高中物理 第1章 电场 第6节 示波器的奥秘学案 粤教版选修3-1

- 1 - 第六节 示波器的奥秘

[学习目标] 1.掌握带电粒子在电场中的加速、偏转规律并分析其加速度、速度和位移等物理量的变化．(重点) 2.掌握带电粒子在电场中加速、偏转时的能量转化．(重点、难点)

3.了解示波器的工作原理，体会静电场知识对科学技术的影响．

一、带电粒子的加速

1．基本粒子的受力特点：对于质量很小的基本粒子，如电子、质子等，虽然它们也会受到万有引力(重力)的作用，但万有引力(重力)一般远小于静电力，可以忽略．

2．带电粒子加速问题的处理方法：利用动能定理分析．

初速度为零的带电粒子，经过电势差为U的电场加速后，qU＝12mv2，则v＝2qUm．

二、带电粒子的偏转(垂直进入匀强电场)

1．运动特点

- 2 - (1)垂直电场方向：不受力，做匀速直线运动．

(2)沿着电场方向：受恒定的电场力，做初速度为零的匀加速直线运动．

2．运动规律

三、示波器探秘

1．构造

示波管是示波器的核心部件，外部是一个抽成真空的玻璃壳，内部主要由电子枪(发射电子的灯丝、加速电极组成)、偏转电极(由一对X偏转电极板和一对Y偏转电极板组成)和荧光屏组成，如图所示．

2．原理

(1)扫描电压：XX′偏转电极接入的是由仪器自身产生的锯齿形电压．

(2)灯丝被电源加热后，出现热电子发射，发射出来的电子经加速电场加速后，以很大的速度进入偏转电场，如在Y偏转板上加一个信号电压，在X偏转板上加一扫描电压，在荧光

- 3 - 屏上就会出现按Y偏转电压规律变化的可视图象．

1．正误判断

(1)带电粒子在电场中加速时，不满足能量守恒． (×)

(2)带电粒子在匀强电场中一定做类平抛运动． (×)

(3)带电粒子在匀强电场中偏转时，粒子做匀变速曲线运动． (√)

(4)示波器是带电粒子加速和偏转的综合应用． (√)

(5)电视机光屏越大，则偏转电压对应也较大． (√)

2．下列粒子从初速度为零的状态经过电压为U的电场加速后，粒子速度最大的是( )

A．质子 B．氘核

C．氦核 D．钠离子

A [由动能定理得qU＝12mv2，v＝ 2qUm，所以比荷qm大的速度大，A正确．]

3．(多选)示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的( )

- 4 -

A．极板X应带正电 B．极板X′应带正电

C．极板Y应带正电 D．极板Y′应带正电

AC [由题意电子偏到XOY的区域，则在偏转电极YY′上应向右上运动，故Y板带正电，C正确，D错误；在偏转电极XX′上应向右运动，故X板带正电，A正确，B错误．]

- 5 - 带电粒子在电场中的加速运动

1.关于带电粒子在电场中的重力

(1)基本粒子：如电子、质子、α粒子、离子等，除有说明或有明确的暗示以外，此类粒子一般不考虑重力(但并不忽略质量)．

(2)带电微粒：如液滴、油滴、尘埃、小球等，除有说明或有明确的暗示以外，一般都不能忽略重力．

2．问题处理的方法和思路

(1)分析方法和力学的分析方法基本相同：先分析受力情况，再分析运动状态和运动过程(平衡、加速、减速；直线还是曲线)，然后选用恰当的规律解题．

(2)解决这类问题的基本思路是：

①用运动和力的观点：牛顿定律和运动学知识求解；

②用能量转化的观点：动能定理和功能关系求解．

3．应用动能定理处理这类问题的思路(粒子只受电场力)

(1)若带电粒子的初速度为零，则它的末动能12mv2＝qU，末速度v＝2qUm.

(2)若粒子的初速度为v0，则12mv2－12mv20＝qU，末速度v＝v20＋2qUm.

【例1】 (多选)如图所示为示波管中电子枪的原理示意图，示波管内被抽成真空．A为发射电子的阴极，K为接在高电势点的加速阳极，A、K间电压为U，电子离开阴极时的速度可以忽略，电子经加速后从K的小孔中射出时的速度大小为v.下面的说法中正确的是( )

- 6 -

A． 如果A、K间距离减半而电压仍为U，则电子离开K时的速度仍为v

B．如果A、K间距离减半而电压仍为U，则电子离开K时的速度变为v/2

C．如果A、K间距离不变而电压减半，则电子离开K时的速度变为22v

D．如果A、K间距离不变而电压减半，则电子离开K时的速度变为v/2

AC [根据动能定理得eU＝12mv2，得v＝2eUm可知，v与A、K间距离无关，则若A、K间距离减半而电压仍为U不变，则电子离开K时的速度仍为v，故A正确，B错误；根据v＝2eUm可知电压减半时，则电子离开K时的速度变为22v，故C正确，D错误．]

1.如图所示，M和N是匀强电场中的两个等势面，相距为d，电势差为U，一质量为m(不计重力)、电荷量为－q的粒子，以速度v0通过等势面M射入两等势面之间，则该粒子穿过等

- 7 - 势面N的速度应是( )

A．2qUm B．v0＋ 2qUm

C．v20＋2qUm D．v20－2qUm

C [由动能定理得qU＝12mv2－12mv20，解得v＝v20＋2qUm，选项C正确．]

带电粒子在匀强电场中的偏转问题

1.基本规律

- 8 -

(1)初速度方向速度：vx＝v0位移：x＝v0t

(2)电场线方向速度：vy＝at＝qUmd·lv0位移：y＝12at2＝12·qUmd·l2v20

(3)离开电场时的偏转角：tan α＝vyv0＝qUlmdv20

(4)离开电场时位移与初速度方向的夹角：tan β＝yl＝qUl2mv20d.

2．几个常用推论

(1)tan α＝2tan β.

(2)粒子从偏转电场中射出时，其速度反向延长线与初速度方向延长线交于沿初速度方向分位移的中点．

(3)以相同的初速度进入同一个偏转电场的带电粒子，不论m、q是否相同，只要qm相同，即荷质比相同，则偏转距离y和偏转角α相同．

(4)若以相同的初动能Ek0进入同一个偏转电场，只要q相同，不论m是否相同，则偏转距离y和偏转角α相同．

(5)不同的带电粒子经同一加速电场加速后(即加速电压相同)，进入同一偏转电场，则偏转距离y和偏转角α相同y＝U2l24U1d，tan α＝U2l2U1d.

【例2】 如图所示，在两条平行的虚线内存在着宽度为L、电场强度为E的匀强电场，在与右侧虚线相距也为L处有一与电场平行的屏．现有一电荷量为＋q、质量为m的带电粒子(重力不计)，以垂直于电场线方向的初速度v0射入电场中，v0方向的延长线与屏的交点为O.

- 9 - 试求：

(1)粒子从射入电场到打到屏上所用的时间？

(2)粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值tan α.

(3)粒子打到屏上的点P到O点的距离x.

思路点拨：(1)带电粒子在匀强电场中做类平抛运动．

(2)带电粒子在右侧虚线的右侧做匀速直线运动．

(3)粒子在水平方向的速度始终为v0.

[解析] (1)根据题意，粒子在垂直于电场线的方向上做匀速直线运动，所以粒子从射入电场到打到屏上所用的时间t＝2Lv0.

(2)设粒子射出电场时沿平行电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律，粒子在电场中的加速度为a＝Eqm，所以vy＝aLv0＝qELmv0，所以粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切值为tan α＝vyv0＝qELmv20.

(3)方法一：设粒子在电场中的偏转距离为y，

则y＝12aLv02＝qEL22mv20，又x＝y＋Ltan α，解得：x＝3qEL22mv20.

方法二：x＝vyLv0＋y＝3qEL22mv20.

方法三：由xy＝L＋L2L2得x＝3y＝3qEL22mv20.

- 10 - [答案] (1)2Lv0 (2)qELmv20 (3)3qEL22mv20

计算粒子打到屏上的位置离屏中心的距离Y的四种方法

(1)Y＝y＋dtan θ(d为屏到偏转电场的水平距离)．

(2)Y＝L2＋dtan θ(L为电场宽度)．

(3)Y＝y＋vy·dv0.

(4)根据三角形相似：Yy＝L2＋dL2.

训练角度1.不同粒子的偏转比较

- 11 - 2.如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的小球，从带电的平行板电容器极板左侧中央以相同的水平速度v0垂直于电场线方向射入匀强电场中．在重力、电场力共同作用下，三球沿不同的轨道运动，最后都落到极板上，则( )

A．三个粒子在电场中运动的时间相同

B．A粒子带负电

C．三者落在板上的动能关系为EkC>EkB>EkA

D．三者都做平抛运动

C [粒子在水平方向做初速度相同的匀速运动，水平位移越大运动时间越长，故运动的时间tA>tB>tC；在竖直方向做匀加速运动，侧向位移y＝12at2，且三者侧向位移一样，故加速度aC>aB>aA，静电力与重力的合力关系为FC>FB>FA，即C带负电、B不带电、A带正电．由于合力做功WC>WB>WA，根据动能定理，粒子动能的增加量为EkC>EkB>EkA.]

训练角度2.带电粒子先加速再偏转

3．如果质子经一加速电压加速(U＝5 000 V)，如图所示，从中间位置垂直进入一匀强电场(d＝1.0 cm，l＝5.0 cm)，偏转电压U′＝400 V．质子能飞出电场吗？如果能，偏移量是多大？

- 12 -

[解析] 在加速电场：qU＝12mv20 ①

在偏转电场：l＝v0t ②

a＝Fm＝qU′md ③

偏移量y＝12at2 ④

由①②③④得：y＝U′l24Ud

上式说明y与q、m无关，

解得y＝0.5 cm＝d2

即质子恰好从板的右边缘飞出

[答案] 能 0.5 cm