答卷时应注意事项１、拿到试卷，要认真仔细的先填好自己的考生信息。
２、拿到试卷不要提笔就写，先大致的浏览一遍，有多少大题，每个大题里有几个小题，有什么题型，哪些容易，哪些难，做到心里有底；３、审题，每个题目都要多读几遍，不仅要读大题，还要读小题，不放过每一个字，遇到暂时弄不懂题意的题目，手指点读，多读几遍题目，就能理解题意了；容易混乱的地方也应该多读几遍，比如从小到大，从左到右这样的题；４、每个题目做完了以后，把自己的手从试卷上完全移开，好好的看看有没有被自己的手臂挡住而遗漏的题；试卷第１页和第２页上下衔接的地方一定要注意，仔细看看有没有遗漏的小题；５、中途遇到真的解决不了的难题，注意安排好时间，先把后面会做的做完，再来重新读题，结合平时课堂上所学的知识，解答难题；一定要镇定，不能因此慌了手脚，影响下面的答题；６、卷面要清洁，字迹要清工整，非常重要；７、做完的试卷要检查，这样可以发现刚才可能留下的错误或是可以检查是否有漏题，检查的时候，用手指点读题目，不要管自己的答案，重新分析题意，所有计算题重新计算，判断题重新判断，填空题重新填空，之后把检查的结果与先前做的结果进行对比分析。
亲爱的小朋友，你们好!经过两个月的学习，你们一定有不小的收获吧，用你的自信和智慧，认真答题，相信你一定会闯关成功。
相信你是最棒的！高二年级期中考试物理试卷I 卷（模块考试，满分50分）一、选择题（本题共12小题。
在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题意的。
每小题3分，共36分）1. 做简谐运动的物体，相邻二次通过同一位置时，以下物理量一定相同的是（ ）A. 速度 B. 加速度C. 动能D. 回复力【答案】BCD 【解析】【分析】【详解】AC ．做简谐运动的物体，相邻二次通过同一位置时，速度方向相反，所以速度不相同；因为动能是标量，所以相邻二次通过同一位置时，动能相同，A 错误，C 正确；BD ．在同一位置，回复力大小相等，方向都指向平衡位置，根据牛顿第二定律，加速度大小相等，方向都指向平衡位置，BD 正确。
一、单项选择题1．关于日食和月食，以下说法不正确的是（）A．在月球的本影区内能看到日全食B．在月球的半影区内能看到日偏食C．在月球进人地球的半影区时，可看到月偏食，D．在月球全部进人地球的本影区时，能看到月全食2．在闭合线圈上方有一条形磁铁自由下落，直至穿过线圈的过程中，下列说法正确的是（）A．磁铁的机械能守恒B．磁铁的机械能增加C．磁铁的机械能减少D．线圈的内能减少3．一正弦交流电的电流有效值为10A，频率为50Hz，此交变电流的瞬时值表达式可能为（）A．i＝10sin314t（A）B．i＝l4.14sin314t （A）C．i＝l0sin50t（A）D．i＝14.14sin50t （A）4．一束白光从水中射入空气的折射光线如图所示，若保持人射点O不变而逐渐增大入射角．则关于红光和紫光的下述说法中正确的是（）A．若红光射到P点，则紫光在P点上方B．若红光射到P点，则紫光也射在P点C．红光先发生全反射而紫光后发生全反射D．当红光和紫光都发生全反射时，它们的反射光线射到水底时是在两个不同的点上5．关于电磁场理论，下列说法中正确的是（）A．在电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B．在变化的电场周围一定产生变化的磁场，变化的磁场周围一定产生变化的电场C．均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场D．周期性变化的电场周围一定产生周期性变化的磁场6．关于电磁波的发射和接收，下列说法中不正确的是（）A．为了使振荡电路有效地向空间辐射能量，必须是闭合电路B．电台功率比较低，不能直接用来发射电磁波C．当接收电路的固有频率与收到的电磁波的频率相同时接收电路中产生的振荡电流最强D．要使电视机的屏幕上有图像，必须要有检波过程7．如图所示，L为电感线圈，C为电容器，A、B为两只相同的灯泡，将它们如图接在电压为U的交流电源上，两灯泡的亮度一样．若保持电源电压不变，而将电源的频率增大，下列关于灯泡发光情况的说法中正确的是（）A．两灯泡的亮度不变B．A灯泡亮度不变，B灯泡变亮C ．A灯泡变暗，B灯泡变亮D．A灯泡变亮，B灯泡变暗8．在日光灯电路中接有启动器、镇流器和日光灯管，下列说法中正确的是（）A．日光灯点亮后，镇流器、启动器都不再起作用B．镇流器在点亮灯管时产生瞬时高压，点亮后也就不再起作用了C．日光灯点亮后，启动器不再起作用，可以将启动器去掉D．日光灯点亮后，使镇流器短路，日光灯仍能正常发光，并能降低对电能的消耗9．在如图（a）、（b）所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯S的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡S发光，则（）A．在电路（a）中，断开开关S后，灯S随即熄灭B．在电路（a）中，断开开关S后，灯S将先变得更亮，然后才逐渐变暗C．在电路（b）中，断开开关S后，灯S随即熄灭D．在电路（b）中，断开开关S后，灯S将先变得更亮，然后才逐渐变暗10．在匀强磁场中放一电阻不计的平行金属道轨，道轨跟大线圈M相接，如图所示，导轨上放一根导线ab，磁感线垂直于导轨所在平面．欲使M所包围的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流，则导线ab的运动情况可能是（〕A．匀速向右运动B．加速向右运动C．匀速向左运动D．加速向左运动11．已知电流表的电流从“＋”接线柱流人时，电流表指针向右偏，在图所示的实脸装置中，判断正确的是（）A．闭合开关S后，将A插入B的过程中，电流表指针向左偏B．闭合S，将A插入B后，将变阻器滑动键向b端移动时，电流表指针向左偏C．闭合S，将A插入B后，向A中插入铁心时，电流表指针向左偏D．A插入B后，闭合S的瞬间，电流表指针向右偏12．如图所示，PQRS为一正方形导线框，它以恒定速度向右进人以MN为边界的匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面，MN线与线框的边成45°角，E、F分别为PS和PQ的中点．关于线框中的感应电流，正确的说法是（）A．当E点经过边界MN时，线框中感应电流最大B．当P点经过边界MN时，线框中感应电流最大C．当F点经过边界MN时，线框中感应电流最大D．当Q点经过边界MN时，线框中感应电流最大13．如图所示，四图中a、b为输入端，接交流电源，c、d为输出端，则输出电压大于输入电压的电路是（）14．在图（a）中A、B为两个相同的环形导线圈，共轴并靠近放置，A线圈中通有如图（b）所示的正弦交变电流，则（）A．在t1到t2的时间内A、B两线圈相排斥B．在t2到t3的时间内A、B两线圈相吸引C．在t1时刻A、B两线圈间的作用力为零D．在t2时刻A、B两线圈间的作用力最大15．如图所示，水平地面上方有正交的匀强电场和匀强磁场，电场竖直向下，磁场垂直纸面向外，半圆形铝框从直径处于水平位置时，沿竖直平面由静止开始下落，不计空气阻力，a、b两端落到地面的次序是（）A．a先于b B．b先于aC．a、b 同时落地D．无法确定二、实验题16．在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙、丙三位同学在纸上画出的界面aa′、bb′与玻璃砖位置的关系分别如图①②和③所示，其中甲、丙两同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖．他们的其他操作均正确，且均以aa'、bb′为界面画光路图．则甲同学测得的折射率与真实值相比．乙同学测得的折射率与真实值相比．丙同学测得的折射率与真实值相比．17．如图所示，一半圆形玻璃砖外面插上P1、P2、P3、P4四枚大头针时，P3、P4恰可挡住P1、P2所成的像，则该玻璃砖的折射率n=．有一同学把大头针插在P1′和P2′位置时，在MN的下方怎么也看不到大头针的像，其原因是．三、计算题18．一个圆柱形筒，直径12cm，高16 cm，人在筒侧上方某处观察，所见筒侧的深度为9 cm，当筒中装满液体时，则恰能看到筒侧的最低点．求：（l）此液体的折射率；（2）光在此液体中的传播速度．19．小型发电机输出功率为50kW，输出电压为240V．先用一台升压变压器使其升压，到了用户端，再用一台降压变压器将点压降到所需要的220V，输电线总电阻30V，损失电功率为总功率的6%，变压器是理想变压器．求这两台变压器原、副线圈的匝数比各是多少？20．如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1m，导轨平面与水平面成37°角，下端连接阻值为R的电阻．匀强磁场方向与导轨平面垂直．质量为0.2 kg，电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直且保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25．（l）求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小；（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，电阻R消耗的功率为8W，求该速度的大小；（3）在上问中，若R=2Ω，金属棒中的电流方向由a到b，求磁感应强度的大小与方向．（g=10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）物理答题卷16、、、17、、18、解：19、解：20、解：。
2022-2023学年高中高二下物理期中考试学校：____________ 班级：____________ 姓名：____________ 考号：____________考试总分：75 分 考试时间： 120 分钟注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2．请将答案正确填写在答题卡上;卷I （选择题）一、 选择题 （本题共计 7 小题 ，每题 5 分 ，共计35分 ）1. 对下列光学现象解释正确的是（ ）A.图甲的海市厦楼是光的偏振现象B.图乙的彩虹是光的衍射现象C.图丙的彩色肥皂泡是光的干涉现象D.图丁的立体电影是光的全反射现象2. 中国（汽车碰撞实验）是检验汽车安全性能的重要标准，其中一项称为正面碰撞检验：汽车速度为，迎面碰到可溃障碍物上并停下来．某次测试中，驾驶座假人甲系着安全带，副驾驶座假人乙没有系安全带，但其前方固定着一竖直档板，假人质量均为，碰撞时间为，假人与安全带的作用时间为，碰撞过程中甲、乙所受水平方向平均作用力之比为（ ）A.B.C.D.CNCAP 40%ODB 64km/h 50kg 0.05s 0.2s 1:44:12:55:2A f3. 如图所示一个单摆在地面上做受迫振动的共振曲线（振幅与驱动力频率的关系）则（ ）A.此单摆的固有周期约为B.此单摆的摆长约为C.若摆长增大，单摆的固有频率增大D.若摆长增大，共振曲线的峰将右移4. 如图所示，两个点电荷固定在轴上距离为的两点，、是它们连线延长线上的两点，现有一带正电的粒子在点静止释放恰好能运动到点，若仅受电场力作用，则下列判断正确的是（ ）A.带正电且电荷量大于B.、之间的电场强度一定是先增大后减小C.、之间的电势一定是先降低后升高D.粒子在点的电势能比点的电势能大5. 一列简谐横波沿轴负方向传播，图是时的波形图，图是某振动质点的位移随时间变化的图像，则图可能是图中哪个质点的振动图像（ ）A.处的质点B.处的质点C.处的质点D.处的质点6. 如图为一玻璃球过球心的横截面，玻璃球的半径为，为球心，为直径，来自点的光线在点射出，出射光线平行于，另一光线恰好在点发生全反射，已知，A f 2s2m、Q 1Q 2x L a b q a b q Q 2Q 1a b a b a b x a t =1s b b a x =1m x =2m x =3m x =4m R O AB B BM M AB BN N ∠ABM =30∘则（ ）A.光在玻璃球中的传播速度，为光速B.发生全反射时的临界角C.球心到的距离为D.球心到的距离为7. 如图所示，光滑水平面上有、两辆小车，质量均为，现将小球用长为的细线悬于轻质支架顶端，．开始时车与球以的速度冲向静止的车．若两车正碰后粘在一起，不计空气阻力，重力加速度取，则（ ）A.车与车碰撞瞬间，两车动量守恒，机械能也守恒B.小球能上升的最大高度为C.小球能上升的最大高度为D.从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，、、组成的系统动量守恒二、 多选题 （本题共计 3 小题 ，每题 5 分 ，共计15分 ）8. 如图，电路中闭合开关后，灯泡和均正常发光．由于某种原因的灯丝突然烧断，其余用电器均未损坏．电路再次稳定后，下列说法正确的是（ ）A.电流表示数变大B.电容器所带电荷量不变v =c 3–√2c C =60∘BN d =R 3–√3BN d =R3–√A B m =1kg C 0.2m =0.5kg m C A C =4m/s v 0B g 10m/s 2A B 0.16m0.12mA B C S L 1L 2L 2CC.电源的输出功率一定变大D.电源的工作效率一定变大9.关于下面四幅图所对应的光学现象，下列说法正确的是（）A.甲图可能是单色光形成的衍射图样B.甲图可能是单色光形成的双缝干涉图样C.在乙图中，由于光的折射，岸上的人看到的鱼比鱼的实际位置要浅一些D.丙图为一束由红光、紫光组成的复色光射入半球形玻璃体后分成光束、的光路图，可知其中光为红光E.若丁图是光从玻璃射入空气中时的光路图，则其入射角是10. 如图为两列沿同一绳传播的（虚线表示甲波，实线表示乙波）简谐横波在某时刻的波形图，为绳上处的质点，则下列说法中正确的是（）A.甲波的传播速度比乙波的传播速度大B.点是振动加强点C.图示时刻质点的速度为零D.由图示时刻开始，再经周期，质点将位于波峰卷II（非选择题）三、解答题（本题共计 3 小题，每题 5 分，共计15分）11. 光导纤维是传光的细圆玻璃丝，每根纤维分内外两层，一束光由光纤端面从空气射向内层材料，c a ba30∘M x=0.2mv1v2MM34M经内、外层材料的分界面发生多次全反射后呈锯齿形的路线可以无损地传到另一端，如图为一根光纤的截面图，左端面与两种材料的界面垂直，当光从端面的圆心入射后，在从光纤的一端传到另一端的过程中光线不从内壁漏掉时，入射角的最大值为，已知内层和外层材料的折射率分别为和，光在真空（空气）中的传播速度为．求：（1）的值；（2）若光纤的长度为，光以射入后在光纤中传播的时间． 12. 如图所示，质量为的木块以的速度水平地滑上静止的足够长的平板小车，小车的质量为，木块与小车之间的摩擦系数为，（取）．设小车足够长，地面光滑，求：（1）木块和小车相对静止时小车的速度．（2）从木块滑上小车到它们处于相对静止所经历的时间．（3）从木块滑上小车到它们处于相对静止木块在小车上滑行的距离． 13. 如图，为竖直面内的直角坐标系，轴正向竖直向上，空间中存在平行于所在平面的匀强电场，质量为的不带电小球以一定的初动能从点沿平行轴方向水平抛出，并通过点．使带上电量为的电荷，仍从点以同样的初动能沿某一方向抛出，通过点时的动能是初动能的倍，若使带上电量为的电荷，还从点以同样的初动能沿另一方向抛出，通过点时的动能是初动能的倍，重力加速度为．求：（1）不带电时，到达点的动能；（2）、两点间的电势差；（3）电场强度的大小和方向．四、 实验探究题 （本题共计 2 小题 ，每题 5 分 ，共计10分 ）14. 在“用单摆测定重力加速度”的实验中．O θ1n 1(>)n 2n 1n 2c sin θ1l θ1m =0.4kg =2m/s v 0M =1.6kg μ=0.25g 10m/s 2xOy y xOy m A P(0，d)x Q(2d ，0)2–√A +q P A N(2d ，0)0.5A −q P A M(0，−d)4g A Q P N（1）以下关于本实验的措施中正确的是________．（选填下列选项前的序号）A.摆角应尽量大些B.摆线应适当长些C.摆球应选择密度较大的实心金属小球D.用停表测量周期时，应取摆球摆至最高点时开始计时（2）用游标卡尺测量小球的直径，如图所示的读数是________．用秒表记录了单摆振动次所用的时间如图所示，秒表读数为________．（3）若该同学测量了种不同摆长与单摆振动周期的对应情况，并将记录的结果描绘在如图所示的坐标中，图中个坐标点的标号分别对应实验种种不同摆长的情况．请你在图中画出图线；利用图像求得重力加速度的表达式为________（保留三位有效数字）．（4）考虑到单摆振动时空气浮力的影响后，同学甲说：“因为空气浮力与摆球重力方向相反，它对球的作用相当于重力加速度变小，因此振动周期变大．”同学乙说：“浮力对摆球的影响好像用一个轻一些的摆球做实验，因此振动周期不变”，这两个同学说法中________．A.甲正确B.乙正确C.两同学的说法都错误15.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为________．（2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为 ________．（3）该同学想用伏安法精确地测量其电阻（约），现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻，开关，导线若干；直流电源（电动势，内阻不计）；电流表（量程，内阻约）；电流表（量程，内阻约；电压表（量程，内阻约）；电压表（量程，内阻约；滑动变阻器（阻值范围，允许通过的最大电流为滑动变阻器（阻值范围，允许通过的最大电流为1mm50 2s535−LT2g=ρ20mmmmR220ΩR SE4VA10∼4mA50ΩA20∼10mA30ΩV10∼3V10kΩV20∼15V25kΩ)R10∼15Ω 2.0A)R20∼2kΩ0.5A)R为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电阻两端的电压从零调起，请在方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．参考答案与试题解析2022-2023学年高中高二下物理期中考试一、 选择题 （本题共计 7 小题 ，每题 5 分 ，共计35分 ）1.【答案】C【考点】光发生明显衍射的条件全反射薄膜干涉的应用【解析】海市厦楼是光的折射现象；雨后的天空出现彩虹是光的色散现象；彩色肥皂泡是光的干涉现象；立体电影利用的是光的偏振．【解答】解：、海市厦楼是光的折射现象，是由于空气不均匀时，对光的折射率不同而产生的，故错误；、雨后的天空出现彩虹是光的色散现象，故错误；、肥皂泡在阳光下呈现五彩缤纷的，是薄膜的前后表面的光发生干涉而产生的，故正确；、立体电影利用的是光的偏振，故错误；故选：．2.【答案】A【考点】动量定理的基本应用【解析】碰撞过程中，对其中任意一车，利用动量定理求出该车受到的平均作用力；对甲、乙两假人分别利用动量定理求它们受到的作用力，从而求得作用力之比．【解答】解：对于甲：根据动量定理得；A AB BC CD D C −=−mv F 甲t 甲对于乙：根据动量定理得；则碰撞过程中甲、乙所受水平作用力大小之比；故正确，错误．故选．3.【答案】A【考点】产生共振的条件及其应用自由振动和受迫振动单摆周期公式【解析】此题暂无解析【解答】解：．由图可知，单摆做受迫振动，振动频率与驱动力频率相等，当驱动力频率等于固有频率时，发生共振，则固有频率为，周期为，共振时单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为，由公式，可得，故错误，正确；．若摆长增大，单摆的固有周期增大，则固有频率减小，故错误；．若摆长增大，则固有频率减小，所以共振曲线的峰将向左移动，故错误．故选．4.【答案】C【考点】电场的叠加【解析】此题暂无解析【解答】解：带正电的粒子在点静止释放恰好能运动到点，说明粒子受到电场力定是先向右后向左，所以可确定、之间的电场线方向一定是先向右后向左，且、之间一定有一位置的合电场强度为位置，根据电场叠加可知， 一定带正电且电荷量小于，则错误；−=−mv F 乙t 乙==F 甲F 乙t 乙t 甲14A BCD A AB 0.5Hz 2s 2s T =2πL g −−√L =≈1m gT 24π2B AC CD D B q a b a b a b 0Q 2Q 1A b、之间的电场强度一定是先减小后增大，则错误；根据电场线方向可知电势一定是先降低后升高，则正确；根据动能定理可知： ，故粒子在点的电势能与点的电势能相等，则错误．故选．5.【答案】B【考点】横波的图象简谐运动的振动图象【解析】此题暂无解析【解答】解：图上时质点经平衡位置向下，图上，时刻，只有处质点、处质点经过平衡位置，简谐横波沿轴负方向传播，根据波形平移法可知，处质点经平衡位置向下，与图，时刻质点的状态相同，故正确．故选：．6.【答案】C【考点】光的折射和全反射的综合应用【解析】根据几何关系找出光线的入射角和反射角，再利用折射定律可求出玻璃的折射率；恰好在点发生全反射，入射角等于临界角，根据几何关系求出临界角的正弦值，便可求出球心到的距离．【解答】解：．已知，由几何关系知入射角，折射角，则玻璃的折射率为，光在玻璃中传播速度，故错误；a b B C q(−)=0−0φa φb =φa φb a b D C b t =1s a t =1s x =2m x =4m x x =2m b t =1s B B BM BN N O BN A ∠ABM =30∘α=30∘β=60∘n ==sin βsin α3–√v ==c c n 3–√3A C ==–√=–√．发生全反射的临界角，因为，故错误；．因为光线恰好在点发生全反射，球心到光线的距离为，故正确，错误．故选．7.【答案】B【考点】系统机械能守恒定律的应用动量守恒定律的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】解：．两车碰撞后粘在一起，属于典型的非弹性碰撞，有机械能损失，故错误．．从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，在竖直方向上、、组成的系统所受合外力不为零，则系统动量不守恒，故错误．．、两车碰撞过程，动量守恒，设两车刚粘在一起时共同速度为，有，解得，从小球开始上摆到小球摆到最高点的过程中，、、组成的系统在水平方向上动量守恒，设小球上升到最高点时三者共同速度为，有，解得，从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，、、组成的系统机械能守恒，即，解得，故正确，错误．故选：．二、 多选题 （本题共计 3 小题 ，每题 5 分 ，共计15分 ）8.【答案】A,D【考点】含容电路分析【解析】此题暂无解析【解答】B sinC ==1n 3–√3sin =60∘3–√2B CD BN N BN d =R sin C =R 3–√3C D C A A D A B C D BC A B v 1m =2m v 0v 1=2m/s v 1A B C v 22m +=(2m +)v 1m C v 0m C v 2=2.4m/s v 2A B C gh =+×2m −(2m +)m C 12m C v 2012v 2112m C v 22h =0.16m B C B解：灯泡灯丝突然烧断，总电阻增大，总电流减小，根据欧姆定律得知：电源的内电压减小，路端电压增大，根据可知流过的电流变大，即电流表示数增大，故正确．路端电压增大，电容器两端的电压增大，由知，电容器上电荷量增大，故错误．根据电源的内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，由于电源的内电阻与外电阻关系未知，电源的输出功率不确定，故错误．外电阻增大，路端电压增大，由知电源的工作效率一定变大，故正确．故选．9.【答案】A,C,E【考点】双缝干涉的条纹间距与波长的关系光发生明显衍射的条件光的折射现象【解析】此题暂无解析【解答】解：．图甲的中央条纹宽，是单缝衍射的图样，故正确，错误．．光从水中射入空气发生折射时，折射角大于入射角，岸上的人看到的鱼比鱼的实际位置要浅一些，故正确．．紫光的折射率比红光大，相同入射角，当光从玻璃射入空气时，紫光的折射角大，光是紫光，光是红光，故错误．．光从玻璃射入空气中时入射角小于折射角，故其入射角是，故正确．故选．10.【答案】B,D【考点】横波的图象波的叠加【解析】两列波在同种介质中传播，传播速度大小相等，由波形平移法分析质点的运动方向，根据波的叠加原理分析质点的速度和状态．【解答】L 2I =U R L 1A Q =CU C B C η==UI EI U ED AD AB A B C C D a b DE 30∘E ACE M M A A解：．两列波在同种介质中传播，传播速度大小相等，故错误；．点是波峰与波峰及波谷与波谷相遇的点，振动加强，速度不为零，故正确，错误；．图示时刻质点振动方向向下，再经周期，质点将位于波峰，故正确．故选．三、 解答题 （本题共计 3 小题 ，每题 5 分 ，共计15分 ）11.【答案】（1）的值为；（2）若光纤的长度为，光以射入后在光纤中传播的时间为．【考点】光的折射和全反射的综合应用【解析】【解答】解：（1）入射角越大，折射角越大，在内、外层接触处越容易发生折射，光越容易漏出，当入射角为最大值时，光在内、外层接触处发生全反射，，， ，由 ，得．（2）光在光纤内经历的路程，光在光纤内运动速度，光在光纤内运动时间．12.【答案】（1）木块和小车相对静止时小车的速度大小为．（2）从木块滑上小车到它们处于相对静止所经历的时间为．A A BC MBCD M 34M D BD sin θ1−n 21n 22−−−−−−√l θ1l n 21cn 2θ1sin =sinn 1θ3n 2π2=−θ3π2θ2=n 1sin θ1sin θ2+=1sin 2θ2cos 2θ2sin =θ1−n 21n 22−−−−−−√x =l cos θ2v =c n 1t ==x v l n 21c n 20.4m/s 0.64s（3）从木块滑上小车到它们处于相对静止木块在小车上滑行的距离为．【考点】动量守恒定律的综合应用动量定理的基本应用板块模型问题【解析】（1）木块和小车组成的系统，所受合力为零，动量保持不变，根据动量守恒定律求出，木块和小车相对静止时小车的速度大小．（2）根据牛顿第二定律分析求出木块和小车的加速度，再由运动学公式求出两物体的位移及相对位移大小．【解答】解：（1）以木块和小车为研究对象，向右方向为正方向，由动量守恒定律可得：，解得：．（2）以木块为研究对象，由动量定理可得：，又，解得：．（3）木块做匀减速运动，加速度：，车做匀加速运动，加速度：，由运动学公式可得：，在此过程中木块的位移：，车的位移：，木块在小车上滑行的距离：．13.【答案】（1）不带电时，到达点的动能为．（2）、两点间的电势差为；（3）电场方向沿轴正方向，大小为．【考点】带电粒子在重力场和电场中的运动动能定理的应用0.64m m =(M +m)v v 0v =0.4m/s −ft =mv −mv 0f =μmg t ==0.64s −v v 0μg =−=−μg =−2.5m/a 1f m s 2===m/a 2f M μmg M 58s 2−=2as v 2v 20==0.768m s 1−v 2v 202a 1=a =0.128m s 212t 2Δs =−=0.64m s 1s 2A Q 3mgd P N −2mgd q y 2mg q【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）设小球的初速度为，初动能为，从点运动到点的时间为，根据平抛运动的规律有：，，解得：，，又有：，解得：，设小球到达点时的动能为，由动能定理有：，．（2）加电场后，设、两点间的电势差为，根据动能定理，小球从到有： ，得：．（3）设、两点间的电势差为，根据动能定理，小球从到有：，解得：，在匀强电场中，沿任一直线，电势的降落是均匀的，因为，可知的中点与点等电势，为等势线，电场必与其垂线平行，可知电场方向沿轴正方向，设场强的大小为，则有：，解得：．四、 实验探究题 （本题共计 2 小题 ，每题 5 分 ，共计10分 ）14.【答案】B,C（2）,（3）A【考点】用单摆测定重力加速度【解析】v 0E k0P Q t 2d =t 2–√v 0d =g 12t 2=2v 0gd −−√t =2d g−−−√=m E k012v 20=2mgd E k0Q E kQ mgd =−E kQ E k0=3mgd E kQ P N U PN P N mgd +q =−U PN 12E k0E k0=U PN −2mgd qP M U PM P M mg(2d)−q =4−U PM E k0E k0=U PM −4mgd q=2U PM U PN PM O N ON y E E =||U PM 2d E =2mg q10.50100.29.86（1）利用单摆测定重力加速度的原理是单摆的周期公式；摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；为减小空气阻力的影响，摆球的直径应远小于摆线的长度，选择密度较大的实心金属小球作为摆球．摆长等于摆线的长度加上摆球的半径．（2）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；秒表分针与秒针示数之和是秒表示数．（3）根据坐标系内描出的点作出图像；应用单摆周期公式求出图像的函数表达式，然后根据图示图像答题．（4）考虑到空气浮力，可以用等效场的观点解释．【解答】解：（1）．单摆在摆角很小的情况下才做简谐运动，则单摆偏离平衡位置的角度不能太大，一般不超过，故错误．．单摆的摆长越长，周期越大，适当加长摆长，便于测量周期，可以减小测量的误差，提供测量结果的精确度，故正确．．要减小空气阻力的影响，应选择密度较大的实心金属小球，故正确．．单摆周期较小，要从经过平衡位置时开始计时，以减小实验的误差，故错误．故选：．（2）游标卡尺的主尺读数为，游标尺的第刻度与上边对齐，示数为：；秒表的读数等于大盘读数加上小盘读数，则读数为．（3）根据坐标系内描出的点作出图像如图所示：根据单摆的周期公式：可知：，图像的斜率：，解得：．（4）考虑到单摆振动时空气浮力的影响，物体不只受重力了，加速度也不是重力加速度，实际加速度要减小，因此振动周期变大，甲同学说法正确．故选．15.【答案】（1）（2）（3）如解答图所示．【考点】测定金属的电阻率【解析】此题暂无解析A 5∘AB BC CD D BC 10mm 10d =10mm +0.50mm =10.50mm 90s +10.2s =100.2s T =2πL g −−√=L T 24π2g−L T 2k ====44π2g ΔT 2ΔL4.01.0g ≈9.86m/s 2A 50.154.700【解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为，游标读数为，所以最终读数为；（2）螺旋测微器固定刻度为，可动刻度为，所以最终读数为．（3）因为电动势，故电压表示应选；根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：，故电流表应选；由于要求“测得多组数据”，所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器；由于满足：，故电流表应用外接法，即电路应是分压外接法，如图所示：50mm 0.05×3mm =0.15mm 50mm +0.15mm =50.15mm 4.5mm 0.01×20.0=0.200mm 4.700mm 4V V 1=≈18mA I max E R A 2R 1>R V R R R A。
2021年高二下学期期中物理试卷（普通班一二区）含解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．首先发现电流的磁效应和电磁感应的物理学家分别是（）A．安培和法拉第B．法拉第和楞次C．奥斯特和安培D．奥斯特和法拉第2．下列现象中属于电磁感应现象的是（）A．磁场对电流产生力的作用B．变化的磁场使闭合电路中产生电流C．插在通电螺线管中的软铁棒被磁化D．电流周围产生磁场3．两个圆环A、B，如图所示放置，且半径RA ＞RB，一条形磁铁轴线过两个圆环的圆心处，且与圆环平面垂直，则穿过A、B环的磁通量A和B的关系是（）A．ΦA ＞ΦBB．ΦA＜ΦBC．ΦA=ΦBD．无法确定4．如选项图所示，A中线圈有一小缺口，B、D中匀强磁场区域足够大，C中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方．其中能产生感应电流的是（）A．B．C．D．5．如图所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A．向左摆动B．向右摆动C．静止D．不能判定6．把一条形磁铁从图示位置由静止释放，穿过采用双线绕法的通电线圈，此过程中条形磁铁做（）A．减速运动B．匀速运动C．自由落体运动D．变加速运动7．穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是（）A．0～2 s B．2 s～4 s C．4 s～5 s D．5 s～10 s8．如图所示是一个正弦式交变电流的图象，下列说法正确的是（）A．周期是0.2 s，电流的峰值是10 AB．周期是0.15 s，电流的峰值是10 AC．频率是5 Hz，电流的有效值是10 AD．频率是0.2 Hz，电流的有效值是7.07 A9．单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场．若线圈所围面积里磁通量随时间变化的规律如图所示．则（）A．线圈中O时刻感应电动势最小B．线圈中C时刻感应电动势为零C．线圈中C时刻感应电动势最大D．线圈从O至C时间内平均感应电动势为0.4 V10．将一磁铁缓慢地或迅速地插到闭合线圈中同样位置处，不发生变化的物理量有（）A．磁通量的变化量 B．磁通量的变化率C．感应电流的大小 D．流过导体横截面的电荷量11．如图所示，一面积为S的单匝矩形线圈处于有界磁场中，能在线圈中产生交变电流的是（）A．将线圈水平向右匀速拉出磁场B．使线圈以OO′为轴匀速转动C．使线圈以ab为轴匀速转动D．磁场以B=B0sinωt规律变化12．如图是某交流发电机产生的交变电流的图象，根据图象可以判定（）A．此交变电流的频率为5 HzB．该交变电流的电压瞬时值的表达式为u=12sin 10πt（V）C．将标有“12 V 3 W”的灯泡接在此交流电源上，灯泡可以正常发光D．图象上对应的0.1 s时刻，发电机中的线圈刚好转至中性面二、填空题13．模拟法拉第的实验演示：如图所示．线圈A通过变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端与电流表连接，把线圈A装在线圈B的里面．观察以下几种操作中线圈B中是否有电流产生．把观察到的现象记录在下表中．操作现象开关闭合瞬间开关断开瞬间开关闭合时，滑动变阻器不动开关闭合时，迅速移动变阻器的滑片结论：只有当线圈A中电流时，线圈B中才有电流产生．演示实验中，通、断电瞬间，变阻器滑动片快速移动过程中，线圈A中电流发生，导致线圈B内磁场发生，变强或者变弱（线圈面积不变），从而引起线圈中的发生变化，有电流产生；当线圈A中电流恒定时，线圈内磁场，无电流产生．三、计算题（本题共2小题，共20分．解答过程应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．）14．如图所示，将直径为d，电阻为R的闭合金属环从匀强磁场B拉出，求这一过程中（1）磁通量的改变量．（2）通过金属环某一截面的电量．15．如图所示，边长为a的单匝正方形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，以OO′边为轴匀速转动，角速度为ω，转轴与磁场方向垂直，线圈电阻为R，求：（1）从图示位置开始计时，线圈中产生的瞬时电动势的表达式；（2）线圈从图示位置转过的过程中通过线圈截面的电荷量q．xx学年山东省滨州市邹平双语学校高二（下）期中物理试卷（普通班一二区）参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．首先发现电流的磁效应和电磁感应的物理学家分别是（）A．安培和法拉第B．法拉第和楞次C．奥斯特和安培D．奥斯特和法拉第【考点】电磁感应现象的发现过程；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特；发现电磁感应现象的科学家是法拉第．故选：D．2．下列现象中属于电磁感应现象的是（）A．磁场对电流产生力的作用B．变化的磁场使闭合电路中产生电流C．插在通电螺线管中的软铁棒被磁化D．电流周围产生磁场【考点】电磁感应现象的发现过程．【分析】解答本题应掌握：电磁感应的现象﹣﹣﹣因磁通量的变化，从而产生感应电动势，形成感应电流的现象．【解答】解：电磁感应指闭合回路中部分导体做切割磁感线运动，或者穿过闭合线圈的磁通量变化，则回路中即可产生感应电流，故B正确，ACD错误；故选：B．3．两个圆环A、B，如图所示放置，且半径R A＞R B，一条形磁铁轴线过两个圆环的圆心处，且与圆环平面垂直，则穿过A、B环的磁通量A和B的关系是（）A．ΦA＞ΦB B．ΦA＜ΦB C．ΦA=ΦB D．无法确定【考点】磁通量．【分析】在磁铁的外部，磁感线从N极出发进入S极，在磁铁内部，磁感线从S 极指向N极．磁感线是闭合曲线，磁铁内外总条数相等．穿过环面的磁感线方向有两种，存在抵消情况，抵消后磁感线多，磁通量大．【解答】解：根据磁感线的分布情况可知，磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上，外部磁感线方向向下．由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数，而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，B的面积小，抵消较小，则磁通量较大，所以ΦB＞ΦA．故B正确、ACD错误．故选：B．4．如选项图所示，A中线圈有一小缺口，B、D中匀强磁场区域足够大，C中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方．其中能产生感应电流的是（）A． B． C． D．【考点】感应电流的产生条件．【分析】本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．【解答】解：A、由于圆环不闭合，即使磁通量增加，也不产生感应电流，故A 错误．B、由图知，闭合回路的面积增大，磁通量增加，将产生感应电流．故B正确．C、根据安培定则知，穿过圆环的磁通量完全抵消，磁通量为零，且保持不变，所以不产生感应电流，故C错误．D、线框垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过线框的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故D错误．故选：B．5．如图所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是（）A．向左摆动B．向右摆动C．静止D．不能判定【考点】楞次定律．【分析】分析线圈中磁通量的变化，则由楞次定律可得出铜环的运动情况．【解答】解：当磁铁向铜环运动时，铜环中的磁通量要增大，则由楞次定律可知，铜环为了阻碍磁通量的变化而会向后摆去，即向右摆动故选B．6．把一条形磁铁从图示位置由静止释放，穿过采用双线绕法的通电线圈，此过程中条形磁铁做（）A．减速运动B．匀速运动C．自由落体运动D．变加速运动【考点】法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据安培定则判断双线绕法的通电线圈产生的磁场方向关系，分析条形磁铁所受的作用力，再判断它的运动性质．【解答】解：穿过采用双线绕法的通电线圈，相邻并行的导线中电流方向相反，根据安培定则可知，它们产生的磁场方向相反，在空中同一点磁场抵消，则对条形磁铁没有安培力作用，条形磁铁只受重力，又从静止开始下落，所以做自由落体运动．故选：C7．穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是（）A．0～2 s B．2 s～4 s C．4 s～5 s D．5 s～10 s【考点】法拉第电磁感应定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据法拉第电磁感应定律，通过磁通量变化率的大小判断哪段产生的感应电动势最小．【解答】解：根据E=得，感应电动势与磁通量的变化率成正比．Φ﹣t图线的斜率表示磁通量的变化率，5 s～10 s内磁通量的变化率最小，则产生的感应电动势最小．故D正确，A、B、C错误．故选：D．8．如图所示是一个正弦式交变电流的图象，下列说法正确的是（）A．周期是0.2 s，电流的峰值是10 AB．周期是0.15 s，电流的峰值是10 AC．频率是5 Hz，电流的有效值是10 AD．频率是0.2 Hz，电流的有效值是7.07 A【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】定量思想；图析法；交流电专题．【分析】本题很简单直接从图象中即可求出交流电的峰值及周期，从而可以求频率，峰值与有效值的关系为倍．【解答】解：AB、由图象知周期是T=0.2s，电流的峰值是I m=10A，A正确，B 错误；CD、频率是f==5Hz，电流有效值为I=A=7.07A，CD错误；故选：A．9．单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场．若线圈所围面积里磁通量随时间变化的规律如图所示．则（）A．线圈中O时刻感应电动势最小B．线圈中C时刻感应电动势为零C．线圈中C时刻感应电动势最大D．线圈从O至C时间内平均感应电动势为0.4 V【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】根据法拉第电磁感应定律知，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．通过法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势的大小．【解答】解：A、B、C由图知t=0时刻图象切线斜率最大，则磁通量的变化率为最大，则由法拉第电磁感应定律得知：感应电动势最大，不为零，而在C时刻切线斜率为零，磁通量的变化率为零，则感应电动势为零．故B正确，AC错误；D、根据法拉第电磁感应定律得平均感应电动势，故D正确．故选：BD．10．将一磁铁缓慢地或迅速地插到闭合线圈中同样位置处，不发生变化的物理量有（）A．磁通量的变化量 B．磁通量的变化率C．感应电流的大小 D．流过导体横截面的电荷量【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】根据产生感应电流的条件分析有无感应电流产生．再根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流的大小．再由q=It 可确定导体某横截面的电荷量等于磁通量的变化与电阻的比值．【解答】解：A、当条形磁铁插入线圈的瞬间，穿过线圈的磁通量增加，产生感应电流．条形磁铁第一次缓慢插入线圈时，磁通量增加慢．条形磁铁第二次迅速插入线圈时，磁通量增加快，即磁通量的变化率不同，但磁通量变化量相同．故A正确，B错误；C、根据法拉第电磁感应定律第二次线圈中产生的感应电动势大，再欧姆定律可知第二次感应电流大，即I2＞I1．故C错误；D、根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流的大小．再由q=It可确定导体某横截面的电荷量等于磁通量的变化与电阻的比值，由于磁通量变化量相同，电阻不变，所以通过导体横截面的电荷量不变，故D正确；故选：AD．11．如图所示，一面积为S的单匝矩形线圈处于有界磁场中，能在线圈中产生交变电流的是（）A．将线圈水平向右匀速拉出磁场B．使线圈以OO′为轴匀速转动C．使线圈以ab为轴匀速转动D．磁场以B=B0sinωt规律变化【考点】感应电流的产生条件．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】产生感应电流的条件：穿过线圈的磁通量发生变化；当线圈绕着垂直磁场方向的轴匀速转动时，线圈中会产生正弦式交变电流．【解答】解：A、将线圈水平向右匀速拉出磁场，ab变切割磁感线，根据公式E=BLv，感应电动势大小恒定，故产生恒定的电流，故A错误；B、C、当线圈绕着垂直磁场方向的轴匀速转动时，线圈中会产生正弦式交变电流，故B正确，C正确；D、磁场以B=B0sinωt规律变化，磁通量Φ=BS=B0Ssinωt，故磁通量的变化率为：B0Sωcosωt，是交流电，故D正确；故选：BCD12．如图是某交流发电机产生的交变电流的图象，根据图象可以判定（）A．此交变电流的频率为5 HzB．该交变电流的电压瞬时值的表达式为u=12sin 10πt（V）C．将标有“12 V 3 W”的灯泡接在此交流电源上，灯泡可以正常发光D．图象上对应的0.1 s时刻，发电机中的线圈刚好转至中性面【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】计算题；定量思想；推理法；交流电专题．【分析】由交变电流的图象读出周期，求出频率．“12V、3W”的灯泡额定电压有效值为12V．由图读出电压的最大值，求出有效值，判断灯泡能否正常发光【解答】解：A、由图读出，周期为T=0.2s，频率为f==5Hz．故A正确；C、由图读出此交变电压的最大值为U m=12V，交流电的为，交变电流的电压瞬时值的表达式为u=12sin 10πt（V），故B正确C、有效值U=V＜12V，“12V，3W”的灯泡额定电压是12V，所以灯泡不可以正常发光，故C错误；D、图象上对应的0.1 s时刻，产生的感应电动势最小，此时线圈平面位于中性面位置，故D正确；故选：ABD二、填空题13．模拟法拉第的实验演示：如图所示．线圈A通过变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端与电流表连接，把线圈A装在线圈B的里面．观察以下几种操作中线圈B中是否有电流产生．把观察到的现象记录在下表中．操作现象开关闭合瞬间指针偏转开关断开瞬间指针偏转开关闭合时，滑动变阻器不动指针不偏转开关闭合时，迅速移动变阻器的滑片指针偏转结论：只有当线圈A中电流发生变化时，线圈B中才有电流产生．演示实验中，通、断电瞬间，变阻器滑动片快速移动过程中，线圈A中电流发生变化，导致线圈B内磁场发生变化，变强或者变弱（线圈面积不变），从而引起线圈中的磁通量发生变化，有感应电流产生；当线圈A中电流恒定时，线圈内磁场无变化，无电流产生．【考点】研究电磁感应现象．【专题】实验题；定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】根据开关的通断，及滑动变阻器的移动，使得线圈A中的电流变化，导致穿过线圈B的磁通量变化，从而即可判定能否产生感应电流，由上实验可知，产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化．【解答】解：根据电路图可知，当开关的通断，或滑动变阻器的移动，会导致线圈A的电流变化，从而使得穿过线圈B的磁通量变化，进而产生感应电流；只有当开关闭合时，滑动变阻器不动，A线圈的电流不变，则穿过线圈B的磁通量不变，进而不会产生感应电流；当线圈A中电流恒定时，线圈内磁场无变化，无电流产生．故答案为：发生变化，变化，变化，磁通量，感应，无变化．三、计算题（本题共2小题，共20分．解答过程应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．）14．如图所示，将直径为d，电阻为R的闭合金属环从匀强磁场B拉出，求这一过程中（1）磁通量的改变量．（2）通过金属环某一截面的电量．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】（1）根据磁通量的定义式可以求出磁通量的变化量；（2）由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，由电流的定义式求出感应电荷量．【解答】解：（1）金属环的面积：S=π（）2=，磁通量的改变量△Φ=Φ﹣Φ′=BS﹣0=；（2）由法拉第电磁感应定律得，=，由欧姆定律得，感应电流：=，感应电荷量：q=△t，解得：q==；答：（1）磁通量的改变量为．（2）通过金属环某一截面的电量为．15．如图所示，边长为a的单匝正方形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，以OO′边为轴匀速转动，角速度为ω，转轴与磁场方向垂直，线圈电阻为R，求：（1）从图示位置开始计时，线圈中产生的瞬时电动势的表达式；（2）线圈从图示位置转过的过程中通过线圈截面的电荷量q．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【专题】计算题；定量思想；方程法；交流电专题．【分析】（1）由E=NBSω可求出最大感应电动势；分析开始计时的瞬间电动势，再由瞬时值表达式即可求出；（2）根据法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势，从而得出平均感应电流，根据q=t求出通过电阻R的电荷量．【解答】解：（1）线圈转动中感应电动势的峰值E m=Bωa2，因从垂直于中性面开始计时，故表达式为余弦式，即为：e=Bωa2cosωt．（2）线圈转过π/2过程中的感应电动势和感应电流的平均值分别为：所以，在转动过程中通过线圈截面的电荷量为：答：（1）从图示位置开始计时，线圈中产生的瞬时电动势的表达式；（2）线圈从图示位置转过的过程中通过线圈截面的电荷量q为xx年2月8日25542 63C6 揆wTA;=j33857 8441 葁&26351 66EF 曯-JK31178 79CA 秊39661 9AED 髭。
