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【金版学案】高中物理 第五章交变电流章末过关检测卷(二)新人教版选修3-2

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第五章交变电流(测试时间：50分钟评价分值：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．)1．处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t＝0时刻，线圈平面与纸面重合(如图所示)，线圈的cd边离开纸面向外运动．若规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则能反映线圈中感应电流i随时间t变化的图线是( )解析：线圈在磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，可以产生按正弦规律变化的交流电．对于图示起始时刻，线圈的cd边离开纸面向纸外运动，速度方向和磁场方向垂直，产生的电动势的瞬时值最大；用右手定则判断出电流方向为逆时针方向，与规定的正方向相同，所以C对．答案：C2．如图所示为交变电流的电流随时间而变化的图象，此交变电流的有效值是( ) A ．5 2 A B ．5 A C.722A D ．3.5 A解析：题图所示图象中的交变电流在一个周期内产生的热量：Q ＝I 21R T2＋I 22R T2＝(42)2RT2＋(32)2R T2＝25RT .令此交变电流的有效值为I ，应有Q ＝I 2RT ，故I 2RT ＝25RT ，解得I ＝5 A ．B 项正确． 答案：B 3．如图所示，有一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n ，原线圈接正弦交流电压U ，输出端接有一个交流电流表和一个电动机．电动机线圈电阻为R ，当输入端接通电源后，电流表读数为I ，电动机带动一重物匀速上升，下列判断正确的是( )A ．原线圈中的电流为nIB ．变压器的输入功率为UI nC ．电动机输出的总功率为I 2R D ．电动机两端电压为IR解析：电流表的读数为副线圈电流，所以原线圈电流为In，故A 错误；原线圈的输入功率则为U I n，故B 对；电动机上的热功率为I 2R ，电动机消耗功率为U I n ，两端电压为U n，故C 、D 错误．答案：B4．超导是当今高科技研究的热点，利用超导材料可实现无损耗输电．现有一直流电路，输电总电阻为0.4 Ω，它提供给用电器的电功率为40 kW ，电压为800 V ．若用临界温度以下的超导电缆代替原来的输电线，保持供给用电器的功率和电压不变，那么节约的电功率为( )A ．1 kWB ．1.6×103kW C ．1.6 kW D ．10 kW解析：节约的电功率即为普通电路输电时损耗的电功率，I ＝P U ＝40×103800A ＝50 A ．P 线＝I 2R ＝502×0.4 W＝1 000 W ，故节约的电功率为1 kW ，A 项正确．答案： A5．(2013·高考四川理综)用220 V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变压器输出电压是110 V ，通过负载的电流图象如图所示，则( )A ．变压器输入功率约为3.9 WB ．输出电压的最大值是110 VC ．变压器原、副线圈的匝数比是1∶2D ．负载电流的函数表达式i ＝0.05sin(100πt ＋π2)A解析：通过负载的电流有效值为0.0252 A ，变压器输入功率约为P ＝UI ＝110×0.025 2 W ＝3.9 W ，选项A 正确．变压器输出电压的最大值是110 2 V ，选项B 错误．由变压公式，变压器原、副线圈的匝数比是2∶1，选项C 错误．负载电流的函数表达式i ＝0.05sin 100πt (A)，选项D 错误．答案：A二、双项选择题(本题共6小题，每题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中有两个选项正确，全部选对得6分，漏选得3分，错选或不选得0分．)6．一个矩形线圈在匀强磁场中匀角速度转动，产生交变电动势的瞬时值表达式为e ＝102sin 4πt (V)，则( )A ．该交变电动势的频率为2 HzB ．零时刻线圈平面与磁场垂直C ．t ＝0.25 s 时，e 达到最大值D ．在1 s 时间内，线圈中电流方向改变100次解析：由题中给出的电动势的表达式可以得到该交变电动势的角速度是4π，由角速度和周期、频率的关系ω＝2πT＝2πf 得到此交变电动势的频率为2 Hz ，周期是0.5 s ，所以选项A 正确．周期是0.5 s ，所以1 s 内线圈中的电流方向改变4次，选项D 错误．代入表达式t ＝0.25 s ，得到e ＝0，选项C 错误．零时刻，电动势为零，此时穿过线圈的磁通量最大，选项B 正确．综上所述，本题的正确选项为A 、B.答案：AB7．某小型发电机产生的交变电动势为e ＝50sin 100πt (V)．对此电动势，下列表述正确的有( )A ．最大值是50 2 VB ．频率是100 HzC ．有效值是25 2 VD ．周期是0.02 s解析：从中性面开始计时，交变电动势的表达式为e ＝E m sin ωt ，因e ＝50sin 100πt (V)，所以最大值E m ＝50 V ，A 错误．由ω＝2πf ＝100π rad/s 得f ＝50 Hz ，B 错误．有效值E ＝E m2＝25 2 V ，C 正确．T ＝1f ＝0.02 s ，D 正确．答案：CD 8．如图所示，低温雨雪冰冻天气造成我国部分地区严重受灾，其中高压输电线因结冰而损毁严重．为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．若在正常供电时，高压线上送电电压为U ，电流为I ，热耗功率为ΔP ；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9ΔP ，则除冰时(认为输电功率和输电线电阻不变)( )A ．输电电流为3IB ．输电电流为9IC ．输电电压为3UD ．输电电压为13U解析：高压线上的热耗功率ΔP ＝I 2R 线① 若热耗功率变为9ΔP ，则9ΔP ＝I ′2R 线② 由①②得I ′＝3I ，A 对．又输送功率不变，由P ＝UI ＝U ′I ′， 得U ′＝13U ，所以D 对．答案：AD 9．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为4∶1，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中R t 为热敏电阻(其随温度升高电阻变小)，R 为定值电阻．下列说法正确的是( )A ．副线圈两端电压的瞬时值表达式为u ＝92sin 50πt (V)B ．t ＝0.02 s 时电压表V 2的示数为9 VC ．变压器原、副线圈中的电流之比和输入、输出功率之比均为1∶4D ．R t 处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V 2的示数不变解析：由题中图乙可知U 1＝36 V ，T ＝2×10－2s ，由U 1U 2＝n 1n 2得U 2＝9 V ，所以副线圈两端电压的瞬时值表达式为 u ＝92sin 100πt (V)，A 选项错；电压表示数为有效值，故B 选项正确；由变压器原、副线圈电流关系及输入、输出功率关系知，C 选项错；当R t 处温度升高时R t 电阻变小，U 2不变，副线圈中电流I 2变大，故D 选项正确．答案：BD10．对电容器能通交变电流的原因，下列说法正确的是( )A ．当电容器接到交流电源上时，因为有自由电荷通过电容器，电路中才有交变电流B ．当电容器接到交流电源上时，电容器交替进行充电和放电，电路中才有交变电流C ．在有电容器的交流电路中，没有电荷定向移动D ．在有电容器的交流电路中，没有电荷通过电容器解析：电容器实质上是通过反复充、放电来实现通电的，并无电荷流过电容器． 答案：BD11．(2013·高考江苏物理)如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片P 处于图示位置时，灯泡L 能发光．要使灯泡变亮，可以采取的方法有( )A ．向下滑动PB ．增大交流电源的电压C ．增大交流电源的频率D ．减小电容器C 的电容解析：要使灯泡变亮，可以采取的方法有：向上滑动P ，或增大交流电源的电压，增大交流电源的频率，或增大电容器C 的电容，选项B 、C 两项正确，A 、D 两项错误．答案：BC三、非选择题(本大题2小题，共44分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．)12．(20分)如图所示，在匀强磁场中有一个“π”形导线框可绕AB 轴转动，已知匀强磁场的磁感应强度B ＝52π T ，线框的CD 边长为20 cm ，CE 、DF 长均为10 cm ，转速为50 r/s.若从图示位置开始计时：(1)写出线框中感应电动势的瞬时值表达式；(2)在et 坐标系中作出线框中感应电动势随时间变化关系的图象．解析：(1)线圈转动，开始计时的位置为线圈平面与磁感线平行的位置，在t 时刻线框转过的角度为ωt ，此时刻，e ＝Bl 1l 2ω cos ωt ，即e ＝BS ω cos ωt .其中B ＝52π T ，S ＝0.1×0.2 m 2＝0.02 m 2，ω＝2πn ＝2π×50 rad/s＝100π rad/s. 故e ＝52π×0.02×100πcos 100πt (V)，即：e ＝102cos 100πt (V)．(2)线框中感应电动势随时间变化关系的图象如图所示：答案：(1)e ＝102cos 100πt (V) (2)见解析图13.(24分)如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图．其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO ′匀速转动，线圈的匝数n ＝100，电阻r ＝10 Ω，线圈的两端经集流环与电阻R 连接，电阻R ＝90 Ω，与R 并联的交流电压表为理想电表．在t ＝0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t 按图乙所示正弦规律变化．求：(1)交流发电机产生的电动势最大值； (2)电路中电压表的示数； (3)R 上的热功率．解析：(1)交流发电机产生电动势的最大值：E m ＝nBS ω而Φm ＝BS ，ω＝2πT ，所以E m ＝2n πΦm T.由Φ－t 图线可知：Φm ＝2.0×10－2WbT ＝6.28×10－2s ，所以E m ＝200 V.(2)电动势的有效值E ＝E m2＝100 2 VU ＝R R ＋r E ＝90100×1002V ＝90 2 V ＝127.3 V. (3)R 上的功率为：PR ＝U 2R＝2290W ＝180 W.答案：(1)200 V (2)127.3 V (3)180 W。

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最新人教版高中物理选修3-2第五章《交变电流单元测试本过关检测》

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本章过关检测(时间90分钟,满分100分)一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.图中矩形线圈abcd 在匀强磁场中以ad 边为轴匀速转动，产生的电动势瞬时值为e ＝ 5sin20t V ，则以下判断正确的是（ ）A.此交流电的频率为10/πHzB.当线圈平面与中性面重合时，线圈中的感应电动势为5 VC.当线圈平面与中性面垂直时，线圈中的感应电流为0D.线圈转动一周，感应电流的方向改变一次2.交流发电机正常工作时产生的电动势 e ＝ E m sinωt ，若线圈匝数减为原来的一半，而转速增为原来的2倍，其他条件不变，则产生的电动势的表达式为（ ） A.e ＝E m sinωt B.e ＝2E m sinωt C.e ＝2E m sin2ωt D.e ＝E m sin2ωt 3.理想变压器正常工作时，原线圈一侧与副线圈一侧相同的物理量是（ ）A.频率B.电压C.电流D.电功率4.理想变压器正常工作时，若增加接在副线圈两端的负载，则（ ）A.副线圈中电流增大B.副线圈输出的电功率增大C.原线圈中电流增大D.原线圈输入的电功率增大 5.一交变电流的图象如图所示，由图可知（ ）A.用电流表测该电流示数为10 AB.该交变电流的频率为100 HzC.该交变电流通过10 Ω的电阻时，电阻消耗的电功率为1 000 WD.该交变电流瞬时值表达式为tA i 628sin 210 6.如图所示的电路，G 为一交流发电机，C 为平行板电容器.为使安培表示数增加，可行的办法是（ ）A.使发电机的转速增加B.使发电机的转速减少C.在平行板电容器间换用介电常数较小的电介质D.使电容器两极板间距离增大7.发电厂发电机的输出电压为U 1，发电厂至学校的输电导线总电阻为R ，通过导线的电流为I ，学校得到的电压为U 2.则输电线上损耗的功率可表示为（ ）A.RU 21B.R U U 221)(C.IU 1D.I(U 1－U 2)8.如图所示的电路图中，变压器是理想变压器，原线圈匝数n 1＝600匝，装有0.5 A 的保险丝，副线圈的匝数n 2＝120匝.要使整个电路正常工作，当原线圈接在180 V 的交流电源上，则副线圈（ ）A.可接耐压值为36 V 的电容器B.可接“36 V 40 W”的安全灯两盏C.可接电阻为14Ω的电烙铁D.可串联量程为3 A 的电流表测量其电路的总电流9.有两个输出电压相同的交流电源，第一个电源外接一个电阻R 1，第二个电源外接一个变压器，变压器的初级线圈匝数为n 1，次级线圈的匝数为n 2，变压器的负载为一个电阻R 2，测得两个电源的输出功率相等.则此两电阻大小之比 R 1∶R 2为( )A.n 1∶n 2B.n 12∶n 22C.n 2∶n 1D.n 22∶n 1210.如图所示，理想变压器初、次级线圈分别接有完全相同的灯泡A 、B ，且初、次级线圈的匝数之比N 1∶N 2＝2∶1，交流电源电压为U ，则灯B 两端的电压为( )A.U/2B.2UC.U/5D.2U/5 二、填空题（共10分）11.为了测定和描绘“220 V 40 W”白炽电灯灯丝的伏安特性曲线，可以利用调压变压器供电.调压变压器是一种自耦变压器，它只有一组线圈Ｌ，绕在闭合的环形铁心上，输入端接在220 V 交流电源的火线与零线间，输出端有一个滑动触头P ，移动它的位置，就可以使输出电压在０～250 V 之间连续变化，图中画出的是调压变压器的电路图符号.实验室内备有交流电压表、交流电流表、滑动变阻器、开关、导线等实验器材.（1）在图中完成实验电路图.（2）说明按你的实验电路图进行测量，如果电表内阻的影响不能忽略，在电压较高段与电压较低段相比较，__________段的误差更大，因为_____________。

高中物理第五章交变电流章末检测卷新人教版选修3-2(new)

高中物理第五章交变电流章末检测卷新人教版选修3-2(new)

第五章交变电流(时间：90分钟满分：100分）一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的）1．如图1所示，矩形线圈abcd放在匀强磁场中,ad＝bc＝l1，ab＝cd＝l2。

从图示位置起该线圈以角速度ω绕不同转轴匀速转动，则（）图1A．以OO′为转轴时，感应电动势e＝Bl1l2ωsin ωtB．以O1O1′为转轴时，感应电动势e＝Bl1l2ωsin ωtC．以OO′为转轴时，感应电动势e＝Bl1l2ωcos ωtD．以OO′为转轴跟以ab为转轴一样，感应电动势e＝Bl1l2ωsin ωt答案C解析以O1O1′为轴转动时,磁通量不变,不产生交变电流．无论以OO′为轴还是以ab为轴转动，感应电动势的最大值都是Bl1l2ω。

由于是从与磁场平行的面开始计时，产生的是余弦式交变电流，故C正确．2．中国已投产运行的 1 000 kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程．假设甲、乙两地原来用500 kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P。

在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1 000 kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为( ）A。

错误! B。

错误! C．2P D．4P答案A解析在超高压输电中,设输送电功率为P′，输电电压为U,输电线总电阻为R，则输电线上损耗的电功率为P＝错误!2R，当输电电压升为原来的2倍时,输电线上损耗的电功率变为原来的错误!，故选A。

3．一交流发电机,当转速为n1时，其交变电动势e＝220sin （100πt） V，现有如下的说法，其中正确的是（)A．在t＝0时，线圈中的磁通量为0B．该交流发电机线圈的转速为50 r/sC．若加在标有“220 V100 W”的灯泡的两端，灯泡能正常发光D．若线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值增大一倍而频率不变答案B解析因为交变电流的瞬时值表达式为e＝E m sin ωt,其中E m＝nBSω表示最大值,ω＝2πf.当转速用r/s作为单位时，转速与频率的数值相等．最大值为有效值的错误!倍，则该电动势的最大值为220 V，而灯泡的标注值是有效值，所以选项C、D错误，选项B正确．当t＝0时，e＝0,此时线圈处于中性面的位置，磁通量最大,因此选项A错误．4. 如图2所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20∶1，原线圈接正弦交流电源，副线圈接入“220 V60 W”灯泡一只，且灯泡正常发光，则 ( ）图2A．电流表的示数为错误! AB．电源输出功率为1 200 WC．电流表的示数为错误! AD．原线圈两端电压为11 V答案C解析副线圈电压U2＝220 V，电流I2＝错误!＝错误! A，则原线圈两端电压U1＝错误!＝4 400 V,电流I1＝错误!＝错误! A，所以电流表的示数为错误! A，选项A、D错误,C正确．电源输出功率等于灯泡消耗的功率,为60 W，选项B错误．5. 如图3所示,线框匝数为N，面积为S，以角速度ω绕垂直磁感应强度为B的匀强磁场的轴匀速转动．线框的电阻、电感均不计，外电路接有电阻R、理想电流表和二极管D。

《金版教程》2018-2019学年人教版高中物理选修3-2检测：第五章《交变电流》5-3b Word版含解析

《金版教程》2018-2019学年人教版高中物理选修3-2检测：第五章《交变电流》5-3b Word版含解析

04课后提升考能1．(多选)下列关于扼流圈的说法中正确的是( )A．扼流圈是利用电感阻碍交变电流的作用制成的B．低频扼流圈用来“通低频、阻高频”C．高频扼流圈用来“通直流、阻交流”D．高频扼流圈对低频交变电流的阻碍作用小，对高频交变电流的阻碍作用很大答案AD解析低频扼流圈用来通直流、阻交流(对低频电流阻碍作用很大)。

而高频扼流圈对高频电流阻碍作用很大，对低频电流阻碍作用较小。

高频扼流圈的自感系数较小，低频扼流圈的自感系数较大，故A、D正确。

2．直流电源的电压与交流电压的有效值相同，自感线圈的直流电阻不计，则灯泡发光最强的图是( )答案 D解析电容器C、电感器L都对交变电流有阻碍作用，故A、B两图中灯不是最亮的；C图中灯被短路，不亮；D图中电容器C有隔直流作用。

所以D中灯泡最亮。

3．[2018·金华高二检测]如图所示的电路中，正弦交流电源电压的有效值为220 V，则关于交流电压表的示数，以下说法中正确的是( )A．等于220 V B．大于220 VC．小于220 V D．等于零答案 C解析电感对交变电流有阻碍作用，将起到分压的作用，故灯泡的电压即电压表的示数小于220 V，C项正确。

4．(多选)对交变电流能够通过电容器的正确理解是( )A．在有电容器的交流电路中，没有电荷定向移动B．在有电容器的交流电路中，有电荷定向移动C．当电容器接到交变电源上时，电容器交替进行充、放电，电路中才有交变电流D．当电容器接到交变电源上时，因为有自由电荷通过电容器，电路中才有交变电流答案BC解析电容器能够通过交变电流，是通过电容器交替充、放电而进行的，实际上自由电荷并没有通过电容器两极板间的绝缘介质，故C对，D错；既然电容器交替充、放电，电路中就有了电荷的定向移动，故B对，A 错。

5．(多选)如图所示，“二分频”音箱内有两个不同口径的扬声器，它们的固有频率分别处于高音、低音频段，分别称为高音扬声器和低音扬声器。

金版学案物理(人教版)选修3-2试题：第五章3电感和电容对交变电流的影响

金版学案物理(人教版)选修3-2试题：第五章3电感和电容对交变电流的影响

第五章交变电流3 电感和电容对交变电流的影响A级抓基础1．(多选)对于扼流圈的以下说法，正确的是()A．扼流圈是利用电感阻碍交变电流的作用制成的B．低频扼流圈用来“通低频、阻高频”C．高频扼流圈用来“通直流、阻交流”D．高频扼流圈对低频交变电流阻碍作用较小，对高频交变电流的阻碍作用很大解析：低频扼流圈用来通直流、阻交流，对低频电流阻碍作用也很大．而高频扼流圈是对高频电流阻碍作用很大，对低频电流阻碍作用较小，高频扼流圈的自感系数较小，低频扼流圈的自感系数较大．答案：AD2．一个灯泡通过一个粗导线的线圈与一交流电源相连接，如图所示．一铁棒插进线圈后，该灯将()A．变亮B．变暗C．对灯的亮度没影响D．无法判断解析：在线圈内由于磁场变化而产生的感应电动势，总是阻碍电流变化，正是这种阻碍变化的特性，使线圈产生了感抗．加入铁芯改变了电感线圈的自感系数，使自感系数增大，感抗增大，降落的电压增大，灯泡两端的电压减小，所以灯变暗．答案：B3．(多选)对交变电流通过电容器的理解正确的是()A．交变电流能够使电容器极板间的绝缘介质变成导体B．交变电流定向移动的电荷通过电容器两极板间的绝缘介质C．交变电流能够使电容器交替进行充电、放电，电路中就有了电流，表现为交变电流通过了电容器D．交变电流通过了电容器，实际上自由电荷并没有通过电容器极板间的绝缘介质(击穿除外)解析：电流能“通过”电容器，并非自由电荷真的通过电容器两极板间的绝缘介质，而是交变电流交替对电容器充电、放电，电路中有了电流，表现为交变电流通过了电容器．答案：CD4．(多选)如图所示，甲、乙两图中用交流电源，丙、丁两图中用直流电源，各电路图中灯泡、电容器、电压表示数都相同，则下列说法正确的是()A．灯L1比灯L2亮B．灯L3也能发光，但亮度最暗C．灯L2和L4亮度相同D．灯L4比灯L1亮解析：电压表示数相同，说明交流电压的有效值相同．甲图中电容器与灯L1串联，电容器对电流有阻碍作用；乙图中电容器与灯L2并联，交变电流全部流过灯L2；丙图中电容器与灯L3串联且是直流电源，电容器隔直通交．所以没有电流流过灯L3，灯L3不亮；丁图中电容器与灯L4并联，电流全部流过灯L4.综合以上分析，C、D两项正确．答案：CDB级提能力5．如图所示把电阻、电感、电容并联到某一交流电源上，三个电流表示数相同，若保持电源电压不变，而将频率加大，则三个电流表的示数I1、I2、I3的大小关系是()A．I1＝I2＝I3B．I1>I2>I3C．I2>I1>I3D．I3>I1>I2解析：原来三个电流表的示数相同，说明三个支路中的电阻、感抗、容抗相等，当交变电流的频率加大时，电阻的值不变，感抗变大，容抗减小，因此I1不变，I2减小，I3增大，即有I3>I1>I2，故选项D 正确．答案：D6．(多选)从某一装置输出的交流电常常既有高频成分，又有低频成分．如果只需要把低频成分输送到下一级装置，可采用的电路是()A B C D解析：电容器有通高频、阻低频的作用，所以电容器应并联使用，A对；电感器有阻高频、通低频的作用，所以电感器应串联在电路中，D对．答案：AD7．如图所示，线圈的自感系数L和电容器的电容C都很小(如L ＝1 mH，C＝200 pF)，此电路的重要作用是()A．阻直流通交流，输出交流B．阻交流通直流，输出直流C．阻低频通高频，输出高频交流D．阻高频通低频，输出低频交流和直流解析：线圈的作用是“通直流、阻交流，通低频、阻高频”．电容的作用是“通交流、隔直流，通高频、阻低频”．因线圈自感系数L很小，所以对低频成分的阻碍作用很小，这样，直流和低频成分能顺利通过线圈；电容器并联在电路中，起旁路作用，因电容器C很小，对低频成分的阻碍作用很大，而对部分通过线圈的高频成分阻碍作用很小，被它滤掉，最终输出的是低频交流和直流．答案：D8．(多选)如图所示的实验电路中，若交流电压的有效值与直流电压相等，S为双刀双掷开关，下列叙述中正确的是()A．当S掷向a、b时灯较亮，掷向c、d时灯较暗B．当S掷向a、b时灯较暗，掷向c、d时灯较亮C．S掷向c、d，把电感线圈中的铁芯抽出来时灯变亮D．S掷向c、d，电源电压不变，而使频率减小时灯变暗解析：线圈对恒定电流无感抗，对交变电流有感抗，并且有铁芯时感抗变大．故选项A、C正确．答案：AC精美句子1、善思则能“从无字句处读书”。