2016-2017年辽宁省大连二十中高一(上)期末物理试卷及答案

2016-2017学年辽宁省大连二十中高一（上）月考物理试卷（1月份）一、单项选择题（每题6分）1．船在静水中的航速为v1，水流的速度为v2．为使船行驶到河正对岸的码头，则v1相对v2的方向应为（）A．B．C．D．2．如图所示，A、B为咬合传动的两齿轮，R A=2R B，则A、B两轮边缘上两点的（）A．角速度之比为2：1 B．向心加速度之比为1：2C．周期之比为1：2 D．转速之比为2：13．如图所示，在光滑水平面上，钉有两个钉子A和B，一根长细绳的一端系一个小球，另一端固定在钉子A上，开始时小球与钉子A、B均在一条直线上（图示位置），且细绳的一大部分沿俯视顺时针方向缠绕在两钉子上，现使小球以初速度v0在水平面上沿俯视逆时针方向做圆周运动，使两钉子之间缠绕的绳子逐渐释放，在绳子完全被释放后与释放前相比，下列说法正确的是（）A．小球的线速度变大B．小球的角速度变大C．小球的加速度变大D．细绳对小球的拉力变小4．如图所示，将完全相同的两小球A、B，用长L=0.8m的细绳悬于以v=4m/s向左匀速运动的小车顶部，两球与小车前后壁接触．由于某种原因，小车突然停止，此时悬线中张力之比F A：F B为（g=10m/s2）（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：45．铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ（如图），弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度小于，则（）A．内轨对内侧车轮轮缘有挤压B．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C．轨道与轮缘无挤压D．无法确定轨道与轮缘是否有挤压二．多项选择题（每题6分，对而不全得3分，有错选得0分）6．如图所示，x轴在水平地面上，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹．小球a从（0，2L）抛出，落在（2L，0）处；小球b、c从（0，L）抛出，分别落在（2L，0）和（L，0）处．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．a和b初速度相同B．b和c运动时间相同C．b的初速度是c的两倍D．a的运动时间是b的两倍7．水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切，一小球以初速度v0沿直轨道向右运动，如图所示，小球进入圆形轨道后刚好能通过c点，然后小球做平抛运动落在直轨道上的d点，则（）A．小球到达c点的速度为B．小球在c点将向下做自由落体运动C．小球在直轨道上的落点d与b点距离为2RD．小球从c点落到d点需要时间为28．长度L=0.50m的轻杆OA，A端有一质量m=3.0kg的小球，如图所示，小球以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速率为2m/s（g取10m/s2），则此时细杆OA受到（）A．6N的拉力B．6N的压力C．当小球到达最低端的时候，OA只能受到拉力的作用D．当小球到达最低端的时候，OA受到拉力还是压力，要看小球的速度三、填空题（每空4分，共16分）9．如图所示，在河岸上利用定滑轮拉绳使小船靠岸，拉绳速度为v，当船头绳长方向与水平方向夹角为θ时，船的速度为．10．如图甲所示，在一端封闭、长约1m的玻璃管内注满清水，水中放一个蜡烛做的蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动．假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1s内上升的距离都是10cm，玻璃管向右匀加速平移，每1s内通过的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm．图乙中，y表示蜡块竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，t=0时蜡块位于坐标原点．（1）请在图乙中画出蜡块4s内的轨迹；（2）玻璃管向右平移的加速度a=m/s2；（3）t=2s时蜡块的速度v2=m/s．四、计算题11．游乐场的悬空旋转椅，可抽象为下图所示的模型．一质量m=40kg的球通过长L=12.5m的轻绳悬于竖直平面内的直角杆上，水平杆长L′=7.5m．整个装置绕竖直杆转动，绳子与竖直方向成θ角．当θ=37°时，（取sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）绳子的拉力大小．（2）该装置转动的角速度．12．如图所示，质量为M=2Kg的物体置于可绕竖直轴匀速转动的平台上．M用细绳通过光滑的定滑轮与质量为m=0.4Kg的物体相连，m悬于空中与M都处于静止状态．假定M与轴O的距离r=0.5m，与平台的最大静摩擦力为重力的0.3倍．（g取10m/s2），试问：（1）平台转速由零增大时，M受到的摩擦力如何变化？（2）M受到的摩擦力最小时，平台的角速度ω0等于多少？（3）保持M与平台相对静止，平台的最大角速度ωm等于多少？2016-2017学年辽宁省大连二十中高一（上）月考物理试卷（1月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题6分）1．船在静水中的航速为v1，水流的速度为v2．为使船行驶到河正对岸的码头，则v1相对v2的方向应为（）A．B．C．D．【考点】运动的合成和分解．【分析】使船行驶到河正对岸的码头，则知船的航行速度必须垂直河岸，即v1、v2的合速度垂直于v2，那么，由矢量合成的平行四边形法则知v1必须与河岸成一定的角度斜着向上才能满足条件．【解答】解：由题中的条件知v1、v2的合速度垂直于河岸，即垂直于v2，那么，由矢量合成的平行四边形法则知v1必须与河岸成一定的角度斜着向上才能满足条件．所以，选项C符合条件正确，选项A、B、D错误．故选：C．2．如图所示，A、B为咬合传动的两齿轮，R A=2R B，则A、B两轮边缘上两点的（）A．角速度之比为2：1 B．向心加速度之比为1：2C．周期之比为1：2 D．转速之比为2：1【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】咬合后的两齿轮有两轮边缘上线速度大小相等，根据线速度大小相等和各物理量的关系求解即可．【解答】解：根据题意有两轮边缘上的线速度大小相等，即有v A=v BA、根据角速度ω和线速度v的关系v=rω得角速度与半径成反比：即，故A错误；B、根据向心加速度a与线速度v的关系得，因为v A=v B所以：，故B正确；C、根据同期T和线速度v的关系得，因为v A=v B所以：，故C 错误；D、根据转速n和线速度v的关系v=n2πR得：因为v A=v B所以：，故D错误．故选：B3．如图所示，在光滑水平面上，钉有两个钉子A和B，一根长细绳的一端系一个小球，另一端固定在钉子A上，开始时小球与钉子A、B均在一条直线上（图示位置），且细绳的一大部分沿俯视顺时针方向缠绕在两钉子上，现使小球以初速度v0在水平面上沿俯视逆时针方向做圆周运动，使两钉子之间缠绕的绳子逐渐释放，在绳子完全被释放后与释放前相比，下列说法正确的是（）A．小球的线速度变大B．小球的角速度变大C．小球的加速度变大D．细绳对小球的拉力变小【考点】向心力；曲线运动．【分析】球以初速度v0在水平面上沿逆时针方向做匀速圆周运动，在绳子完全被释放后与释放前相比，半径变大，速度不变，根据圆周运动的规律分析角速度、加速度和拉力的变化．【解答】解：A、在绳子完全被释放后与释放前相比，小球所受的拉力与速度垂直，不改变速度大小，故A错误．B、小球的加速度a=，v不变，r变大，则a变小，故B错误．C、由v=ωr，v不变，r变大，则角速度ω变小，故C错误．D、细绳对小球的拉力F=ma=m，v不变，r变大，则F变小，故D正确．故选：D．4．如图所示，将完全相同的两小球A、B，用长L=0.8m的细绳悬于以v=4m/s向左匀速运动的小车顶部，两球与小车前后壁接触．由于某种原因，小车突然停止，此时悬线中张力之比F A：F B为（g=10m/s2）（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：4【考点】牛顿第二定律；向心力．【分析】小车突然停止运动，A球受到小车前壁的作用停止运动，在竖直方向上拉力等于重力；B球由于惯性，会向前摆动，将做圆周运动，根据向心力公式求出B球绳的拉力，从而求出两悬线的拉力之比．【解答】解：设小球的质量都是m小车突然停止，则A球受到小车前壁的作用停止运动对A球有：F A=mg=10m．小车突然停止，则B球由于惯性，会向前摆动，做圆周运动对B球有：F B﹣mg=mF B=mg+m=10m+20m=30m．所以F A：F B=1：3．故选：C5．铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ（如图），弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度小于，则（）A．内轨对内侧车轮轮缘有挤压B．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C．轨道与轮缘无挤压D．无法确定轨道与轮缘是否有挤压【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】火车在弯道处拐弯时火车的重力和轨道对火车的支持力的合力做为转弯需要的向心力，当合力恰好等于需要的向心力时，火车对内外轨道都没有力的作用，速度增加，就要对外轨挤压，速度减小就要对内轨挤压【解答】解：火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，所以：mgtanθ=解得：v=由题知质量为m的火车转弯时速度小于，所以内轨对内侧车轮轮缘有挤压，故A正确，BCD 错误．故选：A．二．多项选择题（每题6分，对而不全得3分，有错选得0分）6．如图所示，x轴在水平地面上，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹．小球a从（0，2L）抛出，落在（2L，0）处；小球b、c从（0，L）抛出，分别落在（2L，0）和（L，0）处．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．a和b初速度相同B．b和c运动时间相同C．b的初速度是c的两倍D．a的运动时间是b的两倍【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平位移和竖直位移相等求出运动的时间，从而得出竖直分速度，结合平行四边形定则求出瞬时速度的大小，根据水平位移求出位移的大小．【解答】解：A、ab的水平位移相同，但时间不同，则初速度不同，则A错误B、bc的高度相同，由h=可知运动时间相同，则B正确C、bc的时间相同，水平位移b为c的2倍，则b的初速度是c的两倍，则C正确D、h=可知t=，则a的运动时间是b的倍，则D错误故选：BC7．水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切，一小球以初速度v0沿直轨道向右运动，如图所示，小球进入圆形轨道后刚好能通过c点，然后小球做平抛运动落在直轨道上的d点，则（）A．小球到达c点的速度为B．小球在c点将向下做自由落体运动C．小球在直轨道上的落点d与b点距离为2RD．小球从c点落到d点需要时间为2【考点】动能定理的应用；平抛运动．【分析】小球恰好通过C点，根据重力恰好等于向心力求出C点的速度，小球离开C点后做平抛运动，根据分位移公式列式求解分析．【解答】解；A、小球恰好通过最高点C，根据重力提供向心力，有mg=m解得v=，故A正确；B、小球离开C点后做平抛运动，有x=vt2R=gt2解得t=x=2R故B错误，CD正确；故选：ACD．8．长度L=0.50m的轻杆OA，A端有一质量m=3.0kg的小球，如图所示，小球以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动，通过最高点时小球的速率为2m/s（g取10m/s2），则此时细杆OA受到（）A．6N的拉力B．6N的压力C．当小球到达最低端的时候，OA只能受到拉力的作用D．当小球到达最低端的时候，OA受到拉力还是压力，要看小球的速度【考点】向心力．【分析】小球运动到最高点时受到重力与轻杆的弹力，根据合力提供向心力列出牛顿第二定律解得结果．当到达最低点时，根据受力分析即可判断OA的受力【解答】解：A、小球运动到最高点时受到重力与轻杆的弹力，假设杆子的弹力方向向上为F N，根据合力提供向心力：mg﹣F N=代入数据解得：F N=6N，为压力，故A错误，B正确；C、当小球到达最低端的时候，对小球受力分析可知，受重力和拉力，合力提供小球作圆周运动的向心力，故OA只能受到拉力的作用，故C正确，D错误故选：BC三、填空题（每空4分，共16分）9．如图所示，在河岸上利用定滑轮拉绳使小船靠岸，拉绳速度为v，当船头绳长方向与水平方向夹角为θ时，船的速度为．【考点】运动的合成和分解．【分析】将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于v，根据平行四边形定则求出船的速度．【解答】解：船的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，根据平v船=．行四边形定则，有v船cosθ=v，则故答案为：10．如图甲所示，在一端封闭、长约1m的玻璃管内注满清水，水中放一个蜡烛做的蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动．假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1s内上升的距离都是10cm，玻璃管向右匀加速平移，每1s内通过的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm．图乙中，y表示蜡块竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，t=0时蜡块位于坐标原点．（1）请在图乙中画出蜡块4s内的轨迹；（2）玻璃管向右平移的加速度a=5×10﹣2m/s2；（3）t=2s时蜡块的速度v2=0.14m/s．【考点】运动的合成和分解．【分析】（1）根据蜡块水平方向和竖直方向上每段时间内的位移作出蜡块的轨迹．（2）根据水平方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小．（3）蜡块在竖直方向上做匀速直线运动，水平方向上做匀加速直线运动，分别求出2末水平方向和竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则求出速度的大小．【解答】解：（1）如图（2）蜡块在水平方向做匀加速运动，每相邻1秒位移差值△x=7.5﹣2.5=12.5﹣7.5=17.5﹣12.5=5（cm）△x=at2则加速度a==5×10﹣2 m/s2（3）竖直方向上的分速度v y==0.1m/s水平分速度v x=at=0.1m/s根据平行四边形定则得，v==m/s=0.14m/s故答案为：（1）如图所示；（2）5×10﹣2；（3）0.14．四、计算题11．游乐场的悬空旋转椅，可抽象为下图所示的模型．一质量m=40kg的球通过长L=12.5m的轻绳悬于竖直平面内的直角杆上，水平杆长L′=7.5m．整个装置绕竖直杆转动，绳子与竖直方向成θ角．当θ=37°时，（取sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）绳子的拉力大小．（2）该装置转动的角速度．【考点】向心力．【分析】（1）球在水平面内做匀速圆周运动，由重力mg和绳的拉力F的合力提供向心力，球在竖直方向力平衡，求解绳的拉力大小．（2）半径r=Lsin37°+L′，由牛顿第二定律求解角速度．=mg；【解答】解：（1）对球受力分析如图所示，球在竖直方向力平衡，故F拉cos37°则：；代入数据得F拉=500N（2）小球做圆周运动的向心力由绳拉力和重力的合力提供，故：mgtan37°=mω2（Lsin37°+L′）解得：=≈0.7rad/s答：（1）绳子的拉力大小为500N；（2）该装置转动的角速度为0.7rad/s．12．如图所示，质量为M=2Kg的物体置于可绕竖直轴匀速转动的平台上．M用细绳通过光滑的定滑轮与质量为m=0.4Kg的物体相连，m悬于空中与M都处于静止状态．假定M与轴O的距离r=0.5m，与平台的最大静摩擦力为重力的0.3倍．（g取10m/s2），试问：（1）平台转速由零增大时，M受到的摩擦力如何变化？（2）M受到的摩擦力最小时，平台的角速度ω0等于多少？（3）保持M与平台相对静止，平台的最大角速度ωm等于多少？【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】（1）当角速度较小时，由于细绳的拉力作用，M有向圆心运动趋势，静摩擦力方向背离圆心；当角速度较大时，静摩擦力方向指向圆心；对于M，由静摩擦力和拉力的合力充当向心力，根据牛顿第二定律列式分析；（2）M受到的摩擦力最小为零，仅由绳子的拉力提供向心力，列式求解角速度ω0．（3）当角速度最大时，M有离开圆心趋势，静摩擦力方向指向圆心方向，并且达到最大值，由最大静摩擦力与细绳拉力的合力提供M的向心力．根据牛顿第二定律求解最大角速度ωm．【解答】解：（1）当角速度较小时，M有向圆心运动趋势，故水平面对M的静摩擦力方向背离圆心，对于M，由静摩擦力和拉力的合力充当向心力，根据牛顿第二定律得：T﹣f=Mω2r，而T=mg不变，当ω增大时，摩擦力f减小；当角速度较大时，M有离开圆心的运动趋势，故水平面对M的静摩擦力方向指向圆心，对于M，由静摩擦力和拉力的合力充当向心力，根据牛顿第二定律得：T+f=Mω2r，而T=mg不变，当ω增大时，摩擦力f增大；故平台转速由零增大时，M受到的摩擦力先减小后增大．（2）M受到的摩擦力最小为零，仅由绳子的拉力提供向心力，则得：T=Mω02r又T=mg联立得：ω0==rad/s=2rad/s（3）当ω具有最大值时，M有离开圆心趋势，水平面对M摩擦力方向指向圆心，并且达到最大值．再隔离M有：T+f m=Mωm2r而f m=0.3Mg，T=mg联立得：ωm==rad/s=rad/s答：（1）平台转速由零增大时，M受到的摩擦力先减小后增大．（2）M受到的摩擦力最小时，平台的角速度ω0等于2rad/s．（3）保持M与平台相对静止，平台的最大角速度ωm等于rad/s．2017年2月7日。

2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）期末物理试卷一、单选题：（本题有8道小题，每小题4分，共32分．）1．下列说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．作用力和反作用力大小相等、方向相反、合力为零C．蹦床运动员在空中上升阶段处于超重状态而下落阶段处于失重状态D．物体静止时惯性大，运动时惯性小2．一物体运动的速度﹣时间关系图象如图所示，根据图象可知（）A．0～4s内，物体在做匀变速曲线运动B．0～4s内，物体的速度一直在减小C．0～4s内，物体的加速度一直在减小D．0～4s内，物体速度的变化量为﹣8 m/s3．A、B两小球都在水平面上做匀速圆周运动，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，A的转速为30r/min，B的转速为10r/min，则两球的向心加速度之比为（）A．1：1 B．6：1 C．4：1 D．2：14．一质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，若加速度大小为g（g为重力加速度），则人对电梯底部的压力大小为（）A．mg B．mg C．mg D．mg5．在距水平地面不同高度处以不同的水平初速度分别抛出甲、乙两物体，若两物体抛出时速度大小之比为2：1，由抛出点到落地点的水平距离之比是：1，则甲、乙两物体抛出点距地面的高度之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：1 D．4：16．在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．7．如图所示，质量为M、半径为R、内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平地面上．O为球心．有一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球底部O′处，另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点．已知地面与半球形容器间的动摩擦因数μ，OP与水平方向的夹角为θ=30°，下列说法正确的是（）A．小球受到轻弹簧的弹力大小为B．小球受到容器的支持力大小为C．小球受到容器的支持力大小为mgD．半球形容器受到地面的摩擦力大小为8．如图所示，轻绳的一端系在质量为m的物体上，另一端系在一个圆环上，圆环套在粗糙水平横杆MN上，现用水平力F拉绳上一点，使物体处在图中实线位置．然后改变F的大小使其缓慢下降到图中虚线位置，圆环仍在原来位置不动，则在这一过程中，水平拉力F、环与横杆的摩擦力f和环对杆的压力N的变化情况是（）A．F逐渐增大，f保持不变，N逐渐增大B．F逐渐增大，f逐渐增大，N保持不变C．F逐渐减小，f逐渐增大，N逐渐减小D．F逐渐减小，f逐渐减小，N保持不变二、多选题：（本题共4小题，每小题4分，错选、多选或不选不得分，漏选得2分．）9．质量为m的木块在拉力F的作用下，在水平地面上做匀速运动，如图所示，已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么物体受到的滑动摩擦力大小为（）A．μmg B．FcosθC．μ（mg﹣Fsinθ）D．μ（mg+Fsinθ）10．如图所示装置，质量为m的小球被不可伸长的轻绳OA、OB系住．当整个装置加速运动时，下列说法正确的是（）A．若向左加速，OB绳上张力可能为零B．若向右加速，OA绳上张力可能为零C．若向上加速，OB绳上张力可能为零D．若向下加速，OA、OB绳上张力可能同时为零11．固定的两滑杆上分别套有圆环A、B，两环上分别用细线悬吊着物体C、D，如图所示．当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终张紧与杆垂直，B的悬线始终张紧竖直向下．则（）A．A环做匀加速运动 B．B环做匀速运动C．A环与杆之间可能有摩擦力 D．B环与杆之间可能无摩擦力12．如图所示，轻质不可伸长的细绳，绕过光滑定滑轮C，与质量为m的物体A连接，A 放在倾角为θ的光滑斜面上，绳的另一端和套在固定竖直杆上的物体B连接．现BC连线恰沿水平方向，从当前位置开始B以速度v0匀速下滑．设绳子的张力为T，在此后的运动过程中，下列说法正确的是（）A．物体A做变速运动B．物体A做匀速运动C．T小于mgsinθ D．T大于mgsinθ三、实验题：（本题2小题，每空2分，共10分.将正确答案填在答题纸中的横线上）13．在做“验证力的平行四边形定则”实验时：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须A．每次将橡皮条拉到同样的位置B．两弹簧秤的夹角相同C．每次弹簧秤示数必须相同D．只要一个弹簧秤的读数相同就行（2）图2所示，是甲乙两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中同学实验结果比较符合实验事实．14．为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．四、计算题：（本题共4小题，15题6分、16题10分，17题12分，18题14分，共42分）15．如图，支架质量为M，置于水平地面上．轴O处有一长为L的杆（质量不计），杆的另一端固定一个质量为m的小球．使小球在竖直平面内做圆周运动，支架保持静止．若小球到达最高点时支架对地面的压力恰好为0，求，小球通过最高点速度的大小？16．在光滑的水平面内建立正交直角坐标，一质量1kg的质点，在t=0时，v0=0，并处在坐标原点；从t=0开始受到一个大小为2N沿y轴正方向的水平外力作用开始运动，在t=1s时，撤去原外力的同时施加一沿x轴正方向大小为4N的水平外力作用，（1）试确定在t=2s时该质点的位置坐标及此时速度大小？（2）请在给出的坐标系中画出2s内该质点的运动轨迹．17．如图所示，倾角为30°的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以6m/s速度运动，运动方向如图所示．一个质量为m的物体（物体可以视为质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，不管是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其速率变化．物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g=10m/s2，则：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间；（2）物体在传送带上向左运动的最远距离（传送带足够长）；（3）物体第一次通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为多少．18．如图所示，质量M=1kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，在木板的左端放置一个质量m=1kg、大小可以忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2，在铁块上加一个水平向右的拉力，试求：（1）F增大到多少时，铁块能在木板上发生相对滑动？（2）若木板长L=1m，水平拉力恒为8N，经过多长时间铁块运动到木板的右端？2015-2016学年辽宁省大连二十中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：（本题有8道小题，每小题4分，共32分．）1．【考点】作用力和反作用力；曲线运动．【专题】定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质．原来静止的物体保持原来的静止状态；原来运动的物体保持原来的运动状态．一切物体都有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，当加速度方向向上时，物体处于超重，加速度方向向下时，物体处于失重．【解答】解：A、曲线运动的速度方向一定变化，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；B、两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在两个物体上，不能合成，故B错误；C、蹦床运动员在空中只受重力，加速下降或减速上升，处于完全失重状态，故C错误；D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性，并且惯性的大小只与物体的质量有关，物体的质量越大，物体的惯性越大，与运动的速度无关，故D错误．故选：A【点评】正确理解惯性的概念，惯性是物体本身固有的一种属性，一切物体都有惯性，注意作用力与反作用力不能合成，难度不大，属于基础题．2．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】本题是速度﹣时间图象，速度的正负表示速度的方向，图象的斜率表示加速度，速度的变化量等于末速度减去初速度．【解答】解：A、速度时间图象只能表示直线运动，不能表示曲线运动，故A错误；B、0～4s内，物体的速度先减小后反向增大，故B错误；C、图象的斜率表示加速度，根据图象可知，0～4s内，物体的加速度先减小后增大，故C 错误；D、0～4s内，物体速度的变化量△v=﹣3﹣5=﹣8m/s，故D正确．故选：D【点评】本题考查理解速度图象的能力，要注意速度的方向由其正负号来表示，图象的斜率表示加速度．3．【考点】向心加速度．【专题】定量思想；方程法；匀速圆周运动专题．【分析】先根据转速计算出做匀速圆周运动的角速度，再利用向心加速度公式分别计算，再求比值．【解答】解：A的转速为30r/min=0.5r/s，则A的加速度ωA=2πn A=π，A球的轨道半径是B球的轨道半径的2倍，故A的向心加速度为B的转速为10r/min=，则B的加速度，故B的向心加速度为故向心加速度之比，B正确；故选：B．【点评】本题特别注意用转速求角速度时，即公式ω=2πn的应用时，转速n的单位要化为r/s，不可直接用r/min计算角速度．4．【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】由于电梯减速减速，故加速度向上，可知人处于超重状态，由此对人受力分析，列牛顿第二定律解得电梯对人的支持力，进而得人对电梯的压力【解答】解：由于电梯减速减速，故加速度向上，对人受力分析，受到重力mg，地面支持力N，由牛顿第二定律：mg﹣N=ma即：mg﹣N=﹣m解得：N=故选：D【点评】重点是对超重和失重的判定，其依据是加速度的方向，加速向下为失重，加速度向上为超重．5．【考点】平抛运动．【专题】比较思想；比例法；平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据水平位移之比和初速度之比求出运动的时间之比，从而得出抛出点与地面的高度之比．【解答】解：甲、乙都做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，根据x=v0t知，t=已知水平距离之比为：1，初速度之比为2：1，则由上式解得时间之比为1：根据h=知，抛出点与地面的高度之比为1：2．故选：A【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行解答．6．【考点】作用力和反作用力．【分析】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．【解答】解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，A、C、D错误；B正确．故选：B．【点评】本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．7．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力及弹簧的弹力而处于静止，由共点力的平衡条件可求得小球受到的轻弹簧的弹力及小球受到的支持力；对容器和小球整体研究，分析受力可求得半球形容器受到的摩擦力．【解答】解：A、B、C对小球受力分析，如图所示，由几何关系可知，T=F=mg，故AB错误；C正确；D、以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，水平方向地面对半球形容器没有摩擦力．故D错误．故选C【点评】共点力平衡问题重点在于正确选择研究对象，本题运用隔离法和整体法两种方法进行受力分析得出结论．8．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，圆环的位置不动，物体缓慢下降，两个物体都处于平衡状态．先以重物为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析F如何变化．再以两物体整体为研究对象，分析受力情况，再根据平衡条件分析杆对环的摩擦力f和支持力的变化情况．【解答】解：以重物为研究对象，分析受力情况：重力G、水平力F和绳子的拉力T，如图1所示．由平衡条件得：F=Gtanθ，当θ减小时，F逐渐减小．、水平力F，杆的摩擦力f和支持力N，则有再以两物体整体为研究对象，分析重力G总N=G，保持不变．总f=F，逐渐减小．故选D【点评】本题的解题关键是灵活选择研究对象，采用整体法和隔离法相结合求解，是比较简单方便的．二、多选题：（本题共4小题，每小题4分，错选、多选或不选不得分，漏选得2分．）9．【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】物体匀速运动，说明物体是处于受力平衡状态，由水平和竖直方向的平衡条件分别列方程，加上滑动摩擦力的公式，就能求出滑动摩擦力的大小．【解答】解：由于物体做匀速运动，对物体受力分析，根据平衡条件，有：水平方向：Fcosθ=f竖直方向：F N=mg﹣Fsinθ滑动摩擦力：f=μF N=μ（mg﹣Fsinθ）故BC错误，AD正确；故选：BC．【点评】对物体受力分析，由水平和竖直方向和滑动摩擦力的公式分别列方程求解即可．10．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球受重力和两个拉力（可能为零），根据牛顿第二定律分析合力情况，然后判断弹力是否可能为零．【解答】解：A、若向左加速，加速度向左，合力向左，OB绳子的拉力可以为零，只要重力和AO的拉力水平向左即可；故A正确；B、若向右加速，加速度向右，合力向右；只要重力和AO的拉力水平向左即可，但OA绳上张力不可能为零，否则合力不向左；故B错误；C、若向上加速，加速度向上，合力向上，只要AO、BO绳子的拉力的合力向上即可，OB 拉力不为零，故C错误；D、若向下加速的加速度为g，完全失重，OA、OB绳上张力同时为零，故D正确；故选：AD【点评】本题关键是提供运动情况分析受力情况，关键是确定加速度情况，然后结合平行四边形定则分析即可，基础题目．11．【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】环和物体保持相对静止，具有相同的加速度，通过对物体受力分析，运用牛顿第二定律得出其加速度，从而再根据牛顿第二定律分析出环的受力情况和运动情况．【解答】解：A、左图，物体受重力和拉力两个力，两个力的合力不等于零，知物体与A以共同的加速度向下滑，对物体有：a=，则A的加速度为gsinθ，做匀加速直线运动，对A环分析，设摩擦力为f，有Mgsinθ﹣f=Ma，解得f=0．所以A环与杆间没有摩擦力．故A正确，C错误；B、对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有沿杆向上的摩擦力．故B正确，D错误．故选：AB．【点评】本题关键要结合运动情况，根据牛顿第二定律和平衡条件分析受力情况，再结合受力情况判断运动情况．12．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】根据运动的合成与分解，将B的竖直向下的运动分解成沿着绳子方向与垂直绳子方向的两个分运动，结合力的平行四边形定则，即可求解．【解答】解：由题意可知，将B的实际运动分解成两个分运动，如图所示，；因B以速度v0匀速下滑，又α在增大，所以绳根据平行四边形定则，可有：v B sinα=v绳子速度在增大，则A处于加速运动，根据受力分析，结合牛顿第二定律，则有：T＞mgsinθ，故AD正确，BC错误；故选：AD．【点评】本题考查运动的合成与分解，掌握如何将实际运动分解成两个分运动是解题的关键，同时运用三角函数关系．三、实验题：（本题2小题，每空2分，共10分.将正确答案填在答题纸中的横线上）13．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．【分析】（1）该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置．（2）F1与F2合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实际值一定与OA共线（二力平衡），明确理论值和实际值的区别即可正确解答．【解答】解：（1）要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故BCD错误，A正确；（2）用一个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力的方向一定沿绳子方向，如甲图中的竖直方向；根据力的平行四边形定则作出的合力，作图法得到的合力一定在平行四边形的对角线上，由于误差的存在与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，故甲图符合实验事实．故答案为：（1）A；（2）甲【点评】“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．14．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可．【解答】解：在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．（1）当拉力F已经不为零时，木块仍然没有产生加速度，故原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（2）探究加速度与力的关系实验，当钩码的质量远小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，a﹣F图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，a﹣F图象不是直线，发生弯曲，故C正确；故选：C．故答案为：木块质量；（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（2）C【点评】正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果．四、计算题：（本题共4小题，15题6分、16题10分，17题12分，18题14分，共42分）15．【考点】向心力．【专题】计算题；定量思想；合成分解法；匀速圆周运动专题．【分析】小球到达最高点时，恰好支架对地面无压力为零，说明杆对支架的拉力为Mg，则杆对小球的作用力为Mg，根据合外力提供小球圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律列式求解小球通过最高点的速度．【解答】解：设小球通过最高点时，杆子的拉力大小为F，小球速度为v，以M为研究对象，支架对地面无压力为零，则F=Mg…①以m为研究对象，由牛顿第二定律得：F+mg=m…②由①②解得v=答：小球通过最高点速度的大小为．【点评】此题关键正确分析小球做圆周运动的向心力来源，并根据向心力公式和牛顿第二定律公式列式求解．16【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】作图题；定性思想；合成分解法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）质点在0﹣1s内沿y轴正方向做匀加速运动，由牛顿第二定律可求得加速度，再由速度公式和位移公式求出1s末质点的速度和位移．1﹣2s内质点做类平抛运动，运用运动的分解法，由分位移和分速度公式求解．（2）结合质点的运动情况，画出该质点的运动轨迹．【解答】解：（1）0﹣1s内：质点沿y轴正方向做匀加速运动，质点的加速度a1===2m/s2；1s内的位移y==1m1s末的速度v y=at=2m/s第2s内：a2===4m/s2；y轴方向位移y′=v y t=2×1m=2mx轴方向位移x==2mx轴方向速度v x=a2t=4m/s因此2s末：质点的位置坐标为（2m，3m），速度大小：v==2m/s（2）答：（1）在t=2s时该质点的位置坐标为（2m，3m），速度大小是2m/s．（2）画出2s内该质点的运动轨迹如上图所示．【点评】本题关键要将小球的运动沿着x、y方向正交分解，x方向做匀加速直线运动，y 方向做匀速直线运动，然后根据运动学公式进行列式求解．17．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出沿斜面下滑的加速度，结合位移时间公式求出下滑到斜面底端的时间．（2）根据牛顿第二定律求出物体在传送带上向左做匀减速运动的加速度，结合速度位移公式求出向左运动的最远距离．（3）根据运动学规律求出物体第一次通过传送带返回A点的速度，结合速度位移公式求出沿斜面上滑的高度．【解答】解：（1）物体在斜面上的加速度大小．根据解得t=．滑到底端的速度v=a1t=5×1.6m=8m/s（2）物体在传送带上做匀减速运动的加速度大小，则物体在传送带上向左运动的最远距离x=，（3）因为物块速度减为零后，返回做匀加速直线运动，返回时速度达到传送带速度后做匀速直线运动，所以物块返回到A点的速度为6m/s，则上滑的距离s=，上升的高度h．答：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要1.6s．（2）物体在传送带上向左运动的最远距离为6.4m．（3）物体第一次通过传送带返回A点后，沿斜面上滑的最大高度为1.8m．【点评】解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，难度中等．18．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；定量思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）F增大到AB恰好保持相对静止，且两者间的静摩擦力达到最大值，F为铁块能在木板上发生相对滑动的最小值．对木板，根据牛顿第二定律求出临界加速度，再对整体，运用牛顿第二定律求F．（2）先由牛顿第二定律求出铁块和木板的加速度，当铁块运动到木板的右端时m和M的位移之差等于板长，由位移时间公式和位移关系列式求解时间．【解答】解：（1）设F=F1时，A、B恰好保持相对静止，此时二者的加速度相同，两者间的静摩擦力达到最大．根据牛顿第二定律得：μ2mg﹣μ1（m+M）g=Ma可得a=2m/s2以系统为研究对象，根据牛顿第二定律有F1﹣μ1（m+M）g=（m+M）a。

辽宁省大连市 2016-2017 学年高一物理上学期期末考试一试题注意事项：1．请在答题纸上作答，在试卷上作答无效。

2．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100 分，考试时间 90 分钟。

第 Ι 卷第Ⅱ卷题 号总 分一二三分 数第 Ⅰ卷选择题（共48 分）一、选择题（此题共12 小题，每题 4 分，共 48 分。

在每题给出的四个选项中，第1～ 8 题只有一项切合题目要求，第9～ 12 题有多项切合题目要求。

所有选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得 0 分。

）1．甲、乙两船同时从龙口出发，甲船路线是龙口——旅顺——大连；乙船路线是龙口——大连。

两 船航行两天后都在下午三点抵达大连，以下对于两船全航程的描述中不正确 的是（ ）．．．A ．两船的位移同样，行程也同样B ．两船的均匀速度同样C ．“两船航行两天后都在下午三点抵达大连”一句中，“两天”指的是时间， “下午三点”指的是时辰D ．在研究两船的航行路线时，能够把船视为质点2．图为节日里悬挂灯笼的一种方式，、点等高， O 为结点，轻绳、 长度相等，拉力分别为A B AO BOF A 、 F B ，轻绳 OC 对灯笼的拉力为 F C ，灯笼遇到的重力为G 。

以下表述正确的选项是（）AA ． F 必定小于 GB ． F A 与 F B 大小相等ABC ． F 与 F 是一对均衡力D ． F C 与 G 是一对互相作使劲v3．一物体由静止沿圆滑斜面匀加快下滑距离 L 时，速度为 v 。

当它的速度为 2时，它沿斜面下滑的距离是（）1 21 3 A ． L B ． L C ． L D ． L22444．甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其v-t 图像如下图，以下对汽车运动状况的描述正确的是（）-1乙A ．在第 10s 末，乙车改变运动方向v/m s20B ．在第 10s 末，甲、乙两车相距150m甲10C ．在第 20s 末，甲、乙两车相遇 0t/s1020 D ．若 t =0s 时乙车在前，则可能相遇两次5．物体静止于圆滑水平面上，力F 作用于物体上的 O 点，现要使协力沿着 OO ′方向，如下图，则一定同时再加一个力′，如F和 ′均在该水平面上，则这个力的最小值为（）FFA ． sin θFO ′B ． F cos θOθFC ． F tan θD ． F cot θ6．如下图是采纳动力学方法丈量空间站质量的原理图，若已知飞船质量为 3.0 × 103kg ，其推动器的均匀推力为 900N ，在飞船与空间站对接后，推动器工作 5s 内，测出飞船和空间站速度变化是，则空间站的质量为（）a空间站飞船FA ． 9.0 ×104kgB ． 8.7 × 104kgC ． 6.0 ×104kgD ． 6.0 × 103kg7．雨滴在降落过程中，因为速度渐渐增大，空气阻力也将愈来愈大，假定雨滴着落过程中质量保持不变且着落距离足够长。

第I卷选择题(共48分)一．选择题(本题共12个小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，1~8题只有一个选项正确，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.)1.从高出地面3m的位置竖直向上抛出一个小球，它上市5m后回落，最后到达地面。

以抛出点为坐标原点，规定竖直向上为正方向，则小球运动的全过程中通过的路程和位移分别为A.-13m，-3mB.13m，-3mC.-13m，3mD.13m，3m2.关于速度和加速度，下列说法正确的是A.物体的加速度为零时，速度一定为零B.物体的加速度减小，速度一定减小C.物体的速度变化量越大，加速度越大D.物体的速度变化率越大，加速度越大3.关于摩擦力，下列说法正确的是( )A.运动的物体只能受到滑动摩擦力的作用B.物体受到摩擦力作用时，不一定受到弹力作用C.滑动摩擦力和静摩擦力都可以充当动力D.手中的瓶子握得越紧越不容易滑落，是因为静摩擦力增大4.如图所示，一轻绳的两端分别固定在不等高的A、B两点，现用另一轻绳将一物体系于O点并处于平衡状态，若轻绳AO、BO相互垂直，α>β,设两绳重的拉力大小分别为FA 、FB，物体受到的重力大小为G，下列说法正确的是( )A.FA 一定小于FBB.FA 一定大于FBC.FA一定大于GD. FA 与FB大小之和一定等于G5.一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，开到乙地刚好停止，其v-t图象如图所示，则0~t0和t~3t两段时间内( )A.加速度大小之比为31B.位移大小之比为14C.平均速度大小之比为11D.平均速度大小之比为126.甲、乙两辆车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一路标。

在描述两车运动的v-t图象中，直线a、b分别描述了甲、乙两车在0~20s内的运动情况。

关于两辆车的位置关系，下列说法正确的是( )A.在0~10s内，两车逐渐靠近B.在0~10s内，甲车在乙车前面C.在10~20s内，两车逐渐远离D.在t=10s时，两车相距最远7.如图所示，用细线悬挂一个均匀小球靠在光滑的竖直墙上，如果把线的长度边长，仍保持小球静止，则关于球对线的拉力FT 、对墙的压力FN，下列说法正确的是( )A.F T 、F N 都不变B.F T 减小、F N 增大C.F T 、F N 都减小D.F T 增大、F N 减小8.雨滴在下降过程中，由于速度逐渐增大，空气阻力也将越越大。