高一物理下册 期末精选单元测试卷(解析版)

2024年下学期期末测试卷高一物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．测试范围：人教版（2019）必修第二册全部、选修性必修第一册第1章。

5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．图是某-家用体育锻炼的发球机，从同一点沿不同方向发出A、B两球，返回同一水平面时，两球落至同一位置。

如果不计空气阻力，关于两球的运动，下列说法正确的是（）A．两球运动至最高点时，两球速度相等B．两球运动过程中，A加速度大于B球加速度C．两球飞行时间相等D．从抛出至落回同一水平面，A球速度变化量大于B球速度变化量2．研究乒乓球发球问题，设球台长2L，网高h，如图乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力（设重力加速度为g），从A点将球水平发出，刚好过网，在B点接到球，则下列说法正确的是（）A．网高4Lh =B．发球时的水平初速度02gv Lh=C．球落到球台上时的速度2v gh=D．球从A→B所用的时间24htg'=3．如图所示，一同学表演荡秋千，已知秋千的两根绳长均为4m，该同学质量为50kg，绳和踏板的质量忽略不计，当该同学荡到秋千支架的正下方时，踏板速度大小为4m/s，此时每根绳子平均承受的拉力最接近（）A ．100N B．200N C．330N D．360N4．如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比R B∶R C＝3∶2，A轮的半径大小与C轮的相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来。

高一物理下学期期末考试试题（含解析）一、单选题（共48分，每题4分）1. 如图所示，在用力F 拉小船向河岸匀速靠拢的过程中，若水的阻力保持不变，则下列说法中正确的是（ ）A. 小船受到的浮力增大B. 小船受到的浮力不变C. 船所受合外力不断增大D. 绳子拉力F 不断增大 【答案】D 【解析】【详解】C ．对小船进行受力分析，如题目图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零，故C 错误；ABD ．设拉力与水平方向的夹角为θ，有cos F f θ=sin F F mg θ+=浮船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，可知，绳子的拉力F 不断增大，拉力F 增大，sin θ增大，所以船的浮力不断减小，故D 正确，AB 错误。

故选D 。

2. 如图所示，在网球网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H 处，将球以某一速度沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L ，重力加速度取g ，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是（ ）A. 可求出球落地的时间B. 能求出人对球所做的功C. 球从击球点至落地点的位移等于LD. 球落地时的速度与H 无关 【答案】A 【解析】【详解】A ．由平抛规律知212H gt =，可求出球落地的时间，A 正确； B ．水平位移0L v t =，可求出平抛初速度，但质量不知，不能求出球的初动能，所以不能求出人对球所做的功，B 错误；C 22L H +C 错误；D ．由动能定理2201122mgH mv mv =- 球落地时的速度与H 有关，D 错误。

故选A 。

3. 以30m/s 的初速度水平抛出一质量为0.1kg 的物体，物体从抛出点到落在水平地面上的时间为4s,不计空气阻力，g 取10m/s 2.下列说法正确的是（ ） A. 物体抛出点离地面的高度为120mB. 物体落地时速度方向与水平方向的夹角的正切值为43C. 物体落地前瞬间重力的瞬时功率为40WD. 物体在空中运动的总路程为200m 【答案】C 【解析】【详解】A ．平抛运动的时间和竖直方向上的时间相同，而物体在竖直方向上做自由落体运动，根据212h gt =可知 21104m 80m 2h =⨯⨯=A 错误；B ．落地时的速度与水平方向的夹角的正切值为0404tan 303gt v θ===B 错误；C ．物体落地前的瞬间重力的瞬时功率为0.11040W 40W y P mgv ==⨯⨯=C 正确；D ．物体在空中运动的总路为轨迹的长度，不是水平位移位移与竖直位移之和，D 错误。

高一下册物理 期末精选单元测试卷（含答案解析）一、第五章 抛体运动易错题培优（难）1．如图所示，一小球从一半圆轨道左端A 点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点。

O 为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R ，OB 与水平方向夹角为30°，重力加速度为g ，不计空气阻力，则小球抛出时的初速度大小为（ ）A (323)6gR +B 332gRC (13)3gR +D 33gR【答案】A 【解析】 【分析】根据题意，小球在飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点，可知速度的方向与水平方向成600角，根据速度方向得到平抛运动的初速度与时间的关系，再根据水平位移与初速度及时间的关系，联立即可求得初速度。

【详解】小球在飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点，可知速度的方向与水平方向成60°角，则有0tan60y v v =竖直方向y gt =v水平方向小球做匀速直线运动，则有0cos30R R v t +=联立解得0(323)6gRv +=故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

【点睛】解决本题的关键是掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住速度方向，结合位移关系、速度关系进行求解。

2．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度A．大小和方向均不变B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均改变【答案】A【解析】【分析】【详解】橡皮参与了水平向右和竖直向上的分运动，如图所示，两个方向的分运动都是匀速直线运动，v x和v y恒定，则v合恒定，则橡皮运动的速度大小和方向都不变，A项正确．3．如图所示，在固定的斜面上A、B、C、D四点，AB=BC=CD。

三个相同的小球分别从A、B、C三点以v1、v2、v3的水平速度抛出，不计空气阻力，它们同时落在斜面的D点，则下列判断正确的是（）A．A球最后才抛出B．C球的初速度最大C．A球离斜面最远距离是C球的三倍D．三个小球落在斜面上速度方向与斜面成30 斜向右下方【答案】C【解析】【详解】A ．设球在竖直方向下降的距离为h ，三球水平抛出后，均做平抛运动，据212h gt =可得，球在空中飞行的时间t =所以A 球在空中飞行时间最长，三球同时落在斜面的D 点，所以A 球最先抛出，故A 项错误；B ．设球飞行的水平距离为x ，三球水平抛出后，球在水平方向做匀速直线运动，则球的初速度0tan30h x v t t ︒===C 球竖直下降的高度最小，则C 球的初速度最小，故B 项错误；C ．将球的运动分解成垂直于斜面和平行于斜面可得，球在垂直斜面方向的初速度和加速度分别为0sin30v v ⊥=︒，cos30a g ⊥=︒当球离斜面距离最远时，球垂直于斜面的分速度为零，球距离斜面的最远距离2220sin 3022cos30v v d h a g ⊥⊥︒===︒A 球在竖直方向下降的距离是C 球的三倍，则A 球离斜面最远距离是C 球的三倍，故C 项正确；D ．三球水平抛出，最终落在斜面上，则2012tan30gt v t=︒ 设球落在斜面上速度方向与水平面成α角，则tan y v gt v v α==解得tan 2tan30α=︒=所以球落在斜面上速度方向与水平面夹角不是60︒，即球落在斜面上速度方向与斜面不是成30︒斜向右下方，故D 项错误。

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕期末物理试卷〔〕一、单项选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．发现万有引力律和测出引力常量的家分别是〔〕A．牛顿、卡文迪许 B．伽利略、卡文迪许C．开普勒、牛顿 D．第谷、伽利略2．一个物体的运动由水平方向加速a1=4m╱s2和竖直方向加速a2=3m╱s2的两个分运动组成，以下关于这个物体实际运动加速度的大小说法正确的选项是〔〕A．加速度的大小为7m╱s2B．加速度的大小为1m╱s2C．加速度的大小为5m╱s2D．加速度的大小在1﹣7m╱s2之间3．从“神舟号〞载人飞船的发射可以预见，随着员在轨道舱内停留时间的增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节．轨道舱处于完全失重状态，以下器材适员在轨道舱中进行锻炼的是〔〕A．哑铃 B．跑步机 C．单杠 D．弹簧拉力器4．如下图，玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动〔假设忽略摩擦〕，这时球受到的力是〔〕A．重力和向心力 B．重力和支持力C．重力、支持力和向心力 D．重力5．一辆载重以某一速率在丘陵地带行驶，地形如下图，那么〔〕A．经过凸形地面A点处时，地面的支持力于的重力B．经过水平地面B点处时，地面的支持力大于的重力C．经过凹形地面C点处时，地面的支持力大于的重力D．经过斜面D点处时，地面的支持力于的重力6．如下图，r虽大于两球的半径，但两球的半径不能忽略，而球的质量分布均匀，大小分别为m1与m2，那么两球间万有引力的大小为〔〕A ．B ．C ．D ．7．根据开普勒第三律=K，关于行星的运动以下说法正确的选项是〔〕A．行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B．行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C．水星的半长轴最短，公转周期最大D．式中的K值，对于所有行星〔或卫星〕都相8．以下说法正确的选项是〔〕A．物体带电量有可能是3×10﹣19CB．感起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷9．两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固距离变为2r，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． FD ． F10．以下所述的物体在题给的运动过程中〔均不计空气阻力〕，机械能守恒的是〔〕A．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B．木箱沿光滑斜面加速下滑的过程C．人乘电梯加速上升的过程D．货物被起重机匀速上提过程11．如下图，电场中有A、B两点，它们的场强分别为E A、E B，那么以下判断正确的选项是〔〕A．E A=E B B．E A＞E BC．E A、E B的方向相同 D．E A、E B的方向不同12．以下说法中，正确的选项是〔〕A．当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少B．当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变C．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大D．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小13．用一节干电池对一个电容器充电，以下说法不正确的选项是〔〕A．充电过程中回路中有短暂的电流B．充电过程中电容器的电场能逐渐增大C．充电结束后，电容器两极板带量异种电荷D．充电结束后，电容器两极板间不存在电场14．现有两颗绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星A和B，它们的轨道半径分别为r A和r B，如果r A＜r B，那么〔〕A．卫星A的线速度比卫星B的线速度小B．卫星A的角速度比卫星B的角速度大C．卫星A的加速度比卫星B的加速度小D．卫星A的运动周期比卫星B的运动周期大二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共14分〕15．〔1〕为了研究平抛运动在水平方向的运动情况，甲同学设计了一个如图〔1〕所示的．将两个同样的倾斜轨道固在同一竖直面内，其下端水平，滑道2与光滑水平板平滑连接，把两个相同的小钢球从斜面的同一高度由静止释放，发现小球1恰能击中小球2，改变斜槽1的高度，或同步改变两小球的释放位置进行，结果依然可以击中，这说明平抛运动在水平方向的分运动是．〔2〕〔单项选择〕乙同学在研究平抛运动的轨道，装置如图〔2〕所示．关于这个，以下说法错误的选项是A．每次小球必须从同一高度静止释放B．斜槽必须光滑C．斜槽末端必须水平D．小球运动时不能与木板上的纸面相接触．16．运用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值B．由于本中的摩擦力较小，所以没必要平衡摩擦力C．通过打点计时器打下的纸带来测小车匀速运动时的速度D．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源17．在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，自由下落的重物质量为1kg，一条理想的纸带，数据如下图，单位是cm，g取m/s2，O、A之间有几个计时点没画出．〔1〕纸带的〔选填：左、右〕端与重物相连．〔2〕从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△E P= ，B点的速度v B= ，此过程中物体动能的增量△E K= ．18．一质量为m=1.0×103kg的货物被起重机由静止竖直向上吊起做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，取重力加速度g=10m/s2〔1〕2s内向上吊起4m过程中，重力对货物做的功；〔2〕重力的平均功率；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率．19．如下图，平台离水平地面的高度为H=5m，一质量为m=1kg的小球从平台上A点以某一速度水平抛出，测得其运动到B点时的速度为v B=10m/s．B点离地面的高度为h=m，取重力加速度g=10m/s2，以水平地面为零势能面．问：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为多大？〔2〕小球从A点抛出时的初速度v0为多大？〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为多大？高一〔下〕期末物理试卷〔〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔此题共14小题，每题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．发现万有引力律和测出引力常量的家分别是〔〕A．牛顿、卡文迪许 B．伽利略、卡文迪许C．开普勒、牛顿 D．第谷、伽利略【考点】万有引力律的发现和万有引力恒量的测．【分析】万有引力律是牛顿运用开普勒有关行星运动的三大律，结合向心力公式和牛顿运动律，运用其超凡的数学能力推导出来的，因而可以说是牛顿在前人研究的根底上发现的．经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量．【解答】解：牛顿根据行星的运动规律推导出了万有引力律，经过100多年后，由英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置巧妙的测量出了两个铁球间的引力，从而第一次较为准确的得到万有引力常量，故A正确，BCD错误；应选：A．2．一个物体的运动由水平方向加速a1=4m╱s2和竖直方向加速a2=3m╱s2的两个分运动组成，以下关于这个物体实际运动加速度的大小说法正确的选项是〔〕A．加速度的大小为7m╱s2B．加速度的大小为1m╱s2C．加速度的大小为5m╱s2D．加速度的大小在1﹣7m╱s2之间【考点】运动的合成和分解．【分析】加速度为矢量，矢量的合成遵守平行四边形那么，a1与a2之间夹角为90°，利用勾股理求解合加速度即可【解答】解：加速度的合成遵守平行四边形那么，由于两分加速度方向固，故合加速度为一固值，由勾股理得a===5m/s2，故C正确，ABD错误；应选：C．3．从“神舟号〞载人飞船的发射可以预见，随着员在轨道舱内停留时间的增加，体育锻炼成了一个必不可少的环节．轨道舱处于完全失重状态，以下器材适员在轨道舱中进行锻炼的是〔〕A．哑铃 B．跑步机 C．单杠 D．弹簧拉力器【考点】超重和失重．【分析】想弄清楚在超重和失重的状态下哪些器材可以用，必须清楚各个器材的物理原理，看看有没有与重力有关的原因，如果有那么，哪些器材就不能使用．【解答】解：A、用哑铃锻炼身体主要就是利用哑铃的重力，在轨道舱中哑铃处于完全失重状态，它对人的胳膊没有压力的作用；故A错误；B、利用单杠锻炼身体需克服自身的重力上升，利用自身的重力下降．在完全失重状态下已没有重力可用；故B错误；C、在轨道舱中人处于失重状态，就算人站在跑步机上，但是脚对跑步机一点压力也没有．根据压力与摩擦力成正比，那么这时脚与跑步机之间没有一点摩擦力．没有摩擦力人将寸步难行．故C错误；D、弹簧拉力器锻炼的是人肌肉的伸缩和舒张力，与重力无关．故D正确．应选：D4．如下图，玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动〔假设忽略摩擦〕，这时球受到的力是〔〕A．重力和向心力 B．重力和支持力C．重力、支持力和向心力 D．重力【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力．【解答】解：玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动，受到重力和支持力作用，合力提供向心力，故ACD错误，B正确．应选：B5．一辆载重以某一速率在丘陵地带行驶，地形如下图，那么〔〕A．经过凸形地面A点处时，地面的支持力于的重力B．经过水平地面B点处时，地面的支持力大于的重力C．经过凹形地面C点处时，地面的支持力大于的重力D．经过斜面D点处时，地面的支持力于的重力【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【分析】在凸形地面的A点和凹形地面的C点，靠竖直方向上的合力提供向心力，结合牛顿第二律比拟支持力和重力的关系，在水平面上，重力和支持力相，在斜面上，支持力和重力垂直斜面方向的分力相．【解答】解：A、在凸形地面的A点，根据牛顿第二律得，mg﹣N A =m ，那么，知支持力小于的重力，故A错误．B、在水平面B点，那么有N B=mg，故B错误．C、在凹形地面C 点，根据牛顿第二律得，，那么，知支持力大于的重力，故C正确．D、在斜面D点处，有N D=mgcosθ，θ为斜面的倾角，故D错误．应选：C．6．如下图，r虽大于两球的半径，但两球的半径不能忽略，而球的质量分布均匀，大小分别为m1与m2，那么两球间万有引力的大小为〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】万有引力律及其用．【分析】根据万有引力律公式，结合两球球心间的距离求出两球间的万有引力的大小．【解答】解：两球球心间的距离为R=r+r1+r2，那么两球间的万有引力F=．故D正确，A、B、C错误．应选：D．7．根据开普勒第三律=K，关于行星的运动以下说法正确的选项是〔〕A．行星轨道的半长轴越长，自转周期就越大B．行星轨道的半长轴越长，公转周期就越大C．水星的半长轴最短，公转周期最大D．式中的K值，对于所有行星〔或卫星〕都相【考点】开普勒律．【分析】开普星运动律，各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比．注意周期是公转周期，轨道是公转轨道；【解答】解：A、由开普星运动第三律知：各个行星绕太阳公转周期的平方和它们的椭圆轨道的半长轴的立方成正比，行星轨道的半长轴越长，公转周期越长，故A错误，B正确；C、水星的半长轴最短，公转周期最小，故C错误；D、对于绕太阳运动的行星和绕地球运动的人造卫星，中心体发生变化，律中的K值不同，故D错误．应选：B8．以下说法正确的选项是〔〕A．物体带电量有可能是3×10﹣19CB．感起电的本质是电荷发生了转移C．物体所带电量可能很小，可以小于元电荷D．经过摩擦使某物体带正电是因为产生了额外的正电荷【考点】电荷守恒律．【分析】元电荷又称“根本电量〞，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都于元电荷或者是元电荷的整数倍．由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电．感起电的实质是电荷可以从物体的一转移到另一个．【解答】解：A、元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19C，所有带电体的电荷量都于元电荷的整数倍，故AC错误；B、感起电的实质是电荷可以从物体的一转移到另一个．故B正确；D、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．遵循电荷守恒律．故D错误；应选：B．9．两个分别带有电荷量+Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后再将其固距离变为2r，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． FD ． F【考点】库仑律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑律得：F=；接触后，各自带电量变为Q′==2Q，那么此时F′=，故C正确，ABD错误．应选：C．10．以下所述的物体在题给的运动过程中〔均不计空气阻力〕，机械能守恒的是〔〕A．小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程B．木箱沿光滑斜面加速下滑的过程C．人乘电梯加速上升的过程D．货物被起重机匀速上提过程【考点】机械能守恒律．【分析】解答此题明确物体机械能守恒的条件为：系统只有重力做功；或者判断系统是否只有动能和势能的相互转化．【解答】解：A、小球在竖直抛出后，只受重力作用，故机械能守恒，故A正确；B、木箱下滑时没有摩擦力，支持力不做功，只有重力做功，故机械能守恒，故B正确；C、人加速上升时，肯受到向上的作用力做功，故机械能守恒，故C错误；D、货物匀速上升，拉力于重力，拉力做功，故机械能不守恒，故D错误；应选AB．11．如下图，电场中有A、B两点，它们的场强分别为E A、E B，那么以下判断正确的选项是〔〕A．E A=E B B．E A＞E BC．E A、E B的方向相同 D．E A、E B的方向不同【考点】电场线；电场强度．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，某点的切线方向表示电场强度在该点的方向．【解答】解：由图可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度比A高．由电场线上某点的切线方向表示电场强度在该点的方向，可得E A、E B的方向不同．应选：D12．以下说法中，正确的选项是〔〕A．当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少B．当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变C．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大D．一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．【分析】当电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，当电场力对电荷做负功时，电荷的电势能增大．根据功能关系分析．【解答】解：A、同种电荷间存在斥力，当两个正点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故A错误．B、同种电荷间存在斥力，当两个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故B错误．CD、异种电荷间存在引力，一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做正功，它们的电势能减小，故C错误，D正确．应选：D13．用一节干电池对一个电容器充电，以下说法不正确的选项是〔〕A．充电过程中回路中有短暂的电流B．充电过程中电容器的电场能逐渐增大C．充电结束后，电容器两极板带量异种电荷D．充电结束后，电容器两极板间不存在电场【考点】电容．【分析】任何两个彼此绝缘又相互靠近的导体都可以容纳，可看成一个电容器，电容器既能充电，也能放电；充电后两板间存在匀强电场．【解答】解：A、电容器在充电过程中会形成短暂的电流；故A正确；B、充电过程中电容器的电场能逐渐增大；故B正确；C、充电结束后，电容器两极板带量异种电荷；故C正确；D、充电结束后，电容器两极板间仍然存在电场；故D错误；此题选错误的；应选：D．14．现有两颗绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星A和B，它们的轨道半径分别为r A和r B，如果r A＜r B，那么〔〕A．卫星A的线速度比卫星B的线速度小B．卫星A的角速度比卫星B的角速度大C．卫星A的加速度比卫星B的加速度小D．卫星A的运动周期比卫星B的运动周期大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据人造卫星的万有引力于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，===mrω2=maA、v=，如果r A＜r B，那么卫星A的线速度比卫星B的线速度大，故A错误；B、ω=，如果r A＜r B，那么卫星A的角速度比卫星B的角速度大，故B正确；C、a=，如果r A＜r B，那么卫星A的加速度比卫星B的加速度大，故C错误；D 、T=2π，如果r A＜r B，那么卫星A的运动周期比卫星B的运动周期小，故D错误；应选：B．二、填空题〔此题共3小题，每空2分，共14分〕15．〔1〕为了研究平抛运动在水平方向的运动情况，甲同学设计了一个如图〔1〕所示的．将两个同样的倾斜轨道固在同一竖直面内，其下端水平，滑道2与光滑水平板平滑连接，把两个相同的小钢球从斜面的同一高度由静止释放，发现小球1恰能击中小球2，改变斜槽1的高度，或同步改变两小球的释放位置进行，结果依然可以击中，这说明平抛运动在水平方向的分运动是匀速直线运动．〔2〕〔单项选择〕乙同学在研究平抛运动的轨道，装置如图〔2〕所示．关于这个，以下说法错误的选项是 BA．每次小球必须从同一高度静止释放B．斜槽必须光滑C．斜槽末端必须水平D．小球运动时不能与木板上的纸面相接触．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】〔1〕两次做平抛运动的小球都能击中下面做匀速直线运动的小球，说明在水平方向上两小球的运动情况相同．〔2〕根据的原理以及操作中的考前须知确正确的操作步骤．【解答】解：〔1〕两次做平抛运动的小球都能击中下面做匀速直线运动的小球，说明在水平方向上两小球的运动情况相同．即：平抛运动在水平方向的分运动是匀速运动．〔2〕A、为了保证小球的初速度相，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽不一要光滑，故A正确，B错误．C、为了保证小球的初速度水平，斜槽末端必须水平，故C正确．D、为了防止摩擦改变小球的运动轨迹，小球运动时不能与木板上的纸面相接触，故D正确．此题选错误的，应选：B．故答案为：〔1〕匀速直线运动；〔2〕B．16．运用如下图的装置做“探究功与速度变化的关系〞的中，以下说法正确的选项是〔〕A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值B．由于本中的摩擦力较小，所以没必要平衡摩擦力C．通过打点计时器打下的纸带来测小车匀速运动时的速度D．通过打点计时器打下的纸带来测小车加速过程中获得的平均速度E．中要先释放小车再接通打点计时器的电源【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】在探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系的中注意：n根相同橡皮筋对小车做的功就于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难；该需要平衡摩擦力以保证动能的增量是只有橡皮筋做功而来；小车最大速度即为后来匀速运动的速度．【解答】解：A、该中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同，通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难．故A正确；B、为了保证小车的动能都是橡皮筋做功的结果，必须平衡摩擦力，长木板要适当的倾斜，故B错误；C、中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以该对纸带上点迹均匀匀速运动的计算速度．故C正确；D、中我们要知道小车获得的最大速度，即橡皮筋把功做完，所以该对纸带上点迹均匀匀速运动的计算速度．不是测量小车加速阶段的平均速度，故D错误．E、中要先接通打点计时器的电源再释放纸带．故E错误．应选：AC17．在“验证机械能守恒律〞的中，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，自由下落的重物质量为1kg，一条理想的纸带，数据如下图，单位是cm，g取m/s2，O、A之间有几个计时点没画出．〔1〕纸带的左〔选填：左、右〕端与重物相连．〔2〕从起点O到打下计数点B的过程中，重力势能的减少量△E P= 0.49 ，B 点的速度v B= 0.98 ，此过程中物体动能的增量△E K= 0.48 ．【考点】验证机械能守恒律．【分析】〔1〕根据相时间内的位移逐渐增大确纸带的哪一端与重物相连．〔2〕根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量．【解答】解：〔1〕知道在重物拖动下速度越来越大，相时间内的位移增大，由于AB间的距离小于BC间的距离，可知纸带的左端与重物相连．〔2〕从O到B，重力势能的减小量△E p=mgh=1××0.0501J≈0.49J，B点的瞬时速度m/s=0.98m/s，那么物体动能的增加量=J≈0.48J．故答案为：〔1〕左；〔2〕0.49，0.98，0.48．18．一质量为m=1.0×103kg的货物被起重机由静止竖直向上吊起做匀加速直线运动，加速度为a=2m/s2，取重力加速度g=10m/s2〔1〕2s内向上吊起4m过程中，重力对货物做的功；〔2〕重力的平均功率；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率．【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】〔1〕根据功的公式求出重力对货物做功的大小．〔2〕根据平均功率公式求出重力的平均功率．〔3〕根据牛顿第二律求出牵引力的大小，结合速度时间公式求出2s末的速度，根据P=Fv求出瞬时功率的大小．【解答】解：〔1〕重力对货物做功的W G=﹣mgh=﹣1000×10×4J=﹣4×104J．〔2〕重力做功的平均功率P=W．〔3〕根据牛顿第二律得，F﹣mg=ma，解得牵引力F=mg+ma=1×104+1×103×2N=12000N，2s末的速度v=at=2×2m/s=4m/s，那么起重机在2s末的瞬时输出功率P=Fv=12000×4W=48000W．答：〔1〕重力对货物做功为﹣4×104J；〔2〕重力的平均功率为﹣2×104W；〔3〕起重机在2s末的瞬时输出功率为48000W．19．如下图，平台离水平地面的高度为H=5m，一质量为m=1kg的小球从平台上A点以某一速度水平抛出，测得其运动到B点时的速度为v B=10m/s．B点离地面的高度为h=m，取重力加速度g=10m/s2，以水平地面为零势能面．问：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为多大？〔2〕小球从A点抛出时的初速度v0为多大？〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为多大？【考点】机械能守恒律；平抛运动．【分析】〔1〕小球运动的过程中机械能守恒，抓住A点和B点的机械能相求出A点的机械能大小．〔2〕结合A点的机械能和重力势能的大小，求出A点的初速度大小．〔3〕根据下降的高度求出平抛运动的时间，结合初速度和时间求出B点离竖直墙壁的水平距离．【解答】解：〔1〕小球在运动的过程中，机械能守恒，那么A点的机械能与B 点的机械能相，那么=．〔2〕根据得，代入数据解得v0=6m/s．〔3〕根据H﹣h=得，t=，那么B点离竖直墙壁的水平距离L=v0t=6×0.8m=m．答：〔1〕小球从A点抛出时的机械能为68J；〔2〕小球从A点抛出时的初速度为6m/s；〔3〕B点离竖直墙壁的水平距离L为m．。

高一物理下册期末考试试卷(附答案解析）学校:___________班级：___________姓名：__________考号：__________ 一、单选题A．B．C．D．二、实验题11．某科学兴趣小组进行了系列电学实验。

（1）为了测量某种新材料制成的圆柱形电阻的电阻率，该小组用螺旋测微器测量其直径D，示数如图甲所示，读数为____________cm。

③调节指针定位螺丝，使多用电表指针指着电流零刻度④将选择开关旋转到OFF位置⑤将红、黑表笔分别与待测电阻两端接触，测出金属丝的电阻约20Ω（3）为进一步准确测量该金属丝的电阻x R，实验室提供如下器材：电池组E（电动势为4.5V，内阻不计）；定值电阻0R（阻值为10Ω）；电压表V（量程为5V，内阻未知）；电流表A（量程为20mA，内阻为90Ω）；滑动变阻器R（阻值范围为0∼20Ω，额定电流2A）；开关S、导线若干.请利用以上器材，在下方的虚线框中补全实验电路图（需标出相应器材的符号）______（4）若电压表示数为4.2V，电流表示数为15mA，试分析能否计算出x R的准确值，若能，写出x R的准确值；若不能，写出误差的来源________（5）写出该金属丝电阻率的表达式ρ=_________（用L、d、x R表示）.三、解答题13．电流表改装成欧姆表的电路如图所示，两表笔直接相连时，指针指在表盘刻度“5”上，两表笔之间接有600Ω的电阻时，指针指在刻度“1”上。

求刻度“3”应标注的电阻值R。

12．【答案】11.050 1.995/1.994/1.996 ③②①⑤④19Ω24x d RL π。

高一下册物理期末精选单元测试卷（含答案解析）一、第五章抛体运动易错题培优（难）1．如图，光滑斜面的倾角为θ＝45°，斜面足够长，在斜面上A点向斜上方抛出一小球，初速度方向与水平方向夹角为α，小球与斜面垂直碰撞于D点，不计空气阻力；若小球与斜面碰撞后返回A点，碰撞时间极短，且碰撞前后能量无损失，重力加速度g取10m/s2。

则可以求出的物理量是（）A．α的值B．小球的初速度v0C．小球在空中运动时间D．小球初动能【答案】A【解析】【分析】【详解】设初速度v0与竖直方向夹角β，则β＝90°−α（1）；由A点斜抛至至最高点时，设水平位移为x1，竖直位移为y1，由最高点至碰撞点D的平抛过程Ⅱ中水平位移为x2，竖直位移y2。

A点抛出时：sinxv vβ=（2）10cosyv vβ=（3）2112yvyg=（4）小球垂直打到斜面时，碰撞无能力损失，设竖直方向速度v y2，则水平方向速度保持0sinxv vβ=不变，斜面倾角θ＝45°，20tan45siny x xv v v vβ===（5）2222yyyg=（6）()22212cos sin2vy y ygββ-∆=-=（7），平抛运动中，速度的偏向角正切值等于位移偏向角的正切值的二倍，所以：()111111tan90222tanyxvyx vββ==-=（8）由（8）变形化解：211cos sin2tanvx ygβββ==（9）同理，Ⅱ中水平位移为：2222sin2tan45vx ygβ==（10）()212sin sin cosvx x xgβββ+=+=总（11）=tan45yx∆总故=y x∆总即2sin sin cosβββ-=-（12）由此得1tan3β=19090arctan3αβ=-=-故可求得α的值，其他选项无法求出；故选：A。

2．一阶梯如图所示，其中每级台阶的高度和宽度都是0.4m，一小球以水平速度v飞出，欲打在第四台阶上，则v的取值范围是（）A6m/s22m/sv<<B．22m/s 3.5m/sv<≤C2m/s6m/sv<<D6m/s23m/sv<<【答案】A【解析】【分析】若小球打在第四级台阶的边缘上高度4h d =，根据2112hgt =，得 1880.4s 0.32s 10d t g ⨯=== 水平位移14x d = 则平抛的最大速度111m/s 22m/s 0.32x v t === 若小球打在第三级台阶的边缘上，高度3h d =，根据2212h gt =，得 260.24s dt g== 水平位移23x d =，则平抛运动的最小速度222m/s 6m/s 0.24x v t === 所以速度范围6m/s 22m/s v <<故A 正确。

高一物理下册期末精选单元测试卷（含答案解析）一、第五章 抛体运动易错题培优（难）1．如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来提升重物M ，长杆的一端放在地上通过铰链连接形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O 点处，在杆的中点C 处拴一细绳，绕过两个滑轮后挂上重物M ，C 点与O 点距离为L ，现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度ω缓缓转至水平位置（转过了90︒角），此过程中下述说法中正确的是（ ）A ．重物M 做匀速直线运动B ．重物M 先超重后失重C ．重物M 的最大速度是L ω，此时杆水平D ．重物M 的速度先减小后增大 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】ACD ．设C 点线速度方向与绳子沿线的夹角为θ（锐角），由题知C 点的线速度为c v L ω=该线速度在绳子方向上的分速度为1v1cos v L ωθ=θ的变化规律是从开始最大（90°）然后逐渐变小，所以1v 逐渐变大，直至绳子和杆垂直，θ变为零度，绳子的速度变为最大，为ωL ；然后，θ又逐渐增大，1v 逐渐变小，绳子的速度变慢。

所以知重物的速度先增大后减小，且最大速度为ωL ，此时杆是与绳垂直，而不是水平的，故ACD 错误；B ．上面的分析得出，重物的速度先增大后减小，所以重物M 先向上加速后向上减速，即先超重后失重，故B 正确。

故选B 。

【点睛】解决本题的关键在于掌握运动的合成与分解，把C 点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳的方向，沿绳方向的分速度等于重物的速度。

2．一种定点投抛游戏可简化为如图所示的模型，以水平速度v 1从O 点抛出小球，正好落入倾角为θ的斜面上的洞中，洞口处于斜面上的P 点，OP 的连线正好与斜面垂直；当以水平速度v2从O点抛出小球，小球正好与斜面在Q点垂直相碰。

不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．小球落在P点的时间是1tanvgθB．Q点在P点的下方C．v1>v2D．落在P点的时间与落在Q点的时间之比是122vv【答案】D【解析】【分析】【详解】A．以水平速度v1从O点抛出小球，正好落入倾角为θ的斜面上的洞中，此时位移垂直于斜面，由几何关系可知1112112tan12v t vgtgtθ==所以112tanvtgθ=A错误；BC．当以水平速度v2从O点抛出小球，小球正好与斜面在Q点垂直相碰，此时速度与斜面垂直，根据几何关系可知22tanvgtθ=即22tanvtgθ=根据速度偏角的正切值等于位移偏角的正切值的二倍，可知Q点在P点的上方，21t t<，水平位移21x x>，所以21v v>，BC错误；D．落在P点的时间与落在Q点的时间之比是11222t vt v=，D正确。

高一物理下册 期末精选单元测试卷附答案一、第五章 抛体运动易错题培优（难）1．一小船在静水中的速度为3m/s ，它在一条河宽150m 、水流速度为4m/s 的河流中渡河，则该小船（ ） A ．能到达正对岸 B ．渡河的时间不少于50sC ．以最短时间渡河时，它渡河的位移大小为200mD ．以最短位移渡河时，位移大小为150m 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】A ．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸，选项A 错误；B ．当船在静水中的速度垂直河岸时，渡河时间最短min 150s 50s 3d t v ===船 选项B 正确；C ．船以最短时间50s 渡河时，沿水流方向的位移大小450m 200m min x v t ==⨯=水渡河位移应为水流方向的位移与垂直河岸方向位移的合位移，选项C 错误； D ．因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸。

若以最短位移渡河，情景如图根据三角形相似可知，最短位移150m 200m v s v =⨯=水船选项D 错误。

故选B 。

2．甲、乙两船在静水中航行的速度分别为5m/s 和3m/s ，两船从同一渡口过河，已知甲船以最短时间过河，乙船以最短航程过河，结果两船抵达对岸的地点恰好相同。

则水的流速为（ ） A ．3m/sB ．3.75m/sC ．4m/sD ．4.75m/s【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】由题意，甲船以最短时间过河，乙船以最短航程过河，结果两船抵达对岸的地点恰好相同，可知，甲乙实际速度方向一样，如图所示可得tan v v θ=水甲cos v v θ=乙水两式相乘，得3sin =5v v θ=乙甲 则3tan =4v v θ=水甲，解得v 水=3.75m/s ，B 正确，ACD 错误。

故选B 。

3．质量为0.2kg 的物体，其速度在x ，y 方向的分量v x ，v y ，与时间的关系如图所示，已知x ．y 方向相互垂直，则（ ）A ．0~4s 内物体做直线运动B ．4~6s 内物体的位移为25mC ．0~4s 内物体的位移为12mD ．0~6s 内物体一直做曲线运动 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】A． 0~4s内，在x方向做匀速运动，在y方向做匀加速运动，因此物体做匀变速曲线运动运动，A错误；B．由图象与时间轴围成的面积等于物体的位移，4~6s内，在x方向物体的位移为2m，在y方向物体的位移为4m，物体位移为2225m+=x yB正确；C．0~4s内，在x方向物体的位移为4m，在y方向物体的位移为12m，物体位移为22410m+=x yC错误；D．将4~6s内物体运动倒过来，相当于初速度为零，在x方向和y方向加速度都恒定，即物体加速度恒定，因此在这段时间内物体做初速度为零的匀加速直线运动，因此原题中在这段时间内物体做匀减速度直线运动，最终速度减为零，D错误。

答卷时应注意事项１、拿到试卷，要认真仔细的先填好自己的考生信息。

２、拿到试卷不要提笔就写，先大致的浏览一遍，有多少大题，每个大题里有几个小题，有什么题型，哪些容易，哪些难，做到心里有底；３、审题，每个题目都要多读几遍，不仅要读大题，还要读小题，不放过每一个字，遇到暂时弄不懂题意的题目，手指点读，多读几遍题目，就能理解题意了；容易混乱的地方也应该多读几遍，比如从小到大，从左到右这样的题；４、每个题目做完了以后，把自己的手从试卷上完全移开，好好的看看有没有被自己的手臂挡住而遗漏的题；试卷第１页和第２页上下衔接的地方一定要注意，仔细看看有没有遗漏的小题；５、中途遇到真的解决不了的难题，注意安排好时间，先把后面会做的做完，再来重新读题，结合平时课堂上所学的知识，解答难题；一定要镇定，不能因此慌了手脚，影响下面的答题；６、卷面要清洁，字迹要清工整，非常重要；７、做完的试卷要检查，这样可以发现刚才可能留下的错误或是可以检查是否有漏题，检查的时候，用手指点读题目，不要管自己的答案，重新分析题意，所有计算题重新计算，判断题重新判断，填空题重新填空，之后把检查的结果与先前做的结果进行对比分析。

亲爱的小朋友，你们好!经过两个月的学习，你们一定有不小的收获吧，用你的自信和智慧，认真答题，相信你一定会闯关成功。

相信你是最棒的！下学期期末测试卷01高一物理·全解全析第Ⅰ卷1234567891011121314DCDCABBABDCDAC1．D 【详解】A ．万有引力定律适用于宇宙万物任意两个物体之间的引力，不仅仅天体间有，故A 错误；B ．物体对地球的引力与地球对物体的引力是一对作用力与反作用力，所以大小相等，故B 错误；C ．引力常量G 是卡文迪许第一个由实验的方法测定的，它有单位，故C 错误；D ．万有引力定律是牛顿在总结前人研究的基础上发现的，故D 正确。

故选D 。

2．C 【详解】因为A 、B 两点共轴转动，所以A w =B w 。