高一物理下册 期末精选单元测试卷(解析版)

2024年下学期期末测试卷高一物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．测试范围：人教版（2019）必修第二册全部、选修性必修第一册第1章。

5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．图是某-家用体育锻炼的发球机，从同一点沿不同方向发出A、B两球，返回同一水平面时，两球落至同一位置。

如果不计空气阻力，关于两球的运动，下列说法正确的是（）A．两球运动至最高点时，两球速度相等B．两球运动过程中，A加速度大于B球加速度C．两球飞行时间相等D．从抛出至落回同一水平面，A球速度变化量大于B球速度变化量2．研究乒乓球发球问题，设球台长2L，网高h，如图乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力（设重力加速度为g），从A点将球水平发出，刚好过网，在B点接到球，则下列说法正确的是（）A．网高4Lh =B．发球时的水平初速度02gv Lh=C．球落到球台上时的速度2v gh=D．球从A→B所用的时间24htg'=3．如图所示，一同学表演荡秋千，已知秋千的两根绳长均为4m，该同学质量为50kg，绳和踏板的质量忽略不计，当该同学荡到秋千支架的正下方时，踏板速度大小为4m/s，此时每根绳子平均承受的拉力最接近（）A ．100N B．200N C．330N D．360N4．如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比R B∶R C＝3∶2，A轮的半径大小与C轮的相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来。

高一物理下学期期末考试试题（含解析）一、单选题（共48分，每题4分）1. 如图所示，在用力F 拉小船向河岸匀速靠拢的过程中，若水的阻力保持不变，则下列说法中正确的是（ ）A. 小船受到的浮力增大B. 小船受到的浮力不变C. 船所受合外力不断增大D. 绳子拉力F 不断增大 【答案】D 【解析】【详解】C ．对小船进行受力分析，如题目图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零，故C 错误；ABD ．设拉力与水平方向的夹角为θ，有cos F f θ=sin F F mg θ+=浮船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，可知，绳子的拉力F 不断增大，拉力F 增大，sin θ增大，所以船的浮力不断减小，故D 正确，AB 错误。

故选D 。

2. 如图所示，在网球网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H 处，将球以某一速度沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L ，重力加速度取g ，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（ ）A. 可求出球落地的时间B. 能求出人对球所做的功C. 球从击球点至落地点的位移等于LD. 球落地时的速度与H 无关 【答案】A 【解析】【详解】A ．由平抛规律知212H gt =，可求出球落地的时间，A 正确； B ．水平位移0L v t =，可求出平抛初速度，但质量不知，不能求出球的初动能，所以不能求出人对球所做的功，B 错误；C 22L H +C 错误；D ．由动能定理2201122mgH mv mv =- 球落地时的速度与H 有关，D 错误。

故选A 。

3. 以30m/s 的初速度水平抛出一质量为0.1kg 的物体，物体从抛出点到落在水平地面上的时间为4s,不计空气阻力，g 取10m/s 2.下列说法正确的是（ ） A. 物体抛出点离地面的高度为120mB. 物体落地时速度方向与水平方向的夹角的正切值为43C. 物体落地前瞬间重力的瞬时功率为40WD. 物体在空中运动的总路程为200m 【答案】C 【解析】【详解】A ．平抛运动的时间和竖直方向上的时间相同，而物体在竖直方向上做自由落体运动，根据212h gt =可知 21104m 80m 2h =⨯⨯=A 错误；B ．落地时的速度与水平方向的夹角的正切值为0404tan 303gt v θ===B 错误；C ．物体落地前的瞬间重力的瞬时功率为0.11040W 40W y P mgv ==⨯⨯=C 正确；D ．物体在空中运动的总路为轨迹的长度，不是水平位移位移与竖直位移之和，D 错误。

高一下册物理 期末精选单元测试卷（含答案解析）一、第五章 抛体运动易错题培优（难）1．如图所示，一小球从一半圆轨道左端A 点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点。

O 为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R ，OB 与水平方向夹角为30°，重力加速度为g ，不计空气阻力，则小球抛出时的初速度大小为（ ）A (323)6gR +B 332gRC (13)3gR +D 33gR【答案】A 【解析】 【分析】根据题意，小球在飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点，可知速度的方向与水平方向成600角，根据速度方向得到平抛运动的初速度与时间的关系，再根据水平位移与初速度及时间的关系，联立即可求得初速度。

【详解】小球在飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点，可知速度的方向与水平方向成60°角，则有0tan60y v v =竖直方向y gt =v水平方向小球做匀速直线运动，则有0cos30R R v t +=联立解得0(323)6gRv +=故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

【点睛】解决本题的关键是掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住速度方向，结合位移关系、速度关系进行求解。

2．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度A．大小和方向均不变B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均改变【答案】A【解析】【分析】【详解】橡皮参与了水平向右和竖直向上的分运动，如图所示，两个方向的分运动都是匀速直线运动，v x和v y恒定，则v合恒定，则橡皮运动的速度大小和方向都不变，A项正确．3．如图所示，在固定的斜面上A、B、C、D四点，AB=BC=CD。

三个相同的小球分别从A、B、C三点以v1、v2、v3的水平速度抛出，不计空气阻力，它们同时落在斜面的D点，则下列判断正确的是（）A．A球最后才抛出B．C球的初速度最大C．A球离斜面最远距离是C球的三倍D．三个小球落在斜面上速度方向与斜面成30 斜向右下方【答案】C【解析】【详解】A ．设球在竖直方向下降的距离为h ，三球水平抛出后，均做平抛运动，据212h gt =可得，球在空中飞行的时间t =所以A 球在空中飞行时间最长，三球同时落在斜面的D 点，所以A 球最先抛出，故A 项错误；B ．设球飞行的水平距离为x ，三球水平抛出后，球在水平方向做匀速直线运动，则球的初速度0tan30h x v t t ︒===C 球竖直下降的高度最小，则C 球的初速度最小，故B 项错误；C ．将球的运动分解成垂直于斜面和平行于斜面可得，球在垂直斜面方向的初速度和加速度分别为0sin30v v ⊥=︒，cos30a g ⊥=︒当球离斜面距离最远时，球垂直于斜面的分速度为零，球距离斜面的最远距离2220sin 3022cos30v v d h a g ⊥⊥︒===︒A 球在竖直方向下降的距离是C 球的三倍，则A 球离斜面最远距离是C 球的三倍，故C 项正确；D ．三球水平抛出，最终落在斜面上，则2012tan30gt v t=︒ 设球落在斜面上速度方向与水平面成α角，则tan y v gt v v α==解得tan 2tan30α=︒=所以球落在斜面上速度方向与水平面夹角不是60︒，即球落在斜面上速度方向与斜面不是成30︒斜向右下方，故D 项错误。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕期末物理试卷〔〕一、单项选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．发现万有引力律和测出引力常量的家分别是〔〕A．牛顿、卡文迪许 B．伽利略、卡文迪许C．开普勒、牛顿 D．第谷、伽利略2．一个物体的运动由水平方向加速a1=4m╱s2和竖直方向加速a2=3m╱s2的两个分运动组成，以下关于这个物体实际运动加速度的大小说法正确的选项是〔〕A．加速度的大小为7m╱s2B．加速度的大小为1m╱s2C．加速度的大小为5m╱s2D．加速度的大小在1﹣7m╱s2之间3．从“神舟号〞载人飞船的发射可以预见，随着员在轨道舱内停留时间的增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节．轨道舱处于完全失重状态，以下器材适员在轨道舱中进行锻炼的是〔〕A．哑铃 B．跑步机 C．单杠 D．弹簧拉力器4．如下图，玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动〔假设忽略摩擦〕，这时球受到的力是〔〕A．重力和向心力 B．重力和支持力C．重力、支持力和向心力 D．重力5．一辆载重以某一速率在丘陵地带行驶，地形如下图，那么〔〕A．经过凸形地面A点处时，地面的支持力于的重力B．经过水平地面B点处时，地面的支持力大于的重力C．经过凹形地面C点处时，地面的支持力大于的重力D．经过斜面D点处时，地面的支持力于的重力6．如下图，r虽大于两球的半径，但两球的半径不能忽略，而球的质量分布均匀，大小分别为m1与m2，那么两球间万有引力的大小为〔〕A ．B ．C ．D ．7．根据开普勒第三律=K，关于行星的运动以下说法正确的选项是〔〕A．行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B．行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C．水星的半长轴最短，公转周期最大D．式中的K值，对于所有行星〔或卫星〕都相8．以下说法正确的选项是〔〕A．物体带电量有可能是3×10﹣19CB．感起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷9．两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固距离变为2r，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． FD ． F10．以下所述的物体在题给的运动过程中〔均不计空气阻力〕，机械能守恒的是〔〕A．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B．木箱沿光滑斜面加速下滑的过程C．人乘电梯加速上升的过程D．货物被起重机匀速上提过程11．如下图，电场中有A、B两点，它们的场强分别为E A、E B，那么以下判断正确的选项是〔〕A．E A=E B B．E A＞E BC．E A、E B的方向相同 D．E A、E B的方向不同12．以下说法中，正确的选项是〔〕A．当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少B．当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变C．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大D．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小13．用一节干电池对一个电容器充电，以下说法不正确的选项是〔〕A．充电过程中回路中有短暂的电流B．充电过程中电容器的电场能逐渐增大C．充电结束后，电容器两极板带量异种电荷D．充电结束后，电容器两极板间不存在电场14．现有两颗绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星A和B，它们的轨道半径分别为r A和r B，如果r A＜r B，那么〔〕A．卫星A的线速度比卫星B的线速度小B．卫星A的角速度比卫星B的角速度大C．卫星A的加速度比卫星B的加速度小D．卫星A的运动周期比卫星B的运动周期大二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共14分〕15．〔1〕为了研究平抛运动在水平方向的运动情况，甲同学设计了一个如图〔1〕所示的．将两个同样的倾斜轨道固在同一竖直面内，其下端水平，滑道2与光滑水平板平滑连接，把两个相同的小钢球从斜面的同一高度由静止释放，发现小球1恰能击中小球2，改变斜槽1的高度，或同步改变两小球的释放位置进行，结果依然可以击中，这说明平抛运动在水平方向的分运动是．〔2〕〔单项选择〕乙同学在研究平抛运动的轨道，装置如图〔2〕所示．关于这个，以下说法错误的选项是A．每次小球必须从同一高度静止释放B．斜槽必须光滑C．斜槽末端必须水平D．小球运动时不能与木板上的纸面相接触．16．运用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值B．由于本中的摩擦力较小，所以没必要平衡摩擦力C．通过打点计时器打下的纸带来测小车匀速运动时的速度D．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源17．在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，自由下落的重物质量为1kg，一条理想的纸带，数据如下图，单位是cm，g取m/s2，O、A之间有几个计时点没画出．〔1〕纸带的〔选填：左、右〕端与重物相连．〔2〕从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△E P= ，B点的速度v B= ，此过程中物体动能的增量△E K= ．18．一质量为m=1.0×103kg的货物被起重机由静止竖直向上吊起做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，取重力加速度g=10m/s2〔1〕2s内向上吊起4m过程中，重力对货物做的功；〔2〕重力的平均功率；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率．19．如下图，平台离水平地面的高度为H=5m，一质量为m=1kg的小球从平台上A点以某一速度水平抛出，测得其运动到B点时的速度为v B=10m/s．B点离地面的高度为h=m，取重力加速度g=10m/s2，以水平地面为零势能面．问：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为多大？〔2〕小球从A点抛出时的初速度v0为多大？〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为多大？高一〔下〕期末物理试卷〔〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．发现万有引力律和测出引力常量的家分别是〔〕A．牛顿、卡文迪许 B．伽利略、卡文迪许C．开普勒、牛顿 D．第谷、伽利略【考点】万有引力律的发现和万有引力恒量的测．【分析】万有引力律是牛顿运用开普勒有关行星运动的三大律，结合向心力公式和牛顿运动律，运用其超凡的数学能力推导出来的，因而可以说是牛顿在前人研究的根底上发现的．经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量．【解答】解：牛顿根据行星的运动规律推导出了万有引力律，经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量，故A正确，BCD错误；应选：A．2．一个物体的运动由水平方向加速a1=4m╱s2和竖直方向加速a2=3m╱s2的两个分运动组成，以下关于这个物体实际运动加速度的大小说法正确的选项是〔〕A．加速度的大小为7m╱s2B．加速度的大小为1m╱s2C．加速度的大小为5m╱s2D．加速度的大小在1﹣7m╱s2之间【考点】运动的合成和分解．【分析】加速度为矢量，矢量的合成遵守平行四边形那么，a1与a2之间夹角为90°，利用勾股理求解合加速度即可【解答】解：加速度的合成遵守平行四边形那么，由于两分加速度方向固，故合加速度为一固值，由勾股理得a===5m/s2，故C正确，ABD错误；应选：C．3．从“神舟号〞载人飞船的发射可以预见，随着员在轨道舱内停留时间的增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节．轨道舱处于完全失重状态，以下器材适员在轨道舱中进行锻炼的是〔〕A．哑铃 B．跑步机 C．单杠 D．弹簧拉力器【考点】超重和失重．【分析】想弄清楚在超重和失重的状态下哪些器材可以用，必须清楚各个器材的物理原理，看看有没有与重力有关的原因，如果有那么，哪些器材就不能使用．【解答】解：A、用哑铃锻炼身体主要就是利用哑铃的重力，在轨道舱中哑铃处于完全失重状态，它对人的胳膊没有压力的作用；故A错误；B、利用单杠锻炼身体需克服自身的重力上升，利用自身的重力下降．在完全失重状态下已没有重力可用；故B错误；C、在轨道舱中人处于失重状态，就算人站在跑步机上，但是脚对跑步机一点压力也没有．根据压力与摩擦力成正比，那么这时脚与跑步机之间没有一点摩擦力．没有摩擦力人将寸步难行．故C错误；D、弹簧拉力器锻炼的是人肌肉的伸缩和舒张力，与重力无关．故D正确．应选：D4．如下图，玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动〔假设忽略摩擦〕，这时球受到的力是〔〕A．重力和向心力 B．重力和支持力C．重力、支持力和向心力 D．重力【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力．【解答】解：玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动，受到重力和支持力作用，合力提供向心力，故ACD错误，B正确．应选：B5．一辆载重以某一速率在丘陵地带行驶，地形如下图，那么〔〕A．经过凸形地面A点处时，地面的支持力于的重力B．经过水平地面B点处时，地面的支持力大于的重力C．经过凹形地面C点处时，地面的支持力大于的重力D．经过斜面D点处时，地面的支持力于的重力【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】在凸形地面的A点和凹形地面的C点，靠竖直方向上的合力提供向心力，结合牛顿第二律比拟支持力和重力的关系，在水平面上，重力和支持力相，在斜面上，支持力和重力垂直斜面方向的分力相．【解答】解：A、在凸形地面的A点，根据牛顿第二律得，mg﹣N A =m ，那么，知支持力小于的重力，故A错误．B、在水平面B点，那么有N B=mg，故B错误．C、在凹形地面C 点，根据牛顿第二律得，，那么，知支持力大于的重力，故C正确．D、在斜面D点处，有N D=mgcosθ，θ为斜面的倾角，故D错误．应选：C．6．如下图，r虽大于两球的半径，但两球的半径不能忽略，而球的质量分布均匀，大小分别为m1与m2，那么两球间万有引力的大小为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】万有引力律及其用．【分析】根据万有引力律公式，结合两球球心间的距离求出两球间的万有引力的大小．【解答】解：两球球心间的距离为R=r+r1+r2，那么两球间的万有引力F=．故D正确，A、B、C错误．应选：D．7．根据开普勒第三律=K，关于行星的运动以下说法正确的选项是〔〕A．行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B．行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C．水星的半长轴最短，公转周期最大D．式中的K值，对于所有行星〔或卫星〕都相【考点】开普勒律．【分析】开普星运动律，各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比．注意周期是公转周期，轨道是公转轨道；【解答】解：A、由开普星运动第三律知：各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比，行星轨道的半长轴越长，公转周期越长，故A错误，B正确；C、水星的半长轴最短，公转周期最小，故C错误；D、对于绕太阳运动的行星和绕地球运动的人造卫星，中心体发生变化，律中的K值不同，故D错误．应选：B8．以下说法正确的选项是〔〕A．物体带电量有可能是3×10﹣19CB．感起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷【考点】电荷守恒律．【分析】元电荷又称“根本电量〞，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都于元电荷或者是元电荷的整数倍．由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电．感起电的实质是电荷可以从物体的一转移到另一个．【解答】解：A、元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19C，所有带电体的电荷量都于元电荷的整数倍，故AC错误；B、感起电的实质是电荷可以从物体的一转移到另一个．故B正确；D、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．遵循电荷守恒律．故D错误；应选：B．9．两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固距离变为2r，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． FD ． F【考点】库仑律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑律得：F=；接触后，各自带电量变为Q′==2Q，那么此时F′=，故C正确，ABD错误．应选：C．10．以下所述的物体在题给的运动过程中〔均不计空气阻力〕，机械能守恒的是〔〕A．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B．木箱沿光滑斜面加速下滑的过程C．人乘电梯加速上升的过程D．货物被起重机匀速上提过程【考点】机械能守恒律．【分析】解答此题明确物体机械能守恒的条件为：系统只有重力做功；或者判断系统是否只有动能和势能的相互转化．【解答】解：A、小球在竖直抛出后，只受重力作用，故机械能守恒，故A正确；B、木箱下滑时没有摩擦力，支持力不做功，只有重力做功，故机械能守恒，故B正确；C、人加速上升时，肯受到向上的作用力做功，故机械能守恒，故C错误；D、货物匀速上升，拉力于重力，拉力做功，故机械能不守恒，故D错误；应选AB．11．如下图，电场中有A、B两点，它们的场强分别为E A、E B，那么以下判断正确的选项是〔〕A．E A=E B B．E A＞E BC．E A、E B的方向相同 D．E A、E B的方向不同【考点】电场线；电场强度．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，某点的切线方向表示电场强度在该点的方向．【解答】解：由图可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度比A高．由电场线上某点的切线方向表示电场强度在该点的方向，可得E A、E B的方向不同．应选：D12．以下说法中，正确的选项是〔〕A．当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少B．当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变C．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大D．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．【分析】当电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，当电场力对电荷做负功时，电荷的电势能增大．根据功能关系分析．【解答】解：A、同种电荷间存在斥力，当两个正点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故A错误．B、同种电荷间存在斥力，当两个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故B错误．CD、异种电荷间存在引力，一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做正功，它们的电势能减小，故C错误，D正确．应选：D13．用一节干电池对一个电容器充电，以下说法不正确的选项是〔〕A．充电过程中回路中有短暂的电流B．充电过程中电容器的电场能逐渐增大C．充电结束后，电容器两极板带量异种电荷D．充电结束后，电容器两极板间不存在电场【考点】电容．【分析】任何两个彼此绝缘又相互靠近的导体都可以容纳，可看成一个电容器，电容器既能充电，也能放电；充电后两板间存在匀强电场．【解答】解：A、电容器在充电过程中会形成短暂的电流；故A正确；B、充电过程中电容器的电场能逐渐增大；故B正确；C、充电结束后，电容器两极板带量异种电荷；故C正确；D、充电结束后，电容器两极板间仍然存在电场；故D错误；此题选错误的；应选：D．14．现有两颗绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星A和B，它们的轨道半径分别为r A和r B，如果r A＜r B，那么〔〕A．卫星A的线速度比卫星B的线速度小B．卫星A的角速度比卫星B的角速度大C．卫星A的加速度比卫星B的加速度小D．卫星A的运动周期比卫星B的运动周期大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据人造卫星的万有引力于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，===mrω2=maA、v=，如果r A＜r B，那么卫星A的线速度比卫星B的线速度大，故A错误；B、ω=，如果r A＜r B，那么卫星A的角速度比卫星B的角速度大，故B正确；C、a=，如果r A＜r B，那么卫星A的加速度比卫星B的加速度大，故C错误；D 、T=2π，如果r A＜r B，那么卫星A的运动周期比卫星B的运动周期小，故D错误；应选：B．二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共14分〕15．〔1〕为了研究平抛运动在水平方向的运动情况，甲同学设计了一个如图〔1〕所示的．将两个同样的倾斜轨道固在同一竖直面内，其下端水平，滑道2与光滑水平板平滑连接，把两个相同的小钢球从斜面的同一高度由静止释放，发现小球1恰能击中小球2，改变斜槽1的高度，或同步改变两小球的释放位置进行，结果依然可以击中，这说明平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动．〔2〕〔单项选择〕乙同学在研究平抛运动的轨道，装置如图〔2〕所示．关于这个，以下说法错误的选项是 BA．每次小球必须从同一高度静止释放B．斜槽必须光滑C．斜槽末端必须水平D．小球运动时不能与木板上的纸面相接触．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】〔1〕两次做平抛运动的小球都能击中下面做匀速直线运动的小球，说明在水平方向上两小球的运动情况相同．〔2〕根据的原理以及操作中的考前须知确正确的操作步骤．【解答】解：〔1〕两次做平抛运动的小球都能击中下面做匀速直线运动的小球，说明在水平方向上两小球的运动情况相同．即：平抛运动在水平方向的分运动是匀速运动．〔2〕A、为了保证小球的初速度相，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽不一要光滑，故A正确，B错误．C、为了保证小球的初速度水平，斜槽末端必须水平，故C正确．D、为了防止摩擦改变小球的运动轨迹，小球运动时不能与木板上的纸面相接触，故D正确．此题选错误的，应选：B．故答案为：〔1〕匀速直线运动；〔2〕B．16．运用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值B．由于本中的摩擦力较小，所以没必要平衡摩擦力C．通过打点计时器打下的纸带来测小车匀速运动时的速度D．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】在探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系的中注意：n根相同橡皮筋对小车做的功就于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难；该需要平衡摩擦力以保证动能的增量是只有橡皮筋做功而来；小车最大速度即为后来匀速运动的速度．【解答】解：A、该中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同，通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难．故A正确；B、为了保证小车的动能都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜，故B错误；C、中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以该对纸带上点迹均匀匀速运动的计算速度．故C正确；D、中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以该对纸带上点迹均匀匀速运动的计算速度．不是测量小车加速阶段的平均速度，故D错误．E、中要先接通打点计时器的电源再释放纸带．故E错误．应选：AC17．在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，自由下落的重物质量为1kg，一条理想的纸带，数据如下图，单位是cm，g取m/s2，O、A之间有几个计时点没画出．〔1〕纸带的左〔选填：左、右〕端与重物相连．〔2〕从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△E P= 0.49 ，B 点的速度v B= 0.98 ，此过程中物体动能的增量△E K= 0.48 ．【考点】验证机械能守恒律．【分析】〔1〕根据相时间内的位移逐渐增大确纸带的哪一端与重物相连．〔2〕根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量．【解答】解：〔1〕知道在重物拖动下速度越来越大，相时间内的位移增大，由于AB间的距离小于BC间的距离，可知纸带的左端与重物相连．〔2〕从O到B，重力势能的减小量△E p=mgh=1××0.0501J≈0.49J，B点的瞬时速度m/s=0.98m/s，那么物体动能的增加量=J≈0.48J．故答案为：〔1〕左；〔2〕0.49，0.98，0.48．18．一质量为m=1.0×103kg的货物被起重机由静止竖直向上吊起做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，取重力加速度g=10m/s2〔1〕2s内向上吊起4m过程中，重力对货物做的功；〔2〕重力的平均功率；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率．【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】〔1〕根据功的公式求出重力对货物做功的大小．〔2〕根据平均功率公式求出重力的平均功率．〔3〕根据牛顿第二律求出牵引力的大小，结合速度时间公式求出2s末的速度，根据P=Fv求出瞬时功率的大小．【解答】解：〔1〕重力对货物做功的W G=﹣mgh=﹣1000×10×4J=﹣4×104J．〔2〕重力做功的平均功率P=W．〔3〕根据牛顿第二律得，F﹣mg=ma，解得牵引力F=mg+ma=1×104+1×103×2N=12000N，2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s，那么起重机在2s末的瞬时输出功率P=Fv=12000×4W=48000W．答：〔1〕重力对货物做功为﹣4×104J；〔2〕重力的平均功率为﹣2×104W；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率为48000W．19．如下图，平台离水平地面的高度为H=5m，一质量为m=1kg的小球从平台上A点以某一速度水平抛出，测得其运动到B点时的速度为v B=10m/s．B点离地面的高度为h=m，取重力加速度g=10m/s2，以水平地面为零势能面．问：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为多大？〔2〕小球从A点抛出时的初速度v0为多大？〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为多大？【考点】机械能守恒律；平抛运动．【分析】〔1〕小球运动的过程中机械能守恒，抓住A点和B点的机械能相求出A点的机械能大小．〔2〕结合A点的机械能和重力势能的大小，求出A点的初速度大小．〔3〕根据下降的高度求出平抛运动的时间，结合初速度和时间求出B点离竖直墙壁的水平距离．【解答】解：〔1〕小球在运动的过程中，机械能守恒，那么A点的机械能与B 点的机械能相，那么=．〔2〕根据得，代入数据解得v0=6m/s．〔3〕根据H﹣h=得，t=，那么B点离竖直墙壁的水平距离L=v0t=6×0.8m=m．答：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为68J；〔2〕小球从A点抛出时的初速度为6m/s；〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为m．。

高一物理下册期末考试试卷(附答案解析）学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________ 一、单选题A．B．C．D．二、实验题11．某科学兴趣小组进行了系列电学实验。

（1）为了测量某种新材料制成的圆柱形电阻的电阻率，该小组用螺旋测微器测量其直径D，示数如图甲所示，读数为____________cm。

③调节指针定位螺丝，使多用电表指针指着电流零刻度④将选择开关旋转到OFF位置⑤将红、黑表笔分别与待测电阻两端接触，测出金属丝的电阻约20Ω（3）为进一步准确测量该金属丝的电阻x R，实验室提供如下器材：电池组E（电动势为4.5V，内阻不计）；定值电阻0R（阻值为10Ω）；电压表V（量程为5V，内阻未知）；电流表A（量程为20mA，内阻为90Ω）；滑动变阻器R（阻值范围为0∼20Ω，额定电流2A）；开关S、导线若干.请利用以上器材，在下方的虚线框中补全实验电路图（需标出相应器材的符号）______（4）若电压表示数为4.2V，电流表示数为15mA，试分析能否计算出x R的准确值，若能，写出x R的准确值；若不能，写出误差的来源________（5）写出该金属丝电阻率的表达式ρ=_________（用L、d、x R表示）.三、解答题13．电流表改装成欧姆表的电路如图所示，两表笔直接相连时，指针指在表盘刻度“5”上，两表笔之间接有600Ω的电阻时，指针指在刻度“1”上。

求刻度“3”应标注的电阻值R。

12．【答案】11.050 1.995/1.994/1.996 ③②①⑤④19Ω24x d RL π。

高一下册物理期末精选单元测试卷（含答案解析）一、第五章抛体运动易错题培优（难）1．如图，光滑斜面的倾角为θ＝45°，斜面足够长，在斜面上A点向斜上方抛出一小球，初速度方向与水平方向夹角为α，小球与斜面垂直碰撞于D点，不计空气阻力；若小球与斜面碰撞后返回A点，碰撞时间极短，且碰撞前后能量无损失，重力加速度g取10m/s2。

则可以求出的物理量是（）A．α的值B．小球的初速度v0C．小球在空中运动时间D．小球初动能【答案】A【解析】【分析】【详解】设初速度v0与竖直方向夹角β，则β＝90°−α（1）；由A点斜抛至至最高点时，设水平位移为x1，竖直位移为y1，由最高点至碰撞点D的平抛过程Ⅱ中水平位移为x2，竖直位移y2。

A点抛出时：sinxv vβ=（2）10cosyv vβ=（3）2112yvyg=（4）小球垂直打到斜面时，碰撞无能力损失，设竖直方向速度v y2，则水平方向速度保持0sinxv vβ=不变，斜面倾角θ＝45°，20tan45siny x xv v v vβ===（5）2222yyyg=（6）()22212cos sin2vy y ygββ-∆=-=（7），平抛运动中，速度的偏向角正切值等于位移偏向角的正切值的二倍，所以：()111111tan90222tanyxvyx vββ==-=（8）由（8）变形化解：211cos sin2tanvx ygβββ==（9）同理，Ⅱ中水平位移为：2222sin2tan45vx ygβ==（10）()212sin sin cosvx x xgβββ+=+=总（11）=tan45yx∆总故=y x∆总即2sin sin cosβββ-=-（12）由此得1tan3β=19090arctan3αβ=-=-故可求得α的值，其他选项无法求出；故选：A。

2．一阶梯如图所示，其中每级台阶的高度和宽度都是0.4m，一小球以水平速度v飞出，欲打在第四台阶上，则v的取值范围是（）A6m/s22m/sv<<B．22m/s 3.5m/sv<≤C2m/s6m/sv<<D6m/s23m/sv<<【答案】A【解析】【分析】若小球打在第四级台阶的边缘上高度4h d =，根据2112hgt =，得 1880.4s 0.32s 10d t g ⨯=== 水平位移14x d = 则平抛的最大速度111m/s 22m/s 0.32x v t === 若小球打在第三级台阶的边缘上，高度3h d =，根据2212h gt =，得 260.24s dt g== 水平位移23x d =，则平抛运动的最小速度222m/s 6m/s 0.24x v t === 所以速度范围6m/s 22m/s v <<故A 正确。

高一物理下册期末精选单元测试卷（含答案解析）一、第五章 抛体运动易错题培优（难）1．如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M ，长杆的一端放在地上通过铰链连接形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O 点处，在杆的中点C 处拴一细绳，绕过两个滑轮后挂上重物M ，C 点与O 点距离为L ，现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度ω缓缓转至水平位置（转过了90︒角），此过程中下述说法中正确的是（ ）A ．重物M 做匀速直线运动B ．重物M 先超重后失重C ．重物M 的最大速度是L ω，此时杆水平D ．重物M 的速度先减小后增大 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】ACD ．设C 点线速度方向与绳子沿线的夹角为θ（锐角），由题知C 点的线速度为c v L ω=该线速度在绳子方向上的分速度为1v1cos v L ωθ=θ的变化规律是从开始最大（90°）然后逐渐变小，所以1v 逐渐变大，直至绳子和杆垂直，θ变为零度，绳子的速度变为最大，为ωL ；然后，θ又逐渐增大，1v 逐渐变小，绳子的速度变慢。

所以知重物的速度先增大后减小，且最大速度为ωL ，此时杆是与绳垂直，而不是水平的，故ACD 错误；B ．上面的分析得出，重物的速度先增大后减小，所以重物M 先向上加速后向上减速，即先超重后失重，故B 正确。

故选B 。

【点睛】解决本题的关键在于掌握运动的合成与分解，把C 点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳的方向，沿绳方向的分速度等于重物的速度。

2．一种定点投抛游戏可简化为如图所示的模型，以水平速度v 1从O 点抛出小球，正好落入倾角为θ的斜面上的洞中，洞口处于斜面上的P 点，OP 的连线正好与斜面垂直；当以水平速度v2从O点抛出小球，小球正好与斜面在Q点垂直相碰。

不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．小球落在P点的时间是1tanvgθB．Q点在P点的下方C．v1>v2D．落在P点的时间与落在Q点的时间之比是122vv【答案】D【解析】【分析】【详解】A．以水平速度v1从O点抛出小球，正好落入倾角为θ的斜面上的洞中，此时位移垂直于斜面，由几何关系可知1112112tan12v t vgtgtθ==所以112tanvtgθ=A错误；BC．当以水平速度v2从O点抛出小球，小球正好与斜面在Q点垂直相碰，此时速度与斜面垂直，根据几何关系可知22tanvgtθ=即22tanvtgθ=根据速度偏角的正切值等于位移偏角的正切值的二倍，可知Q点在P点的上方，21t t<，水平位移21x x>，所以21v v>，BC错误；D．落在P点的时间与落在Q点的时间之比是11222t vt v=，D正确。

高一物理下册 期末精选单元测试卷附答案一、第五章 抛体运动易错题培优（难）1．一小船在静水中的速度为3m/s ，它在一条河宽150m 、水流速度为4m/s 的河流中渡河，则该小船（ ） A ．能到达正对岸 B ．渡河的时间不少于50sC ．以最短时间渡河时，它渡河的位移大小为200mD ．以最短位移渡河时，位移大小为150m 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】A ．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸，选项A 错误；B ．当船在静水中的速度垂直河岸时，渡河时间最短min 150s 50s 3d t v ===船 选项B 正确；C ．船以最短时间50s 渡河时，沿水流方向的位移大小450m 200m min x v t ==⨯=水渡河位移应为水流方向的位移与垂直河岸方向位移的合位移，选项C 错误； D ．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸。

若以最短位移渡河，情景如图根据三角形相似可知，最短位移150m 200m v s v =⨯=水船选项D 错误。

故选B 。

2．甲、乙两船在静水中航行的速度分别为5m/s 和3m/s ，两船从同一渡口过河，已知甲船以最短时间过河，乙船以最短航程过河，结果两船抵达对岸的地点恰好相同。

则水的流速为（ ） A ．3m/sB ．3.75m/sC ．4m/sD ．4.75m/s【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】由题意，甲船以最短时间过河，乙船以最短航程过河，结果两船抵达对岸的地点恰好相同，可知，甲乙实际速度方向一样，如图所示可得tan v v θ=水甲cos v v θ=乙水两式相乘，得3sin =5v v θ=乙甲 则3tan =4v v θ=水甲，解得v 水=3.75m/s ，B 正确，ACD 错误。

故选B 。

3．质量为0.2kg 的物体，其速度在x ，y 方向的分量v x ，v y ，与时间的关系如图所示，已知x ．y 方向相互垂直，则（ ）A ．0~4s 内物体做直线运动B ．4~6s 内物体的位移为25mC ．0~4s 内物体的位移为12mD ．0~6s 内物体一直做曲线运动 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】A． 0~4s内，在x方向做匀速运动，在y方向做匀加速运动，因此物体做匀变速曲线运动运动，A错误；B．由图象与时间轴围成的面积等于物体的位移，4~6s内，在x方向物体的位移为2m，在y方向物体的位移为4m，物体位移为2225m+=x yB正确；C．0~4s内，在x方向物体的位移为4m，在y方向物体的位移为12m，物体位移为22410m+=x yC错误；D．将4~6s内物体运动倒过来，相当于初速度为零，在x方向和y方向加速度都恒定，即物体加速度恒定，因此在这段时间内物体做初速度为零的匀加速直线运动，因此原题中在这段时间内物体做匀减速度直线运动，最终速度减为零，D错误。

答卷时应注意事项１、拿到试卷，要认真仔细的先填好自己的考生信息。

２、拿到试卷不要提笔就写，先大致的浏览一遍，有多少大题，每个大题里有几个小题，有什么题型，哪些容易，哪些难，做到心里有底；３、审题，每个题目都要多读几遍，不仅要读大题，还要读小题，不放过每一个字，遇到暂时弄不懂题意的题目，手指点读，多读几遍题目，就能理解题意了；容易混乱的地方也应该多读几遍，比如从小到大，从左到右这样的题；４、每个题目做完了以后，把自己的手从试卷上完全移开，好好的看看有没有被自己的手臂挡住而遗漏的题；试卷第１页和第２页上下衔接的地方一定要注意，仔细看看有没有遗漏的小题；５、中途遇到真的解决不了的难题，注意安排好时间，先把后面会做的做完，再来重新读题，结合平时课堂上所学的知识，解答难题；一定要镇定，不能因此慌了手脚，影响下面的答题；６、卷面要清洁，字迹要清工整，非常重要；７、做完的试卷要检查，这样可以发现刚才可能留下的错误或是可以检查是否有漏题，检查的时候，用手指点读题目，不要管自己的答案，重新分析题意，所有计算题重新计算，判断题重新判断，填空题重新填空，之后把检查的结果与先前做的结果进行对比分析。

亲爱的小朋友，你们好!经过两个月的学习，你们一定有不小的收获吧，用你的自信和智慧，认真答题，相信你一定会闯关成功。

相信你是最棒的！下学期期末测试卷01高一物理·全解全析第Ⅰ卷1234567891011121314DCDCABBABDCDAC1．D 【详解】A ．万有引力定律适用于宇宙万物任意两个物体之间的引力，不仅仅天体间有，故A 错误；B ．物体对地球的引力与地球对物体的引力是一对作用力与反作用力，所以大小相等，故B 错误；C ．引力常量G 是卡文迪许第一个由实验的方法测定的，它有单位，故C 错误；D ．万有引力定律是牛顿在总结前人研究的基础上发现的，故D 正确。

故选D 。

2．C 【详解】因为A 、B 两点共轴转动，所以A w =B w 。

河南省高一下学期期末考试物理试卷(带参考答案与解析)学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．试探电荷带的电荷量为9110C -+⨯，把该试探电荷放在电场中的M 点，具有81.510J -⨯的电势能，把同样的试探电荷放在电场中的N 点，具有8110J --⨯的电势能。

下列说法正确的D．火星与地球的密度之比为5：47．如图所示，在平面直角坐标系Oxy的第一象限内，存在一个沿y轴正方向的匀强电场。

一个带正电荷的粒子（不计重力），以某一速度从坐标原点O开始沿x轴正方向进入电场（此时t=0）。

则电场力对粒子做功的功率P与粒子在电场中运动时间t的关系图像，下列可能正确的是（）A．B．C．D．8．如图所示，两个可视为质点的、相同的木块a和b放在水平转盘上，两者用细线连接，O O转动，且木块a 两木块与转盘间的动摩擦因数相同，整个装置能绕通过转盘中心的转轴12和b与转盘中心在同一条水平直线上。

当圆盘转动到两木块刚好还未发生滑动时，烧断细线，关于两木块的运动情况，以下说法正确的是（）A．两木块仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动B．木块b发生滑动，离圆盘圆心越来越近C．两木块均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远D．木块a仍随圆盘一起做匀速圆周运动二、多选题9．火星探测器的发射时间要求很苛刻，必须在火星相对于太阳的位置领先于地球特定角度的时候出发，瞄准火星的位置6至11个月之后，再开启火星探测之旅。

这样对火箭运载能力要求最低。

设地球环绕太阳的运动周期为T，轨道半径为r1；火星环绕太阳的轨道半径为B．线速度的大小为ωRC．受摩天轮作用力的大小始终为mgD．所受合力的大小始终为mω2R12．一辆汽车由静止开始沿平直公路行驶，汽车所受牵引力F随时间t变化关系如图所示，5s时汽车功率达到最大值，此后保持此功率继续行驶，25s后可视为匀速。

若汽车的质量为3⨯，阻力大小恒定，汽车的最大功率恒定，则以下说法正确的是（）210kgA．汽车的最大功率为4⨯810WB．汽车匀加速运动阶段的加速度大小为22m/sC．汽车先做匀加速直线运动，然后再做匀速直线运动D．汽车从静止开始运动25s内的位移是400m三、实验题13．物理探究小组用图甲所示的实验装置研究机械能守恒定律。

应对市爱护阳光实验学校〔宇华〕高一〔下〕期末物理试卷1．将一质量为m的带电微粒〔不计重力〕放在电场中无初速度释放，那么以下说法正确的选项是〔〕A．带电粒子的轨迹一和电场线重合B．带电粒子的速度方向总是与所在处的电场切线方向一致C．带电粒子的加速度方向总是与所在处的电场线切线方向重合D．带电粒子将沿电场线的切线方向抛出，做抛物线运动2．如下图，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．从图中可以判断〔〕A．在0～t1时间内，外力的功率先增大后减小B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐为零C．在t2时刻，外力的功率为零D．在t3时刻，外力的功率最大3．带电的平行板电容器与静电计的连接如下图，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有〔〕A．减小两极板间的距离 B．用手触摸极板AC．在两板间插入电介质 D．将极板B向上适当移动4．一静电场沿x坐标轴方向的电势分布如下图，那么〔〕A．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向的匀强电场B．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向逐渐增强的电场C．在x1～x2之间沿x轴方向电场强度为零D．在x1～x2之间存在着沿x轴负方向的匀强电场5．图中虚线为一组间距相的圆，圆心处固一带正电的点电荷．一带电粒子以一初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．那么该粒子〔〕A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化6．如下图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，那么在此过程中，该粒子〔〕A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀变速直线运动7．如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P〔坐标为x〕的电场强度可以由库仑律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图2所示．那么圆孔轴线上任意一点Q〔坐标为x〕的电场强度为〔〕A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ08．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a 点运动到b点的轨迹〔虚线所示〕图中一组平行实线可能是电场线，也可能是势面，那么以下说法正确的选项是〔〕A．不管图中实线是电场线还是势面，a点的电势都比b点低B．不管图中实线是电场线还是势面，a点的加速度都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较小D．如果图中实线是势面，电子在a点电势能较小9．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，那么〔〕A．点电荷Q一在MP的连线上B．连接PF的线段一在同一势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM10．如下图，小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB滑下，从B端水平飞出，撞击到一个与地面呈θ=37°的斜面上，撞击点为C．斜面上端与曲面末端B相连．假设AB的高度差为h，BC间的高度差为H，那么h与H 的比值于：〔不计空气阻力，sin37°=0.6，cos3°=0.8〕〔〕A ．B ．C ．D ．11．如下图，质量相同的A、B两小球用长度不同的两轻绳悬于高的O1、O2点，绳长L A、L B的关系为L A＞L B，将轻绳水平拉直，并将小球A、B由静止开始同时释放，取释放的水平位置为零势能的参考面，那么以下说法正确的选项是〔〕A．在下落过程中，当两小球到同一水平线L上时具有相同的重力势能B．两小球分别落到最低点的过程中减少的重力势能相C．A球通过最低点时的重力势能比B球通过最低点时的重力势能大D．A、B两小球只要在相同的高度，它们所具有的重力势能就相12．某娱乐工程中，参与者抛出一小球去撞击触发器，从而进入下一关．现在将这个娱乐工程进行简化，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．假设参与者仍在刚刚的抛出点，沿A、B、C、D 四个不同的光滑轨道分别以速率v抛出小球，如下图．那么小球能够击中触发器的可能是〔〕A ．B ．C ．D ．13．如下图，一质量为m的小球固于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固于O点，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B 点的竖直高度差为h，速度为v，那么〔〕A．小球在B点动能小于mghB．由A到B 小球重力势能减少mv2C．由A到B小球克服弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh ﹣14．如下图，质量为m的小球套在倾斜放置的固光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到弹簧水平位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，假设全过程中弹簧始终处于伸长状态且处于弹性限度范围内，以下说法正确的选项是〔〕A．弹簧与杆垂直时，小球速度最大B．弹簧与杆垂直时，小球的动能与重力势能之和最大C．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量小于mghD．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量于mgh15．在加速运动的车厢中，一个人用力向前推车厢，如下图，人相对车厢未移动那么以下说法正确的选项是〔〕A．人对车不做功 B．人对车做负功C．推力对车做正功 D．车对人做正功二、填空题〔16题每空1分，17题每空2分，共12分〕16．连接在电源两极板上的平行板电容器，当两极板间的距离减小时，电容器的电容C将，带电量Q将，电势差U将，极板间的电场强度E将．〔填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕17．测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的装置如下图．AB是半径足够大的、光滑的四分之一圆弧轨道，与水平固放置的P板的上外表BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′．重力加速度为g．步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC′的高度h；③将物块Q在A点由静止释放，在物块Q落地处标记其落地点D；④重复步骤③，共做10次；⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s．用中的测量量表示：〔1〕物块Q到达B点时的动能E kB= ；〔2〕物块Q到达C点时的动能E kC= ；〔3〕在物块Q从B运动到C的过程中，物块Q克服摩擦力做的功W f= ；〔4〕物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ=．三、计算题〔18题8分，19题10分，20题10分〕18．如下图，是示波器工作原理的示意图，电子经电压U1从静止加速后垂直进入偏转电场，偏转电场的电压为U2，两极板间距为d，极板长度为L，电子离开偏转电场时的偏转量为h，每单位电压引起的偏转量〔h/U2〕叫示波器的灵敏度，试求：该示波器的灵敏度，并探究可采用哪些方法提高示波器的灵敏度．19．质量为1.0×103kg的，沿倾角为30°的斜坡由静止开始运动，在运动过程中所受摩擦阻力大小恒为2000N，发动机的额输出功率为×104W，开始时以a=1m/s2的加速度做匀加速运动〔g=10m/s2〕．求：〔1〕做匀加速运动的时间t1；〔2〕所能到达的最大速率；〔3〕假设斜坡长14m，且认为到达坡顶之前，已到达最大速率，那么从坡底到坡顶需多少时间？20．如下图，竖直平面内的一半径R=0.50m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O 高，一水平面与圆弧槽相接于D点．质量m=0.10kg的小球从B点正上方H=0.95m 高处的A点自由下落，由B点进入圆弧槽轨道，从D点飞出后落在水平面上的Q点，DQ间的距离s=m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：〔1〕小球经过C点时轨道对它的支持力大小N；〔2〕小球经过最高点P的速度大小v P；〔3〕D点与圆心O的高度差h OD．〔宇华〕高一〔下〕期末物理试卷参考答案与试题解析1．将一质量为m的带电微粒〔不计重力〕放在电场中无初速度释放，那么以下说法正确的选项是〔〕A．带电粒子的轨迹一和电场线重合B．带电粒子的速度方向总是与所在处的电场切线方向一致C．带电粒子的加速度方向总是与所在处的电场线切线方向重合D．带电粒子将沿电场线的切线方向抛出，做抛物线运动【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合；点电荷的加速度方向与电场力方向相同，对于正电荷，电场力与场强方向相同，沿着电场线的切线方向．【解答】解：A、点电荷运动的轨迹不一与电场线重合，只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合．故A错误；B、点电荷的速度方向始终沿着轨迹的切线方向，由于轨迹不一与电场线重合，所以其速度方向不一终与所在点的电场线的切线方向相同，故B错误；C、正电荷的受到的电场力的方向始终与所在点的电场线的切线方向一致，根据牛顿第二律可知，加速度方向相同与其所受的电场力的方向相同，所以正电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向相同，负电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向相反．总是与它所在处的电场线的切线方向重合．故C正确；D、点电荷将沿电场线切线方向抛出，由于粒子的初速度是0，所以不会做抛物线运动，故D错误．应选：C．2．如下图，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．从图中可以判断〔〕A．在0～t1时间内，外力的功率先增大后减小B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐为零C．在t2时刻，外力的功率为零D．在t3时刻，外力的功率最大【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】由v﹣t图象可知物体的运动方向，由图象的斜率可知拉力的方向，那么由功的公式可得出外力做功的情况，由P=Fv可求得功率的变化情况【解答】解：A、由图象可知0时刻速度为零，t1时刻速度最大但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率在0时刻功率为零，t1时刻功率也为零，可知功率先增大后减小；故A正确；B、图象斜率表示加速度，加速度对合外力，合外力减小，速度增大；由图象可知0时刻速度为零，t1时刻速度最大但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率在0时刻功率为零，t1时刻功率也为零，可知功率先增大后减小，故B错误C、t2时刻物体的速度为零，由P=Fv可知外力的功率为零，故C正确．D、由图象可知t3时刻速度最大但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率在t3时刻功率也为零，故D错误；应选：AC3．带电的平行板电容器与静电计的连接如下图，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有〔〕A．减小两极板间的距离 B．用手触摸极板AC．在两板间插入电介质 D．将极板B向上适当移动【考点】电容器的动态分析．【分析】根据电容的决式C=，分析电容的变化，再由电容的义式分析板间电压的变化，确静电计指针张角的变化．【解答】解：A、减小两极板间的距离，那么d减小，那么由决式可得是容器的电容增大；那么由Q=UC可知，电势差减小，故A正确；B、由于B板接地，用手触摸A时，故对电量有影响，电势差减小，故B正确；C、在两板间插入电介质时，介电常数增大，那么C增大，由由Q=UC可知，电势差减小，故C正确；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，那么C减小，由义式可知，电势差增大，故D错误；应选：ABC．4．一静电场沿x坐标轴方向的电势分布如下图，那么〔〕A．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向的匀强电场B．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向逐渐增强的电场C．在x1～x2之间沿x轴方向电场强度为零D．在x1～x2之间存在着沿x轴负方向的匀强电场【考点】电势；电场强度．【分析】沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，根据题象得到电势变化规律，图象的斜率表示电场强度，从而判断电场强度的情况．【解答】解：根据图象∅=Ex可知，图象的斜率表示电场强度的大小，因此在x1～x2之间，斜率不变，所以电场强度大小不变，再根据沿着电场线的方向，电势降低，那么有在x1～x2之间电场强度的方向与x轴负方向相同．故D正确，ABC错误；应选D．5．图中虚线为一组间距相的圆，圆心处固一带正电的点电荷．一带电粒子以一初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．那么该粒子〔〕A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化【考点】势面．【分析】电场线与势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A：根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，故A错误；B：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误；C：根据动能理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一大于在c点的电势能，故C正确；D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确．应选：CD．6．如下图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，那么在此过程中，该粒子〔〕A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀变速直线运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确电势能如何变化．【解答】解：A、D、根据题意可知，粒子做直线运动，那么电场力与重力的合力与速度方向同向，粒子做匀加速直线运动，因此A错误，D正确；B、根据动能理，由A选项分析可知，电场力做正功，那么电势能减小，故B 错误；C、因电场力做正功，那么电势能减小，导致动能增加，故C正确；应选：CD．7．如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P〔坐标为x〕的电场强度可以由库仑律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图2所示．那么圆孔轴线上任意一点Q〔坐标为x〕的电场强度为〔〕A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ0【考点】电场强度．【分析】均匀圆板的电场强度的公式，推导出单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板的电场强度的公式，然后减去半径为r的圆板产生的场强．【解答】解：无限大均匀带电平板R取无限大，在Q 点产生的场强：半径为r的圆板在Q 点产生的场强：无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以：所以选项A正确．应选：A8．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a 点运动到b点的轨迹〔虚线所示〕图中一组平行实线可能是电场线，也可能是势面，那么以下说法正确的选项是〔〕A．不管图中实线是电场线还是势面，a点的电势都比b点低B．不管图中实线是电场线还是势面，a点的加速度都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较小D．如果图中实线是势面，电子在a点电势能较小【考点】电场线；势面．【分析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确电场线的方向，判断电势上下．匀强电场中场强处处大小相．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确电子在a点与b点动能的大小．【解答】解：A、假设图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，那么a点的电势比b点低；假设实线是势面，由于电场线与势面垂直，电子所受电场力方向向下，那么电场线方向向上，那么a点的电势比b点高．故A错误．B、不管图中实线是电场线还是势面，该电场是匀强电场，a点和b点的场强大小相，电子的加速度相．故B错误．C、如果图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场力对电子做正功，那么由动能理得知，电子在a点动能较小．故C正确．D、D、如果图中实线是势面，电子所受电场力方向向下，电场力对电子做负功，那么电子在a点电势能较小．故D正确．应选：CD．9．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，那么〔〕A．点电荷Q一在MP的连线上B．连接PF的线段一在同一势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM【考点】电势；电场强度．【分析】点电荷的势面是一的圆，对于圆，圆弧上任意两点的连线的中垂线一通过圆心；找出电荷位置后，根据电势能的变化情况判断电场力做功情况．【解答】解：A、点电荷的势面是一的圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一通过圆心，故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，在MP的连线上，如下图，故A正确；B、φP=φF，线段PF是P、F所在势面〔圆〕的一个弦，故B错误；C、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C错误；D、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D正确．应选：AD．10．如下图，小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB滑下，从B端水平飞出，撞击到一个与地面呈θ=37°的斜面上，撞击点为C．斜面上端与曲面末端B相连．假设AB的高度差为h，BC间的高度差为H，那么h与H 的比值于：〔不计空气阻力，sin37°=0.6，cos3°=0.8〕〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】机械能守恒律；平抛运动．【分析】小球下滑过程中受重力和支持力，其中支持力不做功，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒律列式求出到达B点的速度，到达B点后小球做平抛运动，根据平抛运动的根本公式，即可求解．【解答】解：小球下滑过程中机械能守恒，那么有：=mgh解得：到达B点后小球做平抛运动，那么有：H=解得：t=x=v B t根据几何关系有：tan37°==解得：应选C 11．如下图，质量相同的A、B两小球用长度不同的两轻绳悬于高的O1、O2点，绳长L A、L B的关系为L A＞L B，将轻绳水平拉直，并将小球A、B由静止开始同时释放，取释放的水平位置为零势能的参考面，那么以下说法正确的选项是〔〕A．在下落过程中，当两小球到同一水平线L上时具有相同的重力势能B．两小球分别落到最低点的过程中减少的重力势能相C．A球通过最低点时的重力势能比B球通过最低点时的重力势能大D．A、B两小球只要在相同的高度，它们所具有的重力势能就相【考点】动能和势能的相互转化；重力势能．【分析】根据重力势能的表达式，结合零势能平面，即可求解．【解答】解：A、下落过程中，当两小球到同一水平线L上时，因它们的质量相同球，那么具有相同的重力势能，故A正确；B、根据重力势能的变化与重力做功有关，及与下落的高度有关，两小球分别落到最低点的过程中减少的重力势能不相，故B错误；C、取释放的水平位置为零势能的参考面，A球通过最低点时的重力势能与B球通过最低点时的重力势能小，故C错误；D、两小球只要在相同的高度，它们所具有的重力势能就相，故D正确；应选：AD．12．某娱乐工程中，参与者抛出一小球去撞击触发器，从而进入下一关．现在将这个娱乐工程进行简化，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．假设参与者仍在刚刚的抛出点，沿A、B、C、D 四个不同的光滑轨道分别以速率v抛出小球，如下图．那么小球能够击中触发器的可能是〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】向心力；牛顿第二律．【分析】小球在运动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒律，以及到达最高点的速度能否为零，判断小球进入右侧轨道能否到达h高度．【解答】解：小球以v竖直上抛的最大高度为h，到达最大高度时速度为0，A、小球不能上升到最高点就做斜抛运动了，不能击中触发器，故A错误；B、小球离开斜面后做斜抛运动了，不能击中触发器，故B错误；C、根据机械能守恒律可知，小球上升到最高点时速度刚好于零，可以击中触发器，故C正确；D、在双轨中做圆周运动时到达最高点的速度可以为零，所以小球可以上升到最高点并击中触发器，故D正确．应选CD13．如下图，一质量为m的小球固于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固于O点，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B 点的竖直高度差为h，速度为v，那么〔〕A．小球在B点动能小于mghB．由A到B 小球重力势能减少mv2C．由A到B小球克服弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh ﹣【考点】功能关系；弹性势能．【分析】小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能，由重力做功量度重力势能的变化．由弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．根据系统的机械能守恒求小球到达B点时弹簧的弹性势能．【解答】解：AB、小球由A点到B点重力势能减少mgh．在小球在下降过程中，小球的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能，所以小球运动到B点时的动能小于mgh．故A正确、B错误．C、根据动能理得：mgh+W弹=mv2，所以由A至B小球克服弹力做功为 W弹=mgh ﹣mv2，故C错误．D、弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh ﹣mv2，故D正确．应选：AD14．如下图，质量为m的小球套在倾斜放置的固光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到弹簧水平位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，假设全过程中弹簧始终处于伸长状态且处于弹性限度范围内，以下说法正确的选项是〔〕A．弹簧与杆垂直时，小球速度最大B．弹簧与杆垂直时，小球的动能与重力势能之和最大C．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量小于mghD．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量于mgh【考点】机械能守恒律．。

高一（下）期末物理试卷一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项是符合题意的）1．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人”（）A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量2．关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．质点作曲线运动，速度的大小一定是时刻在变化C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动3．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关4．汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始行驶时（设汽车所受阻力一定），一定有（）A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小 D．速度最大时，牵引力最大5．如图所示在皮带传动中，两轮半径不等，下列说法哪些是正确的？（）A．两轮角速度相等B．两轮边缘线速度的大小相等C．大轮边缘一点的向心加速度大于小轮边缘一点的向心加速度D．同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比6．人造卫星沿圆轨道环绕地球运动．因为大气阻力的作用，其运动的高度将逐渐变化，由于高度变化很慢，在变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动规律，下列关于卫星运动的一些物理量变化情况，正确的是（）A．线速度增大B．周期变大C．半径增大 D．向心加速度减小7．下列关于功率的说法中，正确的是（）A．引入功率的概念，是反映做功多少的B．引入功率的概念，是反映做功快慢的C．由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D．由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大8．跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）A．动能增加 B．重力势能增加C．空气阻力做正功D．空气阻力不做功二、选择题：本题共4小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.9．下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度为零，所以相对地面静止B．第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度C．第一宇宙速度是人造卫星绕地球做圆周运动的最大速度D．地球卫星的轨迹一定是圆的10．关于动能定理，下列说法中正确的是（）A．动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系B．动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，它等于各个力做功的代数和C．汽车在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力做了多少功，汽车的动能就增加多少D．飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，飞机的动能就增加了多少11．在探究弹簧的弹性势能的表达式时，下面猜想有一定道理的是（）A．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能与弹簧的长度有关B．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能很可能与弹簧拉伸的长度有关C．重力势能与物体所受的重力mg大小有关，所以弹性势能很可能与弹簧劲度系数有关D．重力势能与物体的质量有关，所以弹性势能很可能与弹簧的质量大小有关．12．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度三、实验题：（第13题8分，第14题6分，共14分）.13．三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图甲所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片．图中每个小方格的边长为L=25cm，则由图可求得拍摄时每s曝光一次，该小球平抛的初速度大小为m/s（g取9.8m/s2）．14．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离L的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t1△t2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（2）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2、遮光条宽度d、AB间距为L、滑块质量M、钩码质量m 已知，若上述物理量间满足关系式，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t1=8.40×10﹣3s，△t2=4.20×10﹣3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p=J，系统动能的增量△E k=J．（g=9.80m/s2，计算结果保留三位有效数字）四、计算题：（本题共3小题，第15题12分，第16题14分，第17题12分，共38分）.15．人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m．人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s．（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？16．山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下．图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m．开始时，质量分别为M=10kg和m=2kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头A点起水平跳到中间石头，大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零．运动过程中猴子均看成质点，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2．求：（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值；（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小；（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小．17．若把甘肃省嘉峪关处的经度和纬度近似取为98°和北纬α=40°，已知地球半径R、地球自转周期T、地球表面重力加速度g（视为常量）和光速c．试求该同步卫星发出的微波信号传到嘉峪关处的接收站所需的时间（要求用题给的已知量的符号表示）．高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项是符合题意的）1．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人”（）A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了万有引力常量，被人们称为“能称出地球质量的人”，故D正确．故选：D2．关于物体做曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．质点作曲线运动，速度的大小一定是时刻在变化C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化；当合力与速度在同一条直线上时，物体就做直线运动，与合力的大小是否变化无关．【解答】解：A、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动受到的就恒力的作用，所以A错误．B、质点作曲线运动时，速度的方向一定是变化的，但速度的大小不一定变化，比如匀速圆周运动，所以B 错误．C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，由牛顿第二定律可知，合力的方向与加速度的方向是一样的，所以速度方向与加速度方向不在同一直线上，故C正确．D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，当变力的方向与速度的方向相同时，物体就做直线运动，只不过此时的物体的加速度是变化的，物体做的是加速度变化的直线运动，所以D错误．故选C．3．游泳运动员以恒定的速率垂直河岸横渡，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间缩短C．路程增加、时间不变D．路程、时间均与水速无关【考点】运动的合成和分解．【分析】将运动员的运动分解为沿河岸方向和垂直河岸方向，根据分运动和合运动具有等时性，渡河的时间等于在垂直河岸方向分运动的时间．最终的位移是两个位移的合位移．【解答】解：当水速突然增大时，在垂直河岸方向上的运动时间不变，所以横渡的时间不变．水速增大后在沿河岸方向上的位移增大，所以路程增加．故C正确，ABD错误．故选：C．4．汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始行驶时（设汽车所受阻力一定），一定有（）A．速度变大，加速度变大 B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小 D．速度最大时，牵引力最大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据P=Fv判断牵引力的变化，结合牛顿第二定律判断加速度的变化．【解答】解：汽车的功率保持不变，由静止开始运动，速度增大，根据P=Fv知，牵引力减小，根据牛顿第二定律得，a=，知道加速度减小，做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时牵引力最小．故C正确，A、B、D错误．故选：C5．如图所示在皮带传动中，两轮半径不等，下列说法哪些是正确的？（）A．两轮角速度相等B．两轮边缘线速度的大小相等C．大轮边缘一点的向心加速度大于小轮边缘一点的向心加速度D．同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】靠皮带传动，轮子边缘上的点在相同时间内通过的弧长相同，则线速度相等，同一轮子上的各点角速度相等．根据v=rω，a==rω2去分析向心加速度与半径的关系．【解答】解：A、靠皮带传动，轮子边缘上的点的线速度大小相等，根据v=rω，知半径大的角速度小．故A错误，B正确．C、根据，知线速度相等，半径大的，向心加速度小．所以大轮边缘一点的向心加速度小于小轮边缘一点的向心加速度．故C错误．D、同一轮子上各点的角速度相等，根据a═rω2，同一轮上各点的向心加速度跟该点与中心的距离成正比．故D正确．故选BD．6．人造卫星沿圆轨道环绕地球运动．因为大气阻力的作用，其运动的高度将逐渐变化，由于高度变化很慢，在变化过程中的任一时刻，仍可认为卫星满足匀速圆周运动规律，下列关于卫星运动的一些物理量变化情况，正确的是（）A．线速度增大B．周期变大C．半径增大 D．向心加速度减小【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】人造地球卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此分析描述圆周运动的物理量与半径的关系，根据半径的变化分析各量的变化即可．【解答】解：因为受到高空稀薄空气的阻力作用，卫星的总机械能减小，高度逐渐降低即卫星圆周运动的轨道半径r减小，人造地球卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有：=m=m=maA、C、根据以上的公式得：v=，受到高空稀薄空气的阻力作用，卫星高度逐渐降低即卫星圆周运动的轨道半径r减小，线速度增大，故A正确，C错误；B、根据以上的公式得：T=2π，半径r减小，周期减小，故B错误；D、根据以上的公式得：a=，半径r减小，向心加速度增大，故D错误；故选：A7．下列关于功率的说法中，正确的是（）A．引入功率的概念，是反映做功多少的B．引入功率的概念，是反映做功快慢的C．由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D．由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】功率等于单位时间内做功的多少，反映做功快慢的物理量，做功的力越大，功率不一定大．【解答】解：A、功率是反映做功快慢的物理量，故A错误，B正确．C、根据P=Fv知，做功的力越大，功率不一定大，还与速度有关，故C错误．D、根据P=Fv知，物体运动的速度越大，功率不一定大，故D错误．故选：B．8．跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）A．动能增加 B．重力势能增加C．空气阻力做正功D．空气阻力不做功【考点】机械能守恒定律．【分析】运动员下降时，受到重力和空气阻力作用，根据力与位移的方向分析力做功的正负．根据高度的变化，判断运动员重力势能大小的变化．分析运动员的运动情况判断动能的变化．【解答】解：A、在降落伞尚未打开的一段时间内，运动员受到向下的重力和向上的空气阻力作用，重力大于空气阻力，所以运动员做加速运动，动能增加，故A正确．B、运动员的高度下降，则其重力势能减小，故B错误．CD、空气阻力方向与运动方向相反，所以空气阻力做负功，故CD错误．故选：A二、选择题：本题共4小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）.9．下列说法正确的是（）A．地球同步卫星的加速度为零，所以相对地面静止B．第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度C．第一宇宙速度是人造卫星绕地球做圆周运动的最大速度D．地球卫星的轨迹一定是圆的【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】同步卫星相对地球静止，加速度不为零．第一宇宙速度是最小的发射速度，是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度．【解答】解：A、地球同步卫星相对于地球静止，绕地球做匀速圆周运动，加速度不为零，故A错误．B、第一宇宙速度是最小的发射速度，由于轨道半径最小，根据v=知，第一宇宙速度是做匀速圆周运动最大的环绕速度，故BC正确．D、地球卫星的轨迹不一定是圆，也可能是椭圆，故D错误．故选：BC．10．关于动能定理，下列说法中正确的是（）A．动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系B．动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，它等于各个力做功的代数和C．汽车在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力做了多少功，汽车的动能就增加多少D．飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，飞机的动能就增加了多少【考点】动能定理的应用．【分析】动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系，内容是合外力对物体做的功等于物体动能的变化．由此分析即可．【解答】解：A、由动能定理的意义可知，动能定理反映的是物体运动过程中做功与动能变化件的关系，故A正确．B、动能定理的表达式“W=E k2﹣E k1”中，W为合力做的功，根据合力与分力是等效替代的关系，可知W也等于各个力做功的代数和，故B正确．CD、飞机在牵引力和阻力共同作用下运动，牵引力和阻力的合力做了多少功，由动能定理知，飞机的动能就增加了多少，故C错误，D正确．故选：ABD11．在探究弹簧的弹性势能的表达式时，下面猜想有一定道理的是（）A．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能与弹簧的长度有关B．重力势能与物体被举起的高度h有关，所以弹性势能很可能与弹簧拉伸的长度有关C．重力势能与物体所受的重力mg大小有关，所以弹性势能很可能与弹簧劲度系数有关D．重力势能与物体的质量有关，所以弹性势能很可能与弹簧的质量大小有关．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据E p=mgh知，重力势能与物体被举起的高度、物体的重力有关，采用类比的方法，得出弹簧的弹性势能与什么有关．【解答】解：A、根据E p=mgh知，重力势能与物体被举起的高度有关，采用类比的方法知，弹簧的弹性势能与弹簧的拉伸长度有关，即形变量有关；故B正确，A错误．B、根据E p=mgh知，重力势能与物体的重力有关，采用类比的方法知，弹簧的弹性势能与弹簧的劲度系数有关．故C正确，D错误．故选：BC．12．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出（）A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．【解答】解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD．三、实验题：（第13题8分，第14题6分，共14分）.13．三个同学根据不同的实验条件，进行了“探究平抛运动规律”的实验：（1）甲同学采用如图甲所示的装置．用小锤打击弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明．（2）乙同学采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（3）丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片．图中每个小方格的边长为L=25cm，则由图可求得拍摄时每s曝光一次，该小球平抛的初速度大小为m/s（g取9.8m/s2）．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）根据A球的竖直分运动与B球的运动相同得出平抛运动竖直分运动是自由落体运动．（2）根据P球水平方向上的分运动与Q球相同，得出平抛运动水平分运动是匀速直线运动．（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度．【解答】解：（1）金属片把A球沿水品方向弹出，同时B球被松开自由下落，两球同时落地，改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，知A球竖直方向上的运动规律与B球相同，即平抛运动的竖直分运动是自由落体运动．（2）两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到两球将相碰，知P球水平方向上的运动规律与Q球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．（3）在竖直方向上，根据△y=L=gT2得：T==s=0.05s，平抛运动的初速度为：v0==m/s=1.0m/s．故答案为：（1）平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动；（2）P球击中Q球，平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动；（3）0.05，1.0．14．某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离L的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t1△t2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（2）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2、遮光条宽度d、AB间距为L、滑块质量M、钩码质量m 已知，若上述物理量间满足关系式，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t1=8.40×10﹣3s，△t2=4.20×10﹣3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p=J，系统动能的增量△E k=J．（g=9.80m/s2，计算结果保留三位有效数字）【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）遮光条经过光电传感器A、B时间相同，说明滑块匀速运动，气垫导轨已经水平．（2）根据下降的高度求出系统重力势能的减小量，根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门的速度，从而得出系统动能的增加量．（3）代入数据得出系统重力势能的减小量，以及系统动能的增加量．【解答】解：（1）当滑块做匀速直线运动，即挡光的时间相等，△t1=△t2，说明气垫导轨水平．（2）系统重力势能的减小量△E p=mgL，系统动能的增加量=，当mgL=，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（3）系统重力势能的减小量△E p=0.02×9.8×1.60J=0.314J，系统动能的增加量J=0.300J．故答案为：（1）=，（2）mgL=，（3）0.314，0.300．四、计算题：（本题共3小题，第15题12分，第16题14分，第17题12分，共38分）.15．人骑自行车上坡，坡长200m，坡高10m．人和车的质量共100kg，人蹬车的牵引力为100N，若在坡底时自行车的速度为10m/s，到坡顶时速度为4m/s．（g取10m/s2）求：（1）上坡过程中人克服阻力做多少功？（2）人若不蹬车，以10m/s的初速度冲上坡，能在坡上行驶多远？【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；功的计算．。

江西省高一下学期期末考试物理试卷（附参考答案与解析) 学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．关于曲线运动，下列说法不正确的是（）A．做曲线运动的质点的瞬时速度方向在曲线运动的切线方向B．质点在恒力作用下可能做曲线运动C．质点做曲线运动不一定有加速度D．质点做曲线运动时受到的合力方向与速度方向一定不在同一直线上2．一条河宽100m，水流的速度为3m/s，一条船在静水中的速度为5m/s，下列关于船过河说法中错误的是（）A．小船过河的最短时间为20sB．小船过河的最短航程为100mC．当船头指向对岸时，船的合速度大小为4m/sD．当船头指向上游，使船垂直到达河对岸时，船的合速度是4m/s3．物体在两个相互垂直的力F1、F2作用下运动，力F1对物体做功6J，力F2对物体做功8J，则F1、F2的合力对物体做的功为（）A．14J B．10J C．2J D．-2J4．如图所示，玩投掷游戏时，某同学正对竖直墙面将两个完全相同的弹珠a和b分别从同一位置水平抛出（空气阻力不计），弹珠a和b初速度之比为3:2，则弹珠a和b从开始发射到打到墙面上时（）A．下落高度之比为4:9B．下落高度之比为9:4C．下落高度之比为2:3D．下落高度之比为3:25．如图所示，ACP和BDP是竖直平面内两个半径不同的半圆形光滑轨道，A、P和B三点位于同一水平面上，C和D分别为两轨道的最低点，将两个质量相同的小球分别从A和B二、多选题7．甲、乙两名溜冰运动员，80kg m =甲和40kg m =乙，面对面拉着弹簧测力计在水平冰面上做圆周运动的溜冰表演，如图所示，两人相距L =0.9m ，弹簧测力计的示数F =9.2N ，不计冰AB a ，重力加速度为静摩擦力等于滑动摩擦力。

则（三、实验题11．某实验小组用打点计时器验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示。

（1）除图示器材外，下列器材中，必需的一组是___________。

山东省高一下学期期末物理试卷（附参考答案与解析)学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．下列对电现象及规律的认识中正确的是（）A．同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥B．自然界中只存在正、负两种电荷C．摩擦起电说明了电荷可以创生D．带电物体一定具有多余的电子2．等量异种点电荷的连线和中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中的a点沿直线移动到b点，再从b点沿直线移动到c点，则检验电荷在此全过程中（）A．所受电场力的方向变化B．所受电场力的大小恒定C．电场力一直做正功D．电势能先不变后减小3．拖着旧橡胶轮胎跑步是一种训练体能的常用方法。

某消防队员在体能训练时拖着轮胎在操场上以恒定的速度向前运动，下列说法正确的是（）A．摩擦力对轮胎做了负功B．合外力对轮胎做了正功C．重力对轮胎做了负功D．支持力对轮胎做了正功4．如图所示，物体A、B质量分别为m、2m，叠放在轻质弹簧上（弹簧下端固定于地面上，上端和物体A拴接）。

对B施加一竖直向下、大小为F的外力，使弹簧再压缩一段距离（弹簧始终处于弹性限度内）后物体A、B处于平衡状态。

已知重力加速度为g，F>3mg。

现突然撤去外力F，设两物体向上运动过程中A、B间的相互作用力大小为F N，则在A、B分离前，下列说法正确的是（）FA．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度先增大后减小C．增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D．将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动二、多选题7．一根粗细均匀的金属导线，两端加电压为U时，通过导线的电流强度为I，导线中自由A．如果保持连接电源，将两极距离不变，非常缓慢地错开一些，电流计中电流从b流向a B．如果保持连接电源，将A板上移，油滴将向上加速运动C．如果断开电源，A板上移，B板接地，油滴静止不动，油滴处电势不变D．如果断开电源，两板间接静电计，B板下移，静电计指针张角变大10．如图所示，等边三角形ABC的顶点A、B、C分别固定三个电荷量相等的点电荷，其中A 处的电荷带负电，B、C处的电荷带正电，M、N、H分别为三角形三条边的中点，O为三角形的中心，取无穷远电势为0，则下列说法正确的是（）A．M点和H点的电场强度相同B．把电子从M点移到H点电场力做功为零C．O点的电势大于N点的电势D．电子在M点的电势能大于它在N点的电势能11．下列用电器在正常使用时，电流做功W不等于产生的热量Q的是（）A．电风扇和电吹风B．白炽灯和电炉C．洗衣机和电冰箱D．电动机和电解槽12．如图甲所示一足够长的绝缘竖直杆固定在地面上，带电荷量为0.01C、质量为0.1kg的圆环套在杆上，整个装置处于水平方向的电场中，电场强度E随时间t变化的图象如图乙所示，环与杆间的动摩擦因数为0.5，t=0时，环静止释放，环所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g=10m/s2。

2024届湖南长沙市高一物理第二学期期末质量检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2．答题时请按要求用笔。

3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、(本题9分)以下说法正确的是（）A．绕地球沿圆轨道飞行的航天器中悬浮的液滴处于平衡状态B．洗衣机脱水时利用离心运动把附着在衣物上的水份甩掉C．匀速直线运动因为受合力等于零，所以机械能一定守恒D．合力对物体做功为零时，机械能一定守恒2、(本题9分)如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳连接（不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦），在用水平变力F拉物体B沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中，下列说法正确的是A．物体A也做匀速直线运动B．物体A做匀加速直线运动C．绳子对物体A的拉力等于物体A的重力D．绳子对物体A的拉力大于物体A的重力3、(本题9分)如图所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑动片p向下（b端）移动时，电压表和电流表的示数变化情况的是（）A．电压表和电流表示数都增大B．电压表和电流表示数都减小C．电压表示数增大，电流表示数变小D．电压表示数减小，电流表示数增大4、(本题9分)下列说法中正确的是A．做曲线运动的物体，速度方向时刻变化，故曲线运动不可能是匀变速运动B．物体在一恒力作用下只可能做直线运动C．曲线运动不一定是变速运动D．做曲线运动的物体，若加速度在减小，速度可能在增加5、(本题9分)小船在水速较小的河中横渡，并使船头始终垂直河岸航行，到达河中间时突然上游来水使水流速度加快，则对此小船渡河的说法正确的是（）A．小船要用更长的时间才能到达对岸B．小船到达对岸的时间不变，但位移将变大C．因小船船头始终垂直河岸航行，故所用时间及位移都不会变化D．因船速与水速关系未知，故无法确定渡河时间及位移的变化6、(本题9分)如图所示，一次训练中，运动员腰部系着不可伸长的轻绳拖着质量m=llkg 的轮胎从静止开始沿着笔直的跑道匀加速奔跑(轻绳与水平面存在夹角)，5s内运动员跑动了25m，不计空气阻力g取10m/s²，则下列说法正确的是（）A．5 s末轮胎的动能为1100 JB．5 s内轮胎的重力做功为2750 JC．5 s内运动员对轮胎做的功为550JD．5 s内合外力对轮胎做的功为550J7、(本题9分)质量为m的汽车在平直的公路上从静止开始以恒定功率P启动，经过时间t汽车的位移大小为s，速度大小为v。

福建省高一下学期期末考试物理试卷（附参考答案与解析) 学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________一、单选题1．一个质量m=0.5kg的小球在离地面h=2m 的平台上以v=0.2m/s的速度运动，重力加速度取10m/s2，下列说法正确的是（）A．小球的重力势能一定为10JB．小球的动能一定为0.01JC．小球从平台上下落的过程中机械能守恒D．小球落地的瞬间机械能为零2．如图为一皮带传动装置。

左轮半径为4r，右轮半径为r，a、b分别是左右轮边缘上的点，c点到左轮圆心的距离为2r，若传动过程中皮带不打滑，则（）A．a、b两点向心加速度之比为1:4B．a、b两点的角速度之比为4:1C．b、c两点的线速度大小相等D．b、c两点的向心加速度之比为1:83．如图，小船船头垂直河岸从M点渡河，N点位于M点的正对岸，河水流速为v水，船在静水中的速度为船v，则小船将到达对岸（）二、多选题7．一质量为2kg的质点在xOy平面内运动，在x方向的x t-图像和y方向的v t-图像分别如图所示。

下列关于该质点的说法正确的是（）三、填空题11．如图所示，某同学到超市购物，用大小为10N，方向与水平方向成60o角斜向上的拉力，使购物篮从静止开始在水平地面上做匀加速直线运动，经过3s运动了9m。

则：力F在3s 内对物体做的功为___________J；在第3s末，力F对物体做功的瞬时功率为___________W。

12．如图所示，用长度为40cm的细线吊着一质量为2kg小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，运动过程中细线与竖直方向上的夹角为37°，则细线的拉力为______N；小球运动的线速度v=______m/s。

（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）四、实验题13．某同学用如图甲所示的装置研究圆周运动的向心力与线速度的关系。