2018南京大学文学院考研大纲及大纲解析

南开大学2018年《古代汉语》考研大纲一、考试目的本大纲是为南开大学文学院全日制学术型硕士研究生入学资格考试的专业基础课“古代汉语”而制定，适用于以下三个专业：语言学及应用语言学、汉语言文字学、中国少数民族语言文学。

根据本考试的成绩和其他三门考试的成绩总分来确定考生的复试资格。

二、考试的性质与范围本考试旨在考查考生的古代汉语知识及能力。

考试范围包括本大纲规定的各项内容。

三、考试基本要求1.具备比较扎实的古代汉语基础。

2.能利用古代汉语方面的知识和理论解决实际问题。

四、考试形式试题主要分四种类型：名词解释，问题简答，词语解释，古文标点及翻译。

五、考试内容见“考试内容一览表”。

总分150分。

I.名词术语解释1.考试要求要求考生了解古代汉语的基本面貌，对文字、音韵、词汇、语法、古书注解等方面的基础知识、基本理论、重要著作或研究成果等有较好的掌握。

2.题型列出若干有关古代汉语的名词术语，考生加以解释。

II.问题简答1.考试要求要求考生根据古代汉语的基础知识解答古代汉语文字、音韵、词汇、语法等方面的问题。

2.题型列出若干有关古代汉语的问题，考生加以解答。

III.词语解释1.考试要求要求考生掌握一定数量的比较常用的古代汉语词汇，能准确地理解语词在具体语境的含义或用法。

2.题型列出若干古代汉语的语句，考生对其中指定的词语加以解释。

Ⅳ.标点及翻译1.考试要求考生应能读懂不太繁难的古文，能比较准确地为古文施加现代标点，并翻译成现代汉语。

2.题型给出一篇（或一段）无标点的古文，考生在答题纸上抄录原文，加上现代标点，翻译成现代汉语。

答题和计分考生用钢笔、签字笔或圆珠笔将答案写在答题纸上。

文章来源：文彦考研。

第01课考纲解读【新大纲】【分析】新大纲取消了原有了“必考内容”等表述，去掉了“阅读一般论述类文章”这一宽泛模糊的说明，取而代之的是增补了对于论述类文本的详细考查说明83个字。

这个变化是为了和之前大纲后面的选考文本的考查说明进行对等。

高考命题组对于现代文考查的目的性和功能性有了更加深刻的理解，也提醒了同学们，需要对“政论文、学术论文、时评、书评”这类准确界定的文体有所准备，备考更有针对性。

在论述类文本阅读中，增加了“分析论点、论据和论证方法”这一考点。

划定了论述类文本的范畴（时政文、学术论文、时评、书评等）和考查重点（注重文本的说理性和逻辑性）。

2017年不少设题不再是较多地照搬原文或稍加改造的思路，不再纠缠于考查局部的、字面上语词概念内涵的细微差别辨析，更多的是着眼于文本内容的整体理解，着眼于繁杂信息的把握、筛选。

采用一种有一定跨度的信息筛选整合方式，语言表达形式的转换中常常还包含了一定的因果推断意味，隐含了一定的能力迁移要求。

这种能力迁移可以看作是以文本的说法（核心概念）为依据，来判断、理解文本未有提及，但又与之相似的某些情形。

而主观题难度设置有梯度，往往先为信息筛选，然后归纳，最后是个性解读。

我们在做此类题目的时候，要把握住以下几点。

1．统观全文，筛选出直接表现作者思想情感和观点态度的语句。

这方面主要是抓“文眼”，抓关键句和中心句。

这些语句，论述类文章常在开头，或在段落的起始句、终结句。

抓住这些句子，就能把握作者的观点和态度。

2．分析文章的中心内容，把握作者的基本观点和态度。

作者写文章往往围绕一个中心来展开文章内容，因而阅读时，把握文章的中心内容是理解作者观点和态度的关键。

有时还需要对文中各段内容进行综合分析，进而把握好作者的观点态度。

3．通过对文中不同观点、不同态度的比较，辨析作者的观点和态度。

有两种方法：(1)正反对比：要通过上下文来对比两者或几者的观点，分析作者的观点。

(2)相似辨析：有些观点不是明显的对立，而是相容、相交、发展、递进，这要仔细辨析，方可取胜。

2018考研英语(二)大纲翻译部分解析2015年9月18日，《2018年全国硕士研究生入学统一考试英语(二)考试大纲》公布，与去年英语(二)大纲相比，今年的翻译部分没有发生任何变化。

在形式和句式上，要求翻译150词左右的一个或几个段落，较英语(一)翻译五个划线句子，连贯性强，使得理解更容易;由于英语(二)的翻译部分属于段落翻译，而英语这门语言的在行文的上具有长短相间的特点，这便降低了英语(二)翻译部分整体上的难度，使得句式不像在英语(一)中那样，五句话句句长难句。

在体裁上，考查考生理解所给英语材料并将其译成汉语的能力，内容上较为生活化，，涉及很多生活领域中的知识，对于考生来说，更加易于理解和把握。

在分值上，满分为15分，根据文章相关部分的具体情况分配。

相对于英语(一)翻译部分考察要求，主要在于表达方面。

英语表述逻辑和汉语有差别，在翻译过程中进行语言转换时，需要借助翻译技巧。

常见的句子翻译技巧很多，包括长句化短，语序的调整，被动语态以及各类从句的翻译等。

考生们只需要满足大纲中提供的六字翻译标准，即“准确、完整、通顺”。

如果说理解是在原文中选义的过程，那么表达就是在译文中选词的过程，即在译文中寻找最恰当的表达方法。

经历六年的考查，考研英语(二)翻译的难度浮动趋于稳定，一般没有大范围的难度浮动，对于在英语(二)中“性价比”相对高的题型，各位考生要重视这15分，按照老师的指导科学地备考完全可以达到考研的要求，拿到理想的分数。

考研英语二同样侧重对学生英语阅读和写作能力的考察。

同英语一相比，英语二在阅读能力的考察上有六点要求： (1)理解主旨要义; (2)理解文中的具体信息; （3）理解语篇的结构和上下文的逻辑关系; (4)根据上下文推断重要生词或词组的含义; (5)进行一定的判断和推理; (6)理解作者的意图、观点或态度。

比英语一少了两点要求，分别是理解文中的概念性含义和区分论点和论据。

这说明英语二更侧重考生对文章主旨和结构的考察，我们在阅读过程中只要抓住文章的主题思想，理清文章脉络，答题时基本上就没有什么问题了。

2018年南京大学硕士研究生考试自命题回忆版
03
汉语写作与百科知识（448）(150 points) 第一部分：百科知识（50分）
1.“阿尔法围棋”
人工智能
深度学习
人脸识别
人机对话
2.选举权
女权主义运动
经济大萧条
麦卡锡主义
“婴儿潮”
3.明治维新
俳句
浪漫主义诗歌
意象主义
庞德
4.索绪尔
能指
所指
语言学
结构主义
5.地球的自转
生物钟
激素水平
新陈代谢
时差
第二部分：应用文写作（40分）
请为北京一日游的导游写一篇450字左右的带团欢迎词。

第三部分：现代汉语写作（60分）
根据以下故事材料写一篇800字的议论文，题目自拟，论点要明确。

两只青蛙相邻而居一只住在离大路不远的池溏里，另一只住在大路边的小水坑里。

池溏里的青蛙劝邻居搬到它那儿去。

可住在小水坑里的那只青蛙总说自己还没准备好。

虽然危险的事经常发生，可是它舍不得离开已经住惯了的地方，更懒得搬来搬去。

结果有一天，小坑里的青蛙在路边晒太阳时，不幸被路过的车子碾死了。

南京大学考研专业目录及考试科目
2018年，南京大学将对考研生进行考研专业目录及考试科目等细节的检查和确认，以确保每位考生都能找到合适的考研专业和考试科目。

南京大学拥有15个不同的专业方向，具体如下：文学、历史学、哲学、法学、教育学、政治学、公共管理、心理学、社会学、新闻传播学、经济学、管理学、理学、工学和农学。

此外，南京大学还设置了7个不同的考试科目，包括政治、历史、地理、法律、数学、英语和实用文体。

在报考资格中，要求考生具备高中或以上的学历，且有一定的掌握和使用英语的能力。

考试之前，南京大学还将为考生提供复习课程，以帮助考生更好地掌握考试科目的基本知识并能更好地备考。

这次考研是一次重要的考验，参加考研的考生应该努力学习，把握时间，多看书，多探讨，尽可能多地了解考研科目，以便考试时落落有力，尽可能取得更好的成绩。

此外，考生还应注意合理安排自己的复习时间，并坚持自学，以便能更好地备考考研，取得更好的成绩。

最后，南京大学考研不仅考验考生的学术水平，更考验考生的耐心、毅力、勤奋和坚持的能力。

只有全面完善的准备，才会有较高的考研成绩。

2018年高考语文考试大纲解读及复习建议【导语】普通高等学校根据考生成绩，按已确定的招生计划，德、智、体全面衡量，择优录取。

高考由教育部统一组织调度，教育部考试中心或实行自主命题的省级考试院命制试题。

考试日期为每年6月7日、8日，部分省市区因考试制度的不同考试时间为3天（即6月7日-9日）。

本文精选了关于智睿高考的相关文章，欢迎大家分享转载！考试大纲是高考命题的规范性文件和标准，是考试评价、复习备考的依据，因此高考在进行语文复习时首先要了解考试大纲，下面是智睿网小编给大家带来的高考语文考试大纲解读及复习建议，希望对你有帮助。

2018年高考语文考试大纲解读2018年高考语文学科考纲修订更注重体现语文学科的基础性和综合性，优化考查内容，调整选考模块，全面考查语文能力和人文素养。

突出变化如下：1、能力目标设计学科化，注重考查更高层次的思维能力，如鉴赏评价能力。

解读：这一改变就意味着试卷会进一步减少记忆背诵类的知识，增加评价鉴赏、分析运用类的题目。

任何学科的知识都是有能力层级的，之前的语文考试侧重考查低级的记忆背诵知识，但现在的高考开始侧重更高层级的能力要求。

这一改变其实是紧随北京高考改革，尤其在北京的模拟考试中，分析理解、评价鉴赏、综合运用等高级能力层级题目比例大幅度提高。

如2016北京海淀一模第5题：下面选自《茶馆》的人物对话体现了“老舍式的幽默”的哪些特点?根据材料一和材料二回答。

这个题目就不仅要求学生能够在文章中提取老舍幽默的特点，还要求学生能够根据新的文本进行分析，用文章的知识解决文章之外的问题，这种考查运用能力的题目比例将极大提高。

2、适度增加阅读量，考查信息时代和高校人才选拔要求的快速阅读能力和信息筛选处理能力。

解读：这也就意味着学生需要在有限的时间内阅读更多的材料、处理更多的信息，然后把这些信息变成答案写出来。

这个修改，对学生的阅读速度、阅读方法都提出了极高的要求。

学生应该在普通提高阅读速度和处理信息的速度的基础上，根据材料的特点，采取不同的阅读方法，高效处理文章信息。

2018南京大学834分子生物学A考研专业课复习全书《2018南京大学834分子生物学A考研专业课复习全书》是聚英南大考研网联合南京大学生命科学院优秀研究生们研发的综合性复习资料。

目的是帮助2018年准备报考南大生物化学与分子生物学专业的考生们在复习过程中能系统科学的备考。

一、834分子生物学A专业课基本考研情况：1、适用考试科目代码：834分子生物学A2、适用专业：生命科学学院：生物化学与分子生物学3、适用专业研究方向：01 (全日制)多肽药物的基因工程和蛋白质工程02 (全日制)基因表达调控03 (全日制)分子医学04 (全日制)药物传递及纳米生物学05 (全日制)分子识别及生物传感06 (全日制)细胞信号转导07 (全日制)生物信息学4、适用专业考试科目：①101 思想政治理论②201 英语一③642 生物化学二④834 分子生物学A5、834分子生物学A专业课参考书目推荐：《Molecular Biology》Robert Weaver, fifth edition, 2011；《分子生物学》（第一版）杨荣武主编，南京大学出版社；《现代分子生物实验》郑伟娟主编，高教出版社，2010年版。

6、推荐考研资料：《2018南京大学834分子生物学A考研专业课复习全书》（含真题与答案解析）二、复习全书内容介绍：1、前言2、第一部分专业课深度解析（一）、历年真题的考点分布及试卷结构（二）、试题分析（三）、命题预测（四）、专业课全程规划3、第二部分核心考点解析第一章分子生物学发展简史★第二章遗传物质的分子本质★★★第三章基因、基因组和基因组学★★★第四章DNA的生物合成★★★★第五章DNA的损伤、修复和突变★★★★第六章基因重组★★★★★第七章RNA的生物合成★★★★第八章转录后加工★★★★★第九章蛋白质的生物合成★★★★第十章多肽链的折叠与翻译后加工★★★★第十一章原核生物基因表达的调控★★★★★第十二章真核生物基因表达的调控★★★★★第十三章分子生物学方法★★★★★4、第三部分历年真题与答案解析南京大学2005年—2011年招收攻读硕士学位研究生入学考试试卷南京大学2005年—2011年招收攻读硕士学位研究生入学考试试卷答案解析。

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高考由教育部统一组织调度，教育部考试中心或实行自主命题的省级考试院命制试题。

考试日期为每年6月7日、8日，部分省市区因考试制度的不同考试时间为3天（即6月7日-9日）。

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2018年高考语文考试大纲解读2018年高考语文学科考纲修订更注重体现语文学科的基础性和综合性，优化考查内容，调整选考模块，全面考查语文能力和人文素养。

突出变化如下：1、能力目标设计学科化，注重考查更高层次的思维能力，如鉴赏评价能力。

解读：这一改变就意味着试卷会进一步减少记忆背诵类的知识，增加评价鉴赏、分析运用类的题目。

任何学科的知识都是有能力层级的，之前的语文考试侧重考查低级的记忆背诵知识，但现在的高考开始侧重更高层级的能力要求。

这一改变其实是紧随北京高考改革，尤其在北京的模拟考试中，分析理解、评价鉴赏、综合运用等高级能力层级题目比例大幅度提高。

如2016北京海淀一模第5题：下面选自《茶馆》的人物对话体现了老舍式的幽默”的哪些特点？根据材料一和材料二回答。

这个题目就不仅要求学生能够在文章中提取老舍幽默的特点，还要求学生能够根据新的文本进行分析，用文章的知识解决文章之外的问题，这种考查运用能力的题目比例将极大提高。

2、适度增加阅读量，考查信息时代和高校人才选拔要求的快速阅读能力和信息筛选处理能力。

解读：这也就意味着学生需要在有限的时间内阅读更多的材料、处理更多的信息，然后把这些信息变成答案写出来。

这个修改，对学生的阅读速度、阅读方法都提出了极高的要求。

学生应该在普通提高阅读速度和处理信息的速度的基础上，根据材料的特点，采取不同的阅读方法，高效处理文章信息。

2018考研英语大纲之阅读解题方式及思路详细分析2021年9月18日，2018年全国硕士研究生入学统一考试英语考试大纲终于出炉。

通过与《2021年全国硕士研究生入学统一考试英语考试大纲》对照，觉察不管是英语(一)仍是英语(二)，2021年考研英语大纲传统阅读部份内容均没有实质性转变。

考生能够依照原有的温习思路进行系统、深度地温习，这表现了英语试题趋于稳固性的规律。

那么，究竟什么才是阅读的正确方式和思路呢，凯程教育英语教研室张莹教师为大伙儿作了进一步总结：一、关于阅读：1. 阅读前，必先阅读题干目的是对文章有一个初步印象，带着题干中的有效信息猜想文章的大致内容，以后能够依照关键词的定位并把注意力集中在文章的相关部份，如此能够对哪些地址应该细读、哪些略读、做到心中有数。

第二要了解文章的整体结构，明白文章中的可能位置。

阅读时要想着问题，碰着与问题相关的材料，必然要做好标记。

如此在做一些细节题时就能够够够直接跳读到答案在文章中的位置了。

2. 阅读中，抓住主题句区分论点和论据。

段首、段尾句常考：段首、段尾句一样表达了文章的中心思想，或确实是该段的主题句，对全文或全段起着提纲挈领的作用。

每一段的第一句都要认真地读，尤其是最长的一段更要注意它的要紧内容。

边阅读边在主题段或主题句或重要的文句下面画线，读完全文后再回过头来重读画线部份，然后就会得出作者的要紧用意。

文章主题句依照文体的不同，在文中的位置也不同，可能放在段首，也可能放在段中或段尾。

3. 阅读后，注意明白得句子和辞汇的言外之意考研阅读明白得的文章中，几乎每一句话都能够当做出题点，每一句话也都可能是答题点，因此不把文章读透，光凭猜想或答题技术，是不可能博得高分的，在阅读文章时，必然要把每句话都读懂，才能在后面的解题中快速准确地找出相应答案。

二、关于做题：1. 区别不同类型题目包括推理题、细节题、句子明白得题、主旨大意题、态度题、例证题等。

第一准确找到标志性辞汇，确信题目类型，然后运用有针对性的独特解题思路和技术，如逻辑关系解题法、同现或复现关系解题法、主题句解题法等。

录取专业姓名初试总分录取类别复试笔试复试面试总分汉语国际教育曲宁386 全日制135 119.8 640.80 汉语国际教育陶文392 全日制130 117.2 639.20 汉语国际教育李慕华393 全日制120 120.2 633.20 汉语国际教育骆丽371 全日制135 125.2 631.20 汉语国际教育段金妞382 全日制135 112.2 629.20 汉语国际教育李明丽365 全日制135 124.4 624.40 汉语国际教育邓雪芹373 全日制130 121 624.00 汉语国际教育许可380 全日制115 119.2 614.20 汉语国际教育罗姗369 全日制115 126.8 610.80 汉语国际教育何孝艳364 全日制130 113.6 607.60 汉语国际教育徐露露375 全日制110 118.2 603.20 汉语国际教育宋丽丽379 全日制115 108 602.00 汉语国际教育王聪358 全日制120 119.8 597.80 汉语国际教育温舒359 全日制115 120 594.00 汉语国际教育时传鑫360 全日制110 122.2 592.20 汉语国际教育胡佩佩360 全日制120 112 592.00 汉语国际教育邢静宜348 全日制120 123.8 591.80 汉语国际教育高骏瑜358 全日制110 120.8 588.80 汉语国际教育秦丽华361 全日制115 111 587.00 汉语国际教育葛常佳363 全日制115 107.6 585.60 汉语国际教育井小闻360 全日制95 128.8 583.80 汉语国际教育徐悦344 全日制115 123.8 582.80 汉语国际教育周双燕358 全日制110 114.2 582.20 汉语国际教育季然344 全日制125 110 579.00 汉语国际教育何萍350 全日制115 109.2 574.20 汉语国际教育陈晶晶342 全日制115 106.2 563.20 汉语国际教育秦坤343 全日制110 110 563.00录取专业姓名初试三科录取类别复试笔试复试面试总总总分比较文学叶卉323 全日制124 141 588.00 比较文学孟令越329 全日制121 132.6 582.60 比较文学李青321 全日制132 129.4 582.40 比较文学李宇虹326 全日制112 135.6 573.60 比较文学田欣雨330 全日制115 128.6 573.60 比较文学刘丽霞319 全日制99 140 558.00 古代文学罗宝航316 全日制129 134.75 579.75 古代文学蒋仁芝338 全日制104 132.8 574.80 古代文学王雍324 全日制113 134.25 571.25 古代文学马骏圆318 全日制115 131.75 564.75 古代文学蔡谷涛319 全日制102 133.25 554.25 古代文学凌雅琴315 全日制101 136.5 552.50 古代文学宋冰琪324 全日制99 129 552.00古代文学李雨凝244 全日制75 124.75 443.75 少民计划文献学肖瑶339 全日制113 124.5 576.50 文献学罗洋320 全日制118 135 573.00 文艺学马凯324 全日制135 140.2 599.20 文艺学刘翠329 全日制136 132.8 597.80 文艺学王桐321 全日制138 136.4 595.40 文艺学范林丽327 全日制90 132.4 549.40 文艺学苏墁317 全日制94 136.6 547.60 文字学鄢然315 全日制132 124.6 571.60现当代文学常悦336 全日制135 136.8 607.80 现当代文学赵丽媛322 全日制145 140.2 607.20 现当代文学蒋冰328 全日制132 138.4 598.40 现当代文学阮若玲323 全日制136 136.8 595.80 现当代文学柏丽娟322 全日制133 138 593.00现当代文学张匀匀325 全日制132 133 590.00现当代文学王凤华317 全日制135 136.6 588.60现当代文学杨阳316 全日制138 128.4 582.40现当代文学郑俊坤317 全日制121 136.6 574.60现当代文学程婷317 全日制135 120.2 572.20录取专业姓名初试三科录取类别复试笔试复试面试总总总分戏剧与影视学黄辉311 全日制117 130.4 558.40 戏剧与影视学程诗芸320 全日制110 114.4 544.40 戏剧与影视学林文琪307 全日制114 119.6 540.60录取专业方向姓名初试总分录取类别复试笔试复试面试总分戏剧创意写作李亚男393 非全日制0 283.8 676.80 戏剧创意写作黄蓉393 非全日制0 277.6 670.60 戏剧创意写作韩重涛368 非全日制0 278.4 646.40 戏剧创意写作庞羽363 非全日制0 278.2 641.20 戏剧创意写作李祥359 非全日制0 279 638.00 戏剧创意写作何思悦337 非全日制0 277.4 614.40 戏剧刘子怡361 非全日制96 128.4 585.40 戏剧唐田甜361 非全日制93 127.4 581.40 戏剧冯依璇361 非全日制100 119 580.00 戏剧李奕霖362 非全日制95 121.5 578.50 戏剧杨柳347 非全日制125 106.2 578.20 戏剧王艺茜362 非全日制90 125.8 577.80 戏剧寇潇丹377 非全日制90 110.75 577.75戏剧王彤356 非全日制90 131.4 577.40 戏剧严婷376 非全日制99 102.2 577.20 戏剧武炜昕355 非全日制92 128.6 575.60 戏剧陈奇351 非全日制115 109 575.00 戏剧吴沁雪369 非全日制90 113.8 572.80 戏剧沈加秀341 非全日制100 131.6 572.60 戏剧何欣逸356 非全日制90 126.4 572.40 戏剧郁薇346 非全日制110 115.6 571.60 戏剧王笑涵353 非全日制102 115 570.00 戏剧王乐烨343 非全日制103 122 568.00 戏剧王思琪351 非全日制90 126.4 567.40 戏剧潘靖娴353 非全日制98 115.8 566.80 戏剧刘弦歌344 非全日制90 132.4 566.40 戏剧张姗356 非全日制99 111 566.00 戏剧刘业梅348 非全日制94 122 564.00 戏剧施韵349 非全日制93 119.6 561.60 戏剧闻奕346 非全日制95 119.6 560.60 戏剧吴国安350 非全日制97 113.6 560.60 戏剧戴水英340 非全日制102 118.2 560.20 戏剧张雅杰349 非全日制105 101 555.00 戏剧郭越341 非全日制97 116.2 554.20 戏剧陈滢竹340 非全日制98 115.6 553.60 戏剧崔怡璇352 非全日制90 109.6 551.60 戏剧许楚楚341 非全日制100 108 549.00 戏剧刘韫智336 非全日制100 113 549.00 戏剧赵文墨339 非全日制105 100.4 544.40 戏剧赵伊柠341 非全日制95 107 543.00 戏剧廖梦丹339 非全日制98 105.25 542.25 戏剧郭子薇338 非全日制92 109.4 539.40 戏剧刘真真391 全日制120 141.6 652.60 戏剧创意写作张悦377 全日制0 274.6 651.60戏剧刘玉倩396 全日制120 131 647.00 戏剧刘洪书394 全日制90 144 628.00 戏剧王光皓377 全日制118 130 625.00 戏剧郑钲374 全日制115 132.2 621.20 戏剧钱宇轩379 全日制95 142.4 616.40 戏剧孙群越382 全日制95 137 614.00 戏剧王星月343 全日制130 137.2 610.20 戏剧杨慕晴364 全日制125 120.6 609.60 戏剧翟玉佳374 全日制105 128.2 607.20 戏剧王盟381 全日制93 131.6 605.60 戏剧吕云骞361 全日制100 143.2 604.20 戏剧苏雅丽363 全日制105 134 602.00 戏剧许柳阳377 全日制100 122 599.00 戏剧王梅竹361 全日制105 131.6 597.60 戏剧张馨377 全日制100 112.4 589.40 戏剧龚成375 全日制98 114.8 587.80 戏剧苌明珂374 全日制97 114.6 585.60 戏剧杨柳355 全日制120 110 585.00 戏剧刘畅348 全日制100 136.6 584.60 戏剧周楠楠377 全日制97 109.2 583.20戏剧谭思远303 全日制108 125.4 536.40 少民计划。

《语言(yǔyán)理论(lǐlùn)与分析(fēnxī)》考试(kǎoshì)大纲一、考查(kǎochá)对象本大纲供全日制攻读文学院中国语言文学一级学科下属的硕士点语言学及应用语言学、汉语言文字学两个专业入学考试科目《语言理论与分析》参考使用。

二、考查目标1、在熟悉现代汉语、古代汉语、语言学概论的基础知识和基本概念的基础上，系统掌握学科基本理论；2、广泛阅读，全面了解语言学研究的各种原则方法和历史发展；3、能运用语言学的基本理论来分析语言现象，解决学术问题。

三、考试形式与试卷结构（一）试卷成绩及考试时间本试卷满分为150分，考试时间为180分钟。

（二）答题方式答题方式为闭卷、笔试。

（三）试卷题型结构1、简答题 50分2、论述题 50分3、分析题 50分四、考查范围古代汉语一、汉字的结构和发展（一）“六书”与汉字的形体构造（二）形声字的结构形式与汉字的部首（三）汉字的形体演变与异体字、繁简字（四）古今字、通假字二、古今词义的异同(yìtóng)、词的本义和引申义（一）古今词义(cí yì)的异同（二）词的本义(běnyì)和引申义三、词类(cílèi)的活用（一）使动用(dòngyòng)法（二）意动用法（三）名词用如动词（四）名词用作状语四、古代汉语的词序（一）宾语前置（二）其他特殊词序五、古代汉语的判断句（一）古代汉语判断句句式（二）判断词的发展六、古代汉语的被动表示法（一）意念上的被动（二）古代汉语被动句式七、副词、代词、介词、连词、语气词和词头词尾（一）副词：程度副词、范围副词、时间副词、情态副词、否定副词、表敬副词（二）代词：人称代词、指示代词、疑问代词、“或”和“莫”、“者”和“所”（三）介词：于（於、乎）、以、为（四）连词：与、而、则（然则）、虽（虽然）、然（然而）、之（五）语气词：句尾语气词、句首和句中语气词（六）词头、词尾八、音韵学基础知识（一）古今语音的异同（二）上古音简说（三）古书的读音问题九、古代汉语修辞方式（一）引用（二）譬喻（三）代称（四）互文（五）夸饰（六）委婉十、古书的注解、标点和今译十一(Shí－Yī)、古汉语常用工具书现代汉语一、现代汉语概述(ɡài shù)（一）现代汉民族共同语（二）现代汉语方言(fāngyán)（三）现代汉语的特点(tèdiǎn)（四）现代汉语的国内、国际(guójì)地位（五）新时期语言文字工作的方针、任务二、语音（一）现代汉语语音基础（二）声母（三）韵母（四）声调（五）音节结构（六）音变（七）音位（八）朗读和语调（九）语音规范化三、文字（一）汉字的性质、作用（二）汉字的形体构造及形体演变（三）汉字的整理和简化四、词汇（一）词汇和词的结构（二）词义的性质和构成（三）义项、语素理论（四）语义场理论（五）语境理论（六）词汇组成（七）熟语（八）词汇发展五、语法（一）语法学基础概念和汉语语法体系（二）汉语词类（实词）（三）汉语词类（虚词）（四）汉语短语（五）汉语(Hànyǔ)句法成分（六）句型(jù xínɡ)和句式（七）句法(jùfǎ)失误（八）复句(fùjù)（九）句群（十）标点(biāodiǎn)六、修辞（一）修辞学基本概念和理论（二）常用修辞格（三）语体风格语言学概论一、语言学的基本问题（一）语言学及其分类（二）语言学的研究对象（三）语言学的研究目的和历史阶段二、语言的定位及其功能（一）语言和思维的关系（二）语言的符号特性（三）语言的系统特性（四）语言的功能三、语音和音系（一）语音学基础原理1.语音学和音系学2.语音单位3.国际音标（二）语音要素及其声学原理（三）元音和辅音发音原理（四）音位和音系基本理论1.划分音位的原则2.音位和音位变体3.音质音位和非音质音位4.音位区别特征与音位聚合（五）音变理论（六）韵律和层级四、语法（一）语法学基本理论1.语法单位2.语法(yǔfǎ)层级机构3.语法运转(yùnzhuǎn)规则（二）语法(yǔfǎ)单位(dānwèi)的组合1.词法(cífǎ)规则2.句法规则3.组合层次性4.组合递归性（三）语法单位的聚合1.词类2.形态3.语法范畴（四）变换和句型（五）语言的结构类型和普遍特征五、词汇语义语用（一）词汇学基础1.词汇概念2.词汇分类、3.词义的分类和特性等（二）词义的聚合1.一词多义2.同义聚合3.反义聚合4.上下位关系5.语义特征和语义场理论（三）句义1.词义的组合搭配关系2.语义结构3.语义范畴4.真值、蕴涵和预设理论（四）语用学基础理论1.语境理论2.话题和说明3.焦点和预设4.言语行为六、文字（一）文字和语言的关系（二）文字的性质与类型（三）文字的特点和规律（四）文字的起源和发展（五）书面语七、语言演变与语言分化（一）语言演变的原因、特点及其规律（二）语言(yǔyán)的分化1.语言(yǔyán)分化的原因2.社会(shèhuì)方言3.地域(dìyù)方言4.亲属语言(yǔyán)和语言的谱系分类八、语言的接触（一）语言接触基本概念（二）借词（三）语言联盟与系统感染（四）语言的替换和底层（五）共同语（六）语言混合九、语言系统的发展（一）语音的发展1.语音演变的表现2.语音演变的规律3.语音对应关系和历史比较法（二）语法的发展1.组合规则演变2.聚合类演变3.类推4.结构的重新分析5.语法化理论（三）词汇语义的发展1.新旧词产生、消亡与更替2.词汇演变与语言系统关系3.词义演变内容总结（1）《语言理论与分析》考试大纲一、考查对象本大纲供全日制攻读文学院中国语言文学一级学科下属的硕士点语言学及应用语言学、汉语言文字学两个专业入学考试科目《语言理论与分析》参考使用。

2000年南京大学硕士研究生入学考试数学分析试题一、求下列极限. 1）设nn n x x x ++=+3)1(31,(01>x 为已知),求n n x ∞→lim ； 2)22)(lim 2200y x y x y x +→→；3)201cos lim x xtdt t ++∞→∫； 4)222222021lim cos()xy r x y r e x y dxdy r π+→+≤−∫∫.二、在[]1,1−上有二阶连续导数,0)0(=f ,令xx f x g )()(=,())0()0(,0f g x ′=≠,证明： 1))(x g 在0=x 处连续,且可导,并计算)0(g ′； 2))0(g ′在0=x 处也连续. 二、设t e e t f t ntn 3sin )1()(−−−=,()0≥t ,试证明1）函数序列(){}t f n 在任一有穷区间[]A ,0上和无穷区间[0,)+∞上均一致收敛于0；2）∫+∞−−∞→=−030sin 1lim tdt e e tn t n . 三、设对任一A>0,)(x f 在[]A ,0上正常可积,且0)(0≠∫+∞dt t f 收敛.令(),0,)()()(0≥−=∫∫+∞x dt t f dt t f x x xϕ试证明)(x ϕ在()+∞,0内至少有一个零点.四、计算积分())0(,sin cos ln )(2222>+=∫a dx x x a a I π.五、试求指数λ,使得dy r y x dx r y x λλ22−为某个函数()y x u ,的全微分,并求()y x u ,,其中22y x r +=.六、计算下列曲线积分和曲面积分)1()()()∫+++−++=cdz z y x dy y x dx z y x I ,223其中c 为1222=+y x 与z y x −=+222的交线,从原点看去是逆时针方向.)2()()()2222222:,R c z b y a x S dxdy z dzdx y dydz x I S=−+−+−++=∫∫.七、设()ln nn u x x x =,[]0,1x ∈,(1)试讨论1()n n u x ∞=∑在](0,1上的收敛性和一致收敛性；(2)计算11ln n n x xdx ∞=∑∫.九、设222exp ,0,0(,)0,0,0x t t x f x t t t x−+>> ==> ,0()(,)I x f x t dt ∞=∫ , (0)x > 1）讨论0(,)f x t dt +∞∫在()0,+∞上的一致收敛性,并证明200lim ()2tx I x e dt ++∞−→==∫ 2）计算()I x .2000年南京大学数学分析考研试题的解答一、1、解 设xc x c x f ++=)1()(,),0[+∞=∈I x ,其中常数1>c . 因为111)1()()1()(022<−=−≤+−=′<c cc c x c c c x f ,所以f是I 上的压缩函数.对3(1)()3x f x x +=+,13(1)()3n n n nx x f x x ++==+, 1111|||()()||()()|||n n n n n n n n x x f x f x f x x k x x ξ+−−−′−=−=−≤−, 于是111113(1)3(1)32||||||33(3)(3)n n n n n n n n n n x x x x x x x x x x −+−−−++⋅−=−=−++++12||3n n x x −≤−,{}n x 是压缩迭代序列,所以n n x ∞→lim 存在,设lim n n x A →∞=,易知0A ≥；在n n n x x x ++=+3)1(31两边令∞→n 取极限,得到3(1)3A A A+=+,所以A =；故lim n n x →∞=.2、解 先求其对数的极限：()2222()(00)limln x,y ,x y x y →+, 由于()()()()222222222211ln ln 022x y x y x y x y x y +≤+⋅++→,((,)0x y →)； 所以()2222()(00)limln 0x,y ,x y x y→+=,进而()()222222ln 220()(00)()(00)limlim e=1x yx y x y x,y ,x,y ,xye +→→+== . 3、解 由于21cos tdt t+∞∫收敛,于是201cos lim 0x xtdt t++∞→=∫. 4、解 222222021lim cos()xy r x y r ex y dxdy rπ+→+≤−∫∫2222202lim cos()xy r x y r e x y dxdy +→+≤=−∫∫22(0,0)2[cos()]|2xy e x y =−= .二、证明 (1)由于()f x 在[]1,1−上有二阶连续导数, 所以()f x ,(),()f x f x ′′′在[]1,1−上连续； 当0x ≠时, ()()f x g x x=,显然()g x 在0x ≠处是连的； 在0x =处,'00()()(0)lim ()limlim (0)0x x x f x f x f g x f x x →→→−===−. 有)0()(lim 0g x g x =→；所以()g x 在0x =处连续. 故()g x 在[]1,1−上连续.在0x =处, 00()(0)()(0)(0)lim lim x x f x f g x g x g x x→→′−−′==2000()(0)()(0)()1lim lim lim (0)222x x x f x xf f x f f x f x x →→→′′′′′−−′′====.(2)当0x ≠时, ()()f x g x x =, 2()()()f x x f x g x x ′−′=g . 由于()f x 和()f x ′连续, 故当0x ≠时, ()g x ′存在且连续. 而且, 200()()()()()lim ()limlim 2x x x f x x f x f x x f x f x g x x x →→→′′′′′⋅−⋅+−′==0()1lim (0)(0)22x f x x f g x →′′⋅′′′===. ()g x ′在0x =处连续, 进而()g x ′在[]1,1−上连续.三、引用定理 设{()}n f x 在[,)a +∞上有定义,满足：(1)对每一b a >,{()}n f x 在[,]a b 上一致收敛于0；(2)lim ()0n x f x →+∞=,且关于n 是一致的,则{()}n f x 在[,)a +∞上一致收敛于0.1）证明 (1)因为3|()||(1)sin |(1)t t t nnn f t e e t e −−−=−≤−, 显然{}t ne −在任一有穷区间[]A ,0上一致收敛于1, 于是(){}t f n 在任一有穷区间[]A ,0上一致收敛于0；又3|()||(1)sin |t t t nn f t e e t e −−−=−≤,因而lim ()0n t f t →+∞=,且关于n 是一致的,所以(){}t f n 在无穷区间[0,)+∞上一致收敛于0； 2）因为3|()||(1)sin |t ttnn f t e e t e −−−=−≤,且0t e dt +∞−∫收敛,(){}t f n 在任一有穷区间[]A ,0上一致收敛于0利用积分控制收敛定理,得3000lim 1sin lim ()lim ()0tt n n n n n n e e tdt f t dt f t dt +∞+∞+∞−−→∞→∞→∞−=== ∫∫∫. 四、证明 显然0(0)()f t dt a ϕ+∞=−=−∫,0lim ()()x x f t dt a ϕ+∞→+∞==∫；存在0A >,当x A ≥时,有()2ax a ϕ<<； )(x ϕ在[0,]A 上连续,(0)()0A ϕϕ<,由闭区间上连续的零点定理, 得)(x ϕ在()+∞,0内至少有一个零点. 五、解dx x b x a )cos sin ln(222202+∫π,0,>b a .记dx x b x a b a I )cos sin ln(),(222202+=∫π,),(b a I 是连续可微函数. 当b a =时,dx x a x a a a I )cos sin ln(),(222202+=∫πa ln π=； 当b a ≠时,dxx b x a xa b a I a ∫+=∂∂2022222cos sin sin 2),(πdx bx b a b b x b a b a a ∫+−−+−−=2022222222222sin )(sin )(2π]cos sin 2[2202222222dx x b x a b b a a ∫+−−=ππ]tan tan 2[220222222x d bx a b b a a ∫+−−=ππ ]|)tan arctan(2[22022ππx b a a b b a a −−=b a a b b a a +=−−=1]22[222πππ, 于是C b a b a I ++=)ln(),(π,再由a a a I ln ),(π=,得2ln π−=C ,故2ln),(ba b a I +=π. 六、解设22(,),(,)x x P x y r Q x y r y y λλ==−,12(,)yr y r r P x y x yy λλλ−−∂=∂, 2122(,)xxr x r r Q x y xy λλλ−+∂=−∂,令(,)(,)P x y Q x y y x∂∂=∂∂,得1λ=−；由1u x r x y −∂=∂, 得1()u r y y ϕ=+,代入212u x r y y −∂=−∂,得()y C ϕ=,故1(,)u x y r C y =+ . 七、()()()∫+++−++=cdz z y x dy y x dx z y x I ,223其中c 为1222=+y x 与z y x −=+222的交线,从原点看去是逆时针方向. （1） 解 22{(,,):1,21}x y z z x y Σ==−+≤,22{(,):21}D x y x y =+≤(cos ,cos ,cos )n αβγ=r(0,0,1)=, 利用斯托克斯公式,得()()()3cI x z dx x dy x y z dz =++++∫Ñ3cos cos cos dS x y z x zx x y zαβγΣ∂∂∂=∂∂∂+++∫∫3001dS x y z x zx x y zΣ∂∂∂=∂∂∂+++∫∫22(1)(1)Dz dS dxdy Σ=−=+∫∫∫∫2Dy dxdy π=+2122001sin 2d r ππθθ=∫20311cos 2242d πθπθ−=+∫38ππ= . (2)解 区域2222)()()(:R c z b y a x ≤−+−+−Ω,利用高斯公式,得222Sx dydz y dzdx z dxdy ++∫∫dxdydz z y x )(2++=∫∫∫Ωdxdydz c b a c z b y a x )]()()()[(2+++−+−+−=∫∫∫Ωdxdydz c b a )(2++=∫∫∫Ω334)(2R c b a π++=3)(38R c b a π++=.八、解 (1)显然1()n n u x ∞=∑在](0,1上收敛,且10,1()()ln ,011n n x u x S x x xx x∞==== << − ∑, ()n u x 在](0,1上连续,而()S x 在](0,1上不连续,所以1()n n u x ∞=∑在](0,1上不一致收敛；(2)11()()ln 1NNN n n x S x u x x x x =−==−∑,显然,对任意01a b <<<,{()}N S x 在[,]a b 上一致收敛,{()}N S x 在(0,1]上连续, |ln ||()|1N x x S x x ≤−,(01)x <<,10|ln |1x x dx x−∫收敛；于是级数可以逐项积分故112001111ln ln (1)n nn n n x x dx x xdx n ∞∞∞=== == +∑∑∑∫∫ . 九、(1)解 显然(,)f x t 在(0,)(0,)+∞×+∞上连续,且有20(,)t f x t e−<≤,而2t e dt +∞−∫收敛,从而有0(,)f x t dt +∞∫在()0,+∞上一致收敛；对任意0a B <<<+∞,当0x +→时,(,)f x t 在[,]a B 上一致收敛于2t e −,于是2lim ()lim (,)lim (,)2tx x x I x f x t dt f x t dt e dt ++++∞+∞+∞−→→→====∫∫∫； (2)利用等式20(())b f ax dx x +∞−∫201()f x dx a +∞=∫,)0,(>b a .2()0b ax xedx −−+∞∫20112x e dx a a +∞−==∫ ,)0,(>b a . 可知222()()(,)x t t I x f x t dt edt −++∞+∞==∫∫22()22202xt xxu xteedt ee du e −−+∞+∞−−−−===∫∫.南京大学2001年数学分析考研试题一、求下列极限1）设),2(,43,011≥+==−n a a a n n 求n n a ∞→lim ；2）yx y x e y x 12201lim +−→+∞→++；3）设[],,)(,B b a A C x f B A <<<∈试求∫−+→bah dx hx f h x f )()(lim 04）设)(x f 在)1,0(内可导,且),1,0(,1|)(|∈∀<′x x f 令)2)(1(≥=n n f x n ,试证明n n x ∞→lim 存在有限二、设,1)0(,)(),(2=∈+∞−∞g C x g 令≠−=′=时当时当0,cos )(0),0()(x x xx g x g x f 1）讨论处的连续性；在0)(=x x f 2)求.0)(),(处的连续性在并讨论=′′x x f x f 三、设[][],1,0,1)(0,0)0(,)(1,01∈∀≤′<=∈x x f f C x f 试证明对一切[]1,0∈t ,成立[]∫∫≥ tt dx x f dx x f 032)()(四、 求下列积分1）计算反常积分∫+∞−=0sin dx x xe I x ；2)计算曲面积分222I x dydz y dzdx z dxdy Σ=++∫∫,其中Σ为锥面()h z y x ah z ≤≤+=0,22222那部分的外侧.五、求212arctan )(x x x f −=在0=x 处的幂级数展开式,并计算∑∞=+−=012)1(n nn S 之值 六、设nnn x x x ++=+11α,1>α,10x ≥. 1) 证明级数11()n n n x x ∞+=−∑绝对收敛；2)求级数()∑∞=+−11n n n x x 之和.七、设4220(,)exp t I dt αβαβ+∞−= + ∫,其中βα,满足不等式43222−≤+−βαα. 1）讨论含参变量积分),(βαI 在区域432:22−≤+−βααD 上的一致收敛性；2）求),(βαI 在区域D 上的最小值.南京大学2001年数学分析考研试题的解答一、 1、解 易知111||||4n n n n a a a a +−−=−,{}n a 是压缩迭代序列,所以lim n n a →∞存在,设lim n n a A →∞=,则有34A A +=,1A =,所以lim 1n n a →∞=. 2、解令u =,则有0lim x y u +→+∞→=+∞；由424421202uu u x eeu ey e − ≤+≤==,得2201lim 0x y x ey +→+∞→ +=.3、解 ()f x 在[,]A B 上连续,对任何A a x B <<<,因为 dt t f h t f h x a ∫−+))()((1dt h t f h x a ∫+=)(1dt t f h xa ∫−)(1 dt t f h h x h a ∫++=)(1dt t f h x a ∫−)(1dt t f h h x x ∫+=)(1dt t f h ha a∫+−)(1, 由此,即得)()())()((1lim 0a f x f dt t f h t f h xah −=−+∫→,()A a x B <<< .4、解 由题设条件,得 111111|||()(||()()|11(1)n n n x x f f f n n n n n n ξ+′−=−=−≤+++, 121||||||||n p n n n n n n p n p x x x x x x x x +++++−−≤−+−+−L11(1)(1)()111111((1121111n n n p n p n n n n n p n p n n p n<++++−+=−+−++−++++−+=−<+L L 由此即可知{}n x 是一个基本列,所以n n x ∞→lim 存在且有限.二、由于()g x 在(,)−∞+∞上有二阶连续导数,所以()g x ,(),()g x g x ′′′在(,)−∞+∞上连续；0()cos ()sin lim ()limlim (0)(0)1x x x g x x g x xf xg f x →→→′−+′==== 有0lim ()(0)x f x f →=；所以()f x 在0x =处连续. 显然()f x 在0x ≠处连续.故()f x 在(,)−∞+∞上连续.在0x =处, 00()cos (0)()(0)(0)lim lim x x g x xg f x f x f x x→→−′−−′== 200()cos (0)()sin (0)lim lim 2x x g x x xg g x x g x x→→′′′−−+−== 0()cos 1lim ((0)1)22x g x x g →′′+′′==+； (2)当0x ≠时, ()cos ()g x x f x x −=, 2(()sin )(()cos )()g x x x g x x f x x ′+−−′=g . 由于()g x 和()g x ′连续, 故当0x ≠时, ()f x ′存在且连续. 而且, 200(()sin )(()cos )lim ()limx x g x x x g x x f x x →→′+⋅−−′=0(()cos )(()sin )(()sin )lim 2x g x x x g x x g x x x →′′′′+⋅++−+= 0()cos 1lim ((0)1)(0)22x g x x g f →′′+′′′==+= ()f x ′在0x =处连续, 进而()f x ′在(,)−∞+∞上连续.三、假设()f x 在[]0,1上可导,且()0()1,0,1,(0)0f x x f ′<<∀∈=,证明()2300()()>∫∫xxf t dtf t dt ,()0,1∀∈x .证明 令()230()()()=−∫∫xxF x f t dtf t dt ,()320()2()()()()2()()′=−=−∫∫xxF x f x f t dt f x f x f t dt f x ,因()0()1,0,1,(0)0f x x f ′<<∀∈=,所以()0>f x ,令20()2()()=−∫xg x f t dt f x ,则[]()2()1()0′′=−>g x f x f x ,即得()(0)0>=g x g , 所以()0′>F x , 则()230()()()(0)0=−>=∫∫xxF x f t dtf t dt F ,()0,1∀∈x ,于是()230()()xxf t dtf t dt >∫∫,()0,1∀∈x .四、(1)计算dx xaxbx e px∫+∞−−0sin sin ,),0(a b p >>. 解 因为dyxy xaxbx ba∫=−cos sin sin ,所以dx xax bx epx∫+∞−−0sin sin dx dy xy e b a px)cos (0∫∫+∞−=,由于pxpxexy e−−≤|cos |及dx e px ∫+∞−0收敛,根据魏尔斯特拉斯判别法,得dx xy e px ∫+∞−0cos 在],[b a y ∈上一致收敛,又xy e px cos −在],[),0[b a ×+∞上连续, 所以积分可交换次序,即dx dy xy e bapx )cos (0∫∫+∞−xydx e dy px bacos 0∫∫+∞−=∫+=bady yp p 22p ap b arctan arctan −= 故dx x ax bx e px∫+∞−−0sin sin pap b arctan arctan −= ,任何实数a b p ,,0>. 特别地0sin arctan14xx e dx x π+∞−==∫ .(2)解 (由于Σ不是封闭曲面,需要补充一部分曲面,构成一个封闭曲面.)区域Ω：1222()hx y z h a +≤≤,边界1Σ+Σ=Ω∂,方向朝区域外.2221:,x y a z h Σ+≤=,方向朝上.显然dxdy z dzdx y dydz x 2221++∫∫Σ∫∫Σ=12dxdy z 22222222x y a h dxdy h a a h ππ+≤===∫∫,利用高斯公式,得dxdy z dzdx y dydz x222++∫∫Ω∂dxdydz z y x )(2++=∫∫∫Ω222()2()h ax y z hdzx y z dxdy +≤=++∫∫∫202()ha z z dz h π=⋅∫2212a h π=,再由dxdy z dzdx y dydz x 222++∫∫Ω∂dxdy z dzdx y dydz x 222++=∫∫Σdxdy z dzdx y dydz x 2221+++∫∫Σ,得出dxdy z dzdx y dydz x 222++∫∫Σ2212a h π=− . 五、解 212arctan )(x x x f −=,因为2202()2(1)1n nn f x x x ∞=′==−+∑,(0)0f = 所以210(1)()221n n n f x x n ∞+=−=+∑,(11)x −≤≤,显然21(1)21n n n n ∞+=−+∑在[0,1]上一致收敛,∑∞=+−=012)1(n n n S 21110(1)11lim lim ()212224n n x x n x f x n ππ−−∞+→→=−====+∑ . 六、证明 令x x x f ++=1)(α,则有2)1(1)(x x f +−−=′α,αα=)(f , )(x f 在),0(+∞上是严格递减的；当α>x 时,α<)(x f ；当α<x 时,α>)(x f ； 若α>1x ,则有 α>−12n x ,α<n x 2,),2,1(L =n ； 将11n n n x x x α++=+代入1211n n n x x x α++++=+,得22(1)(1)2n n nx x x ααα+++=++, 由n n n n n x x x x x −++++=−+2)1()1(22αααnn x x 2)1()(22++−=αα,得}{12−n x 单调递减,}{2n x 单调递增,设a x n n =−∞→12lim ,b x n n =∞→2lim ,在121221−−++=n n n x x x α,nn n x x x 22121++=+α中,令∞→n 取极限,得 a a b ++=1α,bb a ++=1α,从而有α==b a ,故α=∞→n n x lim .()11111Nn n N n xx x x x ++=−=−→∑,()N →∞,()111n n n x x x ∞+=−=∑；111|||()()||()()|n n n n n n n x x f x f x f x x ξ+−−′−=−=−,其中n ξ位于n x 与1n x −之间,lim n n ξ→∞=,1lim |()|||11n n f f k αξα→∞−′′==≤=<+, 于是存在正整数N ,当n N ≥时,成立11||||n n n n x x K x x +−−≤−,其中常数01K <<, 由此而来,可知级数11||n n n x x ∞+=−∑收敛,故级数11()n n n x x ∞+=−∑绝对收敛；若1x =则有n x =,此时结论显然可得；若10x ≤<,则有2x >然后就与上面的情况类似了. 七、解 (1)43222−≤+−βαα等价于2221(1)()2αβ−+≤,于是有 221944αβ≤+≤,设422(,,)exp t f t αβαβ−=+, 则有44422exp (,,)exp exp 1944t t t f t αβαβ−−−≤=≤ + ,显然40exp 94t dt +∞−∫是收敛的, 于是(,,)f t dt αβ+∞∫在区域432:22−≤+−βααD 上是一致收敛的；(2)),(βαI ()4400exp exp 414t dt t dt +∞+∞−≥=−∫∫11401()4u e u du +∞−−==, ),(βαI 在区域D 上的最小值1(4 .南京大学2002年数学分析考研试题一 求下列极限. (1)(1)cos2lim(sin sin )ln(1)2x x x x xx x →∞+−−+；(2)设()ln()f x x a x =+−,(,)x a ∈−∞,(i)()f x 在(,)a −∞上的最大值；(ii)设1ln x a =,21ln()x a x =−,1()n n x f x +=,(2,3,)n =L ,求lim n n x →∞.二 设1()sin ln f x x x=−,试证明()f x 在[2,)+∞内有无穷多个零点. 三 设()f x 在0x =的某个邻域内连续,且(0)0f =,0()lim 21cos x f x x→=−,(1)求(0)f ′；(2)求20()lim x f x x→；(3)证明()f x 在点0x =处取得最小值.四 设()f x 在0x =的某个邻域内具有二阶连续导数,且0()lim 0x f x x →=,试证明：(1)(0)(0)0f f ′==； (2)级数11()n f n ∞=∑绝对收敛.五 计算下列积分 (1)求x ；(2)SI zxdydz xydzdx yzdxdy =++∫∫,其中S 是圆柱面221x y +=,三个坐标平面及旋转抛物面222z x y =−−所围立体的第一象限部分的外侧曲面.六 设()[,]f x C a b ∈,()f x 在(,)a b 内可导,()f x 不恒等于常数,且()()f a f b =, 试证明：在(,)a b 内至少存在一点ξ,使()0f ξ′>.七 在变力F yzi zxj xyk =++r r r r的作用下,质点由原点沿直线运动到椭球面2222221x y z a b c ++=, 第一象限的点(,,)M ξηζ,问(,,)ξηζ取何值时,F r所做的功W 最大,并求W 的最大值. 八 (1)证明：(1n x xe n −−≤,(,0)n N x n ∗∈≤≤；(2)求20lim (1n n n xx dx n→∞−∫.南京大学2002年数学分析考研试题解答一 (1)解 0(1)cos 2lim (sin sin )2x x xx x x x →+−−+201(1)cos12lim sin sin 2ln(1)x x x x x x x x x x→+−=−+ ln(1)01(ln(1))sin 1222lim2x x x x x e x x x +→+++⋅+=1ln(1)0sin 12lim[(ln(1))12x x x x xe x x x +→=++++ 124=+94=.(2)解 (i)11()1a xf x a x a x−−′=−=−−,当1x a <−时,()0f x ′>,()f x 在(,1]a −∞−上单增, 当1a x a −<<时,()0f x ′<,()f x 在[1,)a a −上单减,所以()f x 在1x a =−处达到最大值,(1)1f a a −=−； (ii)当1a >时,10ln ln(11)1x a a a <==+−<−, 11a x a <−<,210ln()ln 1x a x a a <=−<<−, 32()(1)1x f x f a a =<−=−, 1n x a <−,1n a x <−,1ln()n n n n x x a x x +=+−>,{}n x 单调递增有上界,设lim n n x A →∞=,则有ln()A A a A =+−,1a A −=,1A a =−,所以 lim 1n n x a →∞=−；当1a =时,0n x =,lim 0n n x →∞=；当01a <<时,1ln 0x a =<,1ln ln(11)1x a a a ==+−<−, 11a x <−, 二 证明 因为1(2102ln(22f n n ππππ+=−>+,1(2)102ln(2)2f n n ππππ−=−−<−,(1,2,)n =L ,显然()f x 在[2,)+∞上连续,由连续函数的介值定理知,存在(2,2)22n n n ππξππ∈−+使得 ()0n f ξ= (1,2,)n =L ,即得()f x 在[2,)+∞上有无穷多个零点.三 解 (1)2200()()2lim lim 1cos 1cos x x f x f x x x x x→→==−−,因为20lim21cos x x x →=−,所以20()lim 1x f x x →=, 200()()limlim()0x x f x f x x x x →→=⋅=,00()(0)()lim lim 00x x f x f f x x x→→−==−, 于是(0)0f ′=； (3)由20()lim1x f x x →=知,存在0δ>,当0x δ<<时,2()12f x x >,()(0)f x f >,即知()f x 中在0x =处取得极小值.sup ()x M f x δ≤′′=四 、证明 (1)由0()lim ()lim0x x f x f x x x→→=⋅=,知(0)0f =, 由00()(0)()limlim 00x x f x f f x x x→→−==−知(0)0f ′=. (2)22111111((0)(0)()()22n n f f f f f n n n n ξξ′′′′′=++=,211(2M f n n ≤,已知2112n M n∞=∑收敛,其中sup ()x M f x δ≤′′=,于是11(n f n ∞=∑收敛,结论得证.五 (1)解322[(1)]3xx x e dx ′=−∫32222(1)333x x x e dx =−−+33222222(1)(1)3333x x x x e e =−−⋅−+,所以111)1)22xx xe e C=−−−+11(1)(23x x xxe e e C=−−−.(2)解曲面221x y+=,222z x y=−−事物交线为221x y+=,1z=,22221{(,,):1,02,0,0}x y z x y z x y x yΩ=+≤≤≤−−≥≥,22222{(,,):12,02,0,0}x y z x y z x y x yΩ=≤+≤≤≤−−≥≥,其中S是区域1Ω的边界时,利用高斯公式,SI zxdydz xydzdx yzdxdy=++∫∫1()z x y dxdydzΩ=++∫∫∫2122000(cos sin)rd dr z r r rdzπθθθ−=++∫∫∫212222000(cos sin)rdr dz zr r r dπθθθ−=++∫∫∫212200(2)2rdr zr r dzπ−=+∫∫122221[(2)2(2)]22r r r r drπ=−+−∫11352400[44]2[2]4r r r dr r r drπ=−++−∫∫121(212(4635π=−++−7142415π=+.当S是2Ω的边界时,利用高斯公式SI zxdydz xydzdx yzdxdy=++∫∫2()z x y dxdydzΩ=++∫∫∫222000(cos sin)rdz z r r rdπθθθ−=++∫∫222211(2)2(2)]22r r r r drπ=−+−224111[2(22]243r r r drπ=−−+−35212(2435r rπ=+−14241515π=+−.六证明证法一用反证法,假若结论不成立,则对任意(,)x a b∈,都有()0f x′≤,()f x在[,]a b上单调递减,由于f不恒等于常数,所以()f x′不恒等于零,存在一点(,)x a b∈,使得0()0f x′<,()()lim()0x xf x f xf xx x→−′=<−,存在01x x b<<,使得1010()()f x f xx x−<−,10()()f x f x<,因为()()f x f a≤,1()()f b f x≤,所以10()()()()f b f x f x f a≤<≤,这与()()f a f b=矛盾,从而假设不成立,原结论得证.证法 2 由于f在[,]a b上连续,f在[,]a b上取到最大值M和最小值m,且m M<,由于()()f a f b =,所以f 的最大值M 或最小值m 必在(,)a b 内达到. 若f 在0(,)x a b ∈处达到最大值0()()()f a f b f x =<,存在0(,)a x ξ∈使得00()()()()f x f a f x a ξ′−=−,从而有()0f ξ′>；若f 在1(,)x a b ∈处达到最小值1()()()f x f a f b <=,存在11(,)x b ξ∈使得111()()()()f b f x f b x ξ′−=−,从而有()0f ξ′>； 结论得证.七 解 设u xyz =,则有gradu F =r ,所以F r是有势场,()()OMW Fdr u M u O ξηζ==−=∫r r,由于0,0,0x y z ≥≥≥时,222232222)x y z xyz a b c =++≥=,323xyz abc ≤=,等号成立当且仅当x y z a b c ===,所以(,,)ξηζ=时,W 达到最大值,且W 的最大值.八 证明 (1)由于当0y ≥时,有1ye y −>−,对任意n N ∗∈,0x n ≤≤,取x y n =,1xn xe n−≥−,所以有(1)x n xe n−≥−；(2)取2(1),0()0,n n x x x n f x n n x −≤≤ = <,有20()x n f x e x −≤≤,20x e x dx +∞−∫收敛,对任意0A >,{()}n f x 在[0,]A 上一致收敛于2x e x −,故由函数列积分的黎曼控制收敛定理,20lim (1nn n x x dx n→∞−∫0lim ()n n f x dx +∞→∞=∫0lim ()n n f x dx +∞→∞=∫20x e x dx +∞−=∫20()xx e dx +∞−′=−∫02()x x e dx +∞−′=∫02x e dx +∞−=∫02()x e dx +∞−′=∫2= .南京大学2003年数学分析考研试题一 求下列极限(1)设0a >,求x ；(2)设1x =1n x +=,(1,2,)n =L ,求lim n n x →∞.(3)21lim(1)x x x e x−→∞+⋅. 二 过(1,0)P 点作抛物线y =切线,求(1)切线方程；(2)由抛物线、切线及x 轴所围成的平面图形面积； (3)该平面图形分别绕x 轴和y 轴旋转一周的体积. 三 对任一00y >,求00()(1)y x y x x ϕ=−在(0,1)中的最大值, 并证明该最大值对任一00y >,均小于1e −.四 设()f x 在[0,)+∞上有连续导数,且()0f x k ′≥>,(0)0f <,(k 为常数),试证：()f x 在(0,)+∞内仅有一个零点. 五 计算下列积分(1)设120ln(1)()1ax I a dx x +=+∫,(0)a >,求()I a ′和(1)I ； (2)32222()Sxdydz ydzdx zdxdy I x y z ++=++∫∫,其中S 为上半球面2222x y z a ++=,(0)z >的外侧.六 设(1),01(),10.n n nxx x x e x ϕ −≤≤= −≤≤ ,()f x 在[1,1]−上黎曼可积, (1)求lim ()n n x ϕ→∞,并讨论{()}n x ϕ在[1,1]−上的一致收敛性；(2)求11lim ()()n n f x x dx ϕ−→∞∫,(要说明理由)七 设0()nn n f x a x ∞==∑的收敛半径为R =+∞,令0()nk n k k f x a x ==∑,试证明：(())n f f x 在[,]a b 上一致收敛于(())f f x ,其中[,]a b 为任一有穷闭区间.南京大学2003年数学分析考研试题解答一 (1)解 设max{1,}M a =,则有M ≤≤, 由此知,1,01max{1,},1n a M a a a << === ≥ ；(2)解 由归纳法,易知2n x <,12x x <,1n n x x +−==,由此知,{}n x 单调递增有界,设lim n n x a →∞=,02a <≤,则有a =2a =,故lim 2n n x →∞=.(3)21lim(1)x x x e x −→∞+⋅ 21(1)lim x x x x e →∞+=1(1)lim xx x x e→∞+ =1[ln(1)1]lim x x xx e +−→∞=, 12[ln(1)1]2311111ln(11lim limlim 12x x xx x x x x x x x ex x +−→∞→∞→∞+−−++==−1lim 21x x x →∞=−+12=−, 故21lim(1)x x x e x −→∞+⋅12=−. 3 解(1)y ′=,设切点为00(,)x y,0x x k y =′==,设切点00(,)x y 的切线方程为0)y x x −=−.将1x =,0y =代入,0)x =−, 002(2)1x x −−=−,03x =,01y =,所求切线方程为11(3)2y x −=−,即1(1)2y x =−. (2)解32212001121(1)212233S x dx udu t tdt =−−=−=−=∫∫∫∫.(3) 3321222120011211[(1)]24326x V x dx dx u du tdt πππππππ=−−=−=−=∫∫∫∫,131122224202[2](21)(44)(441)x V y dy y dy y y dy y y dy ππππ=+−+=++−++∫∫∫∫14016(34)(32)55y y dy πππ=+−=+−=∫.三 解 00100()[(1)]y y x y y x x x ϕ−′=−−0100[(1)]y y x y x x −=−−01000[(1)]y y x y y x −=−+, 当0001y x y <<+时,()0x ϕ′>,当0011y x y <<+时,()0x ϕ′<,于是()x ϕ在001yx y =+处达到最大值,000100001000011(((11111(1)y y y y y y y y y y y y ϕ++===+++++.容易证明1()(1)y g y y =+在(0,)+∞上单调递减,11(1)y e y ++>,1111(1)y e y +<+,故有001011(11(1)y y y ey ϕ+=<++.四 证明 对任意(0,)x ∈+∞,1()()(0)(0)()(0)(0)f x f x f f f x f kx f ξ′=−+=+≥+, 当x 充分大时,有()0f x >,又(0)0f <,由连续函数的介值定理,存在(0,)ξ∈+∞,()0f ξ=, 由()0f x k ′≥>,()f x 在[0,)+∞上严格单调递增,所以()f x 在(0,)+∞内仅有一个零点. 五 (1)解 120()(1)(1)xI a dx ax x ′=++∫1122001[]111x a a dx dx a x ax +=−+++∫∫211[ln 2ln(1)]124a a a π=+−++, 显然(0)0I =,1(1)()I I a da ′=∫111222000ln(1)11ln 212141a a da da da a a a π+=−+++++∫∫∫11(1)ln 2ln 22442I ππ=−+⋅+⋅, 因为(1)ln 28I π=,120ln(1)ln 218x dx x π+=+∫.(2)解 2222{(,,):}x y z x y z a Ω=++≤,222{(,,):,0}D x y z x y a z =+≤=,32222()Sxdydz ydzdx zdxdy I x y z ++=++∫∫31Sxdydz ydzdx zdxdy a =++∫∫31[]S D D a =+−∫∫∫∫∫∫31[30]dxdydz a Ω=+∫∫∫331233a a π=⋅⋅2π=. 六、解 1,0lim ()0,[1,1],0n n x x x x ϕ→∞= = ∈−≠,由于极限函数在[1,1]−上不连续,所以{()}n x ϕ在[1,1]−上不一致收敛；但对任何10,01,a b −<<<<{()}n x ϕ在[1,][,1]a b −U 上一致收敛于0；且|()1n x ϕ≤,根据控制收敛定理,对于()f x 在[1,1]−上黎曼可积,有 11lim ()()0n n f x x dx ϕ−→∞=∫.七、 证明 由条件知()f x 在(,)−∞+∞上连续,{()}n f x 在任意有限区间上是一致收敛的, 对任意有限区间[,]a b ,{()}n f x 在[,]a b 上一致收敛于()f x ,{()}n f x 在[,]a b 上一致有界,()n f x M ≤,再由()f x 在[,]M M −上一致连续,于是有{(())}n f f x 在[,]a b 上一致收敛于(())f f x .南京大学2004年数学分析考研试题一．求下列极限 1.设n a =+L 求lim n n a →∞；2.ln 2sin x x x e x →++；3. ()()2200lim ln x y x y x y →→++；4. 设(){}222,:r D x y x y r =+≤,0r >,求()2221lim cos rx y r D e x y dxdy r π+−→+∫∫.二．确定最小正数,使下面的不等式成立：()()2222ln x y A x y +≤+,()0,0x y ∀>>.三．设()()1122f x x x = +−,求()()n f x ,并证明级数()()0!0n n n f ∞=∑收敛.四．求333Sx dydz y dzdx z dxdy ++∫∫其中S 是2221x y z ++=的上半球的下侧.五．设()2cos cos cos n n f x x x x =+++L ,（1）当0,2x π ∈ 时,求()lim n n f x →∞,并讨论(){}n f x 在0,2π的一致收敛性；（2）证明:对任一自然数n ,方程()1n f x =在0,3π内有且仅有一个根；（3）若0,3n x π∈是()n f x 的根,求lim n n x →∞.六．设()22xxt f x xe e dt −=∫,(1) 证明 ()f x 在[)0,+∞上有界；(2) 证明221xt x x e dt e ≤−∫,()(),x ∀∈−∞+∞.南京大学2004年数学分析考研试题解答一．1. 解n a ≤≤,1n n ==,1n n →∞==,所以lim 1n n a →∞=；2. 解0ln 2sin xx x e x →++()0112cos lim 1sin x x x e x x ex→+++=+22410+==+. 3. 解 因为()()()22220ln x y x y x y ≤++≤+22ln 4ln 0r r r r ==→,()0r →,所以()()2200lim ln 0x y x y x y →→++=.4. 解 设(),f x y 在点()0,0的某个邻域内连续,则有 ()()21lim ,0,0rr D f x y dxdy f r π+→=∫∫,()2221lim cos rx y r D e x y dxdy r π+−→+∫∫()220cos 001e −=+=.二．解 设()ln r f r r =,()1r ≥,则()10f =,()lim 0r f r →∞=,()21ln rf r r−′=, 当r e =时,有()0f e ′=,当1r e <<时,有()0f r ′>,从而()f r 在[]1,r 上严格单调递增, 当e r <<+∞时,()0f r ′<,从而()f r 在[),e +∞上严格单调递减, 所以()f r 在r e =处达到最大值,对1r ≤<+∞,有()()1f r f e e ≤=, 1ln r r e ≤,()1r ≥, 对01r <<,显然有1ln r r e≤, 故使不等式()()2222ln x y A x y +≤+,()0,0x y ∀>>,成立的最小的正数A 为1e .三．解 ()()1122f x x x = +− 2111522x x=+ + −,()()()()111!2!5212n n n n n n f x x x ++− =++ −, ()()()()111!2!0522nn n n n n f+−+−=+ ,()()()11!5120122n n n n n n u f ++==−+,115151022122n n n u ++<<−:, 而105122n n ∞+=∑是收敛的,所以()()0!0n n n f ∞=∑收敛. 四．解 设(){}222,,:1,0V x y z x y z z =++≤≥,(){}22,,:1,0D x y z x y z =+≤= 利用高斯公式,得333S x dydz y dzdx z dxdy ++∫∫333333S D x dydz y dzdx z dxdy x dydz y dzdx z dxdy =−+++++∫∫∫∫上侧 333Dx dydz y dzdx z dxdy +++∫∫()22230Vx y z dxdydz =−+++∫∫∫212220003sin d d r r dr ππθϕϕ=−∫∫∫163255ππ=−⋅⋅=−.五．解 (1)()()2cos 1cos cos cos cos 1cos n nn x x f x x x x x−=+++=−L ,当0,2x π ∈ 时,0cos 1x <<,lim cos 0n n x →∞=,于是有()cos lim 1cos n n x f x x →∞=−,0,2x π∈.()n f x 在0,2π 上连续,显然()0n f n =,(){}0n f 发散,从而知(){}n f x 在0,2π上不一致收敛,对任意02πδ<<,(){}n f x 在,2πδ上一致收敛. 五、设2()cos cos cos n n f x x x x =+++L ,求证:(2) 对任意自然数(2)n n ≥,方程()1n f x =在区间(0,)3π内必有唯一根n x , (3) 并求数列{}n x 的极限n n x ∞→lim .证明 (2) 显(0)1n f n =>,2111(13222n n f π=+++<L ,由连续函数的介值定理,存在(0,)3n x π∈,使得()1n n f x =;显然()0n f x ′<,(0,3x π∈,即()n f x 在(0,)3π上严格单调递减,所以()1n f x =的根是唯一的.(3) 显然1()()n n f x f x +>, 111()()()n n n n n n f x f x f x +++=>, 于1n n x x +<,即得{}n x 单调递增, 203n x x π<≤<,从而lim n n x a →∞=存在,且203x a π<≤≤,lim cos cos n n x a →∞=, 21cos cos 12n x x <≤<,lim(cos )0n n n x →∞=;在cos (1(cos ))()cos (cos )11cos n nn n n n n n nx x f x x x x −=++==−L ,令 n →∞,取极限,得cos 11cos 1cos 2a a a =⇒=−,得3a π=,故lim 3n n x π→∞= .六．证明(1)显然 ()f x 是偶函数,()f x 在[)0,+∞上连续,()220lim limxt xx x x e dtf x e→+∞→+∞=∫222lim2xt x x x e dt xe xe→+∞+=∫22221lim 242x x x x e x e e →+∞=++11022=+=, 于是可知,()f x 在[)0,+∞上有界,且()f x 在[)0,+∞上一致连续； （2）对0x >,设()()221xx t g x e x e dt =−−∫,()00g =,()g x 是偶函数,()222222xxx t x x t g x xe e dt xe xe e dt ′=−−=−∫∫,()00g ′=,()222222220x x x x g x x e e e x e ′′=+−=>,从而有()0g x ′>,()0g x >, 故有221xt x x e dt e ≤−∫,()(),x ∀∈−∞+∞.南京大学2005年数学分析考研试题解答1、求n →∞+. 解 解法1 利用几何平均与算术平均不等式,及2!nn n ≥,2224(!)()n n n n n n n n≥=≥=L,limn n→∞+=+∞L .解法2 利用Stolz 定理,原式limn n→∞++=L lim (1)n n n →∞=+−lim n ==+∞.2 、求ln !limln n n n n→∞.解 利用Stolz 定理,原式ln(1)lim (1)ln(1)ln n n n n n n →∞+=++−1ln(1)lim 1ln(1)n n n nn →∞++=+⋅1ln(1)lim 1ln(1)ln n n n nn →∞++=++11lim 1ln(1)ln ln(1)ln(1)n n n n n n →∞+=++++1=. 3 求1lim (1)n x n x x dx →∞+∫. 解 11010(1)21n x n x x dx x dx n <+≤=+∫∫,10lim (1)0n x n x x dx →∞+=∫. 4 设21,1()2,1x x g x x x x −≤− = ++>− ,求11(1)lim (n n i x i x g x n n →∞=−−+∑. 解 原式10()x g x y dy −=+∫,5、当112p <≤时,证明：344sin ||sin n p n x dx x x ππππ++≥+∫. 证明344sin ||sin n p n x dx x x ππππ+++∫344sin()||()sin()p n u du n u n u πππππ+=+++∫344sin |()(1)sin |p n u du n u u πππ=++−∫, 当344u ππ≤≤时, |()(1)sin |()1(1)1p n p p p n u u n n ππππ++−≤++=++,sin sin4u π≥=, 于是sin |()(1)sin |p n u n u u π≥++− 故有344sin ||sin n p n x dx x x ππππ++≥+∫.南京大学2005年数学分析考研试题一 、求下列极限1 设常数1a >,试求极限11lim (1)k nnn k an a k−→∞=+−∑.。

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第 1 页 共 6 页 2018考研：南京大学翻译硕士考研真题回忆

翻译硕士学位获得者通常具有较强的语言运用能力、熟练的翻译技能和宽广的知识面，能够胜任不同专业领域所需的高级翻译工作。近些年翻译硕士考研报考依旧火爆，竞争激烈度很高。为了给考生们指点迷津，凯程在此与考生们共享南大往年翻译硕士考研真题盘点。

2015年南京大学外国语学院翻译硕士专业课真题回忆 一为学弟学妹，二为纪念这一生难忘的经历，我来回忆南京大学2015年MTI专业课真题啦~~~

首先是翻译硕士英语： 一、语法题：大意：教师是最令人尊敬的几个职业之一，影响学生、家庭乃至整个社会。老师与学生分享知识，培养他们独立思考的能力，这样一种有意义的职业每天激励着无数老师早早从床上爬起，blabla.....

语法错误：涉及介词短语、名词单复数、谓语冗余、关联词....(其他不记得了) 三、阅读题：Angela Chen的文章，叫Is artificial intelligence a threat? 大意：机器人有可能会发展到超级智慧的程度，但因inhuman或者说缺乏common sense而最终会给人类带来毁灭性的灾难，这已经引起了不少知识分子的注意，出现了一些研究这个问题的组织，并且得到了硅谷很多高科技企业的资金支持。最后说到预防这种灾难的方法，要么是人类的给机器人的指令要特意模糊化，要么是让机器人越来越像人。

阅读理解：我只记得有一题是问作者对super intelligence的态度; 词语匹配：不难，基本上读的时候标记的生词就是要找的那个; 词义选择：只记得有问panel discussion、leap的意思。 第一道简答题：三问，字数要在150以内，一问superintelligence是什么，二问为什么superintelligence对人类是个威胁，三问文中提到哪些预防方法?

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南京大学考研资料1、南京大学考研准备（1）准备材料：考研的准备工作，从拿到报考材料开始，严格按《南京大学考研报考实施细则》填写报考材料，保存备用，以便招生录取工作时使用。

（2）复习准备：考生一定要把握考研复习节奏，要注重考研复习知识点的灵活运用，要细心积累考研中的实务性知识，并且要及时强化考研复习效果。

（3）考场准备：南京大学考研考试使用电脑进行考试，考生报考前要养成用电脑在考研中的模拟考试习惯，以适应报考的电脑考试环境。

2、南京大学考研资料（1）备考书籍：南京大学考研备考书籍可以从大学资料馆取到，它们基本包含考研科目的基础知识，可以作为考生备考的重要参考资料。

（2）教学课件：南京大学考研备考的教学课件可以从大学官网下载来参考，它们能帮助考生上课知识点准确理解及归纳考研科目知识，运用到考试中。

（3）辅导资料：南京大学考研辅导资料主要来源于大学官方发布的考研指南，以及江苏省考研网上发布的考研指南，这些资料可以帮助考生了解考研情况，把握考研要求。

（4）培训课程：南京大学考研培训课程可以通过南京大学考研宣传组及其他考研培训机构安排参加，它们可以通过专业课程设置来指导考生系统地梳理和掌握考研知识，以达到熟练运用考研知识的目的。

3、南京大学考研备考经验（1）做好计划：在备考之前要制定好计划，按照计划把每一门科目按照重难点排出来，有的放矢地去备考，以免耽误复习进程。

（2）坚持锻炼：在考研复习过程中要注重保持物质和精神状态的健康，要按时休息，及时调整心态，坚持适当的体育锻炼，有助于身体的健康及精神状态的延续。

（3）自主合作：考研复习过程中，很多知识点可以通过自主学习或者合作探讨交流的方式深入学习，以便更好的掌握考研知识点，加深印象。

（4）积极参加考前辅导：参加考前辅导可以有效帮助考生熟悉考研考试大纲，了解考试答题方式，熟悉考试环境及分析历年走向，是冲刺考研的好帮手。