地面的压力可小于mg，故C错误；根据动能定理可得：，解得：，故选项D 正确。

2.（2018安徽合肥三模）如图所示，倾角为30°的足够长斜面与水平面平滑相连，水平面上用轻杆连接的小球A、B以速度向左运动，小球质量均为m，杆长为l，当小球B到达斜面上某处P时速度为零。

不计一切摩擦，重力加速度为g。

则下列说法正确的是A. P与水平面的高度差为B. P与水平面的高度差为C. 两球上滑过程中杆对A球所做的功为D. 两球上滑过程中杆对A球所做的功为【参考答案】.AD【命题意图】本题考查连接体、机械能守恒定律、动能定理及其相关的知识点。

【解题思路】P与水平面的高度差为h，由机械能守恒定律，122mv02=mgh+mg(h+l sin30°)，解得：h=l/4，选项A正确B错误；设两球上滑过程中杆对A球所做的功为W，对A球，由动能定理，W-mg(h+l sin30°)=0-12mv02，解得：W=14mgl，选项C错误D正确。